2026年高考冲刺调研信息卷 物理试题（2）

信息卷·物理（二）参考答案 1.D由题意可知，氢原子跃迁后能向外辐射6种不同频率的光子，则由C?=6解得=4，所以单色光X的能 量为13.6eV-0.85eV=12.75eV,A错误；由以上分析可知，从n=4跃迁到n=1能级、从n=3跃迁到n= 1能级、从n=2跃迁到n=1能级向外辐射的光子的能量均大于钙的逸出功，所以有3种不同频率的光能使 钙发生光电效应，B错误；用光照射基态氢原子向高能级跃迁时，色光的能量一定等于两能级的能量差，因此 任意增加单色光的能量不一定能使基态的氢原子发生跃迁，C错误；从N能级直接跃迁到基态向外辐射的 光子的能量最大，由公式E=MG=X以及p=会整理得p=E,所以从N能级直接跃迁到基态向外辐射的 光子的动量最大，D正确。 2.D因为ana一气，即an。=4,物体轻轻地放在斜面体上，物体在斜面体上处于静止状态 A错误；0=0时，外力沿斜面体向上，由力的平衡条件得F=mgsin a十F/,又F/=FN,垂直 斜面体方向有Fv=mngcos a,代人数据解得F=mg,B错误；外力与斜面体之间的夹角为0时 最小，对物体受力分析如图所示，由力的平衡条件得Fcos0=mgsin a十Ff,又Fr= mgt (mgcos a一Fsin),整理得F=2 mg一，当0=30时外力最小，最小值为F=3m8 sin(60°+) 2 C错误，D正确. 3.A实践25号卫星由轨道I进人轨道Ⅱ，应在P点点火加速使卫星做离心运动，A正确；实践25号卫星在 轨道I和轨道Ⅲ环绕地球做圆周运动时，万有引力提供向心力，则由G恤=m号得。一√ 2 1,由于轨道1 的半径小于轨道Ⅲ的半径，所以实践25号卫星在轨道I运行的线速度大于在轨道Ⅲ运行的线速度，B错误； 由G细=ma得a=G4,实践25号卫星在轨道Ⅱ过Q点的加速度等于轨道Ⅲ过Q点的加速度，C错误；实 2 践25号卫星在轨道I的轨道半径为n=(27944+6400)km=34344km,在轨道Ⅲ的轨道半径为r2=(36000 十640)m=240km则n:n=81:10,由开普精第三定律得号-器实我25号卫星在轨道I和轨 道Ⅲ的周期之比为T1:T2=93：103,D错误 4.A由于三个点电荷均静止，若点电荷a带负电，在ba间、ca间的库仑力应为斥 力，此时点电荷b、c不可能平衡，通过分析可知点电荷α带正电，点电荷b、c均带负 电，A正确：对三个点电荷受力分析，如图所示，由对称性可知b、c所带的电荷量一 定相等，由电荷b的受力可知，电荷a对电荷b的作用力大小为F2=2F,C错误； 由库仑定律得F,=婴，F2=婴，则电荷α电荷量的绝对值为电荷b电荷量 绝对值的2倍，点电荷a、b、c的电荷量的绝对值之比为2：1：1，B错误；对电荷a F F 受力分析，如图所示，则匀强电场对点电荷a的电场力大小为F3=2F2cos30°，解得F3=2√3Fo,D错误。 5.B光由光密介质射向光疏介质，当入射角大于等于临界角时光会在该界面发生全反射，即不会从棱镜的上 表面射出，A错误：由折射定律得光束α的折射率为m.一册-册铝=巨，光束b的折射率为%一 sin r =sin60° sin 30 尽，光临界角的正弦值为mC=号b光临界角的正弦值为咖C二I日 m=3,a,b在棱镜 物理（二）参考答案第1页（共6页） 中发生全反射的临界角正弦值之比为鼎已-，B正确：®，6b光在棱镜中的传播速度分别为，=无一后 sin C n。√2’ 4-c= ab光在棱镜中的传播时间分别为1.-0_2，S0,么-S0_BS0,光束a,b在棱镜中传播的 nb√3 时间之比为片-气C错误：由题意可知a6光的折射率之比为兰-得又（一，所以有经-9又由条纹 间距公式△x一可知，b光通过同一双缝干涉装置，条纹间距与波长成正比，则有：=，D错误 d 6.A设原线圈的输入电压为U,副线圈的输出电压为U2,原、副线圈的电流分别为I1、I2,由变压器的工作原 理得是-异是-光对于原线图所在回路由U=1R十U,副线擱所在同路有6=C代十尺)》，解得店 1Am%=1:2,A正确：由以上可知U=U-1R=36V,又由是光解得=72V,B错误将副线 圈的电阻等效到原线隔，设等效电阻值为R,则有R一平又是=片是一忌受=尼十凡，装理得R ()(R十R),此时电路为R和R串联接在电源两端，则理想变压器的输出功率P出=Pe一R十R产R 2 乃 -(R-R)+4 一，显然当R=R1时变压器的输出功率最大，此时有R=112,输出功率为P出=121W, R U C错误；由C选项分析可知，电阻箱R,的阻值逐渐增大，等效电阻R逐渐增大，电流表的示数I一R十R逐渐 减小，D错误. 7.C气体由状态口到b的过程做等压变化，由益吕萨克定律得会-兴，解得T=31,气体由b到c的过程 做等温变化，T=T。=3T,A错误；气体由d到a,由玻意耳定律得pa·3.5,=AV,解得pa=号A,B错 误；气体从c到d,气体的体积不变，气体做功为0，即W=0,由于该过程气体的温度降低，又理想气体忽略分 子势能，则c到d的过程气体的内能减小，即△U<0,由热力学第一定律得△U=W十Q,则Q<0,气体向外界 放出热量，C正确；p-V图像中，图线与横坐标轴围成的面积表示气体做功，气体从a到c,气体对外做功为 W1,气体从c回到a,外界对气体做功为W2,由图像可知|W|>|W2|,即整个过程，气体对外做功，又气体 回到α时气体的内能变化为0，由热力学第一定律可知，整个过程气体从外界吸收热量，D错误. 8.AD结合题意作出维修工具的运动轨迹，如图所示，维修工具在D点的速度为 n一o37,解得m=15m/s,维修工具在D点的竖直分速度为y,=wsin37 =9m/s,则维修工具从O到D的时间为1=冬-品s=0.9s,B错误；OD两点 的水平间距为x=t=12×0.9m=10.8m,AD两点之间的距离为x如= B os37-8gm=18.5m,C错误；AD两点的竖直间距为H=05m7=13. 5X0.6m=8.1m,该过程沿竖直方向的分位移为h=g2=合×10X0.9m=405m,所以抛出点到楼顶 A的高度为△h=H一h=4.O5m,A正确；维修工具从O到D的过程，由机械能守恒定律得mgh=E知 2mw2,代入数据解得Eo=2.5J,D正确， 1 9.AC由图乙可知速度一时间图像与坐标轴围成的面积表示传送带的总长度，即L=之oX4十(11一o)×4, 解得6=10s,A正确：则物块加速时的加速度大小为a=音=0,4m,对物块由牛顿第二定律得 物理（二）参考答案第2页（共6页） mgcos a一mgsin a=ma,解得μ=0.8，B错误；若传送带的速率为6m/s,物块与传送带共速的时间为1= =15s,该过程物块的位移为x=a2=45m>L,显然物块与传送带不能共速，所以物块由底端一直加 Q 速到顶端，则由L=之42得a=2√30s,C正确；若传送带的速率为2m/s,物块与传送带共速的时间为 4=名=5s,该过程物块的位移为x一之a4,2=5m<L,显然物块与传送带共速后运动到达顶端，物块匀速 的时间为=二工=24,5s=9.5s,物块由P到Q的时间为t=十4=14,5s,D错误。 2 10.BD由于金属圆环并未处在磁场中，所以0~3的时间内，金属圆环始终不受磁场力的作用，则金属圆环 的面积即没有缩小的趋势也没有扩大的趋势，A错误；0~的时间内，磁场垂直纸面向外增加，由楞次定律 可知金属圆环中的感应电流沿顺时针方向，B正确；0~。时间内，由法拉第电磁感应定律得E=9=△B △t△t S,又是冬，S=,又由闭合电路欧姆定律得-是，由电阻定律得R=~2,解得了-， △tto So 4pto 0一6流过金属环某一横截面的电荷量为g=五0，解得qB8',C错误：0一时间内，金属圆环上产生的 40 焦耳热为Q,=-B气二，2一3%的时间内，金属圆环上产生的感应电动势为瓦=会是=品5，又 万-爱联立新得万-，金属圆环上产生的焦耳热为Q=不R·2弘=品，则0一3的时间内， 8pto 金属环中产生的焦耳热为Q=Q,十Q.=3mBS2,D正确。 8pto 119.579.59.58)1分)2)x1分)2分)√嘉2分》) 解析：(1)由刻度尺的读数规则可知，该读数为99cm十0.57cm=99.57cm; (2)假设物块与弹簧分离时物块的速度大小为6，物块离开C点的速度大小为v,则由动能定理得一gL 1 m、1 mw2,物块离开水平桌面后做平抛运动，由平抛运动的规律可知x=t,h=号g,整理得L一 大收由关系式可知欲使图线为直线，横轴应为，则k解得奶又由题意可知手 b,解得w=√2kh: go 12.(1)右(1分)(2)图见解析(2分) (3)2R(2分)(40159(2分)调大1分) 解析：(1)为了保证用电器的安全，电键闭合前，应使回路中的电阻值最大，则滑动变阻器的滑片应位于最右端； (2)根据电路图甲将实物图乙连线，如图所示； 物理（二）参考答案第3页（共6页） ③)由电路图甲分析可知，该实验的原理为电桥法测量电阻值，则当灵敏电流计的示数为零时，应有一 念又油电阻定律得R=P片则有是=台又风=R,解得一2R: E (4)由闭合电路欧姆定律得I=RT十R+,又由图丙可知60℃时，热敏电阻的阻值为R,=800,解得R- 159Ω；如果保持报警电流50mA不变仅提高报警温度，由于电源的内阻r、报警电流以及电源的电动势不 E 变，仅提高报警温度，则热敏电阻R:的阻值减小，由I一R,十R+,可知电阻箱R的阻值应调大 13.解：(1)设波动方程为y=10sin(经x十p)cm 将(0，-5)，(13,0)代入得-5=10sing,0=10sin(2红×13+g） 解得9=-否入=12m(1分) 该波动方程为y=10sim(晋x-晋)cm1分) 将质点A、B的纵坐标代入波动方程解得质点A、B的横坐标分别为xA=4m,xB=8m(1分) 由题意可知，质点A第一次回到平衡位置的时间比质点B第一次回到平衡位置的时间晚△=0.2s,则波 的传播方向沿x轴的正方向，则由4二1_8二7=0.2s(1分) 解得v=10m/s 由公式v=会得T=之=1.2s(1分) (2设质点B的报动方程为y=10sin(孕十。cm t=0时刻质点B的位移为y1=-5cm,即一5=10sina(1分) 解得a=-否(1分) 即质点B的振动方程为y=10sin(受：-晋)cm1分) 1=0时刻质点B沿y轴的正方向振动，又1=0.3s=于，则t=0.3s时的位移为必=53cm(1分) 所以0~0.3s的时间内，质点B通过的路程为s=|y|+|y2|=5(1十√3)cm(1分) 14.解：(I)粒子由S到M做匀加速直线运动，设粒子运动到M的速度为1，则有R=号(1分) 又由动能定理得gE,R=号mm2 解得-2器 (1分) 粒子由M到P的过程做类平抛运动，可知竖直方向2R= 水平方向有R=2a42（1分) 又由牛顿第二定律得qE2=ma 解得及一然 (1分) 物理（二）参考答案第4页（共6页） (2)由第(1)问解析得，= 3 粒子经过P点瞬间的水平分速度为vz=a 由以上解得u=23R to (1分) 所以粒子在P点的速度大小为=√十4=4迟 to 设速度与竖直虚线的夹角为a,则tana==√3 即a=60°(1分) 作出粒子的运动轨迹如图所示，则粒子在区域Ⅲ的轨道半径为=×××××× O0=号R B×Ⅲ 粒子在区域Ⅲ中运动时，由gB=m 0, 解得B=忌1分) 由题意可知，粒子在区域V中的轨道半径等于磁场的半径，即2=R 粒子在区域N中运动时，由qB,=m2 r2 解得品=品1分) (3)粒子区域Ⅲ中运动时，粒子的运动周期为T,=2“ 整理得T=2πm gB (1分) 粒子在区域Ⅲ中轨迹所对应的圆心角为120，则粒子在区城Ⅲ中的运动时间为其周期的分，即么=号 解得4=2受 粒子区域V中运动时，粒子的运动周期为T,=2π心 整理得T2=2"(1分) qB2 粒子在区域N中轨迹所对应的圆心角为90，则粒子在区域V中的运动时间为其周期的}，即与-至 解得与一弯 (1分) 粒子从S到T的时间为t=to十十t2十a 解得=(1++吾+晋1分) 15.解：(1)物块A释放后，物块A在传送带上加速，由牛顿第二定律得omg=ma(1分) 解得a=8m/s2 假设物块A能与传送带达到共速，则有x—艺一没。m=6,25>L,显然物块A在传送带上一直加速 (1分) 物理（二）参考答案第5页（共6页） 物块A离开传送带时的速度大小为o=√2aL=8m/s(1分) 物块A在传送带上运动的时间为t=西(1分) a 解得t=1s(1分) (2)物块A、B发生弹性碰撞，该碰撞的过程动量守恒、机械能守恒，则由m=mwA十Mg(1分) 名mw2=之m,2+合Mas3（1分) 1 解得A=-4m/s,B=4m/s 此后的过程物块B在长木板上表面做减速运动，长木板向右做加速运动，直到二者达到共速，设共同的速度 为v,由于水平面光滑，则物块B与长木板组成的系统动量守恒，由M=(m十M0v(1分) 解得v=3m/s 设物块B在长木板上表面滑过的距离为s,由功能关系得Mgs=M,2-号(m+0子（1分) 解得s=1m(1分) (3)第1次碰后，长木板向左运动的最大位移为西，对长木板由动能定理得一Mg=0-之m 解得=子m1分) 设长木板第2次与挡板碰前的速度为，则有Mw一mv=(m十M) 解得=（受）p(1分) 第2次碰后，长木板向左运动的最大位移为，对长木板由动能定理得一Mg=0一之m 解得=（分）P五（1分) 设长木板第3次与挡板碰前的速度为2，则有M一mu=(m十MD2 解得防=（受）m=(2)产。(1分) 第3次碰后，长木板向左运动的最大位移为x,对长木板由动能定理得一Mg=0-2m 解得=（分）=（分）m1分) 显然长木板每次与挡板碰后向左运动的最大位移为等比数列，其公比为子 所以从第1次碰后到长木板静止的过程中，长木板通过的总路程为 x=2x1+2x2十2x3十…十2x 解得x=2[1+(号)+（分）+…+（）-门=2( (1分)》 当取无穷大时，x=号=2m（2分) 物理（二）参考答案第6页（共6页）■ 2026届高考冲刺调研信息卷（二） 物理 答题卡 准考证号 学 校 [0][0][0][0][0][0][0][0][0][0 [1][1][1][1][1][1][1][1][1][1 姓名 [2][2][2][2][2][2][2][2][2][2] [3][3][3][3][3][3][3][3][3][3] 贴条形码区 [4][4][4][4][4][4][4][4][4][4] 班 级 [5][5][5][5][5][5][5][5][5][5 [6][6][6][6][61[6]6][6]「6][6 [7][7][7][7][7][7][7]7][7][7J 考 场 [8][8][8][8][81[8][8][8][8][8 9][9][91[9][91[9][9][9]9]I9 注 1,答题前，考生务必清楚地将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置，核准条形码上的准考证号、姓名与本人相符并完全正确及考试科目也相 意 符后，将条形码粘贴在规定的位置。 事 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔作答，字体工整，笔迹清楚 3.考生必须在答题卡各题目的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案无效：在草稿纸、试题卷上答题无效 项 4.保持卡面清洁，不准折叠、不得弄破。 填涂样例 正确填涂： 错误填涂：山X回p四 缺考标记：☐ 选择题（请用2B铅笔填涂） 1CA][B][C][D] 4CA][B][C][D] 7CA][B][C][D] 10[A][B][C][D] 2[A][B][C][D] 5[A][B][C][D] 8[A]CB][C][D] 3LA][B][C][D] 6 CA]CB]CC]CD] 9 CA]CB]CC]CD] 非选择题（请使用0.5毫米的黑色字迹签字笔书写） 11.(6分) 12.(8分) & (1) (1分) () (1分) (2) (1分) 2)在右图上作答(2分) 2分) (3) (2分) (2分) (4) (2分) (1分) 13.(10分) ↑y/cm 10- x/m -5 10 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ (二小物理第1页（共2页） ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ 14.(12分) × E2 X X Q I B2 15.(18分) 请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效！ (二)小物理第2页（共2页）绝密★启用前 2026届高考冲刺调研信息卷（二） 物 理 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡相应位置上。 3.请按照题号顺序在各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、 试题卷上答题无效。 4.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并上交。 n 圜 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的， 如 1.如图所示为氢原子的能级示意图，用某种单色光X照射大量处在基态的氢原子时，氢原子跃 迁到N能级，最终向外辐射了6种不同频率的光子，已知钙的逸出功为3.20V.下列说法正 敏 确的是 n E/ev -0 长 A.单色光X的能量为12.09eV -0.54 -0.85 B.有4种不同频率的光能使钙发生光电效应现象 -1.51 区 -3.40 C.任意增加单色光的能量均能使基态的氢原子发生跃迁 邪 D.从N能级直接跃迁到基态向外辐射的光子的动量最大 -13.6 2.如图所示，倾角为α=30°的斜面体固定在水平面上，质量为m的物体放在斜面体上，现用一 和 外力作用在物体上，使物体沿斜面体向上做匀速运动，已知物体与斜面体间的动摩擦因数为 相 么-号，重力加速度为g,外力与斜面间的夹角为9.sm30°-0,5.下列说法正确的是 A.物体轻轻地放在斜面体上，物体能沿斜面体下滑 B0=0°时，外力的大小为1.2mg C.0=37时，外力最小 D.外力的最小值为③mg 2 3.2025年2月20日，中国航天科技研制的实践25号卫星在距离地面36000km的同步轨道， 成功实现了人类历史上首次太空加油.如图为实践25号卫星发射的示意图，实践25号卫星 经过多次变轨到达轨道I,然后经过度轨道Ⅱ最终进入预定轨道Ⅲ.已知实践25号卫星在轨 道I距离地面27944km,地球的半径为6400km,其中轨道I、Ⅱ相切于P点，轨道Ⅱ、Ⅲ相 切于Q点.下列说法正确的是 (二)·物理第1页（共6页） A.实践25号卫星由轨道I进入轨道Ⅱ应在P点加速 B.实践25号卫星在轨道I的速度小于在轨道Ⅲ的速度 +I C.实践25号卫星在轨道Ⅱ过Q点的加速度大于轨道Ⅲ过Q点的 ●实践25号卫星 加速度 D.实践25号卫星在轨道I和轨道Ⅲ的周期之比为81：100 Ⅲ 4.如图所示，正三角形位于光滑绝缘水平面上，三个顶点各放置点电荷a、b、c,现在空间加水平 方向的匀强电场，三个点电荷刚好处于静止状态，已知点电荷b、c间的库仑力大小为F。.下 列说法正确的是 A.点电荷a带正电，点电荷b、c均带负电 B.点电荷a、b、c的电荷量的绝对值之比为1：2：2 C.点电荷a、b间的库仑力大小为F。 D.匀强电场对点电荷a的电场力大小为√3F。 5.如图所示，长方体棱镜底部有一光源，光源发射出一细光束斜射到上表面的O点，光束射出 上表面后分成两细光束a、b,已知光束在棱镜中与法线的夹角为r=30°，光束a、b与法线的夹 角分别为i1=45°、i2=60°，已知光的频率与折射率成正比.下列说法正确的是 A.无论光束在棱镜中的夹角多大，光束均能从上表面直接射出棱镜 B光束a,b在棱镜中发生全反射的临界角正弦值之比为 C光束a,6在棱镜中传播的时间之比为号 D光束a,b通过同一双缝干涉装置，条纹间距之比为写 6.如图所示，理想变压器原、副线圈接入定值电阻和电阻箱，定值电阻R1=4,R2=5,电阻 箱R,的调节范围足够大，电流表为理想交流电表，所接电源电压为u=44v2sin(I00πt)V.当 电阻箱的阻值调节为672时，电流表的示数为2A,原、副线圈的匝数分别为m1、2.下列说 法正确的是 A.n1:n2=1:2 B.副线圈的输出电压为80V C.当电阻箱的阻值为162时，变压器的输出功率最大，功率为121W D.电阻箱R。的阻值逐渐增大，电流表的示数逐渐增大 (二)·物理第2页（共6页） 7.将一定质量的理想气体封闭在容器中，气体从开始的状态α经一系列变化到b、c、d,后回到 状态a,该过程中理想气体的p-V图像如图所示，已知ab段图线与横轴平行，cd与纵轴平 行，bc段、da段均为双曲线，图中标出的坐标值均为已知量，状态a的温度为T。.下列说法正 确的是 A.状态c的温度为5T。 Po B状态d的压强为号p0 C.气体从状态c到d,气体向外放出热量 D.整个过程，气体向外界放出热量 3Vo3.5V。V 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有两个或 两个以上选项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分： 8.维修工修理楼顶的生活设施时搭建了一个斜面，倾角为α=37°，维修工从斜面的底端C沿斜 面向上攀爬，当维修工攀爬到D点时（未画出）需要一维修工具，某人从窗口的O点将维修工 具以vo=12/s的速度沿水平方向抛出，结果维修工在D点接住工具，且工具在D点的速 度方向刚好沿斜面向下.已知维修工具的质量为m=0.2kg,sin37°=0.6，重力加速度g= 10m/s2,AB沿竖直方向，忽略空气阻力.下列说法正确的是 A.抛出点到楼顶A的高度为4.05m B.维修工具从O到D的时间为1.0s C.A、D两点之间的距离为5.0625m B D.维修工具刚到达D点时的动能为22.5J 9.如图甲所示，传送带的倾角为α=37°，传送带的底端P到顶端Q的间距为L=24,传送带 以恒定的速率v=4/s沿逆时针方向传动，可视为质点的物块无初速地放上传送带的底端， 经t=11s的时间物块运动到传送带的顶端，该过程中物块的速度一时间图像如图乙所示，重 力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6.下列说法正确的是 ↑u/(ms) t/s 甲 A.to=10 s B.物块与传送带间的动摩擦因数为0.5 C.若传送带的速率为6m/s,则物块由P到Q的时间为2√30s D.若传送带的速率为2m/s,则物块由P到Q的时间为9.5s (二)·物理第3页（共6页） 10.如图甲所示，半径为r的圆内存在垂直纸面方向的磁场，磁感应强度随时间的变化规律如图 乙所示，规定垂直纸面向外的方向为正方向，用横截面积为S、电阻率为ρ的粗细均匀的金 属导线围成半径为2的单匝圆环放在磁场中，磁场的圆心与金属圆环的圆心位于同一点. 下列说法正确的是 A0~to时间内金属圆环的面积有缩小的趋势，2to~3t。金属圆环的面积有扩大的趋势 B.0~o时间内圆环中感应电流沿顺时针方向 C.0~%时间内，流过金属环某一横截面的电荷量为B,S D.03时间内，金属环中产生的焦耳热为3B,Sr Spto 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.(6分)晓宇同学利用如图甲所示的装置测量物块与水平桌面间的动摩擦因数，实验时完成 了如下操作： a.用重垂线确定桌面最右端C在水平面上的投影点O,测量出CO的高度差h; 五.将一轻弹簧固定在左侧挡板上，用物块将轻弹簧压缩△x,然后将物块由静止释放，弹簧原 长时在B点与物块分离，最终物块在水平桌面上滑行一段距离从最右端C离开，落在水 平面上的D点； c.用刻度尺测量出BC的长度L,以及OD之间的距离x; d.改变固定挡板A的位置，保持△x不变，重复b、c操作，测量出多组数据L和x. 已知当地的重力加速度为g,请回答下列问题： B A.ww 99 100 cm 0 D 甲 (1)实验时，用刻度尺测量了CO两点间的高度差，读数如图乙所示，则h= cm; (2)利用得到的实验数据，建立坐标系，其中纵轴为L,若要描绘出的图线为直线，横轴应为 （选填“士”“z”或“2”)，若图像斜率的绝对值大小为k,在纵轴上的截距为6，则物 块与水平桌面间的动摩擦因数为 ;物块与轻弹簧分离瞬间的速度大小为 (用测量量和已知量表示) 12.(8分)晓丹同学在研究热敏电阻Rτ的特性时，利用如图甲所示的电路测量了不同温度下热 敏电阻的电阻值，其中G为零刻度位于正中央的灵敏电流计，实验时调节电阻丝线夹c的位 置，直到灵敏电流计的指针指在正中央，电阻丝粗细均匀. (二)·物理第4页（共6页） (1)为了保证用电器的安全，电键闭合前，滑动变阻器的滑片应位于最 (选填“左”或 “右”)端； (2)用笔划线代替导线，根据电路图甲将图乙中的实物图连线； (3)某次测量时，若a、c两点间的距离为L1,c、b两点间的距离为L2,定值电阻R2的阻值为 R。,则热敏电阻的阻值RT= R R 电整整5 G 式 a电阻丝b S R 甲 (4)通过改变环境的温度，测量了在不同温度下热敏电阻的阻值，并通过记录的多组实验数 据描绘了如图丙所示的图像，通过分析，晓丹同学利用该热敏电阻设计了一报警装置，电 路图如图丁所示，已知电源的电动势为E=12V、内阻为r=1,欲使环境的温度等于 60℃且回路中的电流大于等于50A时报警装置开始启动，则此时电阻箱的阻值应调 节为R= 2,如果保持报警电流50mA不变仅提高报警温度，则电阻箱R的阻 值应 (选填“调大”“不变”或“调小”) +R/2 200 160 120 4040 6080100t/℃ 丙 丁 13.(10分)一列沿x轴方向传播的简谐横波，在t=0时刻形成的波形图如图所示，质点A、B为 简谐波上的两点，此时刻质点A位于正向最大位移处，质点A第一次回到平衡位置的时间 比质点B第一次回到平衡位置的时间晚△=0.2s.求： (1)波的周期； (2)00.3s的时间内，质点B通过的路程. Ay/cm 13 x/m -5 -10 (二)·物理第5页（共6页） 14.(12分)如图所示，两条相互垂直的虚线将空间分成四个区域I、Ⅱ、Ⅲ、V,区域I存在竖直 向上的匀强电场E1,区域Ⅱ存在水平向左的匀强电场E2,区域Ⅲ存在垂直纸面向里的匀强 磁场B,区域Ⅳ中存在半径为R的圆形匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小 为B2,且该磁场的边界与水平虚线相切于Q点.区域I中有一粒子发射源S,S到水平虚线和 竖直虚线的间距均为R,粒子源竖直向上发射一比荷为k的正粒子（粒子初速度不计），经时间 粒子通过水平虚线M点(M点未画出)，然后由竖直虚线的P点(P点未画出)进入区域Ⅲ， 粒子垂直水平虚线由Q点进入区域Ⅳ，最终由T点沿水平向左的方向离开圆形磁场，ST的连 线与水平虚线平行，E、E,B,B,均未知，忽略粒子的重力.已知P0=25R求： (1)电场强度的大小E1、E2; (2)磁感应强度的大小B1、B2; B (3)粒子从S到T的时间. Q 蟈 E 如 B 酃 15.(18分)如图所示，质量为m=1kg的长木板C放在光滑的水平面上，质量为M=3kg的物 块B放在长木板的最左端，长木板C右侧足够远处固定竖直的挡板，长为L=4的传送带 ☒ 以恒定的速度v=10m/s沿顺时针方向传动，传送带与长木板间用一小段光滑的水平轨道 衔接，传送带的上表面与长木板的上表面在同一水平面上，质量为=1kg的物块A无初 都 速地放在传送带的最左端，经过一段时间物块A离开传送带的右端，然后物块A与物块B 发生弹性碰撞，碰后立即将物块A拿走，此后物块B始终没有离开长木板，且长木板与挡板 南 均发生无机械能损失的碰撞.已知物块A与传送带间的动摩擦因数为4o=0.8,物块B与长 木板上表面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块A、B均可视为质点，忽略空气阻力，重力加速 阳 度g=10m/s2.求： (1)物块A在传送带上运动的时间； (2)从物块A、B发生碰撞到长木板与挡板发生首次碰撞的过程，物块B相对长木板上表面 滑过的距离； (3)从长木板第一次与挡板碰撞到系统静止，长木板通过的总路程 (二)·物理第6页（共6页）