期末复习专题 简单机械 2025-2026学年人教版物理八年级下学期

**基本信息** 初中物理期末复习专题同步练，聚焦简单机械，通过选择、填空、实验、计算四题型，构建“基础概念-动态分析-综合应用”三阶巩固路径，渗透物理观念与科学思维。 **分层设计** |层次|知识覆盖|设计特色| |----|----------|----------| |基础层|杠杆类型、定滑轮特点、有用功判断|单选1-3结合生活情境（剪刀、旗杆滑轮），填空9-11强化概念辨析| |进阶层|杠杆动态平衡、机械效率影响因素|单选4-6分析钓鱼竿提鱼过程，填空12-13关联滑轮组效率计算，培养科学推理| |综合层|滑轮组功率计算、杠杆平衡实验探究|实验14考查杠杆平衡调节与误差分析，计算15-16综合机械效率与功率，提升科学探究能力|

期末复习专题 简单机械 一、单选题 1．分别用两种简单机械在相同时间内匀速提升相同重物到相同高度。下列关于它们做功情况的分析，正确的是（　　） A．两种机械做的有用功相同 B．使用乙机械可以省功 C．甲机械的功率大于乙机械的功率 D．两种机械的机械效率相同 2．如图所示，园艺工人修剪枝条时，常把待剪的枝条尽量往剪刀的轴（支点）处靠近，这样操作的主要目的是（     ） A．增大动力臂，减小动力，从而省力 B．减小动力臂，增大动力，方便控制枝条 C．减小动力臂，方便使用 D．减小阻力臂，能够省力 3．车间工人们用如图所示的滑轮组把重物提起2m的高度，下列关于这个滑轮组的说法中，正确的是（　　） A．绳子自由端被拉下了4m B．这个滑轮组能省距离 C．用这个滑轮组提起重物一定省力 D．这个滑轮组不仅能省力，还能省距离 4．如图所示的钓鱼竿可看成是一个杠杆，一手握住O点不动，另一手施加动力且其方向始终与鱼竿垂直。把鱼向上缓慢提起的过程中，的大小（　　） A．逐渐变小 B．逐渐变大 C．保持不变 D．先变小，后变大 5．如图所示，使用滑轮提升包裹，包裹重600N，滑轮重20N，物体上升的高度为3m，速度为0.5m/s，工人的质量为50kg，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．提升过程中，绳子自由端移动的速度为0.25m/s B．工人能施加的最大拉力为500N C．提升过程中，工人做功的功率为310W D．若将包裹提升到更高处，机械效率将会降低 6．如图是探究杠杆平衡条件的两个实验情景，下列说法正确的是（     ） A．挂钩码前杠杆如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于非平衡状态 B．图甲中为使杠杆保持水平静止应向左调节杠杆两端的螺母 C．要使图乙中的杠杆在水平位置平衡，可以用测力计在B点施加向上的拉力 D．图乙中A点挂有4个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂6个质量均为50g的钩码 7．体重600N的小武用如图所示滑轮组匀速提升500N的重物，10s内物体上升了1m。大滑轮重40N，每个小滑轮重20N，手对绳子的拉力为190N，滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为800N，下列结论正确的是（     ） A．动滑轮对重物做的功为540J B．滑轮组机械效率约为92.6% C．小武施加的拉力的功率为57W D．小武使用此滑轮组能匀速提起重为1800N的物体 8．如图，某工人用大小为的拉力，通过滑轮将重为的物料匀速提升，在内物料竖直上升了。某同学根据以上数据对该过程进行分析和计算，下列结果正确的是（　　） A．使用的滑轮重为 B．拉力做的功为 C．拉力做功的功率为 D．该滑轮的机械效率为80% 二、填空题 9．工人师傅用如图所示的装置提升货物。该装置为__________滑轮。若保持该装置不变，增大被提升货物的重量，该装置的机械效率将__________（选填“变大”“变小”或“保持不变”）。 10．在徽县金徽酒厂，工人常用到如图所示的扳手，扳手属于______（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆，用扳手拧螺母时，手在点比在点时省力，说明力的作用效果与力的______有关。 11．如图所示，旗杆顶端安装的滑轮是____________（选填“定滑轮”或“动滑轮”），升旗时向下拉动绳子，国旗冉冉升起，该滑轮可以改变力的方向，____________（选填“能省力”或“不省力”）。 12．如图所示，用滑轮组将汽车沿水平方向匀速拉动，20s汽车移动了5m。已知绳端拉力F为900N，汽车受到的阻力为1500N，不计绳重和摩擦，动滑轮重________N。此滑轮组的机械效率为_________。绳端拉力F的功率为__________W。 13．如图所示，用滑轮组将重为90N的物体匀速提升2m，拉力F为50N，不计绳重和摩擦。此过程中，有用功为________，滑轮组的机械效率为________%。若用此滑轮组匀速提升更重的物体，其机械效率将________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 三、实验题 14．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，把杠杆的中点架在支架上。 (1)杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于______状态（填“平衡”或“不平衡”）；为使杠杆在水平位置平衡，应该将杠杆右端的平衡螺母向______（填“左”或“右”）移动。 (2)实验时，在杠杆左边挂3个钩码，如图乙所示。为了使杠杆重新在水平位置平衡，在A点应挂_____个钩码。 (3)将杠杆调成水平平衡后进行图丙实验： ①在杠杆左侧某位置挂上钩码后，在B点用弹簧测力计竖直向上拉，当拉力逐渐增大到弹簧测力计最大值仍不能使杠杆在水平位置平衡，接下来可行的操作是__________。（填“增加钩码的数量”或“左侧钩码悬挂点右移”或“右移弹簧测力计悬挂点”） ②当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，为了使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将会______。（填“变大”“不变”或“变小”） 四、计算题 15．如图所示，小雨利用杠杆将一桶水平移到台上，杠杆始终保持水平，OA∶OB=1∶3挂在A端的桶和水总重为，水深1m，重的小雨用绳子竖直拉住B端并保持静止。不计杠杆自重和绳重。（水的密度为）求： (1)B端绳子受到的拉力； (2)桶底受到水的压强； (3)若B端绳子所能承受的最大拉力为，小雨用此杠杆能提升的最大物重是多少？ 16．如图所示，工人用滑轮组提升重物，已知重物重力，动滑轮重力。在工人用力F作用下，重物匀速上升，30s达到规定高度5m处。不计绳重和机械之间的摩擦。求： (1)拉力做功的功率； (2)滑轮组的机械效率； (3)若用该装置提升另一重物时，机械效率达到90%，则该重物的重力是多少？ 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 A D A A C D C D 1．A 【详解】A．分别用两种简单机械在相同时间内匀速提升相同重物到相同高度，由于有用功为提升时对重物所做的功，所以两种机械做的有用功相同，故A正确； B．使用任何机械都不可避免的要做额外功，即使用任何机械都不省功，所以使用乙机械不可以省功，故B错误； C．根据，由于两种机械不同，额外功一般不同，导致总功不同，在时间相同的情况下，无法比较功率的大小，故C错误； D．根据，有用功相同，但总功无法确定是否相同，所以两种机械的机械效率不一定相同，故D错误。 故选A。 2．D 【详解】使用剪刀修剪枝条时，剪刀的轴是支点，手施加的力是动力，枝条对剪刀的力是阻力。把枝条尽量往剪刀的轴（支点）处靠近，此时阻力的作用点靠近支点，阻力臂减小。根据杠杆平衡条件，动力就会减小，从而能够省力。故选D。 3．A 【详解】A.由题图可知，提起动滑轮绳子的段数为，绳子自由端向下移动的距离，故A正确； B.绳子移动的距离大于物体移动的距离，所以这个滑轮组不能省距离，故B错误； C.由于不知道动滑轮的重力以及摩擦情况，所以无法确定用这个滑轮组提起重物是否省力，故C错误； D.既省力又省距离的机械是不存在的，故D错误。 故选A。 4．A 【详解】把钓鱼竿看成是一个杠杆，O点是支点，动力F1始终与鱼竿垂直，故动力臂L1不变，把鱼向上缓慢提起的过程中，阻力F2始终竖直向下，抬起时阻力臂L2逐渐减小，根据杠杆平衡条件，L1和F2不变，L2逐渐减小，所以F1逐渐减小，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 5．C 【详解】A．该滑轮为动滑轮，由图可知承担物重和滑轮重的绳子段数，物体上升速度，绳子自由端移动速度 故A错误； B．工人对绳子拉力向上，绳子对工人的反作用力向下，工人受力平衡 因此工人施加的拉力可以大于自身重力，最大拉力不是500 N，故B错误； C．不计绳重和摩擦，拉力 工人做功功率 故C正确； D．滑轮机械效率 可知机械效率与提升高度无关，所以若将包裹提升到更高处，机械效率不变，故D错误。 故选 C。 6．D 【详解】A．杠杆处于静止状态，因此属于平衡状态，故A错误； B．图甲中杠杆左端低、右端高，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右侧调节，故B错误； C．图乙中A点的钩码对杠杆施加向下的拉力，使杠杆左端下沉，若在B点施加向上的拉力，会使杠杆右端上翘，故应该在B点施加向下的拉力，故C错误； D．根据杠杆平衡原理，，所以 代入数据求得，故B点应挂6个质量为50g的钩码，故D正确。 故选D。 7．C 【详解】由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数，绳子自由端移动距离 A．动滑轮对重物做的有用功，故A错误； B．总功 机械效率，故B错误； C．拉力的功率 ，故C正确； D．小武站在地面上，最大拉力不会超过自身体重，即 不计绳重摩擦时最大物重，故D错误。 故选C。 8．D 【详解】A．由图可知，该滑轮是定滑轮，其自重不会被绳子承担，其额外功是克服绳重和摩擦做的功，无法得出滑轮的重力，故A错误； B．使用定滑轮提升物体时，物体上升的高度与绳自由端移动的距离相同，故拉力做的总功为 故B错误； C．拉力做功的功率为 故C错误； D．提升物料做的有用功为 滑轮的机械效率为 故D正确。 故选D。 9． 动 变大 【详解】该滑轮的轴会随被提升货物一起运动，符合动滑轮的特点，因此是动滑轮。 装置不变时，提升过程中克服动滑轮自重、摩擦产生的额外功大小几乎不变；增大货物重力后，有用功增大，有用功在总功中的占比增大，因此机械效率变大。 10． 省力 作用点 【详解】扳手使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；力的大小、方向和作用点影响力的作用效果，用扳手拧螺母时，手在点比在点时省力，说明力的作用效果与力的作用点有关。 11． 定滑轮 不省力 【详解】旗杆顶端的滑轮轴固定在旗杆顶端不随物体运动，因此是定滑轮。 定滑轮的实质是等臂杠杆，它的特点是可以改变力的方向，但不省力。 12． 300 83.3% 450 【详解】如图所示，动滑轮上有2股绳子，不计绳重和摩擦，动滑轮的重力 绳端移动的距离 滑轮组做的总功为 做的有用功为 滑轮组的机械效率为 绳端拉力F的功率为 13． 180J 90 变大 【详解】克服物体重力做的有用功 图中滑轮组由2段绳子承担物重，即。拉力移动的距离 总功 机械效率 不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率为​ 当提升的物体重力G增大时，的值会变小，因此机械效率会变大。 14．(1) 平衡 左 (2)2 (3) 左侧钩码悬挂点右移 变大 【详解】（1）由图甲可知，杠杆处于静止状态，此时杠杆处于平衡状态； 杠杆右端下沉，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）设每个钩码重为G，杠杆一格长为L，由杠杆平衡条件可得 解得，故应在A点挂2个钩码才能使杠杆平衡。 （3）①当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，为了完成实验，应减小测力计的拉力，阻力臂和动力臂不变，减少左侧钩码的数量，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和动力臂不变，左侧钩码悬挂点右移，减小阻力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小；阻力和阻力臂不变，左移弹簧测力计悬挂点，增大动力臂，由杠杆平衡条件可知动力减小。 ②阻力和阻力臂不变，拉力的方向由竖直向上逐渐向右倾斜时，动力臂变小，根据杠杆平衡条件可知：弹簧测力计的示数将变大。 15．(1)400N (2) (3)1800N 【详解】（1）挂在端的桶和水总重为，则端受到的拉力为，由杠杆平衡条件可得 则B端绳子受到的拉力 （2）水对桶底的压强 （3）小雨自身重力为，站在地面竖直拉绳时，最大拉力不会超过自身重力，绳子最大承受，但实际B端最大拉力只能达到，根据杠杆平衡条件 则用此杠杆能提升的最大物重是 16．(1)200W (2)83.3% (3)1800N/ 【详解】（1）不计绳重和机械之间的摩擦，拉力做的总功为 拉力做功的功率为 （2）克服物重做的有用功为 滑轮组的机械效率为 （3）不计绳重和机械之间的摩擦，因为机械效率 可解得重物的重力。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $