专题2 山东新高考全练&考点闯关(实战册)-【实战高考】2026年高考物理总复习（山东专版）

专题2 相互作用 过去考什公 山东新高考全练 答案：P419 年份 考点 题型 题号 分值 难易度 2025年 无 / 2024年 考点1常见的三种力 力的合成和分解 单选 2 3 易 2023年 考点2受力分析 共点力的平衡 单选 2 3 易 2022年 无 / / 2021年 无 / 2020年 考点2受力分析 共点力的平衡 单选 8 3 易 1.(2024山东，2,3分)如 根弹簧的劲度系数为( 图所示，国产人形机器 A.10 N/m B.100N/m 人“天工”能平稳通过 C.200 N/m D.300N/m 斜坡。若它可以在倾 3.(2020山东，8,3分)如图所示，一轻质光滑 角不大于30°的斜坡上稳定地站立和行走， 定滑轮固定在倾斜木板上，质量分别为m 且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则它的脚 和2m的物块A、B,通过不可伸长的轻绳跨 和斜面间的动摩擦因数不能小于( ) 过滑轮连接，A、B间的接触面和轻绳均与 A克 B号 c n号 木板平行。A与B间、B与木板间的动摩擦 因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦 2.(2023山东，2,3分)餐厅暖 力。当木板与水平面的夹角为45°时，物块 盘车的储盘装置示意图如图 A、B刚好要滑动，则μ的值为( 所示，三根完全相同的弹簧 等间距竖直悬挂在水平固定 圆环上，下端连接托盘。托 盘上叠放若干相同的盘子，取走一个盘子， 稳定后余下的正好升高补平。已知单个盘 人45o LLVEE2KA7777R77777777777777777777777777777 子的质量为300g,相邻两盘间距1.0cm,g 取10m/s2。弹簧始终在弹性限度内，则每 C. 将来考什公 山东模拟专练 答案：P419 考点闯关) 考点①常见的三种力力的合成和分解 的两根固定的竖直杆间有一根晾衣绳，晾衣 【题型1】晾衣绳模型 绳两端等高，长度为14m且不可伸长。将 1.(2024山东泰安三模)（多选）间距为10m 一件衣服通过晾衣架挂在晾衣绳上，衣架能 15 实战 实战高考·物理 沿晾衣绳自由滑动，衣架挂钩和晾衣绳之间 态，若对C端施加一水平向左的力F,则下 的摩擦力忽略不计。无风时，衣服和衣架的 列说法正确的是( 悬挂点刚好位于晾衣绳的中间位置，如图甲 所示；有风时，有水平向右的风作用在衣服 上，稳定后衣架悬挂点两侧的晾衣绳刚好垂 直，如图乙所示。已知衣服和衣架的总质量 为1.4kg,重力加速度g取10m/s2,风对 晾衣绳的作用力忽略不计，则下列说法正确 A.轻杆AC中的弹力一定增大 的是( B.轻杆AC中的弹力一定减小 C.轻杆BC中的弹力一定增大 D.轻杆BC中的弹力可能减小 考点②受力分析共点力的平衡 【题型1】动态平衡问题 A.无风时，晾衣绳中的拉力大小为7N 4.(2024山东烟台、菏泽期末)一竖直放置的 B.有风时，晾衣绳中的拉力大小为10N 轻质圆环静止于水平面上，质量为m的物 C.有风时，风对衣服的作用力大小为2N 体用轻绳系于圆环边缘上的A、B两点，结 D.有风时，晾衣绳对衣架的作用力大小为 点恰位于圆环的圆心O点。已知物体静止 12N 时，AO绳水平，BO绳与AO绳的夹角为 【题型2】摩擦力的突变问题 150°。现使圆环沿顺时针方向缓慢滚动，在 2.(2024山东聊城期中)如图所示，物体A、B、 AO绳由水平转动至竖直的过程中() C叠放在水平桌面上，水平向右的力F作用 (已知重力加速度为g) 于物体A上，使A、B、C以相同的速度向右 匀速运动，下列说法正确的是( ) B 7771/7777777777777 77777777777777777777777777 A.物体A受到的摩擦力向右 A,AO绳中的拉力一直增大 B.物体B受到两个摩擦力作用 B.AO绳中的最大拉力为2mg C.物体C受到的摩擦力向右 C.BO绳中的拉力先减小后增大 D.不知物体B与水平桌面间是否光滑，无 D.BO绳中的最小拉力为mg 法判断B与水平桌面间是否存在摩擦力 5.(2025山东日照一模)如图所示，水平地面 【题型3】活结、死结、动杆、定杆模型 上固定着一个竖直圆形轨道，圆心为O,轨 3.(2024山东聊城三模)如图所示，轻杆AC和 道内壁光滑。轨道内放置一个质量为m的 轻杆BC的一端用光滑铰链连接在C点，另 小球，在水平拉力F的作用下静止在轨道 一端分别用光滑铰链固定在竖直墙壁上，将 内侧A点，AO连线与竖直方向的夹角0= ,物块通过细线连接在C点并保持静止状 30°，轨道对小球的支持力大小为F,重力 16 0专题2相互作用 加速度为g。改变拉力F,小球始终静止在 增大到90°的过程中( A点。下列说法正确的是( 777777777777977777777777777 A A拉力F一直增大 B.拉力F先减小后增大 A.将拉力F逆时针缓慢旋转45°的过程中， C.0=30时，拉力F最大 下F的最小值为号g D.拉力F的最小值为mg 【题型3】整体法与隔离法的应用 B.将拉力F逆时针缓慢旋转45°的过程中， 7.(2024山东泰安一模)某悬索桥的简化模型 F、的最小值为(W3-1)mg 如下：桥面由分列桥面两边的六对等距离钢 C.将拉力F顺时针缓慢旋转45°的过程中， 杆悬吊，钢杆上端挂在两根钢缆上。如图所 F先减小后增大 示为其侧面图，两端钢缆CM、PN与水平方 D.将拉力F顺时针缓慢旋转45°的过程中， 向的夹角均为0=37°，若每根钢杆承受拉力 FN的最小值为2mg 相同，桥面总质量为，钢杆、钢缆自重不 【题型2】平衡中的临界、极值问题 计，重力加速度为g(sin37°=0.6，cos37°= 6.(2024山东日照二模)粗糙的半圆柱体固定 0.8),则钢缆BC中的拉力大小为() 在水平地面上，截面如图所示。质量为m M N 的小物块在拉力F的作用下，从半圆柱体 37C P 379 的底端缓慢向上滑动。已知拉力F的方向 A D C B' A'D'E 始终与小物块的运动方向相同（与圆弧相 切)，小物块与半圆柱体表面的动摩擦因数 B. 3mg 为，重力加速度大小为8。若小物块和圆 C.n 1 D.3mg 心的连线与水平方向的夹角为0，在0从0 分层闯关 基础题组 两条平行的轨道PQ和MN,它们与水平地 1.(2025山东烟台期 面的夹角0=30°，装卸工在车上将一根质量 末)运木材的汽车在 为m、半径为R的圆柱形木材推上导轨后， 卸下木材时用两根 由静止自由释放，木材能够沿着轨道下滑， 细圆木作为导轨将 P 已知轨道PQ和MN的间距为R,木材与 木材卸下，如图所 细圆木轨道间的动摩擦因数为μ=0.2，重 示，两根细圆木的一端P、M分别固定在地 力加速度为g,则木材下滑的加速度大小 面上，另一端Q、N分别固定在车上，构成 为(Q实战册参考答案及解析 间间隔为To=5T。 (4)t+五 (5)不正确，理由见解析 (2)根据2一1=2·△，得△x=2。,则BC段的距 2 解析(1)为了减小空气阻力的影响，应该选用密度较大的 离0=1十△虹=2十西，B,点经过小孔时的速度大小为 小球，乒兵球不合适；为了使小球落地的撞击声清晰，橡 2 胶球不合适。故选A。 =x0十x1=22十3x1 (2)刻度尺的分度值为1mm,需估读到分度值的下一位， 2T0 20T 由题图乙可知h=61.20cm。 3)根据x2一=2gT6,可得g=271=09 50T2 .1 (3)根据h=2g2,可得2h=g2,故在2h-t2图像中图线 3(1)0.27(2)偏大(3)匀减速直线a-100kd 的斜率表示重力加速度g,则根据图线可得g= 断1)根据逐差法，利月△x=aT,T=5×子-0.1s: 3.25-0.50m/g2≈9.48m/s2。 0.35-0.06 求得加速度为a=（十2）十4）=8.125m/s2,根 42 (4)钢尺的击打声传播到手机的时间为1=么，则小球下 据牛顿第二定律有mgsin0十mgcos0-ma,代入数据解 得≈0.27。 落的时间为=t计白=t计么。 (2)计算时频率大了，根据公式T=5X子，可知周期变小 (5)设木条厚度为H,根据h十H=司g2,可得2h=g2- 了，代入a=四十)二（十x),求得的加速度偏大，从 2H,则2h-t2图像的斜率仍表示重力加速度，即未考虑木 4T2 条厚度时，用图像法计算的重力加速度g没有偏差。 而动摩擦因数的测量值偏大。 ⑤(1)2.502.50(2)1.25 (3)纸带剪开贴好后，水平方向每条纸带宽度相同，与时 解析(1)由图乙可知，00.1s内小车的位移为=2.10cm, 间对应，竖直长度为相邻相等时间内的位移，由△x= 0.1~0.2s内小车的位移为x2=(6.70-2.10)cm=460cm, aT2,可得纸带长度差相等，变化规律恰好与速度一样，可 0.20.3s内小车的位移为23=(13.80-6.70)cm=7.10cm, 看出速度均匀减小，则该木块做匀减速直线运动，由△x 小车在相邻相等的0.1s时间内的位移差为△x=3一x2= =aTP,△x=d,联立可得a=g=100kd。 x2-m=2.50cm,根据△x=aT2,可得a=2.50m/s2。 T2 (2)如果小车的质量为500g,则恒力F的大小为F=ma= 4(1)A(2)61.20(3)9.48(9.48~9.59均可) 1.25N。 专题2 相互作用 山东新高考全练 ①B解析根据题意可知，机器人“天工”它可以在倾角 3C解析根据题意分析可知，物块A、B刚好要滑动 不大于30°的斜坡上稳定地站立和行走，对“天工”分析有 时，物体A相对物体B向上滑动，设绳子拉力为F,对A mgsin30≤mngcos30°，可得≥tan30°= 3,故选B。 受力分析，由平衡条件得F=mgsin45°十mgcos45°，物 体B相对斜面向下滑动，对B受力分析，由平衡条件得 2B解析由题知，取走一个盘子，稳定后余下的正好升 2 ngsin45°=F+mgcos45°+μ(2m+m)gcos45°，联立 高补平，说明一个盘子的重力可以使弹簧发生形变的形变 解得μ= 1 量等于相邻两盘间距，则有mg=3·kx,解得=l00N/m, ，故C正确，A,B,D错误。故选C。 故选B。 山东模拟专练 考点闯关) 为L2,则有L十L3=102m2,L1+L2=14m,解得L1= ①BC解析无风时，设悬挂点两侧的晾衣绳与竖直方向 8m,L2=6m,设左侧晾衣绳与竖直方向的夹角为，右 的夹角为0，由几何关系可知sim0-号，c0s0=25,对悬 侧晾衣绳与竖直方向的夹角为2，由几何关系可知sin凸 7 =0.8,sin2=0.6,设此时绳上的拉力大小为T,对悬挂 挂点交力分折，有2Ts0=mg,解得T铝5NA错 点受力分析，竖直方向有T'cos 0十Tcos2=mg,解得 误；有风时，设悬挂点左侧的晾衣绳长度为L1,右侧长度 T=l0N,B正确；水平方向有T'sinh=T'sin2+F,解 419 答案册 实战高考·物理 得F=2N,C正确；衣服和衣架稳定后，晾衣绳对其作用 sin(180°30°-45)，解得Fin=(W3-1)mg,故A错 mg 力大小等于其重力和风力的夫量和，则FT= 误，B正确； √F2+m2g2=10√2N,D错误。故选B、C。 2B解析A、B、C以相同的速度向右匀速运动，则A、 B、C处于平衡状态，对A根据平衡条件可知，物体A受到 的摩擦力向左，故A错误：对C受力分析，假设C受到摩 擦力的作用，在水平方向无法找到另一个力与之平衡，故 假设错误，所以物体C不受摩擦力，故C错误；由上述分 mg 析可知，物体A受到物体B向左的摩擦力，则物体B受到 mg 甲 物体A向右的摩擦力，对物体B根据平衡条件可知，物体 B受到地面向左的摩擦力，物体B受到两个摩擦力作用， 将拉力F顺时针缓慢旋转45°的过程中，如图乙所示，则 故B正确，D错误。故选B。 拉力F、都在增大，FN的最小值为m-o0= ③C解析对C点受力分析，如图所示， 2 3mg,故C、D错误。故选B。 ⑥C解析由于小物块缓慢移动，可看作是平衡状态，对 小物块受力分析，由平衡条件可得F=mgcos0十mgsin0 mg g(停sn0叶cos0）,由教学知识可知号sin0叶os0= =mg 3 由三角形定则可知，重力mg、AC的拉力TAc以及BC的 √写+1sin0叶p,其中tamg=-3,得p=吾，即F 1 支持力T组成封闭的三角形；加水平力F且C,点仍平 3 衡，则此时四个力组成封闭的四边形，TC和重力g方 向不变，TAC方向仍与原来平行，则随F的增大，TC一定 gsin(0叶5)，所以在0从0增大到90°的过程中，F 23 增大，TAC先减小，当减小至零后反向增大。故选C。 先增大后减小，故A、B错误；当0=30°时，sin(0十p)=1, ④B解析物体始终保持静止，所受合力为零，由于重力 不变，F1和F2夹角a=150°不变，则B=30°，则mg、F、 拉力F爱大，Fm=2,mg,故C正确；当9=60时，拉力 F2构成封闭的失量三角形，如图所示， F最小，Rm-号mg,故D错误。故选C ⑦A解析以桥面和CP间的钢杆、钢缆整体为研究对 象，其受力分析如图所示， 2TMC 2TPN ..37￥37. 可知在AO绳由水平转动至竖直的过程中，AO绳中的拉 力先增大后减小，BO绳中的拉力一直减小，故A、C错误； mg 当F1过直径时有最大值，AO绳中最大拉力为F1= 由对称性可知TMc=Tpv,由平衡条件可得4 TMC sin37 sin30=2mg,故B正确；在A0绳竖直时，B0绳中拉力 mg =mg,解得Tc=是mg,由题意可知，每根钢杆承受拉力 5 最小，为零，故D错误。故选B。 相同，因此每根锅杆的拉力为2g,对C点交力分析，如 ⑤B解析将拉力F逆时针缓慢旋转45°的过程中，小球 图所示， 若能静止在A点，根据三角形定则，画出小球的受力变化 G、Tc 情况，如图甲所示，由图可以看出，F先变小后变大，当F 与FN垂直时拉力最小，为Fmin=mgsin30=2mg,FN H 直减小，根据正弦定理可知，最小值为 K 420 Q实战册参考答案及解析 由力的平衡条件可知，钢缆MC的拉力TMC与钢杆CC'的 ⑤BC解析悬臂PM与竖直方向的夹角缓慢减小时，混 拉力Tac'的合力大小等于钢缆BC的拉力TC,由几何关 凝土板受力平衡，有拉力F=mg,由牛顿第三定律可知钢 系可知，CJ线段表示Tg=Tcc0s0=昌mg X cos37°- 索受到的拉力保持不变，故A错误；对整体受力分析，水 平方向不受外力，吊车不受地面的摩擦力，由牛顿第三定 mg,GH线段表示TCH=Tac'=立mg,G线段表示 1 律可知吊车对地面的摩擦力始终为零，故B正确；钢索对 定滑轮的作用力为两根钢索的合力，悬臂PM与竖直方 Ta=Tcs如0=是ng×sn37r= 4mg,则由直角三角 向的夹角缓慢减小时，两力大小不变，夹角变小，所以合 形CHJ可得Tc=TCH=√T十T% 力逐渐变大，即钢索对定滑轮的作用力逐渐变大，故C正 确：若四条绳增加相同的长度，由几何知识可知绳子与竖 V(mgg)+(传g-有 =6mg,故选A。 直方向夹角变小，根据Tc0s0=4mg,可知四条绳受到的 分层闯关) 拉力均变小，故D错误。故选B、C。 ①A解析作出木材垂直于杆的平面内的受力示意图， ⑥C解析根据题意可知，小球缓慢地由B向A运动， 如图所示， 则水平拉力F向左，设某时刻小球与圆心的连线与水平 方向的夹角为日，对小球受力分析，如图所示，则有F= N=品。小球缓侵地由B向A运动过程中，0由 mg 0逐渐增大至90°，则sin0和tan0均增大，所以F减小， mg FN减小。故选C。 根据题意，两直杆间的距离与圆柱形半径相同，则α= 60°，在沿杆的方向有mgsin0-2f=ma,垂直于杆的方向 .3 有2Ncos号=mgc0s0,又有f-N,代入数据解得a=0g, 故选A。 B 2C解析将N从M中缓慢拉出，则N处于平衡状态， ⑦C解析对物块A受力分析，根据平衡条件可得，轻 F 榫卵结构有4个接触面，则4N=F,解得μ=4，故 绳的拉力F=mAg=12N,对B、C整体受力分析，根据平 衡条件可得，水平方向上，地面对C的摩擦力与轻绳在水 选C。 平方向的分力平衡，即f地面=Fcos0=9.6N,A错误；对 3A解桐设结，点O在三角形ABC平面的投影为O1, B受力分析，可得fcB十nBg sin37°=F,解得fc=6N, 根据题意和几何关系知O到A、B、C三点的距离都相 B错误；剪断轻绳，B受到的最大静摩擦力∫max= 等，为2c0s30° 仁3,00与三根轻绳间的夫角都相同 mBg cos37°=6.4N>mBg sin37°=6N,故物块B静止 √3L 在斜面上，此时受到的摩擦力为fB=mBgsin37°=6N,D 设为0，则tan0= 3 错误；剪断轻绳，因B静止在斜面上，对B、C整体受力分 -=√3，故0=60°，对结点O,根据平衡 析，水平方向整体不受外力，故地面对C的摩擦力大小为 条件有mg=3Tcos60°，解得AO绳中的张力为T= 0N,C正确。故选C。 ⑧B解析对杆和小球组成的系统进行受力分析，如图 2 3mg,故选A。 所示， ④B解析由于小球、凹槽整体的重力不变，与跷跷板的 作用力等大、反向，则跷跷板对凹槽的作用力不变，故A 30° 错误；小球所在处的凹槽切线总是水平的，则小球对凹槽 的压力大小始终等于小球的重力g,故B正确；将小球 跟凹槽视为整体，开始时恰好静止，根据受力平衡可知， 跷跷板对凹槽的支持力大小为FN=(m十M)gcos37°= mg 0.8(m十M0g,跷跷板对凹槽的摩擦力大小为f=(m十 30° M0gsin37°=0.6(m十MDg,故C、D错误。故选B。 设左侧斜面对杆AB支持力的大小为NA,由平衡条件有 421