2026年辽宁省沈阳市2025-2026学年八年级下学期期末模拟物理练习卷

**基本信息** 2026年辽宁沈阳八年级下学期物理期末练习卷，以生活情境（粽子重力、笔帽小孔）、科技前沿（四川舰、电磁弹射）和社会热点（巴黎奥运会、火车雪地前行）为载体，覆盖力学核心知识，梯度设计兼顾基础巩固与能力提升，体现物理观念与科学思维的融合。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|9题18分|重力估算、运动状态、摩擦、压强|结合滚木移石（文化传承）、气球脱落物体（运动观念）考查基础概念| |实验探究题|4题24分|滑动摩擦力、液体压强、浮力、杠杆平衡|通过“探究滑动摩擦力因素”（科学探究）、“杠杆平衡条件数据纠错”（科学论证）培养实验能力| |计算题|3题22分|压强、浮力、功与功率|以四川舰排水量（科技）、箱子上移（生活）为情境，考查综合应用，体现科学态度与责任|

2026年辽宁沈阳八年级下学期物理期末练习卷（二） 时间90分钟 满分80分 一．选择题（共9小题，满分18分） 1．（2分）如图所示，手中的这个粽子的重力约为（　　） A．0.2N B．2N C．50N D．500N 2．（2分）如图所示，有一气球以10m/s的速度匀速竖直上升，在某一高度时从气球上脱落一物体，这个物体离开气球后，运动情况是（　　） A．保持静止 B．立即下落 C．继续上升不受影响 D．上升一段距离后下降 3．（2分）万里长城，中国奇迹！古代劳动人民修筑长城时用滚木移动巨石，如图。用滚木移动巨石的目的是（　　） A．增大摩擦 B．减小摩擦 C．增大巨石的重 D．减小巨石的重 4．（2分）如图所示，甲、乙两人在沙滩散步，留下深浅相同、大小不同的脚印。下列说法正确的是（　　） A．甲对沙滩的压强较大 B．乙对沙滩的压强较小 C．甲和乙对沙滩压强相同 D．甲所受重力与乙相等 5．（2分）如图为运动员足球比赛时的情景，则（　　） A．运动员用力踢足球时，足球也对运动员施力 B．踢出的足球在空中飞行时，受到重力和脚的踢力 C．踢出的足球在空中飞行时，若外力消失将处于静止状态 D．只要运动员对足球施加等大的力，力的作用效果都会相同 6．（2分）如图是活塞式抽水机工作原理的示意图，它是利用人力反复提压手柄抽水的一种装置。下列实例与活塞式抽水机工作原理相同的是（　　） A．用注射器注射 B．下水道弯管 C．液体压强计 D．吸盘挂钩被“吸”在墙上 （多选）7．（2分）2024年春节期间，很多铁路枢纽受大雪严重影响。如图所示，是一幅“火车头牵动动车厢雪地前行”的画面，在它们水平匀速直线行驶的过程中，以下说法正确的是（　　） A．火车头相对动车厢是静止的 B．动车厢的动能在增大 C．动车厢的运动状态保持不变 D．火车头拉动车厢的力小于动车厢拉火车头的力 （多选）8．如图所示，一小球从粗糙的固定轨道A处由静止开始运动，经过B处，再向上运动到轨道右端的最高点C处（图中未画出，轨道足够长）。下列说法正确的是（　　） A．C处离地高度一定低于A处离地高度 B．C处离地高度可能高于B处离地高度 C．小球在B处的机械能大于在C处的机械能 D．小球运动到轨道右端的最高点C处时，受力平衡 （多选）9．（2分）如图甲所示，底面积为S0的柱形容器内盛有密度为ρ0的液体，木块用轻质细线固定在容器底部且浸没，此时细线对木块的拉力为T。将细线剪断，木块最终漂浮且露出水面的体积为，如图乙。下列说法正确的是（　　） A．木块的体积为 B．木块所受的重力为 C．乙图中容器对桌面的压力小于甲图 D．甲、乙两图中，甲中液体对容器底部的压强大于乙 二．填空题（共6小题，满分12分） 10．（2分）足球运动员射点球，球由静止变为运动。这表明力可以改变物体的　 　 ；足球运动员踢出的“香蕉球”通过控制力的　 　 来实现的。 11．（2分）如图所示，无风时，站在树枝上的小蚂蚁托着果实恰好静止，此时果实对蚂蚁的压力和蚂蚁对果实的支持力是一对 　 　 ，果实受到重力和蚂蚁对果实的支持力是一对 　 　 。（均选填“平衡力”或“相互作用力”） 12．（2分）小王在物理课上制作了一个简易喷雾器，如图所示，推动活塞向左时，可以看到吸管中的液面　 　 ，这是因为流体在流速大的地方压强　 　 。 13．（2分）如图所示，小明用一个动滑轮在5s内将一个重200N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N。此动滑轮的机械效率为 　 　 ，小明所用拉力的功率为 　 　 W。 14．（2分）巴黎奥运会上中国乒乓球队包揽了奥运会5个单项的全部金牌，大获丰收，为本届奥运会乒乓球比赛画上了圆满的句号。小明同学兴趣高涨，和同学一起去球馆打球，他们发现如图甲所示一款乒乓球发球机。发球机可以在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个质量相同的乒乓球，如图乙所示。若不计空气阻力，三个乒乓球到达乒乓球台时的机械能 　 　 ，三个乒乓球到达乒乓球台的速度 　 　 。（选填“相同”或“不相同”） 15．如图甲所示，装有水的薄壁柱形容器放置在水平桌面上，拉力传感器拉着实心柱体重物A浸没在水中，重物上表面与水面相平，已知重物底面积为S，容器底面积为2S。拉力传感器拉着重物从图甲位置开始缓慢竖直上升，传感器所受拉力F随重物底部到容器底部距离h变化的关系图线如图乙，不计水的阻力。当重物浸没在水中时所受浮力为 　 　 N；水对容器底部的最大压强为 　 　 Pa。 （ρ水＝1.0×103kg/m3） 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）如图所示，一辆汽车在牵引力作用下，在平直公路上匀速向右行驶，请画出汽车所受牵引力F牵和摩擦力f的示意图。（O点为汽车重心） 17．（2分）如图中所示，小明利用动滑轮竖直向上提升重物，请画出重物重力G的示意图和动滑轮的动力臂L1。 四．实验探究题（共4小题，满分24分） 18．（5分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中： （1）测滑动摩擦力的大小应在水平面上用测力计沿水平方向拉木块做匀速直线运动，利用了　 　原理； （2）若比较甲和丙实验，可得滑动摩擦力大小与　 　 有关； （3）弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示，此时木块受到的摩擦力与图甲中的比　 　 （填“变大”、“变小”或“不变”）； （4）小华查阅资料得知：在物理学中，两个物体间的滑动摩擦力f大小与压力F大小的关系为f＝μF，μ称为这两个接触面间的动摩擦因数，反映了接触面的粗糙程度。若在图戊所示实验中，木块重为5N，长木板重为10N，木块与长木板间的动摩擦因数大小为0.2，长木板与地面之间的动摩擦因数大小为0.4，若将长木板匀速抽出，则测力计A示数为　 　 N，木块与木板间的滑动摩擦力为　 　 N。 19．（7分）同学们利用压强计等装置“探究液体内部压强的规律”，进行了如下的操作： （1）如图甲所示，在使用压强计前发现U形管中两侧液面已有高度差，说明压强计左侧胶管内的气压 　 　 外界大气压 （选填“大于”、“小于”或“等于”），接下来的操作是 　 　 （选填字母）； A.直接从U形管右侧中倒出适量液体 B.拆除胶管重新安装 （2）正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强 　 　 ，因此拦河大坝要做成的形状 　 　 （选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）。 （3）玲玲保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是得出“在深度相同时，液体密度越大，液体压强 　 　 ”的结论，评估她的探究操作：在加入盐水后压强计探头 　 　 改变了，正确操作是应将探头适当 　 　 （选填“上移”或“下移”）。 20．（6分）在“探究影响浮力大小与哪些因素有关”的实验时，同学们进行了以下操作。请你根据图中给出的信息，回答下列问题。 （1）根据图A、B、C、D可知：物体所受浮力与排开液体体积有关，根据图A、D、E可知：浸没在水中的物体所受的浮力与 浸没深度无关； （2）图C中，物体静止时所受合力为 　 　 N，下表面受到液体的压力为 　 　 N； （3）图F中，液体的密度为 　 　 kg/m3。如果在实验中不小心使物体触碰到了容器底，且容器底对物体有力的作用，则计算出的液体密度值将 　 　 （选填“偏大”或“偏小”）； （4）小明将物体切去一部分，再将其浸没在液体中，如图G所示。读出弹簧测力计的示数并与图F中的数据对比，得出结论：浮力的大小与物体自身的形状有关。你认为这个结论是否正确？并请说明理由：　 　 。 （5）图中能正确反映物体所受浮力大小随物体下表面在水中深度h变化的关系图像是 　 　 （物体未接触容器底）。 21．（6分）如图1所示，小金和小鸣同学做“研究杠杆平衡条件”的实验，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量为50g的钩码若干。请你完成下列内容。（g取10N/kg） （1）实验中，调节杠杆在水平位置上平衡是为了便于测量　 　 。 （2）实验中，小金同学用图1所示方式悬挂钩码，杠杆也能水平平衡，但老师建议他不宜采用这种方式，主要是因为该方式　 　 。（选填字母） A.力臂与杠杆不重合 B.杠杆受力不平衡 C.力和力臂数目过多，不易得出结论 （3）如图2所示，在杠杆支点的左侧A点悬挂3个钩码，在支点的右侧悬挂1个钩码，发现无论怎样调节右边钩码的位置，都不能使杠杆水平平衡。为使杠杆水平平衡，可以通过　 　 来实现。（选填字母） A.将A处的钩码再增加一个 B.将A处的钩码向左移动到离O点五格处 C.将A处的钩码向右移动到离O点二格处 （4）在杠杆两端挂上不同数量的钩码，使杠杆在水平位置平衡，得到的数据如下表： 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 0.5 10 1 5 2 1.5 10 3 5 3 2 30 0.5 12 4 3 15 1.5 30 小鸣分析表格中的数据发现，第　 　 次实验数据有误，剔除这一组数据后，初步得出杠杆的平衡条件为：　 　 。（写字母公式） （5）第4次实验结束后，小鸣撤去右侧钩码，改用弹簧测力计继续实验。如图3，他在左侧B点悬挂三个钩码，再用弹簧测力计（未画出）在C点拉杠杆。杠杆重新在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数不可能为　 　 。（选填序号） ①2.0N ②2.5N ③3.0N ④3.5N 五．计算题（共3小题，满分22分） 22．（8分）四川舰（舷号“51”）是我国首艘弹射型两栖攻击舰，全球第一款配备电磁弹射器的两栖攻击舰，如图所示。舰长约260m，宽约52m，满载时排水量约为4×104t，海水密度取1.0×103kg/m3。求： （1）7m深处的海水产生的压强； （2）军舰满载时受到的浮力大小； （3）军舰满载时水下的体积。 23．（8分）如图甲所示，将重600N、底面积为0.4m2的箱子放在水平地面上。现利用一块直木板将该箱子匀速拉上平台（如图乙）。已知拉力为480N，箱子沿木板移动了5m，在竖直方向上升高了3m，用时40s。求： （1）箱子对水平地面的压强； （2）上移过程中拉力做功的功率； （3）箱子克服木板摩擦力所做的功。 24．（6分）阅读短文，回答下列问题。 小孔大用 中学生常用的中性笔笔帽上的小孔是出于保护青少年的安全，确保如果有人误吞笔帽时仍有空间进行呼吸，因此也被称为“救命孔”，如图甲、乙所示。国家因此制定了相关标准，书写笔、记号笔、修正笔和水彩笔的笔帽应符合下列3条规定中的至少一条：1.笔帽尺寸足够大。2.笔帽上需要有一个横截面积至少为××平方毫米的通气小孔。3.笔帽上的小孔最小通气量为1.36×10﹣4m3/s。 （1）中性笔握手的位置上有一层橡胶是为了 　 　 笔与手之间的摩擦，笔尖滚珠与纸面之间的摩擦是 　 　 （填“滑动”“滚动”或“静”）摩擦。 （2）图丙是医院张贴的“海姆立克急救法”宣传画。某同学想知道这种急救法的原理，医生告诉他这是应用了“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”的规律。急救者向患者腹部施压，患者的胸腔容积 　 　 ，肺内气压 　 　 外界气压，形成较大的气流把异物冲出。 （3）中性笔笔帽上的小孔会使笔帽内外的气压 　 　 ，摘笔帽时更容易；若不小心吸入笔帽，人体在用力吸气时通过该笔帽通气孔的气体平均流速可达20m/s。为确保生命安全，人体与外界通气量要达到国标要求的最小通气量，则通气孔的横截面积至少为 　 　 mm2。 （4）若不小心将没有通气孔的笔帽吸入气管，由于气管堵塞导致肺内气压比外界小，若医生至少需要1N的力作用在笔帽上才能将其取出。设笔帽的横截面积为0.8×10﹣4m2，则此时肺内气压为 　 　 Pa。（外界气压p0＝1.0×105Pa） 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年辽宁沈阳八年级下学期物理期末练习卷（二） 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 B D B C A D 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 AC ABC ABD 一．选择题（共9小题，满分18分） 1．如图所示，手中的这个粽子的重力约为（　　） A．0.2N B．2N C．50N D．500N 【答案】B 【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。 【解答】解：两个鸡蛋的重力约为1N，图示中，手中粽子的重力比两个鸡蛋的重力略大，约为2N。 故选：B。 2．如图所示，有一气球以10m/s的速度匀速竖直上升，在某一高度时从气球上脱落一物体，这个物体离开气球后，运动情况是（　　） A．保持静止 B．立即下落 C．继续上升不受影响 D．上升一段距离后下降 【答案】D 【分析】先分析物体脱落前气球和物体的运动状态，然后根据任何物体都有保持原来运动状态的性质（惯性）来分析脱落后物体的运动状态。 【解答】解：因为在物体脱离前，物体和气球一起向上运动，当物体脱落后，物体由于惯性还要保持原来的速度向上运动，又由于受到重力的作用，物体继续上升一段距离后又将下落，故D正确，ABC错误。 故选：D。 3．（2分）万里长城，中国奇迹！古代劳动人民修筑长城时用滚木移动巨石，如图所示。用滚木移动巨石的目的是（　　） A．增大摩擦 B．减小摩擦 C．增大巨石的重 D．减小巨石的重 【答案】B 【分析】减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。 【解答】解：用滚木移动巨石是在压力一定时，通过变滑动为滚动减小摩擦力，即减小巨石受到的摩擦力，故B符合题意、ACD不符合题意。 故选：B。 4．如图所示，甲、乙两人在沙滩散步，留下深浅相同、大小不同的脚印。下列说法正确的是（　　） A．甲对沙滩的压强较大 B．乙对沙滩的压强较小 C．甲和乙对沙滩压强相同 D．甲所受重力与乙相等 【答案】C 【分析】物理学中用压强来描述压力作用的效果，根据脚印深浅相同，可知二人压力作用效果关系，又知道受力面积关系，根据p知他们对沙地的压力关系，再根据物体对水平面的压力等于重力可知重力的大小关系。 【解答】解：由于甲、乙在沙滩上留下的脚印深浅相同，说明压力的作用效果相同，即甲乙对沙滩的压强相等；根据p知，压强相等时，受力面积较大的物体对支持面的压力较大，甲的脚印大，所以甲对水平地面的压力大； 水平地面的物体对水平面的压力等于物体的重力，所以甲受到的重力大于乙受到的重力，故C正确。 故选：C。 5．（2分）2022年卡塔尔世界杯于12月18日完美落幕。如图为运动员比赛时的情景，则（　　） A．运动员用力踢足球时，足球也对运动员施力 B．踢出的足球在空中飞行时，受到重力和脚的踢力 C．踢出的足球在空中飞行时，若外力消失将处于静止状态 D．只要运动员对足球施加等大的力，力的作用效果都会相同 【答案】A 【分析】（1）物体间力的作用是相互的； （2）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用； （3）根据牛顿第一定律分析； （4）影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点。 【解答】解：A、运动员踢足球时，脚对球有力的作用，由于物体间力的作用是相互的，所以球也会给脚一个力，这是一对相互作用力，大小相等，故A正确； B、踢出的足球在空中飞行时，受到重力的作用，此时的脚没有对球施加力，故B错误； C、踢出的足球在空中飞行时，若外力消失，根据牛顿第一定律可知，球将处于匀速直线状态，故C错误； D、力的大小、方向和作用点都会影响力的作用效果，所以施加力的大小相同时，力的作用效果不一定相同，故D错误。 故选：A。 6．（2分）如图是活塞式抽水机工作原理的示意图，它是利用人力反复提压手柄抽水的一种装置。下列实例与活塞式抽水机工作原理相同的是（　　） A．用注射器注射 B．下水道弯管 C．液体压强计 D．吸盘挂钩被“吸”在墙上 【答案】D 【分析】活塞式抽水机能够把水抽上来，是活塞和筒壁接触紧密，活塞向上运动时，活塞下方气压减小，大气压把水压入圆筒内。如果活塞使用一段时间磨损后，空气进入，水就无法进入圆筒。 【解答】解：活塞式抽水机的原理是利用大气压强：提起活塞时，筒内气压减小，外界大气压将水压入筒内。 A.注射器注射：利用手的推力将药液压出，与大气压无关，故A不符合题意。 B.下水道弯管：利用连通器原理，弯管内始终存水，隔绝异味，故B不符合题意。 C.液体压强计：利用液体压强使U形管液面产生高度差，测量液体内部压强，故C不符合题意。 D.吸盘挂钩：挤出吸盘内空气，内部气压远小于外界大气压，大气压将吸盘“吸”在墙上，原理与抽水机相同，故D符合题意。 故选：D。 （多选）7．（2分）2024年春节期间，很多铁路枢纽受大雪严重影响。如图所示，是一幅“火车头牵动动车厢雪地前行”的画面，在它们水平匀速直线行驶的过程中，以下说法正确的是（　　） A．火车头相对动车厢是静止的 B．动车厢的动能在增大 C．动车厢的运动状态保持不变 D．火车头拉动车厢的力小于动车厢拉火车头的力 【答案】AC 【分析】（1）判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，参照物可以是静止的，也可以是运动的，只要被选定为参照物，就看成是静止的物体，如果被研究的物体与参照物之间发生位置的变化，被研究的物体就是运动的，否则是静止的； （2）动能与物体的质量和速度有关； （3）平衡状态是指匀速直线运动状态和静止状态； （4）相互作用的力大小相等。 【解答】解：A．火车头与动车厢之间没有位置的变化，火车头相对动车厢是静止的，故A正确； B．动车厢做匀速直线运动时，质量不变，速度不变，动能不变，故B错误； C．动车厢做匀速直线运动，动车厢的运动状态保持不变，故C正确； D．火车头拉动车厢的力和动车厢拉火车头的力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。 故选：AC。 （多选）8．如图所示，一小球从粗糙的固定轨道A处由静止开始运动，经过B处，再向上运动到轨道右端的最高点C处（图中未画出，轨道足够长）。下列说法正确的是（　　） A．C处离地高度一定低于A处离地高度 B．C处离地高度可能高于B处离地高度 C．小球在B处的机械能大于在C处的机械能 D．小球运动到轨道右端的最高点C处时，受力平衡 【答案】ABC 【分析】由粗糙可知整个过程机械能在不断减少，再根据机械能是动能与势能的总和及重力势能与高度的关系可判断出结论是否正确。 【解答】解：A、由于轨道粗糙，存在摩擦力做功，所以小球从A到C的过程中，机械能不断减少，小球在A处的机械能大于在C处的机械能；C处与A处的动能都为0，C处的重力势能小于A处，因此C离地高度小于A处离地高度，故A符合题意； B、小球在B处的机械能大于在C处的机械能，小球在C处的重力势能有可能大于在B处的重力势能，C处离地高度可能高于B处离地高度，故B符合题意； C、此过程机械能不守恒，小球在B处的机械能大于在C处的机械能，故C符合题意； D．小球运动到轨道右端的最高点C处时，小球受到垂直轨道的支持力和竖直向下的重力，两个力不在同一条直线上，不是平衡力，受力不平衡，故D不符合题意。 故选：ABC。 （多选）9．如图甲所示，底面积为S0的柱形容器内盛有密度为ρ0的液体，木块用轻质细线固定在容器底部且浸没，此时细线对木块的拉力为T。将细线剪断，木块最终漂浮且露出水面的体积为，如图乙。下列说法正确的是（　　） A．木块的体积为 B．木块所受的重力为 C．乙图中容器对桌面的压力小于甲图 D．甲、乙两图中，甲中液体对容器底部的压强大于乙 【答案】ABD 【分析】（1）甲图中，对木块进行受力分析可得表达式；图乙中，木块漂浮，浮力大小和重力大小相等，联立两式从而可得木块的体积； （2）图乙中，木块漂浮，重力大小和浮力大小相等； （3）两图中容器对桌面的压力均为F＝G总＝G木块，乙图中容器对桌面的压力等于甲图； （4）甲、乙两图中，液体的密度相同，由p＝ρgh可知，甲图中液体的深度更大，可知甲、乙中液体对容器底部的压强大小关系。 【解答】解：A．甲图中，木块受力的浮力等于重力加上细线对木块的拉力之和， G+T＝F浮＝ρ0Vg……① 图乙中，木块漂浮，浮力大小和重力大小相等，可得： ② 联立①②两式可得 ， 故A正确； B．图乙中，木块漂浮，重力大小和浮力大小相等，即 ， 故B正确； C．两图中容器对桌面的压力均为 F＝G总＝G木块+G液体+G容器， 所以，乙图中容器对桌面的压力等于甲图，故C错误； D．甲、乙两图中，液体的密度相同，由p＝ρgh可知，甲图中液体的深度更大，所以甲中液体对容器底部的压强大于乙，故D正确。 故选：ABD。 二．填空题（共6小题，满分12分） 10．（2分）足球运动员射点球，球由静止变为运动。这表明力可以改变物体的　运动状态　 ；足球运动员踢出的“香蕉球”通过控制力的　作用点　 来实现的。 【答案】运动状态；作用点。 【分析】力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；力的大小、方向、作用点称为力的三要素，它们都能影响力的作用效果，当其中一个要素改变时，力的作用效果往往也会随之改变。 【解答】解：守门员将球接住，球由运动变为静止，力改变了球的运动状态； “香蕉球”是一种弧线球，其弯曲轨迹是通过控制踢球时力的作用点来实现的。如果力的作用点不在球的重心上，球会产生旋转，在空气中形成压力差，从而改变飞行路径。 故答案为：运动状态；作用点。 11．（2分）如图所示，无风时，站在树枝上的小蚂蚁托着果实恰好静止，此时果实对蚂蚁的压力和蚂蚁对果实的支持力是一对 　相互作用力　 ，果实受到重力和蚂蚁对果实的支持力是一对 　平衡力　 。（均选填“平衡力”或“相互作用力”） 【答案】相互作用力；平衡力。 【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上； 相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。 【解答】解：果实对蚂蚁的压力和蚂蚁对果实的支持力同时作用在蚂蚁和果实上，符合相互作用力的特点，是一对相互作用力； 无风时，站在树枝上的小蚂蚁托着果实恰好静止，此时果实处于平衡状态，果实受到重力和蚂蚁对果实的支持力符合平衡力的条件，是一对平衡力。 故答案为：相互作用力；平衡力。 12．（2分）小王在物理课上制作了一个简易喷雾器，如图所示，推动活塞向左时，可以看到吸管中的液面　上升　 ，这是因为流体在流速大的地方压强　小　 。 【答案】上升；小。 【分析】流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大。 【解答】解：推动活塞向左时，吸管上方空气流速增大，根据流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，此时吸管上方压强变小，下方压强相对较大，从而杯中的水通过吸管喷出。 故答案为：上升；小。 13．（2分）如图所示，小明用一个动滑轮在5s内将一个重200N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N。此动滑轮的机械效率为 　66.7%　 ，小明所用拉力的功率为 　180　 W。 【答案】66.7%；180。 【分析】（1）动滑轮绳子股数为2，根据η求出动滑轮的机械效率； （2）根据P求出拉力的功率。 【解答】解：动滑轮绳子股数为2，动滑轮的机械效率为： η100%≈66.7%； 拉力的功率为： P180W。 故答案为：66.7%；180。 14．（2分）巴黎奥运会上中国乒乓球队包揽了奥运会5个单项的全部金牌，大获丰收，为本届奥运会乒乓球比赛画上了圆满的句号。小明同学兴趣高涨，和同学一起去球馆打球，他们发现如图甲所示一款乒乓球发球机。发球机可以在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个质量相同的乒乓球，如图乙所示。若不计空气阻力，三个乒乓球到达乒乓球台时的机械能 　相同　 ，三个乒乓球到达乒乓球台的速度 　相同　 。（选填“相同”或“不相同”） 【答案】相同；相同。 【分析】首先判定开始时三球机械能的大小；不计空气阻力，三个小球的机械能是守恒的，据此判定速度的大小。 【解答】解：乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，由于乒乓球到达球台时所处的高度和速度都相同，则机械能是相同的；不计空气阻力，三个小球的机械能是守恒的，所以三个小球到达桌面时的机械能相同，由于高度相同，重力势能相同，则动能也相同，所以三球到达乒乓球台的速度相同。 故答案为：相同；相同。 15．如图甲所示，装有水的薄壁柱形容器放置在水平桌面上，拉力传感器拉着实心柱体重物A浸没在水中，重物上表面与水面相平，已知重物底面积为S，容器底面积为2S。拉力传感器拉着重物从图甲位置开始缓慢竖直上升，传感器所受拉力F随重物底部到容器底部距离h变化的关系图线如图乙，不计水的阻力。当重物浸没在水中时所受浮力为 　2　 N；水对容器底部的最大压强为 　5×103 Pa。 （ρ水＝1.0×103kg/m3） 【答案】2；5×103。 【分析】（1）由图乙可知重物的重力和物体浸没时拉力传感器的示数，根据称重法求出重物A受到的浮力； （2）A浸没时水的深度最大，根据p＝ρ水gh可水对容器底部的最大压强。 【解答】解：由图乙可知，当重物A浸没在水中时，传感器所受的拉力F1＝3N，重物A底部到容器底部的距离h1＝0.1m，当A离开水面时，重物A底部到容器底部的距离h2＝0.3m，所以重物A的重力G＝F2＝5N，由称重法可知，重物A浸没时在水中受到的浮力为：F浮＝G﹣F1＝5N﹣3N＝2N； 根据阿基米德原理F浮＝G排＝ρ水gV排可知，重物A的体积为：V＝V排2×10﹣4m3， 由图乙可知，A上升的高度为：h3＝h2﹣h1＝0.3m﹣0.1m＝0.2m，设A的高度为hA，则有ΔV水＝S容h3＝（S容﹣SA）hA，即2S×0.2m＝（2S﹣S）hA，解得hA＝0.4m， A浸没时水的深度h水最大，则h水＝hA+h1＝0.4m+0.1m＝0.5m，则水对容器底部的最大压强为：p＝ρ水gh水＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m＝5×103Pa。 故答案为：2；5×103。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）如图所示，一辆汽车在牵引力作用下，在平直公路上匀速向右行驶，请画出汽车所受牵引力F牵和摩擦力f的示意图。（O点为汽车重心） 【答案】 【分析】一辆汽车在牵引力作用下，在平直公路上匀速向右行驶，先确定汽车所受牵引力、摩擦力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。 【解答】解：一辆汽车在牵引力作用下，在平直公路上匀速向右行驶，处于平衡状态，汽车受牵引力F牵的方向水平向右、摩擦力f的方向水平向左，二力是一对平衡力，作用点都画在汽车的重心O，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F牵、f，如图所示： 17．（2分）如图中所示，小明利用动滑轮竖直向上提升重物，请画出重物重力G的示意图和动滑轮的动力臂L1。 【答案】 【分析】动滑轮的本质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用时可以省一半的力，但是不能改变力的方向； 画力臂的方法：首先确定支点，然后找到动力和阻力，并画出动力和阻力的作用线，再从支点向动力作用线和阻力作用线作垂线段； 重力的方向总是竖直向下的，作用点在物体的重心，据此作出重力的示意图。 【解答】解：如图所示，使用动滑轮时，支点O在绳子与左边框的接触点上，动力F为绳子的拉力，方向竖直向上，过支点O向动力作用线画垂线段，即为动力臂L1； 重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心，如图所示： 四．实验探究题（共4小题，满分24分） 18．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中： （1）测量滑动摩擦力的大小，应在水平桌面上用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，这是利用了　二力平衡　 原理； （2）若比较甲和丙实验，可得滑动摩擦力大小与　接触面粗糙程度　 有关； （3）弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示，此时木块受到的摩擦力与图甲中的比　变小　 （填“变大”、“变小”或“不变”）； （4）小华查阅资料得知：在物理学中，两个物体间的滑动摩擦力f大小与压力F大小的关系为f＝μF，μ称为这两个接触面间的动摩擦因数，反映了接触面的粗糙程度。若在图戊所示实验中，木块重为5N，长木板重为10N，木块与长木板间的动摩擦因数大小为0.2，长木板与地面之间的动摩擦因数大小为0.4，若将长木板匀速抽出，则测力计A示数为　7　 N，木块与木板间的滑动摩擦力为　1　 N。 【答案】（1）二力平衡；（2）接触面粗糙程度；（3）变小；（4）7；1。 【分析】（1）根据二力平衡的条件分析； （2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答； （3）木块受到斜上的拉力，木块对木板的压力变小，而接触面粗糙不变，据此分析； （4）在图戊所示实验中，木块重为5N，得出木块受到的滑动摩擦力大小，根据力的相互性可知木板受到木块施加的滑动摩擦力方向水平向左；求根据木板对地面的压力求出木板与地面之间的摩擦力，根据力的平衡得出拉力大小。 【解答】解：（1）测量滑动摩擦力的大小，应在水平桌面上用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，这是利用了二力平衡原理， （2）比较甲和丙实验，压力相同，丙中接触面粗糙程度相同，可得滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关； （3）弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示，因木块受到斜上的拉力，故对木板的压力变小，而接触面粗糙不变，此时木块受到的摩擦力与图甲中的比变小； （4）在图戊所示实验中，木块重为5N，木块与长木板间的动摩擦因数大小为0.2，木块受到的滑动摩擦力为f＝5N×0.2＝1N 方向水平向左，根据力的相互性，木板受到木块施加的滑动摩擦力方向水平向右，大小为1N。木板对地面的压力为F压＝10N+5N＝15N 长木板与地面之间的动摩擦因数大小为0.4，木板与地面之间的摩擦力为f′＝15N×0.4＝6N 方向水平向右；若用拉力F将木板匀速抽出，根据力的平衡，拉力为F＝6N+1N＝7N 因此将长木板匀速抽出，则测力计A示数为7N，弹簧测力计B的示数为1N。 故答案为：（1）二力平衡；（2）接触面粗糙程度；（3）变小；（4）7；1。 19．（6分）同学们利用压强计等装置“探究液体内部压强的规律”，进行了如下的操作： （1）如图甲所示，在使用压强计前发现U形管中两侧液面已有高度差，说明压强计左侧胶管内的气压 　大于　 外界大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”），接下来的操作是 　B　 （选填字母）； A.直接从U形管右侧中倒出适量液体 B.拆除胶管重新安装 （2）正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强 　随着深度的增加而增大　 ，因此拦河大坝要做成的形状 　上窄下宽　 （选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）。 （3）玲玲保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是得出“在深度相同时，液体密度越大，液体压强 　越大　 ”的结论，评估她的探究操作：在加入盐水后压强计探头 　深度　 改变了，正确操作是应将探头适当 　上移　 （选填“上移”或“下移”）。 【答案】（1）大于；B；（2）随着深度的增加而增大；上窄下宽；（3）越大；深度；上移。 【分析】（1）在使用U形管压强计前，要确保管内液面相平；要按压几次探头处的橡胶膜，确保不存在漏气情况。探头浸入液体中后，U形管左右两侧液柱的高度差越大，表明橡胶膜处受到的压强越大，即液体压强越大。 （2）（3）根据控制变量法分析解答。 【解答】解：（1）在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差，说明U形管左右两侧液面处的气压不相等，压强计左侧胶管内的气压大于外界大气压；这时我们可以拆下橡胶管，以使两侧液面处的气压相等，这样在重新安装橡胶管后，U形管内的液面才能相平，故选B。 （2）比较乙、丙两图我们可以发现，两个烧杯中的水面相平，则探头在乙中所处的深度浅，在丙中所处的深度深，而乙中U形管内液柱的高度差也较丙中U形管内的液柱高度差小，这就说明在同种液体中，液体压强随着深度的增加而增大。 因在同种液体中，液体压强随着深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状。 （3）在探究液体压强与液体密度是否有关时，因控制探头所处的深度相同。加入盐水后，烧杯中液体的密度增大，深度也会增大。但因探头的保持位置不变，则探头在盐水中的深度相较于在清水中的深度会增大，所以此时得出在深度相同时，液体密度越大，液体压强越大的实验结论是不可靠的。为得出可靠结论，我们应适当向上移动探头，使其在盐水中所处的深度与在清水中所处的深度相同。 故答案为：（1）大于；B；（2）随着深度的增加而增大；上窄下宽；（3）越大；深度；上移。 20．（6分）在“探究影响浮力大小与哪些因素有关”的实验时，同学们进行了以下操作。请你根据图中给出的信息，回答下列问题。 （1）根据图A、B、C、D可知：物体所受浮力与 　排开液体的体积　 有关，根据图A、D、E可知：浸没在水中的物体所受的浮力与 　浸没的深度　 无关； （2）图C中，物体静止时所受合力为 　0　 N，下表面受到液体的压力为 　0.3　 N； （3）图F中，物体所受浮力大小为 　0.5　 N，液体的密度为 　1.25×103 kg/m3。如果在实验中不小心使物体触碰到了容器底，且容器底对物体有力的作用，则计算出的液体密度值将 　偏大　 （选填“偏大”或“偏小”）； （4）小明将物体切去一部分，再将其浸没在液体中，如图G所示。读出弹簧测力计的示数并与图F中的数据对比，得出结论：浮力的大小与物体自身的形状有关。你认为这个结论是否正确？　不正确　 ，请说明理由：　没有控制排开水的体积相同　 。 （5）图中能正确反映物体所受浮力大小随物体下表面在水中深度h变化的关系图像是 　B　 （物体未接触容器底）。 【答案】（1）排开液体的体积；浸没的深度；（2）0；0.3；（3）0.5；1.25×103；偏大；（4）不正确；没有控制排开水的体积相同；（5）B。 【分析】（1）浮力的大小与液体密度和排开液体体积有关，与深度无关，根据控制变量法进行分析； （2）平衡状态包括静止和匀速直线运动状态，平衡力的合力为0；根据称重法和压力差法计算物体下表面受到液体的压力； （3）根据F浮＝G﹣F示求浮力大小；由阿基米德原理，根据排开水的体积等于排开液体的体积相等列方程可求得液体密度；由容器底对物体有力的作用分析液体对物体浮力的大小从而判断计算出液体密度的差异； （4）根据控制变量法，探究浮力的大小跟物体自身的形状有关，应控制液体的密度和排开液体的体积相同； （5）分析从物体下表面在水中的深度h为0时逐渐浸入水中直到浸没的过程中物体所受浮力的变化，据此解答。 【解答】解：（1）由图A、B、C、D可知：物体都浸在水中，浸入水的体积（排开液体的体积）越大，弹簧测力计示数越小，由F浮＝G﹣F知，所受浮力越大，故物体所受浮力与排开液体的体积有关，根由图A、D、E可知：物体都浸没在水中，即排开液体的体积相同，浸没在水中的深度不同，由F浮＝G﹣F知，物体受到的浮力相同，即物体所受的浮力与浸没的深度无关； （2）图C中，物体在弹簧测力计拉力、浮力和重力作用下处于静止状态，所以物体受力平衡，平衡力的合力为0； 由称重法和压力差法可知，F浮＝FA﹣FC＝F下表面﹣F上表面，所以物体下表面受到液体的压力F下表面＝FA﹣FC＝3.6N﹣3.3N＝0.3N； （3）由图A和F知，浸没在液体中时，物体受到的浮力为F浮液＝FA﹣FF＝3.6N−3.1N＝0.5N； 由图A和E知，浸没在水中时，物体受到的浮力：F浮水＝FA﹣F水＝3.6N−3.2N＝0.4N， 物体浸没，所以V排水＝V排液，根据阿基米德原理有：， 所以：ρ液ρ水1.0×103kg/m3＝1.25×103kg/m3； 如果物体接触到了容器底部，物体会受到来自容器底部的支持力，这会导致弹簧测力计的读数减小，由F浮＝G﹣F拉可得在液体中的浮力偏大，由ρ液ρ水可知计算出的液体密度会偏大； （4）将物体切去一部分后浸没在水中，物体排开水的体积变小，浮力变小，得出结论：浮力的大小跟物体自身的形状有关，这是错误的，因为没有控制排开水的体积相同； （5）当物体下表面在水中的深度h为0时，物体所受浮力为零；随着浸入水中深度的增大，排开水的体积变大，其受到的浮力变大；当物体浸没后，排开水的体积不变（等于物体的体积），其受到浮力不变，所以，整个过程中物体受到的浮力从0N开始均匀增大，然后大小保持不变，故能正确反映物体所受浮力大小随物体下表面在水中深度h变化的关系图像是B。 故答案为：（1）排开液体的体积；浸没的深度；（2）0；0.3；（3）0.5；1.25×103；偏大；（4）不正确；没有控制排开水的体积相同；（5）B。 21．（6分）如图1所示，小金和小鸣同学做“研究杠杆平衡条件”的实验，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量为50g的钩码若干。请你完成下列内容。（g取10N/kg） （1）实验中，调节杠杆在水平位置上平衡是为了便于测量　力臂　 。 （2）实验中，小金同学用图1所示方式悬挂钩码，杠杆也能水平平衡，但老师建议他不宜采用这种方式，主要是因为该方式　C　 。（选填字母） A.力臂与杠杆不重合 B.杠杆受力不平衡 C.力和力臂数目过多，不易得出结论 （3）如图2所示，在杠杆支点的左侧A点悬挂3个钩码，在支点的右侧悬挂1个钩码，发现无论怎样调节右边钩码的位置，都不能使杠杆水平平衡。为使杠杆水平平衡，可以通过　C　 来实现。（选填字母） A.将A处的钩码再增加一个 B.将A处的钩码向左移动到离O点五格处 C.将A处的钩码向右移动到离O点二格处 （4）在杠杆两端挂上不同数量的钩码，使杠杆在水平位置平衡，得到的数据如下表： 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 0.5 10 1 5 2 1.5 10 3 5 3 2 30 0.5 12 4 3 15 1.5 30 小鸣分析表格中的数据发现，第　3　 次实验数据有误，剔除这一组数据后，初步得出杠杆的平衡条件为：　F1•l1＝F2•l2 。（写字母公式） （5）第4次实验结束后，小鸣撤去右侧钩码，改用弹簧测力计继续实验。如图3，他在左侧B点悬挂三个钩码，再用弹簧测力计（未画出）在C点拉杠杆。杠杆重新在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数不可能为　①　 。（选填序号） ①2.0N ②2.5N ③3.0N ④3.5N 【答案】（1）力臂；（2）C；（3）C；（4）3；F1•l1＝F2•l2；（5）①。 【分析】（1）实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡； （2）在初中阶段，探究杠杆平衡条件的实验，作用在杠杆上的力只有一个动力和一个阻力，不探究多个动力或阻力的作用下的杠杆平衡； （3）根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2分析解答； （4）实验中使用的是每个重为0.5N的钩码，由表中记录的实验数据分析判断； （5）根据杠杆的平衡条件分析解答。 【解答】解：（1）实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂； （2）实验中，如图所示的方式悬挂钩码，杠杆平衡是杠杆的左侧在多个力共同作用的结果，采用这种方式是不妥当的。这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多，故选C； （3）设杠杆每个格的长度为L，一个钩码的重力为G，则支点左侧力与力臂的乘积为：4G×3L＝12GL，在支点的右侧悬挂1个钩码，则右侧大的格数为：12L，由于杠杆格数不够，所以无论怎样调节右边钩码的位置，都不能使杠杆呈水平。为使杠杆水平，可以将A处的钩码向右移动到离O点二格处来实现，故选C； （4）由题知，杠杆两侧挂上不同数量的钩码，且每个钩码重为0.5N，动力与动力臂的乘积不等于阻力与阻力臂的乘积，故第3次实验数据有误； 根据1、2、4组数据可知，杠杆平衡条件为：F1•l1＝F2•l2； （5）设杠杆上每一格长为L，左侧A点（距离支点5L处）悬挂三个钩码（重1.5N），B点在距离支点3L处，当作用在B点的弹簧测力计垂直杠杆向上拉（竖直向上）时，力臂最长，弹簧测力计示数最小，由杠杆的平衡条件有： 1.5N×5L＝F最小×3L， 弹簧测力计作用在杠杆上的最小力：F最小＝2.5N，弹簧测力计与杠杆不垂直，则示数会大于2.5N，所以示数可能为②③④，不可能为①。 故答案为：（1）力臂；（2）C；（3）C；（4）3；F1•l1＝F2•l2；（5）①。 五．计算题（共3小题，满分22分） 22．四川舰（舷号“51”）是我国首艘弹射型两栖攻击舰，全球第一款配备电磁弹射器的两栖攻击舰，如图所示。舰长约260m，宽约52m，满载时排水量约为4×104t，海水密度取1.0×103kg/m3。求： （1）7m深处的海水产生的压强； （2）军舰满载时受到的浮力大小； （3）军舰满载时水下的体积。 【答案】（1）7m深处的海水产生的压强为7×104Pa； （2）军舰满载时受到的浮力大小为4×108N； （3）军舰满载时水下的体积为4×104m3。 【分析】（1）根据p＝ρgh求7m深处的海水产生的压强； （2）根据阿基米德原理F浮＝G排＝ρ液gV排求出军舰满载时所受浮力； （3）根据V排计算军舰满载时水下的体积即为排开水的体积。 【解答】解：（1）7m深处的海水产生的压强p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×7m＝7×104Pa。 （2）军舰满载时受到的浮力F浮＝G排＝m排g＝4×104×103kg×10N/kg＝4×108N。 （3）军舰满载时水下的体积即为排开水的体积为V排4×104m3。 答：（1）7m深处的海水产生的压强为7×104Pa； （2）军舰满载时受到的浮力大小为4×108N；（3）军舰满载时水下的体积为4×104m3。 23．（8分）如图甲所示，将重600N、底面积为0.4m2的箱子放在水平地面上。现利用一块直木板将该箱子匀速拉上平台（如图乙）。已知拉力为480N，箱子沿木板移动了5m，在竖直方向上升高了3m，用时40s。求： （1）箱子对水平地面的压强； （2）上移过程中拉力做功的功率； （3）箱子克服木板摩擦力所做的功。 【答案】（1）箱子对水平地面的压强是1500Pa； （2）上移过程中拉力做功的功率是60W； （3）箱子克服木板摩擦力所做的功是600J。 【分析】（1）箱子对水平地面的压力等于自身重力，根据压强公式计算箱子对水平地面的压强； （2）根据W＝Fs计算拉力做功，根P得到上移过程中拉力做功的功率； （3）根据W＝Gh计算克服箱子重力做的有用功，总功减去有用功等于额外功，即克服木板摩擦力所做的功。 【解答】解：（1）箱子对水平地面的压力等于自身重力，箱子对水平地面的压强p1500Pa； （2）上移过程中拉力做功W总＝F拉s＝480N×5m＝2400J， 上移过程中拉力做功的功率P60W； （3）有用功W有＝Gh＝600N×3m＝1800J， 箱子克服木板摩擦力所做的功W额＝W总﹣W有＝2400J﹣1800J＝600J。 答：（1）箱子对水平地面的压强是1500Pa； （2）上移过程中拉力做功的功率是60W； （3）箱子克服木板摩擦力所做的功是600J。 24．阅读短文，回答下列问题。 小孔大用 中学生常用的中性笔笔帽上的小孔是出于保护青少年的安全，确保如果有人误吞笔帽时仍有空间进行呼吸，因此也被称为“救命孔”，如图甲、乙所示。国家因此制定了相关标准，书写笔、记号笔、修正笔和水彩笔的笔帽应符合下列3条规定中的至少一条：1.笔帽尺寸足够大。2.笔帽上需要有一个横截面积至少为××平方毫米的通气小孔。3.笔帽上的小孔最小通气量为1.36×10﹣4m3/s。 （1）中性笔握手的位置上有一层橡胶是为了 　增大　 笔与手之间的摩擦，笔尖滚珠与纸面之间的摩擦是 　滚动　 （填“滑动”“滚动”或“静”）摩擦。 （2）图丙是医院张贴的“海姆立克急救法”宣传画。某同学想知道这种急救法的原理，医生告诉他这是应用了“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”的规律。急救者向患者腹部施压，患者的胸腔容积 　缩小　 ，肺内气压 　大于　 外界气压，形成较大的气流把异物冲出。 （3）中性笔笔帽上的小孔会使笔帽内外的气压 　相同　 ，摘笔帽时更容易；若不小心吸入笔帽，人体在用力吸气时通过该笔帽通气孔的气体平均流速可达20m/s。为确保生命安全，人体与外界通气量要达到国标要求的最小通气量，则通气孔的横截面积至少为 　6.8　 mm2。 （4）若不小心将没有通气孔的笔帽吸入气管，由于气管堵塞导致肺内气压比外界小，若医生至少需要1N的力作用在笔帽上才能将其取出。设笔帽的横截面积为0.8×10﹣4m2，则此时肺内气压为 　8.75×104 Pa。（外界气压p0＝1.0×105Pa） 【答案】（1）增大；滚动；（2）缩小；大于；（3）相同；6.8；（4）8.75×104。 【分析】（1）增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；在同样的条件下，滚动摩擦比滑动摩擦小得多。 （2）一定质量的气体，体积越小，压强越大。 （3）根据题目的条件进行计算。 （4）根据内外压强差进行计算。 【解答】解：（1）中性笔握手的位置上有一层橡胶是为了增大笔与手之间的摩擦；笔尖滚珠与纸面之间的摩擦是滚动摩擦。 （2）医学上抢救气管异物堵塞的标准方法是：急救者从背后环抱患者，用力向患者上腹部施压，从而排出异物被称为“生命的拥抱”。此法的科学原理是：一定温度下，一定质量的气体体积缩小时，压强增大。 （3）中性笔笔帽上的小孔会使笔帽内外的气压相同，摘笔帽时更容易；若不小心吸入笔帽，人体在用力吸气时通过该笔帽通气孔的气体平均流速可达20m/s。为确保生命安全，人体与外界通气量要达到国标要求的最小通气量，则通气孔的面积至少为：S6.8×10﹣6m2＝6.8mm2。 （4）若不小心将没有通气孔的笔帽吸入气管，由于气管堵塞导致肺内气压比外界小，若医生至少需要1N的力作用在笔帽上才能将笔帽取出，而笔帽的横截面积为0.8×10﹣4m2， 此时笔帽受到的压强为：p11.25×104Pa； 则此时肺内气压大约是：p2＝p0﹣p1＝1×105Pa﹣1.25×104Pa＝8.75×104Pa。 故答案为：（1）增大；滚动；（2）缩小；大于；（3）相同；6.8；（4）8.75×104。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/6/7 18:36:39；用户：尚老师；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $