2026高考模拟试题(三)-【数理报】2026高考物理满分冲刺复习专号

2026高考模拟试题（三） ◆数理报社试题研究中心 (说明：本试卷为闭卷笔答，答题时间75分钟，满分100分) 第I卷选择题（共46分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的） 1.绳上质点P在外力作用下从平衡位置开始沿竖直方向做简谐运动，带动 绳上各点依次上下振动.振动传到质点Q时绳子上的波形如图1所示.已知波 图1 的传播速度为v,P、Q平衡位置间的距离为L,下列说法正确的是 A.质点M此时向下振动 数理报 B.质点P的振动周期为升 高 C.质点P开始振动的方向是向下的 物 D.质点N开始振动后，P、N两质点的振动步调总是一致 模 2.如图2所示，在光电效应实验中，用频率为v的光照射光电管阴极，发生了 试 光电效应，则 A.入射光频率v一定时，增大入射光的强度，光电流不变 B.入射光频率v一定时，减小入射光的强度，光电效应现象消失 C.改用频率小于v的光照射，一定不发生光电效应 图2 D.改用频率大于v的光照射，光电子的最大初动能变大 3.木星有4颗卫星是伽利略发现的，称为伽利略卫星，其中有两颗卫星的轨道半径之比约为1：4.根 据以上信息可知这两颗卫星的 A.线速度大小之比约为1：2 B.周期之比约为1：8 C.向心加速度大小之比约为4：1 D.向心力大小之比约为16：1 4.如图3所示，水平地面上放置一个质量为10kg、倾角为37°的斜面体 一个质量为5kg的箱子在平行于斜面的拉力F作用下，沿斜面体匀速上滑， 斜面体保持静止.已知箱子与斜面间的动摩擦因数为0.25，重力加速度g取 370 10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8.下列说法正确的是 图3 (共8页，第1页) A.箱子对斜面体压力的大小为30N 9 B.拉力F的大小为10N C.斜面体对地面压力的大小为150N D.地面给斜面体的摩擦力大小为32N 5.如图4甲所示，在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环，磁场的磁感应强度B随时间t 变化的关系如图乙所示.规定磁场竖直向上为正，导体环中电流沿顺时针方向（俯视）为正，导体环中感 应电流随时间变化的图像正确的是 数理报 高中物理 123 B D 模拟试题 6.如图5甲所示，A、B是某点电荷电场中一条电场线上的两点，一个电子仅在静电力的作用下从A点 运动到B点的v-t图像如图乙所示.下列说法正确的是 图5 A.该点电荷为正电荷 B.电子在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力 C.A点的电势高于B点的电势 D.电子在A点的电势能大于在B点的电势能 (共8页，第2页) 7.如图6所示，质量为m的小球用长为1的细线悬于P点，使小球在水平面 内以角速度ω做匀速圆周运动.已知小球做圆周运动时圆心O到悬点P的距离为 h,重力加速度为g.下列说法正确的是 111111111111111 A.绳对小球的拉力大小为mwl -----0 图6 B.小球转动一周，绳对小球拉力的冲量为0 C.保持h不变，增大绳长l,ω增大 D.保持h不变，增大绳长(，绳对小球拉力的大小不变 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正 确的.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分) 8.如图7所示，质量为m、电阻为R、边长为l的单匝正方形导线框abcd从某一 高度处自由下落，匀速穿过一磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里. 数 不计空气阻力，重力加速度为g.下列说法正确的是 报 高 A.磁场区域的宽度小于1 图7 B线框进入磁场时的速度大小为器 模 C.线框穿过磁场过程中产生的焦耳热为2mgl 题 D.线框进人和穿出磁场过程中通过导线横截面的电荷量均为 9.如图8所示，让H、H种He的混合物由静止开始从A点经同一 加速电场 加速电场加速，然后穿过同一偏转电场.下列说法正确的是 A.进入偏转电场时HHe具有相同的速度 偏转电场 B.进入偏转电场时H、He具有相同的动能 图8 C.三种粒子从不同位置沿不同方向离开偏转电场 D.三种粒子从相同位置沿相同方向离开偏转电场 10.如图9甲所示，中国工程物理研究院建立的“聚龙一号”实现了我国磁化套筒惯性约束聚变装置 零的突破.该装置实现聚变的核心区域为一个半径为r(大约为1c)、类以指环的金属套筒.套筒放在轴 向的匀强磁场B中，内部空间充满固定体积的氘氚气体（如图乙阴影部分）.当沿轴向通入大电流I后，金 属套筒迅速在100s时间内汽化成等离子体.在洛伦兹力的作用下，等离子体向中心汇聚，压缩氘氚气体 发生聚变反应释放出能量。大电流产生的磁场提供给套筒侧面的压强满足关系：P= P 8n不，其中山为常 (共8页，第3页) 数.下列说法正确的是 图9 A.该装置将电能全部转化成聚变反应的核能 B.外加磁场的作用是保证汽化后的等离子体受到轴向洛伦兹力的作用 C.施加在套筒上的电流越大，越有利于聚变的发生 D.套筒的厚度越大，汽化后的等离子体越容易向轴向运动，越不利于聚变的发生 第Ⅱ卷非选择题（共54分) 三、实验题（本题共2小题，共16分，将正确答案填在题中横线上或按要求作答） 11.(6分)用图10甲所示的装置探究气体的等温变化规律. (数理报。高中物理》模拟试题（一） 一压力表 柱塞 空气柱 橡胶塞 图10 (1)下列哪些操作是必需的 A.调节空气柱长度时柱塞应缓慢地向下压或向上拉 B.测量空气柱的直径 C.读取压力表示数 D.读取空气柱的长度 (2)某小组利用测量得到的数据绘制的p-V图像如图乙所示，该组同学猜测空气柱的压强跟体积 成反比.如果想进一步通过图像来检验这个是否合理，应当利用实验数据作出 图像 ! (共8页，第4页) 目 12.(10分)在“测量金属丝电阻率”的实验中 (1)如图11所示，用螺旋测微器测量金属丝直径，则金属丝直径 mm; 图11 (2)待测金属丝电阻较小，为使电阻的测量结果尽量准确，且金属丝两端的电压从零开始变化，以下 实验电路符合要求的是 数理报 A B C D (3)实验中改变滑动变阻器滑片的位置，读取多组电压、电流值，描绘出 理 的U-1图线如图12所示，若图线的斜率为k,金属丝的长度为1，直径为D, 模拟 则金属丝电阻率的表达式为 ;(用k、l、D表示) 题 (4)某同学认为，在不改变电路结构的基础上，可以另外设计一种实验 图12 方案，通过改变金属丝长度，并利用某一电表测得的数据，作出相应的图像， 进而通过图线的斜率求得金属丝的电阻率，请简要说明实验方案，并用斜率'表示金属丝的电阻率 (需要的其他物理量可自选符号表示)： 四、解答题（本题共3小题，共38分，解答应写出文字说明、方程式和演算步骤.只写出最后结果的不 能给分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位) 13.(8分)如图13所示，质量m,=1kg的木板静止在倾角为0=30°足够长的、固定的光滑斜面上， 木板下端上表面与半径R=√5m的固定的光滑圆弧轨道相切，圆弧轨道最高点B与圆心O等高.一质量 m2=2kg、可视为质点的小滑块以。=15/s的初速度从长木板顶端沿木板滑下，已知滑块与木板之间 的动摩擦因数红-厚，木板每次撞击圆弧轨道时都会立即停下而不反弹，最终滑头未从木板上瑞希出。 (共8页，第5页) 取重力加速度g=10m/s2.求 (1)滑块离开圆弧轨道B点后上升的最大高度； (2)木板的最小长度 图13 《数理报·高中物理》模拟试题（二） (共8页，第6页) 14.(12分)如图14甲所示，在x0y平面内有足够大的匀强电场E,在y轴左侧平面内有足够大的磁 场，磁感应强度B,随时间t变化的规律如图乙所示，选定磁场垂直纸面向里为正方向.在y轴右侧平面内 还有方向垂直纸面向外的恒定的匀强磁场，分布在一个半径为r=0.3m的圆形区域（图中未画出）且圆 的左侧与y轴相切，磁感应强度B2=0.8T,t=0时刻，一质量m=8×104kg、电荷量g=+2×10-4C 的微粒从x轴上xp=-0.8m处的P点以速度v=0.12m/s向x轴正方向入射.已知该带电微粒在电磁 场区域做匀速圆周运动.(g取10m/s2) (1)求电场强度； (2)若磁场15πs后消失，求微粒在第二象限运动过程中离x轴的最大距离； (3)若微粒穿过y轴右侧圆形磁场时速度方向的偏转角最大，求此圆形磁场的圆心坐标(x,y) ◆B/T 0.8 10x15m XX + 数理报。高中物理》模拟试题（二） + 0.8 图14 ⑧ (共8页，第7页) 15.(18分)如图15所示，在一倾角为0=30°足够长的斜面上有一足够长的U型金属导轨P,导轨 上方叠放有一导体棒Q.P、Q质量均为m,接触良好.导轨宽度和导体棒长度均为L,导体棒电阻为R,导 轨电阻不计.空间中存在垂直于斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B.初始，将导体棒用绳系住，绳子能 承受的最大拉力为g.将金属导轨由静止释放开始计时，1时刻绳子被拉断.重力加速度为g,不计一切 摩擦.求： (1)绳子拉断时导轨P的速度o; (2)绳子拉断时导轨P的位移x; (3)求从释放到拉断绳子的过程中导体棒上产生的焦耳热Q. 10 图15 数理报。高中物理》模拟试题（二） (共8页，第8页)4 参考答案 数理报 由牛顿第二定律得g血0-B兴L=m,A山=粒子在区城1区城Ⅱ中运动的总时间为1=然负方向：电流大小1：会-会-6，不夜，故D正确 Eo BoS At B,L△u则mngsin0-B CB,L△r 6.电子从A点运动到B点速度增大，则电场力做正 △t =m又a=所以可+器器 功，静电力方向由A指向B,但无法判断该点电荷正负 求得金属棒加速度为a=msm,? m+C=3 m/s 故A错误；电子所受静电力方向由A指向B,故电场线方 向由B指向A,沿着电场线的方向电势逐渐降低，B点的 (2)金属棒α沿倾斜轨道向下滑行过程，由运动学 电势高于A点的电势，由图乙可知，运动的过程中电荷的 公式得书=2aLo=6m/s, 加速度减小，故静电力减小，即电子在A点受到的电场力 金属棒α越过QQ'后与U形金属框发生碰撞，由动 大于在B点受到的电场力，故BC错误：电子从A点运动 量守恒定律mm=(m+M)U1,解得1=1.5m/s 图3 图4 到B点速度增大，则电场力做正功，电势能减小，即电子 此后一起匀速向右运动直到de边进人磁场B,区域， (3)如图3所示，将速度，分解为沿y轴正方向的速在A点的电势能大于在B点的电势能，故D正确 即de边进入磁场B,区域时速度为L.5m/s: 度o及速度r',因为E=Bo可得Eg=Bqgo,故可知沿y 7.设细线与竖直方向的夹角为0，根据牛顿第二定 (3)在de边进人磁场区域时，de边左侧电阻为0，即轴正方向的速度6产生的洛伦兹力与电场力平衡，粒子律可得F,sim0=m。2sin0,解得绳对小球的拉力大小为 右侧的电阻R被短路，无电流，此时回路总电阻就为de 同时授到另一方向的洛伦兹力Bg',故粒子沿y轴正方F,=mw1,故A正确：小球转动一周，小球的动量变化为 边的电阻R;在cf边进出磁场B,时，右侧dk边和电阻组向做旋进运动，根据图3角度关系可知x'=2osim53°= 0,根据动量定理可知，合外力的冲量为0，由于重力的冲 成并联电路，此时总电阻为0.5R,根据F=BL,E=1.6 量不为0，则绳对小球拉力的冲量不为0，故B错误：保特 BL,则碰后粘在一起全部进人磁场B,区域过程，根据动 故当'方向为竖直向上时粒子速度最大，即最大速h不变，设细线与竖直方向的夹角为0，根据牛顿第二定 量定理有 度为=6+1.60=2.6g 律可得mgan0=mhtan0,解得w=√货，可知增大 -片BM+m西-(M+mb 圆图运动半径一器-需=16帆 绳长l,w不变；根据F,=mwl可知增大绳长1，绳对小球 解得=1.1m/s 根据图4几何关系可知此时所在的位置到y轴的距的拉力增大，故CD错误。 同理，金属框一起全部穿出磁场B,区域过程有 离为L=广+Rsim53°+2R+2R=6.8R=688m 8.线圈能匀速穿过匀强磁场，可知磁场区域的宽度 B,B,=(M+m-(M+m) 等于1，故A错误；线框进入磁场时mg=B收可得线圈 高考模拟试题（三）》 解得=0.3m/s 1.D2.D3.B4.D5.D6.D7.A 的速度大小为：学，故B错误：线框穿过磁场过程中 所以此过程中电阻器R上产生的焦耳热为 8.CD 9.AD 10.CD 产生的焦耳热等于线圈重力势能减小量，即为Q Qa=RR宁M+m)店-(M+mG]=l2J 提示： 2mgl,故C正确：线框进人和穿出磁场过程中通过导线横 1.由题意可知，波向左传播，根据波形平移法可知， 故电阻器R上产生的焦耳热为1.12J. 质点M此时向上振动，故A错误；由图可知，波长为A= 截面的电荷量均为g===增=货故D R -费（2需 15.(1)0=29 mvo 子，则质点P的振动周期为T=亡=光，故B错误；根 正确. 9.设粒子的质量为m,电荷量为q,加速电场电压为 (3)。=2.6,L=6.88m Bg 据波形平移法可知，质点Q开始振动的方向是向上的，则U,偏转电场电压为U2,板长为L,板间距离为d:粒子经 质点P开始振动的方向是向上的，故C错误；由图可知 解析：(1)根据动能定理得gU=子m, P、N两质点相距一个波长，则开始振动后，P、N两质点的 过加速电场过程，根据动能定理可得g心，=m6,可得 解得U-晋 振动步调总是一致，故D正确 2.增大入射光的强度，单位时间内照射到单位面积。=√m 2g心，可知H,H进入偏转电场时具有相同的动 粒子进人区域I做匀速圆周运动，根据题意某粒子 上的光子数增加，则产生的光电子数日增加，光电流增能，He进人偏转电场时的动能最大：H,H进人偏转 从P点射入区域I,并从Q点射入区域Ⅱ，故可知此时 大，故A错误：光电效应是否发生只与入射光的频率和金电场时具有相同的速度，H进入偏转电场时的速度最 粒子的运动轨迹半径与区域I的半径R相等，粒子在磁 属的种类有关，与人射光的强度无关，故B错误；只要人大，故A正确，B错误；粒子经过偏转电场时做类平抛运 场中运动，洛伦兹力提侠向心力，=m是 射光的频率大于金属的吸限须半，则就会发生光电效动，则有L=4,了=宁=以，a-导联立可得y 应，故C错误；根据光电效应方程m-。=了m知增 解得尺：需 大人射光的频率，光电子的最大初动能增大，故D正确 =4元，粒子离开偏转电场时速度方向与水平方向的夹 3根据=6学=号=-，可得=角满足m0=子光可知拉子经过偏装电场的 U,L (2)带电粒子在OF范 围内都沿着y轴正方向以相 3 转位移与粒子的电荷量和质量均无关，则H、H和H 同的速度。沿纸面射人☒ 俨T:2√后。：学两预卫显的道半径之然如速电场和转电场的迹拍同，兰种散于从相同 域I,由(1)可得，粒子在磁 比约为1：4，可知线速度大小之比约为2：1：周期之比约位置沿相同方向离开偏转电场，故C错误，D正确， 场中做匀速圆周运动，轨迹加速电场 为1：8：向心加速度大小之比约为16：1：因质量关系不 10.该装置通人大电流后使金属套筒迅速汽化，该过 半径均为R,因为在区域I 2 确定，不能比较向心力大小.故B正确， 程中一定有热能散失，则该装置不可能将电能全部转化 中的磁场半径和轨迹半径相等，则粒子射入点、区域I 4.对箱子进行受力分析可知，斜面体对箱子的支特成聚变反应的核能，故A错误；汽化后的等离子体速度方 圆心0，轨迹圆心0'粒子出射点四点构成一个菱形，由力为F、=mg©os37°=40N,根据牛顿第三定律可知F压 向各不相同，则外加磁场不一定保证汽化后的等离子体 几何关系可得，区域I圆心O,和粒子出射点连线平行 =F、=40N,故A错误；由于箱子处于匀速直线运动状 于粒子射人点与轨迹圆心0'连线（水平），则区域I圆态，即F=mgsin37°+umngcos37°=40N,故B错误：对 都受到轴向洛伦滋力的作用，故B钻误根据等 心0，和粒子出射点连线水平，可知粒子都从Q点射出，斜面体与箱子整体受力分析可知F=(m+M)g一施加在套筒上的电流越大，大电流产生的磁场提供给套 然后射入区域Ⅱ，仍做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向Fs37°=126N,由牛顿第三定律可得，斜面体对地面筒侧面的压强越大，越有利于聚变的发生，故C正确；套 心力9号=m是，解得R=2R 压力的大小为F压=F,=126N,故C错误；对斜面体与筒的厚度越大，P越小，汽化后的等离子体越不容易向 箱子整体受力分析可知F,=Fcos37°=32N,故D轴向运动，不利于聚变的发生，故D正确， 如图2所示，要使粒子在区域Ⅱ中运动的时间最 正确. 短，轨迹所对应的圆心角最小，可知在区域Ⅱ中运动的 1.()ACD(2p- 5.根据楞次定律，在0~2s内线圈中感应电流沿顺 圆弧所对的弦长最短，即此时最短弦长为区域Ⅱ的磁场时针方向，即正方向；根据法拉第电磁感应定律可得，感 解析：(1)为防止气体的温度变化，调节空气柱长度 圆半径2R,根据几何知识可得此时在区域Ⅱ和区域I 时柱塞应缓慢地向下压或向上拉，故A正确：该实验气体 中运动的轨迹所对应的圆心角都为60°，粒子在两区域 应电动势为么：兰，=品3，感位电流为6=会=的件积为：：是，其中5为空气往的货抗面积，由于空 场中运动周期分别为了：需方：需故可得该 BoS 气柱的横截面积S不变，所以用L代替V,只需要读取空 ，不变：在2~4：内线圈中电流为沿逆时针方向，即气柱的长度，不需要测量空气柱的直径，故B锆误，D正 数理极 参考答案 确：读取压力表示数，以确定气体的压强，故C正确。 的合力为0，故合力做功为0，故D错误 (2)该组同学猜测空气柱的压强跟体积成反比.如 由牛顿第二定律，有qB,=mR 果想进一步通过图像来检验这个猜想是否合理，应当利 mu 5.由G=m,解得a-创，可知卫显在轨道1 所以尼=R=0.6m=2 用实验数据作出p-十图像，若该图像是一条过原点的 上运动经过A点时的加速度等于在轨道Ⅱ上运动经过A 所以最大偏转角为60° 点时的加速度，故A锆误：卫星从轨道I进入轨道Ⅱ需 直线，则结论成立 所以圆心坐标x=0.30m 在A点火加速，卫显从轨道Ⅱ进人轨道Ⅲ需在B点点火 2.(10298(2)A(3) ,(4)见解析 y=-心0s60°=2.4m-0.3×分m=2.25m加速，所以卫星在轨道【上的机械能小于在轨道Ⅲ上 解析：(1)螺旋测微器的精确值为0.01mm,由图可 即磁场的圆心坐标为(0.30m,2.25m) 的机械能，故B错误；由开普勒第三定律号=k可灯卫星 金属丝直径为D=0mm+29.8×0.01mm=0.298mm (2)待测金属丝电阻较小，可知电压表的分流很小， 1器： 在轨道I上的运动周期小于在轨道Ⅲ上的运动周期， 轨道Ⅲ上的运动周期与地球自转周期相同，故C错误： mgRt 电流表应采用外接法：为使金属丝两端的电压从零开始 (2)x= 2BL 变化，滑动变阻器应采用分压接法，故A正确， 21 由69=号，得。=√受可知卫足在轨道上运 (3)根据欧姆定律可得R=号=人，根据电阻定律 (3)0=WgRn_3m'gR 4BL 8B'L 动经过B点时的速率小于地球的第一宇宙速度，卫星在 解析：(1)拉断时有BL+mgsin0=mg, 轨道Ⅲ上运动经过B点时的速率大于卫星在轨道Ⅱ上 可得R三p、=p,联立可得金属丝电阻率的表达式 运动经过B点时的速率，故卫显在轨道Ⅱ上运动经过B 为p=mD E=1=是 点时的速率小于地球的第一字宙速度，故D正确 .4 mgR 6.闭合S,B灯立划变亮，由于线卷产生自感电动势 (4)实验中改变金属丝长度，通过改变滑动变阻器 解得6=2B元 阻得电流的增加，使得灯泡A缓慢变亮，选项A错误；断 滑片的位置，使得每次电流表的示数均为1。，测量出金属 (2)对导轨，根据动量定理，有 开S后，原来通过B的电流立即消失，由于线圈产生的自 丝长度【，以及对应的电压表示数U,根据欧姆定律可得 mgsin Ot-BIL =mvo 感电动势阻碍电流的减小，则线圈L相当电源，与灯泡B U=1R,又R=pS=p 联立可得0=，作出 和A重新组成回路，则通过B的电流由b到a,则从断开S 至灯泡B完全熄灭的过程中，a点电势低于b点电势，S断 (一1图像。可知斜半为：器解得金屈丝的电组丰 E=BL而 开前后流过灯泡B的电流方向相反，即图乙所示为灯泡 B在S断开前后电流随时间的变化关系，选项B错误，C B2L21 为p='mD 整理得mgl,sin0- R 正确：由图乙可知由于S断开后通过B的电流大于S断开 41。 之前通过B的电流，可知两灯泡正常发光时，灯泡A的阻 解得x=元= mgRt m2gR2 13.解析：(1)由滑块与木板之间的动摩擦因数4= 2BL 2B'L 值小于灯泡B的阻值，选项D错误 、令。am30°可知，滑块在木板上匀速下滑，即滑块到达 (3)根据能量守恒，有Q+mG=mgs 7.设金属杆在△t内运动的位移为x,且△t→0，设两 导轨间的距离为L,则在△：时间内金属杆与导轨、电阻构 A点时速度大小依然为。=15m/s,设滑块离开圆弧轨 解得0=mg。3加R 成的闭合回路中磁通量的变化量△中=(B。+x)xL 道B点后上升的最大高度为h,则由机械能守恒定律可 4B'L 8BL 0,则4内闭合回路中产生的感应电动势E=”= 得)m,6=mg(Reos0+h) 高考模拟试题（四） 解得h=9.75m (B。+)止，设金属杆匀速运动的速度为，则。=立 △t 1.D2.A3.A4.C5.D6.C7.B (2)由机械能守恒定律可得滑块回到木板底端时速 代人上式，可得E=(B。+kx)L不计导轨和金属杆的电 8.AD 9.BD 10.BC 度大小为。=15m/s, 阻，则金属杆两端的电压U=E=(B。+x)L,可知U与 提示： 滑上木板后，木板的加速度为1，由牛顿第二定律 x成线性关系，是一条倾斜的直线，由U=(B。+x)L, 1.根据核反应方程，电荷数和质量数守恒可知，X为 可知wm2gcos0-m1gsin0=m,a1得a1=5m/s 可得U=(B。+kx)Lm=(B。+kt)L,可知U与t成线 电子©，这个电子并非原子核外的电子，而是由原子核 滑块减速的加速度为2，由牛顿第二定律可知 性关系，是一条倾斜的直线，故A错误，B正确；由闭合电 内的一个中子变成一个质子加上一个电子而来的(。 umagcos 0+magsin 0 m az a 10 m/s" →H+e),故AB错误；y射线的本质就是光子流，故C 设经过t,时间后两者共速，共同速度为，由运动学 路欧好定维可得电路中感应电流1=是=大业， R。 公式可知=0-a=a4得4=1s,”1=5m/s 错误：根据m:m(宁)片知剩余针的质量m:金属杆所受安培力：P=BL,代人数据可得F= 该过程中木板走过的位移年=之 m,(分)片=1×（宁）音g=0.0625g,故D正确 (B+P,可知F与x不是线性关系，F-x图像应为 带铁走过的位移：。兰 2人射光的频率增大，光线有可能在AC面上发生金曲线，由F=县+：，可得F:(民+)户可 R。 R。 之后一起匀减速运动至最高点，若滑块最终未从木 反射，光程变大，光线在介质中传播的时间变长，由于入知F与1不是线性关系，F-1图像应为曲线，故CD错误。 射点是AB的中点，光线在AB面折射后不可能直接射到 板上端滑出，木板的最小长度L=-x1 8.大地电势为零，离地面越高，电势越高，因沿电场 BC面上，也不可能在AC边上水平向右射出介质，故A方向电势降低，可知大气电场的方向竖直向下，故A正 联立解得L=7.5m 正确 确：因地面和大气层分别是电容器的两个电极，电容器 14.解析：(1)因为微粒射人电磁场后做匀速圆周运 3.该实验要使研究气体对象质量一定，所以必须保储存的电荷量约为5×10C,可知地面带电量约为5× 动受到的电场力和重力大小相等，则：gE=mg 证良好的密封性，故A正确：实验中要验证p,',=P2, 解得：E=40N/C,方向竖直向上 由于推拉柱塞前后柱塞横截面积不变，因此只需验证 10C,故B错误：根据电容器的定义式C=号可知，地面 （2②)由牛顿第二定律有：8=n后 P山=山，所以不需要测量柱塞的横截面积，即不需要和大气电离层组成的电容器电容值约C:号 测量柱塞的直径，故B错误：为了保证气体温度不变，应 所以R,=0=0.6m,T=2m=10ms 5×103 qB qB 授移动性塞，不可以手据住注射器再推拉性塞，故①0F=子，故C错误：根据E=片可知图像的 从图乙可知在0~5πs内微粒做匀速圆周运动，在错误 斜率代表电场强度的倒数，高度h越大，大气电场强度越 5πs~10πs内微粒向左做匀速直线运动.在10πs~ 物体匀速运动，对物体受力分析，水平方向有小，故D正确 15πs内微粒又做匀速圆周运动，在15πs微粒向右做匀Fcos0=F,=uF、,竖直方向有Fy+Fsin0=mg,由于 9.根据欧姆定律，发电机产生的感应电动势的最大 速直线运动，之后穿过y轴。离x轴的最大距离s'=2R,×水平方向一定受到向左的摩擦力，故支持力不可能为 2=4R=2.4m 零：摩擦力做功为W=-F3=-uFws=-μ(mg 值为则有后=则+心，号=方4=2弘=2只 (3)如右图，微粒穿过圆形 Fsin0)t,故AB错误；对物体受力分析，受到竖直向下的。=2 rad/s,从线圈转动到图示位置开始计时，线圈 磁场要求偏转角最大，人射点A 重力和竖直向上的支持力，由平衡条件可知此时拉力和中产生的电动势的瞬时表达式为e=Ecos wt= 与出射点B的连线必须为磁场圆 的直径 摩擦力的合力方向必定竖直向上此时与支持力的合力巴s2(),故A错误：依题意可得么一片：贵 才能和重力平衡，故C正确：物体做匀速直线运动，受到 2