第1讲 运动的描述-【优学精研】2027年高考物理一轮总复习学用Word（提升版）

该高中物理高考复习学案系统梳理了运动的描述专题，将质点、参考系、位移、速度、加速度等核心考点按概念内涵与逻辑关联构建知识网络，通过双基落实的易错判断和分层考点设计，引导学生从物体运动的基本描述出发自主辨析矢量性、状态量与过程量，形成运动观念的整体认知框架。 亮点在于诊断性自测与科学思维培养，如开篇设置4道易错判断题帮助学生自主诊断概念误区，考点中融入极限法测瞬时速度、传感器测速度等实验活动，培养模型建构与科学推理素养。每个考点配有真题演练与方法总结，学生可通过错题归因自主提升，教师能依据学情精准指导，实现个性化复习与因材施教。

第1讲　运动的描述 1.了解质点的含义和参考系的作用，知道将物体看成质点的条件。 2.理解位移的概念，并掌握位移与路程的区别与联系。 3.掌握速度、加速度的相关知识，体会比值定义法和极限思想。 　　 双基落实 1.易错判断 （1）体积很大的物体，一定不能视为质点。（　　） （2）参考系必须选择静止不动的物体。（　　） （3）做直线运动的物体，其位移大小一定等于路程。（　　） （4）物体的加速度增大，速度一定增大。（　　） 2.〔多选〕〔人教版必修第一册P31·T2改编〕下列说法中可能正确的是（　　） A.物体运动的加速度等于0，而速度却不等于0 B.两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，而加速度却比较小 C.物体具有向东的加速度，而速度的方向却向西 D.物体的速度在减小，加速度则不可能增大 考点一　质点、参考系、位移 1.（2025·浙江1月选考2题）我国水下敷缆机器人如图所示，具有“搜寻—挖沟—敷埋”一体化作业能力。可将机器人看成质点的是（　　） A.操控机器人进行挖沟作业 B.监测机器人搜寻时的转弯姿态 C.定位机器人在敷埋线路上的位置 D.测试机器人敷埋作业时的机械臂动作 2.★（2026·湖南邵阳期中）如图所示为一种叫作“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“魔盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上而不会滑下。某个班级的几个同学在“魔盘”中，“贴”在“魔盘”竖直壁上随“魔盘”一起运动，则下列说法正确的是（　　） A.以“魔盘”为参考系，人是运动的 B.以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是运动的 C.以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的 D.以地面为参考系，游戏的同学们是静止的 3.（2026·山西太原开学考）如图为400米标准跑道简化示意图，400米指的是跑道内圈的长度，内圈跑道由直道部分和两个半圆组成，直道部分长度为87 m，半圆的半径为36 m，A点为直跑道的起点，B点为直跑道的中点，假设某同学在该跑道内圈上进行训练，以下说法正确的是（　　） A.若起跑点为A且该同学完成5 000 m长跑训练，则他全程的位移大小为87 m B.若起跑点为B且该同学完成5 000 m长跑训练，则他全程的位移大小为36 m C.若起跑点为A且该同学完成10 000 m长跑训练，则他全程的位移大小为72 m D.若该同学完成10 000米长跑训练，则他全程的位移为0 （1）质点不同于几何“点”，它无大小但有质量，实际物体能否看成质点是由研究的问题决定的，而不是依据物体自身大小和形状来判断。 （2）在研究两个物体间的相对运动时，选择其中一个物体为参考系，可以使分析和计算更简单。 （3）位移是用来描述物体位置变化的，是由初位置指向末位置的有向线段，因此，位移的矢量性是研究位移时应切记的性质。 考点二　平均速度和瞬时速度 平均速度和瞬时速度的区别与联系 区别 平均速度是过程量，表示物体在某段时间或某段位移内的平均运动快慢 瞬时速度是状态量，表示物体在某一时刻或某一位置的运动快慢 联系 瞬时速度是运动时间Δt→0时的平均速度。公式v＝中，当Δt→0时，v近似为瞬时速度 〔多选〕（2026·甘肃白银期中）周末某同学骑电瓶车去科技馆参观，他先利用地图计算出出发地和目的地的直线距离为6 km，他从出发地到目的地用了30分钟，里程表指示的里程数值增加了12 km，当他经过某路标时，速度计指示的示数为25 km/h，那么可以确定的是（　　） A.在整个过程中电瓶车的瞬时速度大小是12 km/h B.在整个过程中电瓶车的平均速度大小是12 km/h C.在整个过程中电瓶车的平均速率是24 km/h D.经过路标时电瓶车的瞬时速度大小是25 km/h 尝试解答 〔多选〕（2026·河北石家庄模拟）如图所示，滑块上安装了宽度d＝3.0 cm的遮光条，滑块在牵引力作用下先后加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光条通过第一个光电门的时间Δt1＝0.03 s，通过第二个光电门的时间Δt2＝0.01 s，遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间Δt＝0.2 s，两光电门间的距离为L＝30 cm，下列说法正确的是（　　） A.滑块通过第一个光电门时的速度大小为1.5 m/s B.滑块通过第二个光电门时的速度大小为3.0 m/s C.滑块在两光电门间的平均速度大小是3 m/s D.滑块在两光电门间的平均速率是1.5 m/s 尝试解答 用极限法求瞬时速度 　　由平均速度v＝可知，当Δt→0时，平均速度可以认为等于某一时刻或某一位置的瞬时速度。测出物体在极短时间Δt内发生的位移Δx，就可求出瞬时速度，这样瞬时速度的测量便可转化为极短时间Δt和微小位移Δx的测量。 　（2026·湖南郴州模拟）如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动，AB、ABC、ABCD、ABCDE四段曲线轨迹运动所用的时间分别是：1 s、2 s、3 s、4 s。下列说法不正确的是（　　） A.物体在AB段的平均速度大小为1 m/s B.物体在ABC段的平均速度大小为 m/s C.AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物体处于A点时的瞬时速度 D.物体在B点的速度等于AC段的平均速度 借助传感器与计算机测速度 〔人教版必修第一册P25“拓展学习”〕 1.确定汽车两次接收到波的位置：根据发出和接收波的时间差t，可知反射波运动的时间为t，求出车在接收到波时到测速仪的距离x1和x2。 2.确定汽车两次接收到波之间运动的距离：Δx＝x2－x1。 3.确定汽车两次接收到波之间运动的时间：求汽车两次接收到波的时刻t3和t4，Δt＝t4－t3。 4.求汽车速度：v＝。 〔多选〕（2026·安徽滁州期中）随着信息技术的发展，中学物理的实验方法也在不断改进。如图所示是用运动传感器测小车速度的示意图，这个系统由A、B两个小盒组成，A盒装有红外线发射器和超声波发射器，B盒装有红外线接收器和超声波接收器，A盒被固定在向右匀速运动的小车上，测量时A向B同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，B盒接收到红外线脉冲时开始计时，接收到超声波脉冲时停止计时，两者的时间差为t1。经过Δt0，A再次同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，此次B接收的时间差为t2。空气中的声速为v0（红外线的传播时间可以忽略）（　　） A.第一次测量时A与B之间的距离为v0t1 B.A两次发射过程中，小车运动的距离Δx为v0（t1－t2） C.小车运动的平均速度为 D.B接收到第二次超声波脉冲时，A与B的距离为v0Δt0 尝试解答 考点三　加速度 　　 速度、速度变化量和加速度的对比 比较 项目 速度 速度变化量 加速度 物理 意义 描述物体运动快慢和方向的物理量 描述物体速度改变的物理量，是过程量 描述物体速度变化快慢的物理量 定义式 v＝ Δv＝v－v0 a＝＝ 决定 因素 在任一时刻的速度v的大小由v0、a、Δt决定 由Δv＝aΔt知，Δv由a与Δt决定 由a＝知，a由F、m决定 方向 与位移方向相同 与加速度的方向相同 由F的方向决定，而与v0、v的方向无关，与Δv同向 ★（2026·河南信阳期末）新能源汽车采用电机驱动，相比传统燃油车，在起步、加速和超车时表现更为优异。电机在低转速时就能爆发最大扭力，起步更快，加速更强劲，且没有燃油车的震动和噪音，关于新能源汽车的速度、速度变化量和加速度，下列说法正确的是（　　） A.某时刻新能源汽车的速度为零时，其加速度不一定为零 B.新能源汽车的速度变化量越大，它的加速度就越大 C.新能源汽车的速度很大时，其加速度也很大 D.新能源汽车的加速度方向与速度方向、速度变化量方向无关 尝试解答 （2026·山东枣庄期中）弹丸和足球均以50 m/s的水平向右的速度与木板作用。弹丸与木板的作用时间是0.1 s，弹丸击穿木板后速度方向不变，大小变为40 m/s，如图甲所示；足球与木板作用时间是0.2 s，作用后足球反向弹回的速度大小也为40 m/s，如图乙所示，规定向右为正方向。下列说法正确的是（　　） A.弹丸的加速度为－100 m/s2 B.弹丸的加速度为－450 m/s2 C.足球的加速度为100 m/s2 D.足球的加速度为450 m/s2 尝试解答 　★（2026·安徽亳州期末）科技的飞速发展让现代交通日新月异，磁悬浮列车从静止沿直线匀加速到600 km/h大约需要10分钟，高性能赛车从静止沿直线匀加速到350 km/h大约需要8秒钟。下列关于磁悬浮列车和高性能赛车加速运动过程中说法正确的是（　　） A.磁悬浮列车的速度大，所以其加速度一定大 B.磁悬浮列车的速度变化量比高性能赛车大，所以其加速度比高性能赛车大 C.磁悬浮列车的速度变化率比高性能赛车大 D.磁悬浮列车的速度变化率小意味着其速度变化相对较缓 判断质点做加速直线运动或减速直线运动的方法 　判断物体做加速运动还是减速运动，关键是看物体的加速度与速度方向的关系 （1）a和v同向→ （2）a和v反向→ （2026·山西太原模拟）我国自主研发的全海深载人潜水器“奋斗者”号，已在马里亚纳海沟多次完成载人深潜。最大作业深度达到10 909米。在某次海试中，潜水器在某时刻的速度为负值，加速度也是负值并不断减少直到为零，则此过程中（　　） A.该潜水器速度先增大后减少，直到加速度为零为止 B.该潜水器速度一直增大，直到加速度等于零 C.该潜水器位移先增大后减少，直到加速度等于零 D.该潜水器位移一直增大，直到加速度等于零后位移不再变化 尝试解答 　〔多选〕（2026·天津和平期中）一个做变速直线运动的物体，其加速度方向不变而大小逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是（　　） A.速度不断增大，到加速度减小到零之后，速度开始减小 B.速度不断增大，物体一直做加速直线运动 C.速度不断减小，到加速度减小到零时运动停止 D.速度不断减小到零后，又反向做加速运动，最后做匀速运动 提示：完成课后作业　第一章　第1讲 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 $ 复习讲义部分 第一章　运动的描述　匀变速直线运动的研究 第1讲　运动的描述 【立足“四层”·夯基础】 质量　大小　形状　不动　同一　不同　有向线段　直线距离　初位置　末位置　　快慢　　速度变化量 双基落实 1.（1）×　（2）×　（3）×　（4）× 2.ABC　做匀速直线运动的物体，物体运动的加速度等于0，而速度却不等于0，故A正确；物体速度变化量比较大，若Δt较大，则a可能比较小，故B正确；物体向西做减速直线运动时，物体的加速度向东，而速度方向向西，故C正确；物体的速度减小，若速度减小得越来越快，则加速度增大，故D错误。 【着眼“四翼”·探考点】 考点一 1.C　操控机器人进行挖沟作业时，机器人动作不能忽略，不能将机器人看成质点，A错误；监测机器人搜寻时的转弯姿态时，不能将机器人看成质点，B错误；定位机器人在敷埋线路上的位置时，机器人的大小、形状可忽略，可以将机器人看成质点，C正确；测试机器人敷埋作业时的机械臂动作时，不能将机器人看成质点，D错误。 2.C　人是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动的，以“魔盘”为参考系，人是静止的，故A错误；以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是静止的，故B错误；根据题意，这几个同学都是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动，以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的，故C正确；以地面为参考系，“魔盘”是运动的，游戏的同学们随“魔盘”一起运动，所以以地面为参考系，游戏的同学们是运动的，故D错误。 3.D　由于完成5 000 m长跑训练需要跑12.5圈，若起跑点为A且该同学完成5 000 m长跑训练，则他的终止点在C点，如图甲所示，所以他的位移大小为x＝ m≈113 m，故A错误；若起跑点为B且该同学完成5 000 m长跑训练，则他的终止点在D点，如图乙所示，所以他的位移大小为x'＝72 m，故B错误；若该同学完成10 000 m长跑训练，则需要跑25圈，因此不论起跑点在何处，结束点和起跑点重合，位移为0，故C错误，D正确。 　 考点二 【例1】　BCD　整个过程中的位移大小为6 km，所用时间为30分钟，根据平均速度的定义得整个过程电瓶车的平均速度大小为＝＝＝12 km/h，而瞬时速度是指在某一位置时的速度，电瓶车做的是变速运动，故整个过程中电瓶车的瞬时速度大小是12 km/h是错误的描述，故A错误，B正确；根据平均速率的定义，在整个过程中电瓶车的平均速率为'＝＝＝24 km/h，故C正确；经过路标时的瞬时速度大小是速度计指示的示数，为25 km/h，故D正确。 【例2】　BD　滑块通过第一个光电门时的速度大小为v1＝＝ m/s＝1.0 m/s，滑块通过第二个光电门时的速度大小为v2＝＝ m/s＝3.0 m/s，故A错误，B正确；滑块在两光电门间的平均速度大小＝＝ m/s＝1.5 m/s，故C错误；滑块在两光电门间的位移大小和路程相等，所以平均速率为1.5 m/s，故D正确。 强化训练 　D　由＝可得平均速度＝1 m/s，＝ m/s，故A、B均正确；所选取的过程离A点越近，其阶段的平均速度越接近A点的瞬时速度，故C正确；由A经B到C的过程不是匀变速直线运动过程，故B点虽为中间时刻，但物体在B点的速度不等于AC段的平均速度，D错误。 拓展空间 【典例】　AC　依题意，由于红外线的传播时间可以忽略，可得第一次测量时A、B间的距离为x1＝v0t1，A正确；进行第二次测量时，A、B间的距离为x2＝v0t2，则小车运动的距离Δx＝x2－x1＝v0（t2－t1），B错误；两次发射超声波脉冲的时间间隔为Δt0，即为小车运动Δx所用的时间，则小车的平均速度为v＝＝，解得v＝，C正确；由B选项分析可知，B接收到第二次超声波脉冲时，A与B的距离为v0t2，D错误。 考点三 【例3】　A　加速度反映的是速度的变化快慢，和某时刻的速度没有直接关系，某时刻物体速度为零，其加速度不一定为零。比如从静止开始的加速运动，初状态速度为0，加速度不为0，故A正确；根据加速度定义式a＝，单位时间的速度变化量越大，加速度越大，故B错误；加速度反映的是速度的变化快慢，和某时刻的速度没有直接关系，比如速度很大的匀速直线运动，加速度为0，故C错误；根据加速度定义式a＝，物体加速度方向与速度变化量方向相同，与速度方向无关，故D错误。 【例4】　A　规定向右为正方向，弹丸的加速度为a＝＝ m/s2＝－100 m/s2，故A正确，B错误；足球的加速度为a'＝＝ m/s2＝－450 m/s2，故C、D错误。 强化训练 　D　磁悬浮列车的加速度大小为a1＝＝ m/s2≈0.28 m/s2，高性能赛车的加速度大小为a2＝＝ m/s2≈12.15 m/s2，高性能赛车加速度大，所以速度大，加速度不一定大，故A错误；根据a＝可知，速度变化量大，加速度不一定大，故B错误；速度变化率就是加速度，所以磁悬浮列车的速度变化率小，故C错误；速度变化率小意味着速度变化相对较缓，故D正确。 【例5】　B　潜水器在某时刻的速度为负值，加速度也是负值并不断减小直到为零，此过程中加速度方向与速度方向相同，该潜水器做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度达到最大值；该过程潜水器一直向负方向运动，潜水器的位移一直增大，加速度等于零后，由于潜水器继续向负方向做匀速运动，位移继续增大。故选B。 强化训练 　CD　当加速度方向与速度方向相同时，物体速度不断增大，到加速度减小到零时速度达到最大，而后做匀速直线运动，故A、B错误；当加速度方向与速度方向相反时，物体的速度不断减小，如果加速度和速度同时减小到零，则物体停止运动，故C正确；当加速度方向与速度方向相反时，物体的速度不断减小，如果速度先减小到零，则物体又反向做加速运动，加速度减小到零后，物体沿反方向做匀速直线运动，故D正确。 学科网（北京）股份有限公司 $