专题1 高考全国视野(实战册)-【实战高考】2026年高考物理总复习（山东专版）

实战 实战高考·物理 体间的动摩擦因数u=0.5,拉力大小F= 15N,与斜面夹角为37°斜向上，重力加速 度g大小取10m/s2,sin37°=0.6，cos37° =0.8。求： 37°. 37 7777 他省考什公 高考全 真题精练 1.(2025安徽，4,4分)汽车由静止开始沿直线 从甲站开往乙站，先做加速度大小为a的匀 加速运动，位移大小为x;接着在t时间内做 匀速运动；最后做加速度大小也为a的匀减 速运动，到达乙站时速度恰好为0。已知 甲、乙两站之间的距离为8x,则() A-8at B.x-Ioae C.x-gap D.x-jal 2.(2025广西，3,4分)某位同学观察火车进 站，火车由初速度为36km/h,降速到停下， 火车的运动看作匀减速直线运动，火车降速 运动过程，此同学的脉搏跳动了70下，已知 该同学每分钟脉搏跳动60下，则火车共行 驶距离约为() A.216m B.350m C.600m D.700m 3.(2024新课标，1,3分)一质点做直线运动， 下列描述其位移x或速度v随时间t变化 的图像中，可能正确的是() A 8 (1)小物块沿斜面向上运动的位移大小。 (2)小物块再次返回斜面底端的速度大小。 国视野 答案：P417 D 4.(2025云南，6,4分)如图所示，质量为m的 滑块（视为质点）与水平面上MN段的动摩 擦因数为1，与其余部分的动摩擦因数为 ,且>？。第一次，滑块从I位置以速 度向右滑动，通过MN段后停在水平面 上的某一位置，整个运动过程中，滑块的位 移大小为x,所用时间为1；第二次，滑块从 Ⅱ位置以相同速度o向右滑动，通过MN 段后停在水平面上的另一位置，整个运动过 程中，滑块的位移大小为x2,所用时间为t2。 忽略空气阻力，则( Vo A.t<t B.t>t2 C.x>x2 D.x< 5.(2025黑吉辽蒙，10,6分)（多选）如图1，倾 角为0的足够长斜面放置在粗糙水平面上。 质量相等的小物块甲、乙同时以初速度 沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分 别为1、2，整个过程中斜面相对地面静止。 甲和乙的位置x与时间t关系的曲线如图2 所示，两条曲线均为抛物线，乙的x-t曲线在 t=to时切线斜率为0，则( 1甲 甲四之 to t 图1 图2 A.uuz=2tan 0 B.t=to时，甲的速度大小为3o C.t=之前，地面对斜面的摩擦力方向向左 D.t=6之后，地面对斜面的摩擦力方向向左 6.(2024江西，3,4分)某物体位置随时间变化 的关系为x=1+2t+3,则关于其速度与 1s内的位移大小，下列说法正确的是() A.速度是刻画物体位置变化快慢的物理 量，1s内的位移大小为6m B.速度是刻画物体位移变化快慢的物理 量，1s内的位移大小为6m C.速度是刻画物体位置变化快慢的物理 量，1s内的位移大小为5m D.速度是刻画物体位移变化快慢的物理 量，1s内的位移大小为5m 7.(2024河北，3,4分)篮球比赛前，常通过观 察篮球从一定高度由静止下落后的反弹情 况判断篮球的弹性。某同学拍摄了该过程， 并得出了篮球运动的v-t图像，如图所示。 图像中的a、b、c、d四点对应篮球位置最高 的是( ) Twl/m·s) 5 t/s 0专题1直线运动 A.a点B.b点 C.c点 D.d点 8.(2024湖南，10,5分)（多选）如图所示，光滑 水平面内建立直角坐标系xOy。A、B两小 球同时从O点出发，A球速度大小为1，方 向沿x轴正方向，B球速度大小为2= 2m/s、方向与x轴正方向夹角为0。坐标 系第一象限中有一个挡板L,与x轴夹角为 α。B球与挡板L发生碰撞，碰后B球速度 大小变为1m/s,碰撞前后B球的速度方向 与挡板L法线的夹角相同，且分别位于法线 两侧。不计碰撞时间和空气阻力，若A、B 两小球能相遇，下列说法正确的是( B OTA 2 A.若0=15°，则的最大值为√2m/s,且a =15° B若9=15，则的最大值为号3m/s,且 a=0° C.若0=30，则的最大值为子3m/s,且 a=0° D.若0=30°，则y的最大值为√2m/s,且a =15° 9.(2025福建，14,9分)某运动员训练为直线 运动，其v-t图像如图所示，各阶段图像均 为直线。 2.82m·sy 2.2 2.0 0 44.246.2t/s 9 实战册 实战高考·物理】 (1)0~2s内的平均速度。 (2)44.2~46.2s内的加速度。 (3)44.2~46.2s内的位移。 10.(2024全国甲，24,12分)为抢救病人，一辆 救护车紧急出发，鸣着笛沿水平直路从= 0时由静止开始做匀加速运动，加速度大 小a=2m/s2,在t1=10s时停止加速，开 始做匀速运动，之后某时刻救护车停止鸣 笛，t2=41s时在救护车出发处的人听到 救护车发出的最后的鸣笛声。已知声速 =340m/s,求： (1)救护车匀速运动时的速度大小。 (2)在停止鸣笛时救护车距出发处的距离。 10 模拟精练 1.(2024广东茂名二模)如图所示为小明在竖 直方向上练习蹦床运动的情景。若忽略空 气阻力，用x、v、a、E、t分别表示小明离开蹦 床在空中运动的位移、速度、加速度、机械能 和时间，下列图像正确的是( D 2.(2024江西模拟预测)一质点以某一速度沿 直线做匀速运动，从t=0时刻开始做匀减 速运动，到t=t。时刻速度减为零，然后又做 反向的匀加速运动，减速阶段和加速阶段的 加速度大小相等。在下列质点的位移x与 时间t的关系图像中（其中A图像为抛物线 的一部分，D图像为圆的一部分)，可能正确 的是( ) 2 2 B 3.(2024广东佛山一模)跳板跳水是我国的奥 运强项，从运动员离开跳板开始计时，其t 图像如图所示，图中仅0一t2段为直线，不 计空气阻力，则由图可知( t,t A.0~t段运动员做加速运动 B.0~t2段运动员的加速度保持不变 C.t3时刻运动员刚好接触到水面 D.t3~t4段运动员的加速度逐渐增大 4.(2024辽宁辽阳二模)如图甲所示，从M点 到地面上的N点有I、Ⅱ两条光滑轨道，轨 道I为直线，轨道Ⅱ为M、N两点间的最速 降线，小物块从M点由静止分别沿轨道I、 Ⅱ滑到N点的速率v与时间t关系的图像 如图乙所示。由图可知() 7777 多 A.小物块沿轨道I做匀加速直线运动 B.小物块沿轨道Ⅱ做匀加速曲线运动 C.图乙中两图线与横轴围成的面积相等 D.小物块沿两条轨道下滑的过程中，重力 的平均功率相等 5.(2024湖北模拟预测) 如图新示，在2022年 北京冬奥会高山滑雪 男子大回转比赛中，中 国运动员沿着雪道加速滑下，途经a、b、c、d 四个位置。若将此过程视为匀加速直线运 动，其在ab、bc、cd三段位移内速度的增加 0专题1直线运动 量之比为1：2：1，a、b之间的距离为L1,c、 d之间的距离为L3,则b、c之间的距离L2 为() A.8L 6.a C.L+L3 D.(Ia+la) 6.(2024广东深圳一模)如图所示，长为L= 0.8m,内壁光滑的钢管（顶端开口，下端封 闭)竖直固定放置，A、B两小球的质量分别 为mA=200g,mB=100g,直径略小于钢管 内径，将小球A从管口静止释放并开始计 时，0.2s时在管口由静止释放小球B,已知 小球与管底碰撞后原速率反弹，小球的直径 与钢管长度相比可忽略不计，重力加速度g 取10m/s2,碰撞时间和空气阻力均可忽 略，求： (1)小球A刚落到管底时，小球B的 速度vB的大小。 A (2)A、B两小球相遇的位置距管底 的高度h。 11高考全 真题精练 ①A解析由题意可知，设匀加速直线运动时间为t,匀 速运动的速度为，匀加速直线运动阶段，由位移公式有 x=1,根据逆向思维法，匀减速直线运动阶段的位移等 于匀加速直线运动阶段的位移，则匀速直线运动阶段有 8z-x一x=,联立解得1=台，再根据x=2a,解得 1 x=3a2,放B.CD错误，A正确。故选A。 2B解析初速度w=36km/h=10m/s,末速度v=0, 火车运动的时间为1一8×70s=70s,火车共行驶的距 离x=0,=1020×70m=350m,故选B 2 ③C解析物体做直线运动，位移与时间成函数关系， A、B选项中一个时间对应2个以上的位移，故不可能，故 A、B错误；同理，D选项中一个时间对应2个速度，故不 可能，只有C选项速度与时间成函数关系，故C正确，D 错误。故选C。 ④A解析对两种运动的整个过程根据能量守恒定律 有m6=mgxN十mg(I-xN),2m6 mngxMN十2mg(x2一xMN),可得x1=x2,故C、D错误； 根据牛顿第二定律有mg=ma,可得a=g,由于1> 2,故滑块在MN上时的加速度大，根据前面分析可知两 次运动的总位移相等，即两次运动过程中t图像与横轴 围成的面积相等，由于第二次时滑块到M点的距离较近， 根据公式诟-2=22gx可知，第二次到达M点时速度 较大，作出整个过程中两种运动状态的心t图像，如图所 示，可得t2>t1,故A正确，B错误。故选A。 2 0 46t ⑤AD解析位置x与时间t的图像的斜率表示速度， 甲、乙两个小物块的曲线均为抛物线，则甲做匀加速运 动，乙做匀减速运动，在0一0时间内，甲、乙的位移分别 为x甲=安0=3m2-0士0=0，可得0时刻甲 2 物体的速度为o=20,B错误；甲物体的加速度大小为a叫 =”0,乙物体的加速度大小为a2=,由牛顿第二定 to to ○实战册参考答案及解析 国视野 律可得，对甲物体有mgsin0-mgcos0=ma1,同理对乙 物体有2 mgcos0-mgsin日=ma2,联立可得十2= 2tan日，A正确；设斜面的质量为M,取水平向左为正方 向，水平方向上由牛顿第二定律可得∫=ma1cos0一 ma2cos日=0，则t=to之前，地面和斜面之间摩擦力为零， C错误；t=t0之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿斜面 向下加速，水平方向上由牛顿第二定律可得f=a1cos0, 即地面对斜面的摩擦力向左，D正确。故选A、D。 日C解断根据速度的定义式)一名，可知连度等于位 移与时间的比值。这个定义强调了速度不仅描述物体运 动的快慢，还描述物体运动的方向。因此，速度是刻画物 体位置变化快慢的物理量。再根据物体位置随时间变化 的关系x=1十2t十3t2,可知开始时物体的位置x0=1m, 1s时物体的位置x1=6m,则1s内物体的位移为△x= x1一x0=5m,故选C。 ⑦A解析由图像可知，图像第四象限表示向下运动，速 度为负值。当向下运动到速度最大时篮球与地面接触， 运动发生突变，速度方向变为向上并做匀减速运动。故 第一次反弹后上升至a点，此时速度第一次向上减为零， 到达离地面最高的位置，故四，点中对应篮球位置最高的 是a点。故选A。 ⑧AC解析由于水平面光滑，则两小球均做匀速直线 运动，若A、B两小球能相遇，则运动轨迹图如图所示， 49 90°a+0)月 2a+6」 根播正徐定理有器二号松 (t十t2) 若0=15°，代入数据解得当α=15°时，)取得最大值为 √2m/s,故A正确，B错误；若0=30°，代入数据解得当α= 0时，m取得最大位为号5m/s,故C正确，D错误。故选 A、C。 9(1)2.4m/s,方向与正方向相同 (2)0.1m/s2,方向与正方向相同 (3)4.2m,方向与正方向相同 解析(1)02s内的平均速度-28,20m/s=2.4m/s, 2 方向与正方向相同。 .2.2-2.0 (2)44.2~46.2s内的加速度a-46.2-4.2m/s2- 417 答案册 实战高考·物理 0.1m/s2,方向与正方向相同。 (3)4.2一46.2s内的位移x=?×(2.2+2.0)×(46.2- 44.2)m=4.2m,方向与正方向相同。 10(1)20m/s(2)680m 解析(I)根据匀变速直线运动的速度公式v=a内，可得救 护车匀速运动时的速度大小v=2×10m/s=20m/s。 (2)救护车加速运动过程中的位移1=2a=100m,设在 时刻停止鸣笛，根据题意可得g一)X20m/s十100m 0 t3=t2, 停止鸣笛时救护车距出发处的距离x=x1十(t3一1)X, 解得x=680m. 模拟精练 ①B解析根据题意，由对称性可知，小明上升的时间和 下降的时间相等，取向上为正方向，根据匀变速直线运动 公式可得，小明运动的位移一时间关系式为x=0t 2g2,则工t图像为开口向下的抛物线，故A错误；小明 运动的速度一时间关系式为=0一gt,则)t图像为向 下倾斜的直线，故B正确；小明整个运动过程中只受重力 作用，加速度为重力加速度，不随时间变化，所以a-t图像 为一条与t轴平行的直线，故C错误；同理，小明离开蹦床 后的机械能E不随时间变化，所以Et图像为一条与t轴 平行的直线，故D错误。故选B。 2A解析匀变速直线运动的位移x与时间t的关系图 像是抛物线，由于减速阶段和加速阶段的加速度大小相 等，则第一个0时间内的位移大小与第二个0时间内的 位移大小相等，A正确，B、C、D错误。故选A。 ③B解析由题图可知，0~1段运动员向上做匀减速运 动，选项A错误：根据心t图像斜率表示加速度，可知0 2段运动员的加速度保持不变，选项B正确；由题意可 知，0~2段运动员的加速度为重力加速度，t2时刻运动 实验专 实验①探究小车速度随时间变化的规律 日(2)点开始录制释放小球(3)日 (4)9.50 解析(2)实验过程中，因小球下落速度较快，在将手机相 机调到“慢动作(120FPS)”模式后，应先点开始录制后释 放小球。 (3)120FPS表示120颅每秒，即相邻两桢之间的时间间 隔为20s,则选取困片部分的总时间为1=20×20s= 6s。 418 员刚好接触水面，3时刻运动员速度达到最大，运动员所 受合力为零，故C错误：根据t图像斜率表示加速度，可 知t3~t4段运动员的加速度先增大后减小，故D错误。 故选B。 ④A解析对轨道I分析可知，沿轨道I下滑时合力一 定，做匀加速直线运动，故A正确；对轨道Ⅱ分析可知，沿 轨道Ⅱ下滑时合力的大小、方向都在变化，做变加速曲线 运动，故B错误；图乙速率一时间图像与时间轴围成的面 积表示路程，两条轨道路程不同，则面积不相等，故C错 误；小物块沿两条轨道下滑过程中重力做功相等，但时间 不同，所以重力的平均功率不相等，故D错误。故选A。 ⑤C解析运动员在ab、bc、cd三段位移内速度的增加 量之比为1：2：1，则对应时间之比为1：2：1，有L1= wt+a,L=(w+a）…2+2a(202=2wt+4a2, L=(o十3a）·1+2a=wt+弓a,观察可得L2 L1十L3,故选C。 ⑥(1)2m/s(2)0.35m 解而(1根据题意有L=听，解得4=√ 2L=0.4s, 此时tB=tA-0.2s=0.2s, 则小球A刚落到管底时，小球B的速度B=gtB=2m/s。 (2)根据题意可知，小球A反弹之后做竖直上抛运动，且 反弹时的速度大小为A=gtA=4m/S, 小球A刚落到管底时，小球B下落的高度为hB=)g哈 =0.2m, 设从小球A反弹到两小球相遇的时间为2，则从A球反 弹到两球相遇时，A球的位移h=At2一之g吃， B球的位移h'=0gt2十2g吃， 1 又有L一hB=h十h',联立解得t2-0.1s,h=0.35m。 项训练 1 (4)因为相邻两桢之间的时间间隔为T=1205,可 知实验小组测得的重力加速度值为g= x406-96）-(x96-85）=(38.60-18.60)-(18.60-5,20) (5X2×T2 40X22 ×10-2m/s2=9.50m/s2。 2(1)5T(2)2,31(3)2 20T 50T2 解析(1)根据题意可知，电动机转动的周期为T,在铁条 上连续每5条细线取一计数线，则相邻计数线之间的时