13.1 热量 比热容 同步预习-2026-2027学年人教版物理九年级全一册

**基本信息** 练习围绕比热容概念及应用，通过基础辨析、实验探究、综合计算分层设计，覆盖从单一知识点到实际应用的巩固路径，适配新授课基础巩固与科学思维培养需求。 **分层设计** |层次|知识覆盖|设计特色| |----|----------|----------| |基础层|比热容概念、简单计算|以生活实例（如汽车冷却液、海陆风）辨析为主，巩固物理观念| |中档层|图像分析、实验操作|通过温度-时间图像（如金属加热曲线）和实验变量控制，培养科学探究能力| |提升层|综合公式应用、过程分析|结合热平衡计算（如铅块与煤油混合）和多过程热量分析，发展科学推理与问题解决能力|

13.1 热量比热容 同步预习 一、单选题 1．下列现象中，利用水的比热容大这一特性的是（     ） A．夏天在教室洒水降温 B．汽车发动机用水作为冷却液 C．冬天在储存蔬菜的地窖里放水 D．游泳上岸后感觉凉爽 2．冬天室外的铁栏杆比木栏杆摸起来更冰冷的原因是铁的（     ） A．密度更大 B．比热容更小 C．导热性更好 D．温度更低 3．如图所示是青岛市和济南市年气温变化曲线，造成两城市温度变化不同的原因分析正确的是（     ） A．实线是青岛的，青岛的海水吸收的热量少 B．实线是济南的，济南的砂石吸收的热量多 C．虚线是青岛的，因为海水的比热容比砂石的大 D．虚线是济南的，因为海水的比热容比砂石的小 4．如图所示，使用相同规格的电加热器分别对质量相同的水和食用油进行加热，已知水的比热容比食用油的比热容大，不计热量损失。下列说法正确的是（     ） A．加热相同的时间，水吸收的热量比食用油吸收的热量多 B．吸收相同的热量，水的温度变化比食用油的温度变化大 C．升高相同的温度，水吸收的热量比食用油吸收的热量少 D．升高相同的温度，给水加热的时间比给食用油加热的时间长 5．湿地被称为“地球之肾”，可以有效地调节气温，这主要是因为水的（     ） A．比热容大 B．密度大 C．流动性大 D．易蒸发 6．将甲、乙、丙三个质量相等的金属块，分别以相同的稳定热源加热，其温度T与加热时间t的关系如图。若加热过程中无热量散失，甲、乙、丙的比热容分别为、、，则下列比热的大小关系何者最合理？（     ） A． B． C． D． 7．两个相同的容器中分别装有质量相同的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列分析正确的是（     ） A．0—10min内，甲吸收的热量比乙吸收的热量多 B．质量相同的甲、乙液体，乙液体吸收热量多 C．甲、乙两种液体比热容之比为1:2 D．甲的比热容比乙大 8．下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（     ） A．夏天在房间内洒水降温 B．用循环水冷却汽车发动机 C．沿海地区昼夜温差较小 D．让热水流过散热器供暖 9．根据表中数据，下列判断正确的是（     ） 物质 熔点/℃ 密度/（kg/m3） 比热容/[J/（）] 铁 1535 7.9×103 0.46×103 铜 1083 8.9×103 0.39×103 铝 660 2.7×103 0.88×103 A．用铜质容器可以熔化铁块和铝块 B．体积相同的铁钉和铜钉所含的物质的多少相同 C．质量相等的铁块和铜块降低相同的温度，铁块放出的热量多 D．把铁块切去一半，它的熔点、密度、比热容都变小 10．将某金属放入试管后进行水浴加热（物体在相同时间内吸收的热量相等），试管内放置温度传感器，用于采集金属的温度数据。320秒时停止加热，移走烧杯，使试管内的金属自然冷却。已知该金属固态时的比热容，质量为150g。下列说法中正确的是（     ） A．该物质在固态时的吸热性能大于其在液态时的吸热性能 B．280~320s时间段，该物体一定处于沸腾状态 C．700~1750s时间段，该物体放出的热量为1440J D．根据该图像可以推断，该金属可用作消防喷头的热敏释放元件，在98℃左右自动熔化，从而触发喷水。 二、填空题 11．由于陆地和海洋的______不同，使得在相同的天气状况下，它们升温和降温的快慢不同，于是空气对流形成风，海边吹的陆风和海风统称“海陆风”。在晴朗的夏季，如图所示风向一般是在______（选填“白天”或者“夜晚”）出现。 12．某燃气热水器工作时，相关参数如图所示。据图可知，该热水器以此状态工作时，每小时消耗天然气，若天然气完全燃烧，热水器以此状态工作，所消耗的天然气释放的热量是_______。（天然气的热值取） 13．初温为30℃、质量为2kg的水温度升高到50℃时，需要吸收的热量为________J，现在将2kg的水倒掉一半，剩下的水的比热容________（选填“变大”“变小”或“不变”）；水升高温度后比热容________（选填“改变”或“不变”）。[] 14．春季出现“倒春寒”的低温天气时，农民常用给秧田灌水的方式以防止秧苗冻坏，这是利用了水的比热容________的特点。某天傍晚在一块稻田里灌入的水，夜晚水的温度降低了5℃，此过程中水放出的热量为________J。[水的比热容] 15．某小组在探究海波熔化过程温度的变化规律时，得到如图所示的温度随时间变化的图像，加热过程中物质在相同时间内吸收的热量相同。分析图像可知：海波的熔点为______________℃；海波在AB段和CD段升温较慢的是 ___________ 段，可能是因为固态海波的比热容________________ 液态海波的比热容。 三、作图题 16．做出水吸热过程中其比热容的图像。 四、实验题 17．在探究“不同物质吸热升温特点”实验中，小姜同学用同一装置给水和花生油加热（如图甲所示）。 (1)实验中，水和花生油的体积______（选填“相同”或“不同”），通过______（填“温度的升高多少”或“加热时间长短”）来比较液体吸收热量的多少。 (2)根据实验数据作出两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙所示，其中吸热本领较强的是______图线（选填“A”或“B”）对应的液体；它们的比热容之比______；实验结束后撤去加热装置，______的温度下降得慢（选填“A”或“B”）。 (3)同组的小堰同学设计如下方法来比较比热容的大小：将两块初温均为的相同金属块，分别浸没在温度均为的水与花生油中_____________________________________________________________________（选填“可行”或“不可行”），理由是：______。 18．小明和小聪采用如图甲的相同装置探究“不同物质的吸热能力”。 (1)在涉及多个物理量的变化时，我们常常需要控制变量，因此将不同种类的液体、放容器中时需要保证它们的_____相同，除了以上测量工具还需要_____； (2)小明采用的实验方案是使两种液体升高相同的温度，通过比较_____来反映两种液体吸收热量的多少，吸收热量多的液体说明其吸热能力_____（选填“强”或“弱”）； (3)小聪采用了另一种实验方案，发现经过相同加热时间，液体A升高的温度比液体B升高的温度少，说明_____的吸热能力更强； (4)实验后他们画出了液体温度随时间变化的图像如图乙，根据图乙数据可计算出A、B两种液体的比热容之比是_____； (5)反思实验方案的改进，你认为加热的方式选择下列的_____（填字母代号）更好。 A．用两只相同的酒精灯分别给盛有不同液体的烧杯加热 B．用两只功率相同的电加热器分别浸没在不同液体中加热 五、计算题 19．将质量为300g的铅块加热到88℃，然后投入温度为8℃、质量为130g的煤油中，测出混合后煤油的最高温度为18℃，不计热损失。已知铅的比热容为0.13×103J/（kg·℃），求： (1)铅块放出的热量； (2)煤油的比热容。 20．小红在实验室利用电加热器加热，完成了冰的熔化实验，并描绘出冰的温度随加热时间变化的关系图像（如图所示）。实验时，冰的质量为0.5kg，相同时间内水和冰吸收的热量相同，水的比热容为4.2×103J/（kg·°C），求： (1)CD段水吸收的热量； (2)BC段水吸收的热量； (3)在CE段，水吸收了4.2×105J的热量，水温升高到多少？ 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《13.1 热量比热容 同步预习------2026-2027学年人教版物理九年级全一册》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C D A A C A C C 1．B 【详解】A．夏天在教室洒水降温，利用的是水蒸发吸热带走热量，和水的比热容无关，故A不符合题意； B．水的比热容大，和同等质量的其他物质相比，升高相同温度时可以吸收更多热量，故汽车发动机用水作为冷却液，故B符合题意； C．冬天在地窖放水，利用的是水凝固放热，维持地窖温度不会过低冻坏蔬菜，故C不符合题意； D．游泳上岸后感觉凉爽，是因为皮肤表面的水蒸发吸热带走人体热量，故D不符合题意。 故选B。 2．C 【详解】铁的导热性远好于木头，手接触铁栏杆时，手上的热量会快速通过铁向外传导散失，手的温度下降更快，因此摸起来会感觉更冰冷，故选C。 3．C 【详解】由气温变化曲线得出，实线：气温最高值更高、全年温差更大，是济南；虚线：气温变化平缓、温差更小，是青岛。原因是海水的比热容大于砂石、泥土的比热容，青岛是沿海城市，靠近海，气温年温差小，济南是内陆城市，多砂石、泥土，气温年温差大。故ABD错误，C正确。 故选C。 4．D 【详解】A．加热相同时间，相同电加热器放出热量相同，不计热量损失，水和食用油吸收的热量相等，故A错误； B．吸收相同热量（Q相同），m相同，由，c越大，温度变化越小，水的比热容更大，因此水的温度变化比食用油小，故B错误； C．升高相同温度（Δt相同），m相同，由，c越大，吸收热量越多，水的比热容更大，因此水吸收的热量比食用油多，故C错误； D．升高相同温度时，水需要吸收更多热量；相同电加热器，加热时间越长代表吸收热量越多，因此给水加热的时间更长，故D正确。 故选D。 5．A 【详解】ABC．湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，由公式可知，在吸收或放出相同热量时，水的温度变化较小，因此可以有效地调节气温，故A符合题意，BC不符合题意。 D．水蒸发吸热能在一定程度上降低气温，但湿地调节气温的主要原因是水的比热容大，故D不符合题意。 故选A。 6．A 【详解】已知三个金属块质量m相等，使用相同稳定热源加热且无热量散失，因此相同加热时间内三个金属块吸收的热量Q相等，根据吸热公式 变形得比热容公式 ，为温度变化量，当Q、m相等时，比热容c与温度变化量ΔT成反比。 从图像读取加热时间时各金属块的温度，计算温度变化量： 甲：初温，末温， 乙：初温，末温， 丙：初温，末温， 可得温度变化关系 结合得到比热容关系： 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 7．C 【详解】A．因为是同一热源，在相同时间内提供的热量相同，内，甲和乙吸收热量相等，故A错误； B．该选项没有说明“升高相同温度”或“相同时间”，表述不完整，故B错误； C．根据热量公式：得，吸收热量多少看加热时间，已知，若比较升高相同温度，，故C正确； D．由上面计算知，，甲的比热容比乙小，故D错误。 故选C。 8．A 【详解】A．夏天在房间洒水降温，原理是水蒸发吸热，靠水的汽化带走热量降温，和水的比热容无关，故A符合题意； B．用循环水冷却汽车发动机，利用了水比热容大，升高相同温度可吸收更多热量的特点，与比热容有关，故B不符合题意； C．沿海地区水多，水比热容大，吸放热相同的情况下温度变化更小，因此昼夜温差更小，与比热容有关，故C不符合题意； D．热水流过散热器供暖，利用了水比热容大，降低相同温度可放出更多热量的特点，与比热容有关，故D不符合题意。 故选A。 9．C 【详解】A．铜的熔点为1083℃，铁的熔点为1535℃，由于铜的熔点低于铁的熔点，温度达到铁的熔点时铜会先熔化，所以不能用铜质容器熔化铁块，故A错误； B．体积相同的铁钉和铜钉，由于铜的密度大于铁的密度，根据可知，铜钉的质量大于铁钉的质量，即所含物质的多少不同，故B错误； C．质量相等的铁块和铜块降低相同的温度，由于铁的比热容大于铜的比热容，根据可知，铁块放出的热量多，故C正确； D．熔点、密度、比热容都是物质的特性，与物质的质量和体积无关，把铁块切去一半，它的熔点、密度、比热容都不变，故D错误。 故选 C。 10．C 【分析】先分析温度-时间图像的各段特征；根据比较固态和液态的吸热性能；如果温度保持不变且处于持续加热阶段，结合该温度是否为熔点或沸点，判断是熔化还是沸腾过程；；根据以及晶体凝固过程放出的热量等于熔化过程吸收的热量可得出放出热量。 【详解】A．比热容越大，物质吸热性能越强。0~15s为固态升温过程，温度变化。45~60s为液态升温过程，温度变化。根据可知，金属质量不变时，加热相同时间，吸收热量相同，固态温度变化大，固态比热容小。因此，该物质在固态时的吸热性能小于其在液态时的吸热性能，故A错误； B．本实验是水浴加热，水的沸点为98℃，280~320s金属温度达到水温，不再继续升温，并非金属自身沸腾，故B错误； C．0~15s为固态升温过程，温度变化，吸收总热量，可得单位时间吸热为。熔化过程为15~45s，共30s，熔化吸收总热量，凝固放出的总热量等于熔化吸收的总热量，700~1750s是该金属的凝固过程，因此该时间段放出热量为1440J，故C正确； D．由图像可知，该金属熔化温度（熔点）为60℃，在60℃左右熔化，不是98℃，故D错误。 故选C。 11． 比热容 夜晚 【详解】 根据可知，在相同条件下，海水的比热容和陆地砂石的比热容不同，所以温度变化量不同。 由图可知，陆地温度低、气压高，海洋温度高、气压低，晴朗夏季的夜晚，陆地降温速度比海洋快，所以该风向出现在夜晚。 12． 【详解】热水器工作消耗的天然气体积： 已知每小时消耗天然气，因此 天然气的热值，所消耗的天然气释放的热量是 13． 不变 不变 【详解】根据可得，吸收的热量为 比热容是物质的固有特性，仅与物质的种类和状态有关，与质量无关，因此倒掉一半水后，剩下的水的比热容不变。 比热容与物质的温度无关，水升高温度后，其种类和状态均未改变，所以比热容不变。 14． 大 【详解】水的比热容大，相同质量的水与其他物质相比，降低相同温度时能放出更多热量，避免秧苗因温度过低被冻坏； 根据得水放出的热量 15． 48 AB 大于 【详解】海波是晶体，晶体熔化时温度保持不变，熔化过程中不变的温度就是熔点。由图可知，BC段熔化过程温度保持不变，因此海波的熔点为。 AB段时长，温度升高了，每分钟升温； CD段时长，温度升高了，每分钟升温； 因此升温较慢的是AB段。 根据吸热公式，题目说明相同时间内吸收的热量相同，海波质量不变，可得，相同吸热下，升温越慢，比热容越大。AB段是固态海波，因此固态海波的比热容大于液态海波的比热容。 16． 【详解】比热容只与物质的种类和状态有关，与吸热时间、温度变化等因素无关。水在吸热过程中（未发生物态变化），其比热容保持不变。因此，图像应为一条平行于时间轴的水平直线。 17．(1) 不同 加热时间长短 (2) A A (3) 不可行 最终金属块和两种液体达到热平衡时温度相同，无法比较‌ 【详解】（1）[1][2]该实验是探究不同物质吸热升温特点，需用到控制变量法，即控制水和花生油的质量相同。由于水和花生油的密度不同，质量相同时，它们的体积不同。实验使用同一装置加热，在相同时间内两种液体吸收的热量相同，因此通过加热时间长短来比较液体吸收热量的多少。 （2）[1][2][3]根据实验数据作出的温度随加热时间变化的图像，吸热本领较强的液体温度升高得慢，所以是A图线对应的液体。 从图乙可以看到，加热6min，A的温度变化量为，加热4min，B的温度变化量为，相同时间内吸收的热量相同，结合可知它们的比热容之比 比热容大的物质，在放出相同热量时，温度下降得慢。A比热容较大，因此撤去加热装置后，A温度下降较慢。 （3）[1][2]小堰同学设计的方法不可行，因为用两块初温均为的相同金属块，分别浸没在温度均为的水与花生油中，最终金属块和液体温度会相同，无法根据温度变化来比较比热容大小，要比较的话，应让金属块初温与水、花生油初温不同，观察最终稳定时温度变化情况等合理方法。 18．(1) 质量 天平和秒表 (2) 加热时间 强 (3)A (4)2:1 (5)B 【详解】（1）要探究“不同物质的吸热能力”，只需要改变物质的种类，故要保证不同种物质的质量不变。 实验中需要用天平测量质量，用秒表测量加热时间，因此还需要天平和秒表。 （2）当两种液体升高相同的温度时，可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少，加热时间越长的液体，说明吸收的热量越多，说明其吸热能力强。 （3）相同加热时间，两种液体吸收热量相同，质量相同，升高温度越小，比热容越大，吸热能力越强；A升高温度更少，因此A吸热能力更强。 （4）根据，加热相同时间，吸收相同热量、质量相同时，比热容与升高的温度成反比。由图乙可知：初温均为，加热时，液体A温度的变化量 液体B温度的变化量 因此 （5）相同功率的电加热器浸没加热，比酒精灯更易保证相同时间提供相同热量，热量损失更小，实验误差更小，故A不符合题意，B符合题意。 故选B。 19．(1) (2) 【详解】（1）铅块放出的热量 （2）因为不计热损失，煤油吸收的热量 煤油的质量为 煤油的温度变化为 煤油的比热容 20．(1) (2) (3)100℃ 【详解】（1）由图可知，CD段水的温差 熔化过程中 水吸收的热量 （2）由图可知，BC和CD段加热时间相同，BC段温度不变，但持续吸热，由题可知，相同时间内水和冰吸收的热量相同，则BC段吸收热量 （3）由得，水吸收热量后，水的温度变化 水的末温 标准大气压下，水的沸点是，因此水的末温为100°C。 因此水的温度升高到100°C。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $