2026高考模拟试题(六)-【数理报】2026高考物理满分冲刺复习专号

2026高考模拟试题（六） ◆数理报社试题研究中心 (说明：本试卷为闭卷笔答，答题时间75分钟，满分100分) 第I卷选择题（共46分） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的） 1.如图1为玻尔理论的氢原子能级图，当一群处于激发态=3能级的氢原子向 E/eV 低能级跃迁时，发出的光中有两种频率的光能使某种金属产生光电效应，以下说法中 -0.85 -1.51 正确的是 .-3.40 A.这群氢原子向低能级跃迁时能发出四种频率的光 数理报 -13.6 B.这种金属的逸出功一定小于l0.2eV 图1 C.用波长最短的光照射该金属时光电子的最大初动能一定大于3.4eV 高 D.由n=3能级跃迁到n=2能级时产生的光一定能够使该金属产生光电效应 理 2.图2甲为风力发电的简易模型，在风力作用下，风叶带动与杆固连的永磁体转动，磁体下方的线圈 模拟试题 与电压传感器相连.在某一风速时，电压传感器显示如图乙所示正弦规律变化，则 风叶Q 转轴 铁架 x10') 电压传感器 甲 图2 A.永磁体的转速为10/s B.线圈两端电压的有效值为6√2V C.交流电压的表达式为u=12sin20πt(V) D.若将该交流电直接加在击穿电压为9V的电容器上，电容器不会被击穿 3.如图3甲所示为压气式消毒喷壶，若该壶容积为2L,内装1.4L的消毒液.闭合阀门K,缓慢向下 压A,每次可向瓶内储气室充入0.05L的1.0atm㎡的空气，经n次下压后，壶内气体压强变为2.0atm时按 下B,阀门K打开，消毒液从喷嘴处喷出，喷液全过程气体状态变化P-V图像如图乙所示.（已知储气室 内气体可视为理想气体，充气和喷液过程中温度保持不变，1.0am=1.0×l0Pa.)下列说法正确的 (共8页，第1页) 是 压杆A 阀门K 一打气简 喷嘴 按柄B 导管 储气室 图3 A.充气过程向下压A的次数n=10次 B.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量大于气体做的功 C.乙图中△OAC和△OBD的面积相等 D.从状态A变化到状态B,气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数不变 4.某兴趣小组研究发现最大静摩擦力的大小也与两物体间的正压力成正 比，查阅资料得知其比例系数称为静摩擦因数.如图4所示，一只蚂蚁在半球形碗 数理报 底想要爬出碗内，但它缓慢爬行能达到的最大高度恰好只有碗的半径的0.2倍，” 图4 假设碗内各处的静摩擦因数相同，则蚂蚁与碗之间的静摩擦因数为 ( 高中物理 A.0.2 B.0.8 C.0.75 D.4 5.艺术体操是一项女子竞技项目，主要有绳操、球操、圈操、带操、棒操五项.带操动作柔软、流畅、飘 模拟试 逸、优美.如图5甲所示是一位运动员带操表演的场景，丝带的运动可以近以为一列简谐横波沿x轴传 六 播，1=0时刻的波形如图乙所示，A、B、P和Q是介质中的四个质点，t=0时刻该波刚好传播到B点，质 点A的振动图像如图丙所示，则以下说法正确的是 ( y/em 个m 20 Q 25 85 x/m 0 /×10s) -20 -20 甲 丙 图5 A.t=1.8s时，质点A的位移为20cm B.该波的传播速度是25m/s C.波向x轴负方向传播 D.t=3.2s时质点Q通过的路程是80cm (共8页，第2页) 6.虹和霓均是太阳光在小水滴内经折射和反射而产生的光学现象.图6 为霓形成的简化模型，太阳光射入大气中的球形水滴，经过两次折射和两次 反射后返回大气.图中三束光分别为紫光、绿光和红光，下列说法正确的是 太阳光 ( 图6 A.a绿光 B.b是红光 C.c是紫光 D.c是红光 7.图7所示为某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动的示意图. 已知双星的总质量为M,双星间的距离为L,双星运动的周期为T,下列说法正确 的是 ( A.当L一定、M变大时，T不变 B.当L一定、M变大时，T变小 图7 数 C.当M一定、L变大时，T变小 报 高 D.当M一定、L变小时，T不变 物 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正 确的.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分) 模 8.在带电粒子“碰撞”实验中，t=0时，粒子P以初速度，向静止的粒子 题 Q运动，两粒子在某段时间内运动的v-t图像如图8所示，S、S,分别是0~ 六 41、4,~2时间内两速度图像所围面积的大小，且S,=S2.已知P、Q的质量分 别为mp、mo,仅考虑静电力的作用，且P、Q始终未接触.则下列说法中正确 图8 的是 A.mp =2mo B.两粒子在t1时刻的电势能最大 CP在，时刻的速度大小为号 D.2时刻后两图像仍会出现交点 9.如图9所示，两足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面内，匀强磁场方 向垂直导轨平面向下，恒力F作用在金属棒cd上，金属棒ab、cd以相同加速度沿 导轨滑动，某时刻撤去F.已知运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，下 图9 列说法中正确的是 (共8页，第3页) A.撤去F前，两棒速度差恒定 B.撤去F前，两棒间距恒定 C.撤去F瞬间，两棒加速度大小相等 D.撤去F后，cd的速度不小于ab的速度 10.如图10所示，足够长的竖直绝缘墙壁右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁 感应强度为B.质量为m、带电荷量为-q(g>0)的绝缘物块与绝缘墙壁之间的动摩 擦因数为，重力加速度g.现将小物块紧贴竖直墙壁由静止释放，当小物块沿绝缘墙 壁下滑h时获得最大速度开始匀速下滑，墙壁足够长，下列说法正确的是 图10 A.小物块运动过程中的最大加速度为g B.小物块获得最大速度v=g ugB C.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程克服摩擦力做的功W=mgh- mg 2u'gB D.小物块沿绝缘墙壁下滑h过程经历的时间t=m +L9Bh gB mg 第Ⅱ卷非选择题（共54分) 数理报·高中物理》模拟试题 三、实验题（本题共2小题，共16分，将正确答案填在题中横线上或按要求作答） 11.(6分)惠更斯在推导出单摆的周期公式后，用一个单摆测出了巴黎的重力加速度.我们也可以采 用同样的办法，测量所在地区的重力加速度.某同学的实验步骤如下： (1)正确安装单摆，测出摆线长； (2)释放摆球，从摆球第1次经过平衡位置开始计时，第次经过平衡位置结束计时，停表记录的时 间为，则单摆周期T= (3)改变摆长，测出几组摆线长1和对应的周期T,作出l-T图像，如图11 所示 (4)测得图像的斜率为k,纵截距为-b,则重力加速度g= ,摆球的 图11 直径为 (用所测物理量符号表示)， ③列 (共8页，第4页) 12.(10分)充电宝是手机及时充电的一种重要工具.充电宝里面有一个锂电池，通常锂电池的电压 是4V左右，由于在充电宝中有相应的升压和稳压电路，充电宝的电压可以达到5V.某课题研究小组为 了探究充电宝的电动势随储电量的变化规律，准备了以下实验器材并设计了一个实验电路测量充电宝 的电动势和内阻. A.充电宝（电动势E约为5V,内阻r约为0.42） B.电压表V(量程3V,电阻Ry为4.0k2) C.电流表A(量程0.6A,电阻R约为0.52) D.滑动变阻器R(0~202,额定电流1A) E.定值电阻R,=22 F.定值电阻R2=4k2 G.开关S一只、导线若干 2.6 2 2. 数理报·高中物理》模拟试题（六） 2. 2. 2.0 1.8 1.7 00.1020.30.40.50.60.70.8/A 乙 图12 (1)实验中，若电流表读数为I,电压表读数为U,请写出U与I的关系式，U= (用E,r及R 表示) (2)该研究小组按图12甲所示电路图正确连接电路后进行实验，测量了在充电宝储电量为100%时 的6组数据并在坐标纸上描点，请结合数据点在图乙坐标纸上拟合出充电宝的U-I关系图像； 电压U(V) 2.17 2.13 2.08 2.02 1.96 1.79 电流I(A) 0.27 0.31 0.35 0.40 0.52 0.59 (3)请根据图线确定充电宝的电动势E= V,内阻r= .（结果保留两位小数) (4)该课题研究小组继续实验，测定了充电宝在不同储电量时的电动势，数据如下表所示 电量/% 100 80 60 40 20 5 充电宝电动势N 5.04 5.04 5.00 5.08 5.06 根据实验数据你认为充电宝的电动势随储电量的减小而 (选填“增大”“几乎不变”或“减 小”) (共8页，第5页) 四、解答题（本题共3小题，共38分，解答应写出文字说明、方程式和演算步骤.只写出最后结果的不 能给分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位) 13.(9分)为了研究火箭可回收技术，某次从地面发射质量为1000kg的小型实验火箭，火箭上的喷 气发动机可产生恒定的推力，且可通过改变喷气发动机尾喷管的喷气质量和方向改变发动机推力的大 小和方向.火箭起飞时发动机推力大小为F,与水平方向成0，=60°，火箭沿斜向右上方与水平方向成2 =30°做匀加速直线运动.经过t=30s,立即遥控火箭上的发动机，使推力的方向逆时针旋转60°，大小 变为F,,火箭依然可以沿原方向做匀减速直线运动.（不计遥控器通信时间、空气阻力和喷气过程中火箭 质量的变化，g取10m/s2)求： (1)推力F,的大小； (2)火箭上升的最大位移大小； (3)火箭在上升的过程中推力最大功率 数理报·高中物理)模拟试题（六 (共8页，第6页) 14.(12分)如图13所示，水平绝缘桌面上固定两根无限长平行金属导轨，导轨间距L,=4m,金属导 轨处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小B,=0.5T,金属导轨串联R,=32,R2=42的两个电 阻，R2两端并联一个平行板电容器，导轨上放置一根金属杆ab,其电阻r=1Ω，以u1=1m/s的速度向左 匀速运动，平行板长度L=2m,宽度d=2m某时刻，在平行板左边缘中央有一比荷为品=0.25C/kg 的带负电粒子，以初速度o=0.5/s向右进入平行板电容器，并从其右侧飞出，立即进入到磁感应强度 大小为B2=2T、方向竖直向上的匀强磁场中，磁场B2的左边界为图中的虚线位置.以平行板电容器中 央线距板右边缘1的位置为坐标原点建立平面直角坐标系（如图），原点处固定一抛物线状荧光屏，其 轨道方程为y=-x(x≥0).（忽略金属杆与导轨的接触电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽 略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射等影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和 空气阻力).试分析下列问题： (1)平行板电容器两极板间的电势差Uwv 数理报 (2)带电粒子飞出电场时的速度大小v及其与水平方向的夹角： (3)带电粒子打在荧光屏上的位置坐标P及在B,磁场中运动时间. R Bx x 高中物理)模拟试题（六） ●◆ 1=2 图13 (共8页，第7页) 15.(17分)如图14所示，两个金属轮A,、A2,可绕各自中心固定的光滑金属细轴0，和0，转动.A,金 属轮由3根金属辐条和金属环组成，辐条长均为4L、电阻均为2R.A2金属轮由1根金属辐条和金属环组 成，辐条长为2L、电阻为R.半径为L的绝缘圆盘A3与A同轴且固定在一起.用轻绳一端固定在A边缘 上，并绕足够匝数后（忽略A3的半径变化），悬挂一质量为m的重物P.当P下落时，通过细绳带动A绕O, 轴转动.转动过程中，A1、A2保持接触，无相对滑动.辐条与各自细轴之间导电良好，两细轴通过导线与一 阻值为R,的电阻相连.除R。和A1、A2两轮中辐条的电阻外，所有金属的电阻都不计.整个装置处在磁感 应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直金属轮平面向里，重力加速度为g.现将P释放，试求： (1)当P速度为，时，A轮每条辐条产生感应电动势大小； (2)当P速度为v,时，通过电阻R。的电流大小和方向； (3)最终P匀速下滑时的速度大小 图14 数理报·高中物理)模拟试题（六 (共8页，第8页)数理招 参考答案， 31 -之m解得E。=4+之mP,故A错误：设离开板 的合力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡磨 擦力，故A正确：拉力可以由力传感器测出，不需要用天 (3)对金属杆和电感有Bd,=L兰，所以金属杆开 间的带电尘埃的偏移量为y,极板间的电压为U,粒子在平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的 始运动后杆上电流和所受安培力与杆的位移成正比，即 平行极板的方向上做匀速直线运动沿直授板的方的质量远小于车的总质，故D结误：使用打点计时器1：驶人：L=, L 做匀加速直线运动，则有L=t,y=2,根据牛顿第 时，应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故C正确。 级功能关系行=+号平，代人可得， 1 (2)根据匀变速直线运动推论△x=aT,依据逐差 二定律学：m,联立解得y一由于元=号，六法，可得 =2m 一云：子，可解得了=4故B正路根据 4=++）二（++=2.0m5 97 15解折：(04=台-需解得B=受拉子在 可知，仅增大尘埃的速率，或仅减少尘埃的带电量，均 (3)由牛顿第二定律，对小车分析有2F=(M+ 匀强磁场中运动的周期为T=2。山 使y的偏移量减小，会降低除尘率，故CD错误， %加，益理得a=子 7.依题意，对配重受力分析，由牛顿第 二定律可得mgtan0=mw2(lsin0+ro), 由图像得k=M子m解得M=子-m,故C正确 由题意可知，粒子从y轴射出，弦长最短为乞，粒子 2 的运动时间最短。此时圆心角为60°，运动的最短时间 若增大转速，配重做匀速圆周运动的半径 (4)如图所示，当拉力达到一定数值时才产生了加 变大，绳与竖直方向的夹角0将增大，竖直 速度，说明没有平衡摩擦力或没有完全平衡摩擦力，故D 为4==胎 方向mg=Frcos0,水平方向F,sin0=F,片 Mg 正确 可知配重在竖直方向平衡，拉力F,变大， 图3 12.2.16,1.9×10或19000A,A,R,电路图如图5 (2)由于白=叫弩，所以，粒子以速度号做匀述 向心力F变大，对腰带受力分析如图3所示，可得竖直方 解析：(1)玻璃管内径D的测量值为D=2.1cm+ 向F,=Mg+Fcos0=Mg+mg,水平方向F、=F,in00.1×6mm=2.16cm 直线运动，以速度做匀速圆周运动（其半径为。= =mgtan0,故腰受到腰带的摩擦力不变，腰受到腰带的 (2)图丙指针指在19，所以读数为R.=19×1k2= 弹力增大，故A错误，B正确：若减小转速，根据AB选项 m 190002 =40元)，一个周期后与原速度方向相同，此时沿x 的分析，腰受到腰带的摩擦力仍是保持不变，故C错误； (3)因为电压表量程太大， 若增加配重，保持转速不变，则绳子与竖直方向夹角为0 将不变，故D错误 所以用双安法，选择电流表A,与 轴方向的位移为山：号×需：台，题日要求=心 定值电阻串联作为电压表使用， 8.线圈经过每个磁场时通过线圈的电荷量为9= =n宁，且需小于片，得n可取1和2。 电流表A2的阻值一定，通过A2 =票△r=N”=即潘过每个磁场时通过线 的电流可以直接读出，通过R,的 R 故符合题意的坐标为（片，0.0）和（号，0,0） 卷的电荷量相等，根据Q=E:=Eg,随机车速度的减 电流可以根据并联电路的特点 图5 (3)合磁场磁感应强度大小为B合=√B+B= 小，线圈经过每个磁场时产生的感应电动势减小，则金 计算得出，故电表选择A和A2; 属线卷通过每个磁场区域产生的焦耳热逐渐减小，故A 由R=号=633n可知定值电阻选择R:为 2 错误；机车刚进人磁场时受到的安培力的大小为F零= 沿x轴正方向射出的粒子，粒子分别在两个截面轨 了保护电路以及电压的保护范围大一些，滑动变阻器采 NBL=NBNB_NB1,故B正确：金属线圈穿过用分压接法，改装电压表的电流已知，因此采用外接法， 迹如图6所示： R R 每个磁场区域过程中根据动量定理-F△t=m△r,而 则电路图如图5. 13.解析：(1)a,b一起匀速运动时，对a、b整体有 F△t=NBIL△t=NBLq,金属线卷穿过每个磁场区域过 2 ngsin0=4·2 ngcos0,解得4=tan0, 程中速度的变化量4=8L=心4，金属线圈穿 mR (2)a、b一起下滑距离L,对a、b整体有2 ngsin0- 过每个磁场区域过程中速度的变化量相等，故C正确：机umgeos0=2ma1,解得a=2gsin0, 图6 设粒子射出点距x的距离分别为y和：，由几何关系 车的制动距离为x=品=产，故D储误 mvoR 由位移公式可得L=,,解得4，=2√ 知解得(2-)2+（二）2=后，(-)2+（二）2=公， Ngsin 0 9.根据题意，由折射定律 画出光路图，如图4所示由几 此时a、b的速度为1=a1t1=√gLsin0, 解得y=名：=名，故可得痕迹圆的半径为，= 何关系有∠OAD=∠ODA= 30°，可知a=0=60°，则有 6从M运动至，因绳子松光，对6有g血0=m,台，屏只在：≥0范国，故位子打在卖光屏上落点的痕迹 由位移公式可得L=t2+ ∠0AD=∠ODA=30°，折射 长度为d=m=岩 率为n品8=B1乃， 图4 解得与=（万-1）√gin0 L 高考模拟试题（六） 故A错误，B正确：由分析可知，光线在ACB弧面上的人 又：=有+，解得1=(1+5)√gn0 L 射角等于在A点的折射角，则0在0~90°变化时，不可 1.B2.B3.C4.C5.D6.C7.B 能在ACB弧面上发生全反射，故C正确：若入射光为白 (3)b运动至N点后匀速运动，此时速度为2=心1+ 8.BC 9.AD 10.ABD 光，由于各种颜色的光的折射率不同，则各种颜色的光在a,2=√3gLsi0,之后a,b发生弹性碰撞，由于质量相 提示： ACB弧面上的出射点不一样，将形成彩色光带，故D正确 同，所以碰后交换速度，直至轻绳绷紧，二者以相同的速 1.由n=3能级的激发态向低能级跃迁时，辐射三 10.图像斜率k==,=,1=0时刻 度，匀速运动，该过程系统动量守恒，则有m,+m,= 种光子能量分别为12.09eV、10.2eV、1.89eV,结合题 意，根据光电效应方程可知，这种金属的逸出功一定小 物体的速度不为0，物体减速，洛伦兹力减小，受到的摩 2m,解得。-1+5√gLm0. 2 于10.2eV,A错误，B正确；用波长最短即光子能量为 擦力增大，所以洛伦兹力向上，物体的速度向右，即t=0 12.09eV的光照射该金属时，最大初动能一定大于 时划，物块从左边进入磁场，故A正确，B错误；物体受到 14解析：()转动切湖，E=28a2=2V,电流1 1.89eV,C错误：由n=3能级跃迁到n=2能级产生的 的摩擦力B=-以二)：合为，所以斜率：=器=4L根据能量关系有1=心宁，得外力F光子能量最小，根据题意可知不能产生光电效应，D 。-4(mg-gB)p=二Lm,B)B,由数学知识可-1N 错误 gB (2)对金属杆用动量定理Ft=Bldt=Bdg=mm,电 2电流的周期为7=0.4s,故磁体的转速为n=7 得斜率绝对值最大时有mg-9B=mB,即：=器故C 错误，D正确. 荷量g=需=3C回路能量关系：=2m+Q,热量=Q4=256,故A钻误：通过乙图可知电压的最大值 11.AC2.00CD 解析：(1)用力传感器测出拉力，从而表示小车受到Q=-m=3.751 为12V,故有效值U=台=6万V,故B正确：周期T: 0.4s,故w=2停=得=5mas,故电压的表达式为U 力，则感应电动势不为零，则两棒速度差不为零，所以两 加速度段的加速度 棒间距不恒定，故B错误；撤去F瞬间，两棒的安培力大 =12sim5πt(V),故C错：电容器是否击穿应参考交流 小相等，但两棒质量未知，所以两棒加速度大小不确定。 a-2=10mg m 电的最大值，而交流电的最大值大于电容器的击穿电故C错误撤去F后，金属棒b做加速运动，cd做减速运 减速阶段的加速度 压，故D错误 动，当速度相等时，无感应电流，之后一直做匀速运动， =5m/s 3.壶中原来空气的体积V=0.6L,由玻意耳定律 所以cd的速度不小于ab的速度，故D正确 m P(n,+V)=p,解得n=12次，故A错误；气体从 a1t=a2t',f'=2t=60s, A到B,体积增大，对外做功，由于温度不变，理想气体内 10.小物块运动过程中的加速度a=坚二L9B,物 =7+2,=1330m 图3 能不变，根据热力学第一定律4U=Q+W可得，气体吸块由静止释放时有最大加速度a。=g,故A正确：物块速 收的热量等于气体做的功，故B错误：三角形面积S=度最大时合力为零，根据平衡条件得uqB=mg,解得小 (3)加速度阶段的最后时刻火箭的瞬时功率最大， 水，由题意可知，图线为等温曲线，由里想气体状态方物块能达到的最大速度为一吗故B正确：小物块沿 为P.=Fm=F,·a1t=35×10W=5.19×10°W 14.解析：(1)对导体棒ab切割磁感线有：E= 程.学：C,则p=CT,由于C是常数，看度T保持不绝缘墙整下滑为过程限据动能定宁听=时-，解B6,瓦及，解得：-1V R 变，则pV相等，两三角形△OAC和△OBD的面积相等， 得W=mgh一哥F,故C错误：小物块沿绝缘墙壁下 (2)带电粒子在平行板电容器内做类平抛运动，有 故C正确：4到B的过程中，温度不变，分子平均运动速率 不变，但是体积变大，分子变稀疏，压强减小，所以气体滑h过程，根据动量定理m=mgt-∑4qBt,即mm= 9=m== 分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，故 D错误 -,解得1品8+，D疏 mg 又am0=品解得：=号 4.设碗的半径为R,蚂蚁在最大高度处，与球心的连 1.(2)244k2山 0.7m/s,0=45° 线与水平方向夹角为0，则有i血0=L-02)B=0.8, 解析：(2)球在一个周期内两次经过平衡位置，有 (3)粒子进入磁场B2中做圆周运动，有qwB2= R 即0：53斯孩位指陶内曲面的切面与水平方有的夹角“7=得周期为了：，马 紧解得：R=En 为a=37°，则静摩擦因数4=tan37°=0.75.故C （).(4)单摆的周期公式为T:2√任摆长等 设粒子打在荧光屏上位置坐标为(x,y),则有x2+y 正确 =R,又粒子在抛物线上，有y=一 5.由题图乙、丙可知，振幅A=20cm,周期T 于摆线的长度与摆球的半径之和L=1+号得1=会T 联立有：y2-y-2=0,解得：y=2m(舍去)，或2 0.8s,角速度为@=牙=25mnds, =-1m,即位置坐标为P(1m,-1m) 人东动的初相为。，则质点A的位移的函数表~兰则鲜半：一后得宝力加速度为：=4，由载距 由几何关系可知：P所对圆心角为。=受，则1 达式为：y=20sin(2.5mt+r)cm, 当1=1.8s时，质点A的位移为y=20sin红cm 为-6，有-号=-6，得d=26 aB,解得1=π8 2 =-20cm,故A错；由丙图可知，质点的振动周期为T= 2)U=号-2)连线现图1 15.解析：(1)由图可知绝缘轮A,与A,轮具有相同 0.85,由乙图可知，波长A=20cm,则波速为D=分 的角速度，则有心=元=无 25cm/s:故B错：由该简谐波1=0时恰好传到B点，波源 重物P与绝缘轮A,具有相同的线速度，解得重物P 、 在B点左侧，波向x轴正方向传播，故C错：质点B、Q平 的速度大小为=4 衡位置之间的距离为L=60cm,由L=t,解得1= 根据法拉第电磁感应定律有E=分·B·4L·, 2.4s,即经过2.4s质点Q开始振动，又经过0.8s质点 Q完成一次全振动通过的路程是80cm,故D正确. 解得E=8BL1; 6.由光路图可知，c光的偏折程度最大，折射率最 (2)由图可知，电路的总电阻为R。-琴+R+K= 大，频率最大，a光的偏折程度最小，折射率最小，频率最 小，所以a是红光，b是绿光，c是紫光.故选C 17 0.1 0203 0.607 08 VA +儿，4金属轮与A金属轮具有相同的线速度，则4 7根据万有引力提候向心力6“会。，号 图1 金属轮的线速度为'=v=41,则A2金属轮辐条切割磁 12 (3)E=5.00V(4.96~5.04范围内均可) 4m2 r=0.46Ω(0.40-0.50范国内均可) cmm三mgT产t,解得mg= 感应线产生的电动势为E'=2·B·2L·'=4B (4)几乎不变 根据右手定则，可知两个金属轮上每条辐条产生的 解析：(1)根据全电路欧姆定律E=2U+1(r+R1), T=2n√6m,+m=2√信则当L-定1变大 电流互为增强，故两个金属轮产生的总电动势为E。=E 时，T变小：当M一定L变大时，T变大，L变小时，T变小 得出U号- 2 +E=12B,根据闭合电路欧姆定律可得1= E 故B正确 (2)如图1 (3)根据全电路欧姆定律E=2U+I(,+R)得出： 8根据动量守恒m,=（(m,+m,)×号，得m,= 128,根据右手定则可知电流方向为从左向右： U=号-片，结合图像得：E=26r=2让-R6 5R Ro 2mp,故A锆误；两粒子在1时划速度相等，两粒子相距 (3)最终重物匀速下滑，对整个系统，重力的功率等 最近，则系统的电势能最大，故B正确：由于S=3,则05.00V(4%~5.04范围内均可)，r=0.46Q(0.40一 于整个回路产生的热功率，则有 ~4时间内与1~，时间内两粒子间距离相等，电势能 0.50范国内均可)》 144BL2 相等，由动量守恒定律得mpo=mptp+mog,根据能量 (4)分析实验数据可知充电宝的电动势随储电量的 减小而几乎不变 SKR 关系m,心=m,心+mg,解得，=-号，即P 13.解析：(1)火箭上升过程时的受力情 况如图2 (R)mg 在名时刻的速度大小为号，故C正确：两粒子带同种电 解得= 由图可知F=mg=1×10N 144BL2 荷，所受电场力方向相反，时刻后速度不可能再相同， F,=5mg=1.73×10N 丙图像不会出现交点，故D错误 (2)当推力逆时针方向转动60°后受力 9.撤去F前，金属棒ab,cd以相同加速度沿导轨滑情况如图3：F'与F,垂直 动，根据△r=a△可知，金属棒ab、cd速度变化量相同， 则速度差恒定，故A正确：撤去F前，由于两棒受到安培 F's=mgsin3 1N 图2