第6单元 第19课时 基因分离定律的重点题型突破(教师用书Word)-【高考领航】2027年高考生物大一轮复习学案

该高中生物学高考复习讲义聚焦基因分离定律重点题型，紧扣课标“阐明有性生殖中基因分离对子代基因型和表型的影响”要求，按性状显隐性判断、纯合子与杂合子鉴定、基因型表型推导及概率计算、自交与自由交配条件下概率计算四个层级梳理考点，通过考点解析、方法归纳、真题演练的教学流程，帮助学生系统构建遗传规律解题框架，突破高频难点。 讲义突出科学思维与探究实践素养培育，创新采用“方法归类+分层训练”策略，如显隐性判断中通过“概念法-实验法-假设推证法”三级递进教学，引导学生辩证分析，概率计算模块对比自交与自由交配的配子法和棋盘法，结合2024-2025年多省高考真题设计对点演练，确保学生短时间内掌握解题技巧，为教师精准把控复习节奏、提升学生应考能力提供有力支持。

第19课时　基因分离定律的重点题型突破 课标 要求 阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 考情 分析 考点 考题统计 考频等级 基因分离定律的重点题型突破 2025·广东卷，19；2025·新课标卷，10；2025·河南卷，20；2024·贵州卷，6；2024·安徽卷，12 高频 题型一　性状显隐性的判断 1．“概念法”判断显隐性性状 2．“实验法”判断性状的显隐性 3．“假设推证法”判断性状的显隐性 在运用假设法判断显隐性性状时，若出现假设与事实相符的情况，要注意两种性状同时作假设或对同一性状作两种假设，切不可只根据一种假设得出片面的结论。但若假设与事实不相符，则不必再作另一假设，可直接予以判断。 [对点演练] 1．（2026·河南洛阳模拟）玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是(　　) 解析：C　A中当非甜和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系。B中当其中有一个植株是杂合子时，不能判断显隐性关系。C中非甜与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该性状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜和甜玉米中有一个是杂合子，有一个是隐性纯合子，此时非甜玉米自交，若出现性状分离，说明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合子。D中若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系，综上所述，C项符合题意。 2．（2026·安徽安庆模拟）水稻的多粒和少粒是一对相对性状，由一对等位基因控制。现有多粒植株甲和少粒植株乙，为了判断多粒和少粒的显隐性关系，有两种方案可供选择，方案一：让甲与乙杂交；方案二：让甲和乙分别自交。下列叙述错误的是(　　) A．若方案一的子代只出现一种性状，则出现的性状即为显性性状 B．若方案一的子代出现两种性状，则让子代两种个体继续杂交可判断性状显隐性 C．若方案二的子代有一方发生性状分离，发生性状分离的亲本性状为显性性状 D．若方案二的子代均未发生性状分离，则让二者子代进行杂交可判断性状显隐性 解析：B　让具有相对性状的甲与乙杂交，若子代只出现一种性状，则出现的性状即为显性性状，A正确；若方案一的子代出现两种性状，则可能是Aa×aa→Aa、aa，此时应让子代两种个体自交判断性状显隐性，B错误；方案二是让甲和乙分别自交，若方案二的子代有一方发生性状分离，则发生性状分离的亲本性状为显性性状(Aa)，C正确；若方案二的子代均未发生性状分离，则可能是AA×AA→AA、aa×aa→aa，此时让二者子代进行杂交AA×aa即可判断性状显隐性，D正确。 题型二　纯合子与杂合子的判断 提醒：鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可，其中最简便的方法为自交法。 [对点演练] 3．（2026·青海西宁检测）已知豌豆的高茎对矮茎为显性，现有一株高茎豌豆甲，要确定甲的基因型，最简便易行的办法是(　　) A．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子 B．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代若都表现为高茎，则甲为纯合子 C．让甲豌豆进行自花传粉，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子 D．让甲与多株高茎豌豆杂交，子代中若高、矮茎之比接近3∶1，则甲为杂合子 解析：C　选一株矮茎豌豆与甲杂交，由于豌豆为自花传粉、闭花受粉植物，要进行测交需要去雄与人工授粉等操作，该办法不是最简便易行的，A、B不符合题意；豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物，用待测的高茎豌豆进行自交，省去了人工去雄与授粉的麻烦，若后代出现性状分离，则说明是杂合子，否则为纯合子，C符合题意；选甲与多株高茎豌豆杂交，子代若高、矮茎之比接近3∶1，则甲为杂合子，但该办法也需要去雄与授粉，D不符合题意。 4．（2026·山东济南模拟）家鼠的灰毛和黑毛由常染色体上的一对等位基因控制，灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠(M)，为了确定M是否为纯合子（就毛色而言），让M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。不考虑变异，下列分析不合理的是(　　) A．若子代出现黑毛鼠，则M一定是杂合子 B．若子代全为灰毛鼠，则M一定是纯合子 C．若子代中灰毛雄鼠∶黑毛雌鼠＝3∶1，则M一定是杂合子 D．若子代中灰毛雄鼠∶黑毛雌鼠＝1∶1，则M一定是杂合子 解析：B　假设家鼠关于毛色的等位基因为A、a，若子代出现黑毛鼠，说明M不可能是AA，则M一定是杂合子，A、C、D合理；若子代全为灰毛鼠，由于子代数目较少，不能确定M一定是纯合子，也可能是杂合子，B不合理。 题型三　基因型、表型的推导与概率计算 1．正推法：亲代推子代 亲本组合 子代基因型及比例 子代性状表现及比例 AA×AA 全为AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 全为显性 AA×aa 全为Aa 全为显性 Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1 显性∶隐性＝3∶1 Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐性＝1∶1 aa×aa 全为aa 全为隐性 2.逆推法：子代推亲代 3．概率计算 (1)用经典公式或分离比计算 ①概率＝某性状或基因型数/总组合数×100% ②根据分离比计算 AA、aa出现的概率各是1/4，Aa出现的概率是1/2，显性性状出现的概率是3/4，隐性性状出现的概率是1/4，显性性状中杂合子的概率是2/3。 (2)根据配子概率计算 ①计算亲本产生每种配子的概率。 ②根据题目要求用相关的两种(♀、♂)配子的概率相乘，即可得出某一基因型的个体的概率。 ③计算表型概率时，将相同表型的个体的概率相加即可。 [对点演练] 5．（2026·河北石家庄月考）某植物的红花与白花是一对相对性状，且是由单基因(A、a)控制的完全显性遗传，现有一株红花植株和一株白花植株作实验材料，设计如表所示实验方案以鉴别两植株的基因型。下列有关叙述错误的是(　　) 选择的亲本 及杂交方式 预测子代表型 推测亲 代基因型 第一组：红花自交 出现性状分离 ③ ① ④ 第二组：红花×白花 全为红花 AA×aa ② ⑤ A．根据第一组中的①和④可以判断红花对白花为显性 B．③的含义是Aa C．②的含义是红花∶白花＝1∶1，⑤为Aa×aa D．①的含义是全为红花，④可能为AA 解析：A　据表格可知，第一组中的①应为不发生性状分离（全为红花），红花植株可能是显性纯合子(AA)也可能是隐性纯合子(aa)，故根据第一组中的①和④不可以判断红花对白花为显性，A错误，D正确；红花自交后代出现性状分离，说明红花对白花为显性，且亲本红花③为杂合子Aa，B正确；②应为红花∶白花＝1∶1，为测交比例，故⑤为Aa×aa，C正确。 6．（2026·广东深圳模拟）人的褐眼对蓝眼为显性，某夫妇皆为褐眼，其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的（非亲生的），甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，据此推断下列说法错误的是(　　) A．甲或丙是收养的 B．该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/4 C．控制甲的眼色的遗传因子是纯合的 D．若乙为亲生的，则乙为纯合子的概率为1/3 解析：A　人的褐眼对蓝眼为显性，设控制褐眼的遗传因子为A，控制蓝眼的遗传因子为a。该夫妇皆为褐眼，三个孩子中甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，无论哪一个孩子是非亲生的，该夫妇都生出了蓝眼的孩子，故可以确定控制双亲眼色的遗传因子是杂合的(Aa)，甲和丙为隐性纯合子(aa)，C正确；该夫妇的遗传因子组成都为Aa，他们既能生出褐眼的孩子，也能生出蓝眼的孩子，故不能确定哪个孩子是收养的，A错误；该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/2×1/2＝1/4，B正确；若乙为亲生的，乙为褐眼(AA∶Aa＝1∶2)，其为纯合子的概率为1/3，D正确。 题型四　自交与自由交配条件下的概率计算 1．自交条件下的概率计算 (1)杂合子Dd连续自交n代（如图1），杂合子比例为(1/2)n，纯合子比例为1－(1/2)n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－(1/2)n]×1/2。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示： (2)杂合子(Aa)连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为(2n－1)/(2n＋1)，杂合子比例为2/(2n＋1)。如图所示： 2．自由交配条件下的概率计算 自由交配强调的是群体中所有个体进行随机交配，以基因型为1/3AA、2/3Aa的动物群体为例进行随机交配，有以下两种解法： 解法一：棋盘法 ♂ ♀ 1/3AA 2/3Aa 1/3AA 1/3AA(♂)× 1/3AA(♀) 1/3AA(♂)× 2/3Aa(♀) 2/3Aa 2/3Aa(♂)× 1/3AA(♀) 2/3Aa(♂)× 2/3Aa(♀) 解法二：配子比例法 先计算含A的雄配子所占比例为1/3＋2/3×1/2＝2/3，含a的雄配子所占比例为1－2/3＝1/3，同理，含A的雌配子和含a的雌配子所占比例分别为2/3和1/3。列表分析如下： 雄配子 雌配子 2/3A 1/3a 2/3A 4/9AA 2/9Aa 1/3a 2/9Aa 1/9aa 自由交配问题用配子比例法解答更简单些。 [对点演练] 7．（2026·广东东莞模拟）某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为Aa的该植物连续交配3次后所得子三代中Aa所占比例为2/5(　　) A．基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体 B．基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体 C．基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体 D．基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体 解析：D　基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为(1/2)3＝1/8；基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为2/(23＋1)＝2/9；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体，符合遗传平衡定律。A的基因频率＝a的基因频率＝1/2，而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中Aa的基因型频率＝2×1/2×1/2＝1/2；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体，由于存在选择作用，所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算。基因型为Aa的该植物自由交配一次，子一代中AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去除aa个体，则子一代中有1/3AA和2/3Aa。子一代中A的基因频率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因频率＝1/3，子一代再自由交配，子二代中AA的基因型频率＝(2/3)2＝4/9，Aa的基因型频率＝2×2/3×1/3＝4/9，去除aa个体，子二代中有1/2AA和1/2Aa。子二代中A的基因频率＝1/2＋1/2×1/2＝3/4，a的基因频率＝1/4，子二代再自由交配，在子三代中AA的基因型频率＝(3/4)2＝9/16，Aa的基因型频率＝2×3/4×1/4＝6/16，去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为6/16÷(9/16＋6/16)＝2/5。 8．（2026·湖南永州模拟）已知牛的体色由一对等位基因(A、a)控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行自交（基因型相同的雌雄个体交配）和自由交配，则子代的表型及比例分别是(　　) A．自交红褐色∶红色＝1∶1；自由交配红褐色∶红色＝4∶5 B．自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝8∶1 C．自交红褐色∶红色＝2∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1 D．自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1 解析：D　由题意可知，牛群自交后代中AA∶Aa∶aa＝5∶2∶1，Aa的个体中雌雄各半，雌为红色，雄为红褐色，故红褐色∶红色＝6∶2＝3∶1；自由交配的后代中AA∶Aa∶aa＝9∶6∶1，Aa中一半为雌性（红色），一半为雄性（红褐色），故红褐色∶红色＝12∶4＝3∶1。 角度1　考查性状的显隐性及纯合子与杂合子的判断 1．（经典高考题）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。 ①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 ②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶　 ③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1　 ④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1 其中能够判定植株甲为杂合子的实验是(　　) A．①或②　　　　 B．①或④ C．②或③ D．③或④ 解析：B　实验①中植株甲自交，子代出现了性状分离，说明作为亲本的植株甲为杂合子。实验④中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现3∶1的性状分离比，说明亲本均为杂合子。在相对性状的显隐性不确定的情况下，无法依据实验②③判定植株甲为杂合子，故选B。 2．（2024·新课标卷，34节选）某种瓜的性型（雌性株/普通株）和瓜刺（黑刺/白刺）各由1对等位基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄处理可开雄花，能自交；普通株既开雌花又开雄花。回答下列问题： 黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性，则F1瓜刺的表型及分离比是　　　　　　　　　。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是_______________。 解析：黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性，说明F1中性状有白刺也有黑刺，则亲本显性性状为杂合子，F1瓜刺的表型及分离比是黑刺∶白刺＝1∶1。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验，即从亲本或F1中选取表型相同的个体进行自交，若后代发生性状分离，则该个体性状为显性，不发生性状分离，则该性状为隐性。 答案：黑刺∶白刺＝1∶1　从亲本或F1中选取表型相同的个体进行自交，若后代发生性状分离，则该个体性状为显性，不发生性状分离，则该性状为隐性 角度2　考查基因型的推导及不同情况下的概率计算 3．（经典高考题）浅浅的小酒窝，笑起来像花儿一样美。酒窝是由人类常染色体的单基因所决定，属于显性遗传。甲、乙分别代表有、无酒窝的男性，丙、丁分别代表有、无酒窝的女性。下列叙述正确的是(　　) A．若甲与丙结婚，生出的孩子一定都有酒窝 B．若乙与丁结婚，生出的所有孩子都无酒窝 C．若乙与丙结婚，生出的孩子有酒窝的概率为50% D．若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩，则甲的基因型可能是纯合的 解析：B　结合题意可知，假设酒窝的相关基因用A、a表示，甲为有酒窝男性，则基因型为AA或Aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa，乙为无酒窝男性，基因型为aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，则甲与丙结婚，若两者基因型均为Aa时，生出的孩子基因型可能为aa，表现为无酒窝，A错误。乙与丁结婚，生出的孩子基因型均为aa，表现为无酒窝，B正确。乙与丙结婚，若丙的基因型为AA，则生出的孩子均有酒窝；若丙的基因型为Aa，则生出的孩子有酒窝的概率为50%，C错误。若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩(aa)，则甲的基因型只能为Aa，是杂合子，D错误。 4．（经典高考题）用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是(　　) A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4 B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4 C．曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n+1 D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等 解析：C　曲线Ⅱ是随机交配并逐代淘汰aa的曲线，F2(1/2AA＋1/2Aa)随机交配以后，得到的F3基因型及比例为9/16AA＋6/16Aa＋1/16aa，淘汰掉aa以后，基因型及比例是3/5AA＋2/5Aa，A正确；曲线Ⅲ是连续自交并逐代淘汰aa的曲线，Aa自交F1基因型及比例为1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa，淘汰掉aa后，则基因型及比例是1/3AA＋2/3Aa，继续自交则其后代是1/3AA＋2/3(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa以后，得到的F2基因型及比例是3/5AA＋2/5Aa，Aa所占的比例是0.4，B正确；曲线Ⅳ是连续自交的结果，在Fn中纯合子的比例是1－(1/2)n，则比上一代Fn－1增加的数值是1－(1/2)n－[1－(1/2)n-1]＝(1/2)n，C错误；连续自交和随机交配F1中Aa的基因型频率都是1/2，所以曲线Ⅰ和Ⅳ符合，但连续自交的结果是纯合子所占的比例越来越大，杂合子所占的比例越来越小，而随机交配后代杂合子的基因型频率不再改变，所以曲线Ⅰ是随机交配的结果，曲线Ⅳ是连续自交的结果。连续自交和随机交配都不存在选择，所以不会发生A和a基因频率的改变，D正确。 学科网（北京）股份有限公司 $