精品解析：辽宁省盘锦市双台子区第一中学2024-2025学年九年级上学期期初物理测试题

双区一中期初物理测试卷 （考试时间：90分钟 试卷满分80分） 一、选择题（本题包括9小题，共18分。1-6题为单选题，每小题2分；7-9题为多选题，每小题2分，漏选得1分，错选得0分） 1. 足球运动深受人们喜爱，其中包含很多物理知识，下列说法正确的是（ ） A. 守门员踢出的足球，由于惯性能够在空中继续飞行 B. 足球在飞行过程中没有受到力的作用 C. 踢出去的足球会慢慢停下来，说明物体的运动需要力来维持 D. 足球从空中落下时，其动能和机械能都增大 2. 下列与分子相关的描述正确的是（ ） A. 物质在固态时体积最小说明固体分子间没有间隙 B. “破镜难重圆”说明分子之间有斥力 C. 把铅片和金片长期紧压在一起，它们互相渗入，说明扩散现象能发生在固体之间 D. 当太阳照射水珠时，水分子的运动速度变小 3. 先用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器A，A的金属箔片张角变大，再用金属棒C去同时接触A、B验电器的金属球，发现A的金属箔片张角变小，B的金属箔片张角变大。则下列说法正确的是（　　） A. 验电器的原理是异种电荷相互吸引 B. 摩擦时，玻璃棒得到电子 C. 摩擦起电是因为创造了电荷 D. 当C棒接触两验电器的金属球时，电流方向从A到B 4. 现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积不同的两种液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中时，液面刚好相平，情形如图所示。鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙，以下判断正确的是（　　） A. F甲浮＜F乙浮，F甲=F乙，p甲＜p乙 B. F甲浮=F乙浮，F甲>F乙，p甲>p乙 C. F甲浮>F乙浮，F甲＜F乙，p甲＜p乙 D. F甲浮=F乙浮，F甲＜F乙，p甲>p乙 5. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示；物体运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。则下列说法中正确的是（ ） A. 0~2s内物体受摩擦力的作用 B. 2~4s内物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力 C. 2~4s内物体所受摩擦力3N D. 4~6s内拉力对物体做功16J 6. 如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态(不计机械自重和摩擦)，拉力F1、F2、F3、F4的大小关系是 A. F2<F3=F4<F1 B. F2<F4<F1<F3 C. F4=F2<F1<F3 D. F4<F2<F3<F1 7. 下列关于压强和浮力的说法中正确的是（　　） A. 鱼在水面下从浅水向深水游动的过程中，鱼受到水的压强变大，受到水的浮力变大 B. 飞机水平飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小 C. 将装有水的试管由竖直位置逐渐倾斜（水未溢出），水对试管底的压强变小 D. 潜水艇通过改变自身重力实现沉浮 8. 如图所示电路，闭合开关，灯泡L正常发光，当滑片P向上移动的过程中，下列说法中正确的是（　　） A. 灯泡L变亮，电流表A1示数变大 B. 电压表示数不变，电流表A2示数变大 C. 电流表A1与 A2的示数之差不变 D. 电压表与电流表A2的示数之比变大 9. 如图甲所示电路中，电源电压保持不变，定值电阻的阻值是10Ω。闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端过程中，消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图像信息，下列判断正确的是（ ） A. 电路中最小电流0.2A B. 滑片P在中点时消耗的电功率是0.8W C. 电路中电流最小时，10s整个电路产生的热量是20J D. 整个电路消耗的最大电功率10W 二、填空题（本题包括5小题，每空1分，共12分） 10. 物理知识在生产、生活中有很多应用，例如：“钻木取火”是通过________的方式改变内能；茶壶盖上方有个小孔，目的是在________的作用下把水倒出来；春暖花开，小新同家人一起坐汽车去景区游玩，还未进景区时就闻到了浓浓花香，这是因为________。 11. 汽油机是热机的一种，如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此冲程的能量转化情况与________（选填“乙”或“丙”）图相同。若汽油机1s内对外做功15次，则其曲轴的转速为________r/min。为了降低汽油机汽缸的温度，汽缸外有一个水箱体，使汽缸被水包围着，这是通过________的方式减少汽缸的内能。 12. 某型号汽车发动机的功率为6×104W，在水平路面上匀速行驶时受到的阻力是2000N。在此功率下，当汽车匀速行驶时，汽车的行驶速度为______m/s；汽车行驶5min牵引力所做的功为______J。 13. 如图，一开口的杯子，装上8cm深的水后，放在水平桌面上．已知杯子和水的总质量为0.6kg，杯子与桌面的接触面积为60cm2．则杯子对桌面的压强为______Pa，水对杯底的压强为______Pa（g 取10N/kg） 14. 小明想用电能表测电水壶的功率，发现电能表上用电器每消耗1kW·h的电能转盘转数模糊不清．于是小明先只让一盏“220V 40W”的电灯正常工作15min，电能表的转盘转30转，则每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转________转．然后小明只让电水壶工作，电能表的转盘转30转，只用了45s，则电水壶的功率是______W． 三、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分） 15. 如图所示，请根据杠杆的平衡条件作出拔钉子时所用最小力的示意图和它的动力臂、阻力。 16. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，在粗糙的水平面上继续滑行一段距离后才停下来。请在图中画出该木块在水平面上向右滑行时的受力示意图。 四、实验题（本题包括6小题，每空1分，共24分） 17. 实验小组用长方体木块（各表面粗糙程度相同）、弹簧测力计、长木板、斜面、两个质量不同的钢球，进行了如图所示的两组实验。 （1）如图甲所示，把木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计水平拉木块做________运动，读出弹簧测力计的示数；再把木块立放在长木板上，重复上述实验，读出弹簧测力计的示数。 （2）如图乙所示，在“探究动能大小与质量的关系”时，用质量不同的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，去撞击水平面上的木块。 ①该实验通过观察________来比较钢球动能大小。 ②比较图乙两次实验可得出结论。根据图乙中上下两个实验对比，上图中木块被推动时所受摩擦力大小________（选填“大于”“小于”或“等于”）下图中木块被推动时所受摩擦力大小。 18. 小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。（，） （1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与________有关。 （2）用图示实验数据测出盐水的密度是________。 （3）用图示实验数据测出圆柱体的密度是________。 19. 小颖利用如图甲所示的装置，来比较A和B两种不同液体吸热的情况。 （1）小颖在该实验中采用的方法是：使________和初温相同的液体A和B吸收相同的热量，然后比较液体A和B________来判断两种液体的吸热能力。实验中为了保证液体A和B吸收相同的热量，应使液体A和B________（选填“加热时间”或“升高温度”）相同。 （2）图乙是小颖根据测得的数据，绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像。 由图像可以判断：液体________（选填“A”或“B”）的吸热能力强。若A的比热容为，则B的比热容为________。 20. 小强用如图甲所示的电路来探究串联电路的电压特点。 （1）小强根据图甲连接好电路，闭合开关，发现电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该 _____，再进行实验； （2）测出L1两端电压后，小强断开开关，准备拆下电压表，改接在B、C两点之间。小刚认为小强的操作太麻烦，只需将电压表与A点相连的导线拆下改接到C点即可。小刚的办法是否可行？_____，理由是 _____； （3）在拆接电路时，开关必须 _____； （4）方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在表格中： AB两端电压UAB/V BC两端电压UBC/V AC两端电压UAC/V 1.8 1.2 3 小聪同学根据以上的实验数据得出了结论，但旁边的小红同学认为这个实验在设计方案上还存在不足之处，该不足之处是：_____； （5）经过修改实验设计方案之后，小红同学通过实验，得到了串联电路电压规律为 _____。 21. 小宁在“探究电流与电阻的关系”的实验中，选用的实验器材是：电源（3V）、电流表（0-0.6A）、电压表（0-3V），定值电阻、、，滑动变阻器（20Ω，2A），开关，导线若干，实验电路如图所示。 （1）在该实验中，滑动变阻器的作用：________和________。 （2）小宁同学根据实验绘制了如图所示的图像，由图像可知小宁保持定值电阻两端的电压是________V，当定值电阻R由5Ω换成10Ω时，正确操作，闭合开关后，为了完成实验，滑动变阻器的滑片所在位置与上次实验相比更靠近________（选填“A”或“B”）端，才能使电压表示数不变。 22. 一只小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电流约为0.3A，小明想测量这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材，一个电压表、一个电流表，一个开关，电源、滑动变阻器、导线若干。 电压U/V 1 2.5 2.8 电流I/A 0.18 0.28 （1）请你用笔画线代替导线，将电路连接完整。 （2）电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮。电流表无示数，电压表有示数，出现这一故障的原因可能是________。 （3）排除故障后，进行了三次测量，测量数据如表。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的额定功率为________W。 （4）在用表格中数据计算小灯泡在不同电压下的电阻值时发现：小灯泡电阻值各不相同，这是因为________。 五、综合应用题（本题包括3小题，共22分） 23. 如图所示，将重为400N的物体匀速提升2m，所用拉力为250N（不计摩擦和绳重）。求： (1)额外功 (2)动滑轮所受重力 (3)若用此装置匀速提起500N的重物，此时机械效率为多少？（计算结果保留到0.1％） 24. 如图所示是小丽设计的模拟调光灯电路。她选用的电源电压恒为15V，小灯泡上标有“6V 6W”字样。不考虑温度对电阻影响，闭合开关S后： （1）求小灯泡的电阻。 （2）移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为3V时，求此时滑动变阻器连入电路的阻值。 （3）移动滑动变阻器的滑片P使小灯泡正常发光。求此时滑动变阻器的功率。 （4）求小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能。 25. 阅读短文，回答问题。 滑雪 如图所示，当滑雪者从雪山顶峰风驰电掣般下滑时，你是否想到为什么白雪轻飘飘、软绵绵的，却可以承托高速奔驰的滑雪者呢？ 白雪内有很多小孔，小孔内充满空气。踏着滑雪板的人压在滑雪板上时，雪内的空气就会被逼出；因此，滑雪板不是与雪地直接接触，而是在一层气垫上滑行。这层气垫不但对滑雪板施加一个向上的托力，并且减小了雪地与滑雪板之间的摩擦。然而，这层气垫只能维持一段很短的时间。如果滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去。 （1）踏着滑雪板时不容易陷入雪地里是因为滑雪板能够增大________，从而使雪地受到的压强________； （2）滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向________（选填“垂直于雪坡”或“竖直”）向下； （3）若每个滑雪板的长1.5m、宽12cm，滑雪者的速度最小为________m/s，他才能不会在雪地上下沉。若滑雪者与滑雪板总重为720N，当其双脚站立在水平雪地上时，滑雪板对雪地的压强为________Pa； （4）空中技巧比赛中，运动员在空中能做出各种高难动作。如果不考虑空气阻力，运动员在空中翻滚时受到________（选填“1”“2”或“3”）个力的作用。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 双区一中期初物理测试卷 （考试时间：90分钟 试卷满分80分） 一、选择题（本题包括9小题，共18分。1-6题为单选题，每小题2分；7-9题为多选题，每小题2分，漏选得1分，错选得0分） 1. 足球运动深受人们喜爱，其中包含很多物理知识，下列说法正确的是（ ） A. 守门员踢出的足球，由于惯性能够在空中继续飞行 B. 足球在飞行过程中没有受到力的作用 C. 踢出去的足球会慢慢停下来，说明物体的运动需要力来维持 D. 足球从空中落下时，其动能和机械能都增大 【答案】A 【解析】 【详解】A．守门员踢出足球后，足球不再受脚的作用力，由于惯性（物体保持原有运动状态的性质），会在空中继续向前飞行，故A正确； B．足球飞行过程中，始终受到重力；同时空气会对足球产生空气阻力，故B错误； C．足球慢慢停下，是阻力改变了它的运动状态；该现象说明力是改变物体运动状态的原因，不是维持运动的原因，运动不需要力维持，故C错误； D．下落时高度降低、速度变大，动能增大；下落过程克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能减小，故D错误。 故选A。 2. 下列与分子相关的描述正确的是（ ） A. 物质在固态时体积最小说明固体分子间没有间隙 B. “破镜难重圆”说明分子之间有斥力 C. 把铅片和金片长期紧压在一起，它们互相渗入，说明扩散现象能发生在固体之间 D. 当太阳照射水珠时，水分子的运动速度变小 【答案】C 【解析】 【详解】A．物质在固态时体积最小，是因为分子间距离较小，故A错误； B．“破镜难重圆”是因为镜子断裂后，分子间的距离太大，分子间的作用力几乎为零，故B错误； C．把铅片和金片长期紧压在一起，它们互相渗入，这是固体分子相互进入对方的扩散现象，说明扩散现象能发生在固体之间，故C正确； D．当太阳照射水珠时，水珠温度升高，水分子的运动速度会变大，故D错误。 故选C。 3. 先用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器A，A的金属箔片张角变大，再用金属棒C去同时接触A、B验电器的金属球，发现A的金属箔片张角变小，B的金属箔片张角变大。则下列说法正确的是（　　） A. 验电器的原理是异种电荷相互吸引 B. 摩擦时，玻璃棒得到电子 C. 摩擦起电是因为创造了电荷 D. 当C棒接触两验电器的金属球时，电流方向从A到B 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据验电器的结构特点可知，验电器的原理是同种电荷相互排斥，故A错误； B．在丝绸摩擦玻璃棒的过程中，玻璃棒失去电子而带正电，故B错误； C．摩擦起电的实质是因为电子发生了转移，不是创造了电荷，故C错误； D．当C棒接触两验电器的金属球时，自由电子由B转移到A，电流的方向与电子的方向相反，则产生的电流方向为A到B，故D正确。 故选D。 4. 现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积不同的两种液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中时，液面刚好相平，情形如图所示。鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙，以下判断正确的是（　　） A. F甲浮＜F乙浮，F甲=F乙，p甲＜p乙 B. F甲浮=F乙浮，F甲>F乙，p甲>p乙 C. F甲浮>F乙浮，F甲＜F乙，p甲＜p乙 D. F甲浮=F乙浮，F甲＜F乙，p甲>p乙 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】两个相同的鸡蛋在甲液体中漂浮，在乙液体中悬浮，鸡蛋在甲液体中浮力等于重力，在乙液体中浮力等于重力，因为两鸡蛋重力相等，故鸡蛋在两液体中浮力也相等。鸡蛋在甲液体中漂浮，在乙液体中悬浮，甲液体密度大于鸡蛋密度，乙液体密度等于鸡蛋密度，两鸡蛋密度相同，故甲液体密度大于乙液体密度，因为两夜体深度相同，根据可知，甲液体对容器压强大于乙液体对容器底压强，又根据可知，当受力面积相同时，压强越大，压力越大，故甲液体对容器底部压力大于乙液体对容器底部压力。 故选B。 5. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示；物体运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。则下列说法中正确的是（ ） A. 0~2s内物体受摩擦力的作用 B. 2~4s内物体受到的摩擦力与拉力是一对平衡力 C. 2~4s内物体所受摩擦力3N D. 4~6s内拉力对物体做功16J 【答案】D 【解析】 【详解】A．0~2s内，拉力，物体保持静止，物体和地面之间没有相对运动趋势，因此不受摩擦力，故A错误； B．2~4s内，物体速度持续增大，做加速运动，运动状态改变，合力不为零，因此拉力和摩擦力不是一对平衡力，故B错误； C．4~6s内物体做匀速直线运动，受力平衡，滑动摩擦力等于拉力，此时拉力为，因此摩擦力；滑动摩擦力大小只和压力、接触面粗糙程度有关，2~4s内这两个条件都没有改变，所以摩擦力仍为，故C错误； D．4~6s内，物体速度，运动时间 则运动路程 4~6s内，拉力，拉力做功，故D正确。 故选D。 6. 如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态(不计机械自重和摩擦)，拉力F1、F2、F3、F4的大小关系是 A. F2<F3=F4<F1 B. F2<F4<F1<F3 C. F4=F2<F1<F3 D. F4<F2<F3<F1 【答案】B 【解析】 【详解】F1：根据杠杆的平衡条件，动力臂等于阻力臂，则动力等于阻力，即F1=G； F2：根据滑轮组的图像知，n=3，则F2=G,  F3：此滑轮为费力动滑轮，分析知F3=2G,  F4：根据功的原理得，F4s=Gh, 则F4=G=G, 故F2<F4<F1<F3， 故B正确． 7. 下列关于压强和浮力的说法中正确的是（　　） A. 鱼在水面下从浅水向深水游动的过程中，鱼受到水的压强变大，受到水的浮力变大 B. 飞机水平飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小 C. 将装有水的试管由竖直位置逐渐倾斜（水未溢出），水对试管底的压强变小 D. 潜水艇通过改变自身重力实现沉浮 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．鱼在水面下从浅水向深水游动的过程中，所处的深度在变大，根据液体压强公式可知，鱼受到水的压强变大，根据阿基米德原理，水的密度不变，排开水的体积也不变，那么鱼受到水的浮力不变；A错误； B．飞机水平飞行时，机翼上方的空气流速大，压强小，机翼下方的空气流速小，压强大，B正确； C．将装有水的试管由竖直位置逐渐倾斜（水未溢出），试管中水的长度不变，在倾斜过程中，高度在变小，根据液体压强公式可知，水对试管底的压强变小，C正确； D．潜水艇通过排水和进水改变自身重力，当重力大于浮力时，下沉，当重力小于浮力时，上浮，即潜水艇通过改变自身重力实现沉浮，D正确。 故选BCD。 8. 如图所示电路，闭合开关，灯泡L正常发光，当滑片P向上移动的过程中，下列说法中正确的是（　　） A. 灯泡L变亮，电流表A1示数变大 B. 电压表示数不变，电流表A2示数变大 C. 电流表A1与 A2的示数之差不变 D. 电压表与电流表A2的示数之比变大 【答案】CD 【解析】 【详解】AB．由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测变阻器R支路的电流，电压表测电源两端的电压，因电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮暗不变；滑片P向上移动的过程中，滑动变阻器接入电路中阻值增大，滑动变阻器所在支路电流减小，所以电流表A2示数变小，由于并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以干路中电流减小，故电流表A1示数变小，故AB错误； C．因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表示数的差值等于通过L的电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，通过灯泡的电流不变，所以电流表A1与A2的示数之差不变，故C正确； D．由电压表的示数不变和电流表A2的示数变小可知，电压表与电流表A2的示数之比变大，故D正确。 故选CD。 9. 如图甲所示电路中，电源电压保持不变，定值电阻的阻值是10Ω。闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端过程中，消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图像信息，下列判断正确的是（ ） A. 电路中最小电流0.2A B. 滑片P在中点时消耗的电功率是0.8W C. 电路中电流最小时，10s整个电路产生的热量是20J D. 整个电路消耗的最大电功率10W 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．由图甲可知，与滑动变阻器串联，电源电压保持不变，，由图乙可知，最大阻值为，此时的功率，当接入最大电阻时，电路总电阻最大，电流最小。根据，可得电路最小电流 故A正确； B．电源电压 滑片在中点时，接入电阻 电路总电阻 电路电流 消耗的功率 故B错误； C．电路电流最小时，整个电路产生的热量，根据可得 故C正确； D．当滑动变阻器接入电阻为0时，电路总电阻最小，最大总功率 故D正确。 故选ACD。 二、填空题（本题包括5小题，每空1分，共12分） 10. 物理知识在生产、生活中有很多应用，例如：“钻木取火”是通过________的方式改变内能；茶壶盖上方有个小孔，目的是在________的作用下把水倒出来；春暖花开，小新同家人一起坐汽车去景区游玩，还未进景区时就闻到了浓浓花香，这是因为________。 【答案】 ①. 做功 ②. 大气压 ③. 分子在不停地做无规则运动 【解析】 【详解】钻木取火时，通过克服摩擦做功将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变内能。 茶壶盖的小孔使壶内与外界大气相通，倒水时外界大气压作用在壶内水面上，保证水能顺利流出，所以是在大气压的作用下把水倒出来。 能闻到远处的花香，属于扩散现象，这是因为分子在不停地做无规则运动，花香分子扩散到了空气中。 11. 汽油机是热机的一种，如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此冲程的能量转化情况与________（选填“乙”或“丙”）图相同。若汽油机1s内对外做功15次，则其曲轴的转速为________r/min。为了降低汽油机汽缸的温度，汽缸外有一个水箱体，使汽缸被水包围着，这是通过________的方式减少汽缸的内能。 【答案】 ①. 乙 ②. 1800 ③. 热传递 【解析】 【详解】图甲中两气门关闭，火花塞点火且活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能，图乙中水蒸气膨胀做功将塞子冲出，也是内能转化为机械能，故能量转化情况与乙图相同。 四冲程汽油机每完成一个工作循环对外做功1次，曲轴转动2圈。已知1s内对外做功15次，则1min内做功 次，故曲轴转速为 。 汽缸被水包围，热量从高温的汽缸传递给低温的水，这是通过热传递的方式减少汽缸的内能。 12. 某型号汽车发动机的功率为6×104W，在水平路面上匀速行驶时受到的阻力是2000N。在此功率下，当汽车匀速行驶时，汽车的行驶速度为______m/s；汽车行驶5min牵引力所做的功为______J。 【答案】 ①. 30 ②. 1.8×107 【解析】 【详解】[1]由于汽车匀速行驶，所以受平衡力作用，即牵引力大小等于阻力大小 F=f=1500N 由知道汽车的行驶速度是 [2]由P=W/t知道，汽车行驶 5min=300s 牵引力所做功是 W=Pt=6×104 W×300s=1.8×107 J 13. 如图，一开口的杯子，装上8cm深的水后，放在水平桌面上．已知杯子和水的总质量为0.6kg，杯子与桌面的接触面积为60cm2．则杯子对桌面的压强为______Pa，水对杯底的压强为______Pa（g 取10N/kg） 【答案】 ①. 1000 ②. 800 【解析】 【详解】解：杯子放在水平桌面上，对桌面的压力：F=G=mg=0.6kg×10N/kg=6N； 受力面积：S=60cm2=6×10﹣3m2， 杯子对桌面的压强：p==1000Pa； 由液体内部的压强公式p=ρgh得，8cm深的水对杯底部的压强为： p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣2m=800Pa． 14. 小明想用电能表测电水壶的功率，发现电能表上用电器每消耗1kW·h的电能转盘转数模糊不清．于是小明先只让一盏“220V 40W”的电灯正常工作15min，电能表的转盘转30转，则每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转________转．然后小明只让电水壶工作，电能表的转盘转30转，只用了45s，则电水壶的功率是______W． 【答案】 ①. 3000 ②. 800 【解析】 【详解】第一空．40W的白炽灯单独工作15min消耗的电能： ， 消耗1kW•h的电能，电能表转盘的圈数：； 第二空．电能表的转盘转30转消耗的电能为0.01kW•h，用时45s，则该电水壶的功率为： ． 三、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分） 15. 如图所示，请根据杠杆的平衡条件作出拔钉子时所用最小力的示意图和它的动力臂、阻力。 【答案】 【解析】 【详解】由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，选取杠杆上距离支点O最远的点作为动力作用点，连接支点与该作用点的线段即为最大动力臂，动力方向垂直于该动力臂向右上，使杠杆绕O点逆时针转动；阻力是钉子对杠杆的作用力，作用点在杠杆与钉子的接触位置，方向竖直向下阻碍杠杆转动，据此作图。 16. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，在粗糙的水平面上继续滑行一段距离后才停下来。请在图中画出该木块在水平面上向右滑行时的受力示意图。 【答案】 【解析】 【详解】木块在水平面上向右滑行时，受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F和与运动方向相反的摩擦力f，作用在木块的重心上，重力和支持力是一对平衡力，两个力大小相等，方向相反，则表示重力G和支持力F的线段长度相等，如图所示： 四、实验题（本题包括6小题，每空1分，共24分） 17. 实验小组用长方体木块（各表面粗糙程度相同）、弹簧测力计、长木板、斜面、两个质量不同的钢球，进行了如图所示的两组实验。 （1）如图甲所示，把木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计水平拉木块做________运动，读出弹簧测力计的示数；再把木块立放在长木板上，重复上述实验，读出弹簧测力计的示数。 （2）如图乙所示，在“探究动能大小与质量的关系”时，用质量不同的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，去撞击水平面上的木块。 ①该实验通过观察________来比较钢球动能大小。 ②比较图乙两次实验可得出结论。根据图乙中上下两个实验对比，上图中木块被推动时所受摩擦力大小________（选填“大于”“小于”或“等于”）下图中木块被推动时所受摩擦力大小。 【答案】（1）匀速直线 （2） ①. 木块被撞后移动的距离 ②. 等于 【解析】 【小问1详解】 测量滑动摩擦力时，根据二力平衡原理，只有拉木块做匀速直线运动，木块受到的拉力大小才等于滑动摩擦力大小，因此此处需要匀速直线拉动木块。 【小问2详解】 探究动能实验用到转换法：动能的大小无法直接观察，通过木块被推动的距离间接反映钢球动能大小，木块移动越远，说明钢球动能越大。 滑动摩擦力大小只和压力大小、接触面粗糙程度有关，两次实验中，是同一个木块，对水平面的压力、接触面粗糙程度都相同，因此两次木块受到的摩擦力大小相等。 18. 小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。（，） （1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与________有关。 （2）用图示实验数据测出盐水的密度是________。 （3）用图示实验数据测出圆柱体的密度是________。 【答案】（1）物体排开液体的体积 （2）1.1×103 （3）1.25×103 【解析】 【小问1详解】 由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。 【小问2详解】 由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力 由阿基米德原理可得，圆柱体的体积 由图甲、戊所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力 盐水的密度 【小问3详解】 圆柱体的质量 圆柱体的密度 19. 小颖利用如图甲所示的装置，来比较A和B两种不同液体吸热的情况。 （1）小颖在该实验中采用的方法是：使________和初温相同的液体A和B吸收相同的热量，然后比较液体A和B________来判断两种液体的吸热能力。实验中为了保证液体A和B吸收相同的热量，应使液体A和B________（选填“加热时间”或“升高温度”）相同。 （2）图乙是小颖根据测得的数据，绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像。 由图像可以判断：液体________（选填“A”或“B”）的吸热能力强。若A的比热容为，则B的比热容为________。 【答案】（1） ①. 质量 ②. 升高的温度（或末温） ③. 加热时间 （2） ①. A ②. 2.4×103 【解析】 【小问1详解】 比较不同液体吸热能力时，采用控制变量法，需要控制A、B液体的质量和初温相同，让二者吸收相同热量，通过比较升高的温度判断吸热能力（升高温度越小，吸热能力越强）。 实验中用相同热源加热时，相同加热时间提供的热量相同，因此要保证A、B吸收相同热量，需要使二者加热时间相同。 【小问2详解】 由图像可知，加热相同时间，吸收相同的热量，A液体升高的温度低，故液体A的吸热能力强。 加热4min，A吸收的热量为 相同的加热器加热4min ，B和A吸收的热量相同，液体A和B质量相同，由可知， B的比热容 20. 小强用如图甲所示的电路来探究串联电路的电压特点。 （1）小强根据图甲连接好电路，闭合开关，发现电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该 _____，再进行实验； （2）测出L1两端电压后，小强断开开关，准备拆下电压表，改接在B、C两点之间。小刚认为小强的操作太麻烦，只需将电压表与A点相连的导线拆下改接到C点即可。小刚的办法是否可行？_____，理由是 _____； （3）在拆接电路时，开关必须 _____； （4）方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在表格中： AB两端电压UAB/V BC两端电压UBC/V AC两端电压UAC/V 1.8 1.2 3 小聪同学根据以上的实验数据得出了结论，但旁边的小红同学认为这个实验在设计方案上还存在不足之处，该不足之处是：_____； （5）经过修改实验设计方案之后，小红同学通过实验，得到了串联电路电压规律为 _____。 【答案】 ①. 将电压表换接0~3V量程 ②. 不可行 ③. 电压表正负接线柱接反 ④. 断开 ⑤. 见解析 ⑥. 见解析 【解析】 【详解】（1）[1]闭合开关，电压表示数如图乙所示，电压表选用0~15V量程，在0~5V之间有10个小格，因此电压表的分度值为0.5V，图乙中指针指在0刻度线右侧的第4个小格，故电压表示数为2V，小于3V，因电压表指针偏转角度较小，误差较大，为了使读数更精确，接下来她应该进行的操作是：断开开关，将电压表换接0~3V量程。此时分度值为0.1V，精确度较原来提高了，误差更小。 （2）[2][3]在测B、C两点间电压时，电压表所接的B接点不动，只将电压表与A点相连的导线改接到C点，会造成电压表正负接线柱反接，会使电压表的指针反向偏转，所以这种方法不可行。 （3）[4]在拆接电路时，为了保护电路，开关必须处于断开状态。 （4）[5]由表中数据可知，小聪同学只进行一次实验，所以实验中的不足之处是通过一组实验数据得出的结论具有偶然性。 （5）[6]由表中数据可知 所以串联电路电压规律为：串联电路总电压等于各用电器两端电压之和。 21. 小宁在“探究电流与电阻的关系”的实验中，选用的实验器材是：电源（3V）、电流表（0-0.6A）、电压表（0-3V），定值电阻、、，滑动变阻器（20Ω，2A），开关，导线若干，实验电路如图所示。 （1）在该实验中，滑动变阻器的作用：________和________。 （2）小宁同学根据实验绘制了如图所示的图像，由图像可知小宁保持定值电阻两端的电压是________V，当定值电阻R由5Ω换成10Ω时，正确操作，闭合开关后，为了完成实验，滑动变阻器的滑片所在位置与上次实验相比更靠近________（选填“A”或“B”）端，才能使电压表示数不变。 【答案】（1） ①. 保护电路 ②. 保持定值电阻两端电压不变 （2） ①. 2 ②. A 【解析】 【小问1详解】 在“探究电流与电阻的关系”实验中，滑动变阻器有两个作用：闭合开关前将滑动变阻器调至最大阻值，可以保护电路；实验需要控制定值电阻两端电压不变，更换定值电阻后，通过调节滑动变阻器滑片，保持定值电阻两端电压不变。 【小问2详解】 根据I-R图像当，，得定值电阻两端电压 当换成后，根据串联分压规律，定值电阻两端电压会升高，为了保持电压表示数不变，需要增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电路的电阻，由图可知滑动变阻器滑片向A端移动时，接入电路的电阻变大，因此滑片需要更靠近A端。 22. 一只小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电流约为0.3A，小明想测量这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材，一个电压表、一个电流表，一个开关，电源、滑动变阻器、导线若干。 电压U/V 1 2.5 2.8 电流I/A 0.18 0.28 （1）请你用笔画线代替导线，将电路连接完整。 （2）电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮。电流表无示数，电压表有示数，出现这一故障的原因可能是________。 （3）排除故障后，进行了三次测量，测量数据如表。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的额定功率为________W。 （4）在用表格中数据计算小灯泡在不同电压下的电阻值时发现：小灯泡电阻值各不相同，这是因为________。 【答案】（1） （2）小灯泡断路 （3）0.65 （4）灯丝的电阻随温度的升高而增大 【解析】 【小问1详解】 电压表选0~3V量程，并联在小灯泡两端；电流表选0~0.6A量程，串联在电路中；滑动变阻器按“一上一下”接线，串联在电路里。如图所示： 【小问2详解】 小灯泡不亮、电流表无示数，说明断路；电压表有示数，说明电压表到电源通路，所以故障原因可能是小灯泡断路。 【小问3详解】 电流表示数0.26A，额定功率 【小问4详解】 小灯泡的灯丝电阻随温度升高而增大，不同电压下灯泡的实际功率不同，灯丝温度不同，所以电阻不同。 五、综合应用题（本题包括3小题，共22分） 23. 如图所示，将重为400N的物体匀速提升2m，所用拉力为250N（不计摩擦和绳重）。求： (1)额外功 (2)动滑轮所受重力 (3)若用此装置匀速提起500N的重物，此时机械效率为多少？（计算结果保留到0.1％） 【答案】(1)200J；(2)100N；(3) 83.3% 【解析】 【详解】（1）由图可得滑轮组绳子股数n=2，物体上升2m，则绳子自由端移动4m，故有用功 W有用=Gh=400N×2m=800J 总功 W总=Fs=250N×4m=1000J 额外功 W额=W总-W有用=1000J-800J=200J （2）不计摩擦和绳重，额外功就是克服动滑轮重力所做的功，故 W额=G动h （3）若用此装置匀速提起500N的重物，滑轮组的机械效率 答：(1)额外功为200J；(2)动滑轮所受重力100N；(3)若用此装置匀速提起500N的重物，此时机械效率为83.3%。 24. 如图所示是小丽设计的模拟调光灯电路。她选用的电源电压恒为15V，小灯泡上标有“6V 6W”字样。不考虑温度对电阻影响，闭合开关S后： （1）求小灯泡的电阻。 （2）移动滑动变阻器的滑片P使电压表的示数为3V时，求此时滑动变阻器连入电路的阻值。 （3）移动滑动变阻器的滑片P使小灯泡正常发光。求此时滑动变阻器的功率。 （4）求小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能。 【答案】（1）6Ω （2）24Ω （3）9W （4）150J 【解析】 【小问1详解】 由 得小灯泡的电阻 【小问2详解】 灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电路电流 滑动变阻器两端电压 滑动变阻器接入电阻 【小问3详解】 灯泡正常发光时，，电路电流 滑动变阻器两端电压 滑动变阻器的功率 【小问4详解】 电路电流，电源电压，时间，整个电路消耗的电能 25. 阅读短文，回答问题。 滑雪 如图所示，当滑雪者从雪山顶峰风驰电掣般下滑时，你是否想到为什么白雪轻飘飘、软绵绵的，却可以承托高速奔驰的滑雪者呢？ 白雪内有很多小孔，小孔内充满空气。踏着滑雪板的人压在滑雪板上时，雪内的空气就会被逼出；因此，滑雪板不是与雪地直接接触，而是在一层气垫上滑行。这层气垫不但对滑雪板施加一个向上的托力，并且减小了雪地与滑雪板之间的摩擦。然而，这层气垫只能维持一段很短的时间。如果滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去。 （1）踏着滑雪板时不容易陷入雪地里是因为滑雪板能够增大________，从而使雪地受到的压强________； （2）滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向________（选填“垂直于雪坡”或“竖直”）向下； （3）若每个滑雪板的长1.5m、宽12cm，滑雪者的速度最小为________m/s，他才能不会在雪地上下沉。若滑雪者与滑雪板总重为720N，当其双脚站立在水平雪地上时，滑雪板对雪地的压强为________Pa； （4）空中技巧比赛中，运动员在空中能做出各种高难动作。如果不考虑空气阻力，运动员在空中翻滚时受到________（选填“1”“2”或“3”）个力的作用。 【答案】（1） ①. 受力面积 ②. 减小 （2）竖直 （3） ①. 1.5 ②. 2000 （4）1 【解析】 【小问1详解】 滑雪板增大了人和雪地的接触面积，在压力不变，可以减小雪地受到的压强，使人不容易陷入雪地。 【小问2详解】 重力的方向始终是竖直向下，和坡面的倾斜角度无关。 【小问3详解】 由题意可知，滑雪者在雪地停留不能超过1秒，因此需要1秒内至少通过滑雪板的长度，滑雪者的速度最小为 双脚站立时，总受力面积为两个滑雪板的面积 滑雪板对水平雪地的压力等于总重力，， 滑雪板对雪地发热压强 【小问4详解】 考虑空气阻力时，离开雪地的运动员在空中只受到重力作用，因此只受1个力。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $