精品解析：山东淄博市沂源县2025-2026学年八年级下学期7月期末物理试题

八年级物理试题 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 下列哪个不是功的单位（ ） A. J B. N·m C. W D. W·s 【答案】C 【解析】 【详解】A．焦耳是国际单位制中功的标准单位。根据定义，1焦耳等于1牛顿·米（1 J = 1 N·m），故A不符合题意； B．功的定义是力在位移方向上所做的功，公式为，其中是力（单位为牛顿，N），是位移（单位为米，m），因此，1焦耳等于1牛顿·米（1 J = 1 N·m），故B不符合题意； CD．瓦特是功率的单位，功率的定义是单位时间内所做的功，公式为，其中是功（单位为焦耳，J），是时间（单位为秒，s），因此，1焦耳等于1瓦特·秒（1 J = 1 W·s），故C符合题意，D不符合题意。 故选C。 2. 《天工开物》中记载：“凡锻刀斧，夹钢淬石，刃口甚薄”。刃口“薄”的目的是（　　） A. 增大压力 B. 增大压强 C. 减少压力 D. 减少压强 【答案】B 【解析】 【详解】刀斧刃口“薄”，减小了受力面积，根据可知，在压力一定时，可以增大压强，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 3. 在下列底部相通的容器中装有同种液体，当静止时液面位置正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】根据连通器的道理可知：左右管中的液面，以及壶身与壶嘴的液面应在同一水平面上． A．液面位置，正确； B．图左高右低，不正确； C．图壶身液面高，壶嘴液面低，不正确； D．图左高右低，不正确． 4. 为了在最短的时间内完成某工地的地面基础建设，上百台挖掘机同时工作，其目的是增大（ ） A. 机械效率 B. 功率 C. 功 D. 有用功 【答案】B 【解析】 【详解】功率是表示做功快慢的物理量，公式为，当需要完成的总功W固定时，要缩短工作时间t，就需要增大总功率P。上百台挖掘机同时工作，总功率增大，做功更快，就能在最短时间完成工作。 故选B。 5. 如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是（ ） A. 控制变量法 B. 微小放大法 C. 理想模型法 D. 等效替代法 【答案】D 【解析】 【详解】本实验中，两个力、​共同作用将小圆环拉到点，和一个力单独作用将小圆环拉到同一位置点的作用效果完全相同，实验用一个力的作用效果替代两个力的共同作用效果，这种科学方法是等效替代法。故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 6. 在生活中估测是“有用”物理的重要体现。下列关于中学生的数据最接近实际的是（ ） A. 重力约为50kg B. 完成1min跳绳的功率约为5W C. 漂浮水中时受到的浮力约为500N D. 登上一层楼做功约为500J 【答案】C 【解析】 【详解】A．中学生的质量约为50kg，受到的重力，故A不符合题意； B．中学生一分钟跳绳约120次，每次重心升高的高度约为4cm，完成1min跳绳的功率约为，故B不符合题意； C．中学生的重力约为500N，漂浮在水中时，浮力等于重力，中学生受到的浮力约为500N，故C符合题意； D．一层楼的高度约为3m，登上一层楼做功约为，故D不符合题意。 故选C。 7. 2026世界杯正在火热进行。下列有关足球的分析正确的是（ ） A. 足球所受重力的施力物体是地球 B. 头球攻门时，头对球的力与球对头的力是一对平衡力 C. 在空中向前飞行的足球，若所受的力全部消失，它将静止不动 D. 踢出去的足球在空中飞行过程中，是脚的踢力改变了球的运动状态 【答案】A 【解析】 【详解】A．重力是由于地球吸引而受到的力，因此足球重力的施力物体是地球，故A正确； B．头对球的力作用在球上，球对头的力作用在头上，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是作用在同一物体上的平衡力，故B错误； C．根据牛顿第一定律，原本运动的足球若受力全部消失，会保持原来的运动状态做匀速直线运动，故C错误； D．踢出去的足球离开脚后，脚对球的踢力就消失了，足球飞行过程中是重力、空气阻力改变了它的运动状态，故D错误。 故选A。 8. 用三只相同的烧杯分别盛入不同浓度的盐水，将同一鸡蛋先后放入这三只烧杯中，鸡蛋静止时的状态如图所示，且液面相平。则（ ） A. 烧杯中盐水的体积： B. 烧杯中盐水的密度： C. 鸡蛋所受浮力： D. 鸡蛋所受合力的大小： 【答案】B 【解析】 【详解】A．烧杯相同、液面齐平：，由图可知，，得烧杯中盐水的体积：，故A错误； B．根据浮沉条件：，，得，故B正确； C．同一个鸡蛋重力不变 ，甲：沉底，乙：悬浮，丙：漂浮，因此，故C错误； D．甲沉底、乙悬浮、丙漂浮，鸡蛋均静止，受力平衡，合力都为0，即，故D错误。 故选B。 9. 图1为停车场的电子闸杆，其结构图如图2所示，闸杆和摇杆组成一根可绕转轴O转动的杠杆，闸杆质量分布均匀，摇杆质量不计。当力F作用于A点时，闸杆恰好开始向上转动，下列说法正确的是（ ） A. 此装置可视为省力杠杆 B. 力F的力臂为OA C. 转动过程中闸杆重力的力臂不变 D. 当力F垂直于OA向下时最省力 【答案】D 【解析】 【详解】A．该杠杆支点为，阻力是闸杆的重力，由图可知，动力臂小于阻力臂，因此是费力杠杆，故A错误； B．力臂是支点到力的作用线的垂直距离，只有力垂直时，力臂才等于；图中是斜向的，力臂小于，故B错误； C．重力始终竖直向下，闸杆向上转动过程中，支点到重力作用线的垂直距离即重力的力臂会逐渐减小，故C错误； D．根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小。作用在点的力，最大动力臂为的长度，只有当垂直向下时，动力臂等于，此时动力最小，最省力，故D正确。 故选D。 10. 如图所示，机器狗正在搬运重物。下列过程中，机器狗对重物做功的是（　　） A. 驮着重物静止不动 B. 驮着重物水平匀速行走 C. 驮着重物爬上台阶 D. 从机器狗背上取下重物 【答案】C 【解析】 【详解】A．驮着重物静止不动，机器狗对重物有向上的支持力，但重物没有在力的方向上移动距离，所以机器狗对重物没有做功。故A不符合题意； B．驮着重物水平匀速行走，机器狗对重物有向上的支持力，但重物是在水平方向上移动，在竖直方向上没有移动距离，即力的方向与物体移动的方向垂直，所以机器狗对重物没有做功。故B不符合题意； C．驮着重物爬上台阶，机器狗对重物有向上的支持力，并且重物在竖直方向上向上移动了一段距离，即在力的方向上移动了距离，所以机器狗对重物做了功。故C符合题意； D．从机器狗背上取下重物，机器狗对重物没有力的作用，所以机器狗对重物不做功是，其他外力对重物做功。故D不符合题意。 故选C。 11. 2026年5月24日23时08分，神舟二十三号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。飞船在加速升空的过程中（ ） A. 飞船的动能减小 B. 飞船的重力势能增加 C. 飞船的动能转化为重力势能 D. 飞船的机械能总量不变 【答案】B 【解析】 【详解】ABD．飞船加速上升的过程中，飞船的质量不变，速度增加，动能增加；质量不变，高度增加，重力势能增加；飞船的机械能等于动能与重力势能之和，因此飞船的机械能增加，故AD不符合题意，B符合题意； C．飞船上升过程中，燃料的燃烧产生的能量转化成飞船的动能和重力势能，故C不符合题意。 故选B。 12. 如图，叉车将货物从地面缓慢举高，然后又沿水平方向缓慢移动到车厢旁。叉车工作时，下列说法正确的是（ ） A. 叉车水平移动距离越大，做功越多 B. 叉车对货物做功越多，功率越大 C. 叉车举起货物越快，机械效率越高 D. 叉车举起的货物越重，机械效率越高 【答案】D 【解析】 【详解】A．叉车水平移动货物时，叉车对货物的力竖直向上，和水平移动方向垂直，叉车对货物不做功，故A错误； B．功率，功率由做功多少和做功时间共同决定，仅知道做功多，无法确定功率大小，故B错误； C．机械效率是有用功和总功的比值，描述有用功占总功的比例；做功快慢是功率的物理意义，和机械效率无关，举起越快只说明功率越大，故C错误； D．叉车举货物时，额外功主要是克服举升装置自身重力做的功，大小基本不变；货物越重，有用功越大，有用功在总功中的占比越大，机械效率越高，故D正确。 故选D。 13. 如图所示，龙骨水车因其形如龙骨而得名，是我国历史上的主要灌溉农具。固定在水槽尾部的小轮可以改变木制链条上刮水板的运动方向，让刮水板持续将水槽中的水提升至高处，该小轮是一个（　　） A. 定滑轮 B. 动滑轮 C. 杠杆 D. 斜面 【答案】A 【解析】 【详解】定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向。题目中固定在水槽尾部的小轮，作用是改变木制链条上刮水板的运动方向，符合定滑轮的特征。而动滑轮是省力但不能改变力的方向；杠杆是在力的作用下能绕着固定点转动的硬棒，此小轮不符合杠杆的典型结构和作用；斜面是一种省力机械，与该小轮的作用和结构不符。所以该小轮是一个定滑轮。 故选A。 14. 若机械和绳子自重、滑轮转轴摩擦等均忽略不计，使用下列机械提升同一重物的情境中最省力的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】由A图可知，使用的机械是斜面，拉物体移动的距离是物体上升高度的2倍，若机械和绳子自重、滑轮转轴摩擦等均忽略不计，则拉力F的大小等于重物的重力G的一半； 由B图可知，使用的机械是定滑轮，若机械和绳子自重、滑轮转轴摩擦等均忽略不计，拉力F的大小等于重物的重力G； 由C图可知，使用的机械是有3段绳子承重的滑轮组，若机械和绳子自重、滑轮转轴摩擦等均忽略不计，则拉力F的大小等于重物的重力G的三分之一； 由D图可知，使用的机械是杠杆，动力臂是阻力臂的4倍，则拉力F的大小等于重物的重力G的四分之一。 综上所述：使用杠杆提升同一重物最省力，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 15. 用一个动滑轮在5s内将一重为200N的物体向上匀速提升3m，拉力为150N。下列分析正确的是（ ） A. 拉力做的功为450J B. 拉力的功率为180W C. 该滑轮的机械效率为75% D. 增大被提起的物重，该滑轮的机械效率不变 【答案】B 【解析】 【详解】用动滑轮提升物体时，有两根绳承担物重，，绳子自由端移动的距离 A．拉力做的功，故A错误； B．拉力的功率为，故B正确； C．该滑轮的机械效率为，故C错误； D．滑轮的机械效率 由上式可知，增大被提起的物重，该滑轮的机械效率增大，故D错误。 故选B。 二、理解与应用（本题包括个5小题，共20分） 16. 如图所示，是学校运动会开幕式上要放飞的彩色气球，气球内充入的气体密度应___________（选填“大于”“小于”或“等于”）空气密度才能升空。气球升空过程中，外界气压变___________，气球会逐渐膨胀。若气球的体积为100dm3，空气密度约为1.3kg/m3，则气球在空气中受到的浮力为___________N，g取10N/kg。 【答案】 ①. 小于 ②. 小 ③. 1.3 【解析】 【详解】根据浮沉条件，气球升空时，展开得，气球完全浸没在空气中，所以，故可得 大气压随海拔升高而减小，气球升空过程中，外界气压变小。 气球排开气体体积等于气球体积 气球在空气中受到的浮力 17. 如图所示，是一种利用滚轴和绳子组装的特殊提升装置。该提升装置相当于___________（填简单机械名称）模型，装置中滚轴B的作用是___________（选填“省力”“省距离”或“省功”）。若滚轴自重200N，不计绳重与摩擦。工人匀速拉动绳子自由端功率为200W，将摩托车竖直向上匀速提升2m用时20s，工人做功___________J，摩托车重为___________N。 【答案】 ①. 滑轮组 ②. 省力 ③. 4000## ④. 1800## 【解析】 【详解】该装置由固定的滚轴A（定滑轮）和随物体运动的滚轴B（动滑轮）和绳子组成，相当于滑轮组模型。 滚轴B是动滑轮，动滑轮的作用是省力，任何机械都不能省功，动滑轮省力费距离，因此填省力。 工人做功 不计绳重和摩擦，额外功是提升滚轴B自重做的功 有用功 由得，摩托车重 18. 航天器下落速度过大，落地冲击力会损坏航天器内部样本设备。我国嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，返回器冲出大气层再折返过程中会与稀薄大气摩擦损耗能量。其着陆过程的部分轨迹简化为如图，AB段返回器的重力势能___________；着陆过程段返回器的机械能___________，采用这样的方式着陆，航天器速度___________、减小落地冲击力。（均选填“减小”、“增大”或“不变”） 【答案】 ①. 增大 ②. 减小 ③. 减小 【解析】 【详解】AB段，返回器的质量不变，高度变大，重力势能增大； 着陆过程中，需要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故机械能减小； 航天器利用大气层阻力分阶段消耗动能，将高速分解为两次减速过程，采用这样方式着陆，航天器速度减小，从而减小落地冲击力。 19. 谷风车是我国古代劳动人民智慧的结晶。如图甲所示，当农民转动手动杆时，有风吹出，顶槽漏下的饱满谷粒和干瘪谷粒就被分开。图乙为谷风车内部风扇叶片图示，手动杆的半径用字母L表示，则： （1）转动手动杆时，叶轮由静止开始转动，说明力可以改变物体的___________。 （2）A出口主要得到___________（选填“饱满谷粒”或“干瘪谷粒”）。力作用在质量不同的物体上时，质量大的物体具有的___________大，运动状态___________（选填“容易”或“不容易”）改变。 （3）谷粒从顶槽漏下后，在下落过程中，谷粒的___________能转化为___________能。 （4）谷风车的手动摇柄与叶轮轴构成了一个___________（填简单机械名称）。为了更省力，可___________（选填“增长”或“缩短”）手动杆半径L。 【答案】（1）运动状态 （2） ①. 饱满谷粒 ②. 惯性 ③. 不容易 （3） ①. 重力势 ②. 动 （4） ①. 轮轴 ②. 增长 【解析】 【小问1详解】 转动手动杆时，叶轮因受力由静止开始转动，运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态。 【小问2详解】 谷风车工作时，风吹动谷粒，干瘪谷粒质量小、惯性小，易被风吹远；饱满谷粒质量大、惯性大，不易被吹动，会因重力下落得更近。从图甲看，A出口靠近风源下方，应是下落近处，即饱满谷粒。物理学中，惯性大小只与质量有关，质量越大，惯性越大，运动状态越不容易改变。 【小问3详解】 谷粒从高处下落，高度降低，重力势能减小；速度增加，动能增大。所以是重力势能转化为动能。 【小问4详解】 手动摇柄带动叶轮轴转动，属于轮轴结构，本质是变形杠杆，轮半径是动力臂，轴半径是阻力臂。根据杠杆平衡条件，要“更省力”，就要增大动力臂，即增长手动杆半径L。 20. 图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂l及物体所受重力的示意图。 【答案】 【解析】 【详解】过支点O做力F的作用线的垂线段，该垂线段为F的力臂l；重力的方向时竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此做出重力的示意图，如下所示： 三、实验与探究（本题包括4个小题，共30分） 21. 物探小组用如图所示装置探究液体压强与哪些因素有关。 （1）为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应选___________（选填“薄”或“厚”）一些。实验前，轻压探头橡皮膜，U形管内液面如图A所示，说明该装置气密性___________（选填“较好”或“较差”）。 （2）分析B、C两图可知：同种液体，___________越大，压强___________。 （3）要探究同一深度处，各水平方向是否都有压强，接下来的操作是：保持液体种类和深度不变，改变___________，观察___________。 （4）将探头放入D图的酒精中，U形管两侧液柱情况与图C一致。已知，探头位置可能在___________（选填“a”、“b”或“c”）处。 【答案】（1） ①. 薄 ②. 较好 （2） ①. 深度 ②. 越大 （3） ①. 探头方向 ②. U形管两侧液面高度差 （4）c 【解析】 【小问1详解】 ①液体压强计的工作原理是利用U 形管两边液面高度差反映探头处压强的大小，为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应薄一些较好；②轻压橡皮膜，U 形管液面立刻出现高度差，说明装置气密性较好。 【小问2详解】 B、C 液体都是水，探头所处深度不同，实验B中浅、实验C中深，U形管液面高度差实验C中更大，说明，同种液体，深度越深，压强越大； 【小问3详解】 要探究同一深度处，各水平方向是否都有压强，需保持液体种类和深度不变，改变探头朝向，并观察U形管液面高度差是否变化。 【小问4详解】 U形管两侧液柱情况与图C一致，所以探头处的压强相同，由、，则酒精中的探头深度大于水中的，即，故探头位置可能在c处。 22. 高空坠物是城市生活中严重的安全隐患，哪怕是鸡蛋、矿泉水瓶等轻质物体，从高层建筑坠落也会产生巨大的破坏力，引发安全事故。为揭秘高空坠物的危害原理，培养安全防护意识，某校物理小组展开实验探究。 【问题】 （1）针对上述现象，从能的角度提出一个可探究的物理问题___________。 【证据】 实验器材：质量不同的实心金属小球若干、橡皮泥、刻度尺 实验思路：重力势能大小无法直接观察，通过比较小球撞击后橡皮泥的凹陷深度，判断重力势能大小；同时利用控制变量法，分步探究质量、高度对重力势能的影响。 实验步骤：①探究重力势能与高度的关系：取同一金属小球，分别在不同高度处由静止自由释放，撞击水平放置的橡皮泥，观察并比较橡皮泥的凹陷深度； ②探究重力势能与质量的关系：取质量不同的金属小球，在同一高度由静止自由释放，撞击相同的橡皮泥，观察并比较橡皮泥的凹陷深度。 【解释】 （2）实验中通过橡皮泥凹陷深度反映小球重力势能的大小，该物理研究方法是___________。 （3）探究重力势能与高度的关系时，需控制小球的___________相同。 （4）根据实验现象：同一小球下落高度越高，橡皮泥凹陷越深；同一高度静止下落，小球质量越大，橡皮泥凹陷越深。实验结果表明：物体重力势能与其___________和___________有关。 （5）实验时必须让小球由静止释放，若实验中用力向下抛掷小球，会导致实验结论___________（选填“可靠”或“不可靠”），原因是___________。 【交流】 （6）请结合实验结论，从物理角度解释高空坠物存在极大安全隐患的原因___________。 【答案】（1）重力势能的大小与什么因素有关 （2）转换法 （3）质量 （4） ①. 质量 ②. 高度 （5） ①. 不可靠 ②. 用力向下抛会让小球获得初动能，使小球落地时的动能更大，无法正确反映重力势能的大小，影响实验结果 （6）物体的重力势能与高度和质量有关，高空坠物的高度很大，即使质量较小，也具有很大的重力势能，下落过程中重力势能转化为大量动能，落地时会产生很大的破坏力，因此存在极大安全隐患 【解析】 【小问1详解】 高空坠物是城市生活中严重的安全隐患，高空抛出的物体具有很大的重力势能，提出问题：重力势能的大小与什么因素有关？ 【小问2详解】 重力势能的大小无法直接观察，通过橡皮泥凹陷深度反映小球重力势能的大小，用到转换法。 【小问3详解】 探究重力势能与高度的关系时，需要控制小球的质量相同，改变下落的高度。 【小问4详解】 同一小球下落高度越高，橡皮泥凹陷越深，说明重力势能与高度有关；同一高度静止下落，小球质量越大，橡皮泥凹陷越深，说明重力势能与质量有关。 【小问5详解】 略。 【小问6详解】 略。 23. 小明利用铁架台、杠杆、刻度尺、弹簧测力计、钩码等器材，探究杠杆平衡时，保持阻力和阻力臂不变，动力臂与动力的关系。 （1）实验前，他将杠杆安装在支架上，发现杠杆左端下沉，如图甲所示。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在不挂钩码时，保持在___________位置平衡。这样做的好处是：便于在杠杆上直接测量___________； （2）杠杆调好后，他将杠杆左侧受到的钩码的拉力作为阻力，杠杆右侧受到的钩码的拉力作为动力，如图乙所示，保持杠杆左侧钩码的数量和位置不变，依次改变杠杆右侧钩码的数量，调节杠杆右侧钩码的位置，使杠杆在原位置再次平衡，测量动力F1和动力臂L1的数据如下表所示，由此可得实验结论：在阻力和阻力臂不变时，___________； 次数 1 2 3 4 5 6 F1/N 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 L1/cm 30.0 15.0 10.0 7.5 6.0 （3）第6次实验时，L1为___________cm；多次实验的目的是___________； （4）小明对斜拉桥的结构进行简化，抽象成图丙所示的杠杆模型，画了桥塔高低不同的两幅图。通过分析发现：可以通过___________（选填“增加”或“减小”）桥塔高度的方法来增大拉索拉力的力臂，从而减小拉索___________。 【答案】（1） ①. 右 ②. 水平 ③. 力臂 （2）动力与动力臂成反比 （3） ①. 5.0 ②. 减小偶然因素，使结论更具普遍性 （4） ①. 增加 ②. 拉力 【解析】 【小问1详解】 杠杆左端下沉，右端上翘，表明右端要轻一些，应将平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平位置平衡；此时，动力臂和阻力臂都在杠杆上，便于在杠杆上直接测量力臂。 【小问2详解】 由表格数据可知 动力臂和动力的乘积始终不变，可得出实验结论：当杠杆平衡时，保持阻力和阻力臂不变，动力臂与动力成反比。 【小问3详解】 表格中第6组数据动力和动力臂的乘积不变 解得，实验中要进行多次实验，目的是减小偶然因素 ，使结论更具普遍性。 【小问4详解】 由图丙可知，桥的重力和力臂不变，桥塔越高，斜拉索对桥的拉力的力臂越大，由杠杆的平衡条件可知，拉力越小；通过分析发现：可以通过增加桥塔高度的方法来增大拉索拉力的力臂，从而减小拉索拉力。 24. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，数据记录如表。 次数 钩码重G/N 钩码上升距离h/cm 弹簧测力计示数F/N 弹簧测力计上升距离s/cm 机械效率 机械效率平均值 1 2 10 0.8 30 83.3% 2 4 10 1.5 30 88.9% 3 6 10 30 （1）同组的小聪认为表格设计有问题，请你指出问题所在：___________；（不说明理由） （2）实验时，要竖直向上___________拉动弹簧测力计； （3）第3次实验中，弹簧测力计的示数如图，为___________N；机械效率为___________（结果保留一位小数）； （4）分析数据发现：用同一滑轮组，提升的物体___________，滑轮组的机械效率越高； （5）实验中，若增大钩码上升的高度，则提升过程中做的额外功___________，滑轮组的机械效率___________。（均选填“增大”、“减小”或“不变”） 【答案】（1）设置机械效率平均值一栏 （2）匀速 （3） ①. 2.2 ②. 90.9% （4）越重 （5） ①. 增大 ②. 不变 【解析】 【小问1详解】 同一滑轮组提升不同重力的物体时，机械效率不同，求机械效率的平均值没有实际意义，因此表格设计错误是设置了机械效率平均值栏目。 【小问2详解】 只有竖直匀速拉动弹簧测力计时，滑轮组受力平衡，弹簧测力计示数等于拉力大小，读数才准确。  【小问3详解】 弹簧测力计分度值为0.2N，读数为2.2N。 根据机械效率公式  【小问4详解】 由第1、2、3次实验，其他因素不变，钩码的重力增大时，机械效率也在变大，因此可得：同一滑轮组，提升物体的重力越大，滑轮组机械效率越高。 【小问5详解】 滑轮组的额外功主要是克服动滑轮重力做的功，提升高度增大，额外功随之增大。 推导机械效率公式，可知机械效率与提升高度无关，因此机械效率不变。 四、分析与计算（本题3个小题，共20分） 25. 我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰“福建舰”于2025年11月5日正式入列，满载排水量，标志中国海军从“近海防御”向“远海防卫”转型。在某段海域福建舰以54km/h的速度匀速直线航行1h，此过程受到海水的平均阻力为。，。求: （1）福建舰满载时受到的浮力和排开水的体积（保留一位小数）； （2）此过程发动机的输出功率。 【答案】（1）， （2） 【解析】 【小问1详解】 根据阿基米德原理，浮力等于排开水的重力，满载排开水的质量为  满载时受到的浮力为 排开海水的体积为 【小问2详解】 福建舰匀速直线航行，水平方向受力平衡，牵引力等于阻力 福建舰行驶速度为 发动机输出功率为 26. 如图所示，斜面长s=1.5m，高h=0.3m．建筑工人将重G=500N的货物箱，用绳子从地面匀速拉到顶端时，沿斜面向上的拉力F=150N，忽略绳子重力。求： （1）该过程拉力F做的功； （2）该装置的机械效率； （3）货物箱在斜面上受的摩擦力大小。 【答案】（1）225J （2）66.7% （3）50N 【解析】 【详解】（1）该过程拉力F做的功 W=Fs=150N×1.5m=225J (2)有用功 W有用=Gh=mgh=500N×0.3m=150J， 该装置的机械效率 ； (3)额外功 W额=W-W有用=225J-150J=75J， 货物箱在斜面上受的摩擦力大小 ； 27. 滑翔机一类无自带动力装置的固定翼航空器，依靠空气流经机翼产生的升力实现升空飞行，是初中物理流体力学、功和能等核心知识的典型应用实例。物理兴趣小组的同学们，选用厚度3mm和2mm的轻质木板制作机身、机翼、尾翼等部件，经切割、打磨、粘连组装完成整机，整机总质量为40g，外形符合空气动力学设计。在水平操场上开展规范试飞，将滑翔机举至离地1.5m的高度，以2m/s的水平初速度水平抛出，滑翔机沿曲线平稳滑翔，最终落地，单次滑翔的水平最大距离为12m，滞空总时间为3s；试飞中发现滑翔机存在飞行姿态不稳、滞空时间偏短等问题，小组针对问题开展了多轮调试与改进。 （1）滑翔机飞行时，机翼上表面的空气流速___________（选填“大于”“小于”或“等于”）下表面的空气流速，从而产生向上的升力。 （2）本次试飞中，滑翔机从1.5m高度下落至地面的过程中，重力对滑翔机做的功为___________J（g取10N/kg）；该过程中，重力做功的平均功率为___________W。 （3）滑翔机在空中滑翔的过程中，其机械能___________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 （4）为延长滑翔机的滞空时间、提升飞行稳定性，小组同学计划优化设计。请你结合所学物理知识，从功和能角度或流体力学角度，写出一条可行的优化措施___________。 【答案】（1）大于 （2） ①. 0.6 ②. 0.2 （3）减小 （4）增大机翼面积，获得更大升力，减小下落速度，延长滞空时间##减轻机身总质量，减小下落重力势能损耗 【解析】 【小问1详解】 机翼上表面呈弧形，下表面较平直，空气流经机翼时，上表面空气流动路程更长，相同时间内流速大于下表面空气流速，上方压强小于下方压强，从而产生向上的升力。 【小问2详解】 滑翔机总质量 滑翔机重力 重力做功 重力做功的平均功率 【小问3详解】 滑翔机在空中滑翔过程中，需要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，因此其机械能减小。 【小问4详解】 从流体力学角度：增大机翼的面积，可增大空气对机翼的升力，延长滞空时间；或优化机翼形状，使上表面更凸，增大上下表面的流速差，提升升力。从功和能角度：减轻滑翔机的总质量，可减小重力做功的损耗；或优化机身外形为流线型，减小空气阻力，减少机械能损耗，从而延长滞空时间。（写出一条合理即可） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 八年级物理试题 一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 下列哪个不是功的单位（ ） A. J B. N·m C. W D. W·s 2. 《天工开物》中记载：“凡锻刀斧，夹钢淬石，刃口甚薄”。刃口“薄”的目的是（　　） A. 增大压力 B. 增大压强 C. 减少压力 D. 减少压强 3. 在下列底部相通的容器中装有同种液体，当静止时液面位置正确的是（　　） A. B. C. D. 4. 为了在最短的时间内完成某工地的地面基础建设，上百台挖掘机同时工作，其目的是增大（ ） A. 机械效率 B. 功率 C. 功 D. 有用功 5. 如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是（ ） A. 控制变量法 B. 微小放大法 C. 理想模型法 D. 等效替代法 6. 在生活中估测是“有用”物理的重要体现。下列关于中学生的数据最接近实际的是（ ） A. 重力约为50kg B. 完成1min跳绳的功率约为5W C. 漂浮水中时受到的浮力约为500N D. 登上一层楼做功约为500J 7. 2026世界杯正在火热进行。下列有关足球的分析正确的是（ ） A. 足球所受重力的施力物体是地球 B. 头球攻门时，头对球的力与球对头的力是一对平衡力 C. 在空中向前飞行的足球，若所受的力全部消失，它将静止不动 D. 踢出去的足球在空中飞行过程中，是脚的踢力改变了球的运动状态 8. 用三只相同的烧杯分别盛入不同浓度的盐水，将同一鸡蛋先后放入这三只烧杯中，鸡蛋静止时的状态如图所示，且液面相平。则（ ） A. 烧杯中盐水的体积： B. 烧杯中盐水的密度： C. 鸡蛋所受浮力： D. 鸡蛋所受合力的大小： 9. 图1为停车场的电子闸杆，其结构图如图2所示，闸杆和摇杆组成一根可绕转轴O转动的杠杆，闸杆质量分布均匀，摇杆质量不计。当力F作用于A点时，闸杆恰好开始向上转动，下列说法正确的是（ ） A. 此装置可视为省力杠杆 B. 力F的力臂为OA C. 转动过程中闸杆重力的力臂不变 D. 当力F垂直于OA向下时最省力 10. 如图所示，机器狗正在搬运重物。下列过程中，机器狗对重物做功的是（　　） A. 驮着重物静止不动 B. 驮着重物水平匀速行走 C. 驮着重物爬上台阶 D. 从机器狗背上取下重物 11. 2026年5月24日23时08分，神舟二十三号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。飞船在加速升空的过程中（ ） A. 飞船的动能减小 B. 飞船的重力势能增加 C. 飞船的动能转化为重力势能 D. 飞船的机械能总量不变 12. 如图，叉车将货物从地面缓慢举高，然后又沿水平方向缓慢移动到车厢旁。叉车工作时，下列说法正确的是（ ） A. 叉车水平移动距离越大，做功越多 B. 叉车对货物做功越多，功率越大 C. 叉车举起货物越快，机械效率越高 D. 叉车举起的货物越重，机械效率越高 13. 如图所示，龙骨水车因其形如龙骨而得名，是我国历史上的主要灌溉农具。固定在水槽尾部的小轮可以改变木制链条上刮水板的运动方向，让刮水板持续将水槽中的水提升至高处，该小轮是一个（　　） A. 定滑轮 B. 动滑轮 C. 杠杆 D. 斜面 14. 若机械和绳子自重、滑轮转轴摩擦等均忽略不计，使用下列机械提升同一重物的情境中最省力的是（　　） A. B. C. D. 15. 用一个动滑轮在5s内将一重为200N的物体向上匀速提升3m，拉力为150N。下列分析正确的是（ ） A. 拉力做的功为450J B. 拉力的功率为180W C. 该滑轮的机械效率为75% D. 增大被提起的物重，该滑轮的机械效率不变 二、理解与应用（本题包括个5小题，共20分） 16. 如图所示，是学校运动会开幕式上要放飞的彩色气球，气球内充入的气体密度应___________（选填“大于”“小于”或“等于”）空气密度才能升空。气球升空过程中，外界气压变___________，气球会逐渐膨胀。若气球的体积为100dm3，空气密度约为1.3kg/m3，则气球在空气中受到的浮力为___________N，g取10N/kg。 17. 如图所示，是一种利用滚轴和绳子组装的特殊提升装置。该提升装置相当于___________（填简单机械名称）模型，装置中滚轴B的作用是___________（选填“省力”“省距离”或“省功”）。若滚轴自重200N，不计绳重与摩擦。工人匀速拉动绳子自由端功率为200W，将摩托车竖直向上匀速提升2m用时20s，工人做功___________J，摩托车重为___________N。 18. 航天器下落速度过大，落地冲击力会损坏航天器内部样本设备。我国嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，返回器冲出大气层再折返过程中会与稀薄大气摩擦损耗能量。其着陆过程的部分轨迹简化为如图，AB段返回器的重力势能___________；着陆过程段返回器的机械能___________，采用这样的方式着陆，航天器速度___________、减小落地冲击力。（均选填“减小”、“增大”或“不变”） 19. 谷风车是我国古代劳动人民智慧的结晶。如图甲所示，当农民转动手动杆时，有风吹出，顶槽漏下的饱满谷粒和干瘪谷粒就被分开。图乙为谷风车内部风扇叶片图示，手动杆的半径用字母L表示，则： （1）转动手动杆时，叶轮由静止开始转动，说明力可以改变物体的___________。 （2）A出口主要得到___________（选填“饱满谷粒”或“干瘪谷粒”）。力作用在质量不同的物体上时，质量大的物体具有的___________大，运动状态___________（选填“容易”或“不容易”）改变。 （3）谷粒从顶槽漏下后，在下落过程中，谷粒的___________能转化为___________能。 （4）谷风车的手动摇柄与叶轮轴构成了一个___________（填简单机械名称）。为了更省力，可___________（选填“增长”或“缩短”）手动杆半径L。 20. 图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中作出力F的力臂l及物体所受重力的示意图。 三、实验与探究（本题包括4个小题，共30分） 21. 物探小组用如图所示装置探究液体压强与哪些因素有关。 （1）为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应选___________（选填“薄”或“厚”）一些。实验前，轻压探头橡皮膜，U形管内液面如图A所示，说明该装置气密性___________（选填“较好”或“较差”）。 （2）分析B、C两图可知：同种液体，___________越大，压强___________。 （3）要探究同一深度处，各水平方向是否都有压强，接下来的操作是：保持液体种类和深度不变，改变___________，观察___________。 （4）将探头放入D图的酒精中，U形管两侧液柱情况与图C一致。已知，探头位置可能在___________（选填“a”、“b”或“c”）处。 22. 高空坠物是城市生活中严重的安全隐患，哪怕是鸡蛋、矿泉水瓶等轻质物体，从高层建筑坠落也会产生巨大的破坏力，引发安全事故。为揭秘高空坠物的危害原理，培养安全防护意识，某校物理小组展开实验探究。 【问题】 （1）针对上述现象，从能的角度提出一个可探究的物理问题___________。 【证据】 实验器材：质量不同的实心金属小球若干、橡皮泥、刻度尺 实验思路：重力势能大小无法直接观察，通过比较小球撞击后橡皮泥的凹陷深度，判断重力势能大小；同时利用控制变量法，分步探究质量、高度对重力势能的影响。 实验步骤：①探究重力势能与高度的关系：取同一金属小球，分别在不同高度处由静止自由释放，撞击水平放置的橡皮泥，观察并比较橡皮泥的凹陷深度； ②探究重力势能与质量的关系：取质量不同的金属小球，在同一高度由静止自由释放，撞击相同的橡皮泥，观察并比较橡皮泥的凹陷深度。 【解释】 （2）实验中通过橡皮泥凹陷深度反映小球重力势能的大小，该物理研究方法是___________。 （3）探究重力势能与高度的关系时，需控制小球的___________相同。 （4）根据实验现象：同一小球下落高度越高，橡皮泥凹陷越深；同一高度静止下落，小球质量越大，橡皮泥凹陷越深。实验结果表明：物体重力势能与其___________和___________有关。 （5）实验时必须让小球由静止释放，若实验中用力向下抛掷小球，会导致实验结论___________（选填“可靠”或“不可靠”），原因是___________。 【交流】 （6）请结合实验结论，从物理角度解释高空坠物存在极大安全隐患的原因___________。 23. 小明利用铁架台、杠杆、刻度尺、弹簧测力计、钩码等器材，探究杠杆平衡时，保持阻力和阻力臂不变，动力臂与动力的关系。 （1）实验前，他将杠杆安装在支架上，发现杠杆左端下沉，如图甲所示。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在不挂钩码时，保持在___________位置平衡。这样做的好处是：便于在杠杆上直接测量___________； （2）杠杆调好后，他将杠杆左侧受到的钩码的拉力作为阻力，杠杆右侧受到的钩码的拉力作为动力，如图乙所示，保持杠杆左侧钩码的数量和位置不变，依次改变杠杆右侧钩码的数量，调节杠杆右侧钩码的位置，使杠杆在原位置再次平衡，测量动力F1和动力臂L1的数据如下表所示，由此可得实验结论：在阻力和阻力臂不变时，___________； 次数 1 2 3 4 5 6 F1/N 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 L1/cm 30.0 15.0 10.0 7.5 6.0 （3）第6次实验时，L1为___________cm；多次实验的目的是___________； （4）小明对斜拉桥的结构进行简化，抽象成图丙所示的杠杆模型，画了桥塔高低不同的两幅图。通过分析发现：可以通过___________（选填“增加”或“减小”）桥塔高度的方法来增大拉索拉力的力臂，从而减小拉索___________。 24. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，数据记录如表。 次数 钩码重G/N 钩码上升距离h/cm 弹簧测力计示数F/N 弹簧测力计上升距离s/cm 机械效率 机械效率平均值 1 2 10 0.8 30 83.3% 2 4 10 1.5 30 88.9% 3 6 10 30 （1）同组的小聪认为表格设计有问题，请你指出问题所在：___________；（不说明理由） （2）实验时，要竖直向上___________拉动弹簧测力计； （3）第3次实验中，弹簧测力计的示数如图，为___________N；机械效率为___________（结果保留一位小数）； （4）分析数据发现：用同一滑轮组，提升的物体___________，滑轮组的机械效率越高； （5）实验中，若增大钩码上升的高度，则提升过程中做的额外功___________，滑轮组的机械效率___________。（均选填“增大”、“减小”或“不变”） 四、分析与计算（本题3个小题，共20分） 25. 我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰“福建舰”于2025年11月5日正式入列，满载排水量，标志中国海军从“近海防御”向“远海防卫”转型。在某段海域福建舰以54km/h的速度匀速直线航行1h，此过程受到海水的平均阻力为。，。求: （1）福建舰满载时受到的浮力和排开水的体积（保留一位小数）； （2）此过程发动机的输出功率。 26. 如图所示，斜面长s=1.5m，高h=0.3m．建筑工人将重G=500N的货物箱，用绳子从地面匀速拉到顶端时，沿斜面向上的拉力F=150N，忽略绳子重力。求： （1）该过程拉力F做的功； （2）该装置的机械效率； （3）货物箱在斜面上受的摩擦力大小。 27. 滑翔机一类无自带动力装置的固定翼航空器，依靠空气流经机翼产生的升力实现升空飞行，是初中物理流体力学、功和能等核心知识的典型应用实例。物理兴趣小组的同学们，选用厚度3mm和2mm的轻质木板制作机身、机翼、尾翼等部件，经切割、打磨、粘连组装完成整机，整机总质量为40g，外形符合空气动力学设计。在水平操场上开展规范试飞，将滑翔机举至离地1.5m的高度，以2m/s的水平初速度水平抛出，滑翔机沿曲线平稳滑翔，最终落地，单次滑翔的水平最大距离为12m，滞空总时间为3s；试飞中发现滑翔机存在飞行姿态不稳、滞空时间偏短等问题，小组针对问题开展了多轮调试与改进。 （1）滑翔机飞行时，机翼上表面的空气流速___________（选填“大于”“小于”或“等于”）下表面的空气流速，从而产生向上的升力。 （2）本次试飞中，滑翔机从1.5m高度下落至地面的过程中，重力对滑翔机做的功为___________J（g取10N/kg）；该过程中，重力做功的平均功率为___________W。 （3）滑翔机在空中滑翔的过程中，其机械能___________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 （4）为延长滑翔机的滞空时间、提升飞行稳定性，小组同学计划优化设计。请你结合所学物理知识，从功和能角度或流体力学角度，写出一条可行的优化措施___________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $