云南保山市腾冲市第一中学2025-2026学年高二下学期期中考试物理试卷

**基本信息** 聚焦物理核心素养，以真实情境（如发电厂供电、传送装置）和实验探究（动量守恒验证、电阻率测量）为载体，覆盖高二下学期机械振动与波、电磁感应、热力学等重点知识，实现基础巩固与综合应用的梯度考查，适配期中检测需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|机械波、简谐运动、电磁感应、理想气体等|结合生活情境（轮船鸣笛声）、实验情境（通电自感电路），考查物理观念与科学推理| |非选择题|5题/54分|动量守恒实验、电阻率测量、光学折射、磁场粒子运动、力学综合|实验题对比设计（竖直/水平落地法），计算题分层设问（如传送装置三问从动量到冲量再到总功），体现科学探究与模型建构|

2025-2026学年高二年级下学期期中考试 物理 试卷 满分100分，考试时间75分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.船上的人和水下的潜水员都能听见轮船的鸣笛声。声波在空气中和在水中传播时的 （      ）  A.波速和波长均不同 B.频率和波速均不同 C.波长和周期均不同 D.周期和频率均不同 2.某弹簧振子沿轴的简谐运动图像如图所示，下列描述正确的是(  ) A.时，振子的速度为零，加速度为负的最大值 B.时，振子的速度为负，加速度为正的最大值 C.时，振子的速度为零，加速度为负的最大值 D.时，振子的速度为正，加速度为正的最大值 3.晓强在研究通电自感和断电自感时，设计了如图所示的电路，其中、为两个完全相同的灯泡，L为电感线圈且直流电阻不能忽略，R为定值电阻，两灯泡的电阻不受温度影响。下列说法正确的是（  ） A.开关闭合瞬间，两灯泡均立即变亮 B.开关闭合后，灯泡逐渐变亮，灯泡立即变亮 C.开关断开后，灯泡逐渐变暗，灯泡闪亮一下再逐渐熄灭 D.开关闭合与断开瞬间，流过灯泡的电流均向右 4.如图为某小型发电厂向用户供电的线路示意图，已知发电厂的输出功率为，输出电压为250V，用户端电压为220V，输电线总电阻为，升压变压器原、副线圈匝数比，变压器均为理想变压器，下列说法正确的是（      ）  A.升压变压器原线圈的电流为20A B.用户实际用电功率为96.8kW C.用户端的电流为455A D.降压变压器的匝数比 5.关于电磁场和电磁波的观点，下列说法正确的是 （      ）  A.光是一种电磁波，电磁波的传播不需要介质 B.可见光中蓝色光比红色光的波长更长 C.变化的电场一定会产生变化的磁场 D.LC振荡电路中，在电感线圈中放入铁芯可以增加振荡频率 6.关于固体和液体材料的特点，下列说法正确的是(  ) A.没有确定几何形状的固体一定是非晶体 B.显示各向同性的固体一定是非晶体 C.试管中的液体不浸润试管壁，就不能产生毛细现象 D.玻璃碎片尖端在火上烧熔会变钝，是由于表面张力作用 7.对于一定质量的理想气体，下列过程不可能发生的是(　　) A.气体膨胀对外做功，温度升高，内能增加 B.气体吸热，温度降低，内能不变 C.气体放热，压强增大，内能增大 D.气体放热，温度不变，内能不变 8.一定质量的理想气体，状态变化依次经历从Ⅰ→Ⅱ，再从Ⅱ→Ⅲ的过程，其压强p和温度T的关系如图所示，根据图像，下列说法正确的是（　　）   A.状态Ⅰ的体积小于状态Ⅲ的体积 B.状态Ⅰ的内能大于状态Ⅲ的内能 C.从Ⅰ→Ⅱ过程，气体从外界吸热 D.从Ⅱ→Ⅲ过程，气体的分子数密度增大 9.如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO'匀速转动，线圈的电阻为R、线圈共N匝，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：4，定值电阻R1=R ，当线圈转动的转速为n时，电压表的示数为U，图示位置线圈平面与磁场方向平行，则下列说法正确的是(  ) A.电流表的示数为 B.线圈在转动过程中通过每匝线圈磁通量的最大值为 C.从图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式 D.当线圈转动的转速为2n时，电压表的示数为4U 10.如图所示为固定放置的、边长为l的正三角形线圈，与垂直，线圈的一半区域处在方向垂直纸面向外、大小随时间均匀变化的磁场中，磁感应强度大小。线圈匝数为N，总电阻为R，则下列说法正确的是(  ) A.感应电流的方向为逆时针 B.感应电流的大小一直为 C.线圈所受安培力方向由c指向b D.时刻线圈受到的安培力大小为 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11.（6分）某实验小组在“验证动量守恒定律”时，先后设计了以下两种实验方案。 方案一(竖直落地法) 实验装置如图甲所示，在斜槽右侧竖直固定一木板，选用两个大小相同的小球，实验开始时，先让入射小球A多次从斜槽上某位置由静止释放，找到其打在竖直木板上的平均位置P，然后把被碰小球B静置于斜槽水平部分的末端，再将入射小球从斜槽上释放，与小球B相碰，找到A、B两小球打在竖直木板上的平均位置分别为M、N。木板上的点与小球B放在斜槽末端时等高，用刻度尺测出到M、P、N三点的距离分别为、、。 方案二(水平落地法) 某实验装置如图乙图中O是斜槽末端在记录纸上的垂直投影点，为未放球2时球1的平均落点水平距离，为与球2碰后球1的平均落点水平距离，ON为碰后球2的平均落点水平距离。 (1) 关于两次实验，下列说法正确的是_______________。 A.两球半径可以不相同 B.小球A的质量大于小球B的质量 C.为了验证动量守恒，方案一还需要测量抛出点与竖直木板间的水平距离 D.为了验证动量守恒，方案二还需要分别测出两小球抛出后下落的时间 (2)方案1中测得小球A的质量和小球B的质量，为验证两小球碰撞过程中动量守恒的表达式分别为：_______________(用、、、、表示)。 12.（8分）某同学要测量一段金属丝的电阻率，可供选择的实验器材有： A．电流表A1(量程为0~0.6A，内阻r1约为2Ω) B．电流表A2(量程为0~3mA，内阻r2=100Ω) C．定值电阻R1=900Ω D．定值电阻R2=9900Ω E.滑动变阻器R3(0~20Ω，允许通过的最大电流为3A)； F.滑动变阻器R4(0~100Ω，允许通过的最大电流为3A)； G.电池E(电动势为3V，内阻很小)； H.开关S及若干导线。 (1) 用螺旋测微器测量该金属丝的直径，某次测量时如图甲所示，读出该金属丝的直径d=                  mm。 (2) 该同学设计了如图乙所示的测量电路，滑动变阻器应选择                  (填“R3”或“R4”)；定值电阻R应选择                  (填“R1”或“R2”)；A处电流表应选择                  (填“A1”或“A2”)。 (3) 调节滑动变阻器，测得多组电流表A的示数IA和电流表B的示数IB，并作出IB—IA图像如图丙所示，图像的斜率为k。测得金属丝的长度为L，定值电阻R和电流表A的总阻值用R0表示，可知该金属丝的电阻率                  (用R0、d、k、L的字母表示) 13.（10分）如图所示，一细光束照射到圆形玻璃砖上A点，经折射后折射光线刚好照到玻璃砖底边的右端C点，入射光线与BC平行，入射角为60°，圆的半径为R，光在真空中的传播速度为c，求： (1) 玻璃砖的折射率； (2) 光从A传播到C所用时间。 14.（12分）如图所示，在直角三角形abc（含边界）区域内，存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场。一束质量为m，电荷量为q的带正电粒子从ab边中点O以不同初速度沿平行于ac方向射入该磁场区域。已知ac边长为L，，不计粒子间的相互作用力及粒子所受的重力。求： (1) 粒子想从ab边射出的最大速度； (2) 粒子想从bc边射出的最小速度。 15.（16分）某兴趣小组设计了一传送装置，其竖直截面如图所示。半径为R、质量为m的四分之一圆弧轨道放置在光滑水平面上，通过水平短轨道AB与倾角为的传送带平滑连接。传送带以恒定速率顺时针转动。物块与传送带间的动摩擦因数为，其余轨道均光滑。现有一质量也为m的物块，在圆弧轨道最高P静止下滑，到达水平轨道，再经B点滑上传送带。，，，。不计空气阻力，物块可视为质点，传送带足够长，求物块： (1) 运动到水平轨道时的速度； (2) 运动到传送带最高点过程中所受摩擦力的冲量； (3) 若在AB轨道左侧加一弹性挡板，物块与挡板相碰后能原速率返回，则经过足够长时间，摩擦力对其做的总功。 2025-2026学年高二年级下学期期中考试 物理 试卷 第I卷(选择题，共46分) 2、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.A【解析】声波在不同介质中频率和周期都不变，波长和波速都发生改变，所以选项A正确，B、C、D错误。 2.C【解析】t=1s时，振子位于负向最大位移处，速度为零，加速度为正的最大值，A错误；时，振子处于平衡位置向上振动，此时振子的速度为正，加速度为零，B错误；时，振子处于正向最大位移处，此时振子的速度为零，加速度为负的最大值，C正确；时，振子处于平衡位置向下振动，振子的速度为负，加速度为零，D错误。故选C。 3.B【解析】闭合开关瞬间，自感线圈L阻碍通过灯泡L1的电流，灯泡L1逐渐变亮，灯泡L2立刻变亮，A错误，B正确；开关断开的瞬间，自感线圈L、L1、L2组成闭合回路，由于自感线圈阻碍原电流的变化，所以灯泡L1和L2都逐渐熄灭，C错误；闭合开关瞬间，通过灯泡L2的电流向右，断开开关瞬间，由于自感线圈产生感应电流，通过灯泡L2的电流向左，D错误。故选B。 4.B【解析】依题意，根据发电厂的输出功率可知，升压变压器原线圈的电流为，A错误；根据变压器原副线圈匝数与电压、电流关系可得，，解得，，输电线电阻损失的功率为，用户用电功率为，B正确；用户端电流为，C错误；输电线电阻损失的电压为，降压变压器输入电压，解得，D错误。故选B。 5.A【解析】光属于电磁波谱的组成部分，电磁波传播不需要介质，真空中也可传播，A正确；电磁波谱中，可见光的波长从红到紫依次减小，红色光波长比蓝色光更长，故B错误；根据麦克斯韦电磁场理论，可知变化的电场会产生磁场，但只有非均匀变化的电场才会产生变化的磁场，均匀变化的电场产生的是恒定磁场，C错误；LC振荡电路的频率公式为，电感线圈中放入铁芯会使电感增大，从而导致振荡频率减小，D错误。故选A。 6.D【解析】多晶体(如金属)没有确定的几何形状但属于晶体，A错误；多晶体属于晶体，显示各向同性，B错误；不浸润时液体在毛细管中液面下降，也是毛细现象，C错误；熔化的玻璃在表面张力作用下趋于球形，尖端变钝，D正确。故选D。 7.B【解析】理想气体的内能只与温度有关，气体膨胀对外做功，若吸收热量，其温度可能升高，内能增加，可能发生，故A正确；气体吸热，若同时气体可以膨胀对外做功，温度可以降低，但是内能一定减小，不可能发生，故B错误；气体放热，若同时外界可以对气体做功，体积减小，其温度可能升高，内能增大，根据＝C可知，温度升高，体积减小，则压强增大，可能发生，故C正确；气体放热，若同时外界可以对气体做功，温度可能不变，则内能也不变，可以发生，故D正确。 8.AC【解析】由理想气体的状态方程，可得，即图线上的点与坐标原点连线的斜率与体积成反比，由题图可知，气体从状态Ⅰ到状态Ⅱ体积不变，做等容变化，Ⅰ到Ⅱ图线的斜率大于OⅢ连线的斜率，则有可知状态Ⅰ的体积小于状态Ⅲ的体积；可知从Ⅱ→Ⅲ过程，气体的分子数密度减小，A正确，D错误；     由题图可知，可知状态Ⅰ的内能小于状态Ⅲ的内能，B错误；理想气体从Ⅰ→Ⅱ过程，温度升高，内能增大，即，从状态Ⅰ到状态Ⅱ气体做等容变化，则，由热力学第一定律，可知，气体从外界吸热，C正确 9.AC【解析】变压器副线圈电路，由欧姆定律可得，根据变压器原副线圈电流与匝数关系，则有，A正确；发电机产生的感应电动势的最大值为Em，分析变压器原线圈电路，有，根据变压器原副线圈电压与匝数关系，角速度和转速关系为，从线圈转动到图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e=，线圈在转动过程中通过每匝线圈磁通量的最大值为，则有，解得，B错误；C正确；当线圈转动的转速为时，线圈中产生的电动势的最大值，所以，其有效值为，假定电压表的示数为U2′，则有，解得，D错误。故选AC。 10.BD【解析】磁场垂直纸面向外，磁感应强度随时间均匀增大，穿过线圈的磁通量向外增加，由楞次定律，感应电流产生的磁场应垂直纸面向里，感应电流方向为顺时针，A错误；根据法拉第电磁感应定律有，在磁场中的有效面积，，解得，B正确；有效长度为aO的长度，根据左手定则，线圈所受安培力方向由b指向c，C错误；时刻线圈受到的安培力为，计算可得，D正确。故选BD。 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11. (1) B (2) 【解析】(1) 为了发生对心碰撞，两球球心在碰撞瞬间必须在同一高度，因此两球半径需相同，A错误；为了保证碰撞时入射球不反弹，小球A的质量应大于小球B的质量，B正确；由于两小球做平抛运动的水平位移相等，在验证动量守恒时可约去水平位移，所以方案一不需要测量抛出点与竖直木板之间的水平距离，C错误；由于高度相同，抛出后下落的时间都相同，因此不需要分别测出两小球抛出后下落的时间，D错误。故选B。 (2)根据动量守恒定律有 根据平抛运动规律有， 则有，， 联立可得 12. (1) 0.150； (2) R3，R1，A2； (3) 【解析】(1)图甲中，螺旋测微器半毫米刻度线未露出，根据螺旋测微器的读数规律，该读数为 (2) 图乙控制电路中滑动变阻器采用分压式接法，为了便于调节，确保处理数据的连续性强一些，滑动变阻器选择总阻值小一些，即滑动变阻器选择R3；由于电源电动势为3V，为了测量电压，需要将已知内阻的电流表A2改装成量程为3V的电压表，根据电压表的改装原理可知定值电阻，即定值电阻R应选择R1；为了将电流表改装成电压表，电流表的内阻应为已知值，可知，A处电流表应选择A2，B处电流表应选择A1。 (3)根据欧姆定律有，变形得，结合IB—IA图像可知图线斜率，根据电阻定律有，其中，解得 13. (1)； (2) 【解析】(1) 由题知 入射角为i=60°， 由几何关系可知，折射角r=30°， 由折射定律知： 由几何关系可知，AC的长度L=2Rcos30°， 光在玻璃中的传播速度： 则光从A到C传播时间： 14. (1) (2) 【解析】(1)由图知，当粒子的轨迹与边相切时，根据几何关系有 此时对应的为最大速度，由牛顿第二定律得： 联立得： (2)由图可知，当粒子的轨迹与边相切时，有 此时对应的为最小速度，由洛伦兹力提供向心力得 联立解得 15. (1) (2) (3) 【解析】(1)物块与圆弧轨道水平方向根据动量守恒定律有 根据机械能守恒定律有 解得物块在轨道最低点时的速度 (2) 物块沿传送带运动过程中摩擦力方向会发生改变， 共速前，物块受沿传送带向下的滑动摩擦力，此过程物块的加速度 设物块与传送带达到共速所需时间为，根据匀变速直线运动速度公式有 共速后，摩擦力方向变为沿传送带向上，此过程加速度 设物块从共速到速度减为零所需时间为，根据匀变速直线运动速度公式有 在传送带上滑动过程中，摩擦力的冲量为 计算可得，其方向沿传送带向上。 (3)经足够长时间，物块最终在圆弧轨道与传送带间往复运动，且最大速度为。 根据动能定理有 解得 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $