专题13 分层闯关(实战册)-【实战高考】2026年高考物理总复习（山东专版）

答案册 实战高考·物理 确。故选D。 4D解析开关K断开时，副线圈中的电流有效值为I2 =日，则原线圈电流1=212=6。，故A错误；原线圈 √2 n1 2√2’ 输入功率等于副线图输出功率，即P1=P2=U6,故B √21 错误；电动机为非纯电阻，其内阻两端电压小于U0,内阻 小于20，故C错误，当开关K闭合后，原线圈的输入功 率变为原来的9倍，所以电热丝的功率是电动机功率的8 U 倍，由P热= 可得R=,故D正确，故选D, ⑤B解析降压变压器副线圈中的电流2一 P 11W-50A,设箱包线上电流为，报指号 220V 解得1=5.5A,根受-得解得U=2000V输 电线上损失的电压△U=I1R=1100V,可知升压变压器 副线图两端的电压U2=U十△U=21100V,根据- U2 ，解得U1=316.5V,故选B。 2 ⑥BD解析当磁场与线圈平行时，线圈切割磁感线最 快，此时感应电动势最大，故A错误；发电机输出电压的 最大值为Em=NBSw=450√2V,发电机输出电压的有 效值为U1=E=450V,故B正确；输电线上损失的功率 2 为△P=I线R,代入数据解得I线=25A,故C错误；根据 =可得，U2=3600V,输电线上损失的电压为△W= U2 n2 I线R=200V,则降压变压器的输入电压为U3=U2一△U 一340V,根据号-费郎得降压支压器原，制线国的匝 数比为受-故D正确。故选R.D 7BD解析变压器不改变交流电的周期，所以充电桩 上交流电的周期为T=2红=0.02S,故A错误；若充电桩 消耗的功率增大，则电源输入总功率增大，因为总电压不 变，由1号可知升瓜支压器原线图电流增大，升压变压 器副线圈电流增大，则输电线上损耗的电压增大，降压变 压器原线圈电压减小，则T2的输出电压减小，故B正确； T1的输入电压为U1==250V,T的输入功率为 √W2 200kW时，则电流为=号=800A,根据沿=异，解得 P 12=50A,输电线上损失的电功率为P损=r=5× 518 10W,故C凭民：根搭号：一是郎得=40V,龄电 线两端的电压为U损=I2r=100V,则U3=U2一U损= 3900V,根据一4， =,解得U4=250V,故D正确。故选 B、D。 分层闯关 ①C解析设灯泡正常发光的电压为UL,电流为IL,原 线圈输入的电压为1，根据理想变压器原、副线圈功率相 等可得，U1IL=UL·21L,可得U1=2UL,则交流电源的 电压为U=2UL十U1=4UL,故交流电源的电压与灯泡的 额定电压之比为U:UL=4:1。故选C。 2AC解析根据图乙可知，电动势变化的周期为0.2s, 通过电阻R的电流方向一个周期改变两次，每秒钟改变 10次，故A正确；因不计发电机内阻，电压表示数为电动 势的有效值，为12V,故B错误；t=0.05s时，感应电动 2 势最大，线圈处于垂直于中性面的位置，与磁场方向平 行，故C正确；自耦变压器滑片P向上滑动时，原线圈匝 数增多，由爱-是可知，刷线图两端电压交小，电阻R热 功率减小，故D错误。故选A、C。 ③ACD解析由于两个变压器之间的输电线电阻R上 会有电压损耗，理想变压器T1的输出电压等于T2的输 与R上的损失电压之和，则有四=兰k, 2U2 3-02一0R2,由于U1=U4=6V,则有k1k2-U) U4 U4 U2一U_2U<1,A正确；k1越大T输出的电压 U2 U2越低，T2输出的电压越低，要使灯泡以额定功率正常 工作，则需要输电线上的电流越大，则输电线损失的电功 率越大，电路的输电效率越低，B错误；对变压器T2,输出 电流与输入电流的比值满足治=，对小女泡则有14= P=36A=0.6A,若2=6，则R上电流13=0.1A,其 U4-6 消耗的电功率PR=IR=0.12X20W=0.2W,C正确； 若-6，则有号-费-起，U-袋=6X6V-36V n4 则变压器T1的输出电压为U2=U3+I3R=36V十0.1× 20V=38V,D正确。故选A、C、D。 ④AD解析在图示位置穿过线圈的磁通量最大，磁通 量的变化率最小为零，故0时刻感应电动势为零，故A正 确；一个周期内线圈中电流方向变化一次，故B错误；= T 哥时对应线圈特过的角定为0-=孚×2=冬，则此时穿过 线圈的磁通量为中=BS0S45°二号BS,故C错误；此线 圈产生交变电流电动势的最大值为Em=NBSw,又w= 票，解得E=2N,由题意可知线图转一图，只有半个 T 周期有交变电流，设此线圈产生的交变电流电动势的有 Em）2 效值为E,则有 RX 工_号T,解得此线圈产生交变 2-R 电流电动势的有效值E=NBS,故D正确。故选A,D。 T ⑤C解析根据理想变压器原、副线圈两端的电压与匝 数之比满足=四，所以1=10V,则发电机产生的电动 Γu2u2 势最大值为Em=NBSw=NBS(2πn)=√2u=10√2V, 所以n=50r/s,故A错误；因为二极管为理想二极管，电 流表的示数为有效值，所以有代·。=P2T,解得1= 52A,故D错误；电阻R1的功率为P1==400W,电 阻R2的功率为P2=I2R2=200W,所以电阻R1、R2上消 耗的电功率之比为2：1，故C正确；原线圈的输入功率等 于副线圈消耗的功率，即P=P1十P2=600W,故B正 确。故选B、C。 ⑥D解析发电机线圈电动势的峰值为Um=NBSw= 2NBL2w,则发电机线圈电动势的有效值为U== √2 √2NBL2w,由原线圈电路关系Uo=U一Uo,根据理想变 压器原、制线圈电瓜关系有受-州，联立解得U URO √2NBL2aw-0IR1,通过电阻R0的电流为I6=R0 1 √2mNBL2wmIR,根据理想变压器原、副线圈电压与 n Ro 匝教的关系有0=2NBL2一Um≠②NL2,故A,C 1 IR1 IR1 错误；已知理想电流表读数为I,通过电阻R1的电压为 山=R根号-测联立期得亚-得风电位消 21 花的功车为P怎限，数B桥误：当新升S,背 等效到线圈中，等效电阻为R=(需)R0,当R=R= ()）R0,R消耗的功率最大，此时R两端电压为U= 号-号NBo,根架nm一得装主解得A N2B2L4,故D正确。故选D。 2Ro ○实战册参考答案及解析 ⑦AD解析若仅闭合开关S,降压变压器副线圈中电阻 减小，则电流增大；由11=22可知，原线圈中电流增 大，输电线上的电压损耗U,=1r增大，则降压变压器原 线圈电压减小，副线圈两端电压减小，所以U减小，故A 正确，B错误；仅增大R2,降压变压器副线圈中电阻增大， 则电流减小，由m1=2I2可知，原线圈中电流减小，输 电线上的电压损耗U,=11r减小，则降压变压器原线圈 电压增大，副线圈两端电压增大，所以U增大，故C错误； 设降压变压器原线圈上的电压变化为△U1,对降压变压 器有4 记=n,则△U1=n△W,设原线图的电流变化为 A,对降压支压器有当-合，则4=△1，由欧蜂定 △i=n1 徐可得A=Al则一盟-心 △U ,故D正确。故 选A、D。 ⑧D解析设原、副线圈的匝数比为k,根据理想变压器 电压与匝数比的关系有U物=U次，根据电流与匝数比的 二会，制线强负我电胆R资了得原线图 关系有I初一反 的等效电阻R等收一=R,设输入电压为U6,对于 原线图电路，根据欧姆定律有和=R十R等效 Uo R十2R2,保持P2不动，即R2不变，P1向右滑动，则R Uo 变大，则I初减小，次级电流减小，初级电压减小，则U2减 小，U1增大，故A错误；P1保持不动，P2向下滑动，R2减 小，则1物增大，即1增大，匝数不变，由-他可知2增 121 大，故B错误；P2保持不动，原线圈的等效电阻R等效= 2R2=22X52=202,将此电阻看作是电源U0的内阻， 将R1看作是电源的外电阻，则当P1向右滑动时，电阻增 大，当R1=20Ω时即滑片滑到中央位置R1消耗的功率最 大，然后随R1阻值继续增大，R1消耗的功率逐渐减小，即 R1消耗的功率先增大后减小，故C错误，D正确。故 选D。 拓展变压器的等效电阻模型 (1)在只有一个副线圈的理想变压器电路中，设原线圈、 副线圈的匝数之比为，负载电阻为R,则变压器和负载 电阻整体可以等效为一个新电阻，其阻值R=2R。 U n U, 甲 519 答案册 实战高考·物理 等 U R 效 负 载 之 (2)若有两个副线圈，则变压器和负载电阻整体可以等效 为两个新电阻并联，其阻值分别为R1等效= R1,R2等效= n5 n ⑨C解析由图乙可知线圈转动的周期为0.02s,图乙中 瞬时感应电动势e随时间t的变化关系为e=emsin(孕+ g)=20V2sin(100πt+p)(V),当t=0时，e=10√2V,代 入解得9=吾，则1=0时，线图平面与磁场方向夹角为0 =-9=5=60°，故A错误，C正确；开关S断开时，小 灯泡正常发光，由变压器规律瓷一费解得，=16V。 在原线圈由闭合电路欧姆定律得E有效=U0十I0r,原线 圈电压有效位为B有一号=20V,解得矩形线圈的电阻 为r=4,故B错误；开关S闭合，调整矩形线圈的转速 为原来的1.2倍，则Em'=1.2Em=24V,因为小灯泡仍 然正常发光，则U0=16V,由闭合电路欧姆定律得E有效 =U0十Ior,解得理想电流表的示数为Io'=2A,开关S 闭合后发电机的总功率为P=E有效'I0'=48W,开关S 用合前发包机总功来为P=56=-20W,则-铝 号，故D蜡误。长选C. 0D解析环境温度升高时，R2减小，负载减小，交流 电源电压不变，则原线圈电流增大，电流表A1示数增大， 则风分压增大，则原线因电压减小，根受：-亮可知，利 线圈电压减小，则灯泡L变暗，故A错误：同理，环境温度 降低时，原线圈电流减小，电源输出功率P出=E减小， 故B错误；原线圈电压U1=E-I1R1,副线圈电压和电流 为U-=%U1=3U1,业-%=号1，整理可得U=3(E 71 172 520 -1R1)=3E-18I2,故 △U △I2 =182,故C错误，D正 确。故选D。 们D解析设a、b两端的输入电压为U,变压器原线圈 两端的电压为U1,电流为I1,副线圈两端的电压为U2,电 流为2，则有U1=U一1，又根据票=，可得U1= U2 n2 ，根号-兴，-贤联立得1= n2 12n1 U-,U2= R+2, 1n2 '1 U,则当R=,时，电流表示数最大，故P向上 n1+2y n2 n2 nIR 滑动时，副线圈匝数增加，电流表示数不一定变小，故A 错误；根据欧姆定律得U2=R,则公贸=R,故B错误；电 U)2 n1⊥n2r 阻R上消耗的功率为P= 3=2nR】,故P向上 R R 滑动时，副线圈匝数增加，P不一定变大，故C错误；将变 压器与负载等效为一个电阻，则等效电阻的阻值为R等效 以U2 受-盘-（偏）要-（品）》R特电凰，与a6两 他12 721 端电源等效为一个新的电源，为等效电源的内阻，则变 压器的输出功率为该等效电源的输出功率，则有P= (广医+当r动，动 +4r R等效 率最大，解得2=2000匝，故D正确。故选D。 2C解析从题图所示位置计时，电动势的瞬时值表达 式为E=号NBL2 sin a,当am=60时，e=9NBL2a,A 错误；电动势的最大值为E。=NBL2,有效值为E= NBLa,副线调的学炎电理为Rg=(侧》广R,当原副 线圈的匝数之比为3：1时，R等=9R,电压表的示数为U =R+3R+R等1 等一9二NBL2ω，B错误；电流表和电压表 示数的乘积即为变压器的输入功率，将变压器视为外电 路，等效电源的内阻为4R,变压器的输出功率为P出= PR华=(4R+R￥)=R等=4R2+16R E2R等 E2 ，当R等= R等 (阳)R=4R,即忍=2时，P有最大值，C正确；同理， n2 电源的输出功率为P出′=2(3R十R等)= E2(3R+R等) E2 R+(3R+R等)P=[R￥+3R)-R+4R ，由于R等十 3R+R等 3R≠R,即P出'不可能有极大值，当滑动触头P向上移动 时，器比值减小，R华减小，P出增大，D错误。放选C 3AD解析将原、负线圈和电阻R等效为电源，等效 E等 后Ih=7等十R2十R,当滑动变阻器R的滑片向左滑动的 过程中，电阻变大，所以电流变小，电流表A的示数变小， 故A正确；根据闭合电路欧姆定律得U2=E等一I2r等，由 题可知U1=U0一I1R1,根据理想变压器原、副线圈关系 有始-是=是会-得=日联立可得-号-6型 由于I2变小，所以U2变大，电压表V示数变大，故B错 误；由上式可知等效内阻7学，当外电阻接近内阻时， 输出功率增大，由于R:R2=9:1,即<R影+R,所以 高考全 真题精练 ①AC解析根据理想变压器的电压比等于匝数比可得 m:2=U1:U2=5:1,m:3=U1:U3=5:1,故A 正确，B错误：根据能量守恒可知变压器的输入功率等于 总的输出功率，故P输入=P输出=7.0kW十3.5kW= 10.5kW,故C正确；输出电压为交流电的有效值，根据正 弦交流电的最大值与有效值的关系可知，两副线圈输出 电压最大值均为Um=220V2V,故D错误。故选A、C。 ②D解析根据理想变压器电压比与匝数比的关系可知 -阻，乎=，由于输入电压U不变，可知一， U2=2 U3 n3'U2 n2 n 即msin ot 2 n一1 2n 2,解得2=是min at,可知此时输 n一10 8 出的交流电的周期为T=2红。故选D。 ③B解析设变压器原、副线圈的电压分别为U1、U2,灯 泡L的阻值为R,根据等效电阻的思想可知灯泡的等效 电租R群公，女池L的阻值R-告，由理超交压器原 里，可知电压关系号=会电流关系号=日：联立解得 R等=2R,S与a相连，根据等效电源思想，灯泡的电功率 最大时应该满足R等=3R,因为值不确定，灯泡的电功 率不一定最大，故A错误；S与a相连，变压器原线圈电压 U=R43R·2R,灯泡两端的电压为U2-光 U ○实战册参考答案及解析 当R增大时，输出功率一直减小，故C错误；由上述可知 当一器一尽也压表示数支化与心战表示数交 化的比值不变，故D正确。故选A、D。 函C解析自耦交压器的原、副线图匝数比为= n2 U2 8Y,故A餐误充息完毕后电容器储存的电荷量 为Q=It=2.8×10一2C,则充电完毕后电容器两端的电 压为U=9=2.8×10-2 C=2.0X10-5V=1400V,则升压变压器副 线圈电压的最大值为1400V,升压变压器原线圈电压的 最大值为U3=√2UU2=20√2V,则升压变压器原、副线圈 的亚数比为盟-号-调动故B候，C正确：若 去掉二极管，电容器两端接交流电，电容器一直进行充放 电，则该除颤仪不能正常工作，故D错误。故选C。 国视野 2十3B正确；S与b相连，变压器原线图电路接入两个 kU J 电阻，变压器原线圈的电流1一2R十2R,流过灯泡的电 kU 流1红=b1一(2十2RC错误：S与c相连，变压器原线 圈电路接入一个电阻，变压器原线圈的电流I1= ®R灯池的息功率为几L=R群=竿)RD错 误。故选B。 ④BD解析由题图可知，线圈开始时处于中性面位置， 当磁极再转过90°时，此时穿过线圈的磁通量为0，故可知 电流最大；在磁极转动的过程中，穿过线圈的磁通量在减 小，根据楞次定律可知，此时感应电流的方向由Q指向 P。故选B、D。 ⑤AC解析保持T不动，则原、副线圈匝数比不变，又 变压器的输入电压不变，根据变压器的变压规律可知，变 压器的输出电压不变，滑动变阻器的滑片向∫端滑动时， 其接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知通过R1的电 流增大，根据P=2R可知，R1的热功率增大，A正确；仅 将T向b端移动，则原、副线圈的匝数比增大，又变压器 的输入电压不变，根据变压器的变压规律可知，变压器的 输出电压减小，则风两璃的电压减小，根据P-货可知， R1的热功率减小，B错误；同理，仅将T向a端移动，R1 的热功率增大，结合A项分析可知，再将滑动变阻器的滑 片向f端滑动，R1的热功率进一步增大，C正确；经以上 分析可知，将T向b端移动，滑动变阻器的滑片向端滑 521两个变压器均是理想变压器，下列说法正确 的是( ) 用 户 A.当磁场与线圈平行时，感应电动势为零 B.发电机输出电压的有效值为450V C.输电线上的电流为25√2A D.降压变压器原、副线圈的匝数比 为170：11 7.(2025山东淄博一模)（多选）如图所示为通 过远距离输电方式给新能源汽车充电桩供电 的示意图，两变压器均为理想变压器，升压变 压器T1和降压变压器T2的原、副线圈匝数 分层 基础题组 1.(2025山东济南一模)如图所示，电路中四 个灯泡完全相同，其中两个灯泡与理想变压 器的原线圈串联接在交流电源上，另外两个 灯泡并联接在副线圈的两端。若四个灯泡 都正常发光，则交流电源的电压与副线圈两 端的电压之比为( A.2:1 B.3:1 C.4:1 D.6:1 2.新题型(2025山东菏泽一模)（多选）如图 甲所示的交流发电机产生的感应电动势如 图乙所示，通过自耦变压器给一电阻R供 电，不计发电机内阻。下列说法正确的 是() 0专题13交变电流 比分别为m1:2=1:16、%3:n4=78:5,输 电线总电阻为r=2Ω。在T的原线圈两 端接入一电压为u=250√2sin100πt(V)的 交流电。不考虑其他因素的影响，下列说法 正确的是( ) 充 电 电 桩 A.充电桩上交流电的周期为0.01s B.当充电桩使用个数增多时，T2的输出电 压减小 C.当T1的输入功率为200kW时，输电线 上损失的电功率为5×104W D.当T1的输入功率为200kW时，T2的输 出电压有效值为250V 闯关 te/v 0 0.050.o.1502t/s 12 甲 乙 A.通过电阻R的电流方向每秒钟改变 10次 B.改变滑片P的位置可以使电压表的示数 为12V C.t=0.05s时发电机线圈平面与磁场方向 平行 D.自耦变压器滑片P向上滑动时，电阻R 热功率增大 3.(2024山东烟台二模)（多选）某实验小组利 用如图所示的电路模拟研究远距离输电。 图中交流电源电压为U=6V,定值电阻为 R=202,小灯泡L的规格为“6V3.6W”, 接通电路调节两个变压器，使小灯泡始终以 199 实战册 实战高考·物理 额定功率工作，此时理想变压器T原、副线 圈的匝数比为=，理想变压器T2原、副 线圈的匝数比为=2。则下列说法正确 的是( ) R L T A.k1和2的乘积小于1 B.1越大电路的输电效率越高 C.若2=6，则R上消耗的功率为0.2W D.若k2=6,则变压器T1的输出电压为 38V 4.(2025山东潍坊一模)（多选）如图所示，N 匝矩形线圈abcd置于磁感应强度为B的匀 强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，线圈 的面积为S,bc边与磁场右边界重合，线圈 以bc边为轴逆时针（俯视）匀速转动的周期 为T。t=0时刻，线圈从图示位置开始转 动，下列说法正确的是( ) B 0 ××× A.0时刻感应电动势为零 B.一个周期内线圈中电流方向不发生变化 C.= 否时刻，穿过线圈的磁道量中 V3NBS 2 D.此线圈产生交变电流电动势的有效值E =VπBS T 5.新题型(2024山东东营一模)（多选）某节能 环保风力发电演示系统由风力发电机、升压 200 变压器和用户三部分构成，简易示意图如 下。t=0时刻，发电机线圈所在平面与磁场 方向垂直，风轮机叶片通过升速齿轮箱带动 发电机线圈以恒定的转速n转动，已知发电 机线圈面积S=0.01m,匝数为N=100匝， 内阻不计；匀强磁场的磁感应强度为B= T。理想变压器原、副线圈的匝数比为 10 m1:2=1:4。在用户部分电路中电表均 为理想电表，D为理想二极管，定值电阻R =42、R2=42,若电压表的示数为2= 40V,则( 风力发电机 升压变压器 用户 齿轮箱 R B A A.发电机线圈的转速n=100r/s B.原线圈输入的功率为600W C.电阻R1、R2上消耗的电功率之比为2：1 D.电流表的示数为5A 6.(2025山东德州开学考)如图所示，发电机 的矩形线圈长为2L,宽为L,匝数为N,放 置在磁感应强度大小为B的匀强磁场中。 理想变压器的原、副线圈匝数分别为o、1 和2，原线圈接有定值电阻R,两个副线圈 分别接有滑动变阻器R1(调节范围比较大) 和定值电阻R2。滑动变阻器的滑片开始处 在中间位置，开关S闭合，当发电机线圈以角 速度ω匀速转动时，理想电流表读数为I,不 计线圈电阻。下列说法正确的是( A通过电阻R的电流为I 72o B.电阻R消耗的功率为IPR 4nR2 C.m与M的比值为2VBLu IR D.断开S,当滑动变阻器R-（%)R时， R1消耗的功率最大，且最大值 为VBL2 2Ro 7.(2024山东日照二模)（多选）我国能源分布 很不均匀，远距离大容量输电有着特别重要 的意义。远距离高压交流输电的示意图如 图所示，升压变压器、降压变压器均为理想 变压器，降压变压器原、副线圈的匝数比为 ,输电线的总电阻为r。U、I分别表示电压 表V、电流表A的示数，输入电压U。保持 不变。下列说法正确的是( A.若仅闭合开关S,则U减小 B.若仅闭合开关S,则U增大 C.仅增大R2,则U减小 D.仅增大R2,若V的示数变化为△U,A的 示数变化为△1，则兴心 能力题组 8.(2024山东烟台三模)如图所示，理想变压 器原、副线圈匝数比为2：1，输入端A、B接 入电压有效值恒定的交流电源。滑动变阻 器R1最大阻值为40，其滑片P初始位置 在最左端；滑动变阻器R2最大阻值为5Ω， 其滑片P2初始位置在正中间。理想电流表 A1、A2的示数分别为I1、I2,理想电压表V1、 0专题13交变电流 V2示数分别为U1、U2,下列说法正确的 是( ) B。—④ A.P2保持不动，P向右滑动，则U1增大，U2 不变 B.P1保持不动，P2向下滑动，则I1减小，I2 减小 C.P2保持不动，P向右滑动，则R1消耗的 功率一直增大 D.P2保持不动，P向右滑动，则R1消耗的 功率先增大后减小 9.(2024山东聊城三模)如图甲所示，发电机 的矩形线圈在匀强磁场中绕中心转轴匀速 转动，产生的感应电动势如图乙所示，发电 机输出端接理想变压器，理想变压器原、副 线圈匝数比0：%：2=4：1：2，副线圈1 接额定电压为4V的小灯泡，副线圈2连接 定值电阻R。开关S断开时，小灯泡正常发 光，理想电流表的示数为1A。开关S闭合 后，调整矩形线圈的转速为原来的1.2倍，小 灯泡仍正常发光。下列说法正确的是() 甲 +e 20,J2 10.2 0 0.5 11.5/2t10-28 -20/2 201 实战册 实战高考·物理 A.t=0时，线圈平面与磁场方向夹角为30° B.矩形线圈的电阻为20Ω C.图乙中瞬时感应电动势e随时间t的变 化关系为e=20V2sin(100πt+否)(V) D.开关S闭合后，发电机的总功率为开关S 闭合前发电机，总功率的1.2倍 10.(2024山东山师附中三模)“西电东送”是我 国实现经济跨区域可持续快速发展的重要 保证，如图为模拟远距离输电的部分测试电 路。恒压交流电源、阻值为2Ω的定值电阻 R和理想变压器相连。变压器原、副线圈 匝数比为1：3，电压表和电流表均为理想 交流电表，R2是热敏电阻，其阻值随温度的 升高而减小。下列说法正确的是( ) L A.环境温度升高时，电流表A示数减小， 灯泡L变暗 B.环境温度降低时，电流表A2示数减小， 电源输出功率变大 C.电压表示数变化△U和电流表A2示数 变化△I2的关系为 △U △I2 =62 D.电压表示数变化△U和电流表A2示数 变化△I2的关系为 △U △I2 =182 培优题组 11.(2024山东威海二模)如图所示，理想变压 器a、b两端接入一内阻不计的稳压电源， 电阻r=42,R=252,电压表、电流表均 为理想电表，原线圈匝数=800匝，副线 圈匝数2通过滑动触头P可调。当P向 上滑动时，电压表示数变化量的绝对值为 202 △U,电流表示数变化量的绝对值为△I,下 列说法正确的是( A ao bo A.电流表示数减小 B.变大 △I C.电阻R上消耗的功率一定变大 D.当2=2000匝时，变压器的输出功率 最大 12.(2024山东名校联盟二模)如图所示，N匝 边长为L、电阻为R的正方形线框，绕OO 轴以角速度ω匀速转动，OO为中轴线，其 左侧存在磁感应强度大小为B、方向垂直 于纸面向里的匀强磁场，线框通过电刷与 阻值为3R的定值电阻和可变变压器相 连，副线圈接有阻值为R的定值电阻，原 线圈和副线圈初始接入电路的匝数比为 3：1,副线圈的总匝数与原线圈的匝数相 等。下列说法正确的是( ) 3R A A线框从图示转过60°时，电动势的瞬时 值为号NBLw B.交流电压表的示数为9,2NBLu 26 C.原、副线圈的匝数比为2：1时，电流表 和电压表示数的乘积最大 D.滑动触头P向上移动时，电源的输出功 率先变大后变小 13.(2024山东青岛二模)（多选）如图所示，理 想变压器原、副线圈匝数比为3：1，原线 圈中接有定值电阻R1,副线圈接有定值电 阻R2和滑动变阻器R。已知R1·R2 9：1,a、b两端接一正弦式交流电，当滑动 变阻器R的滑片向左滑动的过程中，下列 说法正确的是( R A.电流表A的示数变小 B.电压表V的示数保持不变 C.变压器的输出功率先增大后减小 D.电压表示数变化与电流表示数变化的 比值会盟不变 14.(2024山东济宁三模)除颤仪是用于突发 心室纤颤等心脏疾病的急救医疗设备，某 他省考什公 高考全 真题精练 1.(2025云南，8,6分)（多选）电动汽车充电桩 的供电变压器（视为理想变压器）示意图如 图所示。变压器原线圈的匝数为1，输入电 压U1=1.1kV;两副线圈的匝数分别为2 和3，输出电压U2=U3=220V。当I、Ⅱ 区充电桩同时工作时，两副线圈的输出功率 分别为7.0kW和3.5kW,下列说法正确 的是( I区充电桩 03 Ⅱ区充电桩 0专题13交变电流 型号除颤仪电路原理如图所示。某次调试 时，除颤仪接在220V交流电源上，交流电 压表示数为20V,电容器充电完毕，开关 由“1”掷向“2”，放电电流平均值为2.8A, 放电时间约为10一2s,已知电容器电容为 2.0×10-5F。下列说法正确的是( 自 耦 压 220V 压 器 A.自耦变压器的原、副线圈匝数比 为10：1 B.充电完毕后电容器两端的电压为 2800V C.升压变压器原、副线圈的匝数比约 为1：50 D.若去掉二极管，该除颤仪仍可正常 工作 国视野 答案：P521 A.n1:2=5:1 B.m1:%=1:5 C.变压器的输入功率为10.5kW D.两副线圈输出电压最大值均为220V 2.(2025河北，6,4分)2024年底，世界装机容 量最大的抽水蓄能电站一河北丰宁抽水 蓄能电站全面投产发电。如图，若该电站 通过理想变压器调节输出电压U2时，输入 电压U1保持不变。已知副线圈总匝数为 n,分接头1、2间和2、3间的线圈匝数m12 ==0,开关S接3时输出电压的瞬时 值=msin wt,.则S接2时2-t的图像 为() 203