期末重点专题 简单机械 2025-2026学年人教版物理八年级下册

**基本信息** 聚焦简单机械核心考点，通过概念辨析、实验探究与综合计算，系统构建“机械原理-能量转化”逻辑链，提炼杠杆平衡条件应用、滑轮组公式计算等实用方法，培养物理观念与科学思维。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |概念辨析|3（单选1-2、8）|实验方法判断（转换法）、杠杆类型分析|从工具使用（扳手、钳子）建立杠杆概念，区分动力臂/阻力臂| |原理应用|8（单选3-7、填空9-11、13）|杠杆动态平衡分析、滑轮组绳股数判断、机械效率公式（η=W有/W总）|由杠杆平衡条件（F1l1=F2l2）推导滑轮组省力规律，关联功与能量转化| |实验探究|2（填空12、实验14）|杠杆平衡调节方法、多组数据归纳规律|通过实验操作（调平衡螺母、改变力与力臂）验证杠杆平衡条件，体现科学探究| |综合计算|2（计算15-16）|压强-机械效率-功率综合计算步骤|整合固体压强公式与机械效率、功率计算，形成“受力分析-能量损耗-效率评估”完整链条|

期末重点专题 简单机械 一、单选题 1．如图所示，工人在拧螺栓时，常将手尽量靠近扳手的尾部，这样做是为了（     ） A．减小动力臂，方便使用 B．减小阻力臂，能够省力 C．增大动力臂，能够省力 D．增大阻力臂，方便使用 2．物理研究中常常用到“转换法”、“控制变量法”、“科学推理法”等方法，下面所罗列实验中采用了“转换法”的是（　　） A．探究二力平衡的条件 B．探究动能与哪些因素有关 C．探究杠杆的平衡条件 D．探究浮力大小的影响因素 3．健身步道上的坐式划船训练器如图所示。人坐在座板上，用始终与把手垂直的力缓慢向后将把手拉至身体两侧，下列分析正确的是（　　） A．拉力大小不变 B．拉力大小变大 C．若要增加训练强度，配重盘应向a端移动 D．若要增加训练强度，配重盘应向b端移动 4．如图，工人向下拉绳提升重物。已知物体重为400 N，动滑轮重为100 N，将重物匀速提升0.5 m用时5 s。不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（     ） A．工人所用的拉力为200 N B．绳子自由端移动的距离为1.5 m C．拉力的功率为50 W D．该滑轮组提升重物的机械效率为75% 5．用动滑轮沿竖直方向匀速提升重为G的物体，如图所示。已知拉力为F，绳子自由端移动的距离为s，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（     ） A．使用此滑轮可以省功 B．使用此滑轮可以省距离 C．动滑轮重2F-G D．所做有用功为Gs 6．如图所示，用重的滑轮将重的物体匀速提高，所用拉力。下列判断正确的是（     ） A．该滑轮既能省力又能省功 B．重物被匀速提升越高，滑轮做的有用功越多 C．该滑轮的机械效率为90% D．该装置提升不同质量的重物，机械效率不变 7．在日常工地施工、搬运货物等生活生产场景中，关于功、功率和机械效率，下列说法中正确的是（     ） A．机械越省力，机械效率越高 B．有用功做得越多，机械效率越高 C．额外功做得越少，机械效率越高 D．机械做功的功率越大，机械做功越快 8．如图所示，是用钳子剪铁丝的实例。关于钳子的使用，下列说法正确的是（     ） A．钳子对铁丝的压力是阻力 B．在图示状态使用时钳子是费力杠杆 C．把铁丝往钳子的转轴处靠近是为了省力 D．把手往钳子的转轴处靠近是为了增大动力臂 二、填空题 9．每天清晨，北京天安门广场都要举行庄严神圣的升旗仪式。升国旗时，旗手缓缓向下拉绳子，如图所示，旗杆上端的滑轮是一个________（选填“动滑轮”或“定滑轮”），它的作用是________（选填“省力”“省功”或“改变力的方向”）。    10．如图所示，小华用苹果和橘子来玩跷跷板。她将苹果、橘子分别放在轻杆的左、右两端，放手后，杆马上转动起来。使杆逆时针转动的力是_____对杆的压力；该压力是由于______的形变产生的，若把橘子向右移动一定距离后，跷跷板恰好水平平衡，则橘子对杆的压力_____（填变化情况）。 11．如图所示，美丽乡村建设的工地上，工人使用滑轮将重的建筑材料匀速提升（不计绳重及摩擦），已知滑轮重，则人的拉力做功__________J，滑轮的机械效率为__________。 12．如图甲所示，在探究杠杆平衡条件时，为使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向________（选填“左”或“右”）移动；调节完毕，将弹簧测力计挂在点，其示数为，若使杠杆保持水平平衡，应将重为的钩码挂在________点。 13．人类用智慧创造了机械，机械以其强大的力量和人力无法比拟的做功效率，改变了世界，造福了人类，如图所示，工人用3 m长的木板搭成斜面，把重600 N的物体沿斜面匀速推到高1m的车厢上，此过程中有用功为_______J，如果不计摩擦，工人所用推力为_______N。 三、实验题 14．某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置如图所示，每个钩码质量都相等。 次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 10 5 2 5 15 3 15 20 (1)杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆______（选填“是”或“不是”）处于平衡状态；此时应向______（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，直到杠杆在水平位置平衡，这步操作的目的是便于测量______； (2)乙图中在B点挂______个钩码或者在C点挂______个钩码，可以使杠杆在水平位置平衡； (3)如图丙所示，分别用大小为和的两个力在B点向下拉杠杆，使杠杆都在水平位置平衡，则______（选填“>”“=”或“<”）； (4)实验测得数据如上表，由表中数据可得出杠杆平衡的条件是______________（用、、、表示）。实验中多次改变力和力臂的大小，测量多组数据的目的是____________（选填“减小实验误差”或“得到普遍规律”）。 四、计算题 15．一个600N的重物放在水平地面上，重物的底面积为0.6。工人把重物用绳绑住，利用如图所示的滑轮组，在5s内将重物匀速向上提起1m，工人所用的拉力为。（取）求： (1)重物静止在水平地面时，对地面的压强； (2)滑轮组的机械效率； (3)工人所用拉力做功的功率。 16．某建筑工人用如图装置运送建筑材料，当吊篮内的建筑材料重力为时，人对绳子的拉力为；吊篮在拉力的作用下内匀速上升了，不计吊篮重、绳重和摩擦。求： (1)动滑轮的重力； (2)人的拉力做功功率； (3)滑轮组的机械效率。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C B C C C B D C 1．C 【详解】扳手使用时属于杠杆，拧螺栓时，支点在螺栓位置，阻力和阻力臂都保持不变。 工人将手靠近扳手尾部，增大了动力臂，根据杠杆平衡条件，在阻力、阻力臂不变时，动力臂越大，动力越小，可以省力，因此该做法是为了增大动力臂、省力。 故选C。 2．B 【详解】A．探究二力平衡的条件时，需要控制多个变量，只改变一个物理量来研究二力平衡的条件，采用的是控制变量法，故A不符合题意； B．探究动能与哪些因素有关时，动能的大小无法直接观察，通过小球推动木块移动的距离来间接反映动能的大小，将不易观察的动能转换为容易观察的木块移动距离，采用的是转换法，故B符合题意； C．探究杠杆的平衡条件时，通过多次改变动力、阻力、动力臂和阻力臂，归纳得出杠杆的平衡条件，采用的是归纳法，故C不符合题意； D．探究浮力大小的影响因素时，需要控制液体密度或排开液体的体积其中一个量不变，研究另一个量对浮力的影响，采用的是控制变量法，故D不符合题意。 故选B。 3．C 【详解】AB．拉力始终与把手垂直，因此动力臂始终等于把手长度，保持不变。配重的重力G是阻力，大小不变；当把手向后拉时，配重的阻力臂（配重到支点的垂直距离）会逐渐变小。根据杠杆平衡条件，拉力（动力）变小，故AB错误； CD．训练强度增大，意味着在相同把手位置，需要的拉力变大。由可知，在配重的重力G和动力臂不变的情况下，需要增大阻力臂。因此，要增加训练强度，配重盘应向a端移动，故C正确，D错误。 故选C。 4．C 【详解】由图可知，滑轮组承担重物和动滑轮重力的绳子股数 A．人需用的拉力为，故A错误； B．绳子自由端移动的距离，故B错误； C．拉力做的功为 则拉力的功率为，故C正确； D．滑轮组的机械效率为，故D错误。 故选C。 5．C 【详解】A．使用此滑轮可以省力，但并不能省功，故A错误； B．使用动滑轮省力费距离，故B错误； C．忽略绳重及摩擦，，根据可知，动滑轮重为，故C正确； D．，物体上升的高度 有用功数值为，故D错误。 故选C。 6．B 【详解】A．根据功的原理，使用任何机械都不能省功，因此该滑轮不可能既省力又省功，故A错误； B．提升重物时，有用功为 ，提升同一重物，物重不变，由公式可知，提升高度越大，有用功越多，故B正确； C．提升物体所做的有用功 该滑轮是动滑轮，拉力移动距离 总功 机械效率 故C错误； D．该装置额外功主要来自动滑轮自重，提升不同质量重物时，物重越大，有用功越大，额外功几乎不变，有用功在总功中的占比越大，机械效率越高，因此机械效率会改变，故D错误。 故选B。 7．D 【详解】A．机械效率是有用功占总功的比值，与省力没有必然联系，省力的机械机械效率不一定更高，故A错误。 BC．机械效率，仅有用功多，无法确定机械效率的高低，同理，仅额外功少，没有对比总功的大小，无法确定机械效率的高低，故BC错误。 D．功率的物理意义就是表示做功的快慢，功率越大，说明机械做功越快，故D正确。 故选D。 8．C 【详解】A．钳子是我们研究的杠杆，阻碍杠杆转动的阻力是铁丝对钳子的作用力，不是钳子对铁丝的压力，故A错误； B．钳子的支点在转轴，使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误； C．把铁丝往转轴靠近，减小了阻力臂，根据杠杆平衡条件，在动力臂、阻力不变的情况下，阻力臂越小，所需动力越小，因此可以省力，故C正确； D．把手往转轴靠近，会减小动力臂，不是增大动力臂，故D错误。 故选C。 9． 定滑轮 改变力的方向 【详解】旗杆上端的滑轮固定在旗杆顶端，轴不随国旗移动，因此是定滑轮。 定滑轮不能省力，也不能省功，它的作用是改变力的方向；本题中向下拉绳子就能让国旗向上升起，就体现了定滑轮改变力的方向的作用。 10． 苹果 苹果 不变 【详解】苹果放置在轻杆的左端 ，其自身重力导致对轻杆产生向下的压力，该力会使轻杆绕着中间的支点向左下方倾斜，即促使杆产生逆时针方向的转动。 压力是由施力物体发生弹性形变而产生的，在此情境中，对杆施加压力的物体是苹果，因此该压力是由于苹果的形变产生的。 当跷跷板水平平衡时，橘子放在水平杆上，其对杆的压力大小始终等于橘子自身的重力大小，因此橘子对杆的压力保持不变。 11． 480 75% 【详解】由图可知，该滑轮为动滑轮，承担物重的绳子段数，物体重力，滑轮重，物体上升距离。 不计绳重及摩擦，拉力 绳端移动的距离 则人的拉力做功 有用功 滑轮的机械效率 12． 右 b 【详解】调节平衡螺母 图甲中杠杆左端低、右端高，调节杠杆平衡时，平衡螺母向杠杆上翘的一端（高的一端）调节，因此应将平衡螺母向右移动。 设杠杆每一小格长度为，根据杠杆平衡条件，弹簧测力计在点，拉力，到支点的距离；钩码重，整理得： 解得：阻力臂。 弹簧测力计向上拉支点左侧的点，使杠杆顺时针转动，钩码向下拉需要使杠杆逆时针转动，因此钩码需挂在支点左侧，距离点2格处，对应图中的点。 13． 600 200 【详解】有用功是克服物体重力做的功，为 不计摩擦时，总功等于有用功，即 因此工人所用推力为 14．(1) 是 右 力臂 (2) 2 6 (3)< (4) 得到普遍规律 【详解】（1）实验前杠杆静止在图甲所示位置，杠杆处于静止状态，则此时杠杆处于平衡状态；由甲图可知，杠杆左端下倾，由左偏右调可知，应向右端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；使杠杆在水平位置平衡，这样目的是便于测量力臂。 （2）由图乙可知，A点挂3个钩码，OA之间有2格，OB之间有3格，要使杠杆在水平位置平衡，应该在B点施加一个向下的拉力F，设每个钩码重力为G，每小格长为L，则有 解得，所以应该在B点挂2个相同的钩码。同理，OC之间有1格，故 解得，所以应该在C点挂6个相同的钩码。 （3）的力臂比的力臂长，根据杠杆平衡原理可得，力臂越大，力越小，则 （4）分析表格中的数据可得，第一次实验中 第二次实验中 第三次实验中 故可得出杠杆平衡的条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，即 多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出杠杆的平衡条件，所以本实验进行多次探究的目的是寻找普遍规律，避免偶然性。 15．(1) 1000Pa (2) 80% (3) 150W 【详解】（1）重物静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即 所以重物对地面的压强为 （2）由图可知，动滑轮上承担物重的绳子段数，因此绳子自由端移动距离为 提升重物做的有用功为 拉力做的总功为 所以滑轮组的机械效率为 （3）工人所用拉力做功的功率为 16．(1)50N (2)40W (3)75% 【详解】（1）从图中可知，不计绳重和摩擦，拉力 变形得动滑轮的重力 （2）绳子自由端移动的距离 拉力做的总功 拉力做功的功率 （3）拉力做的有用功 滑轮组的机械效率 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $