精品解析：2026年重庆市第八中学校九年级中考模拟考试试卷

物理上手练习 （全卷共四个大题满分72分） （注意：全卷取，水的密度） 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分） 1. 下列选项中的物理量最接近实际的是（ ） A. 一个足球的质量450g B. 电磁波的速度约为340m/s C. 中考男生1000m成绩约为2min D. 对人体安全的电压为220V 【答案】A 【解析】 【详解】A．一个鸡蛋约，一个足球质量大约等于个鸡蛋的质量，一个足球的质量约，故A符合题意； B．电磁波的速度与光速相同，速度约为，故B不符合题意； C．中考男生成绩约为，故C不符合题意； D．对人体安全的电压不高于，故D不符合题意。 故选A。 2. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列说法中正确的是（　　） A. 家用LED节能灯是由半导体材料制成的 B. 北斗导航卫星系统是利用超声波为汽车导航的 C. “华龙一号”核电机组利用核聚变将核能转化为电能 D. 光纤通信是靠光在光导纤维中发生多次折射来传递信息 【答案】A 【解析】 【详解】A．LED灯的核心发光元件是由半导体材料制成的，故A正确； B．超声波传播需要介质，真空不能传声，北斗导航卫星系统是利用电磁波传递信息导航的，故B错误； C．目前可控商业发电的核电机组都是利用核裂变释放核能，最终转化为电能，“华龙一号”也是核裂变发电，故C错误； D．光纤通信是靠光在光导纤维中发生多次反射来传递信息，故D错误。 故选A。 3. 图中有关电与磁的知识，说法正确的是（ ） A. 图甲中验电器的原理是利用异种电荷相互排斥 B. 图乙的连接方式符合家庭电路安全用电要求 C. 图丙可判断螺线管的a端与电源正极连接 D. 图丁是法拉第发现的电磁感应现象，是电动机的工作原理 【答案】C 【解析】 【详解】A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，不是异种电荷相互排斥，故A错误； B．家庭电路安全用电要求：开关必须接在火线上，三孔插座遵循“左零右火上接地”。图乙中开关接在零线和灯泡之间，火线直接连接灯泡螺口，断开开关后灯泡仍带电，不符合安全要求，故B错误； C．图中小磁针N极向左，说明该位置磁感线向左，即螺线管左端为S极，右端为N极。根据安培定则：右手握住螺线管，大拇指指向右端N极，四指弯曲方向为电流方向，可判断电流从螺线管的a端流入、b端流出，因此a端接电源正极，故C正确。 D．法拉第的电磁感应现象是发电机的工作原理，电磁感应实验中没有电源，故D错误。 故选 C。 4. 如图所示，张继的《枫桥夜泊》诗句中勾勒出曼妙的夜景，下列选项解释合理的是（ ） A. “钟声”，是空气振动产生的 B. “霜”，是水凝固放热形成的 C. “月落”，是以月亮为参照物作出判断的 D. “乌啼”，是根据音色分辨出钟声和乌啼 【答案】D 【解析】 【详解】A．声音是由物体振动产生的，钟声是钟振动产生的，空气只是传播声音的介质，不是发声体，故A不符合题意； B．霜是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态形成的，属于凝华现象，凝华放热，不是水凝固形成的，故B不符合题意； C．不能选择被研究的物体本身作为参照物，“月落”描述月亮位置的变化，是以地面（或地面上静止物体）为参照物做出判断，不是以月亮自身为参照物，故C不符合题意； D．不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，人们可以通过音色分辨钟声和乌啼声，故D符合题意。 故选 D。 5. 北京时间2026年5月24日23时08分，搭载神舟二十三号载人飞船的长征二号F遥二十三运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射成功，如图所示。下列说法正确的是（ ） A. 火箭加速升空时，火箭的惯性变大 B. 火箭加速升空时，重力势能转化为动能 C. 点火后大量“白气”涌向四周是扩散现象 D. 火箭燃料燃烧，将化学能转化为内能 【答案】D 【解析】 【详解】A．惯性大小只跟质量有关，火箭加速升空时，火箭的质量没有变大，所以惯性没有变大，故A错误； B．火箭加速升空时，质量不变，速度变大，则动能变大，高度增加，则重力势能变大，所以不是重力势能转化为动能，故B错误； C．点火后大量“白气”涌向四周是水蒸气液化成的小水滴的机械运动，不是扩散现象，故C错误； D．火箭燃料燃烧时放出热量，将化学能转化为内能，故D正确。 故选D。 6. 如图所示，质量为50kg的工人师傅用300N的拉力，在10s内将550N的货物沿竖直方向匀速提升了4 m，不计绳重与摩擦，则下列判断正确的是（ ） A. 所用动滑轮的重力是100N B. 滑轮组的机械效率约为83.3% C. 人拉绳时，拉力的功率是240W D. 人受到地面的支持力是200N 【答案】C 【解析】 【详解】A．从图可知，动滑轮上承担物重的绳子段数 ，动滑轮重力 ，故A错误； B．滑轮组机械效率，故B错误； C． 绳子自由端移动距离  总功 拉力功率，故C正确； D． 工人重力  工人向上拉绳子，绳子对工人的反作用力向下，工人竖直方向受力平衡，即，因此地面对工人的支持力，故D错误。 故选C。 7. 图甲是某烟雾报警器的简化电路图，当烟雾达到一定浓度时衔铁被吸引，随即铃响灯亮，烟雾报警器控制电路的电压10V，R是光敏电阻，其阻值与烟雾浓度的关系如图乙。若定值电阻的阻值是10Ω，工作电路铃响灯亮时，控制电路中的电流是0.2A。电磁铁线圈电阻不计。下列说法正确的是（ ） A. 当烟雾浓度增大时，控制电路的总功率变小 B. 当烟雾浓度达到60%时，工作电路响铃亮灯 C. 烟雾浓度分别是10%和60%时，定值电阻消耗的功率之比为 D. 为了降低报警器报警时的浓度标准，可以适当增大控制电路电源电压U 【答案】D 【解析】 【详解】A．烟雾浓度增大时，光敏电阻R阻值减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据，总功率变大，故A错误； B．报警时总电阻，因此光敏电阻 结合图乙，对应烟雾浓度达到40%时报警，故B错误； C．烟雾浓度10%时，，总电阻 电流 烟雾浓度60%时，，总电阻 电流 定值电阻功率，功率比，不是1:4，故C错误； D．降低报警浓度标准，烟雾浓度更低R更大时就触发报警，电流达到0.2A。根据，触发电流I=0.2A不变，R更大时，需要更大的电源电压U才能让电流达到触发值，因此增大控制电路电源电压可以实现，故D正确。 故选D。 8. 瑶瑶在课堂上进行盐水选种，她将340g种子放入密度为的盐水中，饱满良种下沉，瘪种上浮并漂浮（如图所示），瑶瑶观察到此时水面上升了3cm（此过程时间较短，可以认为种子未吸水）。一段时间后，水面下降了0.1cm，并且a处漂浮的种子未下沉。已知容器的底面积为，良种的密度为，下列说法正确的是（ ） A. 饱满种子下沉是因为它受到的浮力小于它排开盐水的重力 B. 一段时间后，所有种子受到的浮力共为2.9N C. 一段时间后，水面下降是因为a处的种子吸水 D. 一段时间后，液体对容器底部的压强相比于种子放入前增加了319Pa 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据阿基米德原理，物体受到的浮力始终等于自身排开液体的重力。饱满种子下沉的原因是浮力小于自身重力，不是浮力小于排开盐水的重力，故A错误； C．题目明确说明处漂浮的种子未下沉，若处种子吸水，种子重力增大，漂浮时浮力等于重力，浮力增大会导致排开盐水体积增大，液面应该上升，不会下降；水面下降实际是沉底的饱满种子吸水，使盐水总体积减小导致的，故C错误； B．一段时间后，总排开盐水体积  总浮力 不是2.9N，故B错误； D．相比于放入种子前，最终水面上升 液体对容器底部的压强增加量，故D正确。 故选D。 二、填空题（本题共6个小题，每小题2分，共12分。） 9. 电视机遥控器可以发出________（选填“红外线”或“紫外线”），来实现电视机的遥控。蝙蝠飞行时定位巡航的原理与古代信鸽定位巡航的原理________（选填“相同”或“不同”）。 【答案】 ①. 红外线 ②. 不同 【解析】 【详解】 电视机遥控器通过发射红外线实现对电视机的控制，因此第一空填红外线；蝙蝠飞行时依靠超声波的回声定位原理导航，而信鸽是利用地磁场来完成定位巡航，二者的定位原理完全不同，因此第二空填不同。 10. 如图所示，走马灯是中国传统节日玩具，点燃灯内蜡烛，空气受热后密度变小，热空气上升，从灯体上方流出，冷空气从下方缝隙流入，形成对流。热空气冲击叶轮时，将内能转化为叶轮的________能，使灯转动。这一过程利用了流体流速大的位置压强________的原理。 【答案】 ①. 机械 ②. 小 【解析】 【10题详解】 走马灯点燃蜡烛后，灯内空气受热，温度升高，内能增大。热空气密度变小而上升，形成一股向上的气流。当这股高速流动的热空气冲击叶轮时，会推动叶轮转动。在这个过程中，热空气的内能转化为了叶轮的机械能，从而使灯转动起来； 根据伯努利原理，在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。热空气上升形成气流，当气流经过叶轮时，由于叶片形状的设计，使得叶片两侧的空气流速不同，从而产生压强差，这个压强差形成了推动叶轮转动的力。这正是利用了“流体流速大的位置压强小”的原理。 11. 如图为人形机器人半程马拉松赛事补给站现场，工作人员向机器人关节喷射速效制冷剂，制冷剂迅速汽化______热，从而降低关节电机的温度；赛事期间空中出现日晕景观，该现象是由光的______形成。 【答案】 ①. 吸 ②. 折射 【解析】 【详解】汽化吸热，液化放热。工作人员向机器人关节喷射速效制冷剂，制冷剂迅速汽化吸热，从而降低关节电机的温度；日晕是高空云层中的小冰晶，使太阳光发生折射，同时因不同色光偏折程度不同产生光的色散，最终形成环绕太阳的彩色光环。 12. 如图所示，电源电压可调，灯泡L1和L2分别标有“6V 3W”、“3V 3W”的字样，灯丝电阻不变。当开关S闭合，甲、乙都是电压表时，两表的示数之比为______；当开关S断开，甲、乙都是电流表时，在电路安全的情况下，电路的总功率最大可以为______W。 【答案】 ①. ②. 3.75 【解析】 【详解】当开关S闭合，甲、乙都是电压表时，灯泡L1和L2串联，甲测电压，乙测电源电压。灯泡L1和L2电阻分别为 根据串联分压原理，灯泡L1和L2电压之比为 所以甲、乙两表的示数之比为。 当开关S断开，甲、乙都是电流表时，灯泡L1和L2并联，则电源电压最大为3V，正常发光，功率为3W，此时功率为 电路的总功率最大为 13. 小李生日时，买了一个双层双口味生日蛋糕，切分蛋糕时，小李沿水平方向进行切分，并引起了她对这一切割过程中有关压强的思考。现将双层蛋糕简化为如图甲所示模型，A、B是质量分布均匀的圆柱体，沿水平方向从该模型上方切去一定高度h，并将切去部分平放在同一水平面上，该模型剩余部分对地面的压强随切去高度h变化的图像如图乙所示。已知A、B的底面积分别为和，B的质量为________kg，当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强之比为时，则切去的高度h的大小为________cm。 【答案】 ①. 2 ②. 6 【解析】 【分析】因为剩余部分对地面的压强是柱体对水平面的压强，所以可利用柱体压强公式分析图像。因为图乙中第一段是切去B的过程，所以先根据该段的压强变化和切去高度，结合B的底面积求出B的质量。因为需要分析切去部分和剩余部分的压强关系，所以先分别推导切去部分对地面的压强和剩余部分对地面的压强​的表达式，再根据分情况讨论切去高度的范围，进而求解。 【详解】由图乙可知：未切割时（），整个模型对地面的总压强，总压力等于总重力，即 当时，B刚好被完全切去，剩余A对地面压强为，则 因此B的重力为 B的质量为 当时，切去部分仅为B的一部分：切去部分的重力为 切去部分的底面积为，压强为……① 剩余部分总重力为 剩余部分底面积仍为，剩余压强为……② 将代入①②解得，符合的条件。 若时，切去部分为B的全部和A的一部分，即切去部分的重力为 切去部分的底面积为，压强为……③ 剩余部分总重力为 剩余部分底面积仍为，剩余压强为……④ 将代入③④解得，不满足条件舍去；因此切去高度为6cm。 14. 如甲所示电路中，电源电压恒定，小灯泡标有“12V ？W”，电压表量程为0~15V，电流表量程为0~0.6A。在保证电路安全且R2的滑片P移动范围最大的前提下，闭合S、S1，将滑片P从某一端移到位置a；再断开S1闭合S2，将滑片P从某一端移到位置b。上述两过程中电流表与电压表示数变化的图像如图乙，则小灯泡的额定功率为________W；若电源换成可调电压的电源，其他条件不变，在保证电路安全情况下，闭合开关S、S2再调节滑片位置，使电流表和电压表均可达到满偏，则电源电压的最大值与最小值之差为________V。 【答案】 ①. 6 ②. 3 【解析】 【详解】闭合S、S1​时，灯泡L与滑动变阻器R2​串联，电压表测两端的电压。由于灯泡的电阻随温度的升高而变大，则通过R2的电流与其两端电压的关系对应图乙中的曲线。 根据题意，保证电路安全时，电流最大对应灯泡正常发光时的电流，即 R2​两端的电压 已知灯泡额定电压为12V，因此电源电压 灯泡的额定功率 当R2接入电路的阻值最大时，滑动变阻器两端的电压 电路中的电流 因此滑动变阻器的最大阻值 断开S1​闭合S2​，R1​与R2​串联，对应图乙中的直线。电路中的最小电流 此时滑动变阻器全部接入电路中，则滑动变阻器两端的电压 电源电压18V，所以R1的阻值 已知：电流表满偏，电压表满偏，要求调节滑片时，电流表、电压表均可达到满偏，且电路安全， 若电流表达到满偏，则 U4​不能超过电压表量程，因此 要让电压表达到满偏，R2​接入电路的阻值最大时，R2​分得的电压最大，需满足最大分压大于等于15V，根据串联分压得 解得 电源电压得最大值与最小值之差 【分析】本题考查动态电路问题，开关的通断和滑动变阻器滑片的移动导致电路的动态变化，注意分析开关通断过程中电路的结构。因为灯泡电阻随着温度变化，所以灯泡接入电路中时，电路中的电流与各部分电路两端的电压的关系图像不是直线，且电压表并联在滑动变阻器两端，则当滑动变阻器接入电路中的电流增大时，电路中的电流减小，根据分压规律可知，电压表的示数增大。 图乙中的曲线是灯泡接入电路时，电路中的电流与滑动变阻器两端电压的图像，可以得到灯泡正常发光时的电流以及此时电压表的示数，进而根据串联电路的电压规律得到电源电压；当滑动变阻器全部接入电路中时，电路中的电流最小，读出曲线中的最小电流和最大电压值，即可求出滑动变阻器的最大阻值。 直线只给出了一个最小电流数据，根据滑动变阻器接入电路中电阻最大时，电流最小，可以求出此时滑动变阻器两端的电压值，再由前面求出的电源电压数据，根据串联电路的电压规律以及欧姆定律，就可以求出R1的阻值。 求可变电源的最大值最小值时注意，当电流达到电流表允许通过的最大电流时，R1两端的电压最大，当电压表满偏时，电源电压的数值达到最大；当滑动变阻器全部接入电路中且其两端的电压为15V时，电路中的电流最小，此时电源电压最小。 三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。） 15. 物理兴趣小组进行以下光学和热学实验探究： （1）如图1所示，小超用薄玻璃板、刻度尺、光屏和两支完全相同的蜡烛A、B等器材探究平面镜成像的特点。他点燃蜡烛A，在薄玻璃板后面移动未点燃的蜡烛B，在某一位置上发现B与A的像恰好完全重合，说明像与物的大小___________；移去蜡烛B，在该位置放置光屏，光屏上未承接A的像，说明平面镜所成的像是___________像；他选择薄玻璃板做实验的目的是___________。 （2）小杰用如图2甲装置探究水沸腾前后温度变化的特点。沸腾前的某一时刻温度计示数如图2乙所示，为___________℃；小杰根据实验数据描绘了水沸腾前后温度随时间的变化图像（如图2丙），从图中可知水的沸点为___________℃；撤去酒精灯，烧杯内的水沸腾一会儿后停止沸腾，说明沸腾过程中需要___________热量。 【答案】（1） ①. 相等 ②. 虚 ③. 便于确定像的位置 （2） ①. 91 ②. 98 ③. 吸收 【解析】 【小问1详解】 蜡烛B与A的像恰好完全重合，说明像与物的大小相等； 移去蜡烛B，在该位置放置光屏，光屏上未承接A的像，虚像不能用光屏承接，说明平面镜所成的像是虚像； 选取薄玻璃板，能同时观察到蜡烛A和蜡烛B，从而确定像的位置。 【小问2详解】 图乙中温度计的分度值为1℃，示数为91℃； 图丙中，水沸腾时温度保持不变，这个不变的温度就是沸点，为98℃； 撤去酒精灯，烧杯内的水沸腾一会儿后停止沸腾，说明沸腾过程中需要吸收热量。 16. 物理小组的同学按图的步骤探究“浮力的大小与哪些因素有关”。 （1）根据实验可知，物体浸没在水中时受到的浮力是_______N，物体的体积是_____cm3。 （2）分析实验甲、乙、丙可知，当液体密度相同时，物体浸在液体中的体积越大，所受的浮力就越______；实验甲、丁、戊是探究物体所受浮力的大小与______是否有关；实验戊中的液体密度为______g/cm3。 （3）物理小组的同学根据浮力知识设计了如图所示的简易密度计：将塑料吸管的两端封闭并在底端缠上铜丝作为配重，在塑料吸管（标度杆）上固定一个合适的浮子并调整配重就做成一个简易密度计。将此密度计分别放入水和酒精中，待其静止时依据液面位置在标度杆上分别做一个标记，并记为1.0g/cm3和0.8g/cm3。 ①该密度计标记的两个刻度中，_______g/cm3在上方，理由是_____________。 ②小明想增大该密度计这两个标记间的距离，请你提出一种改进措施__________。 【答案】（1） ①. 1.0 ②. 100 （2） ①. 大 ②. 液体密度 ③. 0.8 （3） ①. 0.8 ②. 密度计在两种液体中均漂浮，浮力等于重力，酒精密度小，故排开体积大 ③. 换用更细的吸管##增加配重 【解析】 【小问1详解】 由图甲可知，物体的重力。由图丙（或丁）可知，物体浸没在水中时弹簧测力计的示数。根据称重法，物体在水中受到的浮力 物体浸没在水中，其体积等于排开水的体积。根据阿基米德原理，可得物体的体积 【小问2详解】 分析实验甲、乙、丙，液体密度相同，物体排开液体的体积越大，弹簧测力计示数越小，说明浮力越大。 实验甲、丁、戊中，物体排开液体的体积相同，但液体种类不同，弹簧测力计示数不同，说明浮力大小与液体密度有关。 由图戊可知，物体在液体中受到的浮力  根据阿基米德原理，物体全浸没，可得液体密度  【小问3详解】 密度计漂浮时，受到的浮力等于其重力，即。根据，可知越小，越大。因为酒精的密度小于水的密度，所以密度计在酒精中排开的体积更大，浸入更深，液面位置更高。因此，的刻度在上方。 根据 得，故密度计浸入液体的深度 要增大两个标记间的距离，即增大深度差，可以增大密度计的重力（增加配重）或减小吸管的横截面积（换用更细的吸管）。 17. 小欣在实验室做了“测量小灯泡在不同电压下的电功率”这个实验，实验中，利用的电源为三节新的蓄电池，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器，电流表（0~0.6A，0~3A）；电压表（0~3V，0~15V）。 （1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整（要求：闭合开关，滑片左移，灯泡变亮）； （2）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表也无示数，小欣向鄢老师求助，鄢老师在不拆开原电路的情况下，借助另一导线就很快找出了故障原因：电流表内部断路了。鄢老师找出这个故障的相应操作如下：用导线接在______（选填“电压表”“电流表”“开关”“灯泡”）两端时，灯泡及其它元件______（选填“能”“不能”）工作； （3）当电压表示数达到3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W； （4）实验后，小欣根据所测数据画出了小灯泡的I-U曲线如图丙所示，在她移动滑片过程中，发现电压表示数要比电流表示数增大的快，这是因为______；由图像趋势可以推断，当通过小灯泡的电流为0.42A时，小灯泡两端的电压可能为______V（选填“3.9”、“4.1”或“4.3”）； （5）完成实验后，小欣继续做“探究电流与电阻关系”的实验，她把小灯泡取下换上定值电阻，其它实验器材和刚才测量小灯泡电功率时一样，合理选择电流表电压表的量程，四个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、25Ω。她先将5Ω的电阻接入电路中，调节滑动变阻器阻值为10Ω，记录此时电流表示数，则小欣控制定值电阻两端不变的电压为______V，接下来小欣断开开关，依次把剩余定值电阻接入电路，调节滑片并完成实验。则小欣在整个实验中所选滑动变阻器的规格可以是______（填选项前的字母）。 A．“40Ω 0.3A” B．“50Ω 0.5A” C．“60Ω 0.6A” 【答案】（1） （2） ①. 电流表 ②. 能 （3）1.52 （4） ①. 灯泡电阻随温度升高而变大 ②. 4.3 （5） ①. 2 ②. BC 【解析】 【小问1详解】 闭合开关，滑片左移，灯泡变亮，则电路中电流变大，变阻器阻值变小，所以变阻器应选择左下接线柱与灯泡串联，据此作图。 【小问2详解】 闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表也无示数，说明发生断路，且电压表两端无法与电源相通。用导线接在电流表两端时，灯泡及其它元件能工作，说明电流表内部断路。 【小问3详解】 图甲中电流表选用小量程，分度值为0.02A。当电压表示数达到3.8V时，电流表的示数如图乙所示，示数为0.4A，则小灯泡的额定功率为 【小问4详解】 灯泡电阻随温度升高而变大，根据可知，移动滑片过程中，发现电压表示数要比电流表示数增大的快； 由图丙可知，灯泡电压为3.5V时，电流为0.38A，则灯泡电阻为 当电压表示数达到3.8V时，灯泡电阻为 当通过小灯泡的电流为0.42A时，小灯泡两端的电压若为3.9V，灯泡电阻为 小灯泡两端的电压若为4.1V，灯泡电阻为 小灯泡两端的电压若为4.3V，灯泡电阻为 由图丙可知，灯泡电阻随温度升高而变大，且灯泡电阻变大的速度越来越快，所以为符合此趋势，当通过小灯泡的电流为0.42A时，小灯泡两端的电压应为4.3V。 【小问5详解】 电源为三节新的蓄电池，则电源电压为6V。将5Ω的电阻接入电路中时，调节滑动变阻器阻值为10Ω，根据串联分压原理则有 解得，所以小欣控制定值电阻两端不变的电压为2V； 将5Ω的电阻接入电路中时，电路中电流为 将25Ω的电阻接入电路中时，根据串联分压原理则有 解得。 所以滑动变阻器的最大阻值至少为，所以小欣在整个实验中所选滑动变阻器的规格可以是“50Ω 0.5A”或“60Ω 0.6A”，故选BC。 四、计算论述题（本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式；只写出最后结果的不得分。） 18. 如图是一款智能家用扫地机器人，机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒。小雯在水平运动场上进行扫地测试时，该机器人在1min内沿直线匀速清扫的距离为12m，若它在匀速清扫过程中所受阻力为80N。解答下列问题： （1）扫地机器人消耗的电能是________次能源；机器人工作时，灰尘、杂物等在________的作用下被吸入集尘盒； （2）扫地机器人车轮表面做有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大________；机器人除尘刮片属于杠杆，清扫下压刮片时，动力臂小于阻力臂，是________杠杆。 （3）匀速清扫过程中机器人的水平推力所做功的功率。 【答案】（1） ①. 二 ②. 大气压 （2） ①. 摩擦力 ②. 费力 （3） 【解析】 【小问1详解】 能源分为一次能源和二次能源，电能无法从自然界直接获取，需要消耗一次能源转化得到，因此电能是二次能源； 机器人工作时主机内部流速大压强小，内部气压小于外界大气压，灰尘、杂物在大气压的作用下被压入集尘盒。 【小问2详解】 摩擦力大小与压力大小、接触面粗糙程度有关，压力一定时，增大接触面粗糙程度可以增大摩擦力； 根据杠杆的分类，动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆，因此该除尘刮片是费力杠杆。 【小问3详解】 机器人沿直线匀速清扫，水平方向推力与阻力是一对平衡力，大小相等。水平推力为。计算推力做功 根据功率公式计算功率 19. 小明家购置了如图甲所示的一台集加热和保温为一体的饮水机，如图乙所示是其内部电路图，S是用感温材料制造的温控开关，定值电阻R1和R2均是发热电阻。正常工作时，定值电阻R2在“保温”状态与“加热”状态的功率之比为1：100，部分铭牌信息如下表所示。求： 最大容量 1.21kg 额定电压 220V 加热功率 1210W （1）定值电阻R2的阻值为多少？ （2）某次正常工作时，饮水机将最大容量的水从20℃加热到100℃，用时7min。该饮水机本次加热状态的效率为多少？【C水=4.2×103J/（kg·℃）】 （3）某天用电高峰期，小明关闭家里其它用电器，仅让饮水机处于保温状态，发现家里标有“3000imp/kW·h”（意义为用电器消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁3000次）字样电能表的指示灯每闪烁5次所用的时间为60s。则上述工作过程中，R2两端的实际电压为多少？ 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】解：（1）根据可知，阻值小，功率大，所以当S闭合时，为加热挡，所以 （2）水吸收的热量 电加热放出的热量 该饮水机本次加热状态的效率为 （3）正常工作时，定值电阻R2在“保温”状态与“加热”状态的功率之比为1∶100，所以保温时R2的功率P2为12.1W。仅让饮水机处于保温状态，指示灯每闪烁5次所用的时间为60s，这时电路中的保温功率为 根据串联电路电流相等，所以 答：（1）定值电阻R2的阻值为； （2）该饮水机本次加热状态的效率为； （3）R2两端的实际电压为。 20. 小南为了探究“南鲲号”漂浮式波浪发电系统，设计了如图甲所示装置，浮体随波动速度呈周期性变化的波浪竖直匀速移动，最低点到最高点的移动高度为80cm。浮体仅在向上运动过程中，通过连杆带动活塞上方油液，推动油液循环，使水轮机开始工作，进而发电机产生电能；模拟波浪可保证浮体向上运动过程中浸在水中的体积始终为自身体积的五分之四。（活塞、连杆的自重、体积及摩擦均不计）。已知浮体的密度为，体积为发电机的发电功率P与时间t的关系如图乙所示。求： （1）该装置24小时内可输出的电能为多少千瓦时？ （2）将连杆匀速向上运动过程中，活塞克服油液阻力所做的机械功定义为装置的总功。该波浪发电系统能量转换效率为多少？ （3）老师指出：连杆单次带动的油液体积越大，水轮机转速越快，发电机效率越高。已知该模拟装置中，连杆可承受的最大拉力为7500N。在其他模拟条件不变的前提下，小南希望通过对浮体进行改造，使装置发电效率达到最大。请你通过计算说明新浮体的规格。 【答案】（1） （2） （3） 密度，体积 【解析】 【小问1详解】 由图乙可知，发电周期，每个周期内发电机工作时间，发电功率，总时间，总周期数 总发电时间 根据电能公式 【小问2详解】 浮体竖直匀速运动，受力平衡，连杆对浮体的拉力满足，排开水体积 根据阿基米德原理，浮力 浮体重力 拉力 单次向上运动距离，一个周期内总功 一个周期内输出电能 能量转换效率 【小问3详解】 其他模拟条件不变，浮体密度不变，设新浮体体积为，连杆最大拉力，受力满足 代入数据，解得，此时拉力达到连杆承受最大值，发电效率最高，因此新浮体规格为：密度，体积。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 物理上手练习 （全卷共四个大题满分72分） （注意：全卷取，水的密度） 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分） 1. 下列选项中的物理量最接近实际的是（ ） A. 一个足球的质量450g B. 电磁波的速度约为340m/s C. 中考男生1000m成绩约为2min D. 对人体安全的电压为220V 2. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列说法中正确的是（　　） A. 家用LED节能灯是由半导体材料制成的 B. 北斗导航卫星系统是利用超声波为汽车导航的 C. “华龙一号”核电机组利用核聚变将核能转化为电能 D. 光纤通信是靠光在光导纤维中发生多次折射来传递信息 3. 图中有关电与磁的知识，说法正确的是（ ） A. 图甲中验电器的原理是利用异种电荷相互排斥 B. 图乙的连接方式符合家庭电路安全用电要求 C. 图丙可判断螺线管的a端与电源正极连接 D. 图丁是法拉第发现的电磁感应现象，是电动机的工作原理 4. 如图所示，张继的《枫桥夜泊》诗句中勾勒出曼妙的夜景，下列选项解释合理的是（ ） A. “钟声”，是空气振动产生的 B. “霜”，是水凝固放热形成的 C. “月落”，是以月亮为参照物作出判断的 D. “乌啼”，是根据音色分辨出钟声和乌啼 5. 北京时间2026年5月24日23时08分，搭载神舟二十三号载人飞船的长征二号F遥二十三运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射成功，如图所示。下列说法正确的是（ ） A. 火箭加速升空时，火箭的惯性变大 B. 火箭加速升空时，重力势能转化为动能 C. 点火后大量“白气”涌向四周是扩散现象 D. 火箭燃料燃烧，将化学能转化为内能 6. 如图所示，质量为50kg的工人师傅用300N的拉力，在10s内将550N的货物沿竖直方向匀速提升了4 m，不计绳重与摩擦，则下列判断正确的是（ ） A. 所用动滑轮的重力是100N B. 滑轮组的机械效率约为83.3% C. 人拉绳时，拉力的功率是240W D. 人受到地面的支持力是200N 7. 图甲是某烟雾报警器的简化电路图，当烟雾达到一定浓度时衔铁被吸引，随即铃响灯亮，烟雾报警器控制电路的电压10V，R是光敏电阻，其阻值与烟雾浓度的关系如图乙。若定值电阻的阻值是10Ω，工作电路铃响灯亮时，控制电路中的电流是0.2A。电磁铁线圈电阻不计。下列说法正确的是（ ） A. 当烟雾浓度增大时，控制电路的总功率变小 B. 当烟雾浓度达到60%时，工作电路响铃亮灯 C. 烟雾浓度分别是10%和60%时，定值电阻消耗的功率之比为 D. 为了降低报警器报警时的浓度标准，可以适当增大控制电路电源电压U 8. 瑶瑶在课堂上进行盐水选种，她将340g种子放入密度为的盐水中，饱满良种下沉，瘪种上浮并漂浮（如图所示），瑶瑶观察到此时水面上升了3cm（此过程时间较短，可以认为种子未吸水）。一段时间后，水面下降了0.1cm，并且a处漂浮的种子未下沉。已知容器的底面积为，良种的密度为，下列说法正确的是（ ） A. 饱满种子下沉是因为它受到的浮力小于它排开盐水的重力 B. 一段时间后，所有种子受到的浮力共为2.9N C. 一段时间后，水面下降是因为a处的种子吸水 D. 一段时间后，液体对容器底部的压强相比于种子放入前增加了319Pa 二、填空题（本题共6个小题，每小题2分，共12分。） 9. 电视机遥控器可以发出________（选填“红外线”或“紫外线”），来实现电视机的遥控。蝙蝠飞行时定位巡航的原理与古代信鸽定位巡航的原理________（选填“相同”或“不同”）。 10. 如图所示，走马灯是中国传统节日玩具，点燃灯内蜡烛，空气受热后密度变小，热空气上升，从灯体上方流出，冷空气从下方缝隙流入，形成对流。热空气冲击叶轮时，将内能转化为叶轮的________能，使灯转动。这一过程利用了流体流速大的位置压强________的原理。 11. 如图为人形机器人半程马拉松赛事补给站现场，工作人员向机器人关节喷射速效制冷剂，制冷剂迅速汽化______热，从而降低关节电机的温度；赛事期间空中出现日晕景观，该现象是由光的______形成。 12. 如图所示，电源电压可调，灯泡L1和L2分别标有“6V 3W”、“3V 3W”的字样，灯丝电阻不变。当开关S闭合，甲、乙都是电压表时，两表的示数之比为______；当开关S断开，甲、乙都是电流表时，在电路安全的情况下，电路的总功率最大可以为______W。 13. 小李生日时，买了一个双层双口味生日蛋糕，切分蛋糕时，小李沿水平方向进行切分，并引起了她对这一切割过程中有关压强的思考。现将双层蛋糕简化为如图甲所示模型，A、B是质量分布均匀的圆柱体，沿水平方向从该模型上方切去一定高度h，并将切去部分平放在同一水平面上，该模型剩余部分对地面的压强随切去高度h变化的图像如图乙所示。已知A、B的底面积分别为和，B的质量为________kg，当该模型切去部分对地面的压强与剩余部分对地面的压强之比为时，则切去的高度h的大小为________cm。 14. 如甲所示电路中，电源电压恒定，小灯泡标有“12V ？W”，电压表量程为0~15V，电流表量程为0~0.6A。在保证电路安全且R2的滑片P移动范围最大的前提下，闭合S、S1，将滑片P从某一端移到位置a；再断开S1闭合S2，将滑片P从某一端移到位置b。上述两过程中电流表与电压表示数变化的图像如图乙，则小灯泡的额定功率为________W；若电源换成可调电压的电源，其他条件不变，在保证电路安全情况下，闭合开关S、S2再调节滑片位置，使电流表和电压表均可达到满偏，则电源电压的最大值与最小值之差为________V。 三、实验探究题（本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。） 15. 物理兴趣小组进行以下光学和热学实验探究： （1）如图1所示，小超用薄玻璃板、刻度尺、光屏和两支完全相同的蜡烛A、B等器材探究平面镜成像的特点。他点燃蜡烛A，在薄玻璃板后面移动未点燃的蜡烛B，在某一位置上发现B与A的像恰好完全重合，说明像与物的大小___________；移去蜡烛B，在该位置放置光屏，光屏上未承接A的像，说明平面镜所成的像是___________像；他选择薄玻璃板做实验的目的是___________。 （2）小杰用如图2甲装置探究水沸腾前后温度变化的特点。沸腾前的某一时刻温度计示数如图2乙所示，为___________℃；小杰根据实验数据描绘了水沸腾前后温度随时间的变化图像（如图2丙），从图中可知水的沸点为___________℃；撤去酒精灯，烧杯内的水沸腾一会儿后停止沸腾，说明沸腾过程中需要___________热量。 16. 物理小组的同学按图的步骤探究“浮力的大小与哪些因素有关”。 （1）根据实验可知，物体浸没在水中时受到的浮力是_______N，物体的体积是_____cm3。 （2）分析实验甲、乙、丙可知，当液体密度相同时，物体浸在液体中的体积越大，所受的浮力就越______；实验甲、丁、戊是探究物体所受浮力的大小与______是否有关；实验戊中的液体密度为______g/cm3。 （3）物理小组的同学根据浮力知识设计了如图所示的简易密度计：将塑料吸管的两端封闭并在底端缠上铜丝作为配重，在塑料吸管（标度杆）上固定一个合适的浮子并调整配重就做成一个简易密度计。将此密度计分别放入水和酒精中，待其静止时依据液面位置在标度杆上分别做一个标记，并记为1.0g/cm3和0.8g/cm3。 ①该密度计标记的两个刻度中，_______g/cm3在上方，理由是_____________。 ②小明想增大该密度计这两个标记间的距离，请你提出一种改进措施__________。 17. 小欣在实验室做了“测量小灯泡在不同电压下的电功率”这个实验，实验中，利用的电源为三节新的蓄电池，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器，电流表（0~0.6A，0~3A）；电压表（0~3V，0~15V）。 （1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整（要求：闭合开关，滑片左移，灯泡变亮）； （2）正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表也无示数，小欣向鄢老师求助，鄢老师在不拆开原电路的情况下，借助另一导线就很快找出了故障原因：电流表内部断路了。鄢老师找出这个故障的相应操作如下：用导线接在______（选填“电压表”“电流表”“开关”“灯泡”）两端时，灯泡及其它元件______（选填“能”“不能”）工作； （3）当电压表示数达到3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W； （4）实验后，小欣根据所测数据画出了小灯泡的I-U曲线如图丙所示，在她移动滑片过程中，发现电压表示数要比电流表示数增大的快，这是因为______；由图像趋势可以推断，当通过小灯泡的电流为0.42A时，小灯泡两端的电压可能为______V（选填“3.9”、“4.1”或“4.3”）； （5）完成实验后，小欣继续做“探究电流与电阻关系”的实验，她把小灯泡取下换上定值电阻，其它实验器材和刚才测量小灯泡电功率时一样，合理选择电流表电压表的量程，四个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、25Ω。她先将5Ω的电阻接入电路中，调节滑动变阻器阻值为10Ω，记录此时电流表示数，则小欣控制定值电阻两端不变的电压为______V，接下来小欣断开开关，依次把剩余定值电阻接入电路，调节滑片并完成实验。则小欣在整个实验中所选滑动变阻器的规格可以是______（填选项前的字母）。 A．“40Ω 0.3A” B．“50Ω 0.5A” C．“60Ω 0.6A” 四、计算论述题（本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式；只写出最后结果的不得分。） 18. 如图是一款智能家用扫地机器人，机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒。小雯在水平运动场上进行扫地测试时，该机器人在1min内沿直线匀速清扫的距离为12m，若它在匀速清扫过程中所受阻力为80N。解答下列问题： （1）扫地机器人消耗的电能是________次能源；机器人工作时，灰尘、杂物等在________的作用下被吸入集尘盒； （2）扫地机器人车轮表面做有花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大________；机器人除尘刮片属于杠杆，清扫下压刮片时，动力臂小于阻力臂，是________杠杆。 （3）匀速清扫过程中机器人的水平推力所做功的功率。 19. 小明家购置了如图甲所示的一台集加热和保温为一体的饮水机，如图乙所示是其内部电路图，S是用感温材料制造的温控开关，定值电阻R1和R2均是发热电阻。正常工作时，定值电阻R2在“保温”状态与“加热”状态的功率之比为1：100，部分铭牌信息如下表所示。求： 最大容量 1.21kg 额定电压 220V 加热功率 1210W （1）定值电阻R2的阻值为多少？ （2）某次正常工作时，饮水机将最大容量的水从20℃加热到100℃，用时7min。该饮水机本次加热状态的效率为多少？【C水=4.2×103J/（kg·℃）】 （3）某天用电高峰期，小明关闭家里其它用电器，仅让饮水机处于保温状态，发现家里标有“3000imp/kW·h”（意义为用电器消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁3000次）字样电能表的指示灯每闪烁5次所用的时间为60s。则上述工作过程中，R2两端的实际电压为多少？ 20. 小南为了探究“南鲲号”漂浮式波浪发电系统，设计了如图甲所示装置，浮体随波动速度呈周期性变化的波浪竖直匀速移动，最低点到最高点的移动高度为80cm。浮体仅在向上运动过程中，通过连杆带动活塞上方油液，推动油液循环，使水轮机开始工作，进而发电机产生电能；模拟波浪可保证浮体向上运动过程中浸在水中的体积始终为自身体积的五分之四。（活塞、连杆的自重、体积及摩擦均不计）。已知浮体的密度为，体积为发电机的发电功率P与时间t的关系如图乙所示。求： （1）该装置24小时内可输出的电能为多少千瓦时？ （2）将连杆匀速向上运动过程中，活塞克服油液阻力所做的机械功定义为装置的总功。该波浪发电系统能量转换效率为多少？ （3）老师指出：连杆单次带动的油液体积越大，水轮机转速越快，发电机效率越高。已知该模拟装置中，连杆可承受的最大拉力为7500N。在其他模拟条件不变的前提下，小南希望通过对浮体进行改造，使装置发电效率达到最大。请你通过计算说明新浮体的规格。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $