专题12 实验（10年汇编）（浙江专用）2017-2026年高考物理真题分类汇编

**基本信息** 浙江近10年高考物理实验真题汇编，聚焦力学、电学、光学/热学/原子实验三大模块，融合传感器、3D模型等创新情境，适配高考实验命题趋势。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |非选择题|46题|力学（平抛/单摆/牛顿定律）、电学（伏安法/变压器）、光学/热学（油膜法/热敏电阻）|结合光电门/示波器等器材，注重误差分析（如阻尼振动溯源）和图像处理（l-T²图线），情境贴近工业应用（如感应探测）|

专题12 实验 10年真题 考点 浙江考情 命题创新特点 力学基础实验（平抛、单摆、牛顿定律、机械能、碰撞） 2017-2026 年年必考选择 / 计算 传感器、光电门、3D 圆弧槽拓展模型，图像、逐差法、误差分析为核心，新增阻尼振动误差溯源设问 电学实验（测电源电动势、电阻率、变压器、电磁感应、电容器） 高频大题 伏安法误差、分压 / 限流接法、改装表头、示波器波形、等效替代测电阻，结合工业变压器、感应探测情境 光学 / 热学 / 原子拓展实验（双缝、油膜、热敏电阻、插针法测折射率） 多选小计算 热敏温控电路、变压器交流波形、油膜撒粉误差、玻璃砖几何折射，跨电路综合设计增多 考点01力学实验 1．（2026•浙江）在“探究平抛运动的特点”实验中， （1）为探究水平方向分运动特点，应选用图1中的 （选填“甲”或“乙”）装置； （2）采用图2所示装置进行实验。将一张白纸和复写纸固定在装置的背板上，钢球落到倾斜的挡板后挤压复写纸，在白纸上留下印迹。下列说法正确的是 （多选）； A.调节装置使背板竖直 B.调节斜槽使其末端切线水平 C.以斜槽末端在白纸上的投影点为坐标原点 D.钢球在斜槽上静止释放的高度应等间距下降 （3）如图3所示，将实验中记录的印迹用平滑曲线连接，其中抛出点为坐标原点，A点（11.0cm，15.8cm）是记录的印迹，B点（11.8cm，19.6cm）是曲线上的一点，为得到小球的水平速度，应取 （选填“A”或“B”）点进行计算，可得水平速度v0＝ m/s（g取9.8m/s2，结果保留两位有效数字）。 2．（2025•浙江）在用单摆测重力加速度的实验中， （1）如图1所示，可在单摆悬点处安装力传感器，也可在摆球的平衡位置处安装光电门。甲同学利用力传感器，获得传感器读取的力与时间的关系图像，如图2所示，则单摆的周期为 s（结果保留3位有效数字）。乙同学利用光电门，从小钢球第1次遮光开始计时，记下第n次遮光的时刻t，则单摆的周期为T＝ ； （2）丙同学发现小钢球已变形，为减小测量误差，他改变摆线长度l，测出对应的周期T，作出相应的l﹣T2关系图线，如图3所示。由此算出图线的斜率k和截距b，则重力加速度g＝ ，小钢球重心到摆线下端的高度差h＝ ；（结果均用k、b表示） （3）丁同学用3D打印技术制作了一个圆心角等于5°、半径已知的圆弧槽，如图4所示。他让小钢球在槽中运动，测出其运动周期，算出重力加速度为8.64m/s2。若周期测量无误，则获得的重力加速度明显偏离实际值的最主要原因是 。 3．（2025•浙江）“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图1所示。 （1）如图2是某次实验中得到的纸带的一部分。每5个连续打出的点为一个计数点，电源频率为50Hz，打下计数点3时小车速度为 m/s（保留三位有效数字）。 （2）下列说法正确的是 （多选）。 A.改变小车总质量，需要重新补偿阻力 B.将打点计时器接到输出电压为8V的交流电源上 C.调节滑轮高度，使牵引小车的细线跟长木板保持平行 D.小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，后释放小车 （3）改用如图3所示的气垫导轨进行实验。气垫导轨放在水平桌面上并调至水平，滑块在槽码的牵引下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1、2的遮光时间分别为Δt1、Δt2，测得两个光电门间距为x，用游标卡尺测量遮光条宽度d，结果如图4所示，其读数d＝ mm，则滑块加速度a＝ （用题中所给物理量符号表示）。 4．（2024•浙江）在“验证机械能守恒定律”的实验中， （1）图1，下列操作正确的是 。 （2）实验获得一条纸带，截取点迹清晰的一段并测得数据如图2所示。已知打点的频率为50Hz，则打点“13”时，重锤下落的速度大小为 m/s（保留三位有效数字）。 （3）某同学用纸带的数据求出重力加速度g＝9.77m/s2，并用此g值计算得出打点“1”到“13”过程重锤的重力势能减小值为5.09m，另计算得动能增加值为5.08m（m为重锤质量），则该结果 （选填“能”或“不能”）验证机械能守恒，理由是 。 A.在误差允许范围内 B.没有用当地的重力加速度g 5．（2024•浙江）如图1所示是“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置。 （1）该实验中同时研究三个物理量间关系是很困难的，因此我们采用的研究方法是 ； A.放大法 B.控制变量法 C.补偿法 （2）该实验过程中操作正确的是 ； A.补偿阻力时小车未连接纸带 B.先接通打点计时器电源，后释放小车 C.调节滑轮高度使细绳与水平桌面平行 （3）在小车质量 （选填“远大于”或“远小于”）槽码质量时，可以认为细绳拉力近似等于槽码的重力。上述做法引起的误差为 （选填“偶然误差”或“系统误差”）。为减小此误差，下列可行的方案是 ； A.用气垫导轨代替普通导轨，滑块代替小车 B.在小车上加装遮光条，用光电计时系统代替打点计时器 C.在小车与细绳之间加装力传感器，测出小车所受拉力大小 （4）经正确操作后获得一条如图2所示的纸带，建立以计数点0为坐标原点的x轴，各计数点的位置坐标分别为0、x1、…、x6。已知打点计时器的打点周期为T，则打计数点5时小车速度的表达式v＝ ；小车加速度的表达式是 。 A. B. C. 6．（2023•浙江）（1）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，实验装置如图1所示。 ①需要的实验操作有 。 A．调节滑轮使细线与轨道平行 B．倾斜轨道以补偿阻力 C．小车靠近打点计时器静止释放 D．先接通电源再释放小车 ②经正确操作后打出一条纸带，截取其中一段如图2所示。选取连续打出的点0、1、2、3、4为计数点，则计数点1的读数为 cm。已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则打计数点2时小车的速度大小为 m/s（结果保留3位有效数字）。 （2）“探究向心力大小的表达式”实验装置如图3所示。 ①采用的实验方法是 。 A．控制变量法 B．等效法 C．模拟法 ②在小球质量和转动半径相同的情况下，逐渐加速转动手柄到一定速度后保持匀速转动。此时左右标尺露出的红白相间等分标记的比值等于两小球的 之比（选填“线速度大小”、“角速度平方”或“周期平方”）；在加速转动手柄过程中，左右标尺露出红白相间等分标记的比值 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。 7．（2023•浙江）（1）在“探究平抛运动的特点”实验中 ①用图1装置进行探究，下列说法正确的是 。 A．只能探究平抛运动水平分运动的特点 B．需改变小锤击打的力度，多次重复实验 C．能同时探究平抛运动水平、竖直分运动的特点 ②用图2装置进行实验，下列说法正确的是 。 A．斜槽轨道M必须光滑且其末端水平 B．上下调节挡板N时必须每次等间距移动 C．小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下 ③用图3装置进行实验，竖直挡板上附有复写纸和白纸，可以记下钢球撞击挡板时的点迹。实验时竖直挡板初始位置紧靠斜槽末端，钢球从斜槽上P点静止滚下，撞击挡板留下点迹0，将挡板依次水平向右移动x，重复实验，挡板上留下点迹1、2、3、4。以点迹0为坐标原点，竖直向下建立坐标轴y，各点迹坐标值分别为y1、y2、y3、y4。测得钢球直径为d，则钢球平抛初速度v0为 。 A．（x） B．（x） C．（3x） D．（4x） （2）如图4所示，某同学把A、B两根不同的弹簧串接竖直悬挂，探究A、B弹簧弹力与伸长量的关系。在B弹簧下端依次挂上质量为m的钩码，静止时指针所指刻度xA、xB的数据如表。 钩码个数 0 1 2 … xA/cm 7.75 8.53 9.30 … xB/cm 16.45 18.52 20.60 … 钩码个数为1时，弹簧A的伸长量ΔxA＝ cm，弹簧B的伸长量ΔxB＝ cm，两根弹簧弹性势能的增加量ΔEp mg（ΔxA+ΔxB）（选填“＝”、“＜”或“＞”）。 8．（2022•浙江）“探究碰撞中的不变量”的实验装置如图所示，阻力很小的滑轨上有两辆小车A、B，给小车A一定速度去碰撞静止的小车B，小车A、B碰撞前后的速度大小可由速度传感器测得。 （1）实验应进行的操作有 。 A．测量滑轨的长度 B．测量小车的长度和高度 C．碰撞前将滑轨调成水平 （2）下表是某次实验时测得的数据： A的质量/kg B的质量/kg 碰撞前A的速度大小/（m•s﹣1） 碰撞后A的速度大小/（m•s﹣1） 碰撞后B的速度大小/（m•s﹣1） 0.200 0.300 1.010 0.200 0.800 由表中数据可知，碰撞后小车A、B所构成系统的总动量大小是 kg•m/s。（结果保留3位有效数字） 9．（2022•浙江）在“研究平抛运动”实验中，以小钢球离开轨道末端时球心位置为坐标原点O，建立水平与竖直坐标轴。让小球从斜槽上离水平桌面高为h处静止释放，使其水平抛出，通过多次描点可绘出小球做平抛运动时球心的轨迹，如图所示。在轨迹上取一点A，读取其坐标（x0，y0）。 （1）下列说法正确的是 。 A.实验所用斜槽应尽量光滑 B.画轨迹时应把所有描出的点用平滑的曲线连接起来 C.求平抛运动初速度时应读取轨迹上离原点较远的点的数据 （2）根据题目所给信息，小球做平抛运动的初速度大小v0＝ 。 A. B. C.x0 D.x0 （3）在本实验中要求小球多次从斜槽上同一位置由静止释放的理由是 。 10．（2022•浙江）（1）①“探究小车速度随时间变化的规律”实验装置如图1所示，长木板水平放置，细绳与长木板平行。图2是打出纸带的一部分，以计数点O为位移测量起点和计时起点，则打计数点B时小车位移大小为 cm。由图3中小车运动的数据点，求得加速度为 m/s2（保留两位有效数字）。 ②利用图1装置做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，需调整的是 （多选）。 A．换成质量更小的小车 B．调整长木板的倾斜程度 C．把钩码更换成砝码盘和砝码 D．改变连接小车的细绳与长木板的夹角 （2）“探究求合力的方法”的实验装置如图4所示，在该实验中， ①下列说法正确的是 （单选）； A．拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同 B．在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的两点 C．测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦 D．测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板 ②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要 （选填“2”、“3”或“4”）次把橡皮条结点拉到O点。 11．（2021•浙江）（1）在“验证机械能守恒定律”实验中，小王用如图1所示的装置，让重物从静止开始下落，打出一条清晰的纸带，其中的一部分如图2所示。O点是打下的第一个点，A、B、C和D为另外4个连续打下的点。 ①为了减小实验误差，对体积和形状相同的重物，实验时选择密度大的，理由是 。 ②已知交流电频率为50Hz，重物质量为200g，当地重力加速度g＝9.80m/s2，则从O点到C点，重物的重力势能变化量的绝对值|ΔEP|＝ J、C点的动能EkC＝ J（计算结果均保留3位有效数字）。比较EkC与|ΔEP|的大小，出现这一结果的原因可能是 （单选）。 A．工作电压偏高 B．存在空气阻力和摩擦力 C．接通电源前释放了纸带 （2）图3所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验的装置。实验中 ①观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，值得尝试的是 （单选）。 A．旋转测量头 B．增大单缝与双缝间的距离 C．调节拨杆使单缝与双缝平行 ②要增大观察到的条纹间距，正确的做法是 （单选） A．减小单缝与光源间的距离 B．减小单缝与双缝间的距离 C．增大透镜与单缝间的距离 D．增大双缝与测量头间的距离 12．（2021•浙江）用如图所示装置进行“探究功与速度变化的关系”实验。装有砝码的盘用绕过滑轮的细线牵引小车，盘和砝码的重力可当作牵引力。小车运动的位移和速度可以由打点纸带测出，以小车为研究对像，改变砝码质量，便可探究牵引力所做的功与小车速度变化的关系。 ①关于这个实验，下列说法正确的是 。 A．需要补偿小车受到阻力的影响 B．该实验装置可以“验证机械能守恒定律” C．需要通过调节定滑轮使细线与长木板平行 D．需要满足盘和砝码的总质量远小于小车的质量 ②如图2所示是两条纸带，实验时打出的应是第 条（填写“Ⅰ”或“Ⅱ”）纸带； ③根据实验数据，在坐标纸上画出的W﹣v2图像是一条过原点的直线，据此图像 （填“能”或“不能”）求出小车的质量。 13．（2020•浙江）做“探究加速度与力、质量的关系”实验时，图1甲是教材中的实验方案；图1乙是拓展方案，其实验操作步骤如下： （i）挂上托盘和砝码，改变木板的倾角，使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑； （ii）取下托盘和砝码，测出其总质量为m，让小车沿木板下滑，测出加速度a； （iii）改变砝码质量和木板倾角，多次测量，通过作图可得到a﹣F的关系。 ①实验获得如图2所示的纸带，计数点a、b、c、d、e、f间均有四个点未画出，则在打d点时小车的速度大小vd＝ m/s（保留两位有效数字）； ②需要满足条件M》m的方案是 （选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）；在作a﹣F图象时，把mg作为F值的是 （选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）。 14．（2020•浙江）某同学用单摆测量重力加速度， ①为了减少测量误差，下列做法正确的是 （多选）； A．摆的振幅越大越好 B．摆球质量大些、体积小些 C．摆线尽量细些、长些、伸缩性小些 D．计时的起、止位置选在摆球达到的最高点处 ②改变摆长，多次测量，得到周期平方与摆长的关系图像如图所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是 。 A．测周期时多数了一个周期 B．测周期时少数了一个周期 C．测摆长时直接将摆线的长度作为摆长 D．测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长 15．（2020•浙江）在“探究加速度与力、质量的关系”和用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中 （1）都是通过分析纸带上的点来测量物理量，下列说法正确的是 （多选） A．都需要分析打点计时器打下的第一个点 B．都不需要分析打点计时器打下的第一个点 C．一条纸带都只能获得一组数据 D．一条纸带都能获得多组数据 （2）如图是两条纸带的一部分，A、B、C、…、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点未画出。其中图 （填“甲”或“乙”）所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的加速度大小a＝ m/s2（保留2位有效数字）。 （3）在用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中，平衡阻力后，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能 （填“守恒”或“不守恒”）。 16．（2019•浙江）采用如图1所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验 （1）实验时需要下列哪个器材 。 A．弹簧秤 B．重垂线 C．打点计时器 （2）做实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。下列的一些操作要求，正确的是 （多选）。 A．每次必须由同一位置静止释放小球 B．每次必须严格地等距离下降记录小球位置 C．小球运动时不应与木板上的白纸相接触 D．记录的点应适当多一些 （3）若用频闪摄影方法来验证小球在平抛过程中水平方向是匀速运动，记录下如图2所示的频闪照片。在测得x1，x2，x3，x4后，需要验证的关系是 。已知频闪周期为T，用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是 。 A． B． C． D． 17．（2018•浙江）小明做“探究碰撞中的不变量”实验的装置如图1所示，悬挂在O点的单摆由长为l的细线和直径为d的小球A组成，小球A与放置在光滑支撑杆上的直径相同的小球B发生对心碰撞，碰后小球A继续摆动，小球B做平抛运动。 （1）小明用游标卡尺测小球A直径如图2所示，则d＝ mm．又测得了小球A质量m1，细线长度l，碰撞前小球A拉起的角度α和碰撞后小球B做平抛运动的水平位移x、竖直下落高度h。为完成实验，还需要测量的物理量有： 。 （2）若A、B两球碰后粘在一起形成新单摆，其周期 （选填“小于”、“等于”或“大于”）粘合前单摆的周期（摆角小于5°）。 18．（2018•浙江）（1）在“探究求合力的方法”的实验中，下列操作正确的是 （多选） A．在使用弹簧秤时，使弹簧秤与木板平面平行 B．每次拉伸橡皮筋时，只要使橡皮筋伸长量相同即可 C．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上 D．描点确定拉力方向时，两点之间的距离应尽可能大一些 （2）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，两个相同的小车放在光滑水平板上，前段各系一条细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘中可放重物。小车的停和动通过用黑板擦按住小车后的细线和抬起来控制，如图1所示。实验要求小盘和重物所受的重力近似等于使小车做匀加速直线运动的力。 ①请指出图2中2个错误之处： 。 ②调整好装置后，在某次实验中测得两小车的位移分别是x1和x2，则两车的加速度之比为 。 19．（2018•浙江）（1）用图1所示装置做“探究功与速度变化的关系”实验时，除了图中已给出的实验器材外，还需要的测量工具有 （填字母）； A．秒表 B．天平 C．刻度尺 D．弹簧测力计 （2）用图2所示装置做“验证机械能守恒定律”实验时，释放重物前有以下操作，其中正确的是 （填字母）； A．将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上 B．手提纸带任意位置 C．使重物靠近打点计时器 （3）图3是小球做平抛运动的频闪照片，其上覆盖了一张透明的方格纸。已知方格纸每小格的边长均为0.80cm。由图可知小球的初速度大小为 m/s（结果保留两位有效数字） 20．（2017•浙江）在“研究平抛运动”实验中： （1）图1是横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的 。 A．球心 B．球的上端 C．球的下端 在此实验中，下列说法正确的是 （多选）。 A．斜槽轨道必须光滑 B．记录的点应适当多一些 C．用平滑曲线把所有的点连接起来 D．y轴的方向根据重垂线确定 （2）图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可以判断实验操作错误的是 。 A．释放小球的初速度不为0 B．释放小球的初始位置不同 C．斜槽末端切线不平 （3）如图3所示是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是 。 考点02电学实验 21．（2026•浙江）在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中， （1）小明先用多用电表测量图1变压器的“0”、“1400”接线柱间的电阻。选择开关位置如图2，经规范操作，指针位置如图3，测得阻值为 Ω； （2）用匝数n1＝200和n2＝400的两线圈进行实验，分别测得其两端电压为U1和U2，记录于下表。以下说法正确的是 （多选）； U1/V 1.02 2.20 3.24 4.28 5.36 U2/V 2.12 4.52 6.64 8.78 11.02 A.与n1对应的是副线圈 B.与n2对应的是副线圈 C.实验中采用低压直流电源 D.多用电表选择开关应调至交流电压挡 （3）小明将两个线圈按图4方式上下叠放。下层线圈输入电压信号如图5所示，上层线圈与示波器相连，则示波器上显示的波形为 。 22．（2025•浙江）在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中， （1）为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是 （选填“甲”或“乙”）； （2）通过调节滑动变阻器，测得多组U、I数据，记录于题表。试在方格纸中建立合适的标度，描点并作出U﹣I图像，由此求得电动势E＝ V，内阻r＝ Ω。（结果均保留到小数点后两位） 次数 1 2 3 4 5 U/V 1.35 1.30 1.25 1.20 1.15 I/A 0.14 0.22 0.30 0.37 0.45 23．（2025•浙江）在“探究影响感应电流方向的因素”实验中，当电流从“﹣”接线柱流入灵敏电流表，指针左偏；从“G0”或“G1”接线柱流入，指针右偏。如图所示是某次实验中指针偏转角度最大的瞬间，则： （1）此时磁铁的运动状态是 （选填“向上拔出”、“静止”或“向下插入”）。 （2）只做以下改变，一定会增大图中电流表指针偏转角度的是 （多选）。 A.磁铁静止，向上移动线圈 B.增大（1）中磁铁运动速度 C.将导线从接线柱G1移接至接线柱G0 D.将一个未与电路相接的闭合线圈套在图中线圈外 24．（2024•浙江）在“观察电容器的充、放电现象”实验中，把电阻箱R（0～9999Ω）、一节干电池、微安表（量程0～300μA，零刻度在中间位置）、电容器C（2200μF，16V）、单刀双掷开关组装成如图1所示的实验电路。 （1）把开关S接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零：然后把开关S接2，微安表指针偏转情况是 ； A.迅速向右偏转后示数逐渐减小 B.向右偏转示数逐渐增大 C.迅速向左偏转后示数逐渐减小 D.向左偏转示数逐渐增大 （2）再把电压表并联在电容器两端，同时观察电容器充电时电流和电压变化情况。把开关S接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到160μA时保持不变；电压表示数由零逐渐增大，指针偏转到如图2所示位置时保持不变，则电压表示数为 V，电压表的阻值为 kΩ（计算结果保留两位有效数字）。 25．（2023•浙江）在“测量干电池的电动势和内阻”实验中 （1）部分连线如图1所示，导线a端应连接到 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）接线柱上。正确连接后，某次测量中电压表指针位置如图2所示，其示数为 V。 （2）测得的7组数据已标在如图3所示U﹣I坐标系上，用作图法求干电池的电动势E＝ V和内阻r＝ Ω。（计算结果均保留两位小数） 26．（2023•浙江）在“测量金属丝的电阻率”实验中 （1）测量一段金属丝电阻时所用器材和部分电路连线如图1所示，图中的导线a端应与 （选填“﹣”、“0.6”或“3”）接线柱连接，b端应与 （选填“﹣”、“0.6”或“3”）接线柱连接。开关闭合前，图1中滑动变阻器滑片应置于 （选填“左”或“右”）端。 （2）合上开关，调节滑动变阻器，得到多组U和I数据。甲同学由每组U、I数据计算电阻，然后求电阻平均值；乙同学通过U﹣I图像求电阻。则两种求电阻的方法更合理的是 （选填“甲”或“乙”）。 （3）两同学进一步探究用镍铬丝将满偏电流Ig＝300μA的表头G改装成电流表。如图2所示，表头G两端并联长为L的镍铬丝，调节滑动变阻器使表头G满偏，毫安表示数为I。改变L，重复上述步骤，获得多组I、L数据，作出图像如图3所示。则图像斜率k＝ mA•m。若要把该表头G改装成量程为9mA的电流表，需要把长为 m的镍铬丝并联在表头G两端。（结果均保留两位有效数字） 27．（2022•浙江）小明同学根据图1的电路连接器材来“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”。实验时多次改变合金丝甲接入电路的长度l、调节滑动变阻器的阻值，使电流表的读数I达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个的值，作出l图像，如图2中图线a所示。 （1）在实验中使用的是 （选填“0～20Ω”或“0～200Ω”）的滑动变阻器。 （2）在某次测量时，电压表的指针位置如图3所示，量程为3V，则读数U＝ V。 （3）已知合金丝甲的横截面积为7.0×10﹣8m2，则合金丝甲的电阻率为 Ω•m（结果保留2位有效数字）。 （4）图2中图线b是另一根长度相同、材料相同的合金丝乙与合金丝甲并联后采用同样的方法获得的l图像，由图可知合金丝甲的横截面积 （选填“大于”、“等于”或“小于”）合金丝乙的横截面积。 28．（2022•浙江）（1）探究滑动变阻器的分压特性，采用图1所示的电路，探究滑片P从A移到B的过程中，负载电阻R两端的电压变化。 ①图2为实验器材部分连线图，还需要 （选填af、bf、fd、fc、ce或cg）连线（多选）。 ②图3所示电压表的示数为 V。 ③已知滑动变阻器的最大阻值R0＝10Ω，额定电流I＝1.0A。选择负载电阻R＝10Ω，以R两端电压U为纵轴，为横轴（x为AP的长度，L为AB的长度），得到U分压特性曲线为图4中的“I”；当R＝100Ω，分压特性曲线对应图4中的 （选填“Ⅱ”或“Ⅲ”）；则滑动变阻器最大阻值的选择依据是 。 （2）两个相同的电流表G1和G2如图5所示连接，晃动G1表，当指针向左偏时，静止的G2表的指针也向左偏转，原因是 （多选）。 A．两表都是“发电机” B．G1表是“发电机”，G2表是“电动机” C．G1表和G2表之间存在互感现象 D．G1表产生的电流流入G2表，产生的安培力使G2表指针偏转 29．（2021•浙江）在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示。为了减小涡流在铁芯中产生的热量，铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。硅钢片应平行于（　　） A．平面abcd B．平面abfe C．平面abgh D．平面aehd 30．（2021•浙江）小李在实验室测量一电阻Rx的阻值。 （1）因电表内阻未知，用如图1所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1＝1.65V，电流表的示数如图2所示，其读数I1＝ A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2＝1.75V，I2＝0.33A。由此可知应采用电流表 （填“内”或“外”）接法。 （2）完成上述实验后，小李进一步尝试用其它方法进行实验： ①器材与连线如图3所示，请画出对应的电路图； ②先将单刀双掷开关掷到左边，记录电流表读数，再将单刀双掷开关掷到右边，调节电阻箱的阻值，使电流表的读数与前一次尽量相同，电阻箱的示数如图3所示，则待测电阻Rx＝ Ω。此方法， （填“有”或“无”）明显的实验误差，其理由是 。 31．（2021•浙江）在“测定电池的电动势和内阻”实验中， ①用如图1所示的电路图测量，得到的一条实验数据拟合线如图2所示，则该电池的电动势E＝ V（保留3位有效数字）；内阻r＝ （保留2位有效数字）。 ②现有如图3所示的实验器材，照片中电阻箱阻值可调范围为0～9999Ω，滑动变阻器阻值变化范围为0～10Ω，电流表G的量程为0～3mA、内阻为200Ω，电压表的量程有0～3V和0～15V。请在图3中选择合适的器材，在方框中画出两种测定一节干电池的电动势和内阻的电路图。 32．（2020•浙江）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中： ①如图1所示，已经连接了一部分电路，请将电路连接完整。 ②合上开关后，测出9组I、U值，在I﹣U坐标系中描出各对应点，如图2所示。请在图2中画出此小灯泡的伏安特性曲线。 ③与图2中P点对应的状态，小灯泡灯丝阻值最接近 。 A.16.7Ω B.12.4Ω C.6.2Ω 33．（2020•浙江）某同学分别用图1甲和图1乙的电路测量同一节干电池的电动势和内阻。 （1）画出图1乙的电路图； （2）某次测量时电流表和电压表的示数如图2所示，则电流I＝ A，电压U＝ V； （3）实验得到如图3所示的两条直线，图中直线Ⅰ对应电路是图1 （选填“甲”或“乙”）； （4）该电池的电动势E＝ V（保留三位有效数字），内阻r＝ Ω（保留两位有效数字）。 34．（2019•浙江）在“探究电磁感应的产生条件”实验中，实验连线后如图1所示，感应线圈组的内外线圈的绕线方向如图2粗线所示。 （1）接通电源，闭合开关，G表指针会有很大的偏转，几秒后G表指针停在中间不动。将滑动变阻器的触头迅速向右滑动时，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）；迅速抽出铁芯时，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。 （2）断开开关和电源，将铁芯重新插入内线圈中，把直流输出改为交流输出，其他均不变。接通电源，闭合开关，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。 （3）仅用一根导线，如何判断G表内部线圈是否断了？ 35．（2019•浙江）小明想测额定电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电功率，设计了如图1所示的电路。 （1）在实验过程中，调节滑片P，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是 的导线没有连接好（图中用数字标记的小圆点表示接线点，空格中请填写图中的数字，如“7点至8点”）； （2）正确连好电路，闭合开关，调节滑片P，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的指针如图2所示，则电流为 ，此时小灯泡的功率为 W （3）做完实验后小明发现在实验报告上漏写了电压为1.00V时通过小灯泡的电流，但在草稿纸上记录了下列数据，你认为最有可能的是 A.0.08A B.0.12A C.0.20A 36．（2018•浙江）为了比较精确地测定阻值未知的定值电阻Rx，小明设计了如图1所示的电路。 （1）实验时，闭合开关S，滑动变阻器的滑片滑至合适位置保持不变，将c点先后与a、b点连接，发现电压表示数变化较大，电流表示数基本不变，则测量时应将c点接 （选填“a点”或“b点”），按此连接测量，测量结果 （选填“小于”、“等于”或“大于”）Rx的真实值。 （2）根据实验测得的6组数据，在图2中描点，作出了2条图线。你认为正确的是 （选填“①”或“②”），并由图线求出电阻Rx＝ Ω．（保留两位有效数字） 37．（2017•浙江）小明同学在做测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个保护电阻R0．根据如图1所示电路图进行实验时， （1）电流表量程应选择 （选填“0.6A”或“3A”），保护电阻应选用 （选填“A”或“B”）。 A．定值电阻（阻值10.0Ω，额定功率10W） B．定值电阻（阻值2.0Ω，额定功率5W） （2）在一次测量中电压表的指针位置如图2所示，则此时的电压为 V。 （3）根据实验测得的5组数据所画出的U﹣I图线如图3所示。则干电池的电动势E＝ V，内阻r＝ Ω（小数点后保留两位）。 38．（2017•浙江）小明用电学方法测量电线的长度，首先，小明测得电线铜芯的直径为1mm，估计其长度不超过50m（已知铜的电阻率为1.75×10﹣8Ω•m）。 现有如下实验器材：①量程为3V、内阻约为3kΩ的电压表；②量程为0.6A，内阻约为0.1Ω的电流表；③阻值为0～20Ω的滑动变阻器；④内阻可以忽略，输出电压为3V的电源；⑤阻值为R0＝4.30Ω的定值电阻，开关和导线若干。 小明采用伏安法测量电线电阻，正确连接电路后，调节滑动变阻器，电流表示数从0 开始增加，当示数为0.50时，电压表示数如图1所示，示数为 V，根据小明测量的信息，图2中P点应该 （选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），Q点应该 （选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），小明测得的电线长度为 m。 考点03其他实验 39．（2026•浙江）在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中， （1）以下说法正确的是 ； A.图示油膜形状是撒粉太少引起的 B.按图示油膜面积进行计算，测得油酸分子直径偏大 C.油酸酒精溶液放置长时间后使用，测得油酸分子直径偏大 （2）测得一滴油酸酒精溶液所含纯油酸的体积为V，根据画有油膜轮廓玻璃板上的坐标方格，数出轮廓范围内正方形的个数，整格的为N1个，多于半格不足整格的为N2个。已知每格的面积为S，则油酸分子的直径为 。 40．（2025•浙江）某同学研究半导体热敏电阻（其室温电阻约为几百欧姆）Rt的阻值随温度规律，设计了如图所示电路，器材有：电源E（4.5V，0.5Ω），电压表（3V，50kΩ），滑动变阻器R（A：“0～10Ω”或B：“0～100Ω”），电阻箱R1（0～99999.9Ω），开关、导线若干。 （1）要使cd两端电压U0在实验过程中基本不变，滑动变阻器选 （选填“A”或“B”）； （2）正确连线，实验操作如下： ①滑动变阻器滑片P移到最左端，电阻箱调至合适阻值，合上开关S1； ②开关S2切换到a，调节滑片P使电压表示数为U0＝2.50V；再将开关S2切换到b，电阻箱调至R1＝200Ω，记录电压表示数U1＝1.40V、调温箱温度t1＝20℃，则温度t1下Rt＝ Ω（保留三位有效数字）； ③保持R1、滑片P位置和开关S2状态不变，升高调温箱温度，记录调温箱温度和相应电压表示数，得到不同温度下Rt的阻值。 （3）请根据题中给定的电路且滑片P位置保持不变，给出另一种测量电阻Rt的简要方案。 。 41．（2024•浙江）理想变压器的原线圈通过a或b与频率为f、电压为u的交流电源连接，副线圈接有三个支路，如图所示。当S接a时，三个灯泡均发光，若（　　） A．电容C增大，L1灯泡变亮 B．频率f增大，L2灯泡变亮 C．RG上光照增强，L3灯泡变暗 D．S接到b时，三个灯泡均变暗 42．（2024•浙江）在探究热敏电阻的特性及其应用的实验中，测得热敏电阻Rt在不同温度时的阻值如下表。 温度/℃ 4.1 9.0 14.3 20.0 28.0 38.2 45.5 60.4 电阻/（102Ω） 220 160 100 60 45 30 25 15 某同学利用上述热敏电阻Rt、电动势E＝3V（内阻不计）的电源、定值电阻R（阻值有3kΩ、5kΩ、12kΩ三种可供选择）、控制开关和加热系统，设计了A、B、C三种电路。因环境温度低于20℃，现要求将室内温度控制在20℃～28℃范围，且1、2两端电压大于2V，控制开关开启加热系统加热，则应选择的电路是 ，定值电阻R的阻值应选 kΩ，1、2两端的电压小于 V时，自动关闭加热系统（不考虑控制开关对电路的影响）。 43．（2024•浙江）如图所示，用“插针法”测量一等腰三角形玻璃砖（侧面分别记为A和B、顶角大小为θ）的折射率。 ①在白纸上画一条直线ab，并画出其垂线cd，交于O点； ②将侧面A沿ab放置，并确定侧面B的位置ef； ③在cd上竖直插上大头针P1和P2，从侧面B透过玻璃砖观察P1和P2，插上大头针P3，要求P3能挡住 （选填“P1”、“P2”或“P1和P2”）的虚像； ④确定出射光线的位置 （选填“需要”或“不需要”）第四枚大头针； ⑤撤去玻璃砖和大头针，测得出射光线与直线ef的夹角为α，则玻璃砖折射率n＝ 。 44．（2023•浙江）以下实验中，说法正确的是 （多选） A．“观察电容器的充、放电现象”实验中，充电时电流逐渐增大，放电时电流逐渐减小 B．“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，滴入油酸酒精溶液后，需尽快描下油膜轮廓，测出油膜面积 C．“观察光敏电阻特性”和“观察金属热电阻特性”实验中，光照强度增加，光敏电阻阻值减小；温度升高，金属热电阻阻值增大 D．“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，如果可拆变压器的“横梁”铁芯没装上，原线圈接入10V的交流电时，副线圈输出电压不为零 （多选）45．（2023•浙江）氢原子从高能级向低能级跃迁时，会产生四种频率的可见光，其光谱如图1所示。氢原子从能级6跃迁到能级2产生可见光Ⅰ，从能级3跃迁到能级2产生可见光Ⅱ。用同一双缝干涉装置研究两种光的干涉现象，得到如图2和图3所示的干涉条纹。用两种光分别照射如图4所示的实验装置，都能产生光电效应。下列说法正确的是（　　） A．图1中的Hα对应的是Ⅰ B．图2中的干涉条纹对应的是Ⅱ C．Ⅰ的光子动量大于Ⅱ的光子动量 D．P向a移动，电流表示数为零时Ⅰ对应的电压表示数比Ⅱ的大 46．（2018•浙江）（1）细丝和单缝有相似的衍射图样。在相同条件下，小明用激光束分别垂直照射两种不同直径的细丝Ⅰ和细丝Ⅱ，在光屏上形成的衍射图样如图1中a和b所示。已知细丝Ⅰ的直径为0.605mm，现用螺旋测微器测量细丝Ⅱ的直径，如图2所示，细丝Ⅱ的直径为 mm．图1中的 （填“a”或“b”）是细丝Ⅱ的衍射图样。 （2）小明在做“用双缝干涉测量光的波长”实验时，尝试用单缝和平面镜做类似实验。单缝和平面镜的放置如图3所示，白炽灯发出的光经过滤光片成为波长为λ的单色光照射单缝，能在光屏上观察到明暗相间的干涉条纹。小明测得单缝与镜面延长线的距离为h，与光屏的距离为D，则条纹间距Δx＝ 。随后小明撤去平面镜，在单缝下方A处放置同样的另一单缝，形成双缝结构，则在光屏上 （填“能”或“不能”）观察到干涉条纹。 试卷第1页，共3页 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题12 实验 10年真题 考点 浙江考情 命题创新特点 力学基础实验（平抛、单摆、牛顿定律、机械能、碰撞） 2017-2026 年年必考选择 / 计算 传感器、光电门、3D 圆弧槽拓展模型，图像、逐差法、误差分析为核心，新增阻尼振动误差溯源设问 电学实验（测电源电动势、电阻率、变压器、电磁感应、电容器） 高频大题 伏安法误差、分压 / 限流接法、改装表头、示波器波形、等效替代测电阻，结合工业变压器、感应探测情境 光学 / 热学 / 原子拓展实验（双缝、油膜、热敏电阻、插针法测折射率） 多选小计算 热敏温控电路、变压器交流波形、油膜撒粉误差、玻璃砖几何折射，跨电路综合设计增多 考点01力学实验 1．（2026•浙江）在“探究平抛运动的特点”实验中， （1）为探究水平方向分运动特点，应选用图1中的 （选填“甲”或“乙”）装置； （2）采用图2所示装置进行实验。将一张白纸和复写纸固定在装置的背板上，钢球落到倾斜的挡板后挤压复写纸，在白纸上留下印迹。下列说法正确的是 （多选）； A.调节装置使背板竖直 B.调节斜槽使其末端切线水平 C.以斜槽末端在白纸上的投影点为坐标原点 D.钢球在斜槽上静止释放的高度应等间距下降 （3）如图3所示，将实验中记录的印迹用平滑曲线连接，其中抛出点为坐标原点，A点（11.0cm，15.8cm）是记录的印迹，B点（11.8cm，19.6cm）是曲线上的一点，为得到小球的水平速度，应取 （选填“A”或“B”）点进行计算，可得水平速度v0＝ m/s（g取9.8m/s2，结果保留两位有效数字）。 【答案】（1）乙；（2）AB；（3）B；0.59。 【解答】解：（1）图甲两小球同时落地，探究了竖直方向上的运动，但无法比较水平方向上的运动状态； 图乙可以让两个小球同时从斜槽末端水平抛出，若它们能相遇，说明水平方向运动规律相同，可验证水平方向为匀速直线运动。故选图乙； （2）A、背板必须竖直，才能保证小球运动轨迹在竖直平面内，避免轨迹偏移，故A正确； B、斜槽末端水平，才能保证小球抛出时初速度水平，做平抛运动，故B正确； C、应选择小球在斜槽末端时球心在白纸上的投影点为坐标原点，而非斜槽末端的投影点，故C错误； D、释放高度只需每次保持一致，以保证初速度相同，不需要等间距下降，故D错误； 故选：AB。 （3）为了准确测量平抛运动的初速度，选取的点要离坐标原点远一点的点，故选B点； B点的坐标为：（0.118m，0.196m） 竖直方向上：ts＝0.20s 水平方向上：v00.59m/s 故答案为：（1）乙；（2）AB；（3）B；0.59。 2．（2025•浙江）在用单摆测重力加速度的实验中， （1）如图1所示，可在单摆悬点处安装力传感器，也可在摆球的平衡位置处安装光电门。甲同学利用力传感器，获得传感器读取的力与时间的关系图像，如图2所示，则单摆的周期为 s（结果保留3位有效数字）。乙同学利用光电门，从小钢球第1次遮光开始计时，记下第n次遮光的时刻t，则单摆的周期为T＝ ； （2）丙同学发现小钢球已变形，为减小测量误差，他改变摆线长度l，测出对应的周期T，作出相应的l﹣T2关系图线，如图3所示。由此算出图线的斜率k和截距b，则重力加速度g＝ ，小钢球重心到摆线下端的高度差h＝ ；（结果均用k、b表示） （3）丁同学用3D打印技术制作了一个圆心角等于5°、半径已知的圆弧槽，如图4所示。他让小钢球在槽中运动，测出其运动周期，算出重力加速度为8.64m/s2。若周期测量无误，则获得的重力加速度明显偏离实际值的最主要原因是 。 【答案】（1）1.31；；（2）4π2k；bk；（3）由于阻力的存在，实际上小球在做阻尼振动，回复力要小于理想情况下的回复力，因此会导致k值小于理想的k值。 【解答】解：（1）对于甲同学：小球每经过最低点拉力最大，相邻两次经过最低点时间间隔为半个周期，因此图2中起始值到终止值共有5个周期， 则Ts≈1.31s。 对于乙同学：小球每经过最低点遮光一次，相邻两次遮光时间间隔为半个周期，因此从第1次遮光到第n次遮光，共有个周期，则t。 （2）摆长L＝l+h，根据单摆周期公式T＝2π，整理可得l•T2﹣h，图中斜率k，横截距b，联立可得：g＝4π2k，h＝bk。 （3）小球做类单摆的简谐运动，理想情况下，重力沿圆弧方向的分力提供回复力，有F＝﹣kx。由于阻力的存在，实际上小球在做阻尼振动，回复力要小于理想情况下的回复力，因此会导致k值小于理想的k值，根据简谐运动周期公式：T＝2π，实际周期大于理想情况下单摆下的周期，结合单摆周期公式T＝2π，可得g的测量值小于真实值。 故答案为：（1）1.31；；（2）4π2k；bk；（3）由于阻力的存在，实际上小球在做阻尼振动，回复力要小于理想情况下的回复力，因此会导致k值小于理想的k值。 3．（2025•浙江）“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图1所示。 （1）如图2是某次实验中得到的纸带的一部分。每5个连续打出的点为一个计数点，电源频率为50Hz，打下计数点3时小车速度为 m/s（保留三位有效数字）。 （2）下列说法正确的是 （多选）。 A.改变小车总质量，需要重新补偿阻力 B.将打点计时器接到输出电压为8V的交流电源上 C.调节滑轮高度，使牵引小车的细线跟长木板保持平行 D.小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，后释放小车 （3）改用如图3所示的气垫导轨进行实验。气垫导轨放在水平桌面上并调至水平，滑块在槽码的牵引下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1、2的遮光时间分别为Δt1、Δt2，测得两个光电门间距为x，用游标卡尺测量遮光条宽度d，结果如图4所示，其读数d＝ mm，则滑块加速度a＝ （用题中所给物理量符号表示）。 【答案】（1）0.388；（2）CD；（3）10.00； 【解答】解：（1）每5个连续打出的点为一个计数点，则周期为T＝5×0.02s＝0.1s 根据匀变速直线运动规律可知v30.01m/s＝0.388m/s （2）A、改变小车质量后，不需要重新补偿阻力，A错误； B、实验用到电火花计时器，输出电压为220V的交流电源上，故B错误； C、在实验过程中调节滑轮的高度，使牵引小车的细线与长木板保持平行，使绳子的拉力方向与小车运动方向在一条直线上，故C正确； D、为得到更多点迹，小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，后释放小车，故D正确； 故选：CD。 （3）游标卡尺精确度为0.05mm，读数为10mm+0×0.05mm＝10.00mm 滑块经过光电门的速度为v1，v2 根据速度—位移公式有 2ax 解得a 故答案为：（1）0.388；（2）CD；（3）10.00； 4．（2024•浙江）在“验证机械能守恒定律”的实验中， （1）图1，下列操作正确的是 。 （2）实验获得一条纸带，截取点迹清晰的一段并测得数据如图2所示。已知打点的频率为50Hz，则打点“13”时，重锤下落的速度大小为 m/s（保留三位有效数字）。 （3）某同学用纸带的数据求出重力加速度g＝9.77m/s2，并用此g值计算得出打点“1”到“13”过程重锤的重力势能减小值为5.09m，另计算得动能增加值为5.08m（m为重锤质量），则该结果 （选填“能”或“不能”）验证机械能守恒，理由是 。 A.在误差允许范围内 B.没有用当地的重力加速度g 【答案】（1）A；（2）3.34；（3）不能，B 【解答】解：（1）释放纸带时，要保证纸带竖直与限位孔无摩擦，并且物体要靠近打点计时器从而充分利用纸带，故选A。 （2）由f知，T＝0.02s，则打点“13”时重锤的速度v0.01m/s＝3.34m/s （3）计算重力势能时应用当地的重力加速度计算，故不能验证机械能守恒定律，故A错误，B正确； 故选：B。 故答案为：（1）A；（2）3.34；（3）不能，B 5．（2024•浙江）如图1所示是“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置。 （1）该实验中同时研究三个物理量间关系是很困难的，因此我们采用的研究方法是 ； A.放大法 B.控制变量法 C.补偿法 （2）该实验过程中操作正确的是 ； A.补偿阻力时小车未连接纸带 B.先接通打点计时器电源，后释放小车 C.调节滑轮高度使细绳与水平桌面平行 （3）在小车质量 （选填“远大于”或“远小于”）槽码质量时，可以认为细绳拉力近似等于槽码的重力。上述做法引起的误差为 （选填“偶然误差”或“系统误差”）。为减小此误差，下列可行的方案是 ； A.用气垫导轨代替普通导轨，滑块代替小车 B.在小车上加装遮光条，用光电计时系统代替打点计时器 C.在小车与细绳之间加装力传感器，测出小车所受拉力大小 （4）经正确操作后获得一条如图2所示的纸带，建立以计数点0为坐标原点的x轴，各计数点的位置坐标分别为0、x1、…、x6。已知打点计时器的打点周期为T，则打计数点5时小车速度的表达式v＝ ；小车加速度的表达式是 。 A. B. C. 【答案】（1）B；（2）B；远大于；（3）系统误差；C；（4）；A。 【解答】解：（1）该实验中同时研究三个物理量间关系是很困难的，因此我们可以控制其中一个物理量不变，研究另外两个物理量之间的关系，即采用了控制变量法。 故选：B。 （2）A．补偿阻力时小车需要连接纸带，一方面是需要连同纸带所受的阻力一并平衡，另外一方面是通过纸带上的点间距判断小车是否在长木板上做匀速直线运动，故A错误； B．由于小车速度较快，且运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通打点计时器电源，等打点计时器工作稳定后释放小车，故B正确； C．为使小车所受拉力与速度同向，应调节滑轮高度使细绳与长木板平行，故C错误。 故选：B。 （3）设小车质量为M，槽码质量为m。对小车和槽码根据牛顿第二定律分别有 F＝Ma mg﹣F＝ma 联立解得：，由此可知在小车质量远大于槽码质量时，可以认为细绳拉力近似等于槽码的重力。上述做法引起的误差是由于实验方法或原理不完善造成的，属于系统误差。该误差是将细绳拉力用槽码重力近似替代所引入的，不是由于车与木板间存在阻力（实验中已经补偿了阻力）或是速度测量精度低造成的，为减小此误差，可在小车与细绳之间加装力传感器，测出小车所受拉力大小。 故选：C。 （4）由题意可知相邻两计数点间的时间间隔为t＝5T 打计数点5时小车速度的表达式为： 根据逐差法可得小车加速度的表达式为： 故选：A。 故答案为：（1）B；（2）B；远大于；（3）系统误差；C；（4）；A。 6．（2023•浙江）（1）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，实验装置如图1所示。 ①需要的实验操作有 。 A．调节滑轮使细线与轨道平行 B．倾斜轨道以补偿阻力 C．小车靠近打点计时器静止释放 D．先接通电源再释放小车 ②经正确操作后打出一条纸带，截取其中一段如图2所示。选取连续打出的点0、1、2、3、4为计数点，则计数点1的读数为 cm。已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则打计数点2时小车的速度大小为 m/s（结果保留3位有效数字）。 （2）“探究向心力大小的表达式”实验装置如图3所示。 ①采用的实验方法是 。 A．控制变量法 B．等效法 C．模拟法 ②在小球质量和转动半径相同的情况下，逐渐加速转动手柄到一定速度后保持匀速转动。此时左右标尺露出的红白相间等分标记的比值等于两小球的 之比（选填“线速度大小”、“角速度平方”或“周期平方”）；在加速转动手柄过程中，左右标尺露出红白相间等分标记的比值 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。 【答案】（1）①ACD；②2.74，1.47；（2）①A；②角速度平方，不变。 【解答】解：（1）①A、为使小车能做匀加速直线运动，必须使小车受到的合力恒定，调节滑轮使细线应与轨道平行，故A正确； B、探究小车速度随时间变化规律，与小车是否受到阻力没有关系，所以不需倾斜轨道以补偿阻力，故B错误； C、为提高纸带的利用率，小车应靠近打点计时器静止释放，故C正确； D、实验中为了在纸带上打出更多的点，为了打点的稳定，具体操作中要求先接通电源再释放小车，故D正确。 故选：ACD。 ②刻度尺为毫米刻度尺，分度值为0.1cm，由图得，计数点1的读数为2.74cm； 打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，打点周期Ts＝0.02s 打计数点2的时刻是1到3的中间时刻，中间时刻的瞬时速度等于平均速度，设则打计数点2时小车的速度大小为vm/s＝1.47m/s （2）①本实验通过控制一些物理量不变，来研究其他物理量之间的关系，采用了控制变量法，故A正确，BC错误。 故选：A。 ②左右标尺露出的红白相间等分标记的比值等于两小球的向心力之比，根据向心力公式得：Fn＝mω2r 在小球质量和转动半径相同的情况下，向心力之比应等于角速度平方之比； 在加速转动手柄过程中，左右标尺露出红白相间等分标记的比值不变。 故答案为：（1）①ACD；②2.74，1.47；（2）①A；②角速度平方，不变。 7．（2023•浙江）（1）在“探究平抛运动的特点”实验中 ①用图1装置进行探究，下列说法正确的是 。 A．只能探究平抛运动水平分运动的特点 B．需改变小锤击打的力度，多次重复实验 C．能同时探究平抛运动水平、竖直分运动的特点 ②用图2装置进行实验，下列说法正确的是 。 A．斜槽轨道M必须光滑且其末端水平 B．上下调节挡板N时必须每次等间距移动 C．小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下 ③用图3装置进行实验，竖直挡板上附有复写纸和白纸，可以记下钢球撞击挡板时的点迹。实验时竖直挡板初始位置紧靠斜槽末端，钢球从斜槽上P点静止滚下，撞击挡板留下点迹0，将挡板依次水平向右移动x，重复实验，挡板上留下点迹1、2、3、4。以点迹0为坐标原点，竖直向下建立坐标轴y，各点迹坐标值分别为y1、y2、y3、y4。测得钢球直径为d，则钢球平抛初速度v0为 。 A．（x） B．（x） C．（3x） D．（4x） （2）如图4所示，某同学把A、B两根不同的弹簧串接竖直悬挂，探究A、B弹簧弹力与伸长量的关系。在B弹簧下端依次挂上质量为m的钩码，静止时指针所指刻度xA、xB的数据如表。 钩码个数 0 1 2 … xA/cm 7.75 8.53 9.30 … xB/cm 16.45 18.52 20.60 … 钩码个数为1时，弹簧A的伸长量ΔxA＝ cm，弹簧B的伸长量ΔxB＝ cm，两根弹簧弹性势能的增加量ΔEp mg（ΔxA+ΔxB）（选填“＝”、“＜”或“＞”）。 【答案】（1）①B；②C；③D；（2）0.78；1.29；＜ 【解答】解：（1）①用图1装置进行探究，只能探究平抛运动竖直方向上的运动特点，为了保证小球的水平速度不同，需改变小锤击打的力度，多次重复实验，故B正确，AC错误； 故选：B。 ②用图2装置进行实验，则： A、斜槽轨道不一定要光滑，但末端要水平，故A错误； B、上下调节挡板N时不需要保证等间距移动，故B错误； C、为了保证小钢球的初速度相同，则需要让小钢球从斜槽M上同一位置静止滚下，故C正确； 故选：C。 ③根据平抛运动的特点可知： 在竖直方向上： 在水平方向上： 联立解得：v0＝（4x），故D正确，ABC错误； 故选：D。 （2）弹簧A的伸长量可由刻度xA的变化得到，则ΔxA＝8.53cm﹣7.75cm＝0.78cm。 弹簧B的伸长量等于刻度xB与刻度xA的差值，则 ΔxB＝18.52cm﹣16.45cm﹣0.78cm＝1.29cm。 在B弹簧下端挂上钩码到系统在无外力作用而处于静止状态的过程，需要有外力迫使系统最终处于静止状态，外力对系统要做负功，系统的机械能是减少的，故两根弹簧弹性势能的增加量小于钩码减小的重力势能，即ΔEp＜mg（ΔxA+ΔxB）。 故答案为：（1）①B；②C；③D；（2）0.78；1.29；＜ 8．（2022•浙江）“探究碰撞中的不变量”的实验装置如图所示，阻力很小的滑轨上有两辆小车A、B，给小车A一定速度去碰撞静止的小车B，小车A、B碰撞前后的速度大小可由速度传感器测得。 （1）实验应进行的操作有 。 A．测量滑轨的长度 B．测量小车的长度和高度 C．碰撞前将滑轨调成水平 （2）下表是某次实验时测得的数据： A的质量/kg B的质量/kg 碰撞前A的速度大小/（m•s﹣1） 碰撞后A的速度大小/（m•s﹣1） 碰撞后B的速度大小/（m•s﹣1） 0.200 0.300 1.010 0.200 0.800 由表中数据可知，碰撞后小车A、B所构成系统的总动量大小是 kg•m/s。（结果保留3位有效数字） 【答案】（1）C；（2）0.200。 【解答】解：（1）AB、实验需要测量小车的速度与质量，不需要测量滑轨的长度、不需要测量小车的长度和高度，故AB错误； C、系统所受合外力为零系统动量守恒，碰撞前将滑轨调成水平，故C正确。 （2）由于A的质量小于B的质量，碰撞后A反弹，以碰撞前A的速度方向为正方向， 碰撞后小车A、B所构成的系统总动量大小p＝mAvA+mBvB＝0.200×（﹣0.200）kg•m/s+0.300×0.800kg•m/s＝0.200kg•m/s 故答案为：（1）C；（2）0.200。 9．（2022•浙江）在“研究平抛运动”实验中，以小钢球离开轨道末端时球心位置为坐标原点O，建立水平与竖直坐标轴。让小球从斜槽上离水平桌面高为h处静止释放，使其水平抛出，通过多次描点可绘出小球做平抛运动时球心的轨迹，如图所示。在轨迹上取一点A，读取其坐标（x0，y0）。 （1）下列说法正确的是 。 A.实验所用斜槽应尽量光滑 B.画轨迹时应把所有描出的点用平滑的曲线连接起来 C.求平抛运动初速度时应读取轨迹上离原点较远的点的数据 （2）根据题目所给信息，小球做平抛运动的初速度大小v0＝ 。 A. B. C.x0 D.x0 （3）在本实验中要求小球多次从斜槽上同一位置由静止释放的理由是 。 【答案】（1）C；（2）D；（3）小球到达斜槽末端时的速度相同，确保多次运动的轨迹相同。 【解答】解：（1）A、只要小球从斜槽同一位置由静止释放，小球做平抛运动从初速度就相同，实验所用斜槽应不必光滑，故A错误； B、画轨迹时应把尽可能多的描出的点用平滑的曲线连接起来，故B错误； C、为减小实验误差，求平抛运动初速度时应读取轨迹上离原点较远的点的数据，故C正确。 故选：C。 （2）小球做平抛运动，设运动时间为t， 水平方向x0＝v0t 竖直方向y0 解得：v0＝x0，故ABC错误，D正确。 故选：D。 （3）实验中要求小球多次从斜槽上同一位置由静止释放的理由是小球到达斜槽末端时的速度相同，确保多次运动的轨迹相同。 故答案为：（1）C；（2）D；（3）小球到达斜槽末端时的速度相同，确保多次运动的轨迹相同。 10．（2022•浙江）（1）①“探究小车速度随时间变化的规律”实验装置如图1所示，长木板水平放置，细绳与长木板平行。图2是打出纸带的一部分，以计数点O为位移测量起点和计时起点，则打计数点B时小车位移大小为 cm。由图3中小车运动的数据点，求得加速度为 m/s2（保留两位有效数字）。 ②利用图1装置做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，需调整的是 （多选）。 A．换成质量更小的小车 B．调整长木板的倾斜程度 C．把钩码更换成砝码盘和砝码 D．改变连接小车的细绳与长木板的夹角 （2）“探究求合力的方法”的实验装置如图4所示，在该实验中， ①下列说法正确的是 （单选）； A．拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同 B．在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的两点 C．测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦 D．测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板 ②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要 （选填“2”、“3”或“4”）次把橡皮条结点拉到O点。 【答案】（1）①6.21；1.9；②BC；（2）①D；②3 【解答】解：（1）①刻度尺的分度值为0.1cm，需要估读到分度值的下一位，根据图2可知，打计数点B时小车的位移大小为6.21cm； 根据图3的数据可知，小车的加速度为 ②A、利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，需要满足小车质量远远大于钩码质量，所以不需要换质量更小的车，故A错误； B、利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，需要利用小车斜向下的分力以平衡其摩擦阻力，所以需要将长木板靠近打点计时器的一端垫高一些，故B正确； C、以系统为研究对象，依题意“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，有 考虑到实际情况，即f远小于mg，有 则可知M＝4m 而利用图1装置“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，要保证所悬挂质量远小于小车质量，可知目前实验条件尚不满足，所以利用当前装置在进行实验时，需要将钩码更换成砝码盘和砝码，以满足小车质量远远大于所悬挂物体的质量，故C正确； D、实验过程中，需将连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板始终保持平行，与之前的相同，故D错误； 故选：BC。 （2）①A、在不超出弹簧测力计的量程和橡皮条形变限度的条件下，使拉力适当大些，不必使两只测力计的示数相同，故A错误； B、在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的一个点就可以了，故B错误； C、实验中拉弹簧秤时，只需让弹簧与外壳间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉力，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故C错误； D、为了减小实验中摩擦对测量结果的影响，拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板，故D正确； 故选：D。 ②若只有一只弹簧秤，为了完成该实验，用手拉住一条细绳，用弹簧秤拉住另一条细绳，互成角度的拉橡皮条，使其结点到达某一点O，记下位置O和弹簧秤示数F1和两个拉力的方向；交换弹簧秤和手所拉细绳的位置，再次将结点拉至O点，使两力的方向与原来两力方向性相同，并记下此时弹簧秤的示数F2，只有一个弹簧秤将结点拉至O点，并记下此时的弹簧秤示数F的大小和方向；所以若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要3次把橡皮条结点拉至O。 故答案为：（1）①6.21；1.9；②BC；（2）①D；②3 11．（2021•浙江）（1）在“验证机械能守恒定律”实验中，小王用如图1所示的装置，让重物从静止开始下落，打出一条清晰的纸带，其中的一部分如图2所示。O点是打下的第一个点，A、B、C和D为另外4个连续打下的点。 ①为了减小实验误差，对体积和形状相同的重物，实验时选择密度大的，理由是 。 ②已知交流电频率为50Hz，重物质量为200g，当地重力加速度g＝9.80m/s2，则从O点到C点，重物的重力势能变化量的绝对值|ΔEP|＝ J、C点的动能EkC＝ J（计算结果均保留3位有效数字）。比较EkC与|ΔEP|的大小，出现这一结果的原因可能是 （单选）。 A．工作电压偏高 B．存在空气阻力和摩擦力 C．接通电源前释放了纸带 （2）图3所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验的装置。实验中 ①观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，值得尝试的是 （单选）。 A．旋转测量头 B．增大单缝与双缝间的距离 C．调节拨杆使单缝与双缝平行 ②要增大观察到的条纹间距，正确的做法是 （单选） A．减小单缝与光源间的距离 B．减小单缝与双缝间的距离 C．增大透镜与单缝间的距离 D．增大双缝与测量头间的距离 【答案】（1）①使阻力与重力之比更小，减小实验的相对误差；②0.547（0.542﹣0.50均正确）；0.582（0.570﹣0.590均正确）；C；（2）①C； ②D。 【解答】解：（1）①对体积和形状相同的重物，密度大的质量大，重力大，重物运动过程所受阻力与重力之比就更小，实验的相对误差就更小，实验时选择密度大的，理由是使阻力与重力之比更小，减小实验的相对误差； ②由图2读出OC的距离为ΔxOC＝xC﹣xO＝27.90cm﹣0＝27.90cm＝0.2790m 重物的重力势能变化量的绝对值|ΔEP|＝mgΔxOC＝200×10﹣3×9.80×0.2790J＝0.547J 交流电频率f＝50Hz，打连续点迹的时间间隔T0.02s 根据匀变速直线运动一段时间的平均速度等于这段时间的中间时刻的瞬时速度，可知 打C点的速度vC2.413m/s C点的动能EkC0.582J 由实验结果可知：EkC大于|ΔEP| A、打点计时器的工作电压偏高，并不会影响重物与纸带的受力与运动，对实验结果无影响，故A错误； B、重物与纸带下落过程中受到空气阻力和摩擦力，会使机械能发生损失，结果减少的重力势能应大于增加的动能，与实验结果不符，故B错误； C、接通电源前释放了纸带，会使打下的第一个点时重物已经具有了速度，即重物的初速度大于零，则使末动能偏大，符合实验结果，故C正确。 故选C。 （2）①AB、干涉条纹模糊，说明经过双缝的透光量较少或者入射光强度较弱，在测量端旋转测量头和增大单缝与双缝间的距离，都不会改善透光量或入射光的强弱，故AB不值得尝试； C、调节拨杆使单缝与双缝平行，这样会使透过单缝（相当于“线状光源”）的条形光与双缝平行，可增加双缝的透光量，会使条纹变得清晰，故C值得尝试； 故选C。 ②根据相邻亮条纹间距公式：可知， ABC、减小单缝与光源间的距离，减小单缝与双缝间的距离，增大透镜与单缝间的距离，都不会改变条纹间距，故ABC错误； D、增大双缝与测量头间的距离，即L增大，则条纹间距增大，故D正确。 故选D。 故答案为：（1）①使阻力与重力之比更小，减小实验的相对误差；②0.547（0.542﹣0.50均正确）；0.582（0.570﹣0.590均正确）；C；（2）①C； ②D。 12．（2021•浙江）用如图所示装置进行“探究功与速度变化的关系”实验。装有砝码的盘用绕过滑轮的细线牵引小车，盘和砝码的重力可当作牵引力。小车运动的位移和速度可以由打点纸带测出，以小车为研究对像，改变砝码质量，便可探究牵引力所做的功与小车速度变化的关系。 ①关于这个实验，下列说法正确的是 。 A．需要补偿小车受到阻力的影响 B．该实验装置可以“验证机械能守恒定律” C．需要通过调节定滑轮使细线与长木板平行 D．需要满足盘和砝码的总质量远小于小车的质量 ②如图2所示是两条纸带，实验时打出的应是第 条（填写“Ⅰ”或“Ⅱ”）纸带； ③根据实验数据，在坐标纸上画出的W﹣v2图像是一条过原点的直线，据此图像 （填“能”或“不能”）求出小车的质量。 【答案】（1）ACD；（2）Ⅱ；（3）能。 【解答】解：（1）A、题中需要将盘和砝码的重力可当作牵引力，所以首先需要补偿小车受到阻力的影响，即抬高长木板右端，小车在不接盘和砝码的情况下，轻推小车，使小车做匀速直线运动，说明小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力等大反向，故A正确； D、挂上盘与砝码，根据牛顿第二定律：m'g﹣T＝m'a 对小车m，根据牛顿第二定律：T＝ma 两式相比解得绳子拉力：T 当满足盘和砝码的总质量远小于小车的质量，即T＝m'g，盘和砝码的重力可当作牵引力，故D正确； B、实验过程中摩擦阻力无法消除，本实验装置无法验证“机械能守恒定律”，故B错误； C、细线与长木板平行需要平行，保证绳子的拉力与小车运动方向一致，这样盘和砝码的重力可完全当作牵引力，故C正确。 故选：ACD。 （2）车做匀加速直线运动，位移逐渐增大，打出的点迹间距逐渐增大，纸带I后面的点迹间距保持不变，所以实验打出的纸带是第II条。 （3）根据动能定理可知：W，图像的斜率为，据W﹣v2图像求出小车的质量。 故答案为：（1）ACD；（2）Ⅱ；（3）能。 13．（2020•浙江）做“探究加速度与力、质量的关系”实验时，图1甲是教材中的实验方案；图1乙是拓展方案，其实验操作步骤如下： （i）挂上托盘和砝码，改变木板的倾角，使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑； （ii）取下托盘和砝码，测出其总质量为m，让小车沿木板下滑，测出加速度a； （iii）改变砝码质量和木板倾角，多次测量，通过作图可得到a﹣F的关系。 ①实验获得如图2所示的纸带，计数点a、b、c、d、e、f间均有四个点未画出，则在打d点时小车的速度大小vd＝ m/s（保留两位有效数字）； ②需要满足条件M》m的方案是 （选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）；在作a﹣F图象时，把mg作为F值的是 （选填“甲”、“乙”或“甲和乙”）。 【答案】①0.19（0.18～0.19）；②甲，甲和乙。 【解答】解：①计数点a、b、c、d、e、f间均有四个点未画出，则相邻两个计数点之间的时间间隔T＝0.1s； 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得： vdcm/s＝0.19m/s； ②由于图1甲中托盘和砝码始终与小车连接，且要求小车受到的合外力等于托盘和砝码的重力， 对整体根据牛顿第二定律可得：a， 对小车有：F＝Ma，若M＞＞m，则F＝mg，故需要满足条件M＞＞m的方案是甲； 而图乙中，开始挂上托盘和砝码，改变木板的倾角，使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑，然后去掉托盘和砝码，则小车下滑过程中的合外力就等于托盘和砝码的重力，不需要满足M＞＞m； 这两种实验，都是将托盘和砝码的重力作为合外力，实验在作a﹣F图象时，把mg作为F值的是甲和乙。 故答案为：①0.19（0.18～0.19）；②甲，甲和乙。 14．（2020•浙江）某同学用单摆测量重力加速度， ①为了减少测量误差，下列做法正确的是 （多选）； A．摆的振幅越大越好 B．摆球质量大些、体积小些 C．摆线尽量细些、长些、伸缩性小些 D．计时的起、止位置选在摆球达到的最高点处 ②改变摆长，多次测量，得到周期平方与摆长的关系图像如图所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是 。 A．测周期时多数了一个周期 B．测周期时少数了一个周期 C．测摆长时直接将摆线的长度作为摆长 D．测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长 【答案】①BC；②C。 【解答】解：①A、单摆在摆角小于5度时的振动为简谐运动，在摆长一定时摆角越大单摆的振幅越大，为保证单摆做简谐运动，摆的振幅不能太大，并不是越大越好，故A错误； B、为减小空气阻力对实验的影响，摆球质量大些、体积小些，故B正确； C、为保证摆长不变且减小周期测量的误差，摆线尽量细些、长些、伸缩性小些，故C正确； D、为减小测周期时造成的偶然误差，计时的起、止位置选在摆球达到平衡位置处，故D错误。 故选：BC。 ②摆长长度L与摆球半径r之和是单摆摆长，即为：l＝L+r 由单摆周期公式T＝2π可知： T2lLr T2﹣l图像是过原点的直线，如果漏了摆球半径r而把摆长长度L作为摆长， T2﹣l图像在纵轴上有截距，图像不过原点，由图示图像可知， 图像不过原点的原因是：测摆长时直接将摆线的长度作为摆长造成的，故C正确，ABD错误。 故选：C。 故答案为：①BC；②C。 15．（2020•浙江）在“探究加速度与力、质量的关系”和用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中 （1）都是通过分析纸带上的点来测量物理量，下列说法正确的是 （多选） A．都需要分析打点计时器打下的第一个点 B．都不需要分析打点计时器打下的第一个点 C．一条纸带都只能获得一组数据 D．一条纸带都能获得多组数据 （2）如图是两条纸带的一部分，A、B、C、…、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点未画出。其中图 （填“甲”或“乙”）所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的加速度大小a＝ m/s2（保留2位有效数字）。 （3）在用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中，平衡阻力后，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能 （填“守恒”或“不守恒”）。 【答案】（1）BC； （2）甲，0.40；（3）不守恒。 【解答】解：（1）AB、“探究加速度与力、质量的关系”需要测量的是加速度，用Δx＝aT2，用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”需要的是末速度，W，所以都不需要分析打下的第一个点，故A错误，B正确。 CD、根据AB项的分析知每条纸带只能得到一组数据，故C正确，D错误。 故选：BC （2）如图是两条纸带的一部分，A、B、C、…、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点未画出，若交流电频率为50Hz，则计数点时间间隔为T＝0.1s。由于甲相等相邻的时间内的位移之差不是定值，为变速运动，所以甲所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，根据Δx＝aT2知小车的加速度大小为： am/s2＝0.40m/s2。 （3）由于阻力做功，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能不守恒。 故答案为：（1）BC； （2）甲，0.40；（3）不守恒。 16．（2019•浙江）采用如图1所示的实验装置做“研究平抛运动”的实验 （1）实验时需要下列哪个器材 。 A．弹簧秤 B．重垂线 C．打点计时器 （2）做实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。下列的一些操作要求，正确的是 （多选）。 A．每次必须由同一位置静止释放小球 B．每次必须严格地等距离下降记录小球位置 C．小球运动时不应与木板上的白纸相接触 D．记录的点应适当多一些 （3）若用频闪摄影方法来验证小球在平抛过程中水平方向是匀速运动，记录下如图2所示的频闪照片。在测得x1，x2，x3，x4后，需要验证的关系是 。已知频闪周期为T，用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是 。 A． B． C． D． 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）做“研究平抛物体的运动”实验时，需要木板、小球、斜槽、铅笔、图钉、白纸、米尺、重垂线。米尺的作用是能读出轨迹上某点的坐标。重垂线的作用是确保木板与白纸是在竖直面内，使其与小球运动平面平行。时间可以通过竖直方向做自由落体运动去求解，故不需要弹簧秤与打点计时器，故AC错误，B正确。 （2）A、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度。故A正确。 B、记录小球经过不同高度的位置时，每次不必严格地等距离下降，故B错误； C、做平抛运动的物体在同一竖直面内运动，固定白纸的木板必须调节成竖直，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，以免有阻力的影响，故C正确。 D、要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，故D正确。 故选：ACD。 （3）因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动， 竖直方向上做自由落体运动，下落的速度越来越快，则下落相等位移的时间越来越短，所以x4﹣x3＝x3﹣x2＝x2﹣x1＝x1， 用下列计算式求得的水平速度，误差较小的是所测的长度越长误差越小，则为v，故ABC错误，D正确； 故答案为：（1）B；（2）ACD；（3）x4﹣x3＝x3﹣x2＝x2﹣x1＝x1，D。 17．（2018•浙江）小明做“探究碰撞中的不变量”实验的装置如图1所示，悬挂在O点的单摆由长为l的细线和直径为d的小球A组成，小球A与放置在光滑支撑杆上的直径相同的小球B发生对心碰撞，碰后小球A继续摆动，小球B做平抛运动。 （1）小明用游标卡尺测小球A直径如图2所示，则d＝ mm．又测得了小球A质量m1，细线长度l，碰撞前小球A拉起的角度α和碰撞后小球B做平抛运动的水平位移x、竖直下落高度h。为完成实验，还需要测量的物理量有： 。 （2）若A、B两球碰后粘在一起形成新单摆，其周期 （选填“小于”、“等于”或“大于”）粘合前单摆的周期（摆角小于5°）。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，球的直径：d＝14mm+10×0.05mm＝14.50mm； A下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：， 碰撞后仍可根据机械能守恒定律计算小球A的速度，所以需要小球A碰后摆动的最大角β； 小球B碰撞后做平抛运动，根据平抛运动规律可得小球B的速度，要求B的动量所以需要测量小球B的质量m2； （2）黏在一起后，球的重心发生变化，如图所示，摆长发生变化，摆长边长，根据单摆周期公式可知，周期变大。 故答案为：（1）14.50；（2）小球B质量m2，碰后小球A摆动的最大角β； （3）大于。 18．（2018•浙江）（1）在“探究求合力的方法”的实验中，下列操作正确的是 （多选） A．在使用弹簧秤时，使弹簧秤与木板平面平行 B．每次拉伸橡皮筋时，只要使橡皮筋伸长量相同即可 C．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上 D．描点确定拉力方向时，两点之间的距离应尽可能大一些 （2）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，两个相同的小车放在光滑水平板上，前段各系一条细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘中可放重物。小车的停和动通过用黑板擦按住小车后的细线和抬起来控制，如图1所示。实验要求小盘和重物所受的重力近似等于使小车做匀加速直线运动的力。 ①请指出图2中2个错误之处： 。 ②调整好装置后，在某次实验中测得两小车的位移分别是x1和x2，则两车的加速度之比为 。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）A、本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大。故A正确； B、为保证拉力的作用效果相同，每一次拉伸橡皮筋时橡皮筋的结点应到达同一位置，不能只是确保橡皮筋伸长量相同。故B错误； C、实验中，两个分力的大小不一定相同，故合力不一定在其角平分线上。故C错误； D、描点确定拉力方向时，两点之间的距离应尽可能大一些，以减小实验的误差，故D正确； 故选：AD （2）①由图可知，细绳的方向与桌面不平行，则绳子中的拉力方向不是沿桌面的方向，此时拉力沿水平方向的分力提供小车的加速度，所以此时的误差较大； 由图可知，小车的质量与砝码的质量差不多，则绳子对小车的拉力小于砝码的重力。 ②据题境可知，两小车的运动时间相同，据运动学公式x可得：加速度之比：a1：a2＝x1：x2， 故答案为：（1）AD；（2）①拉小车的细绳与木板没有平行；托盘和砝码的总质量没有远小于小车的质量。②x1：x2 19．（2018•浙江）（1）用图1所示装置做“探究功与速度变化的关系”实验时，除了图中已给出的实验器材外，还需要的测量工具有 （填字母）； A．秒表 B．天平 C．刻度尺 D．弹簧测力计 （2）用图2所示装置做“验证机械能守恒定律”实验时，释放重物前有以下操作，其中正确的是 （填字母）； A．将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上 B．手提纸带任意位置 C．使重物靠近打点计时器 （3）图3是小球做平抛运动的频闪照片，其上覆盖了一张透明的方格纸。已知方格纸每小格的边长均为0.80cm。由图可知小球的初速度大小为 m/s（结果保留两位有效数字） 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）根据实验原理可知实验中需要刻度尺测量打点之间的距离，计算物体的速度。故C正确，ABD错误； 故选：C （2）A、将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上，可以减小纸带运动过程中的摩擦力。故A正确； B、C、手提纸带应使重物靠近打点计时器，可以提高纸带使用率。故B错误，C正确 故选：AC （3）0.80cm＝0.0080m 由图可知，在竖直方向上，根据Δy＝2L＝gT2 得相等的时间间隔：T， 小球平抛运动的初速度： 故答案为：（1）C；（2）AC；（3）0.70 20．（2017•浙江）在“研究平抛运动”实验中： （1）图1是横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的 。 A．球心 B．球的上端 C．球的下端 在此实验中，下列说法正确的是 （多选）。 A．斜槽轨道必须光滑 B．记录的点应适当多一些 C．用平滑曲线把所有的点连接起来 D．y轴的方向根据重垂线确定 （2）图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可以判断实验操作错误的是 。 A．释放小球的初速度不为0 B．释放小球的初始位置不同 C．斜槽末端切线不平 （3）如图3所示是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是 。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）本实验在确定平抛运动轨迹时，是用铅笔标注小球最高点的位置，故坐标原点应选小球在斜槽末端点时的球的上端。 故选：B。 A、实验过程中，斜槽不一定光滑，只要能够保证从同一位置静止释放，即使轨道粗糙，摩擦力做功是相同的，离开斜槽末端的速度就是一样的，故A错误。 B、记录点适当多一些，能够保证描点平滑，用平滑曲线连接，偏离较远的点应舍去，故B正确。C错误。 D、y轴必须是竖直方向，即用铅垂线，故D正确。 故选：BD。 （2）由图可知斜槽末端不水平，才会造成斜抛运动，故选：C。 （3）竖直管内与大气相通，为外界大气压强，竖直管在水面下保证竖直管上出口处的压强为大气压强。因而另一出水管的上端口处压强与竖直管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速度恒定。如果竖直管上出口在水面上，则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小。 故选：B。 故答案为：（1）B，BD，（2）C，（3）B。 考点02电学实验 21．（2026•浙江）在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中， （1）小明先用多用电表测量图1变压器的“0”、“1400”接线柱间的电阻。选择开关位置如图2，经规范操作，指针位置如图3，测得阻值为 Ω； （2）用匝数n1＝200和n2＝400的两线圈进行实验，分别测得其两端电压为U1和U2，记录于下表。以下说法正确的是 （多选）； U1/V 1.02 2.20 3.24 4.28 5.36 U2/V 2.12 4.52 6.64 8.78 11.02 A.与n1对应的是副线圈 B.与n2对应的是副线圈 C.实验中采用低压直流电源 D.多用电表选择开关应调至交流电压挡 （3）小明将两个线圈按图4方式上下叠放。下层线圈输入电压信号如图5所示，上层线圈与示波器相连，则示波器上显示的波形为 。 【答案】（1）34；（2）AD；（3）C。 【解答】解：（1）测量图1变压器的“0”、“1400”接线柱间的电阻，开关挡置于“×10”挡，故电阻值为：34Ω； （2）AB、根据理想变压器电压比等于匝数比，表格中U2略大于2U1，考虑漏磁和磁损耗的影响，与n1对应的是副线圈，故A正确，B错误； CD、变压器工作需要变化的磁通量，因此必须使用交流电源，故输入的是低压交流电源，多用电表调至交流电压挡，故C错误，D正确； 故选：AD。 （3）根据变压器的工作原理可知，输入的电压信号是三角波，输出电压信号应该为方波，故C正确，AB错误； 故选：C。 故答案为：（1）34；（2）AD；（3）C。 22．（2025•浙江）在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中， （1）为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是 （选填“甲”或“乙”）； （2）通过调节滑动变阻器，测得多组U、I数据，记录于题表。试在方格纸中建立合适的标度，描点并作出U﹣I图像，由此求得电动势E＝ V，内阻r＝ Ω。（结果均保留到小数点后两位） 次数 1 2 3 4 5 U/V 1.35 1.30 1.25 1.20 1.15 I/A 0.14 0.22 0.30 0.37 0.45 【答案】（1）甲； （2）；1.44，0.64 【解答】解：（1）干电池的内阻较小，电流表的内阻也较小，电压表的内阻较大，因此乙电路中电流表内阻对电源内阻的测量影响较大，则为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是甲； （2）根据实验数据做出电源的U﹣I图像如下图所示： 由U＝E﹣lr，结合图像可得内阻： 由：U＝1.40V，I＝0.06A，解得：E＝1.44V 故答案为：（1）甲； （2）；1.44，0.64 23．（2025•浙江）在“探究影响感应电流方向的因素”实验中，当电流从“﹣”接线柱流入灵敏电流表，指针左偏；从“G0”或“G1”接线柱流入，指针右偏。如图所示是某次实验中指针偏转角度最大的瞬间，则： （1）此时磁铁的运动状态是 （选填“向上拔出”、“静止”或“向下插入”）。 （2）只做以下改变，一定会增大图中电流表指针偏转角度的是 （多选）。 A.磁铁静止，向上移动线圈 B.增大（1）中磁铁运动速度 C.将导线从接线柱G1移接至接线柱G0 D.将一个未与电路相接的闭合线圈套在图中线圈外 【答案】（1）向上拔出；（2）BC。 【解答】解：（1）由图可知，灵敏电流计指针左偏，可知感应电流从“﹣”流入，根据楞次定律可知，螺线管中产生的感应电流俯视图为顺时针，可知磁铁的N极向上拔出； （2）解：A、磁铁静止，向上移动线圈，则产生的感应电流不一定增加，指针偏角不一定会增加，故A错误； B、增大（1）中磁铁的速度，产生的感应电动势会增加，指针偏角会增大，故B正确； C、减小电流计的量程，即将导线从接线柱G1移接到G0，可使电流计的指针偏角变大，故C正确； D、将一个未与电路相接的闭合线圈套在线圈外，线圈中感应电流不变，电流计指针偏角不变，故D错误。 故选：BC。 故答案为：（1）向上拔出；（2）BC。 24．（2024•浙江）在“观察电容器的充、放电现象”实验中，把电阻箱R（0～9999Ω）、一节干电池、微安表（量程0～300μA，零刻度在中间位置）、电容器C（2200μF，16V）、单刀双掷开关组装成如图1所示的实验电路。 （1）把开关S接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零：然后把开关S接2，微安表指针偏转情况是 ； A.迅速向右偏转后示数逐渐减小 B.向右偏转示数逐渐增大 C.迅速向左偏转后示数逐渐减小 D.向左偏转示数逐渐增大 （2）再把电压表并联在电容器两端，同时观察电容器充电时电流和电压变化情况。把开关S接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到160μA时保持不变；电压表示数由零逐渐增大，指针偏转到如图2所示位置时保持不变，则电压表示数为 V，电压表的阻值为 kΩ（计算结果保留两位有效数字）。 【答案】（1）C；（2）0.50；3.1。 【解答】解：（1）把开关S接1，电容器充电，电流从右向左流过微安表，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；把开关S接2，电容器放电，电流从左向右流过微安表，则微安表指针迅速向左偏转后示数逐渐减小，故ABD错误，C正确。 故选：C。 （2）电压表应选用0～3V量程，分度值为0.1V，读数为0.50V。 当微安表示数稳定时，电容器中不再有电流通过，此时干电池、电阻箱、微安表和电压表构成回路； 根据欧姆定律，电压表内阻。 故答案为：（1）C；（2）0.50；3.1。 25．（2023•浙江）在“测量干电池的电动势和内阻”实验中 （1）部分连线如图1所示，导线a端应连接到 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）接线柱上。正确连接后，某次测量中电压表指针位置如图2所示，其示数为 V。 （2）测得的7组数据已标在如图3所示U﹣I坐标系上，用作图法求干电池的电动势E＝ V和内阻r＝ Ω。（计算结果均保留两位小数） 【答案】（1）B；1.20；（2）1.50；1.04 【解答】解：（1）根据实验原理可知，电压表要连接在电源的两端，因此导线a端应连接到B接线柱上。 电压表的量程是0～3V，分度值为0.1V，需要估读到分度值的下一位，则示数为1.20V。 （2）根据闭合电路欧姆定律可得： U＝E﹣Ir 根据图像可知，纵截距为1.50V，斜率的绝对值为： 结合图3可得U﹣I图像的解析式为： U＝1.50﹣1.04I 由此可得：E＝1.50V；r＝1.04Ω 故答案为：（1）B；1.20；（2）1.50；1.04 26．（2023•浙江）在“测量金属丝的电阻率”实验中 （1）测量一段金属丝电阻时所用器材和部分电路连线如图1所示，图中的导线a端应与 （选填“﹣”、“0.6”或“3”）接线柱连接，b端应与 （选填“﹣”、“0.6”或“3”）接线柱连接。开关闭合前，图1中滑动变阻器滑片应置于 （选填“左”或“右”）端。 （2）合上开关，调节滑动变阻器，得到多组U和I数据。甲同学由每组U、I数据计算电阻，然后求电阻平均值；乙同学通过U﹣I图像求电阻。则两种求电阻的方法更合理的是 （选填“甲”或“乙”）。 （3）两同学进一步探究用镍铬丝将满偏电流Ig＝300μA的表头G改装成电流表。如图2所示，表头G两端并联长为L的镍铬丝，调节滑动变阻器使表头G满偏，毫安表示数为I。改变L，重复上述步骤，获得多组I、L数据，作出图像如图3所示。则图像斜率k＝ mA•m。若要把该表头G改装成量程为9mA的电流表，需要把长为 m的镍铬丝并联在表头G两端。（结果均保留两位有效数字） 【答案】（1）0.6，0.6，左；（2）乙；（3）2.3，0.26 【解答】解：（1）实验中用两节干电池供电，滑动变阻器采用的是分压式连接，电压从零开始调节，伏安法测电阻时，通过金属丝的电流I不宜过大（电流表用0.6 A量程），通电时间不宜过长，以免金属丝的温度明显升高，造成其电阻率逐渐增大，则图中的导线a端应与“0.6”接线柱连接，金属丝的电阻较小，电流表外接误差较小，故b端应与“0.6”接线柱连接，为了保护电表，开关闭合前，图1中滑动变阻器滑片应置于左端。 （2）做U﹣I图像可以排除偶然误差较大的数据．提高实验的准确程度，减少实验的误差，则乙同学通过U﹣I图像求电阻，求电阻的方法更合理； （3）由图像可知图像斜率kmA•m＝2.3mA•m 延长图像可知，当I＝9.0mA时可得3.8m﹣1 解得：L＝0.26m 故答案为：（1）0.6，0.6，左；（2）乙；（3）2.3，0.26 27．（2022•浙江）小明同学根据图1的电路连接器材来“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”。实验时多次改变合金丝甲接入电路的长度l、调节滑动变阻器的阻值，使电流表的读数I达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个的值，作出l图像，如图2中图线a所示。 （1）在实验中使用的是 （选填“0～20Ω”或“0～200Ω”）的滑动变阻器。 （2）在某次测量时，电压表的指针位置如图3所示，量程为3V，则读数U＝ V。 （3）已知合金丝甲的横截面积为7.0×10﹣8m2，则合金丝甲的电阻率为 Ω•m（结果保留2位有效数字）。 （4）图2中图线b是另一根长度相同、材料相同的合金丝乙与合金丝甲并联后采用同样的方法获得的l图像，由图可知合金丝甲的横截面积 （选填“大于”、“等于”或“小于”）合金丝乙的横截面积。 【答案】（1）0～20Ω（2）1.30；（3）1.0×10﹣6；（4）小于。 【解答】解：（1）为方便实验操作，在实验中使用的是0～20Ω的滑动变阻器。 （2）电压表量程是3V，由图3所示表盘可知，其分度值为0.1V，示数为1.30V。 （3）由欧姆定律与电阻定律得：R+RA，R＝ρ，则 l+RA 由图2所示l图象可知，图象的斜率kΩ/m， 代入数据解得：ρ≈1.0×10﹣6Ω•m （4）另一根长度相同、材料相同的合金丝乙与合金丝甲并联后，电阻率不变，横截面积变为：S′＝S+S乙 由图2中图线b可得：S′m2＝2.8×10﹣7m2 S乙＝S′﹣S＝2.8×10﹣7m2﹣7.0×10﹣8m2＝2.1×10﹣7m2，故合金丝甲的横截面积小于乙的横截面积。 故答案为：（1）0～20Ω（2）1.30；（3）1.0×10﹣6；（4）小于。 28．（2022•浙江）（1）探究滑动变阻器的分压特性，采用图1所示的电路，探究滑片P从A移到B的过程中，负载电阻R两端的电压变化。 ①图2为实验器材部分连线图，还需要 （选填af、bf、fd、fc、ce或cg）连线（多选）。 ②图3所示电压表的示数为 V。 ③已知滑动变阻器的最大阻值R0＝10Ω，额定电流I＝1.0A。选择负载电阻R＝10Ω，以R两端电压U为纵轴，为横轴（x为AP的长度，L为AB的长度），得到U分压特性曲线为图4中的“I”；当R＝100Ω，分压特性曲线对应图4中的 （选填“Ⅱ”或“Ⅲ”）；则滑动变阻器最大阻值的选择依据是 。 （2）两个相同的电流表G1和G2如图5所示连接，晃动G1表，当指针向左偏时，静止的G2表的指针也向左偏转，原因是 （多选）。 A．两表都是“发电机” B．G1表是“发电机”，G2表是“电动机” C．G1表和G2表之间存在互感现象 D．G1表产生的电流流入G2表，产生的安培力使G2表指针偏转 【答案】（1）①af、fd、ce；②1.50；③Ⅱ；R0＜R；（2）BD 【解答】解：（1）①根据原理图可知，还需要将af、fd、ce连线； ②根据图片可知，电压表的示数为1.50V； ③假定AP部分的电阻为R′，R′分别与10Ω与100Ω并联再与BP部分的电阻串联；由于相同的R'与100Ω并联后的电阻比与10Ω并联后的电阻大，则根据闭合电路的欧姆定律可知，滑片在相同位置下，负载电阻越大，则两端电压越大；即在相同横坐标下，此时负载100Ω时，电压表的示数应该比曲线为图4中的“I”更大，故应该选“Ⅱ”； 由上述分析，对比图4中的图线“I”和“Ⅱ”，可知对不同的负载电阻，调节滑动触头时负载两端的电压变化规律不同，当负载电阻小于滑动变阻器最大阻值时，负载电阻两端电压随滑动触头的变化不平稳；当负载电阻大于滑动变阻器最大阻值时，负载电阻两端电压随滑动触头的变化会更佳平稳，从而可实现微调。所以，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器最大阻值的选择依据是相比负载电阻越小越好，即R0＜R。 （2）根据题意可知，电流表主要部件是永久磁铁和带有指针的线圈，G1和G2用导线连接起来，当晃动G1时，相当于G1中的线圈做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流；由于两个电表构成了闭合回路，则电流会通过G2表中的线圈，而该线圈处于磁场中，由于通电导线在磁场中受到安培力的作用，G2的指针也会偏转；则G1表相当于“发电机”，G2表相当于“电动机”，故AC错误，BD正确； 故选：BD。 故答案为：（1）①af、fd、ce；②1.50；③Ⅱ；R0＜R；（2）BD 29．（2021•浙江）在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示。为了减小涡流在铁芯中产生的热量，铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。硅钢片应平行于（　　） A．平面abcd B．平面abfe C．平面abgh D．平面aehd 【答案】D 【解答】解：磁感线环绕的方向沿着闭合铁芯，根据楞次定律及右手螺旋定则，产生的涡旋电流的方向垂直于图示变压器铁芯的正面，即与图示abcd面平行，为了减小涡流在铁芯中产生的热量，相互绝缘的硅钢片应垂直abcd面，形状相同的回形硅钢片叠加在一起形成铁芯，硅钢片应平行于平面aehd。故ABC错误，D正确。 故选：D。 30．（2021•浙江）小李在实验室测量一电阻Rx的阻值。 （1）因电表内阻未知，用如图1所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1＝1.65V，电流表的示数如图2所示，其读数I1＝ A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2＝1.75V，I2＝0.33A。由此可知应采用电流表 （填“内”或“外”）接法。 （2）完成上述实验后，小李进一步尝试用其它方法进行实验： ①器材与连线如图3所示，请画出对应的电路图； ②先将单刀双掷开关掷到左边，记录电流表读数，再将单刀双掷开关掷到右边，调节电阻箱的阻值，使电流表的读数与前一次尽量相同，电阻箱的示数如图3所示，则待测电阻Rx＝ Ω。此方法， （填“有”或“无”）明显的实验误差，其理由是 。 【答案】（1）①0.34；外；（2）①电路图见解答；②5；有；电阻箱的精确度不够，相对误差较大。 【解答】解：（1）如图2所示，电流表使用的是0﹣0.6A的量程，分度值为0.02A，估读到与分度值相同位，故读数为I1＝0.34A 两次测量电压测量值绝对误差ΔU＝U2﹣U1＝1.75V﹣1.65V＝0.10V， 电流测量值绝对误差ΔI＝I1﹣I2＝0.34A﹣0.33A＝0.01A， 电压测量值相对误差0.061， 电流测量值相对误差0.03， 可见电流测量值相对误差小于电压测量值相对误差，为了减小系统误差应使电压的测量无系统误差，故采用外接法。 （2）①电路图见右图 ②由闭合电路欧姆定律I可知，使两次电流表读示数尽量相同，则两次电路的总电阻接近相等，可知待测电阻的阻值近似等于电阻箱的阻值，由题图3可知电阻箱的读数为5Ω，则Rx＝5Ω， 此方法是有明显的实验误差的，电阻箱的最小分度为1Ω，与待测电阻（约5Ω）相差不大，在调节电阻箱的阻值时，使电流表的读数与前一次无法完全相同，即电阻的阻值无法调节到和待测电阻相同，相对误差较大。 故答案为：（1）①0.34；外；（2）①电路图见解答；②5；有；电阻箱的精确度不够，相对误差较大。 31．（2021•浙江）在“测定电池的电动势和内阻”实验中， ①用如图1所示的电路图测量，得到的一条实验数据拟合线如图2所示，则该电池的电动势E＝ V（保留3位有效数字）；内阻r＝ （保留2位有效数字）。 ②现有如图3所示的实验器材，照片中电阻箱阻值可调范围为0～9999Ω，滑动变阻器阻值变化范围为0～10Ω，电流表G的量程为0～3mA、内阻为200Ω，电压表的量程有0～3V和0～15V。请在图3中选择合适的器材，在方框中画出两种测定一节干电池的电动势和内阻的电路图。 【答案】①1.46（1.45～1.47均可）；0.64Ω（0.63～0.67均可）；②电路图见解答 【解答】解：①根据闭合电路欧姆定律：E＝U+Ir可得U＝E﹣Ir，可知电源的U﹣I图线为直线； 将题干中得图线延长与横纵轴分别相交，如图 可知图像与纵轴交点即为电动势，即E＝1.46V 图像斜率的绝对值为电源内阻，即：rΩ≈0.64Ω ②方法1：电流表量程太小，可以通过并联电阻箱改装电流表，扩大电流表的量程，改装为大量程的电流表来测量电流，电路图如图 根据闭合电路欧姆定律E＝U+Ir可以绘制U﹣I图像求解电动势和内阻。 方法2：也可以使用电阻箱和电压表代替电流表进行测量，电路图如图 根据闭合电路欧姆定律E＝U+Ir＝U 变形得 绘制图像，可知图像斜率为，与纵轴截距为，从而求解电动势和内阻。 故答案为：①1.46（1.45～1.47均可）；0.64Ω（0.63～0.67均可）；②电路图见解答 32．（2020•浙江）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中： ①如图1所示，已经连接了一部分电路，请将电路连接完整。 ②合上开关后，测出9组I、U值，在I﹣U坐标系中描出各对应点，如图2所示。请在图2中画出此小灯泡的伏安特性曲线。 ③与图2中P点对应的状态，小灯泡灯丝阻值最接近 。 A.16.7Ω B.12.4Ω C.6.2Ω 【答案】①如图所示；②如图所示；③C； 【解答】解：①描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，小灯泡的电阻较小，电流表应采用外接法，故实物电路图如图所示： ②用平滑曲线连接I﹣U图中各点，可得小灯泡的伏安特性曲线，如图所示： ③图中P点对应的电压U＝1.40V，电流I＝0.23A， 此时灯泡电阻，故AB错，C正确； 故答案为：①如图所示；②如图所示；③C； 33．（2020•浙江）某同学分别用图1甲和图1乙的电路测量同一节干电池的电动势和内阻。 （1）画出图1乙的电路图； （2）某次测量时电流表和电压表的示数如图2所示，则电流I＝ A，电压U＝ V； （3）实验得到如图3所示的两条直线，图中直线Ⅰ对应电路是图1 （选填“甲”或“乙”）； （4）该电池的电动势E＝ V（保留三位有效数字），内阻r＝ Ω（保留两位有效数字）。 【答案】（1）如图所示；（2）0.40（0.39～0.41）；1.30（1.29～1.31）；（3）乙；（4）1.52（1.51～1.54）；0.53（0.52～0.54）。 【解答】解：（1）根据实物图可得电路图如图所示： （2）电流表是采用0.6A的量程，每小格表示0.02A，则示数为0.40A； 电压表采用的是3V的量程，每小格表示0.1V，所以电压表的示数为1.30V； （3）由于采用图1甲测得的内电阻为电流表的电阻与电动势内电阻之和，所以电阻测量值大于真实值； 采用图1乙测得的内电阻为电压表的电阻与电动势内电阻并联电阻，所以电阻测量值小于真实值； 而U﹣I图像斜率的绝对值表示内电阻，故图中直线Ⅰ对应电路是图1的乙图； （4）由于干电池内电阻较小，故采用图乙实验电路。 根据闭合电路的欧姆定律可得：E＝U+Ir，则U＝E﹣Ir，将图3中直线Ⅰ延长如图所示： 可知电源电动势为E＝1.52V，内电阻r0.53Ω。 故答案为：（1）如图所示；（2）0.40（0.39～0.41）；1.30（1.29～1.31）；（3）乙；（4）1.52（1.51～1.54）；0.53（0.52～0.54）。 34．（2019•浙江）在“探究电磁感应的产生条件”实验中，实验连线后如图1所示，感应线圈组的内外线圈的绕线方向如图2粗线所示。 （1）接通电源，闭合开关，G表指针会有很大的偏转，几秒后G表指针停在中间不动。将滑动变阻器的触头迅速向右滑动时，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）；迅速抽出铁芯时，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。 （2）断开开关和电源，将铁芯重新插入内线圈中，把直流输出改为交流输出，其他均不变。接通电源，闭合开关，G表指针 （“不动”、“右偏”、“左偏”、“不停振动”）。 （3）仅用一根导线，如何判断G表内部线圈是否断了？ 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）感应线圈组的内外线圈的绕线方向如图2粗线所示，当接通电源，闭合开关，内线圈有向下增大的电流，依据右手螺旋定则与楞次定律，则外线圈有向上的感应电流，因此发现灵敏电流计的指针向左偏了一下，知磁通量增加时，电流计指针向左偏转。 当在闭合电键时闭合开关后，将滑动变阻器的触头迅速向右滑动时，磁通量增加，则电流计指针向左偏转。 迅速抽出铁芯时，磁通量减小，则灵敏电流计指针向右偏转。 （2）若把直流输出改为交流输出，其他均不变，接通电源，闭合开关，线圈A中也是交流电，那么检流计G表指针不停地来回振动， （3）仅用一根导线，将检注计G短接前后，摇动表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈断了，说明虽有切割磁感应线，但没有感应电流，则没有安培阻力，指针变化明显；反之，则出现感应电流，进而有安培阻力，使其变化不明显，则线圈未断。 故答案为：（1）左偏；右偏；（2）不停振动；（3）短接G表前后各摇动G表一次，比较指针偏转，有明显变化，则线圈断了，反之则未断。 35．（2019•浙江）小明想测额定电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电功率，设计了如图1所示的电路。 （1）在实验过程中，调节滑片P，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，其原因是 的导线没有连接好（图中用数字标记的小圆点表示接线点，空格中请填写图中的数字，如“7点至8点”）； （2）正确连好电路，闭合开关，调节滑片P，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的指针如图2所示，则电流为 ，此时小灯泡的功率为 W （3）做完实验后小明发现在实验报告上漏写了电压为1.00V时通过小灯泡的电流，但在草稿纸上记录了下列数据，你认为最有可能的是 A.0.08A B.0.12A C.0.20A 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）在实验过程中，调节滑片P，电压表和电流表均有示数但总是调不到零，说明滑动变阻器接成了限流接法，由图示电路图可知，其原因是1点至4点的导线没有连接好。 （2）电流表量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.30A，灯泡额定功率：P＝UI＝2.5×0.30＝0.75W； （3）灯泡电阻随温度升高而增大，电压越小灯泡额定功率越小，灯丝温度越低，灯泡电阻越小，由此可知1.00V电压对应的电流应为0.20A，故C正确； 故答案为：（1）1点至4点；（2）0.30A；0.75；（3）C。 36．（2018•浙江）为了比较精确地测定阻值未知的定值电阻Rx，小明设计了如图1所示的电路。 （1）实验时，闭合开关S，滑动变阻器的滑片滑至合适位置保持不变，将c点先后与a、b点连接，发现电压表示数变化较大，电流表示数基本不变，则测量时应将c点接 （选填“a点”或“b点”），按此连接测量，测量结果 （选填“小于”、“等于”或“大于”）Rx的真实值。 （2）根据实验测得的6组数据，在图2中描点，作出了2条图线。你认为正确的是 （选填“①”或“②”），并由图线求出电阻Rx＝ Ω．（保留两位有效数字） 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）根据已知条件：将c点先后与a、b点连接，发现电压表示数变化较大，电流表示数基本不变，可知 电流表的分压作用比较明显，及相对于待测电阻而言是个大电阻，为减小误差，电流表应采用外接法，故c点应接a点；接a点时，电压测量准确，电流测量为电压表和电阻两路电流之和，偏大，根据欧姆定律可知，测量值偏小，即测量结果小于真实值； （2）描点作图的原则是让尽量多的点在直线上，其余点均匀分布两侧，且定值电阻的伏安特性曲线应是过原点的一条直线可判，正确图象应是②； 由图示图象可知，待测电阻阻值为：Rx7.5Ω； 故答案为：（1）a，小于；（2）②，7.5。 37．（2017•浙江）小明同学在做测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个保护电阻R0．根据如图1所示电路图进行实验时， （1）电流表量程应选择 （选填“0.6A”或“3A”），保护电阻应选用 （选填“A”或“B”）。 A．定值电阻（阻值10.0Ω，额定功率10W） B．定值电阻（阻值2.0Ω，额定功率5W） （2）在一次测量中电压表的指针位置如图2所示，则此时的电压为 V。 （3）根据实验测得的5组数据所画出的U﹣I图线如图3所示。则干电池的电动势E＝ V，内阻r＝ Ω（小数点后保留两位）。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）根据图3中的电流值知，电流表选择0.6A的，由于电源的内阻较小，如果保护电阻较大，电压的变化不明显，故保护电阻选择B。 （2）电压表的量程为3V的，则电压表读数为1.20V。 （3）根据闭合电路欧姆定律得，E＝U+I（R0+r），解得U＝E﹣I（R0+r），纵轴截距表示电动势，则E＝1.45V，斜率k＝R0+r，解得r＝0.50Ω。 故答案为：（1）0.6 A；B　 （2）1.20±0.01　 （3）1.45±0.01　0.50±0.05 38．（2017•浙江）小明用电学方法测量电线的长度，首先，小明测得电线铜芯的直径为1mm，估计其长度不超过50m（已知铜的电阻率为1.75×10﹣8Ω•m）。 现有如下实验器材：①量程为3V、内阻约为3kΩ的电压表；②量程为0.6A，内阻约为0.1Ω的电流表；③阻值为0～20Ω的滑动变阻器；④内阻可以忽略，输出电压为3V的电源；⑤阻值为R0＝4.30Ω的定值电阻，开关和导线若干。 小明采用伏安法测量电线电阻，正确连接电路后，调节滑动变阻器，电流表示数从0 开始增加，当示数为0.50时，电压表示数如图1所示，示数为 V，根据小明测量的信息，图2中P点应该 （选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），Q点应该 （选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），小明测得的电线长度为 m。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：电压表量程为3V，电压表的读数为2.50V； 调节滑动变阻器，电流表示数从0 开始增加，可知滑动变阻器采用分压式接法，即Q点应接a，待测电阻较小，电流表采用外接法，即P点应该接b。由于保护电阻，因此本题的实验电路图如下： 根据欧姆定律有：， 所以Rx＝0.7Ω 根据Rx 得，代入数据联立解得L＝31.4 m 故答案为：2.50，b，a，31.4。 考点03其他实验 39．（2026•浙江）在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中， （1）以下说法正确的是 ； A.图示油膜形状是撒粉太少引起的 B.按图示油膜面积进行计算，测得油酸分子直径偏大 C.油酸酒精溶液放置长时间后使用，测得油酸分子直径偏大 （2）测得一滴油酸酒精溶液所含纯油酸的体积为V，根据画有油膜轮廓玻璃板上的坐标方格，数出轮廓范围内正方形的个数，整格的为N1个，多于半格不足整格的为N2个。已知每格的面积为S，则油酸分子的直径为 。 【答案】（1）B；（2）。 【解答】解：（1）A、图示油膜呈不规则的“放射状”，这通常是由于油酸未完全散开，而不是撒粉太少。撒粉太少会导致油膜边界不清晰，而非这种形状，故A错误； B、按图示油膜面积计算时，由于油膜未完全散开，测得的面积S会偏小，根据d，当体积V一定时，面积S偏小则d偏大，故B正确； C、油酸酒精溶液放置长时间后，酒精会挥发，导致溶液浓度变大，在计算时若仍按原浓度计算纯油酸体积V，会导致V的计算值偏小，根据d，d偏小，故C错误； 故选：B。 （2）油膜总面积为：S总＝（N1+N2）S，分子直径d。 故答案为：（1）B；（2）。 40．（2025•浙江）某同学研究半导体热敏电阻（其室温电阻约为几百欧姆）Rt的阻值随温度规律，设计了如图所示电路，器材有：电源E（4.5V，0.5Ω），电压表（3V，50kΩ），滑动变阻器R（A：“0～10Ω”或B：“0～100Ω”），电阻箱R1（0～99999.9Ω），开关、导线若干。 （1）要使cd两端电压U0在实验过程中基本不变，滑动变阻器选 （选填“A”或“B”）； （2）正确连线，实验操作如下： ①滑动变阻器滑片P移到最左端，电阻箱调至合适阻值，合上开关S1； ②开关S2切换到a，调节滑片P使电压表示数为U0＝2.50V；再将开关S2切换到b，电阻箱调至R1＝200Ω，记录电压表示数U1＝1.40V、调温箱温度t1＝20℃，则温度t1下Rt＝ Ω（保留三位有效数字）； ③保持R1、滑片P位置和开关S2状态不变，升高调温箱温度，记录调温箱温度和相应电压表示数，得到不同温度下Rt的阻值。 （3）请根据题中给定的电路且滑片P位置保持不变，给出另一种测量电阻Rt的简要方案。 。 【答案】（1）A；（2）157；（3）见解析。 【解答】解：（1）要使得cd两端电压U0在实验中基本不变，则滑动变阻器应该选择阻值较小的A； （2）由电路可知Rt； （3）题中滑片P位置保持不变，则电阻箱R1与热敏电阻Rt两端电压之和保持不变，先让S2接a，记录此时电压表读数为U，然后让S2接b，调节电阻箱R1的阻值，使电压表的示数为U，记录此时电阻箱R1的阻值，热敏电阻Rt的阻值就等于此时电阻箱R1的阻值。 故答案为：（1）A；（2）157；（3）见解析。 41．（2024•浙江）理想变压器的原线圈通过a或b与频率为f、电压为u的交流电源连接，副线圈接有三个支路，如图所示。当S接a时，三个灯泡均发光，若（　　） A．电容C增大，L1灯泡变亮 B．频率f增大，L2灯泡变亮 C．RG上光照增强，L3灯泡变暗 D．S接到b时，三个灯泡均变暗 【答案】A 【解答】解：当S接a时，根据理想变压器电压与匝数比的关系，变压器的匝数比不变，输入电压不变，因此输出电压不变； A.电容器的电容C增大，容抗减小，通过灯泡L1的电流增大，灯泡变亮，故A正确； B.交流电的频率增大，电感的感抗增大，通过灯泡L2的电流减小，灯泡变暗，故B错误； C.光照增强，光敏电阻的阻值减小，通过灯泡L3的电流增大，灯泡变亮，故C错误； D.当S接b时，根据理想变压器电压与匝数比的关系，变压器原线圈的的匝数减小，输入电压不变，因此输出电压增大，因此三个灯泡均变亮，故D错误。 故选：A。 42．（2024•浙江）在探究热敏电阻的特性及其应用的实验中，测得热敏电阻Rt在不同温度时的阻值如下表。 温度/℃ 4.1 9.0 14.3 20.0 28.0 38.2 45.5 60.4 电阻/（102Ω） 220 160 100 60 45 30 25 15 某同学利用上述热敏电阻Rt、电动势E＝3V（内阻不计）的电源、定值电阻R（阻值有3kΩ、5kΩ、12kΩ三种可供选择）、控制开关和加热系统，设计了A、B、C三种电路。因环境温度低于20℃，现要求将室内温度控制在20℃～28℃范围，且1、2两端电压大于2V，控制开关开启加热系统加热，则应选择的电路是 ，定值电阻R的阻值应选 kΩ，1、2两端的电压小于 V时，自动关闭加热系统（不考虑控制开关对电路的影响）。 【答案】C；3；1.8。 【解答】解：A．电路A，定值电阻和热敏电阻并联，电压不变，不能实现电路的控制，故A错误； B．定值电阻和热敏电阻串联，温度越低，热敏电阻的阻值越大，定值电阻分得电压越小，无法实现1、2两端电压大于2V，控制开关开启加热系统加热，故B错误； C．定值电阻和热敏电阻串联，温度越低，热敏电阻的阻值越大，热敏电阻分得电压越大，可以实现1、2两端电压大于2V，控制开关开启加热系统加热，故C正确。 故选：C。 由热敏电阻Rt在不同温度时的阻值表可知，20.0℃的阻值为60×100Ω＝6kΩ 根据闭合电路的欧姆定律，电流中的电流 根据欧姆定律，1、2两端电压 解得R＝3kΩ 28℃时关闭加热系统，此时热敏电阻阻值为4.5kΩ 此时1、2两点间的电压为 因此1、2两端的电压小于1.8V时，自动关闭加热系统。 故答案为：C；3；1.8。 43．（2024•浙江）如图所示，用“插针法”测量一等腰三角形玻璃砖（侧面分别记为A和B、顶角大小为θ）的折射率。 ①在白纸上画一条直线ab，并画出其垂线cd，交于O点； ②将侧面A沿ab放置，并确定侧面B的位置ef； ③在cd上竖直插上大头针P1和P2，从侧面B透过玻璃砖观察P1和P2，插上大头针P3，要求P3能挡住 （选填“P1”、“P2”或“P1和P2”）的虚像； ④确定出射光线的位置 （选填“需要”或“不需要”）第四枚大头针； ⑤撤去玻璃砖和大头针，测得出射光线与直线ef的夹角为α，则玻璃砖折射率n＝ 。 【答案】③P1和P2；④不需要；⑤。 【解答】解：③要求P1和P2在一条光线上，该光线透过玻璃砖后过P3，故P3要能挡住P1和P2的虚像； ④过P1和P2的光线与ab垂直，即cd⊥ab，由于光垂直入射时传播方向不变，因此可确定ef边上的入射点，此时只需要找到折射光线上的一点即可确定出射光线，不需要插第四枚大头针； ⑤光路图如图所示： 根据几何关系可知入射角为θ，折射角为； 根据折射定律 故答案为：③P1和P2；④不需要；⑤。 44．（2023•浙江）以下实验中，说法正确的是 （多选） A．“观察电容器的充、放电现象”实验中，充电时电流逐渐增大，放电时电流逐渐减小 B．“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，滴入油酸酒精溶液后，需尽快描下油膜轮廓，测出油膜面积 C．“观察光敏电阻特性”和“观察金属热电阻特性”实验中，光照强度增加，光敏电阻阻值减小；温度升高，金属热电阻阻值增大 D．“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，如果可拆变压器的“横梁”铁芯没装上，原线圈接入10V的交流电时，副线圈输出电压不为零 【答案】CD。 【解答】解：A、“观察电容器的充、放电现象”实验中，充电时和放电时电流均逐渐减小，故A错误； B、“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，滴入油酸酒精溶液后，让油酸在水面尽可能散开，形成单分子油膜，再描下油膜轮廓，测出油膜面积，故B错误； C、“观察光敏电阻特性”和“观察金属热电阻特性”实验中，光照强度增加，光敏电阻阻值减小；温度升高，金属热电阻阻值增大，故C正确； D、“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，如果可拆变压器的“横梁”铁芯没装上，原线圈接入10V的交流电时，副线圈中仍会发生电磁感应现象，副线圈输出电压不为零，故D正确。 故答案为：CD。 （多选）45．（2023•浙江）氢原子从高能级向低能级跃迁时，会产生四种频率的可见光，其光谱如图1所示。氢原子从能级6跃迁到能级2产生可见光Ⅰ，从能级3跃迁到能级2产生可见光Ⅱ。用同一双缝干涉装置研究两种光的干涉现象，得到如图2和图3所示的干涉条纹。用两种光分别照射如图4所示的实验装置，都能产生光电效应。下列说法正确的是（　　） A．图1中的Hα对应的是Ⅰ B．图2中的干涉条纹对应的是Ⅱ C．Ⅰ的光子动量大于Ⅱ的光子动量 D．P向a移动，电流表示数为零时Ⅰ对应的电压表示数比Ⅱ的大 【答案】CD 【解答】解：A、根据玻尔理论可知，氢原子从能级6跃迁到能级2产生可见光Ⅰ的能量值大于氢原子从能级3跃迁到能级2产生可见光Ⅱ的能量值，根据E＝hν，可知氢原子从能级6跃迁到能级2产生可见光Ⅰ的波长小于氢原子从能级3跃迁到能级2产生可见光Ⅱ的波长，所以图1中的Hα对应的是Ⅱ，故A错误； B、由A的判断可知Ⅱ的波长大，根据可知，图3中的干涉条纹对应的是Ⅱ，故B错误； C、可见光Ⅱ的波长大，根据p可知可见光Ⅱ的对应的光子的动量小，故C正确； D、根据Ek＝hν﹣W0和Ek＝eUc，结合可见光Ⅱ的能量值小，可知光Ⅰ对应的遏止电压比Ⅱ的对应的遏止电压大，即P向a移动，电流表示数为零时Ⅰ对应的电压表示数比Ⅱ的大，故D正确。 故选：CD。 46．（2018•浙江）（1）细丝和单缝有相似的衍射图样。在相同条件下，小明用激光束分别垂直照射两种不同直径的细丝Ⅰ和细丝Ⅱ，在光屏上形成的衍射图样如图1中a和b所示。已知细丝Ⅰ的直径为0.605mm，现用螺旋测微器测量细丝Ⅱ的直径，如图2所示，细丝Ⅱ的直径为 mm．图1中的 （填“a”或“b”）是细丝Ⅱ的衍射图样。 （2）小明在做“用双缝干涉测量光的波长”实验时，尝试用单缝和平面镜做类似实验。单缝和平面镜的放置如图3所示，白炽灯发出的光经过滤光片成为波长为λ的单色光照射单缝，能在光屏上观察到明暗相间的干涉条纹。小明测得单缝与镜面延长线的距离为h，与光屏的距离为D，则条纹间距Δx＝ 。随后小明撤去平面镜，在单缝下方A处放置同样的另一单缝，形成双缝结构，则在光屏上 （填“能”或“不能”）观察到干涉条纹。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）螺旋测微器的读数为：d＝0.5mm+49.9×0.01mm＝0.999mm； 当细丝的直径越大时，衍射现象越不明显，由读数可知，细丝Ⅱ的直径大，由题目中图1可知，a图的衍射条纹间距较窄，因此图a是细丝Ⅱ的衍射图样； （2）由实验图可知，平面镜对单缝成像，相当于双缝，间距为2h，因此条纹间距Δxλ， 随后小明撤去平面镜，在单缝下方A处放置同样的另一单缝，形成双缝结构，不能观察到干涉条纹，原因是不满足干涉条件：频率相同，及相位差恒定， 故答案为：（1）0.999，a；（2），不能。 试卷第1页，共3页 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $