云南保山市龙陵县第一中学2025-2026学年下学期期中考试高二物理试卷

**基本信息** 高二物理期中卷涵盖静电场、恒定电流模块，以基础概念辨析（如摩擦起电、点电荷模型）和综合应用（如带电小球圆周运动、电阻率测量实验）为主，注重科学思维与探究能力考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题（单选）|8/32|电场强度、电势、电容器动态分析|结合φ-x图像考查场强方向，通过导体球壳静电平衡辨析电场分布| |选择题（多选）|4/14|I-U图像、电表改装、电荷圆周运动|以带电小球在电场中圆周运动考查动能与电势能关系，体现科学推理| |非选择题|5/52|电阻率测量（螺旋测微器、电桥法）、电子偏转、滑块复合场运动|实验题注重器材使用（螺旋测微器读数）与数据处理，计算题融合电场与曲线运动，强化模型建构|

2025-2026学年下学期期中考试 高二 物理 满分100分，考试时间90分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。) 1.关于摩擦起电现象，下列说法中正确的是(　　) A.通过摩擦起电的两个原来不带电的物体，一定带有等量异号电荷 B.摩擦起电是通过摩擦将一个物体中的质子转移到另一个物体 C.摩擦起电是用摩擦的方法将其他物质变成了电荷 D.通过摩擦起电的两个原来不带电的物体，可能带有同号电荷 2.关于点电荷模型，下列论述正确的是(  ) A.库仑定律适用于点电荷 B.点电荷就是体积较小的带电体 C.点电荷产生的电场可以忽略不计 D.点电荷的电荷量是确定的，约为 3.由电场强度的定义式E＝可知，在电场中的同一点(　　) A.电场强度E跟F成正比，跟q成反比 B.无论试探电荷所带的电荷量如何变化，始终不变 C.如果电荷在电场中某点所受的静电力大，则该点的电场强度就强 D.一个小球在P点受到的静电力为0，P点的电场强度一定为0 4.有一接地的导体球壳，如图所示，球心处放一点电荷q，达到静电平衡时，则(　　) A.q的电荷量变化时，球壳外电场随之改变 B.q在球壳外产生的电场强度为零 C.球壳内、外表面的电荷在壳外的合电场强度为零 D.q与球壳内表面的电荷在壳外的合电场强度为零 5.某电场的电场线分布如图所示，将一电荷量q＝2×10－9 C的试探电荷(电荷性质未知)由电场中的a点移到b点，电荷克服电场力做功为4×10－8 J，下列说法正确的是(　　) A.a点的场强大于b点的场强 B.试探电荷带正电 C.a点电势低于b点电势 D.a、b两点间的电势差为20 V 6.如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为、、，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与等势线A、C的交点，带电粒子只受电场力的作用，则下列说法正确的是(　　) A.由于不清楚粒子运动方向，粒子电性无法判断 B.粒子P点的加速度大于在Q点加速度 C.粒子在P点电势能大于在Q点电势能 D.粒子在P点的动能大于在Q点动能 7.沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴，其电势φ随位置x变化的图像如图所示，一带负电的试探电荷，从x2点由静止开始运动，若该电荷仅受电场力。则 （      ）  A.x1点的场强为0 B.该电荷沿x轴负方向运动 C.该电荷能通过x5点 D.x4点场强方向沿x轴负方向 8.如图所示为研究决定平行板电容器电容大小因素的实验装置。两块相互靠近的等大正对平行金属板A、B组成电容器，板B固定在绝缘座上并与静电计中心杆相接，板A和静电计的金属壳都接地，板A上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板A的位置。在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度。在整个实验过程中，保持电容器所带电荷量不变，对此实验过程的描述正确的是(　　) A.如果只在A、B之间插入玻璃板，静电计指针张角变小 B.如果只在A、B之间插入玻璃板，静电计指针张角不变 C.如果只将A从图示位置向左平移，静电计指针张角变小 D.如果只将A从图示位置向下平移，静电计指针张角变小 二、多选题（本题共4个小题，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 9.如图所示为A、B、C三个通电导体的I－U关系图像，由图可知(　　) A.三个导体的电阻关系为RA＞RB＞RC B.三个导体的电阻关系为RA＜RB＜RC C.若在导体B两端加上10 V的电压，则通过导体B的电流是2.5 A D.若在导体B两端加上10 V的电压，则通过导体B的电流是40 A 10.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个表头G和一个电阻箱R组成的，已知表头的满偏电流Ig＝2 mA，内电阻Rg＝300 Ω，则下列说法正确的是(　　) A.甲表是电流表，R增大时量程增大 B.乙表是电压表，R增大时量程增大 C.在甲图中，若改装成的电流表的量程为0～0.6 A，则R＝0.5 Ω D.在乙图中，若改装成的电压表的量程为0～3 V，则R＝1 200 Ω 11.如图所示，空间中存在水平向右的匀强电场，长为L的轻质绝缘细线一端拴一质量为m的带电小球，另一端固定于O点，平衡时细线与竖直方向成45°。现在平衡位置处沿切线方向给小球一初速度，小球恰好能在竖直面内完成完整的圆周运动，已知重力加速度为g。下列说法正确的是（  ） A.小球运动过程中的最小动能为 B.小球运动过程中的最大动能为 C.小球运动过程中电势能的最大值与最小值的差值为2mgL D.细线上拉力的最大值为6mg 12.如图所示，在光滑绝缘水平面上有三个孤立的点电荷Q1、Q、Q2，其中Q恰好静止不动，Q1、Q2围绕Q做匀速圆周运动，在运动过程中三个点电荷始终共线。已知Q1、Q2分别与Q相距r1、r2，不计点电荷间的万有引力，下列说法正确的是（　　） A.Q1、Q2的电荷量之比为 B.Q1、Q2的电荷量之比为 C.Q1、Q2的质量之比为 D.Q1、Q2的质量之比为 第Ⅱ卷(非选择题，共52分) 二、非选择题（本题共5个小题，共52分） 13.（6分）某实验小组用如图甲所示的电路图测量长度为L、粗细均匀的电阻丝Rx的电阻率。实验器材有：电池、电阻箱、滑动变阻器R0、灵敏电流计、待测电阻丝Rx、粗细均匀的电阻丝AB、刻度尺、螺旋测微器、开关S、滑片P、导线若干。 实验步骤如下： (1) 用螺旋测微器测量电阻丝Rx的直径d，读数如图乙所示，则d=                  mm。 (2) 为保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器R0的滑片调至                  (填“最左端”或“最右端”)。 (3) 闭合开关S后，调节滑动变阻器R0的滑片处于合适位置，调节电阻箱，使其示数为R，然后调节电阻丝AB上的滑片P，使灵敏电流计的示数为0。记录AP、PB的长度分别为L1、L2，则电阻丝的阻值Rx=                  ，电阻率ρ=                  。(用题中所给物理量的字母表示) (4) 重复(3)的实验操作，记录多组数据取平均值，即可测得电阻丝Rx的电阻率。 14.（8分）某同学要测量一段金属丝的电阻率，可供选择的实验器材有： A．电流表A1(量程为0~0.6A，内阻r1约为2Ω) B．电流表A2(量程为0~3mA，内阻r2=100Ω) C．定值电阻R1=900Ω D．定值电阻R2=9900Ω E.滑动变阻器R3(0~20Ω，允许通过的最大电流为3A)； F.滑动变阻器R4(0~100Ω，允许通过的最大电流为3A)； G.电池E(电动势为3V，内阻很小)； H.开关S及若干导线。 (1) 用螺旋测微器测量该金属丝的直径，某次测量时如图甲所示，读出该金属丝的直径d=                  mm。 (2) 该同学设计了如图乙所示的测量电路，滑动变阻器应选择                  (填“R3”或“R4”)；定值电阻R应选择                  (填“R1”或“R2”)；A处电流表应选择                  (填“A1”或“A2”)。 (3) 调节滑动变阻器，测得多组电流表A的示数IA和电流表B的示数IB，并作出IB—IA图像如图丙所示，图像的斜率为k。测得金属丝的长度为L，定值电阻R和电流表A的总阻值用R0表示，可知该金属丝的电阻率                  (用R0、d、k、L的字母表示) 15.（10分）如图所示，用绝缘细线将质量的带电小球悬挂在天花板上，空间中存在电场强度大小、方向水平向右的匀强电场，小球静止时细线与竖直方向的夹角，g取，。求： (1) 小球的带电性质和带电荷量； (2) 剪断细线的瞬间，小球的加速度。 16.（13分）一束电子从静止开始经加速电压加速后，水平射入水平放置的两平行金属板中间，如下图所示。金属板长为，两板距离为，竖直放置的荧光屏距金属板右端为，若在两金属板间加直流电压时，光点偏离中线打在荧光屏上的P点，其中电子的质量为，电量为，不计电子重力及电子之间的相互作用。求：(结果用、、、表示) (1) 电子刚进入偏转电场时的速度大小； (2) 电子离开偏转电场时垂直于板面方向的位移大小； (3) 打在荧光屏上的OP的长度和打到P点时的动能。 17.（15分）如图，圆弧轨道AB的圆心为O，半径为，圆弧轨道AB的B点与水平地面BE相切，B点在O点的正下方，在B点的右侧有一竖直虚线CD，B点到CD的距离为，OB与CD间有场强大小为、水平向左的匀强电场，CD右侧有场强大小为(大小未知)、竖直向上的匀强电场。CD右侧且相距处有一竖直墙壁EF，EF底端点与水平地面BE相连接，EF高度为，现将、的绝缘滑块从A点由静止释放沿圆弧轨道AB下滑，最后进入CD右侧，滑块可视为质点，圆弧轨道光滑，水平地面BE与滑块间的动摩擦因数为，重力加速度大小取，，，。求： (1)滑块到达圆弧轨道的点时，对点的压力大小； (2) 滑块到达竖直虚线CD时速度的大小； (3) 要使滑块与竖直墙壁EF碰撞，的取值范围。 2025-2026学年下学期期中考试 高二 物理答案 第I卷(选择题，共46分) 2、 选择题(本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。) 1.A【解析】摩擦起电时，电子从一个物体转移到另一个物体，导致两物体分别带等量异种电荷，A正确； B错误；根据电荷守恒定律可知，电荷不能被创造，摩擦起电是电荷的转移而非“变成电荷”，C错误；两物体摩擦后必然带等量异种电荷，不可能带同种电荷，D错误。故选A。 2.A【解析】库仑定律描述两个点电荷之间的相互作用力，因此该定律适用于点电荷，A正确；点电荷是理想模型，实际带电体是否能看作点电荷，取决于所研究的问题中带电体的形状、大小、电荷分布是否可以忽略，B错误；由点电荷场强公式可知点电荷产生的电场强度随距离减小而增大，不可忽略，C错误；点电荷的电荷量可为任意值，是元电荷，并非点电荷的固定值，D错误。故选A。 3.B【解析】电场强度是表示电场的强弱和方向的物理量，只跟场源电荷有关，跟放入其中的试探电荷无关，E＝是电场强度的定义式，不是决定式，选项A、C错误，B正确；不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的电场强度不一定为零，选项D错误． 4.D【解析】　当导体球壳接地时，壳外表面所产生的感应电荷与大地中的电荷中和，壳外电场强度为零，点电荷q与壳内表面的感应电荷在壳外的合电场强度为零，故选项D正确。 5.D【解析】b点的电场线比a点电场线密，则a点的电场强度小于b点的电场强度，故A错误；试探电荷由电场中的a点移到b点，电荷克服电场力做功说明电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，电荷带负电，故B错误；沿着电场线方向电势逐渐降低，则a点的电势比b点电势高，故C错误；根据W＝qU得Uab＝＝ V＝20 V，a、b两点间的电势差为20 V，故D正确. 6.D【解析】根据电场线与等势线关系，电荷在电场中的受力方向，曲线运动的合力指向曲线弯曲的内测，画出电荷在轨迹与等势线交点处的电场力方向，如图所示 根据沿电场线方向电势逐渐降低可知，电场方向与电场力方向相同，则粒子带正电，故A错误；根据题意，由公式可知，等差等势线越密，电场强大越大，点的电场强度小于点的电场强度，则粒子P点的加速度小于在Q点加速度，故B错误；假设粒子由，由图可知，电场力做负功，则粒子的电势能增加，动能减少，即粒子在P点电势能小于在Q点电势能，粒子在P点的动能大于在Q点动能，故C错误，D正确。故选D。 7.A【解析】根据图像的切线斜率表示场强，可知x1点的场强为0，A正确；x轴上电场方向由高电势指向低电势，负试探电荷所受电场力与场强方向相反，则试探电荷从点由静止释放后沿x轴正方向运动，B错误；试探电荷从点由静止释放后沿x轴正方向运动，在段做加速运动，段做减速运动，由于与点电势相等，所以试探电荷运动到点速度刚好减为0，之后反向回到点，试探电荷将在间往返运动，C错误；x轴上电场方向由高电势指向低电势，由题图可知点场强方向沿x轴正方向，D错误。故选A。 8.A【解析】只在A、B之间插入玻璃板，介电常数变大，根据知，电容增大，根据知电势差减小，则静电计指针张角变小，故A正确，B错误；只将板A从图示位置向左平移，d增大，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故C错误；只将板A从图示位置稍向下平移，正对面积S减小，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故D错误。故选A。 二、多选题（本题共4个小题，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 9.BC【解析】在线性元件的I－U图像中图线的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，则电阻越小，所以三个导体电阻的大小关系为RA＜RB＜RC，故A错误，B正确；由图可知，导体B的电阻为RB＝ Ω＝4 Ω，故当导体B两端加上10 V的电压时，通过导体的电流为I＝＝ A＝2.5 A，C正确，D错误.  10.BD【解析】甲表由一个表头G和一个电阻箱R并联，利用并联电阻的分流规律，改装成电流表，电流表的满偏值I＝Ig＋，当R增大时量程减小，A错误；乙表由一个表头G和一个电阻箱R串联，利用串联电阻的分压规律，改装成电压表，电压表的满偏值U＝Ig(Rg＋R)，R增大时量程增大，B正确；由公式I＝Ig＋知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为0～0.6 A，则R≈1.003 Ω，C错误；由公式U＝Ig(Rg＋R)知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为0～3 V，则R＝1 200 Ω，D正确． 11.BC【解析】由题意，小球经过等效最高点时速度最小，根据牛顿第二定律和向心力公式，有，根据矢量的合成，有，，联立解得，小球运动过程中的最小动能为，A错误；小球在等效最低点速度最大，动能最大，从等效最高点运动到等效最低点，根据动能定理，有，联立解得小球运动过程中的最大动能为，B正确；小球在圆轨道最左端时电势能最大，在圆轨道最右端时电势能最小，所以小球运动过程中电势能的最大值与最小值的差值为，C正确；小球运动到等效最低点时，细绳拉力最大，根据牛顿第二定律和向心力公式，可得，根据动能表达式，联立解得细线上拉力的最大值为，D错误。故选BC。 12.BD【解析】由题意可知，点电荷Q恰好静止不动，则Q受到Q1和Q2的库仑力是一对平衡力，则电荷Q与电荷Q1和Q2电性相反，Q1和Q2电性相同，则对Q分析可知，可知Q1、Q2的电荷量之比为，A错误，B正确；根据牛顿第二定律，对电荷Q1， ，对电荷Q2，，联立可得Q1、Q2的质量之比为，C错误，D正确。故选BD。 第Ⅱ卷(非选择题，共52分) 二、非选择题（本题共5个小题，共52分） 13. (1) 0.934mm/0.935mm/0.936mm； (2) 最左端； (3)， 【解析】(1) 螺旋测微器的分度值为0.01mm，读数时需要估读到分度值的下一位，可知电阻丝Rx的直径 (2) 为保护电路，闭合开关S前，应让滑动变阻器接入电路的电阻最大，由图甲可知，应将滑动变阻器R0的滑片调至最左端。 (3)当灵敏电流计示数为0时，说明C、P两点电势相等，此时电桥平衡，由桥式电路规律有，解得电阻丝的阻值，由电阻定律，解得电阻丝的电阻率为。 14. (1) 0.150； (2) R3，R1，A2； (3) 【解析】(1)图甲中，螺旋测微器半毫米刻度线未露出，根据螺旋测微器的读数规律，该读数为 (2) 图乙控制电路中滑动变阻器采用分压式接法，为了便于调节，确保处理数据的连续性强一些，滑动变阻器选择总阻值小一些，即滑动变阻器选择R3；由于电源电动势为3V，为了测量电压，需要将已知内阻的电流表A2改装成量程为3V的电压表，根据电压表的改装原理可知定值电阻，即定值电阻R应选择R1；为了将电流表改装成电压表，电流表的内阻应为已知值，可知，A处电流表应选择A2，B处电流表应选择A1。 (3)根据欧姆定律有，变形得，结合IB—IA图像可知图线斜率，根据电阻定律有，其中，解得 15. (1)正电，； (2) 1.25g 【解析】(1) 小球受电场力方向与场强方向相同，可知小球的带电性质是正电。 根据平衡条件，有 解得小球所带电荷量为 (2)剪断细线的瞬间，拉力消失，小球受重力和电场力，根据牛顿第二定律，可得 解得小球的加速度为 16. (1)； (2)； (3)， 【解析】(1)电子经的电场加速后，由动能定理，可得 解得电子刚进入偏转电场时的速度大小为 (2)电子以的速度进入偏转电场做类平抛运动，水平方向上，有 竖直方向，根据牛顿第二定律，电子的加速度为 根据匀变速直线运动的位移-时间公式，有 联立解得电子离开偏转电场时垂直于板面方向的位移大小为 (3)根据匀变速直线运动的速度-时间关系，可得电子离开偏转电场时，垂直极板速度大小为 根据几何关系可得电子离开偏转电场时偏转角的正切值为 打在荧光屏上的OP的长度为 由动能定理得，打在荧光屏的P点动能为 17. (1)； (2)； (3) 【解析】(1)滑块从点运动到点的过程中，根据动能定理，有 滑块在圆弧轨道的点时，由牛顿第二定律和向心力公式，有 联立可得滑块在点的速度大小为，轨道对滑块的支持力大小为 根据牛顿第三定律可知滑块到达圆弧轨道的点时，滑块对点的压力大小为 (2)滑块从点运动到C点的过程中，根据牛顿第二定律可得 代入数据解得，滑块从点运动到C点的加速度大小为 根据匀变速直线运动的速度-位移公式 根据匀变速直线运动的速度-时间公式 联立解得滑块到达竖直虚线CD时速度的大小为 (3) 当电场强度较小时，滑块刚好能与竖直墙壁底部E点碰撞，根据动能定理，有 解得CD右侧场强的大小为 当电场强度较大时，滑块刚好能与竖直墙壁的顶部F点碰撞，从C点到F点做类平抛运动，则水平方向上，根据匀速直线运动的规律，有 在竖直方向上，根据匀变速直线运动的位移-时间关系，有 根据牛顿第二定律可得 联立解得CD右侧场强的大小 则电场强度的范围为 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $