湖南常德市汉寿县第一中学2025-2026学年高三下学期第十一次周考物理试卷

**基本信息** 高三物理周考卷聚焦核心素养，以金星探测器轨道转移、风力发电输电等真实情境为载体，通过光电效应、电磁复合场等综合问题考查科学思维与模型建构能力，适配高考命题趋势。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7/28|光电效应、光的全反射、天体运动等|结合I-U图像、椭圆轨道等情境，考查物理观念| |多选题|3/15|波动、交变电流、电磁感应|涉及波的叠加、变压器电路分析，注重科学推理| |实验题|2/18|打点计时器、电流计改装|通过热敏温度计设计，体现科学探究能力| |解答题|3/39|气体定律、电磁复合场、碰撞综合|如电磁复合场中粒子运动，考查综合应用与创新思维|

湖南省常德市汉寿县第一中学2025—2026学年 高三下学期第十一次周考物理试卷 一、单选题（共28分） 1．（本题4分）图甲所示电路可研究光电效应规律，用单色光照射光电管，得到光电流I与光电管两端电压U的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．若滑动触头P从中点向右移动，则光电管两端的电压会阻碍光电管中的光电子向A极运动 B．滑动触头P从中点向右移动时，电流表的示数会一直增大 C．把阴极材料换成逸出功较大的金属，遏止电压会变小 D．增强单色光的光照强度，饱和光电流值不变 2．（本题4分）如图所示，半径为R的薄圆形玻璃砖的折射率，O为圆心，AB为直径。在玻璃砖内部的A点处有一点光源S，从光源S发出直接射到圆周上的光线恰好在圆周上的D点（图中未画出）发生全反射，已知光在真空中的传播速度为c，则光从A点直接传播到D点所用时间为（　　） A． B． C． D． 3．（本题4分）金星是从太阳向外的第二颗行星，假设金星和地球都是围绕太阳做匀速圆周运动，现从地球发射一颗金星探测器，可以简化为这样的过程，选择恰当的时间窗口，探测器先脱离地球束缚成为和地球同轨道的人造小行星，然后通过速度调整进入椭圆转移轨道，经椭圆转移轨道（关闭发动机）到达金星轨道，椭圆长轴的两端一端和地球轨道相切，一端和金星轨道相切。若太阳质量为M，探测器质量为m，太阳与探测器间距离为r，则它们之间的引力势能公式为。已知椭圆转移轨道与两圆轨道相切于A、B两点且恰好对应椭圆的长轴，地球轨道半径为、周期为，金星轨道半径为，周期为，万有引力常量。忽略除太阳外其它星体对探测器的影响，则（　　） A．探测器在地球轨道上的A点和转移轨道上的A点处向心加速度不同 B．探测器从地球轨道经转移轨道到达金星轨道的最短时间为 C．探测器在转移轨道A点的速度 D．探测器在地球正圆轨道的机械能比在金星正圆轨道的机械能小 4．（本题4分）如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平地面上，一根劲度系数为k的轻弹簧上端固定于斜面顶端挡板上，另一端与质量为m的小球连接，静止于O点，现把小球从弹簧原长处A点静止释放，小球做简谐运动，弹簧的弹性势能为，重力加速度为g，下列说法正确的是（    ） A．振幅为 B．小球的最大加速度为g C．小球的最大速度为 D．弹簧的最大弹性势能为 5．（本题4分）如图所示，A、B两小球从O点水平抛出，A球恰能越过竖直挡板P落在水平面上的Q点，B球抛出后与水平面发生碰撞，弹起后恰能越过挡板P也落在Q点。B球与水平面碰撞前后瞬间水平方向速度不变，竖直方向速度大小不变、方向相反，不计空气阻力，则（　　） A．A、B球从O点运动到Q点的时间相等 B．A、B球经过挡板P顶端时竖直方向的速度大小相等 C．A、B球到Q点时的速度大小相等 D．减小B球抛出时的速度，它不可能越过挡板P 6．（本题4分）如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O．一对电荷量均为-Q的点电荷分别固定于A、B两点．在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上（忽略它对原电场的影响），将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，忽略空气阻力，且,则（　　） A．轨道上D点的场强大小为 B．小球刚到达C点时，其加速度为零 C．小球刚到达C点时，其动能为 D．小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小 7．（本题4分）如图所示，竖直平面内倾斜滑雪道AB与圆弧轨道BC在B点平滑连接，滑雪道倾斜轨道AB长为L，倾角θ=37°，O点是圆弧轨道的圆心，OB竖直，圆弧轨道半径，圆心角也为θ=37°。包含装备总质量为m的滑雪运动员（可视为质点）从倾斜轨道的最高点A由静止下滑，最终落到水平地面上。滑雪运动员落地时速度与水平方向的夹角φ=53°。已知滑雪运动员与斜面轨道之间的动摩擦因数μ=0.25，忽略滑雪运动员与圆弧轨道间的摩擦，重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力，则运动员经过圆弧轨道的C点时对圆弧轨道的压力大小及运动员离开C点后在空中运动的时间分别为（ ） A．， B．， C．， D．， 二、多选题（共15分） 8．（本题5分）两波源和分别位于和处，同时在均匀介质中沿轴同向振动，分别产生沿轴正方向和负方向甲波和乙波。如图所示，时刻，甲波最远点恰好在，乙波图中未画出。已知波源和的振动周期分别为和，振幅均为。则（    ） A．时，两列波第一次相遇 B．在0∼2.5s内，处质点运动的路程为 C．时，处质点位移为正，振动方向沿轴负方向 D．较长时间后，有11个加强点 9．（本题5分）2025年12月28日，河南100兆瓦中继风电项目实现全容量并网．某实验小组模拟风力发电厂输电网络供电的装置如图甲所示，已知发电机输出的交变电流如图乙所示，升、降压变压器均为理想变压器，升压变压器原、副线圈的匝数比为，降压变压器原、副线圈的匝数比为，输电线路上的总电阻可简化为一个定值电阻．用户端接一个定值电阻，其余电阻不计．下列说法正确的是（    ） A．用户端的电流为10A B．线圈的转速为 C．时穿过线圈的磁通量最大 D．输电线上消耗的功率为200W 10．（本题5分）如图所示，足够长的金属导轨MN、PQ水平平行放置，处于竖直向上、磁感应强度大小为的匀强磁场中，导轨间距为。导体棒、垂直导轨放置并与导轨接触良好，两导体棒的质量均为，其在导轨间的电阻均为，不计一切摩擦及导轨的电阻。现给导体棒一个平行于导轨向右的初速度，运动过程中导体棒、未相撞。下列说法正确的是（　　） A．导体棒做匀减速直线运动，导体棒做匀加速直线运动 B．导体棒的速度为时，导体棒的加速度大小为 C．整个运动过程中电路中产生的焦耳热为 D．整个运动过程通过金属棒的电荷量为 三、实验题（共18分） 11．（本题8分）（1）如图甲所示是某次实验时使用打点计时器的实验装置，其中小车的数量为一辆， ①此装置能用于下列实验的有_____________； A．验证机械能守恒定律 B．探究碰撞中的不变量 C．探究小车速度随时间变化的规律 D．探究做功与物体速度变化的关系 ②小明同学用图甲装置，完成“探究加速度与力、质量的关系”实验。打点计时器所接交流电的频率为50Hz。 （i）对于此实验，下列说法正确的是____________。 A．平衡摩擦力时需要悬挂小桶，但不需要加砂子 B．需要用天平测出桶中砂子的质量，但小桶的质量不需要测量 C．与小车定滑轮相连的轻绳需与轨道平面平行 D．小车靠近打点计时器，先释放小车后接通电源 （ii）实验过程中小车均做匀加速直线运动，得到两条纸带如图乙所示，编号①中相邻两个计数点之间还有4个计时点未标出，编号②中的点为实际打出的计时点，求出编号①情况下该小车运动过程中纸带打下e点的速度大小为____________m/s；（结果保留两位有效数字）；用____________（填“纸带①”或“纸带②”）来“探究加速度与力、质量的关系”实验，实验误差会比较小。 12．（本题10分）某实验探究小组的同学将一电流计改装成电流表，再将改装的电流表与一热敏电阻制成一热敏温度计。在实验室找到以下器材： A、两电流计G1、G2（量程为1500μA，内阻为20Ω）； B、电阻箱R（阻值范围为0-999.9Ω）； C、滑动变阻器R₁（最大阻值为2kΩ，允许通过的最大电流为1A）； D、4个定值电阻（阻值分别为360Ω、390Ω、400Ω、420Ω）； E、电池一节（电动势E=1.5V，内阻很小）； F、热敏电阻； G、开关和导线若干。 (1)为了扩大电流计G1的量程，该同学设计了如图甲所示的电路图。 a、将开关S1断开，闭合S2。调节R1，使G1和G2读数均为1000μA。 b、将开关S1闭合，调节R和R1，保证G2读数不变，则当G1读数是______μA时，G1与R并联可当成量程为3mA的电流表A使用，改装的电流表内阻______。 (2)已知热敏电阻的说明书上给出图线如图乙所示。该小组同学利用上述改装的电流表A和热敏电阻设计的实验电路如图丙所示，其中为保护电阻，为测温探头，并把电流表的表盘刻度改为相应的温度刻度，得到了一个简单的热敏温度计。若要求原电流计（指针满偏的位置标为不计电源内阻，则定值电阻。选阻值为______Ω的，原电流计750μA刻线处应标为______℃。 (3)在图丙所示的热敏温度计电路中，因没考虑电源内阻，所测温度比实际温度______（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。 四、解答题（共39分） 13．（本题10分）如图所示，质量为的导热汽缸放在地面上，开口向上，缸内重力不计的活塞与汽缸内壁无摩擦，缸内封闭有理想气体，绕过光滑定滑轮的轻绳与活塞和放在地面上质量为的物块相连，开始时，轻绳处于伸直状态但无弹力，活塞截面积为S，活塞离汽缸内底的距离为，大气压强为，缸内气体的温度为，已知缸内气体的热力学温度T随时间t的变化规律为（k为正值常数），重力加速度为，问： （1）经多长时间，汽缸对地面的压力刚好为零？ （2）经多长时间，缸内气体的体积减半？ 14．（本题14分）如图所示，在平面直角坐标系的第一、二象限有沿轴负向的匀强电场，在第三、四象限有垂直纸面向里的匀强磁场。在轴正半轴上的某点以初速度沿轴正方向射入一带电粒子甲，粒子质量为，带电量为，经电场作用，从轴上的点（未标出）第一次进入磁场，点和坐标原点的距离为，经过点时，粒子速度方向与轴正方向夹角为。完全相同的粒子乙也以大小为的初速度从坐标原点射入第三象限，方向与轴负方向夹角为，在磁场的作用下，也从点第一次进入电场，不计粒子重力及粒子间的相互作用力。求： (1)匀强电场的场强及匀强磁场的磁感应强度； (2)粒子乙从射入场区到经过点所用的时间； (3)两粒子第二次经过轴时的位置之间的距离。 15．（本题15分）如图所示，在倾角的斜面上固定一个长直圆管，管内有一质量为m的薄圆盘静止在管内，圆管的长度为60L。一直径略小于圆管内径的光滑小球以初速度进入圆管，与圆盘发生碰撞，小球的质量也为m。圆盘受到撞击后向下滑动，下滑过程中受到圆管对它的滑动摩擦力大小等于圆盘重力的0.6倍，圆盘始终垂直管壁。小球与圆盘发生的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短。不计其他阻力，重力加速度大小为g，，。求： (1)第一次碰撞后瞬间，小球和圆盘的速度大小； (2)第二次碰撞前瞬间，小球重力的功率； (3)小球在管中运动的过程中，小球与圆管碰撞的次数。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D C D B B A BC BC BD 1．C 【详解】A．若滑动触头P从中点向右移动，则，即加正向电压，A错误； B．滑动触头P从中点向右移动时，电流表的示数会先增大，达到饱和光电流后不变，B错误； C．由光电效应方程有 可见把阴极材料换成逸出功较大的金属，遏止电压会变小，C正确； D．增强单色光的光照强度，饱和光电流值变大，D错误。 故选C。 2．D 【详解】如图所示 根据全反射临界角公式有 即入射角为30°时刚好发生全反射，根据几何关系有 又 光从A点直接传播到D点所用时间 故选D。 3．C 【分析】本题以对太阳系内轨道变轨问题为背景，从运动和力的视角，研究卫星的运动，考查学生运动观、相互作用观以及能量观等物理观点。 【详解】A．A点椭圆轨道长轨的端点和正圆轨道的引力加速度相同，此处没有切向加速度，只有向心加速度，因此探测器在椭圆轨道和正圆轨道的A点向心加速度相同，选项A错误； B．沿转移轨道从A到B时间最短为半个椭圆周期，根据开普勒第三定律可得 又 联立解得 选项B错误； C．半长轴端点A、B的等效半径相同，与两正圆相切，万有引力与速度方向垂直，充当向心力，设椭圆在A、B两点的等效半径为r，则有 可得 （或根据开普勒第二定律可得） 探测器在转移轨道上A点的动能和引力势能之和与B点的相等，可得 联立可得 选项C正确； D．根据万有引力提供向心力有 解得 则探测器的机械能为 可知圆轨道半径越大机械能越小，所以探测器在地球正圆轨道的机械能比在金星正圆轨道的机械能大，选项D错误。 故选C。 4．D 【详解】A．设平衡位置时弹簧的伸长量为， 则 振幅为。A错误； B．A点处小球的加速度最大 B错误； C．平衡位置处速度最大，从A点到平衡位置由动能定理 解得小球的最大速度 C错误； D．由对称性，小球在最低点，弹簧伸长量为 弹簧的最大弹性势能为 D正确。 故选D。 5．B 【详解】A． B球运动可看成3段平抛运动，每段平抛运动竖直位移与A球平抛的竖直位移相同；竖直方向上，由 可知，B球的运动时间是A球的3倍，故A错误； B．A、B两球到达P顶端时，相对O点下降的高度相同，由 可知，经过挡板P顶端时，竖直方向的速度大小相等，故B正确； C．从O到Q，B球的运动时间是A球运动时间的3倍，水平位移相等，由 可知，A球抛出时的速度是B球抛出时的速度的3倍，两球落地时竖直分速度大小均为，合速度，所以A球落地速度大，故C错误； D．减小B球抛出时的速度，第一次落点的水平位移减小，反弹后到达挡板P时的高度可能更高，可能会越过挡板P，故D错误。 故选B。 6．B 【分析】根据矢量合成的方法,结合库仑定律即可求出D点的电场强度;对C点的小球进行受力分析,结合库仑定律即可求出小球在C点的加速度; 根据功能关系即可求出小球到达C的动能.根据等量同种点电荷的电场的特点分析各点的电势的变化,然后结合电势与电势能的关系分析小球的电势能的变化; 【详解】A．负电荷产生的电场指向负电荷,可以知道两个负电荷在D处的电场强度分别指向A与B,因为两个点电荷的电量是相等的,所以两个点电荷在D点的电场强度的大小相等,则它们的合场强的方向沿DA、DB的角平分线; 由库仑定律,A、B在D点的场强的大小: 它们的合场强: . 所以A选项是不符合题意的； B．由几何关系宽度: 则: 对小球进行受力分析,其受力的剖面图如图: 因为C到A、B的距离与D到A、B的距离都等于L,结合A的分析可以知道,C点的电场强度的大小与D点的电场强度的大小相等,方向指向O点,即: 沿斜面方向: 垂直于方向: 其中F是库仑力, , 联立以上三式得: 所以B选项是符合题意的； C．因为C与D到A、B的距离都等于L,结合等量同种点电荷的电场特点可以知道,C点与D点的电势是相等的,所以小球从D到C的过程中电场力做功的和等于0,则只有重力做功,小球的机械能守恒,得: 由几何关系可得: 小球的动能: 所以C选项是不符合题意的； D．由几何关系可以知道,在CD的连线上,CD连线的中点处于到A、B的距离最小,电势最低,小球带正电,所以小球在CD的连线中点处的电势能最小.则小球沿直轨道CD下滑过程中,其电势能先减小后增大. 所以D选项是不符合题意的； 7．A 【详解】对滑雪运动员从A到C的过程，由动能定理得 解得 由牛顿第二定律得 解得 在C点的竖直分速度为 落地时的竖直分速度为 由匀变速直线运动规律可知，在空中的运动时间 故A正确。 故选A。 8．BC 【详解】A．题图可知甲波1个周期内传播了2m，则波速（同一介质中波速相同） 可知此刻乙波传播最远点在处，故两列波第一次相遇用时 故A错误； B．题图可知甲波振幅A=5cm，一个周期内质点运动路程为4A，分析易知2.5s时乙波刚传到6m质点处，故2.5s内处质点运动的路程 故B正确； C．甲波源的振动方程为，由于x=8m处落后甲波源2s的时间，由甲波源引起的在x=8m处的振动方程为，同理乙波源的振动方程为，由于x=8m处落后乙波源2.5s的时间，由乙波源引起的在x=8m处的振动方程为，因此时，x=8m处的位移，再经过0.1s，两列波的平衡位置都运动到x=8m处，该点回到平衡位置，因此该点正在向下运动，故C正确； D．题意可知两波周期不同，即频率不同，两波不能形成稳定的干涉图样，无法判断加强点个数，故D错误。 故选BC。 9．BC 【详解】B．由图乙可知，交变电流的周期T=0.02 s，又因为，故B正确； C．t=0.01s时，由图乙可知此时感应电动势为0，线圈处在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故C正确； AD．发电机输出电压有效值，升压变压器原、副线圈的匝数比为1：10，则升压后 引入等效电阻法 则用户端的电阻等效为 等效电路如图所示 故 则输电线上消耗的功率为 对降压变压器有 用户端的电流为，故AD错误。 故选BC。 10．BD 【详解】A．根据右手定则可知导体棒、以及两导轨构成的回路中电流方向为逆时针方向，根据左手定则可知刚开始导体棒所受的安培力水平向左，做减速运动。导体棒所受的安培力水平向右，导体棒开始向右做加速运动，切割磁感线。两导体棒中感应电流大小相等，均为 两导体棒所受安培力方向相反、大小相等，均为 随着导体棒减速，导体棒加速可知感应电流逐渐减小，两导体棒所受安培力逐渐减小，根据加速度 可知，导体棒做加速度逐渐减小的减速运动，导体棒做加速度逐渐减小的加速运动，故A错误； B．两导体棒所受的安培力大小相等、方向相反，合外力为0，整体动量守恒，当导体棒的速度为时，根据 解得 代入A项中的表达式可得导体棒的加速度大小为，故B正确； C．根据分析可知最终两导体棒会共速，则有 解得 根据能量守恒定律可知 解得整个运动过程中电路中产生的焦耳热为，故C错误； D．对导体棒分析，根据动量定理可得 又因为 解得整个运动过程通过金属棒的电荷量为，故D正确。 故选BD。 11． ACD C 0.28m/s 纸带① 【详解】（1）①[1]A．以小车和沙桶为研究对象，平衡摩擦力后，由于只有沙桶的重力做功，因此可以验证机械能守恒定律，A正确； B．由于实验中只有一辆小车，因此不能实现碰撞实验，B错误； C．通过纸带，能探究小车速度随时间变化的规律，C正确； D．沙桶下降的过程中，重力做功，通过纸带研究小车运动的速度，因此可以探究做功与物体速度变化的关系，D正确。 故选ACD。 ②[2] A．平衡摩擦力时应摘下小桶，只让小车挂上纸带，A错误； B．需要用天平测出沙桶和砂子的总质量，B错误； C．与小车定滑轮相连的轻绳与轨道平面平行，此时拉力才是小车所受的合外力，C正确； D．小车靠近打点计时器，先接通电源后释放小车，D错误。 故选C。 [3]打e点的速度等于与e点相邻两个计数点间的平均速度，因此 [4]如果两个相邻计数点间距离太近，测量距离时，相对误差较大，因此用纸带①来“探究加速度与力、质量的关系”实验，实验误差会比较小。 12．(1) 500 10 (2) 390 20 (3)偏小 【详解】（1）[1][2]量程为，若与并联时量程为，可知此时，则通过和电阻箱的电流相等，均为，改装的电流表A内阻为。 （2）[1]由图乙可知，当温度为时，热敏电阻阻值，图丙中原电流计指针满偏时干路电流，根据闭合电路欧姆定律有 解得 [2]原电流计示数为时，电流表A的示数为 由闭合电路欧姆定律有 解得 由图乙可知此时的温度为。 （3）图丙电路中若考虑电源内阻，则的计算值偏大，由图乙可知所测温度比实际温度偏小。 13．（1）；（2） 【详解】（1）开始时选活塞为研究对象，则有 汽缸对地面压力为零时，对汽缸受力分析 由查理定律得 可得 由题意知 解得 （2）当缸内气体体积减为原来的一半时，汽缸离开地面在空中，缸内气体压强为p2，则对被封气体，有 得 14．(1)， (2) (3) 【详解】（1）由题意可知粒子甲（乙）带正电荷，粒子甲在电场中做类平抛运动。 水平方向上有 已知粒子甲在C点的速度方向与x轴正方向的夹角为，竖直方向上有 联立解得 粒子乙进入匀强磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供其做圆周运动的向心力，则有 初速度与y轴负方向夹角为，由几何关系得 联立解得 运动轨迹如图所示 （2）由（1）分析知粒子乙在磁场中的轨迹半径为，则其周期为 粒子乙进入磁场做圆周运动的圆心角为，则其在磁场中运动时间为 联立解得 （3）粒子甲在C点的速度为 粒子甲在磁场中做圆周运动，有 由几何关系得粒子甲第二次经过x轴的D点到C点的距离为 粒子乙从C点进入电场后做类斜抛运动，已知粒子乙在C点的速度与x轴负方向的夹角为60° 则水平方向有 竖直方向有 联立解得 由此可知粒子甲、乙第二次经过x轴时的位置之间的距离为 15．(1)0， (2) (3)20次 【详解】（1）设第一次碰撞后瞬间小球的速度为，圆盘的速度为，弹性碰撞，由系统动量守恒，有 根据机械能守恒，有 解得， （2）设从第一次碰撞到第二次碰撞的时间间隔为，小球的加速度为，对小球，有 对圆盘，有，做匀速直线运动 第二次碰撞前瞬间，位移关系为 解得 第二次碰撞前瞬间，小球的速度 小球重力的瞬时功率 得。 （3）第一次碰撞到第二次碰撞之间，圆盘的位移 设第二次碰后小球的速度为，圆盘的速度为，由速度交换有， 第二次碰撞到第三次碰撞之间，圆盘的位移 第三次碰撞前小球的速度，圆盘的速度 第三次碰撞后小球的速度，圆盘的速度 第三次碰撞到第四次碰撞之间，圆盘的位移 以此类推，第次碰撞到第次碰撞之间，圆盘的位移 次碰撞圆盘的总位移 解得（次），故一共碰撞20次。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $