广东惠州市2025-2026学年高一下学期期末冲刺自编物理模拟卷

**基本信息** 试卷以“失重”餐厅传菜、电动方程式赛车等生活科技情境为载体，覆盖曲线运动、机械能、动量等核心知识，通过选择、实验、计算题型梯度考查物理观念与科学思维，适配高一下期末冲刺需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|曲线运动速度方向、机械能守恒、卫星运动、运动图像分析|结合“飞镖曲线运动”“传菜小车螺旋运动”等情境，基础题（如曲线运动方向判断）与能力题（如多过程动量分析）结合| |非选择题|5题/54分|向心力实验（控制变量法）、碰撞动量守恒、平抛运动综合计算、滑块小车系统能量动量综合|实验题注重科学探究（如向心力与半径关系验证），计算题突出多过程分析（如弹簧弹射滑块与小车相互作用），呼应高考命题趋势|

广东惠州市2025-2026学年高一下学期期末冲刺自编物理模拟卷 一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分） 1．某同学利用自制“飞镖”探究曲线运动的速度方向：将一端带有铁钉、另一端装有尾翼的飞镖斜向上抛出，在空中运动一段时间后落到地面。下列说法正确的是（　　） A．飞镖在空中运动时，速度方向始终保持不变 B．飞镖在空中运动时，速度方向始终与运动轨迹相切 C．飞镖落地时的指向表示在空中运动过程平均速度的方向 D．无论如何改变抛射角度，飞镖落地时的速度方向均竖直向下 2．某“失重”餐厅的传菜装置如图所示，运送菜品的小车沿等螺距轨道向下匀速率运动，该轨道各处弯曲程度相同，在此过程中，小车（　　） A．机械能保持不变 B．所受合力不为零 C．处于失重状态 D．动量保持不变 3．如图所示的人造卫星系统，假设卫星的质量相等，均做匀速圆周运动，规定无限远处的重力势能为0，下列说法正确的是（　　） A．这些卫星的重力势能有些为正值，有些为负值 B．公转轨道半径越大的卫星动能越大，重力势能越小 C．公转轨道半径越小的卫星重力势能越小，机械能越大 D．动能越小的卫星，机械能越大 4．某电视剧中直升机抢救伤员的情境深深感动了观众。假设直升机放下绳索吊起伤员后（如图甲所示），竖直方向的速度时间图像和水平方向的位移时间图像分别如图乙、丙所示，则下列说法正确的是（　　）   A．绳索中拉力的方向可能倾斜向上 B．伤员的加速度一直恒定 C．整个过程中，绳索的拉力一直大于伤员的重力 D．以地面为参考系，伤员的运动轨迹是一条曲线 5．电动方程式（FormulaE）是目前世界上新能源汽车运动中级别最高的赛事，赛车在专业赛道水平路面上由静止启动，在前2s内做匀加速直线运动，2s末达到额定功率，之后保持额定功率继续运动，其图像如图所示。已知汽车的质量为，汽车受到地面的阻力为车重的，取，下列说法正确的是（　　） A．赛车在2s时的瞬时功率 B．赛车在加速过程中牵引力保持不变 C．该赛车的最大速度是288km/h D．当速度时，其加速度为 6．小睿同学从山坡上离地高为h处水平抛出两颗球形石块甲和乙，它们落在同一水平面上，运动轨迹如图所示，不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　） A．平抛运动过程中，甲的运动时间大于乙的运动时间 B．平抛运动过程中，甲的加速度大于乙的加速度 C．抛出时甲的初速度大于乙的初速度 D．从抛出至落地的过程甲、乙两者的位移相同 7．将质量为m=100g的小球以一定的初速度竖直向上抛出，小球在向上运动的过程中，其速度的平方随位移的变化规律如图所示，g取10m/s2，小球向上运动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．小球的初速度大小为7.5m/s B．小球所受的阻力大小为0.25N C．小球重力的冲量大小为4N·s D．小球机械能的减小量为1.25J 8．如图，动物园熊猫馆中有一个长，倾角为30°的坡道，坡道底端有一垂直于坡面的防护板。一个质量的熊猫从坡道顶端由静止滑下，熊猫与防护板的碰撞时间，熊猫与防护板碰撞后不反弹，忽略熊猫的大小和坡道的摩擦力，重力加速度取，下列说法正确的是（　　） A．熊猫从开始下滑到碰到防护板所用的时间为 B．熊猫碰到防护板前瞬间的动量大小为 C．熊猫受到防护板对它的平均作用力大小为 D．熊猫与防护板碰撞过程中重力的冲量大小为 9．一根轻质细线一端系一可视为质点的小球，细线另一端固定在一光滑圆锥顶上，如图1所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为，线的张力随变化的图像如图2所示（图中数值单位均为国际单位），取。下列说法正确的是（　　） A．细线的长度为1m B．细线的长度为0.5m C．小球的质量为2kg D．小球的质量为3kg 10．机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李．如图所示，以恒定速率运行的传送带与水平面间的夹角，转轴间距。工作人员沿传送带方向以速度从传送带顶端推下一件小包裹（可视为质点）。小包裹与传送带间的动摩擦因数。取重力加速度，，，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以下说法正确的是（    ） A．小包裹刚滑上传送带时的加速度大小为 B．小包裹在传送带上运动的时间为 C．小包裹相对于传送带滑行的距离是 D．如果传送带以相同的速率顺时针转动，小包裹将不能滑至传送带底端 二、非选择题（11题8分，12题8分，13题10分，14题12分，15题16分，共54分） 11．某小组用图甲所示的向心力演示器验证向心力F的大小与质量m、角速度和半径r之间的关系。已知小球放在挡板A、B、C处做圆周运动时的半径之比为；变速塔轮自上而下每层左、右半径之比分别为、和，如图乙所示。 (1)该实验研究向心力与三个物理量间的关系，采用的研究方法是________；A．控制变量法 B．放大法C．补偿法 (2)探究向心力与半径之间的关系时 ①应将质量相同的小球分别放在________处； A．挡板A和挡板B    B．挡板A和挡板C    C．挡板B和挡板C ②同时，应选择左、右变速塔轮中半径________的两个塔轮；A．相同    B．不同 (3)在某次实验中，验证向心力F与角速度之间关系时，左、右两个标尺露出的格子数之比为，此时传动皮带是连接在图乙中的________塔轮上。A．第一层 B．第二层 C．第三层 12．如图甲所示为“验证碰撞中动量守恒”实验的装置示意图，a是入射小球，b是被碰小球，a和b的质量分别为和，直径分别为和，轨道末端在水平地面上的投影为O点。实验中，先将小球a从斜槽上某一固定位置由静止释放，a从斜槽末端飞出后落到水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复10次，描出a的平均落点位置P，再把小球b放在斜槽末端，让小球a仍从斜槽上同一位置由静止释放，与小球b碰撞后，两球分别在记录纸上留下落点痕迹，重复10次，描出碰后小球a、b的平均落点位置M、N如图乙所示。 (1)实验中对小球的要求是：质量________（填“>”“=”或“<”），直径________（填“>”“=”或“<”）。 (2)在图乙中，用毫米刻度尺测得O点与M、P、N三点的水平方向的距离分别为、、，若关系式________成立，则说明该实验碰撞前后动量守恒。 (3)若两球间的碰撞是弹性碰撞，下列等式成立的是________。（多项选择，填正确答案标号） A． B． C． D． 13．如图所示是一辆箱式货车的后视图。该箱式货车在水平路面上做弯道训练。圆弧形弯道的半径为，车轮与路面间的动摩擦因数为，滑动摩擦力等于最大静摩擦力。货车顶部用细线悬挂一个小球P，在悬点处装有拉力传感器。车沿平直路面做匀速直线运动时，传感器的示数为。忽略货车宽度的影响，取。 (1)该货车在此圆弧形弯道上做匀速圆周运动时，为了防止侧滑，车的最大速度是多大？ (2)该货车某次在此弯道上做匀速圆周运动，稳定后传感器的示数为，货车的速度是多大？ 14．如图所示，某同学从离水平地面高度为h处将铅球投出，铅球运动的最高点O距地面高度为H，距抛出点水平距离为x1，铅球质量为m，重力加速度为g，忽略空气阻力。求： (1)铅球运动到最高点O时的速度大小v1； (2)铅球从被抛出到落地的过程中所受重力冲量的大小I； (3)该同学将铅球投出时铅球的动能Ek。 15．某装置的竖直截面如图所示，水平轨道的左侧有一个弹簧装置，可将放在弹簧装置前的物体水平弹出。管道光滑，半径，滑块尺寸略小于管道内径，管道内径远小于，管道点与小车平面等高。小车左端紧靠管道点，小车由水平轨道与四分之一圆弧轨道组成，水平轨道长度，圆弧轨道半径，圆弧所对应的圆心角均为，滑块与轨道间的动摩擦因数，滑块质量，小车质量。其它轨道均光滑，轨道之间均平滑连接，滑块可视为质点，不计空气阻力，弹簧的弹性势能全部转化为动能，取。求： (1)若小车固定在水平面上，压缩弹簧发射滑块恰能使其滑到点，求弹簧弹力对滑块冲量大小； (2)若小车没有固定在水平面上，水平面光滑且足够长，压缩弹簧发射滑块： ①滑块滑上小车恰能到达点，求弹簧弹射滑块时的弹性势能； ②滑块滑上小车并且不会滑离小车，求弹簧弹射滑块时的弹性势能范围。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．B【详解】A．飞镖做曲线运动，曲线运动的速度方向时刻发生变化，故A错误； B．曲线运动的速度方向始终沿运动轨迹的切线方向，飞镖的运动属于曲线运动，符合该规律，故B正确； C．平均速度的方向与位移方向一致，为抛出点指向落地点的方向，飞镖落地时的指向是落地瞬间的瞬时速度方向，二者不相同，故C错误； D．飞镖斜抛后水平方向可看成匀速运动，始终存在水平分速度，因此落地时合速度为水平分速度与竖直分速度的矢量和，不可能竖直向下，故D错误。故选B。 2．B【详解】A．小车沿等螺距轨道向下匀速率运动，速度大小不变，动能不变，小车高度减小，即重力势能减小，可知小车的机械能减小，故A错误； B．根据上述可知，小车沿轨道方向的合力为0，轨道对小车的指向图中轴心的作用力提供圆周运动的向心力，即小车的合力不为零，合力方向总指向图中轴心，故B正确； C．由于小车沿等螺距轨道向下做匀速率运动，沿轨道方向的速度大小不变，即小车沿轨道方向的合力为0，即沿轨道方向的加速度为0，又由于该轨道各处弯曲程度相同，则轨道对小车的指向图中轴心的作用力提供圆周运动的向心力，该作用力方向沿水平方向，可知小车的加速度方向沿水平方向，小车不存在竖直方向的加速度，即小车既不处于超重，又不处于失重，故C错误； D．小车做螺旋运动，速度大小不变，方向改变，根据动量表达式有，可知小车的动量大小不变，动量的方向发生变化，即动量发生了变化，故D错误。故选B。 3．D【详解】A．规定无限远处的重力势能为0，则卫星逐渐运动到无限远处时，重力（引力）做负功，重力势能增大，所以所有卫星重力势能均为负值，故A错误； BCD．根据万有引力提供向心力做匀速圆周运动可得 又因为。解得，所以公转轨道半径越大的卫星，动能越小，但卫星从低轨道到高轨道时，外力需克服重力（引力）做正功，所以轨道半径越大，重力势能越大，机械能越大，故BC错误，D正确；故选D。 4．D【详解】AB．由题图乙、丙可知伤员在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，所以绳索中拉力一定竖直向上，伤员的加速度发生改变，故AB错误； C．伤员在匀减速上升时，绳索的拉力小于伤员的重力，故C错误； D．伤员在竖直方向上有加速度，方向与速度方向不共线，所以在地面上观察到伤员的运动轨迹是一条曲线，故D正确。故选D。 5．C【详解】A．赛车在2s内的加速度 则牵引力 2s时牵引力的瞬时功率，A错误； B．2s后功率不变，则根据P=Fv可知，随速度的增加，牵引力减小，则赛车在加速过程中牵引力不是保持不变，B错误；C．当牵引力等于阻力时加速度为零，此时赛车的速度最大，则该赛车的最大速度是，C正确； D．当速度时，其加速度为，D错误。故选C。 6．C【详解】A．平抛运动过程中，根据可知，下落高度相同，则甲的运动时间等于乙的运动时间，故A错误； B．平抛运动的加速度均为g，相等，故B错误； C．根据可知，抛出时甲的初速度大于乙的初速度，故C正确； D．从抛出至落地的过程，初始位置相同，但是落地位置不同，则甲、乙两者的位移不相同，故D错误。故选C。 7．B【详解】A．根据速度与位移的关系有则有 结合图像可知解得，故A错误； B．结合上述有解得 根据牛顿第二定律有解得f=0.25N，故B正确； C．结合上述，利用逆向思维，根据速度公式有则重力的冲量大小解得I=0.4N·s，故C错误； D．根据功能关系可知，小球机械能的减小量为 结合上述解得小球机械能的减小量为0.25J，故D错误。故选B。 8．AC【详解】A．对熊猫受力分析，根据牛顿第二定律可得解得 由匀变速直线运动规律可得解得，A正确； B．根据匀变速直线运动规律可得，熊猫碰到防护板前瞬间的速度大小为 故熊猫碰到防护板前瞬间的动量大小为，B错误； C．设熊猫受到防护板对它的平均作用力，选取碰撞前速度的方向（沿斜面向下）为正方向，根据动量定理则有 解得，C正确； D．根据冲量的定义可得，熊猫与防护板碰撞过程中重力的冲量大小为 D错误。故选AC。 9．BC【详解】设线长为L，锥体母线与竖直方向的夹角为，当时，绳子的张力 当圆锥对小球的支持力为0时，角速度此时 代入图中数据解得，，故选BC。 10．BC【详解】A．由于 可知小包裹刚滑上传送带时受到的摩擦力方向向上，根据牛顿第二定律可得，加速度大小为 方向沿传送带向上，故A错误； BC．小包裹减速到与传送带共速所用时间为 此过程小包裹下滑的位移为 共速后，小包裹与传送带相对静止一起匀速运动，则匀速阶段的时间为 则小包裹在传送带上运动的时间为 小包裹相对于传送带滑行的距离为，故BC正确； D．如果传送带以相同的速率顺时针转动，小包裹先向下减速到速度为0时，下滑的距离为可知小包裹能滑至传送带低端，故D错误。故选BC。 11．(1)A(2) C A(3)C 【详解】（1）在研究向心力的大小与质量、角速度和半径之间的关系时，主要用到的物理学研究方法是控制变量法。 故选A。 （2）[1]探究向心力与半径之间的关系时，两钢球的运动半径应不同，两钢球质量相等，放在挡板B和挡板C位置，小球做圆周运动轨迹半径不同。 故选C。 [2]传动皮带调至第一层塔轮，半径相同，左右塔轮边缘线速度相等，根据可知角速度相等，由向心力表达式，可知可探究向心力大小与半径的关系。故选A。 （3）两钢球质量相等，在某次实验中，验证向心力F与角速度之间关系时，应保持半径相同，又左、右两个标尺露出的格子数之比为，可知向心力之比为，由向心力表达式，可知角速度之比为，根据可知半径之比为，可得传动皮带是连接在图乙中的第三层塔轮上。故选C。 12．(1) > =(2)(3)BD 【详解】（1）[1]为了防止入射小球碰撞后反弹（导致落点位置混乱），入射小球的质量必须大于被碰小球的质量，即。 [2]为了保证两球发生对心正碰，两球的直径必须相等，即。 （2）小球离开轨道后做平抛运动，下落高度相同，运动时间t相同，则入射球碰撞前、后速度大小分别为碰撞后被碰小球的速度 规定向右为正方向，根据动量守恒有联立整理得 （3）若两球间的碰撞是弹性碰撞，则有联立解得 又因为联立整理可得故选BD。 13．(1)8m/s(2) 【详解】（1）汽车在圆弧水平弯道路面行驶，做圆周运动，其所需要的向心力由静摩擦力提供 由上式可知，当静摩擦力越大时，速度也越大．所以静摩擦力最大时，速度达最大，即 （2）细线与竖直方向的夹角时，受力如图 所以故解得 又解得 物体的向心力解得 14．(1)(2)(3) 【详解】（1）铅球运动到最高点O时竖直分速度为0，速度v1沿水平方向，由平抛运动规律， 解得 （2）铅球运动至最高点O后做平抛运动，由平抛运动规律， 全过程重力冲量解得 （3）由能量守恒，解得 15．(1)(2)①② 【详解】（1）物体恰能滑到点，从到A过程中 解得 可得弹簧弹力对滑块冲量 （2）①物体在小车上滑动到最远点，两者的速度相同 解得 弹簧弹射滑块时的弹性势能 ②物体能滑上小车 物体恰能到达，物体与小车在水平方向上速度相同 解得 物体返回恰好不从点滑出，物体与小车的速度相同 ，解得 则，弹性势能的范围 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $