陕西西安市陕西师范大学附属中学2025-2026学年高三下学期集训六物理试题

**基本信息** 陕西师大附中高三物理集训卷聚焦高考模拟预测，以真实情境（如北斗卫星、抽水机）和综合问题（如电磁场往复运动）考查核心素养，适配高三冲刺阶段能力提升需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7/28|近代物理（光电效应）、力学平衡、天体运动|结合α粒子散射等实验情境，考查物理观念| |多选题|3/18|磁场仪器（质谱仪）、电磁感应|通过回旋加速器等模型，体现科学推理| |实验题|2/16|牛顿第二定律、伏安法测电阻|设计误差分析（如未考虑托盘质量），落实科学探究| |解答题|3/38|机械波叠加、多体碰撞、电磁场综合|第15题以速度分量图像为载体，考查模型建构与创新应用|

陕西师大附中2025—2026学年度高三第六次集训 物理试题 一、单选题（共28分） 1．（本题4分）在近代物理发展的进程中，实验和理论相互推动，促进了人类对世界认识的不断深入。物理实验是物理理论研究的基石，关于下面几幅图说法正确的是（　　） A．图甲说明发生光电效应时，用a光照射时，单位时间内逸出的光电子数最多 B．图乙说明在α粒子散射实验中，大多数粒子都有了明显偏转 C．图丙中若用能量为0.66eV的光子照射某一个处于n=3激发态的氢原子，最多可以产生6种不同频率的光 D．图丁可知原子核与原子核相比，原子核核子的平均质量小，原子核结合能大 2．（本题4分）如图所示，轻绳的一端系在质量为的物体上，另一端系在一个轻质圆环上，圆环套在粗糙水平杆上。现用水平力拉绳上一点，使物体处于图中实线位置，然后改变的大小使其缓慢下降到图中虚线位置，圆环仍在原来的位置不动。在这一过程中，水平拉力、环与杆的摩擦力和环对杆的压力的变化情况是（　　） A．减小，减小，不变 B．减小，减小，减小 C．增大，不变，增大 D．增大，增大，不变 3．（本题4分）如图所示，Ⅰ为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为；Ⅱ为地球的近地卫星。已知地球的自转周期为，万有引力常量为G，根据题中条件，可求出（　　） A．地球的平均密度为 B．卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为 C．卫星Ⅱ的周期为 D．卫星Ⅱ运动的线速度为 4．（本题4分）如图，用抽水机抽水来灌溉农田，抽水机距离水面的高度为h，出口的横截面积为S，在t时间内出口喷水的质量为m，水的密度为，则在t时间内，抽水机的输出功率是（　　） A． B． C． D． 5．（本题4分）如图所示，滑动变阻器的滑片向下滑动，电压表示数变化量的绝对值为，电流表、、示数变化量的绝对值分别为、、，所有电表均为理想电表，且，下列说法中正确的是（     ） A．和的总功率减小 B．电源的效率减小 C．小于 D． 6．（本题4分）如图所示，空间分布着匀强电场，场中有与电场方向平行的四边形ABCD，其中为AD的中点，为BC的中点。将电荷量为的粒子，从点移动到点，电势能减小；将该粒子从点移动到点，电势能减小。下列说法正确的是（　　） A．点的电势一定比点的电势高 B．匀强电场的电场强度方向必沿DC方向 C．若将该粒子从点移动到点，电场力做的功为 D．若、之间的距离为，则该电场的电场强度的最小值为 7．（本题4分）如图甲所示，一横截面为圆形的水泥涵管、内截面圆的半径为R。一儿童在最低点以一定的水平初速度踢出球，球沿管道运动在A 点脱离管道后，恰好落入位于圆心O处的背兜，简化示意图如图乙所示。忽略一切阻力和滚动的影响，则AO与水平方向夹角的正切值 tanθ为（　　） A． B． C． D． 二、多选题（共18分） 8．（本题6分）如图中关于磁场中的四种仪器的说法中正确的是（　　） A．甲图中回旋加速器加速带电粒子的最大动能与回旋加速器的半径无关 B．乙图中不改变质谱仪各区域的电场磁场时击中光屏同一位置的粒子比荷相同 C．丙图中自由电荷为负电荷的霍尔元件，通上如图所示电流和加上如图所示磁场时N侧带负电荷 D．丁图长宽高分别为a、b、c的电磁流量计加上如图所示磁场，若流量Q恒定，则前后两个金属侧面的电压与a、c无关 9．（本题6分）如图所示，有一宽为的匀强磁场区域，磁场方向垂直于纸面向里。现有一边长为L、粗细均匀的正方形金属线框，以恒定速度穿过磁场区域。在运动过程中，金属线框边始终与磁场区域边界平行，取边刚进入磁场为计时起点，规定逆时针方向为电流正方向，则在下列选项中，能正确反映线框中感应电流以及两点间电势差随时间变化规律的是（　　） A． B． C． D． 10．（本题6分）如甲图所示，在竖直平面内弹性轻绳的一端固定于点，另一端穿过点正下方固定的光滑孔钉（不计大小），并连接一质量为的物块（视为质点），间距为弹性轻绳的原长。现以连线与地面的交点为坐标原点，水平向右为正方向建立轴，给物块一向右的初速度，其从点开始始终沿轴做往复运动。作出物块运动过程中动量随位置坐标变化的乙图像，物块的运动状态可用图像上各点的坐标表示，其中点坐标为，点坐标为，点的横坐标为。已知弹性轻绳弹力的大小和弹性势能分别满足、，其中、分别为弹性轻绳的劲度系数（未知）和伸长量，不计空气阻力和一切摩擦。下列说法正确的是（　　） A．物块运动过程中的最大动能为 B．物块从状态到状态与从状态到状态所经历时间相等 C．弹性轻绳的劲度系数 D．物块在状态的动量大小为 三、实验题（共16分） 11．（本题6分）某实验兴趣小组利用如图甲所示装置做“探究加速度与力的关系”实验时，实验操作如下： ①挂上托盘和砝码，调整木板的倾角，使质量为M的小车沿木板匀速下滑； ②取下托盘和砝码，测出其总质量为m，让小车沿木板下滑。设小车受到的合外力为F，通过计算机可得到小车与位移传感器的距离随时间变化的图像，并求出小车的加速度a； ③改变砝码质量和木板的倾角，重复步骤①②，可得到多组a、F的数据，并绘制图像。 （1）下列说法正确的是______ A．实验开始前需要先补偿阻力 B．调整滑轮高度使细线与木板平行 C． 本实验需要满足 D．本实验将托盘和砝码的总重力mg的大小作为小车受到的合外力F的大小 （2）若测量质量时未考虑托盘的质量，仅将砝码质量记为m，则绘制出的图像应该是图乙中的______（选填“Ⅰ”或“Ⅱ”或“Ⅲ”）； （3）某段时间内小车的图像如图丙所示，根据图像可得小车的加速度大小为______。（结果保留两位有效数字） 12．（本题10分）伏安法测电阻是最重要的测量电阻的方法。 (1)常规测量方法如图甲所示，无论将P接a还是接b，考虑到电表内阻的影响，该实验都有系统误差，将P接a时，该误差产生的原因是电压表的________。 (2)①小刘同学改进了测量原理测量待测电阻Rx，电路图如图乙所示。其中A电源的电动势和内阻未知，B电源的电动势为E0，G为灵敏电流计（零刻度线在表盘正中央），当闭合开关S1和S2时，调节滑动变阻器R1，使得灵敏电流计不偏转，则此时a点的电势φa和b点的电势φb的关系为φa________φb。（选填“>”“=”或“<”） ②已知灵敏电流计的电流方向从d到b时，电流计向右偏转，当闭合开关S1和S2时，电流计向左偏转，则要使电流计指在正中央，应________。（选填“增大R1”或“减小R1”） ③某次测量，当电流计的读数为0时，电流表的读数为I，则待测电阻为________。 ④若电源B的内阻不能忽略，则待测电阻的测量值________真实值。（选填“>”“=”或“﹤”） 四、解答题（共38分） 13．（本题10分）甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播，波速均为，两列波在时的部分波形曲线如图所示。求： （1）甲、乙两列波的周期： （2）时，介质中偏离平衡位置位移为8cm的所有质点的x坐标。    14．（本题12分）如图所示，竖直放置的足够长直管中，每隔距离放置一质量为的圆盘，现将一质量也为的木块从第一个圆盘上方处由静止释放。已知每个圆盘与长直管间的滑动摩擦力均和圆盘自身重力大小相等，所有碰撞均为完全非弹性碰撞，且碰撞时间极短，忽略圆盘厚度，重力加速度大小为，求： (1)木块与第一个圆盘碰撞后瞬间的速度大小； (2)第100次碰撞后瞬间木块的速度大小； (3)从开始运动到第100次碰撞后瞬间，木块与所碰圆盘组成的系统损失的机械能。 15．（本题16分）如图甲所示，xoy平面内有两条平行直线MN、KL相距为d，在两平行直线之间分布着沿y轴的匀强电场（图中未画出） ，在MN、KL两侧分布着垂直xoy平面的匀强磁场（图中未画出） 。 时刻，一质量为m，电荷量为q的带正电粒子从O点以初速度垂直MN进入电场，随后在电场和磁场的作用下在xoy平面内运动，其速度可用图乙所示的直角坐标系内一点表示，、分别表示粒子速度在两个坐标轴上的分量。在图乙中，粒子初始时P点位于图乙中a点，随后粒子在电场作用下P点沿线段移动到b点，之后粒子离开电场进入磁场Ⅰ，P点沿以O为圆心的圆弧移动至c点，然后粒子再次回到电场中，P点沿线段移动到d点，之后粒子再次离开电场进入磁场Ⅱ，P点沿以O为圆心的圆弧回到a点。此后P点将沿图乙中的曲线一直运动下去。已知任何相等的时间内P点沿图乙中闭合曲线通过的曲线长度都相等，不计重力。求： (1) 、KL间的电场强度E的大小和方向； (2)磁场Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度和的大小和方向； (3)从O点出发后带电粒子由电场进入磁场Ⅱ时经过x轴的位置坐标和相应的时刻。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《陕西师大附中2025—2026学年度高三第六次集训 物理试题》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A A C A C C B BC BD ACD 1．A 【难度】0.65 【知识点】遏止电压的本质及其决定因素、α粒子散射实验、玻尔理论对氢原子光谱的解释、结合能与比结合能 【详解】A．图甲说明产生光电效应时，a光照射时对应的饱和电流最大，则单位时间内逸出的光电子数最多，故A正确； B．图乙说明在散射实验中，大多数粒子经金箔后仍沿原来方向运动，只有少数粒子产生了较大角度的偏转，极少数粒子偏转角很大，有的几乎沿原路返回，故B错误； C．若光子能量为，照射某一个处于激发态的氢原子，根据氢原子吸收光子的能量，跃迁至激发态，最多可以产生种不同频率的光，故C错误； D．由图丁原子核与原子核相比，前者比结合能较小，核子的平均质量大；结合能等于比结合能乘以核子数，后者结合能较大，故D错误； 故选A。 2．A 【难度】0.65 【知识点】用解析法解决平衡问题 【详解】令拉圆环的绳上的弹力大小为T，该绳与竖直方向夹角为θ，对物体及拉物体的绳进行分析，根据平衡条件有， 轻质圆环处于静止状态，环对杆的压力大小等于杆对环的支持力大小，对圆环进行分析，根据平衡条件有， 解得， 根据题意可知，θ减小，则减小，减小，不变。 故选A。 3．C 【难度】0.65 【知识点】计算中心天体的密度、计算卫星的各个物理量、比较不同轨道上的卫星物理量 【详解】BC．静止轨道卫星的周期等于地球的自转周期，设静止轨道卫星的轨道半径为，地球半径为，根据图中几何关系可得 卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得 可得， 可得卫星Ⅰ和卫星Ⅱ的加速度之比为 卫星Ⅱ的周期为，故B错误，C正确； A．对于卫星Ⅱ，由万有引力提供向心力得 又 联立可得地球的平均密度为，故A错误； D．卫星Ⅱ运动的线速度为，故D错误。 故选C。 4．A 【难度】0.65 【知识点】功率的定义（式）、功能关系的理解 【详解】设出口喷水的速率为v，则在t时间内出口喷水的质量 则 由功能关系得t时间内，抽水机做的功 则在t时间内，抽水机的输出功率 故选A。 5．C 【难度】0.65 【知识点】计算电源的输出电压、总功率、输出功率、效率、利用局部→整体→局部的方法分析动态电路 【详解】A．将和电源内阻r看作等效电源内阻，并联部分是等效外电路，和的总功率等于等效电源的输出功率。 滑动变阻器的滑片向下滑动时，连入电路的电阻值增大，并联部分电阻值增大。 根据电源输出功率规律，当外阻小于内阻时，外阻越大，输出功率越大，因此​增大时，，的总功率（等效电源的输出功率）增大，A正确； B．电源效率​​ 总外阻​增大时，增大，B错误； C．U增大，因此，​减小，​一定减小。取变化量的绝对值，根据，变化后满足 代入中，​化简可得：​，因此，C正确； D．由，得，因此 由，得​，因此 已知​，因此，即，D错误。 故选C 。 6．C 【难度】0.65 【知识点】电场力做功和电势能变化的关系、电势和电场线的关系、匀强电场中电势差与电场强度的关系、计算匀强电场中两点的电势差 【详解】AB．将电荷量为的粒子，从A移动至B，电势减小，则电场力做的功为，根据电场力做功与电势差的关系可知 则 同理可得 则 由于A、D点处电势关系无法确定，匀强电场方向不一定沿DC方向，故AB错误； C．在匀强电场中，为AD的中点，为BC的中点，则M点电势为 同理N点电势为 将粒子从M移动至N，电场力做功为，故C正确； D．若A、B之间的距离为d，则该电场的电场强度取最小值时必沿AB方向，此时有 则该电场的电场强度的最小值为，D错误。 故选C。 7．B 【难度】0.42 【知识点】斜抛运动 【详解】球在A点脱离管道的瞬间，设球速度大小为，球和管道之间的弹力为0，由重力沿AO方向的分力提供向心力，有 球脱离管道后做斜抛运动，沿AO方向，球受重力沿AO方向的分力作用，根据牛顿第二定律，有 解得 设运动时间为，根据匀变速直线运动位移与时间的关系，得 沿垂直AO方向，球受重力沿AO方向的分力作用，根据牛顿第二定律，有 解得 根据匀变速直线运动速度与时间的关系，结合运动的对称性，有 代入，得 联立解得 故选B。 8．BC 【难度】0.65 【知识点】质谱仪、电磁流量计的相关计算、霍尔效应的原理、粒子在回旋加速器中的最大动能 【详解】A．回旋加速器中，由牛顿第二定律有 粒子射出时的动能为 联立解得 所以回旋加速器加速带电粒子的最大动能与回旋加速器的半径有关，故A错误； B．带电粒子在加速电场中，由动能定理可得 带电粒子在复合场中，由共点力平衡条件可得 带电粒子在磁场中运动，由牛顿第二定律可得 联立解得 所以不改变质谱仪各区域的电场磁场时击中光屏同一位置的粒子比荷相同，故B正确； C．丙图中自由电荷为负电荷的霍尔元件通上如图所示电流和加上如图磁场时，由左手定则可知，负电荷所受的洛伦兹力方向向左，所以N侧带负电荷，故C正确； D．最终正负离子会受到电场力和洛伦兹力而平衡，即 而水的流量为 联立可得 所以前后两个金属侧面的电压与流量Q、磁感应强度以及c有关，与a、b无关，故D错误。 故选BC。 9．BD 【难度】0.65 【知识点】描绘线框两点间电势差的U-t图像、描绘线框进出磁场区域的I-t图像 【详解】[1]线框进入磁场的过程，由楞次定律可知，线框中感应电流沿逆时针方向，为正； 感应电动势大小和感应电流大小分别为， 两点间电势差为 进入过程所用时间为 [2]线框完全进入至恰要出磁场的过程，线框内磁通量没有变化，没有感应电流，两点间电势差为 该过程所用时间为 [3]线框出磁场的过程，由楞次定律可知电流方向为顺时针方向，为负； 感应电动势大小和感应电流大小分别为， 两点间电势差为 穿出过程所用时间为，故BD正确，AC错误。 故选BD。 10．ACD 【难度】0.46 【知识点】机械能守恒定律在弹簧类问题中的应用、简谐运动的定义及特征 【详解】A．由题意，当物块处于点，即状态时动能最大，根据图像，得 则物块的最大动能，故A正确； B．设物块某时刻的位置坐标为，弹性轻绳与水平方向的夹角为，弹力大小 物块所受合力大小 即合力 满足简谐运动的条件，则物块以点为平衡位置，沿轴做简谐运动。物块从状态到状态与从状态到状态运动的位移相同，根据简谐运动的特征，可知物块从状态到状态的平均速率大于从状态到状态的平均速率，则所经历的时间满足，即时间不等，故B错误； C．设间距为，物块在点时，弹性轻绳的弹性势能 当物块运动到状态时，轻绳的弹性势能 对于物块与弹性轻绳组成的系统，从状态到状态过程中，根据机械能守恒定律，得 解得，故C正确； D．设物块在状态时的速度大小为，此时弹性轻绳的弹性势能 对于物块与弹性轻绳组成的系统，从状态到状态过程中，根据机械能守恒， 解得 即物块在状态的动量大小为，故D正确。 故选ACD。 11． BD/DB Ⅰ 2.1 【难度】0.65 【知识点】验证牛顿第二定律实验方法的改进 【详解】（1）[1]本实验的原理是有托盘和砝码时小车做匀速运动，受力平衡，撤去托盘和砝码，小车所受的合力就为托盘和砝码的重力，根据实验原理可知，本实验不需要平衡摩擦力，不需要满足，为保证小车所受的合力平行木板方向，需要调整滑轮高度使细线与木板平行。 故选BD。 （2）[2]根据牛顿第二定律 整理可得 设托盘质量为，根据实验原理可得 可知仅将砝码质量记为m，则绘制出的图像应该是图乙中的Ⅰ； （3）[3]根据图像可知，给出的三个数据点中，相邻点之间的时间间隔均为 根据匀变速直线运动的规律有 其中 解得 12．(1)分流 (2) > 减小R1 = 【难度】0.65 【知识点】电桥法测电阻问题、伏安法测量未知电阻 【详解】（1）图甲中“P 接 a”时所用的是“外接法”，此时误差的根源正是电压表有有限内阻并且与待测电阻并联，造成了“电压表分流”。简而言之，电压表并未真正做到“只测电压不耗电流”，从而导致系统误差。 （2）①[1]当灵敏电流计的读数为0时，说明，但由于电流是自a 端经待测电阻 Rₓ 流向 b 端，故 ②[2]灵敏电流计从d 到b时指针向右偏，现实际却向左偏（即电流从b到d），说明b点电势偏高。要使电流计回到中央零点，就需“降低”b点电势，故Rx电压要增大，应减小R1。 ③[3]电流计读数为0时，待测电阻上的电压为E0，通过待测电阻的电流为I，故待测电阻为 ④[4]若电源B具有内阻但此时又无电流流出（因G无偏转），则内阻上没有电流通过，也就没有内电压降，测得 Rₓ 仍等于其真实值，所以待测电阻的测量值＝真实值。 13．（1），；（2） 【难度】0.65 【知识点】波的图像 【详解】（1）据波形图可知，甲、乙的波长分别为 甲、乙两列波的周期分别为 （2）两列波的振幅都为，偏离平衡位置位移为的质点即为两列波的波峰相遇。 设质点坐标为，则甲、乙两列波的波峰坐标分别为 故所有波峰和波峰相遇的质点坐标为 14．(1) (2) (3) 【难度】0.4 【知识点】多物体多次碰撞问题 【详解】（1）设木块与第一个圆盘碰前的速度为，根据动能定理有 解得 因为木块与圆盘的碰撞均为完全非弹性碰撞，且碰撞时间极短，故碰撞过程满足动量守恒。设木块与第一个圆盘碰撞后瞬间的速度大小为，对木块和圆盘组成的系统列动量守恒定律方程有 解得 （2）设第二次与圆盘碰撞前木块的速度为，从木块与第一个圆盘碰撞后到第二次与圆盘碰撞前对木块和圆盘组成的整体列动能定理方程有 由题意可知 代入上式解得 设第二次与圆盘碰撞后木块的速度为，同理由动量守恒定律有 代入数据解得 设第三次与圆盘碰撞前木块的速度为，从木块与第二个圆盘碰撞后到第三次与圆盘碰撞前对木块和两个圆盘组成的整体列动能定理方程有 解得 设第三次与圆盘碰撞后木块的速度为，同理由动量守恒定律有 代入数据解得 …… 通过递推可得第次碰撞后瞬间木块的速度大小为 所以第100次碰撞后瞬间木块的速度大小为 （3）从开始运动到第100次碰撞后瞬间，木块与所碰圆盘组成的系统损失的机械能等于系统减少的重力势能与增加的动能之差，即 代入数据解得 15．(1)，方向沿y轴负方向 (2)，垂直纸面向里，，垂直纸面向里 (3)；或 【难度】0.4 【知识点】粒子由电场进入磁场、粒子在电场和磁场中的往复运动、带电粒子在叠加场中做旋进运动 【详解】（1）从M到N速度从加速度到，根据动能定理有 解得 方向沿y轴负方向。 （2）根据图乙， P点从表示粒子在磁场中速度方向逆时针变化，所以方向垂直xOy平面向里；同理P点从表示粒子在磁场中速度方向逆时针变化，所以方向垂直xOy平面向里，任何相等的时间内P点沿图乙中闭合曲线通过的曲线长度都相等，即 大小不变，所以， 解得 垂直纸面向里 垂直纸面向里。 （3）带电粒子在磁场中有 解得 同理带电粒子在磁场中有 解得 带电粒子轨迹如图 （图中两个直线的名称改为MN、） 根据几何关系，粒子由电场进入磁场经过 x轴的位置为 或 在电场中经历的时间， 解得 在磁场中转半圈所用时间 在磁场中转半圈所用时间 则粒子由电场进入磁场经过x轴，对应时刻 或 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $