2026年天津市中考物理自编模拟押题卷

**基本信息** 以编钟、天宫课堂、智能暖手宝等真实情境为载体，覆盖声、光、力、电核心知识，融合科学探究与创新应用，体现物理观念与科学态度。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单项选择|10/30|声现象、物态变化、光折射等|结合研学旅行（编钟）、厨房实践考基础概念| |多项选择|3/9|凸透镜成像、电路计算等|通过透镜更换、电路动态分析考科学推理| |填空|6/24|热传递、平面镜成像、电磁波等|联系天津茶汤、北斗导航考物理观念| |综合题|6/37|伏安法测电阻、机械效率、电热计算等|设计跨学科实践（暖手宝电路）、古器械（车梯）考科学探究与创新|

2026届天津市 中考物理自编模拟练习卷解析版 化学和物理合场考试，合计用时120分钟。 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题时，务必将答案涂写在“答题卡”上，答案答在试卷上无效。考试结束后，将本试卷和“答题卡”一并交回。 祝你考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点。 2．本卷共两大题，共39分。 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意） 1．九中研学旅行，小艳参观了湖北省博物馆，看到了镇馆之宝——战国曾侯乙编钟（如图），听到了复制品编钟的演奏。下列说法正确的是（　　） A．编钟发出的声音能在真空中传播 B．用不同的力敲同一只钟发声的音调不同 C．编钟是靠空气振动发声的 D．敲击大小不同的钟发声的音调不同 【分析】（1）能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质； （2）响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小； （3）一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止； （4）音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高。频率越低，音调越低。 【解答】解：A、钟声通过空气传播到观众耳内，故A错误； B、敲击同一个钟，力度越大发出的声音响度越大，故B错误； C、编钟声是由编钟振动而产生的，故C错误； D、敲击大小不同的钟能发出声音的高低不同，即音调不同，故D正确。 故选：D。 2．在“跨学科实践：探索厨房中的物态变化问题”的活动中，同学们走进厨房，留心观察，列举了厨房中的一些物态变化，并运用所学知识对这些现象进行了解释。下列同学们的解释正确的是（　　） A．在蒸食物时打开蒸锅，看到了“白气”，这是汽化现象 B．从冰箱冷藏室取出一瓶水，瓶壁变湿，是空气中的水蒸气液化形成的 C．将湿抹布挂起一段时间后变干了，这是升华现象 D．从冰箱中拿出的冻肉上有白霜，这是凝固现象 【分析】（1）液化指物质由气态转变成液态，液化要放热； （2）汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热； （3）凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热。 【解答】解：A、在蒸食物时打开蒸锅，看到了“白气”，这是水蒸气液化形成的，故A错误； B、从冰箱冷藏室取出一瓶水，瓶壁变湿，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确； C、将湿抹布挂起一段时间后变干了，这是汽化现象，故C错误； D、从冰箱中拿出的冻肉上有白霜，这是凝华现象，故D错误。 故选：B。 3．在天宫课堂中，航天员王亚平将空气注入水球，形成的气泡球与水球的球心都在O点。一束光从空气射入水球的光路如图所示，其中球心O与入射点O1的连线为法线，则进入气泡球的折射光线可能为（　　） A．① B．② C．③ D．④ 【分析】根据光的折射定律可知光从水中斜射入空气中，会发生折射，折射角大于入射角，对于球体而言，入射点与球心所在的直线即法线，入射光线和折射光线分别位于法线两侧，据此判断进入气泡球的折射光线。 【解答】解：当光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角。对于球体而言，入射点与球心所在的直线即法线，如图OO2所在的直线即法线，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，就图而言①可能为进入气泡球的折射光线。 故选：A。 4．如图所示为某中学生篮球比赛现场图，下列有关估测结果与实际相符的是（　　） A．中学生的身高大约是160mm B．中学生的体重大约是45N C．篮球的直径大约是10cm D．篮球的质量大约是600g 【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 【解答】解：A．中学生的身高大约是160cm＝1600mm，故A不符合实际； B．中学生的体重大约是500N，故B不符合实际； C．篮球的直径大约是25cm，故C不符合实际； D．篮球的质量大约是600g，故D符合实际。 故选：D。 5．为了迎接体育中考，某同学练习排球垫球时的情景如图所示。若排球在上升过程和下落过程中受到空气的阻力相同。下列说法正确的是（　　） A．击球时，排球受到的击打力是由于排球的形变产生的 B．下落的过程中，排球受到的重力和阻力是一对平衡力 C．击球时，手对球的力大于球对手的力 D．排球在上升过程中受到的合力大于下落过程中受到的合力 【分析】（1）力的作用效果：一是改变物体的形状；二是改变物体的运动状态； （2）一对平衡力的大小相等，方向相反，作用在同一个物体上； （3）一对相互作用力的大小相等，方向相反，作用在不同的物体上； （4）排球上升过程中受到竖直向下的重力和阻力，下落过程中受到竖直向下的重力和竖直向上的阻力来分析作答。 【解答】解：A、排球受到人给的拍击力，是由于人手的形变产生的，故A错误； B、排球在下落过程中，速度变大，没有处于平衡状态，受非平衡力的作用，即重力和阻力不是一对平衡力，故B错误。C、用手击打排球时，手对排球施加了力的作用，同时排球对手施加了大小相等的反作用力，二力是一对相互作用力，大小相等，故C错误； D、排球上升过程中，受到竖直向下的重力和竖直向下的阻力，合力等于二力之和；下落过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上的阻力，合力等于二力之差，因此排球在上升过程中受到的合力大于下落过程中受到的合力，故D正确。 故选：D。 6．无人机已成为我们生活的重要参与者。如图为等待起飞的无人机，当开关S1闭合时，指示灯亮起。再闭合S2电动机启动，无人机起飞。只闭合S2，电动机不能启动，下列电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【分析】根据题意可知指示灯与电动机的工作关系和连接方式，以及开关的作用和位置，从而得出符合要求电路的设计。 【解答】解：由题意可知，当开关S1闭合时，指示灯亮起；再闭合S2电动机启动，无人机起飞；只闭合S2，电动机不能启动，说明指示灯能独立工作，也能与电动机同时工作，则指示灯与电动机并联；同时，开关S2只控制电动机，在电动机支路中；开关S1控制整个电路，在干路中，故C符合要求，ABD不符合要求。 故选：C。 7．某小组同学对如图所示的部分家庭电路进行了分析，下列说法正确的是（　　） A．空气开关“跳闸”后应该立即复位通电 B．断开开关S，用测电笔检测d点时，氖管不发光 C．导线bc（不含b、c两接点）间断路时，闭合开关S，小灯泡能正常发光 D．用电器连接到三孔插座上正常工作时，若e点断开，用电器会停止工作 【分析】（1）空气开关要排除故障后才能重新合闸。 （2）正常情况下，测电笔接触火线时氖管会发光，接触零线氖管不发光。 （3）家庭电路的灯泡和插座之间是并联的。 （4）三孔插座的正确接法是左零右火上接地；接地的插孔与金属和大地连通。 【解答】解：A、空气开关要排除故障后才能重新合闸，故A错误； B、断开开关S，用测电笔检测d点时，与火线是连通的，氖管发光，故B错误； C、导线bc（不含b、c两接点）间断路时，闭合开关S，小灯泡是通路，能正常发光，故C正确； D、用电器连接到三孔插座上正常工作时，若e点断开，金属外壳与大地之间断开，用电器能正常工作，故D错误。 故选：C。 8．生活中很多现象都蕴含着物理奥秘，下列关于玻璃瓶的小实验解释正确的是（　　） A．图甲：用大小不同的力敲打玻璃瓶的同一位置，能改变声音的音调 B．图乙：用力捏玻璃瓶，细管中液面上升，是因为玻璃瓶发生了微小形变 C．图丙：将瓶子从一楼拿到十楼，细管中液面下降，说明大气压强随高度升高而减小 D．图丁：用吸管吸水时，水会沿着吸管进入嘴里，是因为吸力的作用 【分析】（1）音调由声源的振动频率决定，响度由声源的振幅决定。 （2）力可以使物体发生形变。 （3）大气压随高度升高而减小。 （4）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。 【解答】解：A．用大小不同的力敲打玻璃瓶同一位置，力的大小改变玻璃瓶的振幅，改变声音的响度，玻璃瓶振动频率不变，音调不变，故A错误； B．用力捏玻璃瓶，玻璃瓶发生微小形变，瓶内容积减小，因此细管中液面上升，故B正确； C．大气压随高度升高而减小，从一楼到十楼高度升高，外界大气压减小，而瓶内气压p内不变，瓶内气压会推着液体上升，细管液面应当上升，故C错误； D．用吸管吸水时，人吸走吸管内空气，使吸管内气压小于外界大气压，水在大气压的作用下进入口中，不是“吸力”的作用，故D错误。 故选：B。 9．如图所示是某学校路灯的智能照明电路。S为光敏开关，天暗时S自动断开，天亮时S自动闭合，R为滑动变阻器。下列说法正确的是（　　） A．天亮时，电磁铁的上端是北极 B．天亮时，将R的滑片P向上滑动，电磁铁磁性变弱 C．天暗时，衔铁被电磁铁吸引，触点c与a接触 D．天亮时，电磁铁外部磁感线从下端出发回到上端 【分析】A、根据电源的正负极判定螺线管中电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性。 B：电磁铁磁性强弱与电流大小成正比，电流越大，磁性越强。 C、天暗时S断开→控制电路无电流→电磁铁无磁性，无法吸引衔铁。 D、磁体外部磁感线规律：从N极出发，回到S极。 【解答】解：A、用安培定则（右手螺旋定则）判断：右手握住螺线管，四指沿电流方向弯曲，大拇指指向N 极（北极）。天亮时电流从电磁铁上端流入、下端流出，大拇指指下端，故下端为N极，上端为S极，故A错误。 B：天亮时，滑片P向上滑动→滑动变阻器接入电路的电阻变小→控制电路总电阻变小→电流变大。而电磁铁磁性强弱与电流大小成正比，电流越大，磁性越强，故B错误。 C、天暗时S断开→控制电路无电流→电磁铁无磁性，无法吸引衔铁。衔铁在弹簧作用下复位，触点c与b接触（路灯亮），故C错误。 D、磁体外部磁感线规律：从N极出发，回到S极。天亮时电磁铁下端为N极，上端为S极，故磁感线从下端（N 极）出发，回到上端（S极），故D正确。 故选：D。 10．如图甲所示为我国古代劳动人民在建筑工地上运送大木料的情境，其简化装置如图乙所示，O为轻质杠杆AB的转轴，OA：OB＝1：3，木块用轻质细绳系在A端，工人在B端施加竖直向下的拉力F，此时杠杆水平平衡。已知木块的重力为1200N，工人重力为700N，双脚面积为400cm2，不计转轴处的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．木块恰好离开地面时，工人的拉力为300N B．木块恰好离开地面时，工人对地面的压力为1100N C．工人的拉力为300N时，木块对地面的压力为900N D．工人的拉力为300N时，人对地面的压强为10000Pa 【分析】（1）根据杠杆平衡条件计算木块恰好离开地面时，工人的拉力；结合受力平衡分析支持力，得出压力大小； （2）工人的拉力为300N时，根据杠杆平衡条件计算对木块的拉力，根据压力等于重力减去拉力，结合压强公式计算。 【解答】解：AB、O为轻质杠杆AB的转轴，OA：OB＝1：3，根据杠杆平衡条件知： 木块恰好离开地面时，G×OA＝F×OB； 即1200×OA＝F×3OA； 解得F＝400N； 此时工人对地面的压力F压＝G'﹣F＝700N﹣400N＝300N，故AB错误； CD、工人的拉力为300N时，根据杠杆平衡条件有： FA×OA＝300N×3OA； 解得FA＝900N； 工人对地面的压力为F'压＝G'﹣F'＝700N﹣300N＝400N； 人对地面的压强为p10000Pa。 故C错误，D正确。 故选：D。 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，不选或选错得0分） 11．在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、透镜甲和光屏放置在如图所示位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。现保持蜡烛和透镜的位置不变，将透镜甲更换为透镜乙后，向左移动光屏，可在光屏上再次成清晰的像，则（　　） A．透镜甲的焦距为10cm B．透镜乙的焦距小于10cm C．第二次所成的像是缩小的 D．投影仪应用了第二次实验的成像规律 【分析】（1）根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距； （2）凸透镜焦距变小，对光的会聚能力变强。 【解答】解：A、由图可知，此时u＝v＝20cm，根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，即2f＝20cm，因此该凸透镜的焦距为f＝10cm，故A正确； BCD、保持蜡烛和透镜的位置不变，将透镜甲更换为透镜乙后，需将光屏向左移动，说明透镜乙对光的会聚能力变强，焦距变小，此时像距变小，根据凸透镜成像规律可知，所成的像是倒立、缩小的实像，照相机应用了第二次实验的成像规律，故BC正确，D错误。故选：ABC。 12．如图所示电路中，滑动变阻器R接入电路的阻值是16Ω，当在a、b间接入灯L1（4V 2W），闭合开关，灯L1刚好正常发光，断开开关，取下L1，保持滑片P的位置不变，在a、b间接入灯L2（4V 4W）后，再闭合开关，若灯丝电阻均不变，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为 12V B．灯 L2 的实际功率等于 1.44W C．若要 L2 正常发光滑片应该向右移动 D．接入L2 后移动滑动变阻器滑片可使滑动变阻器最大功率为 8W 【分析】（1）根据P＝UI求出小灯泡灯L1正常发光时电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压； （2）根据P＝UI求出灯L2的电阻，根据串联电路的电阻特点求出电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P＝UI＝I2R求灯 L2 的实际功率； （3）根据P＝UI求出小灯泡灯L2正常发光时的电流与其实际电流比较，根据欧姆定律确定滑片移动的方向； （4）根据P＝UI和串联电路的电压特点表示出滑动变阻器的电功率，根据数学知识求出滑动变阻器的最大功率。 【解答】解： A、由P＝UI可知，小灯泡灯L1正常发光时电路中的电流：I10.5A， 由欧姆定律可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑1＝I1R滑＝0.5A×16Ω＝8V， 由串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U1+U滑1＝4V+8V＝12V，故A正确； B、由P＝UI可知，灯L2的电阻：R24Ω， 由串联电路的电阻特点可知，此时电路的总电阻：R总2＝R滑+R2＝16Ω+4Ω＝20Ω， 电路中的电流：I20.6A， 则灯 L2 的实际功率：P2实＝I22R2＝（0.6A）2×4Ω＝1.44W，故B正确； C、由P＝UI可知，小灯泡灯L2正常发光时电路中的电流：I2额1A，因此此时灯L2的实际电流小于其额定电流，应增大电路中的电流，由欧姆定律可知，应减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片向左移动，故C错误； D、与L2 串联时滑动变阻器的电功率：P滑＝U滑I＝U滑•U滑9W， 由题意可知，L2的最大电压为4V，由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的最小电压为：U滑小＝U﹣U2＝12V﹣4V＝8V， 所以与L2 串联时滑动变阻器的最大电功率：P滑大＝9W9W8W，故D正确。 故选：ABD。 13．某科技小组设计了如图甲所示的异型鱼缸自动加水模型，由两个不同横截面积的圆柱形容器、一根带有力传感器的轻质硬细杆和一个不吸水的实心物体组成，细杆将物体与容器底部连接。当力传感器受压力最大时开始加水，当受拉力恰好达到最大时停止加水。已知容器下部分的横截面积S1为500cm2，高h1为14cm，上部分横截面积S2为300cm2，杆的高度h2为6cm，物体的横截面积S3为100cm2，高h3为12cm。力传感器的示数F随容器中水深h的关系如图乙所示。（不考虑容器壁的厚度和物体体积变化，传感器不与水接触）下列说法正确的是（　　） A．物体的密度是0.75×103kg/m3 B．当传感器示数为零时，容器中水对容器底的压强是1500Pa C．当刚好停止加水时，传感器的示数是21N D．当传感器示数为2N时，容器中水的质量5800g或7400g 【分析】（1）根据图乙信息求出物体的重力，根据重力公式求出物体的质量，根据体积公式求出物体的体积，根据密度公式求出物体的密度； （2）根据漂浮条件求出传感器示数为零时物体受到的浮力，根据阿基米德原理结合体积公式可求出此时物体排开水的体积，进而求出此时容器内的水深，根据液体压强公式求出此时容器中水对容器底部的压强； （3）根据题意判断传感器受到拉力最大时，物体刚好完全浸没在水中，此时物体受到的浮力最大，根据阿基米德原理求出此时物体受到浮力，进而求出此时传感器受到的拉力； （4）传感器示数为2N时，分两种情况讨论：1.传感器受压力（物体部分浸入，浮力小于重力）2N时，根据力的平衡条件判断此时浮力，根据阿基米德原理求出此时物体浸入水中深度，进而求出此时水深并判断是否水面在容器下部分，根据体积公式求出水的体积，根据密度公式求出此时容器中水的质量； 2.传感器受拉力时，此时物体完全浸没，浮力大于重力，根据力的平衡条件求出此时物体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时物体浸入水中深度，进而求出此时水深并判断是否水面在容器下部分，根据题意求出容器上部分水深，根据体积公式求出此时水的体积，根据密度公式求出此时容器中水的质量。 【解答】解：A、由图乙可知，当水深h＝6cm时，物体还未浸入水中，力传感器受到的压力等于物体的重力，即G＝F＝9N。根据重力公式可得物体的质量为： m； 物体的体积为： V； 物体的密度为： ；故A正确； B、传感器示数为零，说明物体受到的浮力等于自身重力： F浮＝G＝9N； 根据阿基米德原理结合体积公式可得此时物体排开水的体积为：； 此时容器内的水深： h＝6cm+h浸＝6cm+9cm＝15cm＝0.15m； 此时容器中水对容器底部的压强： p，故B正确； C、根据题意可知，传感器受到拉力最大时，物体刚好完全浸没在水中，此时物体受到的浮力最大，此时物体受到浮力为：； 此时传感器受到的拉力： F拉＝F浮'﹣G＝12N﹣9N＝3N；并非21N，故C错误； D、传感器示数为2N时，分两种情况讨论：1.传感器受压力（物体部分浸入，浮力小于重力）2N时：根据力的平衡条件可知此时浮力为： F浮1＝G﹣F压＝9N﹣2N＝7N； 根据阿基米德原理可得此时物体浸入水中深度： ； 此时水深为： h1＝6cm+7cm＝13cm＜14cm，说明此时水面在容器下部分； 水的体积为： ； 根据密度公式可得此时容器中水的质量为： ； 2.传感器受拉力时，此时物体完全浸没，浮力大于重力，根据力的平衡条件可得此时物体受到的浮力为： F浮2＝G+F拉＝9N+2N＝11N； 此时物体浸入水中深度： ； 此时水深为： h2＝6cm+11cm＝17cm，超出容器下部分高度14cm； 容器上部分水深为： h′＝17cm﹣14cm＝3cm； 此时水的体积： ； 根据密度公式可得此时水的质量： ； 综合两种情况的质量为5800g或6800g，故D错误。 故选：AB。 注意事项： 1．用黑色字迹的签字笔将答案写在“答题卡”上（作图可用2B铅笔）。 2．本卷共两大题，共61分。 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．如图是天津著名小吃茶汤，用特制的大铜壶冲熟后，甜香四溢。铜壶分为两层，内层点上煤炭，外层装水，通过 　 　 的方式使水温度升高。壶中水静止时，壶嘴与壶身中的水面相平，这是因为二者相通构成 　 　 。 【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递； （2）上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的。 【解答】解：铜壶内层点上煤炭，外层装水，通过热传递的方式使水温度升高； 当茶壶中的水静止时，壶身和壶嘴中的水面相平，这是因为茶壶的壶身和壶嘴底部连通，构成了连通器； 故答案为：热传递；连通器。 15．检查视力时，要求人与视力表间的距离是5m。现在使用一个平面镜如图所示，视力表到人的距离是1m，人到平面镜的距离应该是　 　 m。视力表在镜中所成的是等大的　 　 像。 【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。 【解答】解：检查视力时，要求人与视力表间的距离是5m，即检查视力时眼睛离视力表的像距离是5m，因为人在平面镜和视力表之间，已知视力表到人的距离是1m，则视力表到镜子的距离应该是3m，所以人到镜子的距离应为5m﹣3m＝2m； 平面镜所成的像和物体大小相等的虚像。 故答案为：2；虚。 16．聪慧的古人在夜晚利用“北斗七星”来确定自己的大致方位。如今我国建立起“北斗三号全球卫星导航系统”，该系统中有3颗卫星运行的轨道平面与地球的赤道平面重合，且与地球自转同步，这3颗卫星相对于地面是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的；在使用手机导航时，手机与北斗卫星之间通过 　 　 （选填“超声波”或“电磁波”）传递信息。 【分析】同步卫星相对地球位置不变，太空与地球之间靠电磁波传递信息。 【解答】解：这3颗卫星运行的轨道平面与地球的赤道平面重合，且与地球自转同步，即卫星相对于地面的位置没有发生变化，所以这3颗卫星相对于地面是静止的；超声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，卫星在太空中，所以手机与北斗卫星之间是通过电磁波传递信息的。 故答案为：静止；电磁波。 17．中考体育考试中，小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空气阻力，则实心球从离开手后到达最高点的过程中，球的机械能　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），在最高点时，球的动能　 　 （选填“大于”或“等于”）零。 【分析】不考虑能量损失，动能和势能转化过程中，机械能总量守恒； 球到达最高点时，仍有向前运动的速度。 【解答】解：实心球从离开手后到达最高点的过程中，不考虑空气阻力，只有动能转化为重力势能，实心球的机械能守恒，即球的机械能不变； 实心球在最高点时，仍有向前的速度，所以其动能大于零。 故答案为：不变；大于。 18．国产某品牌手机配置“3.7V，4200mAh”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用。 （1）电池充满电后，储存的电能为 　 　 J。 （2）现有两个充电器，甲标注“输出5V，1A”，另一个乙标注“输出5V，4.5A”，其中 　 　 （选填“甲”或者“乙”）是快速充电器。 【分析】（1）根据电功公式W＝UIt计算得电池充满电储存的电能； （2）先根据电功率公式P＝UI计算得两个充电器的充电功率，进一步判断出哪个是快速充电器。 【解答】解：（1）电池充满电储存的电能为：W＝UIt＝3.7V×4200×10﹣3A×1×3600s＝55944J； （2）两个充电器的充电功率分别为： P1＝U1I1＝5V×1A＝5W， P2＝U2I2＝5V×4.5A＝22.5W＞P1， 所以乙的充电速度快，是快速充电器。 故答案为：（1）55944；（2）乙。 19．在图甲所示电路中，电源电压保持不变，灯泡的规格为“7V 3.5W”，闭合开关，从最左端向右移动滑动变阻器滑片，直至灯泡正常发光，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，灯泡正常发光时的电阻为　 　 Ω，电路的最大功率为　 　 W。 【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P求灯泡正常发光时的电阻； 当灯泡正常发光时，其实际电压等于额定电压，由图乙可知此时电路中的最大电流和R两端的电压，根据串联电路的电压规律可得电源电压，根据P＝UI可得电路的最大功率。 【解答】解：由题意可知，小灯泡的额定电压U额＝7V，额定功率P额＝3.5W 小灯泡正常发光时的电阻 小灯泡正常工作时通过的电流， 由图乙可知，此时电路中电流最大，此时滑动变阻器两端电压U滑＝2V， 电源电压U＝U滑+U额＝2V+7V＝9V， 电路中最大功率P＝UI额＝9V×0.5A＝4.5W。 故答案为：14；4.5。 四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位） 20．在比较不同物质吸热情况的实验中，用额定功率为500W的电加热器加热水。在电加热器正常工作时，获得的数据如下表。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求： 物质 质量m/kg 初温t0/℃ 加热时间t/s 末温t1/℃ 水 0.2 20 84 60 （1）水吸收的热量； （2）电加热器消耗的电能； （3）此次电加热器加热水的效率。 【分析】（1）根据Q吸＝cmΔt求消吸收的热量； （2）根据P求电加热器消耗的电能； （3）根据η100%求电加热器加热水的效率。 【解答】解：（1）水吸收的热量： Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（60℃﹣20℃）＝3.36×104J； （2）电加热器消耗的电能：W＝Pt＝500W×84s＝4.2×104J； （3）电加热器加热水的效率：η100%100%＝80%。 答：（1）水吸收的热量为3.36×104J； （2）电加热器消耗的电能为4.2×104J； （3）此次电加热器加热水的效率为80%。 21．小明从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻R，他想知道该电阻的阻值，于是他采用书中学到的“伏安法”进行测量。 实验思路： （1）“伏安法”测电阻，是利用电压表测量定值电阻两端电压，用电流表测出通过定值电阻的电流，再利用公式　 　 计算出该电阻的阻值； 实验过程及结果： （2）图甲为小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线帮小明补充完整（要求滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大）： （3）闭合开关后，小明发现电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则电路故障可能是　 　 ； （4）排除故障后，移动滑动变阻器滑片到某一位置时，此时电流表示数为0.24A，电压表示数如图乙所示，为 　 V，则定值电阻R的阻值为　 Ω； 评价交流： （5）请对小明的测量实验进行评价，并简述理由。　 【分析】（1）测电阻的实验原理为。 （2）由第（4）小问中电流表示数为0.24A，电流表选用小量程串联在电路中，根据滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大，滑动变阻器阻值变小，确定左下端接线柱接入电路； （3）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路，根据电压表有示数分析； （4）根据电压表接入电路的量程为小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出定值电阻R的阻值； （5）为减小误差，要多测几组数据求取平均值。 【解答】解：（1）利用电压表测量定值电阻两端电压，用电流表测出通过定值电阻的电流，再根据欧姆定律的变形公式计算出该电阻的阻值。 （2）电流表测通过定值电阻的电流时应与定值电阻串联，且由第（4）小问中电流表示数为0.24A，故选用小量程。滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大，滑动变阻器阻值变小，故应将左下端接线柱接入电路，电路图连接如下： 。 （3）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即由此可判断产生的故障可能是电阻R断路。 （4）如图乙所示，此时电压表接入电路的量程为小量程，分度值为0.1V，电压表示数2.4V。 根据欧姆定律可知，定值电阻R的阻值为 （5）小明只测量了一次，测量结果可能存在较大的误差，可以改变滑片位置，多测几组数据求取平均值，减小误差。 故答案为：（1）； （2）； （3）定值电阻R断路； （4）2.4；10； （5）小明只测量了一次，测量结果可能存在较大的误差，可以改变滑片位置，多测几组数据求取平均值，减小误差。 22．《墨经•经下》记述了一种引重车——“车梯”，可用较小的拉力，将重物拉举到所需的高度。车梯的结构如图所示。该车前轮矮小，后轮高大，前后轮之间装上木板。将绳索一端系在车梯底端的重物上（该段绳索与板面平行），另一端绕过固定在木板末端的滑轮系在后轮轴上，当牵引车前进时，后轮轴转动将绳索缠绕于其轴上，重物即被牵引而沿木板上升。假如在某次工作中轻轻拉动车梯，在40s内缓慢匀速地将1000N的重物沿木板拉动4m，此过程中绳索拉力为600N，重物被提升1.5m。求： （1）该过程绳索拉动重物的功率； （2）该木板的机械效率； （3）重物在该木板上运动时受到的摩擦力。 【分析】（1）根据W＝Fs求该过程绳索拉动重物的功，根据P 算出绳索拉动重物的功率； （2）已知重物的重力和斜面的高度，根据W＝Gh求绳子对重物所做的有用功，根据η求斜面的机械效率； （3）根据W总＝W有+W额求克服重物受到的摩擦力做的额外功，根据W＝fs求重物受到的摩擦力。 【解答】解：（1）该过程中绳子拉力做的总功： W总＝Fs＝600N×4m＝2400J， 该过程绳索拉动重物的功率为： P60W； （2）绳子对重物所做的有用功为： W有＝Gh＝1000N×1.5m＝1500J； 木板（近似斜面）的机械效率： η100%＝62.5%； （3）克服重物受到的摩擦力做的额外功为： W额＝W总﹣W有＝2400J﹣1500J＝900J 由W额＝fs可得，重物受到的摩擦力： f225N。 答：（1）该过程绳索拉动重物的功率为60W； （2）该木板的机械效率为62.5%； （3）重物在该木板上运动时受到的摩擦力为225N。 23. 九年级5班同学做“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验。 （一）实验探究 用如图甲、乙所示的实验装置，实验时分别将两装置接入同一电路中，四个透明的容器中密封了等量的空气，橡胶管将密封空气盒和装有红色液体U形玻璃管相连。 （1）图甲的装置可探究电流产生的热量与　 的关系，通电一段时间后， 　（填“左”或“右”）侧U形玻璃管液面高度差大。 （2）图乙的装置中，电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流　 　（选填“相等或“不相等”）。通电一段时间后，　 　（填“左”或“右”）侧U形玻璃管液面高度差大。 （二）知识应用 家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根导线连接起来使用，而连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾，原因是：通电时连接处的电阻比别处的电阻较　 　（选填“大”或“小”），在相同时间内产生的热量较　 　（选填“多”或“少”）。 【分析】见解答 【解答】解：（一）实验探究： （1）在甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过它们的电流I与通电时间t相同，故可探究导体产生的热量与电阻的关系； 因10Ω＞5Ω，根据焦耳定律Q＝I2Rt，10Ω电阻丝产生热量的多，根据转换法，通电一段时间后，右侧U形玻璃管液面高度差大； （2）图乙的装置在实验中，根据并联电路电流的规律，通过左边容器中电阻的电流与通过右边容器中电阻的电流不相等； 乙实验装置中，容器中两电阻丝的通电时间和阻值相同，通过左边容器中电阻的电流大于通过右边容器中电阻的电流，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，左侧电阻丝产生热量多； 由转换法，左侧U形玻璃管液面高度差大。 （二）知识应用 在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，串联在电路中，通过导体的电流相等、通电时间相等，根据Q＝I2Rt，连接处产生的热量较多。 故答案为：（一）（1）电阻；右；（2）不相等；左；（二）大；多。 24. 物理兴趣活动课中，老师让小强测量某蜡块的密度。除了蜡块，老师还提供了以下器材：一个天平、一个量筒、一个铁块、细绳、水、一根细针。已知蜡块的密度小于水的密度，会浮在水面，无法浸没，且蜡块、铁块均可放入量筒。请你利用上述器材，设计一个实验方案，帮助小强测量蜡块的密度（可画图或文字表述）。 【分析】要测量蜡块的密度，需测出水的体积、水和蜡块的总体积，根据密度公式求出蜡块的密度。 【解答】解：要测量蜡块的密度，需测出蜡块的质量和体积，可利用漂浮条件间接测出蜡块的质量，利用助沉法测蜡块的体积，所以实验步骤设计如下： ①向量筒中倒入适量的水，记下体积V1； ②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2， ③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3。 蜡块密度表达式的推导： 蜡块漂浮在水面上，F浮＝G蜡；根据阿基米德原理可得，F浮＝G排； 比较可得G蜡＝G排，即漂浮的蜡块受到的重力等于它排开液体受到的重力， 所以，m蜡＝m排＝ρ水V排＝ρ水（V2﹣V1）。 蜡块浸没时，排开水的体积等于蜡块的体积，即V蜡＝V排′＝V3﹣V1。 则蜡块密度：ρ蜡•ρ水。 25．在跨学科实践活动中，小明设计了一款智能电热暖手宝，如图甲所示。R1和R2均为电热丝，R2＝550Ω，且高温挡和低温挡的功率之比为5：1。求： （1）S1、S2均闭合时，流过R2的电流； （2）R1的电阻； （3）小明想设计一款具有三挡位功能的暖手宝，且三挡加热功率明显不同。请你帮助小明在图乙虚线框中分别填入S1、R1和R2，完成较为合理的电路图，并计算说明你的设计依据。 【分析】（1）由欧姆定律得出流过R2的电流 （2）分析开关转换时电路的连接，根据并联电阻的规律结合P分析不同挡位电路的连接，根据P得出R2的电功率；由高温挡和低温挡的功率之比为5：1得出低温挡的功率，根据P得出R1的电阻； （3）三挡加热功率明显不同，由P可知，可知三次实验电阻明显不同，可知两电阻串联、两电阻并联和只有一个电阻连入电路中，据此分析。 【解答】解：（1）流过R2的电流： I20.4A （2）S1、S2均闭合时，两电阻并联，只闭合S1时，为R1的简单电路，根据并联电阻的规律，只闭合S1时电路的电阻大，由P可知，电路的电功率小，为低温挡，S1、S2均闭合时，为高温挡，R2的电功率为 P288W 高温挡和低温挡的功率之比为5：1，即 即 低温挡的功率为 P122W R1的电阻 R1 （3）三挡加热功率明显不同，由P可知，可知三次实验电阻明显不同，故两电阻串联、两电阻并联和只有一个电阻连入电路中，连接电路如下所示： 由电路图可知，S1断开且S2接b时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，电加热器处于低温挡； S1闭合且S2接a时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，总功率最大，电加热器处于高温挡， S1闭合且S2接b时，电路为R2的简单电路，应处于中温挡。 答：（1）S1、S2均闭合时，流过R2的电流为0.4A； （2）R1的电阻为2200Ω （3）见解答。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届天津市 中考物理自编模拟练习卷解析版 化学和物理合场考试，合计用时120分钟。 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题时，务必将答案涂写在“答题卡”上，答案答在试卷上无效。考试结束后，将本试卷和“答题卡”一并交回。 祝你考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点。 2．本卷共两大题，共39分。 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意） 1．九中研学旅行，小艳参观了湖北省博物馆，看到了镇馆之宝——战国曾侯乙编钟（如图），听到了复制品编钟的演奏。下列说法正确的是（　　） A．编钟发出的声音能在真空中传播 B．用不同的力敲同一只钟发声的音调不同 C．编钟是靠空气振动发声的 D．敲击大小不同的钟发声的音调不同 2．在“跨学科实践：探索厨房中的物态变化问题”的活动中，同学们走进厨房，留心观察，列举了厨房中的一些物态变化，并运用所学知识对这些现象进行了解释。下列同学们的解释正确的是（　　） A．在蒸食物时打开蒸锅，看到了“白气”，这是汽化现象 B．从冰箱冷藏室取出一瓶水，瓶壁变湿，是空气中的水蒸气液化形成的 C．将湿抹布挂起一段时间后变干了，这是升华现象 D．从冰箱中拿出的冻肉上有白霜，这是凝固现象 3．在天宫课堂中，航天员王亚平将空气注入水球，形成的气泡球与水球的球心都在O点。一束光从空气射入水球的光路如图所示，其中球心O与入射点O1的连线为法线，则进入气泡球的折射光线可能为（　　） A．① B．② C．③ D．④ 4．如图所示为某中学生篮球比赛现场图，下列有关估测结果与实际相符的是（　　） A．中学生的身高大约是160mm B．中学生的体重大约是45N C．篮球的直径大约是10cm D．篮球的质量大约是600g 5．为了迎接体育中考，某同学练习排球垫球时的情景如图所示。若排球在上升过程和下落过程中受到空气的阻力相同。下列说法正确的是（　　） A．击球时，排球受到的击打力是由于排球的形变产生的 B．下落的过程中，排球受到的重力和阻力是一对平衡力 C．击球时，手对球的力大于球对手的力 D．排球在上升过程中受到的合力大于下落过程中受到的合力 6．无人机已成为我们生活的重要参与者。如图为等待起飞的无人机，当开关S1闭合时，指示灯亮起。再闭合S2电动机启动，无人机起飞。只闭合S2，电动机不能启动，下列电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 7．某小组同学对如图所示的部分家庭电路进行了分析，下列说法正确的是（　　） A．空气开关“跳闸”后应该立即复位通电 B．断开开关S，用测电笔检测d点时，氖管不发光 C．导线bc（不含b、c两接点）间断路时，闭合开关S，小灯泡能正常发光 D．用电器连接到三孔插座上正常工作时，若e点断开，用电器会停止工作 8．生活中很多现象都蕴含着物理奥秘，下列关于玻璃瓶的小实验解释正确的是（　　） A．图甲：用大小不同的力敲打玻璃瓶的同一位置，能改变声音的音调 B．图乙：用力捏玻璃瓶，细管中液面上升，是因为玻璃瓶发生了微小形变 C．图丙：将瓶子从一楼拿到十楼，细管中液面下降，说明大气压强随高度升高而减小 D．图丁：用吸管吸水时，水会沿着吸管进入嘴里，是因为吸力的作用 9．如图所示是某学校路灯的智能照明电路。S为光敏开关，天暗时S自动断开，天亮时S自动闭合，R为滑动变阻器。下列说法正确的是（　　） A．天亮时，电磁铁的上端是北极 B．天亮时，将R的滑片P向上滑动，电磁铁磁性变弱 C．天暗时，衔铁被电磁铁吸引，触点c与a接触 D．天亮时，电磁铁外部磁感线从下端出发回到上端 10．如图甲所示为我国古代劳动人民在建筑工地上运送大木料的情境，其简化装置如图乙所示，O为轻质杠杆AB的转轴，OA：OB＝1：3，木块用轻质细绳系在A端，工人在B端施加竖直向下的拉力F，此时杠杆水平平衡。已知木块的重力为1200N，工人重力为700N，双脚面积为400cm2，不计转轴处的摩擦。下列说法正确的是（　　） A．木块恰好离开地面时，工人的拉力为300N B．木块恰好离开地面时，工人对地面的压力为1100N C．工人的拉力为300N时，木块对地面的压力为900N D．工人的拉力为300N时，人对地面的压强为10000Pa 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，不选或选错得0分） 11．在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、透镜甲和光屏放置在如图所示位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。现保持蜡烛和透镜的位置不变，将透镜甲更换为透镜乙后，向左移动光屏，可在光屏上再次成清晰的像，则（　　） A．透镜甲的焦距为10cm B．透镜乙的焦距小于10cm C．第二次所成的像是缩小的 D．投影仪应用了第二次实验的成像规律 12．如图所示电路中，滑动变阻器R接入电路的阻值是16Ω，当在a、b间接入灯L1（4V 2W），闭合开关，灯L1刚好正常发光，断开开关，取下L1，保持滑片P的位置不变，在a、b间接入灯L2（4V 4W）后，再闭合开关，若灯丝电阻均不变，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为 12V B．灯 L2 的实际功率等于 1.44W C．若要 L2 正常发光滑片应该向右移动 D．接入L2 后移动滑动变阻器滑片可使滑动变阻器最大功率为 8W 13．某科技小组设计了如图甲所示的异型鱼缸自动加水模型，由两个不同横截面积的圆柱形容器、一根带有力传感器的轻质硬细杆和一个不吸水的实心物体组成，细杆将物体与容器底部连接。当力传感器受压力最大时开始加水，当受拉力恰好达到最大时停止加水。已知容器下部分的横截面积S1为500cm2，高h1为14cm，上部分横截面积S2为300cm2，杆的高度h2为6cm，物体的横截面积S3为100cm2，高h3为12cm。力传感器的示数F随容器中水深h的关系如图乙所示。（不考虑容器壁的厚度和物体体积变化，传感器不与水接触）下列说法正确的是（　　） A．物体的密度是0.75×103kg/m3 B．当传感器示数为零时，容器中水对容器底的压强是1500Pa C．当刚好停止加水时，传感器的示数是21N D．当传感器示数为2N时，容器中水的质量5800g或7400g 注意事项： 1．用黑色字迹的签字笔将答案写在“答题卡”上（作图可用2B铅笔）。 2．本卷共两大题，共61分。 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．如图是天津著名小吃茶汤，用特制的大铜壶冲熟后，甜香四溢。铜壶分为两层，内层点上煤炭，外层装水，通过 　 　 的方式使水温度升高。壶中水静止时，壶嘴与壶身中的水面相平，这是因为二者相通构成 　 　 。 15．检查视力时，要求人与视力表间的距离是5m。现在使用一个平面镜如图所示，视力表到人的距离是1m，人到平面镜的距离应该是　 　 m。视力表在镜中所成的是等大的　 　 像。 16．聪慧的古人在夜晚利用“北斗七星”来确定自己的大致方位。如今我国建立起“北斗三号全球卫星导航系统”，该系统中有3颗卫星运行的轨道平面与地球的赤道平面重合，且与地球自转同步，这3颗卫星相对于地面是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的；在使用手机导航时，手机与北斗卫星之间通过 　 　 （选填“超声波”或“电磁波”）传递信息。 17．中考体育考试中，小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空气阻力，则实心球从离开手后到达最高点的过程中，球的机械能　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），在最高点时，球的动能　 　 （选填“大于”或“等于”）零。 18．国产某品牌手机配置“3.7V，4200mAh”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用。 （1）电池充满电后，储存的电能为 　 　 J。 （2）现有两个充电器，甲标注“输出5V，1A”，另一个乙标注“输出5V，4.5A”，其中 　 　 （选填“甲”或者“乙”）是快速充电器。 19．在图甲所示电路中，电源电压保持不变，灯泡的规格为“7V 3.5W”，闭合开关，从最左端向右移动滑动变阻器滑片，直至灯泡正常发光，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，灯泡正常发光时的电阻为　 　 Ω，电路的最大功率为　 　 W。 四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位） 20．在比较不同物质吸热情况的实验中，用额定功率为500W的电加热器加热水。在电加热器正常工作时，获得的数据如下表。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求： 物质 质量m/kg 初温t0/℃ 加热时间t/s 末温t1/℃ 水 0.2 20 84 60 （1）水吸收的热量； （2）电加热器消耗的电能； （3）此次电加热器加热水的效率。 21．小明从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻R，他想知道该电阻的阻值，于是他采用书中学到的“伏安法”进行测量。 实验思路： （1）“伏安法”测电阻，是利用电压表测量定值电阻两端电压，用电流表测出通过定值电阻的电流，再利用公式　 　 计算出该电阻的阻值； 实验过程及结果： （2）图甲为小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线帮小明补充完整（要求滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数变大）： （3）闭合开关后，小明发现电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则电路故障可能是　 　 ； （4）排除故障后，移动滑动变阻器滑片到某一位置时，此时电流表示数为0.24A，电压表示数如图乙所示，为 　 V，则定值电阻R的阻值为　 Ω； 评价交流： （5）请对小明的测量实验进行评价，并简述理由。　 22．《墨经•经下》记述了一种引重车——“车梯”，可用较小的拉力，将重物拉举到所需的高度。车梯的结构如图所示。该车前轮矮小，后轮高大，前后轮之间装上木板。将绳索一端系在车梯底端的重物上（该段绳索与板面平行），另一端绕过固定在木板末端的滑轮系在后轮轴上，当牵引车前进时，后轮轴转动将绳索缠绕于其轴上，重物即被牵引而沿木板上升。假如在某次工作中轻轻拉动车梯，在40s内缓慢匀速地将1000N的重物沿木板拉动4m，此过程中绳索拉力为600N，重物被提升1.5m。求： （1）该过程绳索拉动重物的功率； （2）该木板的机械效率； （3）重物在该木板上运动时受到的摩擦力。 23. 九年级5班同学做“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验。 （一）实验探究 用如图甲、乙所示的实验装置，实验时分别将两装置接入同一电路中，四个透明的容器中密封了等量的空气，橡胶管将密封空气盒和装有红色液体U形玻璃管相连。 （1）图甲的装置可探究电流产生的热量与　 的关系，通电一段时间后， 　（填“左”或“右”）侧U形玻璃管液面高度差大。 （2）图乙的装置中，电阻R3的作用是使通过电阻丝R1、R2的电流　 　（选填“相等或“不相等”）。通电一段时间后，　 　（填“左”或“右”）侧U形玻璃管液面高度差大。 （二）知识应用 家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根导线连接起来使用，而连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾，原因是：通电时连接处的电阻比别处的电阻较　 　（选填“大”或“小”），在相同时间内产生的热量较　 　（选填“多”或“少”）。 24. 物理兴趣活动课中，老师让小强测量某蜡块的密度。除了蜡块，老师还提供了以下器材：一个天平、一个量筒、一个铁块、细绳、水、一根细针。已知蜡块的密度小于水的密度，会浮在水面，无法浸没，且蜡块、铁块均可放入量筒。请你利用上述器材，设计一个实验方案，帮助小强测量蜡块的密度（可画图或文字表述）。 25．在跨学科实践活动中，小明设计了一款智能电热暖手宝，如图甲所示。R1和R2均为电热丝，R2＝550Ω，且高温挡和低温挡的功率之比为5：1。求： （1）S1、S2均闭合时，流过R2的电流； （2）R1的电阻； （3）小明想设计一款具有三挡位功能的暖手宝，且三挡加热功率明显不同。请你帮助小明在图乙虚线框中分别填入S1、R1和R2，完成较为合理的电路图，并计算说明你的设计依据。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $