杠杆滑轮练习题 2025-2026学年人教版八年级物理下册

**基本信息** 初中物理新授课同步练，以杠杆、滑轮为核心，通过基础辨析、综合应用到实验探究的三层设计，强化物理观念与科学思维，适配课时目标实现知识巩固与能力进阶。 **分层设计** |层次|知识覆盖|设计特色| |----|----------|----------| |基础层|杠杆类型判断、滑轮基本特点|以生活实例（茶杯夹、核桃夹子）考查杠杆分类，夯实物理观念| |进阶层|杠杆平衡条件、滑轮组绕线|通过作图题（最省力绕线）和多选题（滑轮组省力分析）培养科学思维| |综合层|实验探究与计算|实验题（探究杠杆平衡条件）结合计算题（滑轮组拉力计算）提升科学探究能力|

杠杆 滑轮 练习题 一、单选题 1．如图所示，正在使用的四种工具，属于费力杠杆的是（     ） A．羊角锤 B．核桃夹子 C．园艺剪刀 D． 茶杯夹 2．如图所示小明组装了甲、乙两种滑轮，用来提升同一物体，G物=100N（不计绳重、滑轮重和摩擦），要使物体竖直匀速提升4m。下列说法中正确的是（    ） A．F甲=100N，并向上移动8m B．F甲=100N，并向上移动4m C．F乙=100N，并向上移动2m D．F乙=200N，并向上移动2m 3．建筑工地上，工人常使用滑轮组提升重物。如图所示，分别用甲、乙、丙、丁四种方式匀速提升同一重物G（不计绳重、动滑轮重及摩擦），所用拉力分别为F1、F2、F3、F4，则下列关系式正确的是（       ） A．F1＜F2＜F3＜F4 B．F4＜F2=F3＜F1 C．F1＜F4＜F3＜F2 D．F4＞F2=F3＞F1 4．如图所示，动滑轮重3N，物体重37N。物体在竖直拉力F的作用下，2s内沿竖直方向匀速上升了0.2m，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　） A．天花板受到的拉力是40N B．自由端拉力的功率为2W C．重物在匀速上升的过程中动能增加 D．重物在匀速上升的过程中机械能增加 5．如图所示，重为550N的工人师傅用300N的拉力，在10s内将500N的货物沿竖直方向匀速提升4m，不计绳重与摩擦，则下列判断正确的是（     ） A．所用动滑轮的重力是50N B．绳自由端移动速度是0.2m/s C．人拉绳时，拉力的功率是240W D．人受到地面的支持力是250N 6．如图甲所示是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂，其简化原理图如图乙所示，捣谷人对B点的作用力使水平静止的横木AB绕O点转动，翘高碓头。下列说法正确的是（     ） A．春相当于费力杠杆 B．利用该装置捣谷可以省力 C．翘高碓头过程中，碓头的重力势能减小 D．碓头尖细可增大对稻谷的压力 7．如图，质地均匀的杠杆OA中点悬挂一个重100 N的物体，在A端施加竖直向上的力F，从水平位置将杠杆匀速提升到B位置，物体被提高40 cm。下列分析正确的是（     ） A．物体被匀速提升过程中，机械能保持不变 B．将杠杆提升到B位置的过程中，力F将增大 C．无论如何改变力F的方向提升物体，F做的功都不可能小于40 J D．无论如何改变力F的方向提升物体，此杠杆都是一个省力杠杆 二、多选题 8．一辆小汽车不小心陷进了泥潭，司机按如图所示的方式安装滑轮组，可将小汽车从泥潭中拉出，下列说法正确的是（　　） A．滑轮A是动滑轮，可以省力，但不改变力的方向 B．滑轮A是动滑轮，相当于等臂杠杆 C．滑轮B是定滑轮，相当于省力杠杆 D．滑轮B是定滑轮，不省力，但可以改变力的方向 9．如图所示的滑轮组，在拉力作用下，使重物体沿水平地面匀速向左移动了，物体与地面间摩擦力为，不计绳重、滑轮重以及滑轮与轴间摩擦，则下列说法正确的是（　　） A．拉力为 B．该滑轮组既能省力又可以省距离 C．滑轮组的挂钩对物体的拉力为 D．绳子自由端移动的距离为 三、填空题 10．如图所示是小明手拿哑铃屈肘的动作。从生物学视角看，是桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动；从物理学视角看，是一个杠杆在工作。则此杠杆的支点为图中_____点，杠杆的阻力是_____，此杠杆是一个_____杠杆，肱二头肌的收缩距离_____哑铃移动的距离。 11．扬州剪纸是国家级非物质文化遗产之一，如图是游客正在用剪刀进行非遗文化体验的情景。桌面出现剪刀的影子，这是光的___________现象；剪刀可以看作简单机械中的___________，若纸质较硬，应将纸___________（靠近/远离）剪刀轴心移动。 12．两个滑轮用如图所示的方式组合，其中动滑轮是______（A/B），当用力F＝20N的力匀速拉动绳端移动了2m时，物体移动了______m；物体受到地面的滑动摩擦力为______N。（不计轮重及滑轮与绳子的摩擦） 13．用如图所示滑轮组提起重90N的物体，若不计滑轮重、绳重和摩擦，则匀速提升重物的过程中，A点所受的拉力为______N；若不计绳重和摩擦，动滑轮重9N，则匀速提升重物的过程中，拉力F为______N。 14．质量为60kg的工人用如图所示的滑轮组提升重物，已知动滑轮重100 N，不计绳重和滑轮摩擦。若绳子能承受的最大拉力为700N，则站在地面上的工人能用此滑轮组提升最大重力为_________N的重物。 15．如图所示，利用滑轮来提起重物，该滑轮属于_________滑轮，若拉力在10 s内做功160 J，则拉力做功的功率为_________。 16．如图所示，在拉力F的作用下，滑轮和物体A一起向右做匀速直线运动。实验中，若不计滑轮、绳子和弹簧测力计的重力以及滑轮与绳之间的摩擦，弹簧测力计的示数是5N，则物体A所受的摩擦力是________N，则拉力F是________N。若滑轮移动了2m，则物体A移动了________m。 17．如图所示为斜拉桥模型，桥面OA是由长40cm、重6N的质地均匀的木条制成，其可绕立柱GH上的O点转动。当桥面A端用细线与GH上的B点相连并处于图示位置时，桥面OA可看成____杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”），细线对OA的拉力F＝____N。保持OA水平，只将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小将____，由此可以初步了解到斜拉桥建造很高桥塔的优点。 四、作图题 18．⼩华借助滑轮组提升重物，请画出最省⼒的绕线⽅法。 19．如下图所示，某工人站在地面上使用由三个滑轮组成的滑轮组提升重物，请画出最省力的绕绳方法。 20．如图，用弹簧测力计沿F方向拉着杠杆使其平衡，请在图中画出拉力F的力臂。 21．图甲是一装有手机的轻质自拍杆，用手斜拿着时，可将其看作如图乙所示的杠杆，请在图乙中画出其阻力 F 的力臂L。 22．如图工人用滑轮组提升材料按要求完成作图； 23．如图甲，水龙头手柄可看作是一个杠杆，请你在图乙所示的示意图中画出施加在A点的最小动力F。 24．如图所示，某同学用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点。请在图中画出作用在撬棒上最小的力F及其力臂L（O1为力的作用点）。 25．如图，钓鱼竿可视为以O点为支点的杠杆，请在图中画出拉力F的力臂l及鱼所受重力的示意图（为鱼重心的位置）。 26．如图所示用杠杆OA提升重物G，为使杠杆OA在图示位置能保持静止，请画出作用在A点的最小力F及其力臂l。 五、实验题 27．如图所示，为小明在“探究杠杆平衡条件”的实验。 (1)如图甲所示，杠杆静止，此时杠杆处于_______状态（平衡/不平衡）；为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向________移动（左/右），这样操作可以方便力臂的测量，同时又可以_______； (2)如图乙所示，若在位置挂两个钩码，需将三个钩码挂在杠杆右侧_______（选填字母）点处，才能使杠杆再次在水平位置平衡； (3)实验时，多次换用不同数量的钩码，改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，目的是_______，在改变上述条件时_______（每次只能改变一个条件/每次可以同时改变多个条件）。 (4)如图丙所示，用弹簧测力计在位置竖直向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中位置改变至位置时其示数______（变大/不变/变小）。 28．“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。 (1)挂钩码前杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于______（选填“平衡”或“不平衡”）状态； (2)为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节； (3)实验时，在已调节平衡的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是______。收集实验数据如表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件：______； 实验次数 动力 动力臂 阻力 阻力臂 1 1.0 15.0 1.5 10.0 2 1.0 20.0 4.0 5.0 3 2.0 15.0 3.0 10.0 (4)本实验中多次测量的目的是______（选填“减小误差”或“寻找普遍规律”）； (5)为了进一步验证实验结论，又做了图乙所示的实验，现将弹簧测力计从a位置移动到b位置，在此过程中杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将______；（选填“变大”“变小”或“不变”） (6)学习过杠杆知识后，同学们对托盘天平有了进一步的认识，下列从杠杆的角度对托盘天平的描述不正确的是______。（选填字母代号） A．托盘天平实质是一个等臂杠杆 B．调节游码使天平平衡，是通过改变力的大小来实现的 C．调节游码使天平平衡，是通过改变力臂的长短来实现的 D．通过增减砝码使天平平衡，是通过改变力的大小来实现的 29．在“探究杠杆的平衡条件”实验中： (1)如图甲，实验中要让杠杆在水平位置平衡，原因是______，此时需要将两端的平衡螺母向____（选填“左”或“右”）侧适当调节才能使杠杆在水平位置平衡。 (2)如图乙，此时在A点挂两个钩码（每个钩码的重力均为0.5N），在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为1.5N，小明根据实验数据，得到结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，这个结论与杠杆的平衡条件不相符，原因是实验过程中没有 （选填序号）。 A．改变力的大小 B．改变力的方向 C．改变力的作用点 (3)如图丙，同学们利用较宽的水平平衡的杠杆（OC=OA）进行实验，保持B处悬挂钩码的个数和位置不变。把A处悬挂的钩码改挂在___（选填“C”或“D”）处，发现杠杆不再水平平衡。由此初步判断：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到_____的距离。 六、计算题 30．如图，物体重120N，用力F使物体缓慢匀速上升，绳的重力和摩擦不计。 (1)如果不计动滑轮重力，求绳子的拉力的大小； (2)而实际上绳子的拉力为50N，求动滑轮的重力大小； (3)如果绳子能承受的最大拉力为100N，求该滑轮组最多能吊起多大重量的物体。 31．如图所示的是小明自制的一把杆秤，O为杆秤提纽，不挂重物和秤砣时，手提提纽，秤杆可水平平衡。向秤盘中放入0.4kg的物体时，需要将秤砣移至B点，才能使秤杆再次水平平衡。已知，。取，求： (1)秤盘中物体受到的重力。 (2)秤砣的质量。 32．小金同学正在做俯卧撑，如图所示。将他的身体看成一个杠杆，O为支点，A为小金的重心，相关长度已在图中标明。已知小金的质量，每做一次俯卧撑，重心上升0.3m。（g取）求： (1)小金受到的重力G。 (2)图示时刻地面对双手的支持力F。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《杠杆 滑轮 练习题》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 答案 D D B D C A C AD CD 1．D 【详解】判断杠杆类型的依据是动力臂和阻力臂的大小关系：动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆。 A．羊角锤使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不符合题意； B．核桃夹子使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意； C．园艺剪刀使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意； D．茶杯夹使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。 故选D。 2．D 【详解】AB． 甲是普通动滑轮，不计绳重、滑轮重和摩擦时，拉力 拉力移动的距离，故AB错误； CD．对乙滑轮受力分析可得 该用法费两倍的力，省一半距离，物体提升4m时，拉力向上移动的距离，故C错误，D正确。 故选D。 3．B 【详解】若不计绳重、动滑轮重及摩擦，甲图，用F1的力提升重物时，用的是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不省力也不费力，故； 乙图中，用F2的力提升重物时，用的是动滑轮，根据动滑轮能够省一半的力，故； 丙图中，滑轮组绳子的有效段数为，所以拉力为 丁图中，滑轮组绳子的有效段数为，所以拉力为 综上所述，F1、F2、F3、F4的大小关系为F4＜F2=F3＜F1，故选B。 4．D 【详解】A．该装置中，动滑轮下挂物体，两段绳子向上拉动滑轮，受力平衡得 因此拉力，天花板受到的拉力等于绳子的张力，大小等于20N，故A错误； B．拉力F移动距离 拉力做功 功率，故B错误； C．动能和质量、速度有关，重物匀速上升时，质量、速度都不变，因此动能不变，故C错误； D．重物匀速上升时，动能不变，高度增加，重力势能增加，因此机械能增加，故D正确。 故选D。 5．C 【详解】A．动滑轮上承担物重的绳子段数 。不计绳重与摩擦，拉力满足公式 ，因此动滑轮重力，故A错误； B．货物上升速度 绳自由端移动速度，故B错误； C．拉力的功率 ，故C正确； D．工人站在地面受力平衡，工人向下的重力 ，向上受支持力 、绳子对工人的拉力，大小等于工人拉绳子的拉力 ，因此人受到地面的支持力 ，故D错误。 故选 C。 6．A 【详解】AB． 该装置支点为，动力作用在点，阻力是碓头的重力作用在点，由图可知，，根据杠杆平衡条件可知，动力大于阻力，因此舂属于费力杠杆，费力杠杆不能省力，故A正确，B错误； C．重力势能与质量、高度有关，翘高碓头时，碓头质量不变，高度增大，因此重力势能增大，故C错误； D． 碓头尖细是在压力一定时，通过减小受力面积来增大对稻谷的压强，并没有改变压力的大小，故D错误。 故选A。 7．C 【详解】A．物体匀速提升时，动能不变，高度升高导致重力势能增大，机械能是动能与势能的总和，因此机械能增大，故A错误。 B．提升过程中，动力和阻力都沿竖直方向，由相似三角形关系可知，动力臂始终是阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件，可得，大小保持不变，故B错误。 C．提升物体做的有用功为 使用该杠杆时，还需要克服杠杆自身重力做额外功，总功，因此做的功不可能小于，故C正确。 D．只有动力臂大于阻力臂时杠杆才省力，若改变的方向，使动力臂小于阻力臂，杠杆就变为费力杠杆，因此不是任何情况都是省力杠杆，故D错误。 故选 C。 8．AD 【详解】轴位置固定不动的是定滑轮，轴随物体一起运动的是动滑轮。本题中，滑轮A随汽车一起运动，是动滑轮；滑轮B固定在墙壁上，轴位置不变，是定滑轮。 AB.动滑轮的本质是动力臂为阻力臂2倍的省力杠杆，特点是省力，但不改变力的方向，故A正确，B错误； CD.定滑轮的本质是等臂杠杆，特点是不省力，但可以改变力的方向，故C错误，D正确。 故选AD。 9．CD 【详解】AC．如图所示的滑轮组绳子有效股数n=2，物体A沿水平地面匀速向左移动，物体A与地面间摩擦力为30N，故物体A在水平方向受到平衡力作用，滑轮组挂钩拉物体A的力等于摩擦力，为30N。 不计绳重、滑轮重以及滑轮与轴间摩擦，拉力 故A错误，C正确； BD．该滑轮组能省力但不可以省距离，因为绳端移动的距离为物体A移动的距离的2倍，即 故B错误，D正确。 故选CD。 10． C 哑铃对手向下的压力 费力 小于 【详解】杠杆绕着转动的固定点称为支点，在小明屈肘的动作中，桡骨是绕着图中的肘关节C点发生转动的。 阻力是指阻碍杠杆转动的力，在此过程中，哑铃对手向下的压力阻碍了前臂向上转动，充当了阻力。 观察图中结构可知，支点在C点，肱二头肌拉力对应的动力臂明显小于哑铃阻力对应的阻力臂，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆。 因为前臂在屈肘时是一个费力杠杆，根据杠杆原理，费力杠杆虽然费力，但能够省距离，因此动力的作用点（肱二头肌）收缩距离必定小于阻力作用点（哑铃）移动的距离。 11． 直线传播 杠杆 靠近 【详解】影子是光沿直线传播时，遇到不透明物体，无法照亮物体后方区域形成的，因此属于光的直线传播现象； 剪刀是可以绕固定轴心转动的硬棒，符合杠杆的定义，因此属于简单机械中的杠杆； 根据杠杆平衡条件，剪硬纸需要省力，在动力臂、阻力不变时，减小阻力臂可以减小动力。将纸靠近剪刀轴心，阻力臂会减小，更省力。 12． A 1 40 【详解】轴的位置固定不动的是定滑轮，轴随物体一起运动的是动滑轮。图中B的轴固定在墙上不动，A的轴随物体一起运动，因此动滑轮是A；该滑轮组中，共有2段绳子拉着动滑轮（），；水平滑轮组中，拉力克服摩擦力做功，摩擦力 13． 60 33 【详解】 由图可知，该滑轮组中承担物重和动滑轮重的绳子段数 同一根绳子各处拉力相等。 不计滑轮重、绳重和摩擦时，拉力 定滑轮受到向下的2段绳子的拉力，总向下拉力等于A点受到的拉力，因此A点拉力 不计绳重和摩擦时，拉力公式为 代入数据得 14．1100 【详解】因为人站在地面上施加的最大拉力不可能大于自身重力，所以最大拉力为 由图可知，承担动滑轮的绳子股数，由可知，此滑轮组能提升的最大物重为 15． 动 16 【详解】[1]图中滑轮随重物一起运动，属于动滑轮。 [2]拉力做功的功率为 16． 5 10 4 【详解】弹簧测力计的示数为5N，所以下面一段绳子对物体的拉力也是5N，物体做匀速直线运动，所受拉力与摩擦力平衡，所以物体受到的摩擦力等于5N。因为拉力作用在动滑轮轴上，所以可得。动滑轮由2段绳子承担，若拉力F端移动了2m，则物体A移动4m。 17． 等臂 6 变小 【详解】【小题1】由于木条质地均匀，其重力作用在木条的中点，阻力臂 根据图示，结合数学知识可知，动力臂 由于，所以该杠杆为等臂杠杆。 根据杠杆平衡条件，即 代入数据得，解得 从图中可知，只将细绳右端从B移至C点，使得细线AC与木条OA的夹角变大（大于30°），阻力G和阻力臂 均保持不变。动力臂 当夹角变大时， 的值也随之变大，因此动力臂变大，根据杠杆平衡条件 ，可知动力F变小。 18． 【详解】对由1个动滑轮和2个定滑轮组成的滑轮组，动滑轮上的股数最多是3股，根据题意小华站在地面上，可知拉力方向向下，因此要从动滑轮绕起。 19． 【详解】要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，再绕过上面的另一个定滑轮。 20． 【详解】用虚线过支点作力的作用线的垂线，标上垂直符号、大括号和力臂的表示符号，据此作图。 21． 【详解】将力用虚线延长，作力的作用线，过支点用虚线作力的作用线的垂线，标垂直符号，用大括号将力臂标出，标上力臂的表示符号，据此作图。 22． 【详解】人站在高台上向下拉绳子，可以借助自身的体重（身体微微下蹲或后仰）来帮助施力，感觉更轻松、更稳定。因此将绳子起点固定在定滑轮挂钩，依次绕过动滑轮、定滑轮，即可得到符合要求的绕线。 23． 【详解】根据杠杆平衡的条件，，动力最小时，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1。据此作图 24． 【详解】当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。因此要找最小的力，就要使动力臂最大。以支点到力的作用点的连线为最长力臂，为了撬动石头，力的方向应垂直于向下，如下图所示： 25． 【详解】重力方向竖直向下，作用点在重心。过沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，标注符号G。 从支点O向拉力F的作用线作垂线，支点O到垂足之间的垂线段就是力臂l。 26． 【详解】根据杠杆平衡条件 可知，当阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，动力越小。 支点为，动力作用在点，因此支点到作用点的连线是最长的动力臂，连接，标记为，就是所求力臂。 重物使杠杆绕顺时针转动，因此动力需要阻碍杠杆转动，方向垂直于向上。过点作的垂线，箭头向上，标记该力为，即为所求最小力。 27．(1) 平衡 右 消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 (2)C (3) 避免实验的偶然性，得到普遍规律 每次只能改变一个条件 (4)变大 【详解】（1）[1]杠杆的平衡包括静止和匀速转动，故杠杆静止时处于平衡状态。 [2]由图甲知，杠杆左端下沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节。 [3]杠杆在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。 （2）设一个钩码重为G，杠杆上一个小格长度为L。根据杠杆平衡条件，在A位置挂两个钩码，即，右侧挂三个钩码，设挂在距离支点n个小格处，则，解得，所以需将三个钩码挂在杠杆右侧C点处，才能使杠杆再次在水平位置平衡。 （3）[1]实验时多次换用不同数量的钩码，改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，目的是避免实验的偶然性，得到普遍规律。 [2]根据控制变量法，在改变上述条件时每次只能改变一个条件，这样才能探究出杠杆平衡条件中各因素之间的关系。 （4）由图丙可知，弹簧测力计由a位置转到b位置时，拉力的力臂变小。根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，则动力变大，所以弹簧测力计的示数变大。 28．(1)平衡 (2)右 (3) 便于测量力臂 (4)寻找普遍规律 (5)变大 (6)B 【详解】（1）杠杆平衡包括静止或匀速转动，故杠杆静止时处于平衡状态。 （2）由图甲知，杠杆的右端较高，表明右端要轻一些，所以为使杠杆在水平位置平衡，应将右侧平衡螺母向右调节。 （3）杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆重合，便于测量力臂；分析实验数据，第一次实验：， 第二次实验： 第三次实验： 可得出杠杆的平衡条件为动力×动力臂 = 阻力×阻力臂，即。 （4）本实验是探究性实验，多次测量的目的是寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性。 （5）将弹簧测力计从a位置移动到b位置，拉力的力臂变小，根据杠杆平衡条件，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂变小，动力变大，所以弹簧测力计示数将变大。 （6）A．托盘天平实质是一个等臂杠杆，故A正确； BC．调节游码使天平平衡，是通过改变力臂的长短来实现的，故B错误，故C正确； D．通过增减砝码使天平平衡，是通过改变力的大小来实现的，故D正确。 本题选择描述不正确的，故选B。 29．(1) 便于测量力臂 右 (2)B (3) C 力的作用线 【详解】（1）[1][2]实验中让杠杆在水平位置平衡，两力臂刚好在杠杆上，可直接读取力臂。 图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，根据“平衡螺母向高的一端调节”，需要将平衡螺母向右侧调节。 （2）小明得出“动力×支点到力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是因为他只在力沿竖直方向的情况下做了实验，没有改变力的方向。 当力的方向与杠杆不垂直时，力臂不等于支点到力作用点的距离，所以结论不具有普遍性，因此选B。 （3）已知，把A处悬挂的钩码改挂在C处时，力的大小不变，力到力的作用点的长度不变，但力臂的长度发生了变化，杠杆不再平衡。由此可判断：影响杠杆平衡的因素是力的大小和支点到力的作用线的距离。 30．(1) (2) (3) 【详解】（1）由图可知，绳子承重段数，不计绳重、摩擦及滑轮重力，绳子的拉力 （2）考虑动滑轮重力时 动滑轮的重力 （3）能吊起的最大物重 31．(1)4N (2)0.2kg 【详解】（1）物体重力 （2）由杠杆平衡条件可知 即 秤砣的质量 32．(1)600N (2)400N 【详解】（1）小金的重力 （2）将身体视为杠杆，支点为O，阻力为重力G，阻力臂，动力为支持力F，动力臂 根据杠杆平衡条件得： 解得： 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $