2026高考模拟试题(四)-【数理报】2026高考物理满分冲刺复习专号

2026高考模拟试题（四） ◆数理报社试题研究中心 (说明：本试卷为闭卷笔答，答题时间75分钟，满分100分) 第I卷选择题（共46分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的） 1.居里夫妇和贝克勒尔由于对放射性的研究而一起获得1903年的诺贝尔物理学奖，他们发现自然 界中很多元素具有放射性，其中金属钍4Th具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤1Pa,同时伴 随有y射线产生，其方程为6Th一→1Pa+X,钍的半衰期为24天.则下列说法中正确的是 A.X是钍核中的一个质子转化成一个中子时产生的 B.X为钍核外的电子 报 C.Y射线的本质就是高速中子流 高 D.1g钍核经过96天后还剩0.0625g钍核 物 2.如图1所示，一块透明介质的横截面为等边三角形，一束单色光从AB边的中点射入介质，入射角 模 为45°，折射光线与BC边平行.现入射光的频率增大，入射角不变，则下列说法正确的是 A.光线有可能在AC面上发生全反射 题 B.光线在介质中传播的时间变短 四 C.光线在AB面折射后可能直接射到BC面上 D.光线有可能在AC边上水平向右射出介质 =0 压力表 空气柱 一橡胶塞 图1 图2 3.某同学用如图2所示的装置探究等温情况下一定质量的气体压强与体积的关系，下列说法正确的 是 ( A.该实验必须保证良好的密封性 B.该实验必须测量柱塞的直径 C.应快速移动柱塞，以减少气体向环境中放热 D.为方便操作，可用手握住注射器再推拉柱塞 (共8页，第1页) 4.如图3所示，一物体在与水平方向夹角为0的恒定拉力F作用下以速度v做 匀速直线运动.已知物体质量为m,物体和桌面之间的动摩擦因数为4，重力加速度 77777777777777n77777777777 为g.在物体运动时间为t的过程中，下列说法正确的是 图3 () A.支持力可能为零 B.摩擦力做功为-mgvt C.拉力和摩擦力的合力方向竖直向上 D.合力做功为Ft 5.地球同步卫星的发射过程可以简化如下：如图4，卫星先在近地圆形轨道I 上运动，在点A时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的远地点B时，再次点火进入 地球》 同步轨道Ⅲ绕地球做匀速圆周运动，设卫星质量保持不变，下列说法中正确的是 ( 图4 A.卫星在轨道I上运动经过A点时的加速度小于在轨道Ⅱ上运动经过A点时的加速度 B.卫星在轨道I上的机械能等于在轨道Ⅲ上的机械能 数理报 C.卫星在轨道I上和轨道Ⅲ上的运动周期均与地球自转周期相同 高中物 D.卫星在轨道Ⅱ上运动经过B点时的速率小于地球的第一宇宙速度 6.如图5甲所示为演示自感现象的实验电路.实验时，先闭合开关S,电路达到稳定后，灯泡A和B处 于正常发光状态，在。时刻，将开关S断开，测量得到，时刻前后流过某一灯泡的电流i随时间t的变化 题 四 关系如图乙所示，电源内阻及电感线圈L的直流电阻可忽略不计.下列说法正确的是 图5 A.闭合S,灯泡A和B都缓慢变亮 B.断开S至灯泡B完全熄灭的过程中，a点电势高于b点电势 C.图乙所示为灯泡B在S断开前后电流随时间的变化关系 D.由图乙可知两灯泡正常发光时，灯泡A的阻值大于灯泡B的阻值 (共8页，第2页) 7.如图6所示，两根足够长的平行金属导轨位于水平的x0y平面内，导 轨与x轴平行，左端接有电阻R.在x>0的一侧存在竖直向下的磁场，磁感 应强度B随空间均匀变化，满足B=B。+x(k>0且为定值).一金属杆与 导轨垂直放置，且接触良好，在外力作用下沿x轴正方向匀速运动.t=0时金 图6 属杆位于x=0处，不计导轨和金属杆的电阻.图中关于金属杆两端的电压U和所受安培力F大小的图像 正确的是 ( A B C D 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正 确的.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分) 8.地球表面与大气电离层都是良导体，两者与其间的空气介质可视为一个 报 大电容器，这个电容器储存的电荷量大致稳定，约为5×10C,其间的电场称为大 高 气电场.设大地电势为零，晴天的大气电场中，不同高度h处的电势φ的变化规律 物 如图7所示，不考虑水平方向电场的影响.根据以上信息，下列说法正确的是 100200300 400/k1 模 图7 A.大气电场的方向竖直向下 题 四 B.地面带电荷量约为2.5×10C C.地面和大气电离层组成的电容器电容值约0.6F D.高度h越大，大气电场强度越小 9.如图8所示，矩形线圈abcd的电阻为R,共V匝，在匀强磁场中绕垂直 于磁场的轴O0'匀速转动，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：2，定值电阻 R,=R,当线圈的转动的转速为n时，电压表的示数为U,则 A.若从图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e= 图8 teos 2mn(V) B电流表的示数为 R C线圈在转动过程中通过线圈磁通量的最大值为 D.当线圈转动的转速为2n时，电压表的示数为2U (共8页，第3页) 10.如图9所示，一个沙漏沿水平方向以速度v做匀速直线运动，沿途连续 漏出沙子，单位时间内漏出的沙子质量恒定为Q,出沙口距水平地面的高度为H, 忽略沙子漏出瞬间相对沙漏的初速度，沙子落到地面后立即停止，不计空气阻 力，已知重力加速度为g.在已有沙子落地后的任意时刻，下列说法正确的是 77777777777777772777777777777772 图9 A.沙子在空中形成的几何图形是一条抛物线 B.在空中飞行的沙子的总质量为Q 2H g C.沙子落到地面时对地面的作用力为Q√2gH 2H D.沙子落到地面时与沙漏的水平距离为v g 第Ⅱ卷非选择题（共54分） 数理报 三、实验题（本题共2小题，共16分，将正确答案填在题中横线上或按要求作答） ·高中物 11.(6分)用如图10甲所示装置研究两个半径相同的小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系.图 乙中0点是小球抛出点在地面上的竖直投影.实验时先让α球多次从斜槽上某一固定位置C由静止释 模 放，其平均落地点的位置为P.再把b球放在水平轨道末端，将α球仍从位置C由静止释放，α球和b球碰 题 撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作多次，其平均落地点的位置为M、N.测量出α、b两个 四 小球的质量分别为m1、m2(m1>m2),OM、OP、ON的长度分别为x1x2x3 b球 面垂线 白纸 重垂线 复写纸 777777777 甲 图10 (1)在实验误差允许范围内，若满足关系式 (用所测物理量的字母表示)，则可以认为 两球碰撞前后的动量守恒， (2)换用不同材质的小球再次进行上述实验，计算得出，。=1.5，若碰撞过程满足动量守恒，请 x3-x1 分析说明两球碰撞过程机械能是否守恒 (共8页，第4页) 12.(10分)小强同学用如图11甲所示电路测量一节干电池的电动势和内阻，从实验室找来两个电 压表和两个电流表，请你帮他选取合适的器材： A.电压表V:0~3V,内阻约3k2: B.电压表V:0~15V,内阻约3k2; C.电流表A:0~0.6A,内阻约0.12； D.电流表A,:0~3A,内阻约0.012； E.滑动变阻器R:0~102; 1.60 1440 A 1.20 数理报。高中物理》模拟试题（四 1.00 0.200.400.60 图11 (1)电流表应选用 ,电压表应选用 ;(选填选项前的符号) (2)该实验的实验原理是 ;(书写公式) (3)小强同学测量数据后绘制了U-I图像如图乙，可以求出E= V,r= 2;(结 果均保留三位有效数字)，与真实值相比，电动势测量值 (选填“偏大”“偏小”或“相等”)，内阻 的测量值 (选填“偏大”“偏小”或“相等”). 四、解答题（本题共3小题，共38分，解答应写出文字说明、方程式和演算步骤.只写出最后结果的不 能给分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位) 13.(9分)如图12所示，不可伸长的轻绳一端固定在距离水平地面高为h的0点，另一端系有质量为 m,可视为质点的小球，将小球从与O等高的A点由静止释放，小球在竖直平面内以O点为圆心做半径为 ,的圆周运动.当小球运动到最低点B时，绳恰好被拉断，小球水平飞出.不计空气阻力及绳断时的能量损 失，重力加速度为g.求： (1)小球飞出时的速率； (共8页，第5页) (2)绳能承受拉力的最大值Fm; (3)小球落地点到B点的水平距离x. 777777 图12 ------------------------------------ 《数理报·高中物理)模拟试题（四） (共8页，第6页) 14.(12分)“地磁爆”是由太阳风暴引起的：强烈的太阳风暴将大量的带电粒子（质子和电子）以极 大的初速度向外拋射，到达地球后影响了地球磁场的分布，对地球的电力、通信产生影响 (1)已知质量为m的质点在太阳的引力范围内所具有的势能为E,=-G,r为质点到太阳中心的距离。 已知G=6.67×101N·m2/kg,太阳质量M=2×100kg,太阳半径R=7×103m,太阳到地球的距离 L=1.5×10"m,太阳风初速度o=7×10m/s,质子的质量m=1.7×10-”kg,质子的电荷量g= 1.6×10~9C.忽略地球对粒子的引力作用，估算质子到达地球附近时的速度的大小（结果保留一位有 效数字)； (2)地球周围存在磁场，赤道上空磁感应强度的方向平行于经线向北.假设在赤道上空某处存在厚 度约为20km的匀强磁场区域，磁感应强度的大小约为3×107T,太阳风暴所产生的部分带电粒子垂直 于赤道表面射向地球，通过计算判断其中的质子能否穿过该磁场区域； (3)考虑地球引力的作用，上述匀强磁场区域内还存在重力场，重力场可认为是均匀的.该区域内有 大量的等离子体（质子和电子），故被称为等离子层.在磁场和重力场的共同作用下，等离子层中电子和 质子的无规则热运动宏观上表现为赤道平面内绕地心的定向运动和其他运动的叠加，形成可观测的电 流.已知该区域内磁场的磁感应强度为B,重力加速度为g,不计带电粒子间的相互作用，质子质量为m, 数理报 电荷量为9.请利用运动的合成和分解，求质子绕地心定向运动的速度 (提示：为简化模型，假设带电粒子无规则运动的速度方向仅局限在赤道平面内，如图13所示) ·高中物理》模拟试题（四 等离子层 赤道 地球 图13 (共8页，第7页) 15.(17分)分析电路中的电势变化是研究电路规律的重要方法.比如闭合电路欧姆定律可以通过分 析电势的变化得出：在电源内部，电流I从负极流向正极，非静电力的作用使电势升高E(电动势)，电流流 过电源内阻r时电势降低1r,因此电源两端电压U=E-Ir. (1)如图14甲所示，100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、K与一个电阻相连，线圈的电阻r= 52.线圈内有垂直纸面向里的匀强磁场，线圈中的磁通量随时间均匀变化，产生的感应电流I=1A,A、 K两点间的电势差U=45V.求：线圈中产生的感应电动势E及磁通量的变化率0；一 (2)电动机的模型示意图如图乙所示，MN、PQ是间距为L的固定平行金属导轨，置于磁感应强度大 小为B、方向垂直导轨所在平面向下的匀强磁场中，M、P间接有电源.一根与导轨接触良好、长度也为L、 阻值为R、质量为m的金属棒cd垂直导轨放置，通过轻滑轮以速率v匀速提升质量为m的重物.摩擦阻 力、导轨电阻均不计，重力加速度为g.当电动机稳定工作时，求cd两端的电势差U4; (3)如图丙所示，将一长方体金属薄片垂直置于匀强磁场中，在薄片的左右两个侧面间通以向右的 电流时，上下两侧面间产生电势差，这一现象称为霍尔效应，在垂直上下表面的连线上∫两点间电势差 的绝对值通常称为霍尔电压.实际测量霍尔电压时的测量点往往不在垂直上下表面的连线上（如、g两 ,点)，从而导致测量出现偏差，但仍可以采用一定的办法推测出准确的霍尔电压.某次测量，先测得、g两 数 点间的电势差为U,仅将磁场反向，磁感应强度的大小不变，再测得e、g两点间的电势差为U,求上述 情况中该金属薄片产生的霍尔电压U 理报 图14 高中物理)模拟试题（四 (参考答案见13~22版) (共8页，第8页)数理极 参考答案 确：读取压力表示数，以确定气体的压强，故C正确。 的合力为0，故合力做功为0，故D错误 (2)该组同学猜测空气柱的压强跟体积成反比.如 由牛顿第二定律，有qB,=mR 果想进一步通过图像来检验这个猜想是否合理，应当利 mu 5.由G=m,解得a-创，可知卫显在轨道1 所以尼=R=0.6m=2 用实验数据作出p-十图像，若该图像是一条过原点的 上运动经过A点时的加速度等于在轨道Ⅱ上运动经过A 所以最大偏转角为60° 点时的加速度，故A锆误：卫星从轨道I进入轨道Ⅱ需 直线，则结论成立 所以圆心坐标x=0.30m 在A点火加速，卫显从轨道Ⅱ进人轨道Ⅲ需在B点点火 2.(10298(2)A(3) ,(4)见解析 y=-心0s60°=2.4m-0.3×分m=2.25m加速，所以卫星在轨道【上的机械能小于在轨道Ⅲ上 解析：(1)螺旋测微器的精确值为0.01mm,由图可 即磁场的圆心坐标为(0.30m,2.25m) 的机械能，故B错误；由开普勒第三定律号=k可灯卫星 金属丝直径为D=0mm+29.8×0.01mm=0.298mm (2)待测金属丝电阻较小，可知电压表的分流很小， 1器： 在轨道I上的运动周期小于在轨道Ⅲ上的运动周期， 轨道Ⅲ上的运动周期与地球自转周期相同，故C错误： mgRt 电流表应采用外接法：为使金属丝两端的电压从零开始 (2)x= 2BL 变化，滑动变阻器应采用分压接法，故A正确， 21 由69=号，得。=√受可知卫足在轨道上运 (3)根据欧姆定律可得R=号=人，根据电阻定律 (3)0=WgRn_3m'gR 4BL 8B'L 动经过B点时的速率小于地球的第一宇宙速度，卫星在 解析：(1)拉断时有BL+mgsin0=mg, 轨道Ⅲ上运动经过B点时的速率大于卫星在轨道Ⅱ上 可得R三p、=p,联立可得金属丝电阻率的表达式 运动经过B点时的速率，故卫显在轨道Ⅱ上运动经过B 为p=mD E=1=是 点时的速率小于地球的第一字宙速度，故D正确 .4 mgR 6.闭合S,B灯立划变亮，由于线卷产生自感电动势 (4)实验中改变金属丝长度，通过改变滑动变阻器 解得6=2B元 阻得电流的增加，使得灯泡A缓慢变亮，选项A错误；断 滑片的位置，使得每次电流表的示数均为1。，测量出金属 (2)对导轨，根据动量定理，有 开S后，原来通过B的电流立即消失，由于线圈产生的自 丝长度【，以及对应的电压表示数U,根据欧姆定律可得 mgsin Ot-BIL =mvo 感电动势阻碍电流的减小，则线圈L相当电源，与灯泡B U=1R,又R=pS=p 联立可得0=，作出 和A重新组成回路，则通过B的电流由b到a,则从断开S 至灯泡B完全熄灭的过程中，a点电势低于b点电势，S断 (一1图像。可知斜半为：器解得金屈丝的电组丰 E=BL而 开前后流过灯泡B的电流方向相反，即图乙所示为灯泡 B在S断开前后电流随时间的变化关系，选项B错误，C B2L21 为p='mD 整理得mgl,sin0- R 正确：由图乙可知由于S断开后通过B的电流大于S断开 41。 之前通过B的电流，可知两灯泡正常发光时，灯泡A的阻 解得x=元= mgRt m2gR2 13.解析：(1)由滑块与木板之间的动摩擦因数4= 2BL 2B'L 值小于灯泡B的阻值，选项D错误 、令。am30°可知，滑块在木板上匀速下滑，即滑块到达 (3)根据能量守恒，有Q+mG=mgs 7.设金属杆在△t内运动的位移为x,且△t→0，设两 导轨间的距离为L,则在△：时间内金属杆与导轨、电阻构 A点时速度大小依然为。=15m/s,设滑块离开圆弧轨 解得0=mg。3加R 成的闭合回路中磁通量的变化量△中=(B。+x)xL 道B点后上升的最大高度为h,则由机械能守恒定律可 4B'L 8BL 0,则4内闭合回路中产生的感应电动势E=”= 得)m,6=mg(Reos0+h) 高考模拟试题（四） 解得h=9.75m (B。+)止，设金属杆匀速运动的速度为，则。=立 △t 1.D2.A3.A4.C5.D6.C7.B (2)由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速 代人上式，可得E=(B。+kx)L不计导轨和金属杆的电 8.AD 9.BD 10.BC 度大小为。=15m/s, 阻，则金属杆两端的电压U=E=(B。+x)L,可知U与 提示： 滑上木板后，木板的加速度为1，由牛顿第二定律 x成线性关系，是一条倾斜的直线，由U=(B。+x)L, 1.根据核反应方程，电荷数和质量数守恒可知，X为 可知wm2gcos0-m1gsin0=m,a1得a1=5m/s 可得U=(B。+kx)Lm=(B。+kt)L,可知U与t成线 电子©，这个电子并非原子核外的电子，而是由原子核 滑块减速的加速度为2，由牛顿第二定律可知 性关系，是一条倾斜的直线，故A错误，B正确；由闭合电 内的一个中子变成一个质子加上一个电子而来的(。 umagcos 0+magsin 0 m az a 10 m/s" →H+e),故AB错误；y射线的本质就是光子流，故C 设经过t,时间后两者共速，共同速度为，由运动学 路欧好定维可得电路中感应电流1=是=大业， R。 公式可知=0-a=a4得4=1s,”1=5m/s 错误：根据m:m(宁)片知剩余针的质量m:金属杆所受安培力：P=BL,代人数据可得F= 该过程中木板走过的位移年=之 m,(分)片=1×（宁）音g=0.0625g,故D正确 (B+P,可知F与x不是线性关系，F-x图像应为 带铁走过的位移：。兰 2人射光的频率增大，光线有可能在AC面上发生金曲线，由F=县+：，可得F:(民+)户可 R。 R。 之后一起匀减速运动至最高点，若滑块最终未从木 反射，光程变大，光线在介质中传播的时间变长，由于入知F与1不是线性关系，F-1图像应为曲线，故CD错误。 射点是AB的中点，光线在AB面折射后不可能直接射到 板上端滑出，木板的最小长度L=-x1 8.大地电势为零，离地面越高，电势越高，因沿电场 BC面上，也不可能在AC边上水平向右射出介质，故A方向电势降低，可知大气电场的方向竖直向下，故A正 联立解得L=7.5m 正确 确：因地面和大气层分别是电容器的两个电极，电容器 14.解析：(1)因为微粒射人电磁场后做匀速圆周运 3.该实验要使研究气体对象质量一定，所以必须保储存的电荷量约为5×10C,可知地面带电量约为5× 动受到的电场力和重力大小相等，则：gE=mg 证良好的密封性，故A正确：实验中要验证p,',=P2, 解得：E=40N/C,方向竖直向上 由于推拉柱塞前后柱塞横截面积不变，因此只需验证 10C,故B错误：根据电容器的定义式C=号可知，地面 （2②)由牛顿第二定律有：8=n后 P山=山，所以不需要测量柱塞的横截面积，即不需要和大气电离层组成的电容器电容值约C:号 测量柱塞的直径，故B错误：为了保证气体温度不变，应 所以R,=0=0.6m,T=2m=10ms 5×103 qB qB 授移动性塞，不可以手据住注射器再推拉性塞，故①0F=子，故C错误：根据E=片可知图像的 从图乙可知在0~5πs内微粒做匀速圆周运动，在错误 斜率代表电场强度的倒数，高度h越大，大气电场强度越 5πs~10πs内微粒向左做匀速直线运动.在10πs~ 物体匀速运动，对物体受力分析，水平方向有小，故D正确 15πs内微粒又做匀速圆周运动，在15πs微粒向右做匀Fcos0=F,=uF、,竖直方向有Fy+Fsin0=mg,由于 9.根据欧姆定律，发电机产生的感应电动势的最大 速直线运动，之后穿过y轴。离x轴的最大距离s'=2R,×水平方向一定受到向左的摩擦力，故支持力不可能为 2=4R=2.4m 零：摩擦力做功为W=-F3=-uFws=-μ(mg 值为则有后=则+心，号=方4=2弘=2只 (3)如右图，微粒穿过圆形 Fsin0)t,故AB错误；对物体受力分析，受到竖直向下的。=2 rad/s,从线圈转动到图示位置开始计时，线圈 磁场要求偏转角最大，人射点A 重力和竖直向上的支持力，由平衡条件可知此时拉力和中产生的电动势的瞬时表达式为e=Ecos wt= 与出射点B的连线必须为磁场圆 的直径 摩擦力的合力方向必定竖直向上此时与支持力的合力巴s2(),故A错误：依题意可得么一片：贵 才能和重力平衡，故C正确：物体做匀速直线运动，受到 2 30 参考答案、 数理招 4:h=2:1,所以1=2弘-光故B正确：线圈在转动 解析：（)根据动能定理有m=方，解得小球R,故A错误：木卫1一次“淹食”过程的时间为 rin号 过程中通过线圈的磁通量最大值为中，则有心。飞出时的速率。=√2 2 (2)设绳对小球的拉力为F,依据牛顿第二定律有 名，故B错误：木卫1绕木显运动的向心加速度为口 心品得山数Q迟当我春转动的苦C一解得￡，3m棍据生顿第三定建提，上马上。R故C确设木通 速为2n时，线圈中产生的电动势的最大值为E。=受到的拉力大小F。=F=3mg p.4nm,因为5=M.2nm=E所以=5U, (3)设平抛运动的时间为，则h-7=,解得1太阳的距离为山，木星绕太阳做匀速圆周运动，由万有引 其有效值为5U,假定电压表示数为U5,则有5U=R+ 2h-五，抛出的水平距离x=t=2g× 力提侯向心力可得学。小芳4解得大对质量为1。 d =2爱R+(=区+2G=含5，解得=2U,故 g R 2(h-五=2(h-可. ,由于未给出木星到太阳的距离为山，无法由题给 D正确 g 14.(1)=3×10m/s 信息测定太阳质量，故D错误 10.由于沙子下落时，沙子与沙漏均具有水平向右的 (2)无法穿过匀强磁场区域 3.由题可知，设R2=R3=R,当开关S 初速度，所以漏出的沙子在水平方向上均与沙漏以相 断开时，副线圈的负载电阻为2R:当开关闭 同的速度向右移动，因此沙子在空中形成的几何图形是 (3)器 合时，副线圈的负载电阻为R;将理想变压器“。 一条直线，故A错误；从第一粒沙子漏出开始到这粒筛子 解析：(1)带电粒子只在太阳引力作用下运动，由机的原、副线圈和负载电阻等效为一个电阻， A 刚落地，这过程中在器直方向上，有1=之，这过被能守恒定律得宁房-警：子m.坐 画出电路的等效电路图，如图2所示 图2 R 程的时间为1=√四，由于华位时润内凝出的沙子质量 估算得到=3×10m/s 根据理想变压器电阻等效法，得R。=(一Ra, (2)不计带电粒子与地球间的万有引力，则带电粒 恒定为Q,则这一过程中落下的沙子总质鼠满足M=:子只在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，设半径为r,根因此当开关断开时R=(子)P×2R=8R,当开关闭合 -0,厚故B正德子在多直方有资自击高体运东，器他室力排佳向心力8：子代人~时风，=一产：收机好合电培欢定体，河阳 10.6km<20km,无法穿过磁场区域 所以其落地前竖直方向的速度满足=2gH解得书，= 220 （③)设某时刻质子的速度为，无论朝哪个方向运等效电路中电流表示数1=R+R4=8十 √2g亚，以竖直向下为正方向，根据动量定理，4时间内可动，都可以分解出一个平行于赤道方向的速度”1，且”：」 知地对沙子的作用方为g-1=0-0得到P三g满是.日-，清电粒子洗会在约造直线运动的落六：子，解得R=1n,放A正 =Q√2g亚，根据牛顿第三定律可知，沙子对地面的作用础上叠加上一个线速度为'="-”，的匀速圆周运动. 力为F'=F=Q2g亚，故C正确；因为沙子与沙漏在水 从较长时间观察，匀速圆周运动对定向运动没有贡献， 开关开时风=8R=8n=A=草 平方向上以相同速度：运动，所以沙子落地与沙漏的水所以质子的定向运动速度大小为”，一器方向向左 线图电流4一之：空A,发圈电压化，=人×2水 平距离为0，D错误 =55V,如果副线圈匝数为1，副线圈磁通量变化率的最 11.(1)m女2=m1x+mx(2)不守恒（见解析） 0va5s:(②)2+k: 解析：(1)小球在空中运动的时间为t,若满足动量 (3)- 大值为中。万，=55，万TV,但是实际副线圈的匝数 △t 2 守恒定律有m兰=风兰+m号 未知，因此磁通量变化率不可求，若R=可从0开始变化， 解析：(I)路端电压Uw=E-r, 原线圈输入功率随R=逐渐增大，当R=R,时，原线圈 得m3=m1x1+mx 代入数据得E=50V, 的输人功率最大，即副线卷开关断开时最大，故BC错 (2)碰撞前后系统总动能分别为 由法拉第电磁感应定律 2 误：开关断开时，电路中消耗的总功率为P=R,+R E=2m·(空)月， E=a9,得把=05NW (2)设电路中的电流为1，金属棒中电流从c到d,非 3025W,故D错误 E=7m·()2+2m,() 静电力（洛伦滋力）做负功，电势降低BL,静电力做正 4.把充入的气体和原气体作为整体，气体做等温变 功，电势降低IR,金屈棒cd两端的电势差U,=IR+BLm, 化，根据玻意耳定律可得po(V,+V2)=p1V,解得P:= 故可得8-民=子·（宁户-宁m(宁-物体匀速上升有L=影解得，：瓷+L 1.2atm,故A错误：温度是平均动能的标志，温度不变， 所以分子的平均动能不变，故B错误；充气后封闭气体压 2m() (3)设fg间的电阻为R,通过金属薄片的电流为1， 强变为1,2atm,大于大气压强，所以打开阀门后，气体膨 金属薄片上eg两点的电势差Ux=p。-Pg=(p。-p) 胀，对外界做功，故C正确：打开阀门后，密封气体对外做 根据动量守恒关系式m1x2=m1x1+m2,,结合 +(9-9）=(。-9）+R,磁场方向、通过金属薄片 功，温度不变，内能不变，则气体从外界吸热，故D错误 x3-X1 =1.5,整理得E-E=m(5- 中的电流方向如题中图丙所示时，金属薄片上表面的电 42 5.光线发射器中发出的光子的能量分别为 势低，可得U=-Ug+R,仅磁场方向反向时，金属片 E1=-1.51eV-(-13.6)eV=12.09eV 由于x>x1,故E,>E1,可知两球碰撞过程机械能 上表面的电势高，同理可得U=Um+R,解得霍尔电压 不守恒， n=2 E2=-3.40eV-(-13.6)eV=10.2eV E3=-1.51eV-(-3.40)eV=1.89eV 12.(1)CA(2)0=E-1r 2 (3)1.480.750偏小偏小 可见光光子的能量范围是1.62~3.11eV,光线发 高考模拟试题（五） 解析：(1)由于测一节干电池的电动势和内阻，最大 射器中发出的光有一种为可见光，故A错误： 电压为1.5V,所以电压表选A即可，滑动变阻器的最大 1.A2.C3.A4.C5.B6.B7.B 根据E=W。+Em,光电管中光电子飞出阴极时的 8.BC 9.BCD 10.AD 阻值为10Ω，所以最小电流为0.15A,滑动变阻器阻值 最大初动能为Em=9.54eV,故B正确；由图丙可知，a 提示： 调到一半5Ω时，电流为0.3A,滑动变阻器阻值减小到 光遏止电压小于b光遏止电压，由E=W。+Fxm selc= 1,由动能定理可知mgh= E得a光能量小于b光能量，则题述a光为氢原子从n= 2.5时，电流为0.6A,所以电流表选择C即可. 2能级跃迁到n=1能级时发出的光，故C错误；部分光 (2)根据闭合电路欧姆定律，可得U=E-r 2m,两过程小环到达c点时 (3)根据U=E-可知，图像的斜率的绝对值表示的速度大小相等，画出两过程中 线被遮挡，不改变光子能量，则光电子飞出阴极时的最 大初动能不变.因为光子数量减少，则光电子数量减小， 电源的内阻，纵坐标的截距表示电源的电动势，则有E= 小环的速率一时间图像如图1 所示，由于H=1cm,R=5m,则 光电流变小，故D错误 1.48V,r=48-1.000=0.7500. 图1 0.64 可将BC与弧BC长度近似相等，由图可知，<2，故A正 6.当两极板间电压为U。时，)=80%，可知相同时 由于电压表的分流作用，测得电流值偏小，根据E=确，BCD锆误， 间内有80%的带电尘埃打在下极板，则离开极板间的带 U+r可知，电动势值偏小，短路电流不变，所以斜率偏 2.木卫1绕木星做匀速圆周运动，线速度为”= 电尘埃的偏移量=号，设尘埃的最大动能为E,两 小，内阻偏小 要，又由几何关系知血号=只得r=R2则= 13.(1)√2gr;(2)3mg;(3)2F(h-r) 极板间的距离为（根据动能定理可知宁×专=八。