贵州2025-2026学年高一下学期期末学科素养练习物理试题

保密★启用前 2025一2026学年度第二学期学科素养练习 高一物理 注意事项： 1.本试卷共6页，满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前将姓名、准考证号、座位号准确填写在答题卡指定的位置上。 3.选择题须使用2B铅笔将答题卡相应题号对应选项涂黑，若需改动，须擦净另涂；非选择 题在答题卡上对应位置用黑色墨水笔或黑色签字笔书写。在试卷、草稿纸上答题无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个 选项是符合题目要求的) 1.如图甲所示，轻弹簧左端固定，右端连接一小球，小球处于平衡状态。现将小球水平向右拉至 某位置，由静止释放并开始计时，不计一切阻力，小球运动的速度v随时间t变化的图像如图 乙所示。关于小球释放后的运动，下列说法正确的是 () A.0~0.2s内，小球的加速度逐渐增大 B.t=0.4s时，小球离释放点最远 C.t=0.2s时，小球的运动方向发生改变 D.0~0.4s内，小球的平均速度为0 ◆v(m·s 0.4 0.2040.608i7s 00000000Q -0.4 第1题图 第2题图 2.如图所示，可以把地球看作一个巨大的拱形桥，桥面的半径就是地球的半径R,地面上有一辆 正在行驶的汽车，汽车的质量为m,地面对它的支持力是F、。已知地球表面的重力加速度为 g,忽略空气阻力和地球自转的影响。，以下说法正确的是 () A.汽车速度越大，地面对它的支持力F、越大 B.支持力F、与车速无关，恒等于重力 C.当速度增大到√gR时，汽车与地面间的弹力为0 D.当车速等于之gR时，汽车对地面的压力为 高一·物理第1页（共6页）(QN) 3.如图所示，小车A通过一根轻绳提升物块B,小车A做速度为。的匀速直线运动。某时刻， 连接小车A的轻绳与水平方向的夹角为0。轻绳不可伸长，小车向左运动的过程中，下列说 法正确的是 () A.物块B匀速上升 B.物块B处于超重状态 C,物块B的速度为o cos 0 D.物块B的速度为 sin 6 A mtrmm 第3题图 第4题图 4.某科技兴趣小组操控无人机开展定点投放物资的模拟选拔测试。在无风环境下，无人机在距 离水平地面高度h=8m处，以=30 m/s的速度水平匀速向前飞行。某时刻释放小型物 2 资，物资脱离无人机时的速度和无人机速度一致，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,则 物资从释放到落地的位移大小为 () A.10m B.8m C.6m D.14m 5.如图甲所示，电鲶遇到危险时，可产生数百伏的电压。电鲶放电时形成的电场可等效为等量 异种点电荷的电场，如图乙所示，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，B为两点电荷 连线上的中点，A为连线上的一点，C为连线中垂线上的一点。则 () A.A点电场强度比B点小 B.B点电场强度比C点小 C.A点电势比B点高 D.B点电势比C点高 +C O B 第5题图 第6题图 6.如图所示，电荷量相同的带电小球A和B(均可视为质点)质量均为m,球A固定在O点的正 下方L处，球B用长为L的细线系住悬挂在O点，静止时，细线与竖直方向的夹角为60°。已 知静电力常量为k,重力加速度为g,下列说法错误的是 A.A、B两球间的库仑力为mg B.细线的拉力为mg C.B球的电荷量为 mgL D.O点处的电场强度的大小为 mgk k 高一·物理第2页（共6页）(QN) 7.我国“天问一号”探测器成功实现火星环绕与着陆，开启了中国深空探测的新篇章。若把地 球、火星均看作质量分布均匀的球体，忽略自转影响，地球与火星表面重力加速度之比为α， 地球与火星的密度之比为b,则地球与火星的半径之比为 () B. a a 0.6 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每个小题给出的四个选项中，有多个 选项符合题目要求。全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分) 8.如图所示，虚线a、b、c是等差等势线，某一带正电粒子仅在电场力的作用下从M点向N点运 动的轨迹如图中实线所示。下列说法正确的是 ( A.粒子在M、N两点处的电场强度大小EM<EN B.粒子在M、N两点处的电势能EM<EN C.粒子从M到N时，电场力做正功 D.a、b、c点的电势p。<p,<p。 N 7777n7n777m7n177 第8题图 第9题图 第10题图 9.短跑运动员为了增强爆发力和耐力，经常进行拉轮胎负重训练，如图所示。已知绳子与水平 地面间的夹角恒为37°，轮胎质量为10kg,该运动员由静止开始做匀加速直线运动，当位移为 10m时，速度达到4m/s。已知绳上的拉力大小为50N,g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8,则在该过程中 A.轮胎的加速度大小为4m/s2 B.轮胎所受的阻力大小为32N C.克服阻力所做的功为320J D.拉力的最大功率为200W 10.如图所示，质量M=2kg的木板静止在粗糙的水平地面上，现有一质量m=2kg的小滑块 (可视为质点)以。=4m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向右滑 动。已知滑块与木板间的动摩擦因数4，=0.3，木板和地面间的动摩擦因数2=0.1，重力加 速度g取10m/s2。下列说法正确的是 () A.小滑块与木板共速前，木板的加速度为0.5m/s2 B.要使滑块不滑离木板，木板的最小长度为2m C.若木板的长度l=1.5m,滑块从木板右端滑出时滑块的速度大小为2.5m/s D.若木板足够长，木板运动的总时间为2s 高一·物理第3页（共6页）(QN) 三、非选择题（本题共5小题，共57分） 11.(5分)某研究性学习小组在验证机械能守恒定律的实验中，采用了如图甲所示的实验装置。 选用交流电源的频率为f=50Hz,经正确操作得到如图乙所示的纸带，0点为打点计时器打 下的第一个点。测出连续点A、B、C与O点之间的距离h1、h2、h3,分别是69.31cm、76.80cm、 84.67cm。已知重物质量m=0.4kg,当地重力加速度g=9.8m/s2。(计算结果均保留3位 有效数字) 乙 丙 (1)根据以上数据可知打下B点时重物的速度为 m/s;从O点到B点重物重力势能 的减小量为 J。 (2)根据测得的数据描绘出了A图像，如图丙所示，求得所描绘的图线斜率为。若下落过 程中阻力不变，则重力与阻力之比为 (结果用题中字母“k”“g”表示)。 12.(10分)在新能源线束选材质检中，导线电阻率直接决定线路发热损耗与输电效率。某学习 小组模拟工业质检流程，通过实验检测某品牌合金金属丝的电阻率，实验室提供的器材有： A.电压表V(量程0~3V,内阻约3k): 45 B.电流表A(量程0-0.6A,内阻约0.62)： 40 35 C.电流表A2(量程0~3A,内阻约0.12)； 0 看30 D.滑动变阻器(0~102，允许通过的最大电流为2A); E.电源（电动势E为3.0V,内阻不计）、直尺、多用电表、螺旋测微器、开关和导线若干。 (1)用直尺测得金属丝的长度L为50cm,用多用电表的欧姆挡粗测金属丝的阻值大约为 5Ω，用螺旋测微器测量金属丝的直径d,测量结果如图所示，其读数应为 mm。 (2)为了更精确测量金属丝电阻的阻值，在实验中电流表应选择 (选填“A,”或“A”) (3)该学习小组需要电压从零开始进行实验，应采用下面哪一个实验电路？ 。(填 图前序号)》 8心明 B. 高一·物理第4页（共6页）(QN) D.一t (4)实验数据有多组记录，其中有3组数据如表所示： 实验次数 1 2 3 U/V 0.70 1.50 2.30 I/A 0.14 0.28 0.42 由上面三组数据取平均值可知，金属丝的阻值R,= Ω（保留两位有效数字）。 (5)根据以上数据可知，该金属丝的电阻率ρ= 2·m(保留两位有效数字)。 13.(10分)如图所示，青少年轮滑体验装置由水平滑行平台与光滑竖直圆弧轨道组合而成。质 量m=50kg的运动员在左侧平台上滑行一段距离后平抛，恰能无碰撞地从A点进入光滑竖 直圆弧轨道并沿轨道下滑，A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径R=2m,对应圆 心角0=106°，平台与AB连线的高度差h=0.8m。运动员可视为质点，不计空气阻力，求： (g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6) (1)运动员平抛的初速度大小 (2)运动员滑到圆弧轨道最低点0时对轨道的压力大小。 777777 14.(14分)XCT扫描是临床医学重要的检测手段，可精准探测人体病灶位置与形态。如图为 XCT机产生X射线的核心装置简化示意图：M、N极板间为加速电场，右侧虚线框区域S为 竖直方向上的匀强偏转电场。工作时，电子由静止开始在加速电场中加速，沿水平方向进入 偏转电场，出偏转电场后沿直线运动打在右侧圆形靶台的中心P点，高速电子轰击靶台即可 产生X射线。已知电子的质量为m、电荷量为e,MN两端的电压的绝对值为U。,偏转电场 区域水平宽度为L。,偏转电场强度E= ,P点距离偏转电场右边界的水平距离为L,全程真 Lo' 空环境，忽略电子重力及电子间的相互作用。求： 偏转电场S (1)电子刚进入偏转电场时速度。的大小； -X射线束 (2)打在P点的电子束偏离原水平方向的竖直高度H。 靶 高一·物理第5页（共6页）(QN) 15.(18分)如图所示，固定绝缘斜面的倾角0=37°，底端与长度L=3.3m的水平绝缘传送带的 左端通过一小段圆弧平滑连接，传送带的右端与足够长的光滑水平轨道平滑连接。传送带 所在区域有电场强度大小为E=100N/C、方向水平向右的匀强电场。传送带以大小，=2m/s 的速度顺时针匀速运行。质量m=1kg、电荷量g=0.1C的带正电滑块A从斜面上距水平 轨道高h=2.4m处由静止释放。A与斜面、A与传送带间的动摩擦因数均为u=0.5。取重 力加速度大小g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A可 视为质点，求： (1)滑块A在斜面上运动的加速度大小a,以及A到达传送带左端时的速度大小v; (2)滑块A从由静止释放到滑出传送带所用的时间t; (3)匀强磁场存在时，滑块A与斜面和传送带之间因摩擦产生的热量为Q,:若将匀强电场撤 去，仍从斜面原位置由静止释放滑块A,滑块A与斜面和传送带之间因摩擦产生的热量 为Q2,求Q1:Q2。 ⊙) (o】 高一·物理第6页（共6页）(QN)2025一2026学年度第二学期学科素养练习 高一物理 参考答案及评分标准 一、 单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符 合题目要求的) 题号 2 3 5 7 答案 9 B A D A 1.【答案】B 【解析】A.00.2s内v-t图斜率变小，小球的加速度逐渐减小，故A错： B.vt图面积代表位移，t=0.4s时正面积最大代表离释放点最远，故B对； C.t=0.2s时小球的速度还是正值，运动方向没有改变，故C错： D.0~0.4s内小球的位移不为0所以平均速度不为0，故D错。 2.【答案】C b2 【解析】AB.由牛顿第二定律可得mg-FN=m发，汽车速度越大，Fv就越小，故AB错误： C.当速度增大到√gR,可得FN=0,故C正确： D.当速度达到VR时，mg-Fw=骨得Fw=,故D错误。 故选C。 3.【答案】B 【解析】将A车的速度V沿绳子方向和垂直绳子方向分解，由于轻绳不可伸长，故沿绳方向的分速度与物 块B的速度大小相等，则有Vo cos0=V,由于A运动过程中8减小，故B的速度V增大，即B加速上升， 属于超重，故选B。 4.【答案】A 【解析】由题目可知，物资做平抛运动。由平抛运动特点可知，物资在竖直方向做自由落体运动h=8, 物资在水平方向速度v=u,=N四， 2 x=vxt=6m,合位移s=√x2+h2=10m故选A。 5.【答案】C 【解析】AB.根据等量异种电荷电场线分布特点可知，A点电场强度比B点的大，B点电场强度比C点的 大，故AB错误； CD.根据等量异种电荷电势特点可知，A点靠近正电荷，其电势比B点的高，BC连线为等势线，则B点电 势等于C点电势，故C正确，D错误； 故选C。 6.【答案】D 【解析】AB.对B受力分析，如图所示： 由几何关系可知，三个力之间的夹角均为120°，则有 mg=F,又F一g,则B电荷量为g= V2,故ABC对， D.根据点电荷电场强度公式，A、B在O点产生的电场强度大小都为E= 学，又两电场强度方向间夹角为60， 结合平行四边形定则得O点处的电场强度的大小为： E合=2Ec0s30°= 3mgk. 故D错。 7.【答案】A 【解析】忽略天体自转时，天体表面物体的重力等于万有引力，对质量为m的物体有g=G 解得天体质量M= G 第1页共4页(QN) 天体密度p=M 球体体积V=4πR,代入得半径表达式R= 3g 3 Gp4π 因此地球与火星的半径之比 R地= R 方，故选A。 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每个小题给出的四个选项中，有多个选项符合 题目要求。全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分) 题号 8 9 10 答案 CD BC BCD 8.【答案】CD 【解析】A.等差等势线越密的地方，电场强度越大，故A错误； BC.如图所示 6 带电粒子的运动方向与电场力的夹角为锐角，电场力对带电粒子做正功，电势能减小，可得EM>EN,故 B错误C对； D.粒子带正电，电势能减小，根据E,=qp可得，电势不断降低，可得pa<pb<pc,故D正确。 故选CD。 9.【答案】BC 【解析】根据运动学公式有v2=2rx,a=0.8s2,故A错误： 根据牛顿第二定律Fcos8-f=a得f=32N,故B正确： 轮胎运动过程中，由动能定理可知Fx cos6-Wr=mw2-0,解得阻力所做的功Wr=320,故C正确； D.绳子与水平地面间的夹角恒为日，位移为x时，轮胎速度达到最大值'，故拉力的最大功率为P=cos日， 带入数据解得160W,故D错误。故选BC。 10.【答案】BCD 【解析】A.设滑块的加速度大小为a,对滑块进行受力分析，有山g=4 解得a=3m/s2,设木板的加速度大小为42，对木板进行受力分析，有 g-l+M)8=M血解得a2=1m/s2,故A错误： B.要使滑块不滑离木板，则滑块滑到木板最右端时，滑块与木板的速度恰好相同。设滑块在木板上滑行，时 间，滑块与木板的速度相同，则%-4=a4解得=1s 木板的长度L=(话af）0贴代入数据解得L=2m ）1 则要使滑块不滑离木板，木板的最小长度为2m,故B正确： c设滑类在木板上滑行钩时同为5，则(：46) 解得t,=0.5s,t=1.5s(舍去) 滑块从木板右端滑出时，滑块的速度大小为v=-4t,=2.5m/S,故C正确： D.共速后两物体相对静止至停止：2(M+m)g=(M+m)a3 解得a3=1m/s2 加速末速度等于减速初速度，有：a2t1=a3t3 总时间t=t1+t3=2s,故D正确。 第2页共4页(QN) 三、非选择题（本题共5小题，共57分） 11.（5分) (1)3.84(1分) 3.01(2分) (2) 8 8-k (2分) 【解析】(1)打下B点时重物的速度为v=c=(467-6931)×10-2m/s=3.84m/5 2T 2×0.02 重物由0点运动到B点时重力势能的减小量为△Ep=mgh2=0.4×9.8×76.80×10-2J≈3.01J (2)设重物所受的阻力为￡，根据动能定理有mgh-fh=2mw2 整回豹号g-A所以g1 n 则f=m(g-) 玉为1阻力之比为：号。 12.(10分，每空2分) (1)1.879～1.881 (2)A1 (3)C (4)5.3 (5)2.9×105 【解析】(1)由图示螺旋测微器可知，其读数为1.5mmt38.0×0.01m=1.880m。 (2)在实验时，m=是心0.6A,电流表应选择A 《3)为了更精确的测量金属丝电阻的阻值，需要电压从零开始，滑动变阻器应采用分压接法；由于受>影， Rx 则电流表需要采用外接法，应选C。 (4)该金属丝的平均阻值Rx=5.32 (5》由电阻定律得R,=P了，金属丝的横截面积为S= 联立可得金属丝的电阻率p= L 2≈2.9×10-52·m 13.(10分)【解析】 (1)运动员做平抛运动，竖直方向上做自由落体，有 。。。。。。。。。。。。。。。。。。 。。。。。。。。。。。。。。。。。。 …① 解得t=0.4s… ② 在A点时的速度方向刚好沿着轨道切线，即与水平方向的夹角为=。=53 在A点，有tana=4=兰 。。。。。。。。。。 …③ Vo Va 解得初速度为=3m/s… ② (2) =+=5m/… ⑤ A点运动到O点，由动能定理 mgR(1-cos53)=mw2-m喝 ⑥ 在0点对运动员受力分析有 Fg京 ⑦ 由牛顿第三定律 压力的大小Fv=FN=1525N …⑧ (①②③④⑤⑧各1分，⑥⑦各2分，共10分，其他方法酌情给分) 14.(14分)【解析】 (1)加速电场中，由动能定理可得 第3页共4页(QN) 1 eU=。w6 ① 解得g=m ② (2)在偏转电场中水平方向，电子做匀速直线运动有 =y...................................... ⑤ 竖直方向，根据牛顿第二定律可得 eto=ma ④ Lo 电子在竖直方向的速度 vy=at......... ⑤ 电子射出偏转电场时速度方向与水平方向夹角 tan a-业=1. 02 …⑥ 电子在电场中偏转的位移 1 y=za ⑦ 电子出偏转电场后的竖直方向位移 y2 =Ltana......... …(⑧ H=y+y............... …⑨ 解得H=L0十 ⑩ (①②⑥⑩各2分，其余各1分，共14分，其他方法酌情给分) 15.(18分)【解析】 (1)根据牛顿第二定律则有gsin0-ung cos0=cr… ② 解得F2m/S2 ② 根据匀变速直线运动规律有v2-0=2 h sin ③ 解得1=4m/s. ® (2)下滑过程所用时间=名-2… ⑤ A在传送带上滑行的过程中，根据牛顿第二定律有qB-ug2⑥ 解得a=5m/s2 A在传送带上做匀加速直线运动则有Lt+t行…⑦ 解得t2=0.6 总时间式+t2=2.6g… ⑧ (3)在t2时间内，传送带的位移x=0… ⑨ 滑块A与传送带的相对位移为△=L-x A因摩擦产生的热量Q,0mugc0s0十mgAx… sine 西 0=26.5J…① 当撤去电场，umg=ma3… 1② 滑块A与传送带共速时，V0=v-a3t3… ③ 滑块位移x2=t3-3号=1.2m… ④ 传送带位移x=vot=0.8m 相对位移△x=x2-x=0.4m: ⑤ 产生热量C2=mg cos(0点+umgAx=18 …⑥ Q1Q2=53:36... ⑦ (第一问①②③④各1分共4分：第二问⑤⑦⑧各1分，⑥2分，共5分：第三问⑨⑩①②③④⑤⑥①各1分， 共9分，其他方法酌情给分) 第4页共4页(QN)