黑龙江哈尔滨市双城区兆麟中学2025-2026学年高一下学期6月阶段检测物理试题

思号 2 女 6 7 8 9 10 容案 C A A & C AD ABC BC 1.C【详解】A.由于匀速圆周运动速度大小不变，根据E=二mv 可知，动能的大小不变，A错误：B.匀速圆周运动速度大小虽然不变，但方向时刻改变，因此，小球的动量时刻改变，B 错误：CD.由于向心力始终与速度方向垂直，故向心力不做功，冲缀是力与作用时间的乘积，故向心力有冲量，C正确， D错误。故选C。 2.A【详解】A.一对平衡力合力为零，则做功之和必定为零，选项A正确：B.一对作用力和反作用力做功的代数和不 一定为零，例如物体在地面上滑动，地面对物体的摩擦力对物体做负功，物体对地面的摩擦力对地面不做功，则做功的代 数和不为零，选项B错误：C.合力对物体做功为婴，机械能不一定守恒，如在竖直方向匀速下落的物体合外力做功为零， 但机械能减少，机械能不守恒，故C错误：D.质量一定的某物体，动量不变，则物体的速度不变，其动能必定不变，即 动能守恒，选项D错误。故选A。 3.A详解】整个过程中，由动能定理得W-W,=0-0可知网=W,由动量定理得1，-12=0-0 可知1=I2故选A。 年C【详解14、对于卫星，根据万有引力提供向心力，有0公4”面对于地面上的物体，根据万有引力带于重为。 有G=mg可得a<8,故A错：B.对于卫星，根据万有引力提供向心力，有GMm (R+=m Rth 解得v= GM VR+h 根据万有引力提供向心力，有G=m二可得第一字宙速度y= GM R2 R =7.9ams可得v<,故B错误： C.对于卫星，根据万有引力提供向心力，有GM= 3 2=m 解得T=2 GM 因为。>，所以T。>T,故C正确： D.对于卫星，根据万有引力提侠向心力，有G@=m®r解得@、 GM 3 因为。>，所以①。<，故D错误。故选C。 5.B【详解】A.药品的重力势能减少了AE,=mgh=80J,故A错误；BD.设药品的加速度大小为a,根据运动学公式 则药品落地时的速度大小为v=t=8m/s药品的动能增加了A区 能减少了△E=AE。-△区=48J,故B正确，D错误；C.药品落到地面时重力的瞬时功率为P=mgy=80W,故C错误。 故选B。 6.C【详解】碰撞过程内力远大于外力，甲、乙组成的系统动量守恒，规定碰撞前甲的速度方向为正方向，根据动量守恒 定律m+mz2=m年噪+m2吃代入已知魔4=6m/s，=-2m/s，年=-3ms，吃=3m/s 每6-223m+3m2移项整理得9m牌=5mz即-号故选0 7.【各案】C【弹解】A.由题意知B处于静止状态，对B球受力分析，如图所示 答案第1页，共4页 609 Ymg 可知B受到A的库仑序力，.8才河能处于静止，故A。日帶同种电，故A霜误： 且。设入的柿电童为，费丑的帝电温为经影对根平离条释有F。妇子 2 g 其中r=0,1m,解晦这10C,敌B错误 C对A球是为分折，设绮签对A琴销障为沩，辗锅平窗条件有品=F血5你解得%一10，校C正确： D.对B分析，褪摄相似三角形理有器=至于8，Q,O8均不变，故拉力也不变，故D带误。敲遮℃。 OA OB 8.AD【详解】ABD.因2>|Q2{则x<0区域电场强度方向是沿x轴负方向，不存在场强为姿的点，在=0和x=6Cm之 间的场强沿x轴正向，也不存在场强为零的点，只有在x心6m的范围才会有场强为零的点，则电场强度为零的点只有一个， 法顿AD正碗，B惜误：c.设场强为零的点距离为0m,则t石号=t号 解得=3cm则在x=6cm到=9cm之间的场强沿x轴负向，在x之9cm范围内场强沿x轴正向，选项C错误：故选AD。 9,ABC【详解】设小球上行再返回并脱离滑车时，小球的速度为，车的速度为2，取向右为正方向，由动量守恒定律 弱m,=m+,由机械能守恒定带得分m听-m+宁由以上两式解得y= m+M A.若m>M,则v>0,小球离开滑车后向右做平抛运动，A正确；B.若m<M,则v<0,小球离开滑车后向左做平抛运动， B正确：C.若m=M,则vO,小球离开滑车后做自由落体运动，C正确：D.由以上可知，D错误。故选ABC。 10.BC【详解】A.由小球、半园槽和物块组成的系统在水平方向不受外力，故小球、半圆槽和物块在水平方向动量守恒， 取向左为正方向，则有4m%,-(m+my2=0解得yy2=1:2,故A错误； B。小球在半圆槽内第一次运动到最低点的过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向动量守恒，在任意时刻小 球和物块的瞬时速率之比为1：2，所以全程的平均速度之比为1：2，进而小球和物块的位移之比x:名=1：2且x+x2=R 代入数据可得物块Q向右运动的距离与標孕，故日正确：C,小球在半题档内第一次到最低点的运动过程中，水平方向 动昼守恒有m-(m+m)片=0系绕机被能守恒有mg(R+)-立×4nmr+a+m川联立解得%=√②级，%=22级 小球在半圆槽内第一次到最低点之后半圆槽P与物块Q分腐，整个过程半圆槽P对物块Q的冲量大小为1。=m2=2√gR, 故C正确：D.小球在半圆槽内第一次到最低点的运动过程中，以小球为研究对象，水平方向根据动量定理有 I=4y=4m√gR则小球对槽的水平方向的冲量大小为4m√gR，由于小球对槽的竖直方向也有冲量，因此小球对槽的冲 量大小不等于4m√gR,故D错误。故选BC。 答案第2页，共4页 11. (1)0.97(2) 0.049 0.047 在实验允许的误差范围内，重物下落过程中机械能守恒 【详解】(1)根据匀变速直线运动规律，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有。=织 2T 由图乙可知xc=7.02am-3.13cm=0.0389m且T=0.02s,代入数据解得，=0,0382 m/s≈0.97m/s 0.04 (2)[1][2][3]重锤重力势能的减小盘△E,=mghou0.049J动能的增加盘△E:=一m哈≈0.047J比较可知△E,略大于△E, 2 原因是存在阻力，但在误差允许范围内机械能守恒。 12、【答案1(1C2BD3) 5粒m十 %52=热2+m2或r忧2 【掸解】(1)要使两球发生对心正碰，两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质發应大于被碰球的质量， 即此>m,片=片，故选C。(2)AD.只要保证入射小球每次从同一位置释放，就能保证碰遛前速度一致，斜槽不需要光 滑，故A错误，D正确；B。斜槽末端水平才能保证小球抛出后做平抛运动，故B正确 C.实龄中白纸位置必须囿定，不能移动、否则落点位置测蹬错误，故C错操： E、小球平抛下落高度相。运动时闻楫洞，速度可由水平位移代苦，不孺要测盒时闻：故B错误。故选BD。 (3)[]碰撞前小球%落点为户，碰撺后小州落点为M,小球m,落点为N,平抛运动时间相同，设为，由题意。=左， 片三，%=立若藏是动登守恒定律赠有网%一%+中%解得网%二%+2若碰橙是弹性碰撞，还应满足机械能 t 守恒定佛，即防空n+位得4+该心 13.(1)2.0×10N(2)2.0×10J【详解1)点电荷在B点所受的电场力F的大小F=Eg=2.0×10N/C×1.0×10C=2.0×10N (2)在此过程中电场力对点电荷所做的功W=Fd=2.0×104×0.1J=2.0×10J 14.（1)1m/s,方向水平向左；(2)R=0.32m:(3)不大于√10m/s 【详解】(1)设两小球碰撞后瞬间小球乙的速度为2，以水平向右为正方向，对甲、乙两小球的碰撞过程，根据动量守恒 定体有网%=风+%根据机拔能守恒定排有m公-网行+号解得⅓=一-1，负号表示气的方向水平向左。 1 (2）由（1)可得=4ms:设小球乙恰好通过最高点D的速度大小为，有%，g="以 R .1 1 对小球乙从B点运动到D点的过程，根据机械能守恒定俾有立，一2，"%+m,8×2R 解得R=0.32m。(3)设小球甲以初速率y与小球乙碰撞后，小球乙恰好能到达与圆心O等高的C点，设两小球碰撞后瞬 同小球甲、乙的速度分别为时和以，有%好风R网=成+%=方%+分解得v=而m: 为使小球乙始终沿轨道运动而不脱离轨道，小球甲的初速度应不大于√10s。 15.(1) 8 【详解】(1)设小球滑离圆弧槽时，圆弧槽的反冲速度大小为，方向水平向左由动量守恒定律得 m,=3叫解得y=兰从小球开始下落至球、槽第一次分离过程，系统机械能守恒。由机械能守恒定律得 3 答案第3页，共4页 mgh=mg+分x3m 解得h=2然 3g (2)设小球从开始下落至刚好滑离圆弧槽，相对地面向右滑过x,圆弧槽反冲相对地面后退x2,由平均动量守恒可 得mx1=3mx2 写+名=R解得头-，名=迅 小球要继续向右滑过名+R,历时，则：一+R=织 %4。 圆弧槽在1时间内向左继续滑行的距离为 t=点×5迟5R 34%12 小球与滑块碰撞的瞬间，小球与圆弧槽底端的距离 x=+名+R=5那 3 (3)规定向右为正方向，小球与滑块发生弹性碰撞，动量守恒，机械能守恒 mvo =mvo 3mv? 2m6-2m哈2+号×3m 1 1 2 22 解得 =空 方向向左； 方向向右。 滑块与薄木板共速时弹簧的弹性势能最大，由动量守恒定律得 3my2=(3m+6m)v 解得 v=Y 6 因滑块恰好回到薄木板的最左端，故薄木板与滑块间一定有摩擦，且相对薄木板向右运动和返回向左运动的摩擦生 热相同，设为2，则 么.-x3m5-2m+6mr-e 滑块恰好回到薄木板的最左端时仍共速，速度仍为，故 Eva=0 解得 。受 答案第4页，共4页a0 兆麟中学2025一2026学年度下学期第三次月考考试 斑级 505 高一学年 物理学科试题 命题人：第二命题组 审题人：第一名题组 姓名 考试用时：75 分钟 总分：100分 一、 单选题（每题4分共28分) 1.一小球在水平桌面上做匀速圆周运动，从A到B的过程中，下列说法正确的是 考场 考号 座位号 B A.小球的动能时刻变化 B,小球的动量保持不变 C.小球受到的向心力不做功，但有冲量 D.小球受到的向心力做功，但没有冲 2.关于做功、动量与能量，下列叙述中正确的是() A.一对平衡力做功之和必定为零 B.一对相互作用力做功之和必定为零 C.物体所受合外力做功为零，物体的机械能必定守恒 D.质量一定的某物体，动量不变，其动能必定不守恒 3.某物体在水平拉力F作用下，由静止沿水平方向运动，马时刻掀去拉力F,其 图像如图所示。整个过程中，拉力F做的功为网，冲量大小为I；物体克服摩擦阻 F做的功为W,,摩擦阻力的冲量大小为12，则下列判断正确的是() 21 A.m=m2:=方B.所>m2:1>2C.m<W2:1>12D.g<形：1< 高一物理 4.北京时间2025年8月19日15时33分，力箭一号遥十运载火箭在东风商业航天创新试验区发射升 空，将搭载的中科卫星05星等7颗卫星顺利送入各自轨道，飞行试验任务获得圆满成功。若七颗卫星 均绕地球做匀速圆周运动，其中卫星的轨道半径最大，b卫星的轨道半径最小。地球表面的重力加 速度为8，忽略地球自转。下列说法正确的是() A.七颗卫星的向心加速度大小均大于g B.七颗卫星的绕行速度均大于7.9km/s C.a卫星绕地球运动的周期大于b卫星的周期 D.a卫星绕地球运动的角速度大于b卫星运动的角速度 5.溧阳市新中医院投入运营后，医院利用无人机运送并空投药品。假设无人机在离降落平台高度为 8m处悬停后将药品通过悬绳静止释放，药品匀加速竖直下落了2s后落地，若药品质量为1kg,g取 10m/s2,则药品从释放到刚接触地面的过程中() 量 A.药品的重力势能减少了32 B.药品的机械能减少了48 C.药品落到地面时重力的瞬时功率为48W D.药品的动能增加了48) 6.甲、乙两物体沿同一直线相向运动，碰撞前甲物体的速度大小是6m/s,乙物体的速度大小是2m/s。 碰撞后两物体都沿各自原方向的反方向运动，速度大小都是3m/5。则甲、乙两物体的质量之比是() A.1:3 B.5:3 c.5:9 D.1:9 力 7.如图所示，真空中A、B两个质量相同的带电小球分别用10cm长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的O 点，平衡时O、A间细线竖直且A小球与光滑竖直绝綠墙壁接触，O、B间细线偏离竖直方向60。已 知A所带的电荷量为B所带电荷量的3倍，两个小球质量均为0.3g,取g=10m/s2,静电力常量 k=9.0×10N·m21C2。下列说法正确的是() A,两个小球可能带异种电荷 609 B.A小球所带的电荷量为写×10'C OB C,竖直墙壁对A小球的有用力大小为2x10X D.若B小球缀慢漏电，则O、B间细线上的拉力逐渐减小 第1页（共3页） 二、多选题（每题，6分，共18分） 8.如图，真空中有两个6点电荷2=+9.0×10$C和22=-1.0×10~C,分别固定在x坐标轴上，其中2 位于x=0处，22位于x=6cm处。则x坐标轴上（) 91 O2 01 2345 6 x/cm A.电场强度为零的点只有一个 B.电场强度为零的点有两个 C.x>6cm区域电场强度方向是沿x轴负方向 D、x<0区域电场强度方向是沿x轴负方向 9.光滑圆弧轨道质量为M的滑车静置于光滑水平面上，如图所示。一个质量为m的小球以速度0 水平冲上滑车，当小球上行再返回并脱离滑车时，以下说法正确的是() M 777777777777777777777777777 A.小球可能向右做平抛运动 B.小球可能向左做平抛运动 C.小球可能做自由落体运动 D.小球一定水平向左做平抛运动 10.如图所示，将一个内外侧均光滑的半圆形槽P置于光滑的水平面上，半圆形槽的半径为R、质量 为m。在槽的右侧有一个质量为m的物块Q(不与档粘连)，现让一质量为4m的小球自右侧槽口的 正上方高0.5R处由静止开始下落，小球从A点与半圆形档相切进入档内，已知重力加速度大小为g, 则下列说法正确的是（) Q 777777 A.小球第一次运动到半圆档的最低点时，小球与槽的速度大小相等 B.小球第一次运动到半圆槽的最低点时，物块Q向右运动的距离为 2R C.整个过程半圆槽P对物块Q的冲量大小为2m√gR 高一物理 第 D.小球在半圆槽内第一次到最低点的运动过程中，小球对槽的冲量大小为4m√gR 三、实验题 11.（每空2分，共8分)用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验，让质量为m=0.1kg 的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图乙所示，O点为刚释放重锤时打出的点，相邻两 计数点的时间间隔为0.02s,g取10m/s2。求（结果均保留两位有效数字）： 0打点 计时器 纸带 夹子 自重锤 单位：cm 3.13 4.86 ,7.02 甲 乙 (1)打点计时器打下记数点B时，重锤的速度va= (2)从打点O到打下记数点B的过程中，重锤重力势能的减小量△E 动能的增加量 △E= ；由此可得出的结论是： 12.（每空2分，共8分)用图甲实验装置验证动量守恒定律。已知入射小球质量为m,被碰小球质 量为m,。记录小球抛出点在地面上的垂直投影点O,测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置M、P、 N与O的距离分别为X、x2、方，如图乙，分析数据： M 甲 (1)若入射小球半径为片，被碰小球半径为？，为满足实验要求，则需要一：（填字母代号） A.m1>m2,片>3B.m1<m2,1<2C.m1>m,Y=3D.m<m2,5=2 (2)关于本实验，下列说法正确的是 2页（共3页） A.斜槽轨道必须光滑 B.斜槽轨道末端必须水平 C.实验过程中，复写纸和白纸都可以移动 D.小球m每次必须从斜槽轨道同一位置释放 E.需用秒表测定小球在空中飞行的时间 (3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为 :若碰撞是弹性碰撞， 则还应满足 (用题中所给物理量的符号表示) 四、解答题 13.（10分)如图所示，在电场强度E=2.0×10N/C的匀强电场中，电荷量g=+1.0×103C的点电荷 从A点由静止加速到B点，A、B两点在同一条电场线上，它们间的距离d=0lm。求： (1)点电荷在B点所受的电场力F的大小： (2)在此过程中电场力对点电荷所做的功W。 14.(12分)如图所示，在竖直面内有一固定的足够长光滑轨道ABCD,AB为水平轨道，与半圆形 轨道相切于B点。一质量m=0,2kg的小球甲以大小，=5ms的初速度水平向右运动，与静止在水平 轨道上质量m2=03kg的小球乙发生弹性正碰，碰后小球乙沿半圆形轨道上滑，恰好能通过半圆形轨 道的最高点D。两小球均视为质点，取重力加速度大小 8=10m/s2。 0 (1)求碰撞后瞬间小球甲的速度y: (2)求半圆形轨道的半径R; O● 甲 乙 (3)为使小球乙始终沿轨道ABCD运动而不脱离轨道ABCD, A B 求小球甲的初速度大小应满足的条件。 高一物理 第 15.(16分)如图所示，半径为R的光滑二圆弧相静止在足够长的光滑水平面上，圆弧底端与水平面相 切，其右侧距离为R处有厚度不计的薄木板，薄木板的左端放置一个小滑块，右端固定一竖直轻质挡 板，挡板左侧连有一轻质弹簧。现将一小球从圆弧槽左侧内切点正上方的一定高度由静止释放，小球 落入圆弧槽后又滑离：然后以大小为的速度与小滑块发生弹性碰撞，碰撞时间极短：随后小滑块拖 动薄木板向右滑动，压缩弹后反弹，且恰好能回到薄木板的最左端而不掉下。已知小球的质量为m, 圆弧槽和小滑块的质量均为3m,薄木板的质量为6m,小球和小滑块均可视为质点，重力加速度为g。 求： （1)小球开始下落时离水平地面的高度： (2)小球与滑块碰撞的瞬间，小球与圆弧槽底端的距离x: (3)弹资的最大弹性势能EPm。 R M 3页（共3页）