2026届湖南长沙市第二十六中学（湖南师大附中雨花学校）高三下学期全真模拟适应性考试物理试题

**基本信息** 以冬奥会冰壶、阿尔忒弥斯号等真实情境为载体，通过弹性绳运动、电磁感应综合题等设计，考查物理观念与科学思维，适配高三三模综合能力评估需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10/44|运动与相互作用、能量、天体运动|单选1结合弹性绳与摩擦力考查科学推理，多选8以同步卫星情境落实物理观念| |实验题|2/12|动能定理、机械能守恒|通过纸带分析考查数据处理与科学探究能力| |计算题|3/44|圆周运动、电场、天体综合|计算15以阿尔忒弥斯号为背景，融合开普勒定律与能量观念，体现科学态度|

绝密★启用前 2026届高三全真模拟适应性考试 物理试题 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.如图所示，、是粗糙水平面上的两点，、、三点在同一竖直线上，且，在点处固定一光滑的小钉子。一小物块通过原长也为的弹性轻绳与悬点连接。当小物块静止于点时，小物块受到弹性轻绳的拉力小于重力。将小物块移至点弹性轻绳处于弹性限度内，由静止释放后，小物块沿地面运动通过点，则在小物块从运动到的过程中(    ) A. 小物块的动能一直增大 B. 小物块受到的滑动摩擦力保持不变 C. 小物块受到的滑动摩擦力逐渐减小 D. 小物块和弹性轻绳组成的系统机械能不变 【答案】B  【解析】【分析】 分析物块所受的支持力的变化情况，来分析摩擦力的变化情况；根据形变量的变化分析绳的弹性势能的变化；由机械能守恒的条件分析物块和弹性绳组成的系统的机械能是否守恒。 认真分析物体的运动过程是解题的关键。 【解答】 小物块静止于点时，小物块受到弹性轻绳的拉力小于重力，设点弹簧伸长量为则有物体对地面的压力，小球在点时，弹簧伸长量为在点绳子与竖直方向的夹角为，则在点物体对地面的压力，则从点到点物体对地面的压力的不变，所以小物块受到的滑动摩擦力保持不变，水平方向弹力的水平分量，小物块从运动到，逐渐减小到零，所以合力先向左，再向右，先做正功后做负功，所以动能先增后减，故B正确，AC错误； D.物体从到，物体克服地面的摩擦力做功，物体与弹性绳组成的系统的机械能减小，故D错误。 故选B。 2.如图所示，两个质量均为的完全相同的金属球壳与，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支架上，两球心间的距离为，为球壳外半径的倍。若使它们带上等量异种电荷，电荷量的绝对值均为，那么、之间的万有引力与库仑力为(    ) A. ， B. ， C. ， D. ， 【答案】D  【解析】【分析】 本题考查了库仑定律；万有引力定律及其应用。 万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可。 本题是对万有引力定律和库仑定律的条件的考查，掌握住库仑定律的使用的条件是点电荷之间的作用力，只有是点电荷的时候，库仑定律才可以使用，当电荷之间的距离不够大的时候，就不能看成是点电荷，库仑定律就不能使用。 【解答】万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，由于金属球和质量分布均匀，所以万有引力定律可以直接使用，所以它们之间的万有引力为 ；由于两球心间的距离为球半径的倍，它们之间的距离并不是很大，且两球壳因电荷间的相互作用使电荷分布不均匀，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于它们带的是等量异种电荷，由于电荷之间的相互吸引，电荷之间的距离会比小，所以此时电荷间的库仑力 。 故D正确、ABC错误。 3.、为光滑的水平平行金属导轨，、为跨在导轨上的两根金属杆，匀强磁场垂直穿过、所在的平面，如图所示，则(    ) A. 若固定，使向右滑动，则回路中电流方向为 B. 若向左、向右同时运动，则回路中电流为零 C. 若、以相同的速度一起向右滑动，则回路中电流方向为 D. 若、都向右运动，且两杆速度，则回路中电流方向为 【答案】D  【解析】【分析】由右手定则判断感应电流的方向。若、以相同的速度一起向右滑动，穿过回路的磁通量不变，没有感应电流产生。若向左、向右同时运动，磁通量增加，将产生感应电流。若、都向右运动，且两棒速度，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律判断感应电流的方向。 本题关键抓住两点：产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化；由右手定则或楞次定律判断感应电流的方向。 【解答】若固定，使向右滑动，由右手定则可判断出应产生顺时针的电流，方向为，故A错误； B.若向左，向右，、所围的线圈面积增大，穿过的磁通量增大，有感应电流产生，故B错误； C.若、以相同的速度一起向右滑动，、所围的线圈面积不变，磁通量不变，故不产生感应电流，故C错误； D.若、向右运动，但，则所围面积增大，磁通量也增大，故由楞次定律可判断产生由的电流，故D正确。 故选D。 4.方程式赛车因其速度快、惊险刺激、科技含量高成为闻名世界的体育赛事．下列说法中正确的是(    ) A. 赛车启动时，地面对车轮的作用力等于车轮对地面的作用力 B. 赛车在直道行驶时，速度越大，其加速度也一定越大 C. 赛车转弯时，速度方向改变，其惯性也随之变化 D. 赛车高速通过终点后难以立即停下，表明速度越大，其惯性越大 【答案】A  【解析】解：、根据牛顿第三定律可知地面对车轮的作用力和车轮对地面的作用力的大小相等，方向相反，故A正确； B、根据牛顿第二定律可知，加速度由合外力与质量决定，与速度无关，故B错误； 、质量是惯性大小的唯一量度，与速度无关，故CD错误； 故选：。 根据牛顿第三定律可知地面对车轮的作用力和车轮对地面的作用力的大小比较；速度大加速度不一定大；质量是惯性大小的唯一量度。 本题主要考查了牛顿第二定律和牛顿第三定律的理解，解题关键是加速度由合外力与质量决定，与速度无关；质量是惯性大小的唯一量度。 5.“蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是不计绳的重力 A. 人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力 B. 绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小 C. 绳刚好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大 D. 整个过程中人与绳构成的系统机械能守恒 【答案】D  【解析】【分析】 从绳子绷紧到人下降到最低点的过程中，开始时人的重力大于弹力，人向下加速；然后再减速，直至速度为零；再反向弹回；根据功的知识和功能分析动能和弹性势能的变化。 本题考查变力作用下物体的运动情况分析，关键是明确人的运动过程，即可根据动能定理进行分析求解。 【解答】 A.当弹力等于重力时，人的速度最大，人继续向下运动，弹力增大，所以人在最低点时，绳对人的拉力大于人所受的重力，故A错误 B.在该过程中，拉力与运动方向始终相反，绳子的力一直做负功；但由分析可知，人的动能先增大后减小；故B错误； C.绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，由于重力大于弹力，所以人在加速，此时人的动能不是最大，故C错误； D.蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，故D正确。 故选D。 6.图甲为年冬奥会我国运动员参加冰壶比的。比赛投壶手在出冰壶时会带一定的旋转自旋，擦手在冰运的前高速摩擦冰面刷冰，减小壶前侧受到的摩擦力，可冰壶做曲线动。图乙所的图中，圆表示冰壶，表示冰旋的方向表示冰前进的方，在刷的程中，运动的轨迹虚线示可能正确的是 A. B. C. D. 【答案】B  【解析】解：由题意可知，擦冰手在冰运动的方高速摩冰面，减冰壶侧受到摩擦力，而后侧受摩擦几乎不变，若冰壶按图逆时针方向转则沿速度直方向，摩力的力左，则冰壶运动轨将向左偏转；理若冰按顺时针方向旋，冰动轨向右偏转。即确。故B正确，错。 故：。 擦冰手冰运动的方高速摩擦冰面，则冰壶前后两侧受的擦力大同，此分析即可。 该题属于物识在常生活应，解答的关键是明白擦冰在冰运动的方高摩冰会引起动摩擦因数的变，导致冰壶前后两侧受到的摩擦力不。 二、多选题：本大题共4小题，共20分。 7.如图所示，将一个大小为与水平方向成角的力作用在一个质量为的物体上，物体沿水平地面匀速前进了，，下面关于物体所受各力做功说法正确的是(    ) A. 力对物体做功为 B. 摩擦力对物体做功为 C. 重力做功为 D. 合力做功为 【答案】BD  【解析】解：、根据功的定义式得拉力做的功，故A错误； B、如图所示，物体受重力、支持力、拉力及摩擦力，由于物体做匀速直线运动，所以摩擦力，摩擦力所做的功，故B正确； C、物块沿水平方向运动，所以重力做功为，故C错误； D、整个的过程中只有拉力与摩擦力做功，合力的功：故D正确。 8.已知地球质量为，半径为，自转周期为，地球同步卫星质量为，引力常量为有关同步卫星，下列表述正确的是(    ) A. 卫星距地面的高度为 B. 卫星的运行速度小于第一宇宙速度 C. 卫星可以定点在北京正上方 D. 卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度 【答案】BD  【解析】【分析】 由分别求出卫星距地面的高度，向心力和向心加速度并分别与第一宇宙速度和地球表面重力加速度比较；地球同步卫星只能在赤道的正上方。 本题考查了宇宙速度、向心力、万有引力定律和同步卫星的应用，注意轨道半径为地球半径和距地面高度之和，地球同步卫星只能在赤道的正上方。 【解答】 A.由可得，，，故A错误； B.第一宇宙速度，故B正确； C.地球同步卫星只能在赤道的正上方，故C错误； D.地球表面有，，故D正确。 故选BD。 9.如图所示，在匀强电场中有一直角三角形，，，边长电场强度的方向与三角形平面平行。一电子从点移到点电场力做功为，从点移到点电场力做功为。则 A. A、两点间的电势差为 B. 电场强度的方向与成夹角 C. 电场强度的大小为 D. 一电子从点移到的中点，电势能减少了 【答案】BC  【解析】【分析】 本题关键是先确定等势面，然后确定电场强度的方向，根据求解电场强度，有一定难度。 【解答】 A.由题意得：，，，，，故A错误； 把线段三等分，连接，如图所示： ， 由几何关系得：，，，则，。 根据匀强电场等分线段等分电势差得为等势线，且，过点作的垂线交于点，可知，则，方向与成夹角，故BC正确； D.设的中点为，有，由于，故，电子从点移到的中点，电场力的功为，，电势能增加，故D错误。 故选BC。 10.如图，面积为、匝数为的矩形线框在磁感应强度为的匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴匀速转动，通过滑环向理想变压器供电，灯泡、均正常发光，理想电流表的示数为，已知、的额定功率均为，额定电流均为，线框及导线电阻不计，则(    ) A. 图示位置时穿过线框的磁通量变化率为零 B. 线框转动的角速度为 C. 理想变压器原副线圈的匝数之比为 D. 若灯烧断，电流表示数将增大 【答案】BC  【解析】【分析】 穿过线框平面和磁场平行，磁通量变化率最大；根据原副线圈电流和匝数的关系可以求出原副线圈电流的匝数比，从而求出原副线圈电压比，再根据求出感应电动势的最大值，利用可以求出线框转动的角速度；灯烧断，总电阻增大，总电流减小。 本题考查了变压器的构造和原理、交流的峰值、有效值以及它们的关系等知识点。关键点：熟练掌握电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等是本题的关键。 【解答】 A.图示位置时穿过线框平面和磁场平行，磁通量变化率最大，故A错误。 原线圈的电流，副线圈电流，所以； 灯泡正常发光，副线圈的电压为，由，可得原线圈电压， 感应电动势最大值 ，，解得：，故BC正确。 D.若灯烧断，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知，总电流减小，故D错误。 故选BC。 三、实验题：本大题共2小题，共12分。 11.某同学用如图所示的装置，研究细绳对小车的拉力做功与小车动能变化的关系．通过改变动滑轮下所挂钩码的个数可以改变细绳对小车的拉力，实验所用钩码质量均为．       关于本实验，下列说法正确的是_________ A.实验时，小车应靠近打点计时器，先释放小车后，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧秤的示数 B.本实验不需要平衡摩擦力 C.实验过程中，动滑轮和所挂钩码所受的重力等于弹簧秤示数的倍 D.实验中不需要满足所挂钩码的总质量远小于小车的质量 某次实验时，所挂钩码的个数为个，记录的弹簧秤示数为，小车质量为，所得到的纸带如图所示，相邻计数点间的时间间隔为，两相邻计数点间的距离分别为、、、，该同学分析小车运动过程中的段，在操作正确的情况下应该有等式____________________________成立． 【答案】   【解析】【分析】 由该实验的实验原理及条件、实验误差判断得解； 由平均速度解得瞬时速度，再由该过程合力做功与动能的增加量的关系判断得解。 本题主要考查研究细绳对小车的拉力做功与小车动能变化的关系的实验，明确实验原理及实验过程并熟悉实验过程的误差是解题的关键，难度一般。 【解答】 实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车后，打出一条纸带，同时记录弹簧秤的示数，A错误； B.由于本实验仅探究细绳对小车的拉力做功与小车动能变化的关系，故本实验需要平衡摩擦力，B错误； C.实验过程中，由于动滑轮和所挂钩码向下加速运动受力不平衡，故动滑轮和所挂钩码所受的重力大于弹簧秤示数的倍，C错误； D.由于实验中，通过弹簧测力计能测得细绳的拉力，故实验中不需要满足所挂钩码的总质量远小于小车的质量，D正确。 故选D； 由题意可知，该过程，绳的拉力做功为：，而由平均速度解得瞬时速度可得：，，故该过程的动能增加量为：，若操作正确，则有等式：。 故填：；。 12.在“验证机械能守恒定律”实验中，打出的纸带如图甲所示，其中、为打点计时器打下的第、个点，，、、为点迹清晰时连续打出的计时点，测得、、到的距离分别为、、图中未画出设打点计时器的打点频率为，重物质量为，实验地点重力加速度为。一位学生想从纸带上验证打下点到打下点过程中，重物的机械能守恒． 实验中，如下哪些操作是必要的________． A.用秒表测量时间 B.重物的质量应尽可能大些 C.先接通电源后释放纸带 D.先释放纸带后接通电源 重物重力势能减少量________，动能增量________________________． 比较和发现，重物重力势能的减少量大于动能的增加量，造成这一误差的原因是_____________________________． 【答案】；；；实验过程中有阻力作用。  【解析】【分析】 正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚；根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点的瞬时速度，从而求出动能的增加量。 该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在。 【解答】 可以用打点计时器计算时间，不需要秒表，故A错误； B.重物的密度应尽可能大些，这样可以减小阻力引起的误差，故B正确； 打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，故C正确，D错误； 故选BC。 因为，则点为自由落体运动的初始位置，即，从点到点过程中，重力势能的减小量为： 根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度得：点的瞬时速度： 则动能增量为： 因为实验中有阻力作用，所以减小的重力势能大于增加的动能。 故答案为：；；；实验过程中有阻力作用。 四、计算题：本大题共3小题，共44分。 13.如图所示，半圆形光滑轨道竖直固定且与水平地面相切于点，半径，其右侧一定水平距离处固定一个斜面体。斜面端离地高度，端固定一轻弹簧，原长为，斜面段粗糙而段光滑。现给一质量为的小物块可看作质点一个水平初速，从处进入圆轨道，离开最高点后恰能落到斜面顶端处，且速度方向恰平行于斜面，物块沿斜面下滑压缩弹簧后又沿斜面向上返回，第一次恰能返回到最高点。物块与斜面段的动摩擦因数，斜面倾角，重力加速度，不计物块碰撞弹簧的机械能损失。求： 物块运动到点时对轨道的压力为多大 间距离为多少米 小物块在粗糙斜面段上能滑行的总路程为多长 【答案】解：物块从到做平抛运动，则有： 在点时有： 代入数据解得： 在点对物块进行受力分析，得： 解得： 根据牛顿第三定律知物块对轨道的压力大小为： 方向竖直向上。 在点的速度为： 物块从点下滑到返回点的过程，根据动能定理得： 代入数据解得： 最终物块在段来回滑动，从到，根据动能定理得： 解得：  【解析】物块从到做平抛运动，根据竖直方向运动规律求出物块到达点的速度，根据分速度规律求出物块经过点的速度。对物块，根据牛顿第二定律求出轨道对物块的弹力，从而求得物块对轨道的压力。 物块从点下滑到返回点的过程，利用动能定理求间距离。 物块段运动时机械能不断减少，最终物块在段来回滑动，从到，根据动能定理求物块在粗糙斜面段上能滑行的总路程。 解决本题的关键是要理清小物块的运动情况，正确分析能量的转化情况，分段运用能量关系列式。对于平抛运动，要掌握分运动的规律，并能熟练运用。 14.如图所示，两个板长均为的平板电极，平行正对放置，两极板相距为，极板之间的电势差为，板间电场可以认为是匀强电场．一个带电粒子质量为，电荷量为从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板边缘．忽略重力和空气阻力的影响．求： 极板间的电场强度的大小； 该粒子的初速度的大小； 该粒子落到下极板时的末动能的大小． 【答案】解： 两极板间的电压为，两极板的距离为，所以电场强度大小为： 带电粒子在极板间做类平抛运动，在水平方向上有  在竖直方向上有  根据牛顿第二定律可得： ，而 ，所以  解得：  根据动能定理可得  解得    【解析】本题考查了粒子在电场中的偏转，搞清类平抛的规律，列式即可求解；处理动能时，一般选择动能定理。 根据匀强电场中电势差与电场强度关系公式列式求解电场强度的大小；  粒子做类平抛运动，平行电场线方向做初速度为零的匀加速直线运动，垂直电场线方向做匀速直线运动，根据牛顿第二定律求解加速度，由题意知，水平分位移等于，竖直分位移等于，根据位移公式列式求解初速度的大小； 粒子运动过程中，只有电场力做功，根据动能定理求解末动能的大小。 15.阿尔忒弥斯号于年月日发射，四名宇航员完成约天绕月飞行后返回地球。一同学将飞船的运动轨迹简化为如图所示：飞船先在距地心的圆形高地球轨道Ⅰ上运行，经点时短暂点火使飞船沿切线方向加速变轨，进入以为近地点、为远地点的椭圆转移轨道Ⅱ；点与月球轨道相切，月球轨道可视为半径为的圆轨道Ⅲ。已知地球质量为，飞船质量为近似不变，万有引力常量为；以无限远处为零势能点，飞船引力势能为飞船到地心距离；根据开普勒第二定律可知飞船与地心连线单位时间内扫过的面积为飞船速度，为速度方向与飞船和地心连线的夹角。求： 飞船在轨道Ⅰ上运行的周期； 飞船在轨道Ⅰ上运行时的机械能； 飞船在点变轨过程中增加的机械能。 【答案】飞船在轨道Ⅰ上运行的周期是  飞船在轨道Ⅰ上运行时的机械能是  飞船在点变轨过程中增加的机械能  【解析】解：根据万有引力提供向心力，有 解得 飞船在轨道上做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，有 解得 飞船在轨道上的动能，由题意得引力势能 总机械能 解得 根据开普勒第二定律，飞船在转移轨道、两点单位时间内扫过的面积相等： 解得，飞船在转移轨道上机械能守恒，有 解得飞船在转移轨道上点的速度，点火时间极短，飞船位置不变，引力势能不变，机械能增量等于动能增量 解得 答：飞船在轨道Ⅰ上运行的周期是； 飞船在轨道Ⅰ上运行时的机械能是； 飞船在点变轨过程中增加的机械能。 由万有引力充当圆周运动向心力，结合向心力与周期关系式列式求解周期； 利用万有引力定律求出圆轨道动能，结合题干给出的引力势能公式，二者相加得到轨道机械能； 依托开普勒面积定律建立、点速度关系，结合点圆轨道向心力公式求速度，再通过变轨前后机械能差值得到增加的机械能。 以航天器变轨为物理模型，综合万有引力、引力势能、开普勒定律等多个天体物理考点，综合性与应用性突出。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 绝密★启用前 2026届高三全真模拟适应性考试 物理试题 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.如图所示，、是粗糙水平面上的两点，、、三点在同一竖直线上，且，在点处固定一光滑的小钉子。一小物块通过原长也为的弹性轻绳与悬点连接。当小物块静止于点时，小物块受到弹性轻绳的拉力小于重力。将小物块移至点弹性轻绳处于弹性限度内，由静止释放后，小物块沿地面运动通过点，则在小物块从运动到的过程中(    ) A. 小物块的动能一直增大 B. 小物块受到的滑动摩擦力保持不变 C. 小物块受到的滑动摩擦力逐渐减小 D. 小物块和弹性轻绳组成的系统机械能不变 2.如图所示，两个质量均为的完全相同的金属球壳与，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支架上，两球心间的距离为，为球壳外半径的倍。若使它们带上等量异种电荷，电荷量的绝对值均为，那么、之间的万有引力与库仑力为(    ) A. ， B. ， C. ， D. ， 3.、为光滑的水平平行金属导轨，、为跨在导轨上的两根金属杆，匀强磁场垂直穿过、所在的平面，如图所示，则(    ) A. 若固定，使向右滑动，则回路中电流方向为 B. 若向左、向右同时运动，则回路中电流为零 C. 若、以相同的速度一起向右滑动，则回路中电流方向为 D. 若、都向右运动，且两杆速度，则回路中电流方向为 4.方程式赛车因其速度快、惊险刺激、科技含量高成为闻名世界的体育赛事．下列说法中正确的是(    ) A. 赛车启动时，地面对车轮的作用力等于车轮对地面的作用力 B. 赛车在直道行驶时，速度越大，其加速度也一定越大 C. 赛车转弯时，速度方向改变，其惯性也随之变化 D. 赛车高速通过终点后难以立即停下，表明速度越大，其惯性越大 5.“蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是不计绳的重力 A. 人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力 B. 绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小 C. 绳刚好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大 D. 整个过程中人与绳构成的系统机械能守恒 6.图甲为年冬奥会我国运动员参加冰壶比的。比赛投壶手在出冰壶时会带一定的旋转自旋，擦手在冰运的前高速摩擦冰面刷冰，减小壶前侧受到的摩擦力，可冰壶做曲线动。图乙所的图中，圆表示冰壶，表示冰旋的方向表示冰前进的方，在刷的程中，运动的轨迹虚线示可能正确的是 A. B. C. D. 二、多选题：本大题共4小题，共20分。 7.如图所示，将一个大小为与水平方向成角的力作用在一个质量为的物体上，物体沿水平地面匀速前进了，，下面关于物体所受各力做功说法正确的是(    ) A. 力对物体做功为 B. 摩擦力对物体做功为 C. 重力做功为 D. 合力做功为 8.已知地球质量为，半径为，自转周期为，地球同步卫星质量为，引力常量为有关同步卫星，下列表述正确的是(    ) A. 卫星距地面的高度为 B. 卫星的运行速度小于第一宇宙速度 C. 卫星可以定点在北京正上方 D. 卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度 9.如图所示，在匀强电场中有一直角三角形，，，边长电场强度的方向与三角形平面平行。一电子从点移到点电场力做功为，从点移到点电场力做功为。则 A. A、两点间的电势差为 B. 电场强度的方向与成夹角 C. 电场强度的大小为 D. 一电子从点移到的中点，电势能减少了 10.如图，面积为、匝数为的矩形线框在磁感应强度为的匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴匀速转动，通过滑环向理想变压器供电，灯泡、均正常发光，理想电流表的示数为，已知、的额定功率均为，额定电流均为，线框及导线电阻不计，则(    ) A. 图示位置时穿过线框的磁通量变化率为零 B. 线框转动的角速度为 C. 理想变压器原副线圈的匝数之比为 D. 若灯烧断，电流表示数将增大 第II卷（非选择题） 三、实验题：本大题共2小题，共12分。 11.某同学用如图所示的装置，研究细绳对小车的拉力做功与小车动能变化的关系．通过改变动滑轮下所挂钩码的个数可以改变细绳对小车的拉力，实验所用钩码质量均为．       关于本实验，下列说法正确的是_________ A.实验时，小车应靠近打点计时器，先释放小车后，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧秤的示数 B.本实验不需要平衡摩擦力 C.实验过程中，动滑轮和所挂钩码所受的重力等于弹簧秤示数的倍 D.实验中不需要满足所挂钩码的总质量远小于小车的质量 某次实验时，所挂钩码的个数为个，记录的弹簧秤示数为，小车质量为，所得到的纸带如图所示，相邻计数点间的时间间隔为，两相邻计数点间的距离分别为、、、，该同学分析小车运动过程中的段，在操作正确的情况下应该有等式____________________________成立． 12.在“验证机械能守恒定律”实验中，打出的纸带如图甲所示，其中、为打点计时器打下的第、个点，，、、为点迹清晰时连续打出的计时点，测得、、到的距离分别为、、图中未画出设打点计时器的打点频率为，重物质量为，实验地点重力加速度为。一位学生想从纸带上验证打下点到打下点过程中，重物的机械能守恒． 实验中，如下哪些操作是必要的________． A.用秒表测量时间 B.重物的质量应尽可能大些 C.先接通电源后释放纸带 D.先释放纸带后接通电源 重物重力势能减少量________，动能增量________________________． 比较和发现，重物重力势能的减少量大于动能的增加量，造成这一误差的原因是_____________________________． 四、计算题：本大题共3小题，共44分。 13.如图所示，半圆形光滑轨道竖直固定且与水平地面相切于点，半径，其右侧一定水平距离处固定一个斜面体。斜面端离地高度，端固定一轻弹簧，原长为，斜面段粗糙而段光滑。现给一质量为的小物块可看作质点一个水平初速，从处进入圆轨道，离开最高点后恰能落到斜面顶端处，且速度方向恰平行于斜面，物块沿斜面下滑压缩弹簧后又沿斜面向上返回，第一次恰能返回到最高点。物块与斜面段的动摩擦因数，斜面倾角，重力加速度，不计物块碰撞弹簧的机械能损失。求： 物块运动到点时对轨道的压力为多大 间距离为多少米 小物块在粗糙斜面段上能滑行的总路程为多长 14.如图所示，两个板长均为的平板电极，平行正对放置，两极板相距为，极板之间的电势差为，板间电场可以认为是匀强电场．一个带电粒子质量为，电荷量为从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板边缘．忽略重力和空气阻力的影响．求： 极板间的电场强度的大小； 该粒子的初速度的大小； 该粒子落到下极板时的末动能的大小． 15.阿尔忒弥斯号于年月日发射，四名宇航员完成约天绕月飞行后返回地球。一同学将飞船的运动轨迹简化为如图所示：飞船先在距地心的圆形高地球轨道Ⅰ上运行，经点时短暂点火使飞船沿切线方向加速变轨，进入以为近地点、为远地点的椭圆转移轨道Ⅱ；点与月球轨道相切，月球轨道可视为半径为的圆轨道Ⅲ。已知地球质量为，飞船质量为近似不变，万有引力常量为；以无限远处为零势能点，飞船引力势能为飞船到地心距离；根据开普勒第二定律可知飞船与地心连线单位时间内扫过的面积为飞船速度，为速度方向与飞船和地心连线的夹角。求： 飞船在轨道Ⅰ上运行的周期； 飞船在轨道Ⅰ上运行时的机械能； 飞船在点变轨过程中增加的机械能。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $