湖南常德市汉寿县第一中学2025-2026学年高三下学期第十次周考物理试卷

**基本信息** 高三物理周考卷，以光电效应、天体运动等核心知识为载体，结合“天问一号”、抛秧等真实情境，注重科学思维与探究能力考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7题28分|光电效应、运动学图像、光的折射等|结合氢原子能级图、v-t图像，考查模型建构与科学推理| |多选题|3题15分|电场线分布、交变电流、电磁感应|通过电场强度分析、变压器电路，体现科学论证能力| |实验题|2题20分|机械能守恒验证、欧姆表制作|半偏法测内阻、改装欧姆表，培养科学探究与创新意识| |解答题|3题37分|气体定律、电磁场运动、力学综合|“天问一号”轨道计算、圆弧槽与木板碰撞，融合动量守恒与能量观念|

湖南省常德市汉寿县第一中学2025—2026学年 高三下学期第十次周考物理试卷 一、单选题（共28分） 1．（本题4分）图甲是研究光电效应的电路图，逸出功为2.25eV的金属为K极，图乙为氢原子能级图（巴耳末系的四种可见光，是分别从、4、5、6能级跃迁到能级产生的）。下列说法正确的是（　　） A．仅将P移至C端，电流表示数一定变为0 B．氢原子从基态跃迁到激发态，电子的动能增大 C．上述的四种可见光只有一种不能让图甲中的K极金属发生光电效应 D．处在能级的氢原子不能吸收动能为2.75eV的自由电子而向高能级跃迁 2．（本题4分）两质点M和N在同一水平直线上从同一点由静止开始运动，图像如图。下列说法正确的是（　　） A．两质点运动方向始终相反 B．内M和N的加速度大小之比为 C．6s末两质点相距最远 D．相距最远时M和N的位移之比为 3．（本题4分）用激光笔照射透明塑料制成的光盘边缘时观察到的现象如图所示。入射点O和两出射点P、Q恰好位于光盘边缘等间隔的三点处，空气中的四条细光束分别为入射光束a、反射光束b、出射光束c和d、已知光束a和b间的夹角为，则（　　） A．光盘材料的折射率 B．光在光盘内的速度为真空中光速的三分之二 C．光束b、c和d的强度之和等于光束a的强度 D．光束c的强度小于O点处折射光束的强度 4．（本题4分）在同一均匀介质中有两列简谐横波持续沿x轴相向传播， t=0时刻，甲波恰好传至x=0处，乙波恰好传至x=5m处，如图所示， 甲波的波速大小为0.5m/s。下列说法中正确的是（    ）    A．甲波的频率为8Hz B．两波相遇后x=2.5m处的质点始终是振动减弱点 C．x轴上第一个位移达到6cm的质点的横坐标为x=2.25m D．t=4s时刻，x=-1.5m处质点与x=5.1m处质点的振动方向相反 5．（本题4分）中国火星探测器“天问一号”已于2021年春节期间抵达火星轨道，随后将择机着陆火星对火星进行科学探测。现将探测器抵达火星轨道的过程， 简化成如图所示的三个阶段， 沿轨道Ⅰ的地火转移轨道， 在轨道II上运行的火星停泊轨道及沿圆轨道III运行的科学探测轨道。已知三条轨道相切于A点， 且A、B两点分别为轨道II的近火点和远火点，其距离火星地面的高度分别为h1和h2，火星探测器在轨道Ⅲ上运行的周期为T， 火星的半径为R， 引力常量为G，则下列判断正确的是（　　） A．探测器在轨道I、II、III上经过A 点时的速度v1、v2、v3的大小关系为 B．探测器在轨道II上运行的周期为 C．火星表面的重力加速度为 D．火星的平均密度为 6．（本题4分）抛秧是一种水稻种植方法。如图甲所示，在抛秧时，人们将育好的水稻秧苗大把抓起，然后向空中用力抛出，使秧苗分散着落入田间。这种种植方式相对传统插秧更省时省力。某同学研究抛秧的运动时，将秧苗的运动简化为以肩关节为圆心，臂长为半径的圆周运动，忽略空气阻力，如图乙所示。秧苗在起抛处速度为零，离手瞬间通过手指改变秧苗的运动方向，A、B两秧苗同时离开手后做不同的抛体运动，其轨迹在空中交于P点。关于秧苗A、B在整个运动过程中，下列说法正确的是（　　） A．A先经过P点 B．抛出前在最低点，处于失重状态 C．脱手处，秧苗A的动能一定大于秧苗B的动能 D．抛出后A初速度的水平分量一定小于B初速度的水平分量 7．（本题4分）如图所示，在斜面底端斜向上抛出一个小球，小球落到斜面上时速度刚好沿水平方向，不计小球大小，不计空气阻力，小球从抛出到落到斜面上运动过程中的水平位移x、竖直位移y、水平速度、竖直速度分别随时间t变化规律正确的是（　　） A． B． C． D． 二、多选题（共15分） 8．（本题5分）在x轴上的M、N两点放置着电荷量为和的两个点电荷，在纸平面内其周围的部分电场线分布如图，已知b点的电场强度的方向恰好垂直于x轴。下列说法正确的是（    ） A．从N点沿x轴正向至无穷远，电场强度大小一直减小 B．从N点沿x轴正向至无穷远，电势先升高后降低 C．在a点由静止释放一试探电荷，其将沿电场线运动 D．在b点将一正试探电荷以合适的初速度发射，其可能做匀速圆周运动 9．（本题5分）重庆涪陵某小型风电站，简化工作原理如图甲所示，风轮机通过绝缘传动装置，带动发电机的转子线圈转动产生交流电，通过匝数比的理想升压变压器将电压升高，经输电线向较远处的主电网变电站输送电能，到达变电站后，再通过匝数比的理想降压变压器将电压降低，最终供给用户。已知用户端得到的电压u随时间t的变化关系如图乙所示，用户端得到的功率为44kW，输电线的总电阻为，线圈电阻可不计。则下列说法正确的是（     ） A．风轮机的转动周期为0.02 s B．电流表的示数为 C．输电线上损耗的电功率为4 kW D．发电机的输出电压 10．（本题5分）间距为L的平行光滑金属导轨MN、PQ水平段处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，导轨的弯曲段处在磁场之外，如图甲所示。导体棒a与b接入电路的有效电阻分别为R、2R．导体棒a的质量为m，b棒放置在水平导轨上足够远处，a棒在弯曲段导轨上距水平段高度为h处由静止释放，以导体棒a刚进入磁场时为计时起点，导体棒a的速度随时间变化的v-t图像如图乙所示（未知）。运动过程中导体棒与导轨接触良好且始终与导轨垂直，不计导轨电阻，重力加速度大小为g，以下说法中正确的是（    ） A．导体棒a刚进入磁场时受到的安培力大小为 B．导体棒b的质量为2m C．这段时间内通过a、b棒的电荷量之比为 D．这段时间内导体棒b产生的内能 三、实验题（共20分） 11．（本题8分）如图1所示，打点计时器固定在铁架台上，纸带穿过打点计时器，让重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。 （1）实验中动能的增加量应略小于重力势能的减少量，主要原因是_______。 A．重物下落的实际距离大于测量值    B．重物下落的实际距离小于测量值 C．重物下落受到阻力    D．重物的实际末速度大于计算值 （2）甲、乙、丙三位同学利用上述装置将打点计时器接到频率为50 Hz的交流电源上，分别得到三条纸带，它们前两个点间的距离分别是1.0 mm，1.9 mm，4.0 mm，应该选用________（填“甲”“乙”或“丙”）同学的纸带；一定存在操作误差的同学是________（填“甲”“乙”或“丙”）。 （3）某实验小组按正确操作得到了一条完整的纸带，由于纸带较长，图中有部分未画出，如图2所示。纸带上各点是打点计时器打出的计时点，其中O点为纸带上打出的第一个点。重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出，利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的有________。 A．和的长度 B．和的长度 C．和的长度 D．和的长度 12．（本题12分）某同学准备自制欧姆表，可用的器材如下： A．电流表（量程，内阻未知） B．电池（电动势为1.5V、内阻为0.2Ω） C．电池（电动势为6.0V、内阻为0.8Ω） D．滑动变阻器R（最大阻值10kΩ） E.电阻箱R1（最大阻值999.9Ω） F.开关、导线、表笔等若干 (1)用半偏法测电流表内阻。电路如图甲所示，电路连接完成后，保持开关S2断开，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表满偏；保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合S2，调节电阻箱R1，使电流表半偏，此时电阻箱R1的示数为198.0Ω。为减少系统误差，则电池选________（选填“B”或“C”），电流表内阻的测量值为________Ω（结果保留3位有效数字），测量值与真实值相比________（选填“偏大”或“偏小”）。 (2)组装欧姆表。将电流表与电池B、滑动变阻器R、表笔等，按图乙所示连接，并在电流刻度下方加刻欧姆刻度“0.5mA”刻线处正对欧姆“15”刻度。 ①该欧姆表对应多用电表的欧姆_______（填选项序号）挡。 A．“×10”    B．“×100”    C．“×1k” ②由于长时间使用，电池电动势变为1.2V，内阻变为1.6Ω，完成欧姆调零后进行测量，指针指在电流“0.4mA”刻线处，则待测电阻的阻值为_______kΩ。 ③更换新电池，在电流表上并联电阻箱R1，使改装的欧姆表对应多用电表的欧姆“×1”挡，如图丙所示，则电阻箱的阻值应调为_______Ω。 四、解答题（共37分） 13．（本题10分）某小组设计并完成了“稳定平抛水柱”实验。如图，竖直放置的储水瓶液面上方封闭少量气体，底部竖直细管甲与大气连通、水平细管乙有一阀门。初始时关闭，瓶内上方气体体积，甲管内恰无水且端口距水面高，乙管端口距水面高；打开，水持续从乙管流出，大气通过甲管进入瓶内，当水面与甲管端口齐平时关闭，此时瓶内上方气体的总体积。已知大气压强、水的密度，重力加速度取，忽略温度变化与瓶体形变，气体均可视为理想气体。求∶ (1)初始K关闭时，瓶内上方气体压强和乙管端口处压强； (2)在打开K到关闭K的过程中，进入瓶内的空气在大气压强下的体积。 14．（本题12分）如图所示，直角坐标系xOy中第Ⅰ象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，第Ⅱ、Ⅲ象限内有两平行板电容器、，其中垂直x轴放置，极板与x轴相交处存在小孔M、N；垂直y轴放置，上、下极板右端分别紧贴y轴上的P、O点。一质量为m、带电量为q的粒子在小孔M处由静止释放，经电场加速后从小孔N射出，紧贴下极板进入，之后从P点进入第Ⅰ象限，经磁场偏转后恰好从S点垂直x轴射出。已知O、P点间距为d，两平行板电容器、的板间电压均为U，板间电场均视为匀强电场，忽略边缘效应，不计粒子重力及空气阻力。求： (1)粒子经过N点时的速度大小； (2)粒子经过P点时速度的大小及方向； (3)磁场的磁感应强度大小B。 15．（本题15分）如图所示，半径为R=0.8m的光滑圆弧槽C固定在光滑水平面上，质量为的木板B紧靠槽C静止于水平面上，圆弧槽末端水平且与木板B上表面高度相同，木板B右侧有一质量为的木板D，木板B右端与木板D左端相距。某时刻，一个质量为的小物块A（可视为质点）从圆弧槽的顶端由静止滑下，物块A与木板B间动摩擦因数为。物块A最终恰好不会从木板B的右端滑出，木板B、D间的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度，求： （1）物块A滑至槽C末端时，槽C对物块A支持力的大小； （2）木板B、D第一次碰后木板B、D速度的大小； （3）木板D最终速度的大小。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D D D B D C BD AC ACD 1．C 【详解】A．仅将P移至C端，AK间的电压为0，如果发生光电效应有微弱的光电流，故选项A错误； B．氢原子从基态跃迁到高能级，电子的动能减小，故选项B错误； C．从能级跃迁至产生的光的光子能量为1.89 eV，小于逸出功，不能使K极金属发生光电效应；从能级跃迁至产生的光的光子能量为2.55 eV，大于逸出功，可以使K极金属发生光电效应；从能级、5跃迁至产生的光的光子能量大于2.55 eV，大于逸出功，能使K极金属发生光电效应，所以氢原子光谱中仅有一种可见光不能让图甲中K极金属发生光电效应，故选项C正确； D．处在能级的氢原子可以吸收动能为2.75 eV的自由电子的一部分动能1.89 eV或2.55 eV而向高能级跃迁，故D选项错误。 故选C。 2．D 【详解】A．根据题意，由图可知，之后两质点运动方向相同，故A错误； B．根据图像斜率表示加速度，由图可知，内，的加速度大小为 的加速度大小为 则内M和N的加速度大小之比为，故B错误； CD．根据题意，由图可知，时，两质点的速度相等，此时两质点相距最远，质点的位移大小为 质点的位移大小为 则相距最远时M和N的位移之比为，故C错误，D正确。 故选D。 3．D 【详解】 A．如图所示由几何关系可得入射角为 折射角为 根据折射定律有 所以A错误； B．根据 所以B错误； C．光束在b、c和d的强度之和小于光束a的强度，因为在Q处光还有反射光线，所以C错误； D．光束c的强度与反射光线PQ强度之和等于折身光线OP的强度，所以D正确； 故选D。 4．D 【详解】A．由图可知甲波的波长为，甲波的频率为 故A错误； B．甲乙两波在同一均匀介质中传播，波速相同，由图可知乙波的波长为，乙波的频率为 可知甲乙两波不能发生干涉，两波相遇后x=2.5m处的质点不是振动减弱点，故B错误； C．质点的位移第一次达到6cm，必定是这两列波相距最近的波峰相遇，时刻，甲乙波峰相距，故从此时开始到两波峰相遇，甲、乙波峰的传播距离都为，故x轴上第一个位移达到6cm的质点的横坐标为 故C错误； D．甲、乙波的周期为 ，t=4s时刻，甲乙波传播的距离之和为 可知t=4s时刻，乙波未传播至x=-1.5m处质点，甲波未传播至x=5.1m处质点，t=4s时刻，可知甲波振动了半个周期，根据上下坡法可知t=4s时刻，x=-1.5m处质点向上振动，t=4s时刻，可知乙波振动了一个周期，根据上下坡法可知t=4s时刻，x=5.1m处质点向下振动，故t=4s时刻，x=-1.5m处质点与x=5.1m处质点的振动方向相反，故D正确。 故选D。 5．B 【详解】A．探测器从轨道I到Ⅱ再到Ⅲ，需要制动才能达到，所以其速度大小关系为，故A错误； B．根据开普勒第三定律得 解得 故B正确； C．火星探测器在轨道Ⅲ上，有 在火星表面有 联立解得 故C错误； D．火星的平均密度为 = 故D错误。 故选B。 6．D 【详解】A．依题意，脱手处O与P竖直距离一定，秧苗A竖直方向是竖直上抛运动，秧苗B是自由落体运动，所以秧苗B用时短，先经过P点，故A错误； B．抛出前在最低点，秧苗的加速度方向向上，处于超重状态，故B错误； D．O与P水平距离一定，根据 由于秧苗B用时短，所以抛出后A初速度的水平分量一定小于B初速度的水平分量，故D正确； C．脱手处，秧苗A的竖直分速度较大，水平分速度较小，根据，可知秧苗A的速度不一定大于秧苗B的速度，则秧苗A的动能不一定大于秧苗B的动能，故C错误。 故选D。 7．C 【详解】AB．小球水平方向做匀速直线运动，水平速度不变，水平位移为，故AB错误； C．竖直方向做匀变速直线运动，可得 图像为开口向下的抛物线，故C正确； D．竖直方向做匀减速直线运动至末速度为零，故D错误。 故选C。 8．BD 【详解】A．设M坐标为0，N点坐标为d，则x>d处的场强大小为 由数学关系可知，电场强度大小先减小后增大再减小，故A错误； B．由A项分析可知，在N点右侧，靠近N点处场强向左，远离N点处场强向右。沿电场线方向电势降低。从N点向右运动，先逆着电场线（电势升高），经过场强为0的点（电势最高点）后，顺着电场线（电势降低），所以电势先升高后降低，故B正确； C．只有当电场线为直线时，静止释放的试探电荷才会沿电场线运动。图中 a 点电场线为曲线，电荷受力方向沿切线方向，会偏离电场线，故C错误； D．题目已知b点场强方向垂直于x轴。由对称性可知，在过b点且垂直于x轴的圆周上，各点场强大小相等，且方向均垂直于x轴，因此若在b点给正试探电荷一个垂直于纸面（即沿圆周切线方向）的合适初速度，电场力提供向心力，电荷将做匀速圆周运动，故D正确。 故选BD。 9．AC 【详解】A．由图乙可知用户端交流电压相邻两个正峰之间的时间间隔为 ，即交流电周期 。发电机线圈转动一周产生一个周期的交流电，风轮机与发电机转子同步转动，所以风轮机的转动周期为 ，故A正确； B．用户端电压有效值为 由用户端功率 ，得 电流表读数为有效值，故B错误； C．降压变压器匝数比 理想变压器电流关系为 所以输电线电流 输电线上损耗的功率为 ，故C正确； D．降压变压器原线圈电压有效值为 ，输电线电压损失为 故升压变压器副线圈输出电压 升压变压器匝数比 ，有 ，解得发电机的输出电压 ，故D错误。 故选AC。 10．ACD 【详解】A．由题图乙可知，棒刚进入磁场时的速度为，从开始下落到进入磁场，根据机械能守恒定律有 棒切割磁感线产生的感应电动势 根据闭合电路欧姆定律 棒受到的安培力 联立以上各式解得 故A正确； B．设棒的质量为，两棒最终稳定速度为，以的方向为正方向，由图线可知，棒进入磁场后，棒和棒组成的系统动量守恒： 解得 故B错误； C．这段时间内通过，棒的电流相等，则由，可知，通过两金属棒的电荷量之比为，故C正确； D．设棒产生的内能为，棒产生的内能为，根据能量守恒定律 两棒串联，产生的内能与电阻成正比 解得 故D正确。 故选ACD。 11． C 乙 丙 BC 【详解】（1）[1]重物下落过程中存在空气阻力以及限位孔与纸带之间存在摩擦，在下落过程中，除了重物重力做正功外，还有阻力做负功，由动能定理可知，合外力做的功等于动能的变化量，故重力做的功大于动能的变化量。 故选C。 （2）[2]重物从静止开始下落，假设重物只受重力，由自由落体运动规律可知，最初0.02 s内重物下落的高度 故乙同学的纸带最为理想； [3]丙同学在重物下落距离过大，可推断初速度不为零，因此一定存在操作误差，造成实验误差的原因可能先释放重物，后接通打点计时器电源；而甲同学的重物下降距离小，是由于释放时不是打点的瞬间，操作没问题。 （3）[3]A．当已知和的长度时，可以求得打F点时与段中间时刻的瞬时速度，从而确定两者间的动能变化，却无法求解重力势能的变化，无法验证机械能守恒定律，A错误； B．当已知和的长度时，依据和的长度，可求得打C点时的瞬时速度，从而求得O到C点的动能变化，因知道间距，则可求得重力势能的变化，可以验证机械能守恒定律，B正确； C．当已知和的长度时，依据和的长度，可分别求得打C点与F点时的瞬时速度，继而求得动能的变化，再由确定重力势能的变化，可以验证机械能守恒定律，C正确； D．当已知和的长度时，依据和的长度，只能求得打B点与F点时的瞬时速度，从而求得动能的变化，而间距不知道，则无法验证机械能守恒定律，D错误。 故选BC。 12．(1) C 198 偏小 (2) B 1.8 2.0 【详解】（1）[1]开关闭合前后，电路中的总电阻会有变化，变化量的大小约为 若想让误差更小，电路中的电阻总值应该更大，即在调节电流表满偏时滑动变阻器接入电路中的阻值越大越好，根据闭合电路欧姆定律可知选择电动势更大的电池可以做到。 [2][3]开关闭合前后若默认干路中的总电流大小依然为，则闭合后流过电流表和电阻箱的电流都为满偏电流的一半，并联电路两端的电压相等，根据欧姆定律可知电流表与电阻箱的电阻大小也相等，所以电流表内阻为。 但实际闭合后干路中的电流会增加，使得流经电阻箱的电流比满偏电流的一半大一些（即比流过电流表支路的电流大一些），根据公式可知，电阻箱的阻值小于电流表内阻，所以测量值偏小。 （2）[1]当欧姆表进行欧姆调零时，欧姆表内的总电阻大小为 当电流表的示数为0.5mA时，根据闭合电路欧姆定律，有 可求得此时的 所以档位应是“×100”。 故选B。 [2]此时欧姆调零后的内阻为 根据闭合电路欧姆定律，可求出外电阻为 [3]当欧姆表的量程为“×1”时，此档位的内阻应为15Ω，所以新电流表的量程为 根据电表改装的原理，可列式 可解得并联的电阻箱阻值要调为。 13．(1)， (2) 【详解】（1）初始K关闭时，甲管与大气连通且管内恰无水，说明A端口处压强等于大气压强。由液体压强公式可知，瓶内上方气体压强满足 代入数据解得 乙管B端口处压强满足 代入数据解得 （2）当水面与甲管A端口齐平时，瓶内上方气体压强等于大气压强。设进入瓶内的空气在大气压强下的体积为，对瓶内原有气体和进入的空气整体应用玻意耳定律，有 代入数据解得 14．(1) (2)，方向与y轴正方向的夹角为 (3) 【详解】（1）粒子从M到N的运动过程中，根据动能定理，有 得 （2）粒子在中，根据牛顿运动定律有 根据匀变速直线运动规律有， 得 粒子在P处时的速度大小为 （3）粒子运动轨迹如下： 在磁场中运动时，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有 其中 得 15．（1）90N；（2）；；（3）2m/s 【详解】（1）物块A滑至槽C末端时，根据机械能守恒有 在槽C末端，根据牛顿第二定律有 联立解得 （2）假设木板B、D第一次碰前物块A、B未共速，对A，根据牛顿第二定律有 解得 对B，根据牛顿第二定律有 解得 根据运动学公式有 解得 对A，根据运动学公式有 解得 对B，根据运动学公式有 解得 所以假设成立，根据动量守恒定律有 根据能量守恒定律有 联立解得 ， 所以第一次碰后木板B、D速度的大小分别为，； （3）假设木板B、D第二次碰前物块A、B未共速，则有 解得 对B，根据运动学公式有 解得 对A，根据运动学公式有 解得 所以假设不成立，故物块A、B共速后与D发生第二次碰撞，根据动量守恒有 解得 对B、D碰撞过程，根据动量守恒和能量守恒有 联立解得 ， 物块A、B第二次共速，则有 解得 则共同速度为 故A、B第二次共速后无法追上板D，此后不会发生第三次碰撞板D，所以板D的最终速度为2m/s。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $