第十三章 《内能》 培优拔高测试卷-2026-2027学年人教版九年级物理全一册

**基本信息** 聚焦《内能》单元核心，融合压缩空气蓄能电站、《天工开物》工艺、厨房现象等真实情境，通过实验探究（如不同物质吸热能力）和综合应用（如ECMO血液加热计算），考查物理观念与科学思维。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10/20|分子运动、内能、比热容|第3题结合压缩空气蓄能考查能量转化，体现科技前沿| |填空题|6/12|分子动理论、改变内能方式|第16题设计海陆风实验，培养科学探究能力| |实验探究题|4/29|控制变量法、图像分析|第17题比较不同液体吸热能力，强化科学推理| |综合应用题|3/19|热量计算、实际应用|第23题ECMO血液加热计算，渗透科学态度与责任|

第十三章《内能》培优拔高测试卷 （本试卷共23题，80分，建议考试时间为80分钟） 注意事项 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1．（25-26八年级下·贵州贵阳·期末）北宋诗人王安石曾在诗中写道“遥知不是雪，为有暗香来”，这句诗表明梅花香味能够在空气中弥漫，下列与此现象形成原因相同的是（　　 ） A．工地上灰尘漫天 B．车辆川流不息 C．厨房里菜香扑鼻 D．太阳东升西落 2．（25-26九年级下·安徽安庆·开学考试）下列关于热量、温度、内能的说法正确的是（　　） A．物体吸收热量，温度不一定升高，但内能一定增大 B．物体温度降低，不一定是放出了热量，但内能一定减小 C．物体内能增大，一定是吸收了热量，但温度不一定升高 D．物体温度不变，内能一定不变，但可能会吸收热量 3．（25-26九年级上·山东济南·期末）压缩空气蓄能电站是一种新型电能存储系统，通过压缩空气储存与释放，实现电网负荷调节。其工作原理是：利用电网用电低谷时，将剩余电力驱动电动压缩机压缩空气，将其储存在高压密封设施内；在用电高峰时释放压缩空气，驱动汽轮机带动发电机发电。下列说法正确的是（　　） A．储能过程中，对空气做功，空气内能减小 B．储能过程中，电能最终转化为内能 C．释能过程中，空气膨胀对外做功，空气内能增大 D．释能过程中，内能最终全部转化为电能 4．（25-26九年级上·江苏淮安·期中）冻雨是一种过冷却水滴（温度低于0℃），它落到温度为0℃以下的物体上时，立刻冻结成外表光滑而透明的冰层。下列说法正确的是（    ） A．人触碰冰感觉很冷，因为冰的内能少 B．这时天气寒冷要多吃像巧克力这类含有热量多的食物 C．这里的冻结过程，导致它的内能会减小 D．回温时路面的冰开始熔化，冰的温度不变，内能不变 5．（2025·湖北·一模）下列两幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，有关说法正确的是（    ） A．“透火焙干”过程中，在巷中生火的目的是通过做功的方法改变纸的内能 B．“炒蒸油料”过程中，用锅铲不断翻炒油料的目的是通过做功的方法改变油的内能 C．“透火焙干”过程中，湿纸被快速烤干，说明了温度越高，水分子的热运动越剧烈 D．“炒蒸油料”过程中，油料升温较快是因为其比热容较大 6．（2025·湖北·一模）小强在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行对比实验（这种液体的比热容比水小），并作出了温度-时间图像，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可知（　　） A．乙物质是水 B．这种液体的比热容为 C．乙的放热能力比甲强 D．乙比甲更适合作汽车发动机的冷却液 7．（25-26九年级上·河南南阳·阶段检测）将冰块放在泡沫箱中可制成简易冰箱，把一瓶饮料放入该冰箱后，冰块和饮料的温度随时间变化的曲线如图所示，时刻两物体温度相同。下列说法正确的是（　　） A．曲线b表示冰块的温度随时间变化 B．时刻，饮料的内能一定比冰块大 C．0~过程中，冰块放出了热量 D．过程中，冰块与饮料之间不再发生热传递 8．（25-26九年级上·江西赣州·期末）周末，某同学帮家长做饭时发现了隐藏在厨房里的物理知识。下列认识正确的是（　　） A．烤箱加热食物是通过热传递来改变物体的内能 B．食物很烫是因为它含有较多热量 C．炒菜时油会溅出，说明分子在不停地做无规则运动 D．烧水时壶嘴喷出“白气”是水蒸气的液化现象 【9．（25-26八年级上·辽宁阜新·阶段检测）现有甲、乙、丙初温相同的液体，其中甲、乙为质量相等的不同液体，乙、丙为质量不等的同种液体。若对这三种液体分别加热，根据它们各自吸收的热量和末温，在升高的温度——吸收的热量图像上分别画出对应的甲、乙、丙三点。如图所示，下列关于甲、乙、丙之间比热容和质量的大小关系中正确的是（    ） A． B． C． D． 10．（2026·四川南充·二模）小明用相同的酒精灯分别对2kg液体甲和水加热（如图一），根据测得的数据分别画出两液体温度随加热时间变化的图像（如图二）。已知在相同的时间内两液体吸收的热量相等（不计热量损失，）。下列推断正确的是（　　） A．加热相同时间，水吸收热量更多 B．升高相同温度，水吸收热量更多 C．两液体的比热容 D．水10min吸收的热量为 二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分） 11．（25-26九年级上·吉林长春·期中）大气中PM2.5是直径不大于2.5μm的颗粒物，则PM2.5的运动属于______（选填“机械运动”或“分子运动”）。开窗通风有利于甲醛挥发，______（选填“夏天”或“冬天”）开窗通风甲醛挥发出去更快些，有利于人体健康。 12．（25-26九年级上·江西宜春·期末）夏日，荷叶上相邻两滴水珠很容易就吸附成一滴大水珠，说明分子间存在______；冬天用热水袋来暖手，这是通过______的方法来增加手的内能。 13．（25-26九年级上·全国·单元测试）木工师傅用木胶粘木制构件，在木胶凝固后才能粘牢，这是因为液体变成固体后，分子间距离______（选填“增大”“减小”或“不变”），分子间的引力______（选填“大于”“小于”或“等于”）斥力。 14．（25-26八年级下·河南周口·期末）在生物学实验课上，学生制作“洋葱鳞片叶表皮”玻片标本。切洋葱时会感到“辣”眼睛，这是发生了___________现象，说明分子在______________________。 15．（25-26九年级上·广东广州·阶段检测）一针筒内密封一定质量气体，如图甲所示，针筒初始状态及温度计示数如图甲所示。小丽在实验中缓慢下压活塞（分子势能忽略不计，筒内气体没有发生物态变化，分子数目不变），针筒末状态及温度计示数如图乙所示，筒内气体的内能________（选填“变大”、“变小”或“不变”），可见筒内空气一定________（选填“从外界吸热”或“向外界放热”）。 16．（25-26九年级上·辽宁沈阳·期末）如图所示某项目式学习小组用该装置探究海陆风的成因。取下两箱子的封口盖，在完全相同两箱子中装入质量和初温相同的水和沙子，在两个箱子的侧面分别开一小孔，用一个两端开口的透明细管AB将其连接，点燃一支香放在细管中部（图丙），通过白烟的流向模拟日晒下海边的风向，分析判断：相同条件下，加热一段时间后，烟将会从管的_______端管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是_______。（A。从大海吹向陆地；B。从陆地吹向大海） 三、实验探究题（本题共4小题，共29分） 17．（7分 ）（25-26九年级上·山东德州·阶段检测）小明和小聪采用如图甲的相同装置探究“不同物质的吸热能力”。 (1)在涉及多个物理量的变化时，我们常常需要控制变量，因此将不同种类的液体、放容器中时需要保证它们的_____相同，除了以上测量工具还需要_____； (2)小明采用的实验方案是使两种液体升高相同的温度，通过比较_____来反映两种液体吸收热量的多少，吸收热量多的液体说明其吸热能力_____（选填“强”或“弱”）； (3)小聪采用了另一种实验方案，发现经过相同加热时间，液体A升高的温度比液体B升高的温度少，说明_____的吸热能力更强； (4)实验后他们画出了液体温度随时间变化的图像如图乙，根据图乙数据可计算出A、B两种液体的比热容之比是_____； (5)反思实验方案的改进，你认为加热的方式选择下列的_____（填字母代号）更好。 A．用两只相同的酒精灯分别给盛有不同液体的烧杯加热 B．用两只功率相同的电加热器分别浸没在不同液体中加热 18．（5分）（24-25九年级上·四川成都·期中）某兴趣小组为了比较水和煤油的吸热能力，进行了如下的实验： 提出问题：烈日炎炎的夏季，白天海滩上的沙子热得烫脚，但海水却非常凉爽：傍晚太阳西落，沙子很快凉了下来，但海水却仍然暖暖的。同样的日照条件，为什么不同物质的温度不一样呢？ (1)设计实验： 实验装置如图所示， ①本实验的主要探究方法是控制变量法和________法； ②实验中，煤油和水吸热多少通过________（选填“温度升高的高低”或“加热时间长短”）来反映的： (2)进行实验：该兴趣小组设计了如下实验步骤，其中存在错误的是________； A．在两个同样的试管中分别装入等体积的水和煤油 B．用温度计测量这两种液体的初温，发现温度计示数相同 C．把两个试管同时放入同一烧杯中加热（如图所示），且加热相同的时间 D．用温度计测出两种液体的末温，发现两温度计的示数不相同 (3)数据分析：改正错误后，如图是该兴趣小组绘制的“吸收热量-时间”和“温度-时间”图像，能正确描述这两种液体真实情况的图像是________ A．B． C． D． (4)小组根据探究结果分析得出：沿海地区的昼夜温差________于（选填“大”、“小”或“等”）内陆地区的昼夜温差。 19．（9分）（2026·黑龙江哈尔滨·一模）小南和小岗探究“冰熔化过程中的规律”和“水沸腾规律”的实验： (1)①他们对这两个实验进行梳理，利用正确的实验数据描绘如图丙和丁（a）所示的图像，分析归纳发现两个实验的相同点和不同点，并填入表格，请你帮助他们完成表格中的部分内容：A_______；B_______；C_______；D_______。 比较 相同点 不同点 组装器材顺序 测量工具 实验结论 实验装置 实验现象 冰熔化过程中的规律 由下到上 秒表A_______ B_______ C_______（甲/乙） 水沸腾规律 大量气泡在水中生成、D_______、到水面破裂开来。 ②“冰熔化过程中的规律”实验，表格中选择此实验装置的理由________、________。 ③“水沸腾规律”的实验，请你分别分析出图丁中的b与a图像、c与a图像不同的原因________。 (2)①进一步分析丙图像可知冰的比热容为________[] ②请用粗实线画出丙图对应的内能随温度变化的图像。（已知：热源供热稳定，不考虑晶体质量的变化和热损失）________ 20．（8分）（25-26八年级上·广东深圳·期中）同学们在学习水的沸点、凝固点后。猜想水中加入别的物质后，一定会对水的沸点和凝固点产生影响，于是设计实验进行探究。一组同学往水中加入一定量的盐。如甲图装置实验探究，当盐水温度接近90℃时，开始每隔0.5min记录⼀次温度，记录数据如下表所示： 时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 温度/℃ 88 91 91 94 97 100 102 102 102 102 (1)实验时，当看到盐水中有大量气泡不断上升、变大，到液面破裂开来，里面的_______（填“水蒸气”或“空气”）散发到空气中，就表明盐水沸腾了。继续给沸腾的盐水加热，盐水的温度会________（选填“升高”、“不变”或“降低”）； (2)小明和小华两同学虽然选用的实验装置相同，但盐水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图像如图乙所示，图像不同的原因是水的________不同； (3)为了说明液体沸腾过程中是否需要吸热，应_______，观察水是否继续沸腾。 (4)实验中关于器材的作用，下列说法中不正确的是________； A．盖上硬纸板可以减少热量散失，缩短实验时间 B．为了节约燃料缩短实验时间，还可以适当减少酒精的质量 C．若将烧杯盖得十分紧密，且纸片上无排气孔，则盐水的沸点会升高 D．盖上硬纸板可以防止水蒸气在温度计上液化成小水珠，影响读数 (5)课后，该兴趣小组同学用相同的小烧杯a、b盛等量的水，在标准大气压下用相同的热源同时加热：如图所示，a杯为隔水加热，b杯为隔油加热，加热足够长时间后，测得a杯外的水温100℃、b杯外的油温为300℃，a、b两杯中的水能沸腾的是________杯，最终a、b两杯水的温度_______（选填“>”、“=”或“<”）。 (6)星期天，小华在家烧水煮饺子。当水烧开准备下饺子时，妈妈提醒她锅里的水量少了点，于是小华又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少），用同样大的火直至将水再次烧开，下面能反映小华整个烧水过程中温度随时间变化的图像是________。 A． B． C． D． 四、综合应用题（本题共3小题，共19分） 21．（7分）（25-26九年级上·山西临汾·阶段检测）将质量为300g的铅块加热到88℃，然后投入温度为8℃、质量为130g的煤油中，测出混合后煤油的最高温度为18℃，不计热损失。已知铅的比热容为0.13×103J/（kg·℃），求： (1)铅块放出的热量； (2)煤油的比热容。 22．（7分）（2020·四川攀枝花·中考真题）小星家买了一瓶的某款消毒液，已知该消毒液的密度，比热容，求： (1)瓶内消毒液的质量； (2)瓶内消毒液温度从20℃升高到30℃吸收的热量。 23．（5分）（25-26九年级上·江苏无锡·期中）人工心肺机就像发动机，为人体输送氧气与营养提供动力。 心动过缓时，医生会将心脏起搏器植入人体内辅助心脏正常工作，起搏器是一种电子装置，它产生的电脉冲（周期性变化的电流）刺激心脏收缩，从而提高心率，频率适应性起搏器能根据患者的活动情况调整起搏频率，起搏频率指起搏器每分钟发放电脉冲的次数。 体外肺膜氧合（简称ECMO）技术挽救了许多危重患者的生命。如图甲所示ECMO技术的原理是将体内的血液引出体外，经过人工心肺旁路氧合后注入病人体内，起到部分心肺替代作用。为使病人维持正常体温，需用热交换器对流入人体的血液进行加热；血流速度和血流量（血流量指单位时间内通过血管横截面的血液体积）是衡量心肺功能的重要指标，研究表明，血管内血流速度会随血管横截面积的变化而变化，且血液匀速通过血管时，受到的阻力与血液的流速成正比，当血管横截面积为正常值的n倍时，测得血管内血液匀速流动的速度v与n的数值如表所示，血液的比热容为0.85×103J/（kg·℃），密度为1.05×103kg/m3，人体组织的比热容与水相当，为4.2×103J/（kg·℃）。 n 1.00 0.90 0.80 0.75 0.60 v/ 0.180 0.200 0.225 0.240 0.300 (1)体重500N的佩戴频率适应性起搏器的患者爬四层楼上楼时，楼房层高3m，克服自身重力做功______J，起搏器的起搏频率将______（选填“增大”或“减小”）； (2)血液经热交换器加热后使病人维持正常体温过程中，是利用______的方式使人体的内能增加的；当血流速度为0.25m/s，血流量为10-4m3/s时，对应血管的横截面积为______m2； (3)在一次抢救中使用ECMO技术，血流量为5L/min，若要将血液的温度升高6℃，不计热量损失，则血液每分钟需要从热交换器吸收的热量为______J； 第 1 页 共 19 页 学科网（北京）股份有限公司 $ 第十三章《内能》培优拔高测试卷（解析版） （本试卷共23题，80分，建议考试时间为80分钟） 注意事项 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1．（25-26八年级下·贵州贵阳·期末）北宋诗人王安石曾在诗中写道“遥知不是雪，为有暗香来”，这句诗表明梅花香味能够在空气中弥漫，下列与此现象形成原因相同的是（　　 ） A．工地上灰尘漫天 B．车辆川流不息 C．厨房里菜香扑鼻 D．太阳东升西落 【答案】C 【详解】A．工地上灰尘漫天：灰尘是宏观固体颗粒，属于机械运动，和梅花香味弥漫分子运动扩散现象的原理不同，故A错误； B．车辆川流不息：车辆是宏观物体，属于机械运动，故B错误； C．厨房里菜香扑鼻：菜香分子在空气中扩散，和梅花香味弥漫的原理相同，都是分子的无规则运动，故C正确； D．太阳东升西落：是天体的宏观机械运动，由地球自转引起，不属于分子运动，故D错误。 故选C。 2．（25-26九年级下·安徽安庆·开学考试）下列关于热量、温度、内能的说法正确的是（　　） A．物体吸收热量，温度不一定升高，但内能一定增大 B．物体温度降低，不一定是放出了热量，但内能一定减小 C．物体内能增大，一定是吸收了热量，但温度不一定升高 D．物体温度不变，内能一定不变，但可能会吸收热量 【答案】B 【详解】A．晶体熔化时，吸收热量但温度不变，内能增加。如果物体吸收热量的同时对外做功，内能可能不变或减小（如气体吸热膨胀对外做功）。故A错误； B．物体温度降低，其分子平均动能减小，因此内能一定减小。然而，内能减少不一定是通过放热（热传递）的方式，也可能是通过对外做功的方式（如气体膨胀）。故B正确； C．使物体内能增大的方式有两种：吸收热量（热传递）或外界对物体做功。选项说“一定是吸收了热量”，忽略了“做功”的方式，故C错误； D．对于一定质量的晶体，在熔化或凝固过程中，虽然温度不变，但分子势能发生了变化，因此内能发生了改变。所以“内能一定不变”是错误的。同时，在晶体熔化时，温度不变但会吸收热量，因此后半句“可能会吸收热量”是正确的。但整个命题因前半句错误而错误。故D错误。 故选B。 3．（25-26九年级上·山东济南·期末）压缩空气蓄能电站是一种新型电能存储系统，通过压缩空气储存与释放，实现电网负荷调节。其工作原理是：利用电网用电低谷时，将剩余电力驱动电动压缩机压缩空气，将其储存在高压密封设施内；在用电高峰时释放压缩空气，驱动汽轮机带动发电机发电。下列说法正确的是（　　） A．储能过程中，对空气做功，空气内能减小 B．储能过程中，电能最终转化为内能 C．释能过程中，空气膨胀对外做功，空气内能增大 D．释能过程中，内能最终全部转化为电能 【答案】B 【详解】AB．储能过程中，利用电网用电低谷时，将剩余电力驱动电动压缩机压缩空气，将其储存在高压密封设施内，对空气做功，将电能最终转化为空气的内能，空气内能增加，故A错误，B正确； C．释能过程中，空气膨胀对外做功，内能转化为机械能，空气内能减小，故C错误； D．释能过程中，内能最终转化为电能，过程中存在一定能量损失，不可能全部转化，故D错误。 故选B。 4．（25-26九年级上·江苏淮安·期中）冻雨是一种过冷却水滴（温度低于0℃），它落到温度为0℃以下的物体上时，立刻冻结成外表光滑而透明的冰层。下列说法正确的是（    ） A．人触碰冰感觉很冷，因为冰的内能少 B．这时天气寒冷要多吃像巧克力这类含有热量多的食物 C．这里的冻结过程，导致它的内能会减小 D．回温时路面的冰开始熔化，冰的温度不变，内能不变 【答案】C 【详解】A．人触碰冰感觉冷，是因为冰的温度低于人体温度，触碰时人体向冰放热降温，不是因为冰的内能少；内能与物体质量、温度、状态都有关，温度低的物体内能不一定少，故A错误； B．热量是过程量，只能描述吸收或放出热量，不能说物体“含有热量”，故B错误； C．冻结是过冷水凝固成冰的过程，凝固需要放出热量，放出热量后内能会减小，故C正确； D．冰是晶体，熔化时温度保持不变，但熔化需要吸收热量，吸收热量后内能会增大，故D错误。 故选C。 5．（2025·湖北·一模）下列两幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，有关说法正确的是（    ） A．“透火焙干”过程中，在巷中生火的目的是通过做功的方法改变纸的内能 B．“炒蒸油料”过程中，用锅铲不断翻炒油料的目的是通过做功的方法改变油的内能 C．“透火焙干”过程中，湿纸被快速烤干，说明了温度越高，水分子的热运动越剧烈 D．“炒蒸油料”过程中，油料升温较快是因为其比热容较大 【答案】C 【详解】A．“透火焙干”过程中，在巷中生火，纸张从火和热墙中吸收热量，温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变纸的内能，而不是通过做功的方式，故A错误； B．“炒蒸油料”过程中，用锅铲不断翻炒油料，主要是为了使油料受热均匀，防止局部温度过高而烧焦。油料内能的增加主要是通过吸收炉火的热量，属于热传递，故B错误； C．“透火焙干”过程中，湿纸被快速烤干，是水分蒸发变快的过程。蒸发的快慢与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，水分蒸发越快，故C正确； D．“炒蒸油料”过程中，油料升温较快，根据热量公式 ，在吸收相同热量Q和质量m相同的情况下，比热容c越小，温度变化越大，即升温越快，所以油料升温快是因为其比热容较小，故D错误。 故选C。 6．（2025·湖北·一模）小强在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行对比实验（这种液体的比热容比水小），并作出了温度-时间图像，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可知（　　） A．乙物质是水 B．这种液体的比热容为 C．乙的放热能力比甲强 D．乙比甲更适合作汽车发动机的冷却液 【答案】B 【分析】本题利用放热公式分析物质的放热能力。已知水和另一种液体质量相等，且在相同时间内放出的热量相等。通过温度-时间图像读取温度变化，结合公式判断比热容大小，进而分析各选项。 【详解】AC．水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低得快，甲液体温度降低得慢；根据放热公式可知，在质量相等、放热也相同的情况下，甲液体温度降低得小，则甲液体的比热容大，因此甲液体是水，其放热能力强，故AC不符合题意； B．读图可得，甲在15分钟内由60℃降低到40℃，温度变化量为，乙在15分钟内由60℃降低到20℃，温度变化量为，因为两种液体质量相等，且在相同时间内放出的热量相同，根据放热公式，比热容与温度变化量成反比，即，代入水的比热容，可得另一种液体的比热容为 故B符合题意； D．根据放热公式，质量相等的甲、乙液体，升高相同的温度，比热容大的甲吸收的热量多，更适合做冷却液，故D不符合题意。 故选B。 7．（25-26九年级上·河南南阳·阶段检测）将冰块放在泡沫箱中可制成简易冰箱，把一瓶饮料放入该冰箱后，冰块和饮料的温度随时间变化的曲线如图所示，时刻两物体温度相同。下列说法正确的是（　　） A．曲线b表示冰块的温度随时间变化 B．时刻，饮料的内能一定比冰块大 C．0~过程中，冰块放出了热量 D．过程中，冰块与饮料之间不再发生热传递 【答案】AD 【详解】AC．由图可知，曲线a的温度降低，放出热量，内能减小，对应饮料；曲线b温度升高，吸收热量，内能增大，对应冰块。因此0~过程中，冰块是吸收热量的，故A正确，C错误； B．内能的大小和物体的温度、质量以及状态有关，时刻仅知道饮料温度高于冰块，但两者质量未知，无法确定饮料的内能一定比冰块大，故B错误； D．从图像可知，时刻后，冰块和饮料的温度相同，曲线重合，此时两者之间没有温度差，不满足热传递的条件，因此过程中，冰块与饮料之间不再发生热传递，故D正确。 故选AD。 8．（25-26九年级上·江西赣州·期末）周末，某同学帮家长做饭时发现了隐藏在厨房里的物理知识。下列认识正确的是（　　） A．烤箱加热食物是通过热传递来改变物体的内能 B．食物很烫是因为它含有较多热量 C．炒菜时油会溅出，说明分子在不停地做无规则运动 D．烧水时壶嘴喷出“白气”是水蒸气的液化现象 【答案】AD 【详解】A．改变内能的方式有两种，是做功和热传递，烤箱加热食物是通过热传递改变食物的内能，故A正确； B．食物很烫是因为它的温度很高，并且热量是过程量，不能用含有来描述，故B错误； C．肉眼是看不见分子的，炒菜时油会溅出不是分子的无规则运动，故C错误； D．烧水时壶嘴喷出的“白气”是壶嘴喷出的温度较高的水蒸气遇到温度较低的空气液化形成的小水滴，此过程放热，故D正确。 故选AD。 9．（25-26八年级上·辽宁阜新·阶段检测）现有甲、乙、丙初温相同的液体，其中甲、乙为质量相等的不同液体，乙、丙为质量不等的同种液体。若对这三种液体分别加热，根据它们各自吸收的热量和末温，在升高的温度——吸收的热量图像上分别画出对应的甲、乙、丙三点。如图所示，下列关于甲、乙、丙之间比热容和质量的大小关系中正确的是（    ） A． B． C． D． 【答案】AD 【详解】由下图知，乙和丙，吸收相同的热量，乙升高的温度比丙大，因乙、丙为同种液体，比热容相同，由可知，丙的质量大于乙的质量，即；因甲、乙两液体质量相等，故。 由上图知，甲、乙两液体吸收相同热量后，乙升高的大于甲升高的温度，因两液体的质量相等，由可知，甲的比热容比乙的比热大，即，因乙、丙比热相同，故，故BC错误，AD正确。 故选AD​。 10．（2026·四川南充·二模）小明用相同的酒精灯分别对2kg液体甲和水加热（如图一），根据测得的数据分别画出两液体温度随加热时间变化的图像（如图二）。已知在相同的时间内两液体吸收的热量相等（不计热量损失，）。下列推断正确的是（　　） A．加热相同时间，水吸收热量更多 B．升高相同温度，水吸收热量更多 C．两液体的比热容 D．水10min吸收的热量为 【答案】BD 【详解】A．相同时间内酒精灯放出热量相同，不计热量损失，所以两液体吸收热量相等。故A错误； BC．从图二可知，水和甲都升高60℃，甲用10min，水用20min，说明水需要更长加热时间，即水吸收的热量是甲吸收热量的两倍，因此，由公式可知，两液体的比热容。故B正确，C错误； D．由图像可知，加热20min，水的温度从0℃升高到60℃，加热20min水吸收的热量 加热10min水吸收的热量为 故D正确。 故选BD。 二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分） 11．（25-26九年级上·吉林长春·期中）大气中PM2.5是直径不大于2.5μm的颗粒物，则PM2.5的运动属于______（选填“机械运动”或“分子运动”）。开窗通风有利于甲醛挥发，______（选填“夏天”或“冬天”）开窗通风甲醛挥发出去更快些，有利于人体健康。 【答案】 机械运动 夏天 【详解】大气中PM2.5是直径不大于2.5μm的颗粒物，远远大于分子的直径，达不到分子的量级，所以PM2.5的运动属于机械运动。 温度越高，分子的热运动越剧烈，夏天温度高，所以夏天开窗通风甲醛挥发出去更快些，有利于人体健康。 12．（25-26九年级上·江西宜春·期末）夏日，荷叶上相邻两滴水珠很容易就吸附成一滴大水珠，说明分子间存在______；冬天用热水袋来暖手，这是通过______的方法来增加手的内能。 【答案】 引力 热传递 【详解】分子间存在相互作用的引力与斥力，相邻水珠能够吸附融合成大水珠，是分子间引力发挥作用的体现。 热水袋暖手时，热量从温度较高的热水袋转移到手上，是通过热传递的方式来增加手的内能。 13．（25-26九年级上·全国·单元测试）木工师傅用木胶粘木制构件，在木胶凝固后才能粘牢，这是因为液体变成固体后，分子间距离______（选填“增大”“减小”或“不变”），分子间的引力______（选填“大于”“小于”或“等于”）斥力。 【答案】 减小 大于 【详解】[1][2]固体分子间距离小于液体分子间距离。木胶干了，凝固后，由液体变成了固体，分子间距离变小，分子间的引力大于斥力。 14．（25-26八年级下·河南周口·期末）在生物学实验课上，学生制作“洋葱鳞片叶表皮”玻片标本。切洋葱时会感到“辣”眼睛，这是发生了___________现象，说明分子在______________________。 【答案】 扩散 永不停息地做无规则运动 【详解】切洋葱时，洋葱的刺激性分子进入空气并到达眼睛，属于不同物质的分子彼此进入对方的扩散现象。 扩散现象的微观本质是分子在不停地做无规则运动，这是分子动理论的核心内容之一。 15．（25-26九年级上·广东广州·阶段检测）一针筒内密封一定质量气体，如图甲所示，针筒初始状态及温度计示数如图甲所示。小丽在实验中缓慢下压活塞（分子势能忽略不计，筒内气体没有发生物态变化，分子数目不变），针筒末状态及温度计示数如图乙所示，筒内气体的内能________（选填“变大”、“变小”或“不变”），可见筒内空气一定________（选填“从外界吸热”或“向外界放热”）。 【答案】 不变 向外界放热 【详解】由题意可知，从甲到乙的过程中，筒内气体的温度不变，故分子动能不变， 下压活塞过程中，外界对筒内气体做功，而气体内能不变，说明气体一定向外界放出了热量。 16．（25-26九年级上·辽宁沈阳·期末）如图所示某项目式学习小组用该装置探究海陆风的成因。取下两箱子的封口盖，在完全相同两箱子中装入质量和初温相同的水和沙子，在两个箱子的侧面分别开一小孔，用一个两端开口的透明细管AB将其连接，点燃一支香放在细管中部（图丙），通过白烟的流向模拟日晒下海边的风向，分析判断：相同条件下，加热一段时间后，烟将会从管的_______端管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是_______。（A。从大海吹向陆地；B。从陆地吹向大海） 【答案】 B B 【详解】[1]因为水的比热容比沙子大，在相同条件下加热，沙子升温快，其上方空气受热膨胀，密度减小，热空气上升，冷空气会从四面八方流过来，所以烟将会从B端管口冒出。 [2]夜间，海洋和陆地的温度会发生变化。由于水的比热容大，放热降温慢，而沙子的比热容小，放热降温快。因此，夜间海洋的温度会高于陆地的温度，此时海洋上的空气会受热上升，形成低压区，而陆地上的空气会流向海洋，故B符合题意。 三、实验探究题（本题共4小题，共29分） 17．（7分 ）（25-26九年级上·山东德州·阶段检测）小明和小聪采用如图甲的相同装置探究“不同物质的吸热能力”。 (1)在涉及多个物理量的变化时，我们常常需要控制变量，因此将不同种类的液体、放容器中时需要保证它们的_____相同，除了以上测量工具还需要_____； (2)小明采用的实验方案是使两种液体升高相同的温度，通过比较_____来反映两种液体吸收热量的多少，吸收热量多的液体说明其吸热能力_____（选填“强”或“弱”）； (3)小聪采用了另一种实验方案，发现经过相同加热时间，液体A升高的温度比液体B升高的温度少，说明_____的吸热能力更强； (4)实验后他们画出了液体温度随时间变化的图像如图乙，根据图乙数据可计算出A、B两种液体的比热容之比是_____； (5)反思实验方案的改进，你认为加热的方式选择下列的_____（填字母代号）更好。 A．用两只相同的酒精灯分别给盛有不同液体的烧杯加热 B．用两只功率相同的电加热器分别浸没在不同液体中加热 【答案】(1) 质量 天平和秒表 (2) 加热时间 强 (3)A (4)2:1 (5)B 【详解】（1）要探究“不同物质的吸热能力”，只需要改变物质的种类，故要保证不同种物质的质量不变。 实验中需要用天平测量质量，用秒表测量加热时间，因此还需要天平和秒表。 （2）当两种液体升高相同的温度时，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，加热时间越长的液体，说明吸收的热量越多，说明其吸热能力强。 （3）相同加热时间，两种液体吸收热量相同，质量相同，升高温度越小，比热容越大，吸热能力越强；A升高温度更少，因此A吸热能力更强。 （4）根据，加热相同时间，吸收相同热量、质量相同时，比热容与升高的温度成反比。由图乙可知：初温均为，加热时，液体A温度的变化量 液体B温度的变化量 因此 （5）相同功率的电加热器浸没加热，比酒精灯更易保证相同时间提供相同热量，热量损失更小，实验误差更小，故A不符合题意，B符合题意。 故选B。 18．（5分）（24-25九年级上·四川成都·期中）某兴趣小组为了比较水和煤油的吸热能力，进行了如下的实验： 提出问题：烈日炎炎的夏季，白天海滩上的沙子热得烫脚，但海水却非常凉爽：傍晚太阳西落，沙子很快凉了下来，但海水却仍然暖暖的。同样的日照条件，为什么不同物质的温度不一样呢？ (1)设计实验： 实验装置如图所示， ①本实验的主要探究方法是控制变量法和________法； ②实验中，煤油和水吸热多少通过________（选填“温度升高的高低”或“加热时间长短”）来反映的： (2)进行实验：该兴趣小组设计了如下实验步骤，其中存在错误的是________； A．在两个同样的试管中分别装入等体积的水和煤油 B．用温度计测量这两种液体的初温，发现温度计示数相同 C．把两个试管同时放入同一烧杯中加热（如图所示），且加热相同的时间 D．用温度计测出两种液体的末温，发现两温度计的示数不相同 (3)数据分析：改正错误后，如图是该兴趣小组绘制的“吸收热量-时间”和“温度-时间”图像，能正确描述这两种液体真实情况的图像是________ A．B． C． D． (4)小组根据探究结果分析得出：沿海地区的昼夜温差________于（选填“大”、“小”或“等”）内陆地区的昼夜温差。 【答案】(1) 转换 加热时间长短 (2)A (3)C (4)小 【详解】（1）本实验将不易直接测量的吸热多少，转换为容易观察的加热时间来反映，这种方法是转换法，因此本实验用到控制变量法和转换法。 实验中用同一热源加热，相同时间放出热量相同，因此两种液体吸收热量的多少可以通过加热时间长短反映。 （2）比较吸热能力的实验，需要控制两种液体的质量相同。水和煤油密度不同，等体积的水和煤油质量不相等，因此存在错误的是步骤A。 （3）同一热源加热，相同时间内水和煤油吸收的热量相等，图中相同时间两种液体吸收热量不同，因此A、B错误；水的比热容比煤油大，吸收相同热量时，水升温更慢，相同加热时间下煤油的温度更高，故D错误，符合规律的是C。 （4）沿海地区水多，水的比热容大，在同样吸热/放热时，温度变化更小，因此昼夜温差小于内陆地区。 19．（9分）（2026·黑龙江哈尔滨·一模）小南和小岗探究“冰熔化过程中的规律”和“水沸腾规律”的实验： (1)①他们对这两个实验进行梳理，利用正确的实验数据描绘如图丙和丁（a）所示的图像，分析归纳发现两个实验的相同点和不同点，并填入表格，请你帮助他们完成表格中的部分内容：A_______；B_______；C_______；D_______。 比较 相同点 不同点 组装器材顺序 测量工具 实验结论 实验装置 实验现象 冰熔化过程中的规律 由下到上 秒表A_______ B_______ C_______（甲/乙） 水沸腾规律 大量气泡在水中生成、D_______、到水面破裂开来。 ②“冰熔化过程中的规律”实验，表格中选择此实验装置的理由________、________。 ③“水沸腾规律”的实验，请你分别分析出图丁中的b与a图像、c与a图像不同的原因________。 (2)①进一步分析丙图像可知冰的比热容为________[] ②请用粗实线画出丙图对应的内能随温度变化的图像。（已知：热源供热稳定，不考虑晶体质量的变化和热损失）________ 【答案】(1) 温度计 吸收热量，温度不变 乙 上升变大 使冰受热更均匀 使冰熔化的速度较缓慢，便于观察物质所处的状态，记录温度和加热时间 b比a气压更高；c比a质量更小 (2) 【详解】（1）①[1]探究“冰熔化过程中的规律”和“水沸腾规律”的两个实验中，都要测量温度，所以需要的测量工具是温度计。 [2]探究“冰熔化过程中的规律”和“水沸腾规律”的两个实验中，共同的规律是：冰熔化过程中或水沸腾过程中都要吸收热量，温度保持不变。 [3]为了使冰受热均匀，探究“冰熔化过程中的规律”时，应使用水浴加热法，故探究“冰熔化过程中的规律”时应选用乙实验装置。 [4]水沸腾过程中，大量的气泡生成，在上升过程中逐渐变大，到水面破裂，释放出水蒸气。 ②[5][6]探究“冰熔化过程中的规律”实验，选择乙实验装置是由于用水浴加热法受热更均匀；另外，水浴加热冰熔化的速度较缓慢，便于观察物质所处的状态，记录温度和加热时间。 ③[7]“水沸腾规律”的实验中，由b与a图像可知，水的沸点不同，b的沸点更高，原因可能是b比a气压更高；c与a图像水的沸点相同，但c先沸腾，说明c比a质量更小。 （2）[1]由丙图像可知，AB段是冰，温度升高6℃用了4min，CD段是水，温度升高3℃用了4min，加热装置相同，在相同时间内吸收的热量相等，在质量不变时，根据可知，c与Δt成反比，由于冰升高的温度是水的2倍，所以冰的比热容是水比热容的，即冰的比热容为 [2]固态升温阶段，物体处于固态，吸收热量，温度从-6℃升高到熔点0℃，这个过程中，物体持续吸热，所以内能持续增加。由于供热稳定，温度随时间线性升高，内能也随时间（也就是随温度）线性增加；熔化阶段，晶体开始熔化，物体持续吸收热量，但温度保持在0℃不变，因为持续吸热，所以内能继续增加。在图像上，这表现为在温度为0℃时，内能有一个明显的跃升；液态升温阶段，晶体完全熔化成液体后，继续吸收热量，温度从0℃开始升高，物体持续吸热，内能继续增加，内能随温度线性增加。据此作图。 20．（8分）（25-26八年级上·广东深圳·期中）同学们在学习水的沸点、凝固点后。猜想水中加入别的物质后，一定会对水的沸点和凝固点产生影响，于是设计实验进行探究。一组同学往水中加入一定量的盐。如甲图装置实验探究，当盐水温度接近90℃时，开始每隔0.5min记录⼀次温度，记录数据如下表所示： 时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 温度/℃ 88 91 91 94 97 100 102 102 102 102 (1)实验时，当看到盐水中有大量气泡不断上升、变大，到液面破裂开来，里面的_______（填“水蒸气”或“空气”）散发到空气中，就表明盐水沸腾了。继续给沸腾的盐水加热，盐水的温度会________（选填“升高”、“不变”或“降低”）； (2)小明和小华两同学虽然选用的实验装置相同，但盐水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图像如图乙所示，图像不同的原因是水的________不同； (3)为了说明液体沸腾过程中是否需要吸热，应_______，观察水是否继续沸腾。 (4)实验中关于器材的作用，下列说法中不正确的是________； A．盖上硬纸板可以减少热量散失，缩短实验时间 B．为了节约燃料缩短实验时间，还可以适当减少酒精的质量 C．若将烧杯盖得十分紧密，且纸片上无排气孔，则盐水的沸点会升高 D．盖上硬纸板可以防止水蒸气在温度计上液化成小水珠，影响读数 (5)课后，该兴趣小组同学用相同的小烧杯a、b盛等量的水，在标准大气压下用相同的热源同时加热：如图所示，a杯为隔水加热，b杯为隔油加热，加热足够长时间后，测得a杯外的水温100℃、b杯外的油温为300℃，a、b两杯中的水能沸腾的是________杯，最终a、b两杯水的温度_______（选填“>”、“=”或“<”）。 (6)星期天，小华在家烧水煮饺子。当水烧开准备下饺子时，妈妈提醒她锅里的水量少了点，于是小华又往锅里迅速加了一大碗水（水量比锅里少），用同样大的火直至将水再次烧开，下面能反映小华整个烧水过程中温度随时间变化的图像是________。 A． B． C． D． 【答案】(1) 水蒸气 不变 (2)质量 (3)停止加热 (4)B (5) b = (6)B 【详解】（1）[1]沸腾时气泡内是水汽化形成的水蒸气，破裂后水蒸气散发到空气中 [2]液体沸腾时持续吸热但温度保持不变，继续给沸腾的盐水加热，温度不变。 （2）实验中若控制水的初温、加热装置等条件均相同，仅改变水的质量，会得到不同的沸腾图像。水的质量越大，升高到沸点需要吸收的热量就越多，加热至沸腾的时间也就越长；质量越小，沸腾所需时间越短。因此，图像中沸腾时刻的差异，是由水的质量不同导致的。 （3）要验证液体沸腾需要持续吸热，具体操作方法为：在水沸腾后，撤去酒精灯停止加热，同时观察烧杯内的水。如果水的沸腾现象随之停止，就说明沸腾过程需要持续吸收热量；若继续加热，水又会重新沸腾，可进一步佐证这一结论。 （4）A．盖上硬纸板减少热量散失，缩短实验时间，故A正确 ，不符合题意； B．酒精灯的加热效果取决于火焰的大小，而火焰大小和酒精灯内剩余酒精的总量没有直接关系。只要还有足量酒精供燃烧，就能维持稳定的加热功率，所以这个方法无法缩短实验时间，故B不正确，符合题意； C．若将烧杯盖得十分紧密，且纸片上无排气孔，内部气压升高，盐水沸点升高，B故C正确，不符合题意； D．盖上硬纸板可防止水蒸气在温度计上液化，影响读数，故D正确，不符合题意。 故选B。 （5）[1][2]课后，该兴趣小组同学用相同的小烧杯a、b盛等量的水，在标准大气压下用相同的热源同时加热。如图丙所示，a杯为隔水加热，b杯为隔油加热，加热足够长时间后，测得a杯外的水温100℃、b杯外的油温为300℃。a杯隔水加热时，杯内水温与杯外水温最终都为100℃，无法发生热传递，因此a杯内的水不能继续吸热，无法沸腾；b杯隔油加热时，油温远高于100℃，杯内水可以持续吸热，因此能沸腾。最终a、b两杯水的温度都稳定在100℃，即。 （6）在水持续沸腾的过程中，向烧杯内快速加入一定量的常温冷水，此时水温会出现明显变化。加入冷水后，冷水会与原有的沸水发生热传递，沸水的热量会被冷水吸收，导致整体水温急剧下降，低于水的沸点，沸腾现象会暂时停止。之后，酒精灯持续加热，烧杯内的水不断吸收热量，水温会缓慢升高，当温度再次达到沸点时，水会重新开始沸腾，且沸腾时温度保持不变。因此，水温随时间变化的图像会呈现“先骤降，再缓升，最后保持不变”的趋势，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 四、综合应用题（本题共3小题，共19分） 21．（7分）（25-26九年级上·山西临汾·阶段检测）将质量为300g的铅块加热到88℃，然后投入温度为8℃、质量为130g的煤油中，测出混合后煤油的最高温度为18℃，不计热损失。已知铅的比热容为0.13×103J/（kg·℃），求： (1)铅块放出的热量； (2)煤油的比热容。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）铅块放出的热量 （2）因为不计热损失，煤油吸收的热量 煤油的质量为 煤油的温度变化为 煤油的比热容 22．（7分）（2020·四川攀枝花·中考真题）小星家买了一瓶的某款消毒液，已知该消毒液的密度，比热容，求： (1)瓶内消毒液的质量； (2)瓶内消毒液温度从20℃升高到30℃吸收的热量。 【答案】(1)0.4kg (2) 【详解】（1）消毒液的体积为 瓶内消毒液的质量为 （2）瓶内消毒液温度从20℃升高到30℃吸收的热量为 23．（5分）（25-26九年级上·江苏无锡·期中）人工心肺机就像发动机，为人体输送氧气与营养提供动力。 心动过缓时，医生会将心脏起搏器植入人体内辅助心脏正常工作，起搏器是一种电子装置，它产生的电脉冲（周期性变化的电流）刺激心脏收缩，从而提高心率，频率适应性起搏器能根据患者的活动情况调整起搏频率，起搏频率指起搏器每分钟发放电脉冲的次数。 体外肺膜氧合（简称ECMO）技术挽救了许多危重患者的生命。如图甲所示ECMO技术的原理是将体内的血液引出体外，经过人工心肺旁路氧合后注入病人体内，起到部分心肺替代作用。为使病人维持正常体温，需用热交换器对流入人体的血液进行加热；血流速度和血流量（血流量指单位时间内通过血管横截面的血液体积）是衡量心肺功能的重要指标，研究表明，血管内血流速度会随血管横截面积的变化而变化，且血液匀速通过血管时，受到的阻力与血液的流速成正比，当血管横截面积为正常值的n倍时，测得血管内血液匀速流动的速度v与n的数值如表所示，血液的比热容为0.85×103J/（kg·℃），密度为1.05×103kg/m3，人体组织的比热容与水相当，为4.2×103J/（kg·℃）。 n 1.00 0.90 0.80 0.75 0.60 v/ 0.180 0.200 0.225 0.240 0.300 (1)体重500N的佩戴频率适应性起搏器的患者爬四层楼上楼时，楼房层高3m，克服自身重力做功______J，起搏器的起搏频率将______（选填“增大”或“减小”）； (2)血液经热交换器加热后使病人维持正常体温过程中，是利用______的方式使人体的内能增加的；当血流速度为0.25m/s，血流量为10-4m3/s时，对应血管的横截面积为______m2； (3)在一次抢救中使用ECMO技术，血流量为5L/min，若要将血液的温度升高6℃，不计热量损失，则血液每分钟需要从热交换器吸收的热量为______J； 【答案】(1) 4500 增大 (2) 热传递 (3) 【详解】（1）[1]克服自身重力做功为 [2]患者爬楼克服重力做功，对外做功，人的内能减少，为维持人的体温，起搏器将刺激心脏收缩，从而提高心率，频率增大。 （2）[1]血液经热交换器加热后，使病人维持正常体温过程中，血液吸收热量，是利用热传递的方式使人体的内能增加的。 [2]血流量为10-4m3/s，则每秒通过血管横截面的血液体积为，血液流过的长度为 则对应血管的横截面积为 （3）血流量为5L/min，则每分钟流过的血液质量为 则血液每分钟需要从热交换器吸收的热量为 第 1 页 共 19 页 学科网（北京）股份有限公司 $