2026年辽宁省沈阳市中考物理冲刺练习卷（二）

**基本信息** 2026年沈阳中考物理冲刺卷以科技前沿（如海市蜃楼、AI数据中心）、文化传承（端午节、敦煌光热电站）及生活实践为情境，融合物理观念、科学思维与探究，适配中考模拟预测需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|9/18|机械运动、声现象、光现象等|以诗句、海市蜃楼等情境考查基础概念| |填空题|6/12|分子运动、内能、电磁学等|结合端午节、高铁安全线等生活场景| |实验探究题|4/24|沸腾实验、伏安法测电阻等|含实验改进（如摩擦力实验）和自制望远镜评价| |综合应用题|3/22|电热水杯、无人机、AI数据中心|融合电路计算、机械功与热学综合，体现科技应用|

2026年辽宁省沈阳市中考物理冲刺卷（二） 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 D A B B B A 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 AD ACD BC 一．选择题（共6小题） 1．【易】以下诗句描写的现象中不属于机械运动的是（　　） A．问君能有几多愁，恰似一江春水向东流 B．飞流直下三千尺，疑是银河落九天 C．两个黄鹏鸣翠柳，一行白鹭上青天 D．人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开 【考点】机械运动的概念．版权所有 【答案】D 【分析】物理学中，机械运动是指一个物体相当于另一个物体位置的改变。 【解答】解：A、江水东流时，江水相对于地面，位置在发生变化，江水东流属于机械运动，所以A不符合题意； B、飞流直下三千尺，相对于地面，水流的位置变化，属于机械运动，所以B不符合题意； C、一行白鹭向上飞行的过程中，相对于大地，它们的位置发生了改变，属于机械运动，所以C不符合题意； D、人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开，不属于机械运动，所以D符合题意。 故选：D。 2．【较易】听到上课铃声响起，同学们迅速返回教室，这是利用声音（　　） A．传递信息 B．传播速度快 C．传递能量 D．能在真空中传播 【考点】声与信息．版权所有 【答案】A 【分析】声音可以传递信息，如超声波探伤，也可以传递能量，如超声波牙刷。 【解答】解：听到上课铃声响起，同学们迅速返回教室，这是利用声音可以传递信息。故A正确，BCD错误。 故选：A。 3．【较易】2026年3月28日下午，河北秦皇岛阿那亚黄金海岸惊现一条罕见的带状海市蜃楼。如图所示的光现象中与“海市蜃楼”的形成原理相同的是（　　） A．对镜画脸谱 B．笔杆“折断” C．树下光斑 D．手影游戏 【考点】光的折射现象．版权所有 【答案】B 【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解：海市蜃楼是光通过密度不均匀的空气时发生折射形成的； A、镜画脸谱属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故不A符合题意； B、笔杆“折断”是由于水中的笔杆反射的光从水中斜射到空气中发生折射形成的，故B符合题意； C、树下光斑是由于光的直线传播形成的，故C不符合题意； D、手影游戏是由于光的直线传播形成的，故D不符合题意。 故选：B。 4．【较易】某校开展了“探索厨房中的物态变化问题”的跨学科实践活动，下列说法正确的是（　　） A．在煮饺子时打开锅盖，看到了“白气”，这是汽化现象 B．从冰箱中拿出的冻肉表面上有白霜，这是凝华现象 C．冻冰块时水在结冰过程中，温度一直下降 D．蒸包子时要避免被蒸锅上方的水蒸气烫伤，因为水蒸气变成同温度的热水汽化吸热 【考点】凝固的概念及现象；液化的概念及现象；凝华的概念及现象．版权所有 【答案】B 【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。 【解答】解：A、煮饺子时打开锅盖看到的“白气”，其实是锅内的水蒸气遇到冷空气液化形成的小水滴，故A选项错误。 B、从冰箱中拿出的冻肉表面的白霜，是空气中的水蒸气遇到温度很低的冻肉，直接从气态凝华为固态的小冰晶，属于凝华现象，故B选项正确。 C、冰是晶体，晶体在凝固过程中（水结冰）会保持温度不变，这个温度就是凝固点（0℃），直到全部凝固成冰后，温度才会继续下降，故C选项错误。 D、水蒸气烫伤比同温度的热水烫伤更严重，是因为水蒸气遇到皮肤时会液化成同温度的水，这个过程会放出大量的热，而不是汽化吸热，故D选项错误。 故选：B。 5．【较易】将纸剪成小鸭子形状，它们的脚用胶水粘在桌面上，用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近“小鸭子”头部，看见“小鸭子”们站起来，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．毛皮摩擦过的橡胶棒因为得到电子而带正电 B．构成物质的分子直径通常用10﹣10m为单位来量度 C．“小鸭子”的脚能粘在桌面上是因为分子间存在斥力 D．“小鸭子”被橡胶棒吸引是因为它们带有同种电荷 【考点】长度的单位及其换算；电荷间的相互作用；摩擦起电的实质．版权所有 【答案】B 【分析】毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电； 分子直径通常用10﹣10m为数量级。 分子间存在相互作用的引力和斥力。 带电体具有吸引轻小物体的性质。 【解答】解：A、毛皮摩擦过的橡胶棒，橡胶棒得到电子，带负电，而不是正电，故A选项错误。 B、构成物质的分子直径非常小，通常用10﹣10m（即纳米量级）作为单位来量度，这是符合实际的，故B选项正确。 C、“小鸭子”的脚能粘在桌面上是因为分子间存在引力，而不是斥力，故C选项错误。 D、“小鸭子”被橡胶棒吸引，是因为带电体有吸引轻小物体的性质，“小鸭子”不一定带电，即使带电，也应该是异种电荷相互吸引，故D选项错误。 故选：B。 6．【较易】牛顿经典力学奠定了经典力学体系，成为近代物理学的基石，它是人类首次对自然规律进行的完整、精确的数学化描述，初中生在学习物理时会发现，生活中各方各面都应用到牛顿经典力学。篮球是学生最喜爱的运动之一，当篮球投出在空中作抛物线运动时，下列说法正确的是（　　） A．当球运动到最高点时没有受到平衡力的作用 B．篮球能持续往前运动，说明受到了向前的作用力 C．投球时，球在空中能进行抛物线运动，是因为篮球受到惯性的作用 D．篮球在空中运动时机械能增加，内能减少 【考点】惯性与力的区别；平衡状态的判断；力与运动的关系；机械能的概念．版权所有 【答案】A 【分析】（1）对球运动到最高点时进行受力分析，根据二力平衡条件判断； （2）（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性； （4）考虑空气和摩擦阻力时，一部分机械能会转化为内能，机械能总和会减少。 【解答】解绑：A．‌当篮球运动到最高点时，在水平方向上仍有一定速度，受到的重力和空气阻力不在同一直线上，不是一对平衡力，所以没有受到平衡力的作用，故A正确； ‌B．篮球能持续往前运动，是因为篮球具有惯性，要保持原来的运动状态不变，不能说明受到了向前的作用力，故B‌错误； ‌C．‌惯性是物体本身的一种属性，不是力，所以不能说“受到惯性的作用”，故C‌错误； ‌D．‌篮球在空中运动时，由于受到空气阻力的作用，会克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减少，内能增加，故D错误。 故选：A。 二．多选题（共3小题） （多选）7．【较易】学习了《生活用电》内容后，洛洛对社区居民的日常用电情况进行了调查，下列行为符合安全用电原则的是（　　） A．用小区智能充电桩给电动车充电 B．手机充电后只拔手机不拔充电器 C．空气开关“跳闸”立即手动复位 D．家里为防止触电安装漏电保护器 【考点】安全用电原则．版权所有 【答案】AD 【分析】（1）用小区智能充电桩给电动车充电符合安全原则； （2）充完电后及时拔下电源； （3）空气开关跳闸后，应检查故障，检查完后再合上开关； （4）漏电保护器可以在火线和零线电流大小不同时自动切断电路。 【解答】解：A、用小区智能充电桩给电动车充电符合安全原则，故A正确； B．充完电后应及时拔下电源，否则容易引发火灾，故B错误； C、空气开关跳闸后，应检查故障，检查完后再合上开关，故C错误； D、安装漏电保护器可以在发生单线触电，火线和零线电流大小不同时自动切断电路，防止触电事故的发生，故D正确。 故选：AD。 （多选）8．【较易】科技在进步，时代在发展，物理改变生活。如图所示，下列关于古老农具和现代科技材料中涉及的物理知识，说法正确的是（　　） A．图甲：石磨选用密度较大的石料来做上层转盘以达到更好的粉碎效果 B．图乙：将稻谷放入谷风车，从谷粒出口下落的谷粒质量会变大 C．图丙：风力发电机的叶片应选用密度小、强度高的碳纤维材料来制作 D．图丁：航天太阳能板衬底材料采用手撕钢是因为其具有质量轻、可折叠的特点 【考点】密度在生产、生活中的应用；质量的概念与特性．版权所有 【答案】ACD 【分析】（1）相同体积时，密度越大，质量越大； （2）质量不随物体位置的改变而改变； （3）体积相同的不同物质，密度越大，质量越大，密度越小，质量越小。 【解答】解：A．相同体积时，密度越大，质量越大，石磨选用密度较大的石料来做上层转盘，在转盘的体积和形状相同时，由ρ可得，会使转盘的质量更大，从而达到更好的粉碎效果，故A正确； B．谷粒本身的质量指的是谷粒内所含物质的多少，质量不随物体位置的改变而改变，即质量是不变的，故B错误； C．风力发电机的叶片外形和体积相同时，风力发电机的叶片选用密度小、强度高的碳纤维材料来制作，可以使风力发电机的叶片质量更小，更容易转动，且稳定性更好，故风力发电机的叶片应选用密度小、强度高的碳纤维材料来制作，故C正确； D．手撕钢具有质量轻、可折叠的特点，航天太阳能板衬底材料采用手撕钢，能够显著减轻质量，有利于整体轻量化设计‌，且便于携带，故D正确。 故选：ACD。 （多选）9．【较难】如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S2。质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。下列说法正确的是（　　） A．木球的密度为 B．木球的密度为 C．剪断细线，待木球漂浮静止后水对容器底的压力变化量为 D．剪断细线，待木球漂浮静止后水对容器底的压力变化量为 【考点】剪断绳子问题．版权所有 【答案】BC 【分析】（1）木球浸没时，此时受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力，根据力的平衡条件，利用阿基米德原理F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρVg即可求出木块的密度。 （2）剪断细线，木块漂浮，根据漂浮条件求出木球所受浮力的变化量，由于浮力减小，排开水的体积减小，求出水面下降的高度，然后利用F＝pS求出压力的变化量。 【解答】解：（1）木球浸没时，其受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和绳子的拉力， 由于木球处于静止状态，受力平衡，根据力的平衡条件可得： F浮＝G+T＝mg+T， 木球浸没时，V排＝V木，则根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得： ρ0gV排＝mg+T， 由ρ可得木球的体积：V木， 所以，ρ0gmg+T， 解得ρ木ρ0；故A错误，B正确； （2）剪断细线，木块漂浮，F浮′＝G＝mg， 则待木球静止后浮力变化量为：ΔF浮＝F浮﹣F浮′＝mg+T﹣mg＝T， 根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得水面下降的高度（容器上部的水面下降）： Δh 则由Δp可得，水对容器底的压力变化量： ΔF＝ΔpS2＝ρ0gΔhS2＝ρ0gS2T，故C正确，D错误。 故选：BC。 三．填空题（共6小题） 10．【较易】端午节是中华文明具有代表性的“文化符号”之一。煮粽子时，厨房里粽叶飘香，这是　扩散　 现象，这是通过　热传递　 的方式使粽子的内能增加。 【考点】扩散现象；热传递改变物体的内能．版权所有 【答案】扩散；热传递。 【分析】（1）改变内能的方式包括做功和热传递； （2）扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。 【解答】解：煮粽子时，粽子吸收热量，内能增大，通过热传递的方式使粽子的内能增加； 能闻到粽子的香味是由于香味分子的无规则运动产生的扩散现象。 故答案为：扩散；热传递。 11．【较易】高铁列车是由大功率电动机驱动的，电动机的工作原理是通电导体在　磁场　 中受到力的作用。如图，高铁站台地面上有一条黄色的安全线，当列车驶过时，列车附近的空气流速大，压强　小　 ，因此乘客候车时要站在线外。 【考点】电动机工作原理；流体压强与流速的关系．版权所有 【答案】磁场；小。 【分析】（1）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。 （2）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。 【解答】解：电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。 当列车驶过时，列车附近的空气流速大，压强小，而人外侧的空气流速小、压强大，会产生一个向列车方向的压强差，容易把人推向列车，所以乘客要站在黄线外。 故答案为：磁场；小。 12．【易】随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装率不断提高。据了解，充电桩输出电压的范围是300﹣600V，峰值功率高达500kW。如图所示，利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的　用电器　 （选填“电源”或“用电器”）；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接　地　 线。 【考点】电路的组成部分．版权所有 【答案】用电器；地。 【分析】（1）电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成； （2）有金属外壳的用电器要接地线。 【解答】解：利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池消耗电能，在电路中相当于电路中的用电器； 充电桩外壳采用铝合金材料，铝合金属于金属，是导体，为了避免触电，当外壳带电时，电流可以通过地线导入大地，从而保障人身安全，所以外壳需连接地线。 故答案为：用电器；地。 13．【中档】已知物体在下落过程中，受到空气阻力的大小只与物体体积和运动速度有关。有两个体积外形相同的球A和B，质量分别为4kg和6kg，系在同一根细绳上（绳子重力不计），从高处释放，经过一段时间后两球一起匀速下降。此时在下方的是　B　 球，绳子对B球的拉力为　10　 N。A球受到空气阻力和绳子拉力的合力方向为　竖直向上　 。 【考点】力的合成与应用．版权所有 【答案】B；10；竖直向上。 【分析】（1）两球一起匀速下降，质量大的在下面，由此分析在下方的物体； （2）以两球组成的系统为研究对象受力分析，求出小球受到的空气阻力；然后以其中一个小球为研究对象受力分析，求出细线的拉力和绳子拉力的合力及方向。 【解答】解：从高处释放，两球体积相同，匀速时受空气阻力相等，由于B球的质量比A球大，B球所受的重力较大，B球运动得较快，下方的是B球。 一段时间后两球一起匀速下降，将A球和B球当成一个整体，该整体受到了竖直向下的总重力和竖直向上的总阻力， 总重力G总＝GA+GB＝4kg×10N/kg+6kg×10N/kg＝100N，且总阻力的大小为f总＝G总＝100N， 受到空气阻力的大小只与物体体积和运动速度有关，两个球的体积相同，运动速度相同，故所受的阻力相同，即， 对B球受力分析，B球受到了竖直向下的重力，竖直向上的空气阻力，竖直向上的拉力，故绳子对B球的拉力为F＝GB﹣f＝6kg×10N/kg﹣50N＝10N， A球受到空气阻力的大小为50N，方向是竖直向上，绳子对B球的拉力等于绳子对A球的拉力，拉力大小为10N，方向是竖直向下，空气的阻力和绳子拉力的合力方向为竖直向上。 故答案为：B；10；竖直向上。 14．【较易】某人在地面上用一个动滑轮和一个定滑轮组成滑轮组提起重300N的货物，人所用的拉力为200N，绳子的自由端被拉下1m，若在此过程中克服绳重和摩擦做了15J的功，则：人用的拉力所做的总功为　200　 J；滑轮组的机械效率　75%　 ；动滑轮重　70　 N。 【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；动滑轮的重力；总功．版权所有 【答案】200；75%；70。 【分析】（1）根据W总＝Fs求出拉力所做的总功； （2）根据题意确定绳子股数，利用s＝nh求出货物上升的高度，根据W有＝Gh求出拉力做的有用功，利用η求出滑轮组的机械效率； （3）根据W动＝G动h求出动滑轮重。 【解答】解：人用的拉力所做的总功为： W总＝Fs＝200N×1m＝200J； 由题意可知，人在地面上用滑轮组向下拉绳子，说明动滑轮上有2股绳子，则货物上升的高度为h0.5m， 拉力做的有用功为： W有＝Gh＝300N×0.5m＝150J， 则滑轮组的机械效率为： ； 在此过程中克服绳重和摩擦做了15J的功，有用功为150J，则动滑轮重为： 。 故答案为：200；75%；70。 15．【较难】如图甲所示，电源电压保持12V不变，R0为定值电阻，电压表量程为0﹣15V，电流表量程为0﹣0.6A。第一次只闭合开关S、S1，将滑片P从B端移动到A端；第二次只闭合开关S、S2，将滑片P从B端逐步向A端移动，直至灯泡L正常发光。根据实验过程中测量的数据，绘制电流表与电压表示数的关系图像如图乙所示。则滑动变阻器的最大阻值为 　20　 Ω，灯泡L的额定电流为 　0.5　 A；整个过程中且电路安全条件下，R0的最大功率可达到 　2.5　 W。 【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的简单计算．版权所有 【答案】20；0.5；2.5。 【分析】（1）只闭合开关S、S1时，灯泡被短路，变阻器R与电阻R0串联，变阻器R与电阻R0串联，电压表测滑片左侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流；电压表在电路中相当于断路，则移动滑片时变阻器始终以最大电阻接入电路，据此分析移动滑片时电流表与电压表示数的变化关系，在图乙中找到对应的图像；根据图像中给的数据，根据欧姆定律计算变阻器的最大电阻、电路的总电阻，由电阻串联的规律求出定值电阻R0的阻值； （2）只闭合开关S、S2时，灯泡、R0和变阻器串联，且滑片右侧电阻丝被电路，电压表测RAP两端的电压，电流表测电路中的电流，由欧姆定律和串联分压的规律分析移动滑片时电流表与电压表示数的变化关系，在图乙中找到对应的图像； 已知电流表量程为0﹣0.6A，由乙图可知此过程中的电流最大为0.5A，说明此时灯泡正常发光，则此电流值即为灯泡的额定电流； （3）由图乙可知整个过程中的最大电流，根据公式P＝I2R计算R0的最大功率。 【解答】解： （1）由图甲可知，只闭合开关S、S1时，灯泡被短路，变阻器R与电阻R0串联，电压表测滑片左侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流； 因电压表在电路中相当于断路，则移动滑片时变阻器始终以最大电阻接入电路，所以电路的总电阻不变，电路中的电流不变，即电流表示数不变，据此可确定此过程对应图乙中的直线图像， 当滑片在B端，变阻器滑片左侧电阻丝的电阻最大，由直线图像可知，此时电压表示数最大为U1＝8V，电路中电流为0.4A， 由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值为：R滑大20Ω； 当滑片在A端时，滑片左侧电阻丝的电阻为0，则此时电压表示数为0V，此时电路中的电流仍为0.4A， 由欧姆定律可得电路的总电阻为：R总30Ω， 根据电阻串联的规律可得R0的阻值：R0＝R总﹣R滑大＝30Ω﹣20Ω＝10Ω； （2）只闭合开关S、S2时，灯泡、R0和变阻器串联，且滑片右侧电阻丝被电路，电压表测RAP两端的电压，电流表测电路中的电流， 将滑片P从B端移动到A端过程中，变阻器接入电路的电阻RAP变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知电流变大，RAP变小时，根据串联电路的分压原理，RAP两端的电压变小，即电压表示数变小，所以此过程对应乙图中的曲线， 已知电流表量程为0﹣0.6A，由乙图可知此过程中电流最大为0.5A，说明电流最大为0.5A时，灯泡L正常发光，故灯泡L的额定电流为0.5A； （3）整个过程中电流最大为0.5A，则R0的最大功率为：P0大＝I大2R0＝（0.5A）2×10Ω＝2.5W。 故答案为：20；0.5；2.5。 四．作图题（共2小题） 16．【较易】按要求作图（请保留作图痕迹） 如图甲为敦煌熔盐塔式光热电站，它通过定日镜（平面镜）把太阳光反射后会聚到吸热塔上来发电，假设太阳在图乙中S点，请作出S发出一束光经平面镜反射后到达吸热塔A点的光路图。 【考点】利用平面镜对称性质完成光路图．版权所有 【答案】 【分析】先根据平面镜成像的特点（物像关于平面镜对称）作出S的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线的反向延长线过S的像点，连接像点与A点，与平面镜的交点为入射点，再完成光路图即可。 【解答】解：先通过平面镜作出发光点S的对称点S′，即为S的像；连接S′A交平面镜于点O，O为入射点，连接SO即为入射光线，OA为反射光线；如图所示： 17．【较易】如图甲所示，在2026年央视春晚节目《武bot》中，机器人武术演员双手持金箍棒，摆出“横扫千军”的起手式，如图甲所示。将金箍棒视为以O点为支点的杠杆，请在图乙中画出动力F的力臂和金箍棒所受重力示意图（A点为重心）。 【考点】重力的示意图；力和力臂的画法．版权所有 【答案】 【分析】力臂的画法：首先确定支点O，然后延长动力的作用线和阻力的作用线（用虚线），再由支点向动力作用线作垂线即力臂； 先确定重力作用点，然后从力作用点表示重力的方向（即竖直向下）。 【解答】解：从支点O作拉力F作用线的垂线段，即为拉力F的力臂l；重力的方向是竖直向下的，从金箍棒的重心A画一条竖直向下的带箭头的有向线段，用G表示，如图所示： 五．实验探究题（共4小题） 18．【中档】沸腾是在特定温度下发生的剧烈汽化现象。某小组组装了如图甲所示的实验装置探究液体在沸腾前后的温度变化特点。 （1）实验仪器应按　自下而上　 的顺序进行安装； （2）实验中，该小组同学仔细观察了水中气泡的变化情况，水温达到90℃后，开始记录实验数据，如下表： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 温度/℃ 90 92 94 96 99 99 99 99 99 气泡情况 少、小 逐渐增多 增多、变大 大量、迅速变大、到水面破裂 实验中观察气泡变化的主要目的是　根据气泡的大小、数量、上升变化，判断水是否已经沸腾　 。分析表格数据可知：当水温达到　99　 ℃时，水开始沸腾。 （3）有同学认为，要绘制“温度﹣时间”图像，应该在实验中用秒表测量时间。但其他同学根据本实验目的和数据内容分析后认为，可以不用秒表。请说明“可以不用秒表”的合理理由：　可以直接用记录的次数代替具体时间　 。 （4）图乙是四种液体的沸腾前后温度随时间变化图像，t0为沸腾开始的时刻。通过对比四幅图像，你能归纳出的两条结论是：①　液体沸腾前吸热，温度升高　 ；②　液体沸腾时吸热，温度保持不变　 。 【考点】探究水沸腾时温度变化的特点；探究水沸腾时实验器材的组装顺序；探究水沸腾实验沸腾前后气泡的状态；探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理．版权所有 【答案】（1）自下而上；（2）根据气泡的大小、数量、上升变化，判断水是否已经沸腾；（3）可直接用记录次数代替时间；（4）①液体沸腾前吸热，温度升高；②液体沸腾时吸热，温度保持不变。 【分析】（1）实验装置有酒精灯、石棉网、烧杯、温度计，必须自下而上组装。 （2）水沸腾前：气泡少、小，上升过程中变小； 水沸腾时：气泡大量产生，上升过程变大，到水面破裂。 核心目的：根据气泡的大小、数量、上升变化，判断水是否已经沸腾。结合表格：液体沸腾时的温度叫沸点。 （3）本实验是每隔相等的1分钟记录一次温度，时间间隔是均匀、固定的； 画温度—时间图像时，横坐标可以直接用记录的次数代替具体时间，不需要用秒表精确测量每一刻时间，所以可以不用秒表。 （4）从液体沸腾温度—时间图像规律总结： ①液体沸腾前，持续吸热，温度不断升高； ②液体沸腾时，持续吸热，温度保持不变（沸点固定）。 【解答】解；（1）实验装置有酒精灯、石棉网、烧杯、温度计。 酒精灯要用外焰加热，必须先确定酒精灯高度；再放石棉网、烧杯；最后固定温度计，保证玻璃泡浸没在水中且不碰容器底和壁，所以必须自下而上组装。 （2）水沸腾前：气泡少、小，上升过程中变小； 水沸腾时：气泡大量产生，上升过程变大，到水面破裂。 核心目的：根据气泡的大小、数量、上升变化，判断水是否已经沸腾（区分沸腾前和沸腾时的不同现象）。 结合表格：温度升到99℃后保持不变，说明水的沸点是99℃，达到这个温度开始沸腾。 （3）本实验是每隔相等的1分钟记录一次温度，时间间隔是均匀、固定的；画温度—时间图像时，横坐标可以直接用记录的次数代替具体时间，不需要用秒表精确测量每一刻时间，所以可以不用秒表。 （4）从液体沸腾温度—时间图像规律总结： ①液体沸腾前，持续吸热，温度不断升高； ②液体沸腾时，持续吸热，温度保持不变（沸点固定）。 故答案为：（1）自下而上；（2）根据气泡的大小、数量、上升变化，判断水是否已经沸腾；（3）可直接用记录次数代替时间；（4）①液体沸腾前吸热，温度升高；②液体沸腾时吸热，温度保持不变。 19．【中档】创新实验小组在做“伏安法测电阻”的实验中，设计并连接了如图甲所示的电路。 （1）该实验的原理是　R　 。 （2）请你用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整，要求滑片向右移动时电流表示数变大。 （3）连好电路闭合开关后，小梦发现电流表无示数，电压表有示数，出现此现象的原因可能是定值电阻R　断路　 。 （4）排除故障后，闭合开关S并移动滑片P、当电压表的示数为2.7V时，电流表的示数如图乙所示，则通过R的电流为　0.3　 A，此次测得Rx的阻值为　9　 Ω。 （5）只用一只电压表和已知阻值的定值电阻R。也可以测出未知电阻Rx的大小，如图丙所示。实验时，只闭合开关S1，电压表的示数为U1；闭合开关　S2 ，电压表的示数为U，则Rx的表达式为Rx＝　　 （用U1、U和R0表示）。 【考点】伏安法测电阻．版权所有 【答案】（1）； （2）； （3）断路； （4）0.3；9； （5）S2； 。 【分析】（1）该实验的原理是欧姆定律。 （2）要求滑片向右移动时电流表示数变大，则电路的电阻变小，确定变阻器右下接线柱连入电路中；根据电源电压为3V确定 电压表选用小量程与电阻并联； （3）发现电流表无示数，电路可能断路，根据电压表有示数分析； （4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出Rx的阻值； （5）只闭合开关S1，两电阻串联，电压表测待测电阻的电压；再闭合开关S2，定值电阻短路，电压表测电源电压，根据串联电路电压的规律得出定值电阻的电压，由分压原理得出Rx的表达式。 【解答】解：（1）该实验的原理是R。 （2）要求滑片向右移动时电流表示数变大，则电路的电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示： 。 （3）连好电路闭合开关后，小梦发现电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，出现此现象的原因可能是定值电阻R断路。 （4）排除故障后，闭合开关S并移动滑片P、当电压表的示数为2.7V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过R的电流为0.3A，此次测得Rx的阻值为 Rx9Ω。 （5）如图丙所示。实验时，只闭合开关S1，两电阻串联，电压表测待测电阻的电压，电压表的示数为U1；闭合开关S2，定值电阻短路，电压表测电源电压，电压表的示数为U，根据串联电路电压的规律，定值电阻的电压为U﹣U1，由分压原理有 ； 则Rx的表达式为： Rx。 故答案为：（1）； （2）； （3）断路； （4）0.3；9； （5）S2； 。 20．【中档】教室的门栓坏了，门经常被风吹开，小峰同学认为这是门与门框间摩擦太小的缘故。摩擦力的大小与什么因素有关呢？于是同学们利用长木板、毛巾、物块以及弹簧测力计做了如图所示的实验。 （1）如图甲所示将物块放在水平木板上，沿水平方向拉动物块做　匀速直线　 运动时，物块所受滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。 （2）本实验存在的一个操作上的难点是：在拉动物块的时候很难保持匀速直线运动，弹簧测力计的示数不稳定，导致该现象的原因是　②　 （选填序号：①“滑动摩擦力”、②“手对弹簧测力计拉力”）大小变化导致的。 （3）学生们经过讨论并反复验证，改进了实验方案，如图丁所示：改进后，同学们在进行实验时，不需要匀速拉动长木板。水平拉动长木板向右运动，则物块受到的摩擦力方向为水平向　右　 （选填“左”或“右”），木板与物块之间的摩擦力大小为　1.8　 N。 （4）该同学查阅资料获知滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关。他将同一木块放置在同一木板上，进行了如下图中的a、b、c所示的实验。拉动木块匀速运动所用的力为F1、F2和F3，推测F1、F2和F3的大小关系为　F1＝F2＜F3 。 【考点】探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验．版权所有 【答案】（1）匀速直线； （2）②； （3）右；1.8； （4）F1＝F2＜F3。 【分析】（1）物块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，物块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数； （2）手对弹簧测力计拉力大小变化导致控制物块做匀速直线运动比较困难； （3）根据二力平衡得出结论； （4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，滑动摩擦力的大小与物体运动速度无关，据此分析回答。 【解答】解：（1）物块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，物块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数； （2）实验中他们发现很难保持弹簧测力计示数的稳定性，很难读数，原因是：难于控制物块做匀速直线运动，手对弹簧测力计拉力大小变化导致的；故选：②； （3）由丁图可知，此时物块处于平衡状态，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，故摩擦力方向向右； 由图知此过程的拉力为1.8N，所以物块的滑动摩擦力为1.8N； （4）由图a、b可知，接触面的粗糙程度相同，压力大小相同，滑动摩擦力大小与速度无关，所以F1＝F2；由图a、c可知，接触面粗糙程度相同，图c中压力较大，滑动摩擦力较大，所以F3＞F1，故F1、F2和F3的大小关系为F1＝F2＜F3。 故答案为：（1）匀速直线； （2）②； （3）右；1.8； （4）F1＝F2＜F3。 21．【较易】深圳湾栖息了多种鸟类，但是远处的鸟儿很难用肉眼观察到，小明想制作简易望远镜来观鸟。 （1）如图甲是一种望远镜。 ①两个凸透镜中，透镜甲是 　物镜　 （选填“目镜”或“物镜”）； ②远处的物体经透镜甲成一个倒立、　缩小　 （选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像。 （2）测量凸透镜的焦距f。 ①小明将透镜对着太阳光，如图乙所示，移动白纸位置直到白纸上出现最小最亮的点，测量出该点到透镜光心距离，记为焦距。小华指出小明的操作中存在的错误是 　凸透镜没有正对太阳光　 ； ②改正错误后，小明用正确方法测量，当白纸上呈现一个并非最小的光斑时，用刻度尺测出光斑到凸透镜的距离为L，稍微增大凸透镜与白纸之间距离，发现光斑变大，则f与L的大小关系是：f 　＜　 L。 （3）望远镜物镜所成的像虽然比物体小，但它离人眼很近，再加上目镜的对光线的发散作用，就可以改变视角大小。如图丙，观察物体时，视角的大小与 　物体的大小　 有关。 （4）如下为小明制定的评价量表： 自制望远镜评价量表 级别 内容 优秀 合格 待改进 外观 结构牢固，镜筒调节顺畅，镜筒尺寸合适 结构比较牢固，镜筒较难调节，镜筒尺寸比较合适 结构不够牢固，镜筒不能够调节，镜筒尺寸不合适 成像效果 能观察到清晰的远景 能观察到模糊的远景 不能观察到远景 小明用望远镜B观察远处的鸟儿时，调节镜筒略显阻塞，调节后清楚看到一只额、脸等部位的裸露部分都呈黑色的黑脸琵鹭。根据评价量表，对望远镜B的评价级别是外观 　合格　 ，成像效果 　优秀　 。 【考点】望远镜物镜的成像原理；望远镜目镜的成像原理．版权所有 【答案】（1）①物镜；②缩小；（2）①凸透镜没有正对太阳光；②＜；（3）物体的大小；（4）合格；优秀。 【分析】（1）望远镜也是由两组凸透镜组成的，靠近眼睛的凸透镜叫做目镜，靠近被观测物体的凸透镜叫做物镜，用来观看远处物体的。物镜：靠近被观测物体的一组透镜，作用相当于照相机的镜头，远处的物体在物镜的二倍焦距之外，经物镜在物镜的焦点附近成倒立、缩小的实像。 （2）测量凸透镜的焦距f。 ①小明将透镜对着太阳光，如图乙所示，移动白纸位置直到白纸上出现最小最亮的点，测量出该点到透镜光心距离，记为焦距。小华指出小明的操作中存在的错误是凸透镜没有正对阳光； ②改正错误后，小明用正确方法测量，当白纸上呈现一个并非最小的光斑时，用刻度尺测出光斑到凸透镜的距离为L，稍微增大凸透镜与白纸之间距离，发现光斑㶪大，则f与L的大小关系是：f＜L。 （3）望远镜物镜所成的像虽然比物体小，但它离人眼很近，再加上目镜的对光线的发散作用，就可以改变视角大小。如图丙，观察物体时，视角的大小与物体的大小有关。 （4）根据小明制定的评价量表：对望远镜B的评价级别。 【解答】解：（1）如图甲是一种望远镜。 ①两个凸透镜中，透镜甲是物镜； ②远处的物体经透镜甲成一个倒立、缩小的实像。 （2）测量凸透镜的焦距f。 ①小明将透镜对着太阳光，如图乙所示，移动白纸位置直到白纸上出现最小最亮的点，测量出该点到透镜光心距离，记为焦距。小华指出小明的操作中存在的错误是凸透镜没有正对阳光； ②改正错误后，小明用正确方法测量，当白纸上呈现一个并非最小的光斑时，用刻度尺测出光斑到凸透镜的距离为L，稍微增大凸透镜与白纸之间距离，发现光斑㶪大，则f与L的大小关系是：f＜L。 （3）望远镜物镜所成的像虽然比物体小，但它离人眼很近，再加上目镜的对光线的发散作用，就可以改变视角大小。如图丙，观察物体时，视角的大小与物体的大小有关。 （4）小明用望远镜B观察远处的鸟儿时，调节镜筒略显阻塞，调节后清楚看到一只额、脸等部位的裸露部分都呈黑色的黑脸琵鹭。根据评价量表，对望远镜B的评价级别是外观等级应为合格，能看到清晰远处的鸟，说明应该成像是优秀等级。 故答案为：（1）①物镜；②缩小；（2）①凸透镜没有正对太阳光；②＜；（3）物体的大小；（4）合格；优秀。 六．计算题（共2小题） 22．【较易】如图1所示是一款数显式便携保温电热水杯，内部简化电路如图2所示，其铭牌的部分信息如表所示。R1和R2均为加热电阻，往杯中倒入0.4kg，初温30℃的水，使用加热挡工作4min，水温升高到80℃。求： 额定电压 220V 加热挡功率 400W 保温挡功率 40W 额定容量 400mL （1）该过程中水吸收的热量；] （2）该过程中的加热效率； （3）R2的阻值。 【考点】利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率；电功与电能的计算；电功率的综合计算．版权所有 【答案】（1）该过程中水吸收的热量为8.4×104J； （2）该过程中的加热效率为87.5%； （3）R2的阻值为1089Ω。 【分析】（1）根据Q吸＝cmΔt求水吸收的热量； （2）根据P求电热水杯消耗的电能；根据η100%求该过程中的加热效率； （3）由电路图可知，当S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，电路的总电阻较大；当S1和S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻较小。电源电压一定，根据P判断电热水杯的工作状态，并求R1的阻值和R1与R2串联电路的总电阻，根据串联电路的电阻规律求R2的阻值。 【解答】解：（1）水吸收的热量： Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.4kg×（80℃﹣30℃）＝8.4×104J； （2）根据P可得，电热水杯消耗的电能：W＝P加热t＝400W×4×60s＝9.6×104J， 该过程中的加热效率：η100%100%＝87.5%； （3）由电路图可知，当S1闭合、S2断开时，R1与R2串联，电路的总电阻较大；当S1和S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻较小。电源电压一定，根据P可知，当S1闭合、S2断开时，电路消耗的电功率较小，电热水杯处于保温状态；当S1和S2均闭合时，电路消耗的电功率较大，电热水杯处于加热状态。 根据P可得，R1的阻值： R1121Ω， 保温状态下，电路的总电阻：1210Ω， 根据串联电路的电阻规律可得，R2的阻值：R2＝R总﹣R1＝1210Ω﹣121Ω＝1089Ω。 答：（1）该过程中水吸收的热量为8.4×104J； （2）该过程中的加热效率为87.5%； （3）R2的阻值为1089Ω。 23．【较易】我国无人机技术世界领先，应用广泛。如图为无人机配送快递时的场景。在一次配送服务中，无人机把静止在水平地面上质量为15kg的快递箱1min匀速提升了20m，随后又用2min使快递箱沿水平方向平移30m。求： （1）无人机3min对快递箱做的功。 （2）在快递箱上升的过程中，无人机对快递箱做功的功率。 （3）若快递箱静止在水平地面上时与地面的接触面积为0.2m2，快递箱未被提升时对水平地面的压强。 【考点】压强的公式的应用；功的简单计算；功率的计算．版权所有 【答案】（1）无人机3min对快递箱做的功是3000J； （2）在快递箱上升的过程中，无人机对快递箱做功的功率是50W。 （3）若快递箱静止在水平地面上时与地面的接触面积为0.2m2，快递箱未被提升时对水平地面的压强是750Pa。 【分析】（1）根据F＝G＝mg得出拉力，根据W＝Fs得出功， （2）根据功率公式得出功率。 （3）根据水平面上的压力等于重力，结合压强公式计算。 【解答】解： （1）整个过程中，无人机对快递箱的拉力竖直向上，又无人机始终做匀速直线运动，故快递箱始终处于平衡状态，则 F＝G＝mg＝15kg×10N/kg＝150N，拉力竖直向上，水平方向移动时不做功，只有竖直上升时做功； 则s＝20m； 则无人机对快递箱做的功 W＝Fs＝150N×20m＝3000J； （2）在快递箱上升的过程中，无人机对快递箱做功的功率 做功的功率P50W； （3）根据水平面上的压力等于重力，故压力F'＝G ＝150N； 压强p750Pa。 答：（1）无人机3min对快递箱做的功是3000J； （2）在快递箱上升的过程中，无人机对快递箱做功的功率是50W。 （3）若快递箱静止在水平地面上时与地面的接触面积为0.2m2，快递箱未被提升时对水平地面的压强是750Pa。 七．科普阅读题（共1小题） 24．【中档】阅读文字，回答问题。 AI数据中心 数据中心内的CPU、内存、硬盘等大量服务器组件，运行时会消耗巨额电能，同时产生大量热量。为避免服务器因高温损坏，需为数据中心选择适宜存放位置并做好散热处理，为此学习小组开展了“节能型数据中心”的项目学习。 查阅资料可知，腾讯数据中心采用“风冷散热”方案，将机房建于山体之中，借助隧道引入低温自然风带走热量；微软数据中心则采用“液冷散热”方案，把数据中心密封后浸没于深海，利用海水实现降温。 【任务一】研究散热方式 （1）项目组为了比较不同“散热方式”的散热效果，组装了图甲的装置。向两相同的容器倒入90℃热水并插入温度计，模拟热源。实验存在的错误是　两容器中热水的质量不同　 。改正错误后，在常温环境下，启动风扇对一容器吹风模拟风冷散热，同时将另一容器放常温水中模拟液冷散热，记录温度计A、B示数随时间变化的数据并绘制图像，可知　液冷　 （选填“风冷”或“液冷”）散热效果更好。虽然此种方式的散热效果更好，但采用此方式散热的数据中心却比较少，原因可能是：　液冷散热建设成本高、技术要求高　 。 【任务二】控制温度稳定 为维持数据中心温度稳定，当温度超过设定温度时，需启动变频空调降温。变频空调机制冷系统的原理如图丙所示，控制电路电源电压U1＝12V，为调温电阻，可通过遥控调节其阻值大小，R2为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图丁所示。当线圈电流I≥0.02A时，磁控开关L闭合，压缩机启动。某空调参数如下表所示（最大工作功率的制冷量标签损坏，无法看清），能效比为制冷量与输入功率之比，制冷量表示空调每秒向制冷空间吸收的热量（可以理解为功率）。 最小 较大 最大 工作功率/W 10000 15000 20000 制冷量/W 50000 67500 能效比 5 4.5 4 （2）压缩机是通过　做功　 的方式改变的内能，当环境温度升高时，通过磁控开关L线圈的电流　变大　 （选填“变大”“不变”或“变小”），若设定启动变频空调的温度为30℃，则R1的阻值应调至　550　 Ω。 （3）在春节期间，用户访问量激增，数据中心的机体每秒向空气散发5×104J的热量，机体存放空间的空气质量为3000kg，已知空气的比热容c＝1.0×103J/（kg•℃）仅通过变频空调将机体存放空间的温度降低10℃，所需的最短时间是　1000　 s。 【考点】利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率；电功与电能的计算；电功率的综合计算．版权所有 【答案】（1）两容器中热水的质量不同；液冷；液冷散热建设成本高、技术要求高； （2）做功；变大；550； （3）1000。 【分析】【任务一】研究散热方式： （1）为了比较不同“散热方式”的散热效果，容器中热水的质量相同，由图甲可知，容器中热水的质量不同。 由图乙可知，温度计B的示数下降较快，散热效果更好。 液冷散热成本高，技术要求复杂。 【任务二】控制温度稳定： （2）压缩机工作时，对物体做功，通过做功的方式改变物体的内能。 由图丙可知，两个电阻串联，然后结合欧姆定律判断通过磁控开关L线圈的电流大小。 当空调启动时，可算出控制电路中的总电阻，由图乙知，当温度为30℃时，可查热敏电阻的阻值，最后可求得控制电路中调温电阻R1的阻值R1＝R﹣R2。 （3）先计算出空气需要放出的热量和机体散发热量的总和，再与数据中心的机体每秒向空气散发的热量进行平衡列式，可求得所需的最短时间。 【解答】解：（1）本实验目的是比较不同散热方式的散热效果，需要遵循控制变量法，保证除散热方式外其他条件一致，由图甲可知，两容器中热水的质量不同，这就是实验存在的错误。 由图乙可知，相同时间内，对应液冷的温度计B示数下降更快，说明液冷带走热量更快，因此液冷散热效果更好。 液冷散热需要对数据中心做密封防水处理，对技术要求更高，建设和维护成本也更高，因此实际应用比风冷少。 （2）压缩机工作时压缩制冷剂，通过做功的方式改变物体的内能。 由图丁可知，热敏电阻R2的阻值随温度升高而减小，控制电路的电源电压不变，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，因此通过磁控开关线圈的电流变大。 压缩机启动时电流I＝0.02A，可得控制电路总电阻为： ； 由丁图可知，温度为30℃时，R2＝50Ω，根据串联电路电阻规律，R1＝R总﹣R2＝600Ω﹣50Ω＝550Ω； （3）根据能效比的定义可得最大制冷量为： ； 空气降低10℃需要放出的热量为： ； 设最短时间为t，t时间内数据中心还会额外产生5×104W×t的热量，空调需要吸收的总热量等于总放热，可得， 代入数据得3×107J＝（8×104W﹣5×104W）×t， 解得t＝1000s。 故答案为：（1）两容器中热水的质量不同；液冷；液冷散热建设成本高、技术要求高； （2）做功；变大；550； （3）1000。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/6/1 21:08:50；用户：尚老师；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年辽宁省沈阳市中考物理冲刺卷（二） 一．选择题（共9小题，每小题2分，共18分） 1．以下诗句描写的现象中不属于机械运动的是（　　） A．问君能有几多愁，恰似一江春水向东流 B．飞流直下三千尺，疑是银河落九天 C．两个黄鹏鸣翠柳，一行白鹭上青天 D．人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开 2．听到上课铃声响起，同学们迅速返回教室，这是利用声音（　　） A．传递信息 B．传播速度快 C．传递能量 D．能在真空中传播 3．2026年3月28日下午，河北秦皇岛阿那亚黄金海岸惊现一条罕见的带状海市蜃楼。如图所示的光现象中与“海市蜃楼”的形成原理相同的是（　　） A．对镜画脸谱 B．笔杆“折断” C．树下光斑 D．手影游戏 4．某校开展了“探索厨房中的物态变化问题”的跨学科实践活动，下列说法正确的是（　　） A．在煮饺子时打开锅盖，看到了“白气”，这是汽化现象 B．从冰箱中拿出的冻肉表面上有白霜，这是凝华现象 C．冻冰块时水在结冰过程中，温度一直下降 D．蒸包子时要避免被蒸锅上方的水蒸气烫伤，因为水蒸气变成同温度的热水汽化吸热 5．将纸剪成小鸭子形状，它们的脚用胶水粘在桌面上，用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近“小鸭子”头部，看见“小鸭子”们站起来，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．毛皮摩擦过的橡胶棒因为得到电子而带正电 B．构成物质的分子直径通常用10﹣10m为单位来量度 C．“小鸭子”的脚能粘在桌面上是因为分子间存在斥力 D．“小鸭子”被橡胶棒吸引是因为它们带有同种电荷 6．牛顿经典力学奠定了经典力学体系，成为近代物理学的基石，它是人类首次对自然规律进行的完整、精确的数学化描述，初中生在学习物理时会发现，生活中各方各面都应用到牛顿经典力学。篮球是学生最喜爱的运动之一，当篮球投出在空中作抛物线运动时，下列说法正确的是（　　） A．当球运动到最高点时没有受到平衡力的作用 B．篮球能持续往前运动，说明受到了向前的作用力 C．投球时，球在空中能进行抛物线运动，是因为篮球受到惯性的作用 D．篮球在空中运动时机械能增加，内能减少 （多选）7．学习了《生活用电》内容后，洛洛对社区居民的日常用电情况进行了调查，下列行为符合安全用电原则的是（　　） A．用小区智能充电桩给电动车充电 B．手机充电后只拔手机不拔充电器 C．空气开关“跳闸”立即手动复位 D．家里为防止触电安装漏电保护器 （多选）8．科技在进步，时代在发展，物理改变生活。如图所示，下列关于古老农具和现代科技材料中涉及的物理知识，说法正确的是（　　） A．图甲：石磨选用密度较大的石料来做上层转盘以达到更好的粉碎效果 B．图乙：将稻谷放入谷风车，从谷粒出口下落的谷粒质量会变大 C．图丙：风力发电机的叶片应选用密度小、强度高的碳纤维材料来制作 D．图丁：航天太阳能板衬底材料采用手撕钢是因为其具有质量轻、可折叠的特点 （多选）9．如图所示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S2。质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h（水的密度为ρ0）。下列说法正确的是（　　） A．木球的密度为 B．木球的密度为 C．剪断细线，待木球漂浮静止后水对容器底的压力变化量为 D．剪断细线，待木球漂浮静止后水对容器底的压力变化量为 二．填空题（共6小题，每小题2分，共12分） 10．端午节是中华文明具有代表性的“文化符号”之一。煮粽子时，厨房里粽叶飘香，这是　 　 现象，这是通过　 　 的方式使粽子的内能增加。 11．高铁列车是由大功率电动机驱动的，电动机的工作原理是通电导体在　 　 中受到力的作用。如图，高铁站台地面上有一条黄色的安全线，当列车驶过时，列车附近的空气流速大，压强　 　 ，因此乘客候车时要站在线外。 12．随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装率不断提高。据了解，充电桩输出电压的范围是300﹣600V，峰值功率高达500kW。如图所示，利用充电桩给汽车电池充电的过程中，汽车电池相当于电路中的　 　 （选填“电源”或“用电器”）；充电桩外壳常采用铝合金材料，为避免触电，外壳需连接　 　 线。 13．已知物体在下落过程中，受到空气阻力的大小只与物体体积和运动速度有关。有两个体积外形相同的球A和B，质量分别为4kg和6kg，系在同一根细绳上（绳子重力不计），从高处释放，经过一段时间后两球一起匀速下降。此时在下方的是　 　 球，绳子对B球的拉力为　 　 N。 14．某人在地面上用一个动滑轮和一个定滑轮组成滑轮组提起重300N的货物，人所用的拉力为200N，绳子的自由端被拉下1m，若在此过程中克服绳重和摩擦做了15J的功，则：滑轮组的机械效率　 　 ；动滑轮重　 　 N。 15．如图甲，电源电压保持12V不变，R0为定值电阻，电压表量程为0﹣15V，电流表量程为0﹣0.6A。第一次只闭合开关S、S1，将滑片P从B端移动到A端；第二次只闭合开关S、S2，将滑片P从B端逐步向A端移动，直至灯泡L正常发光。根据实验过程中测量的数据，绘制电流表与电压表示数的关系图像如图乙所示。则灯泡L的额定电流为 　 　 A；整个过程中且电路安全条件下，R0的最大功率可达到 　 　 W。 三．作图题（共2小题） 16．按要求作图（请保留作图痕迹） 如图甲为敦煌熔盐塔式光热电站，它通过定日镜（平面镜）把太阳光反射后会聚到吸热塔上来发电，假设太阳在图乙中S点，请作出S发出一束光经平面镜反射后到达吸热塔A点的光路图。 17．如图甲所示，在2026年央视春晚节目《武bot》中，机器人武术演员双手持金箍棒，摆出“横扫千军”的起手式，如图甲所示。将金箍棒视为以O点为支点的杠杆，请在图乙中画出动力F的力臂和金箍棒所受重力示意图（A点为重心）。 四．实验探究题（共4小题，共24分） 18．（6分）沸腾是在特定温度下发生的剧烈汽化现象。某小组组装了如图甲所示的实验装置探究液体在沸腾前后的温度变化特点。 （1）实验仪器应按　 　 的顺序进行安装； （2）实验中，该小组同学仔细观察了水中气泡的变化情况，水温达到90℃后，开始记录实验数据，如下表： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 温度/℃ 90 92 94 96 99 99 99 99 99 气泡情况 少、小 逐渐增多 增多、变大 大量、迅速变大、到水面破裂 实验中观察气泡变化的主要目的是　 　 。分析表格数据可知：当水温达到　 　 ℃时，水开始沸腾。 （3）有同学认为，要绘制“温度﹣时间”图像，应该在实验中用秒表测量时间。但其他同学根据本实验目的和数据内容分析后认为，可以不用秒表。请说明“可以不用秒表”的合理理由：　 　 。 （4）图乙是四种液体的沸腾前后温度随时间变化图像，t0为沸腾开始的时刻。通过对比四幅图像，你能归纳出的两条结论是：①　 　 ；②　 　 。 19．（6分）创新实验小组在做“伏安法测电阻”的实验中，设计并连接了如图甲所示的电路。 （1）该实验的原理是　 　 。 （2）请你用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整，要求滑片向右移动时电流表示数变大。 （3）连好电路闭合开关后，小梦发现电流表无示数，电压表有示数，出现此现象的原因可能是定值电阻R　 　 。 （4）排除故障后，闭合开关S并移动滑片P、当电压表的示数为2.7V时，电流表的示数如图乙所示，则通过R的电流为　 　 A，此次测得Rx的阻值为　 　 Ω。 （5）只用一只电压表和已知阻值的定值电阻R。也可以测出未知电阻Rx的大小，如图丙所示。实验时，只闭合开关S1，电压表的示数为U1；闭合开关　 　 ，电压表的示数为U，则Rx的表达式为Rx＝　 　 （用U1、U和R0表示）。 20．（5分）教室的门栓坏了，门经常被风吹开，小峰同学认为这是门与门框间摩擦太小的缘故。摩擦力的大小与什么因素有关呢？于是同学们利用长木板、毛巾、物块以及弹簧测力计做了如图所示的实验。 （1）如图甲所示将物块放在水平木板上，沿水平方向拉动物块做　 　 运动时，物块所受滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。 （2）本实验存在的一个操作上的难点是：在拉动物块的时候很难保持匀速直线运动，弹簧测力计的示数不稳定，导致该现象的原因是　 　 （选填序号：①“滑动摩擦力”、②“手对弹簧测力计拉力”）大小变化导致的。 （3）学生们经过讨论并反复验证，改进了实验方案，如图丁：改进后，同学们在进行实验时，不需要匀速拉动长木板。水平拉动长木板向右运动，则物块受到的摩擦力方向为水平向　 　 （选填“左”或“右”），木板与物块之间的摩擦力大小为　 　 N。 （4）该同学查阅资料获知滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关。他将同一木块放置在同一木板上，进行了如下图中的a、b、c所示的实验。拉动木块匀速运动所用的力为F1、F2和F3，推测F1、F2和F3的大小关系为　 　 。 21．（7分）深圳湾栖息了多种鸟类，但是远处的鸟儿很难用肉眼观察到，小明想制作简易望远镜来观鸟。 （1）如图甲是一种望远镜。 ①两个凸透镜中，透镜甲是 　 　 （选填“目镜”或“物镜”）； ②远处的物体经透镜甲成一个倒立、　 　 （选填“放大”“等大”或“缩小”）的实像。 （2）测量凸透镜的焦距f。 ①小明将透镜对着太阳光，如图乙所示，移动白纸位置直到白纸上出现最小最亮的点，测量出该点到透镜光心距离，记为焦距。小华指出小明的操作中存在的错误是 　 　 ； ②改正错误后，小明用正确方法测量，当白纸上呈现一个并非最小的光斑时，用刻度尺测出光斑到凸透镜的距离为L，稍微增大凸透镜与白纸之间距离，发现光斑变大，则f与L的大小关系是：f 　 　 L。 （3）望远镜物镜所成的像虽然比物体小，但它离人眼很近，再加上目镜的对光线的发散作用，就可以改变视角大小。如图丙，观察物体时，视角的大小与 　 　 有关。 （4）如下为小明制定的评价量表： 自制望远镜评价量表 级别 内容 优秀 合格 待改进 外观 结构牢固，镜筒调节顺畅，镜筒尺寸合适 结构比较牢固，镜筒较难调节，镜筒尺寸比较合适 结构不够牢固，镜筒不能够调节，镜筒尺寸不合适 成像效果 能观察到清晰的远景 能观察到模糊的远景 不能观察到远景 小明用望远镜B观察远处的鸟儿时，调节镜筒略显阻塞，调节后清楚看到一只额、脸等部位的裸露部分都呈黑色的黑脸琵鹭。根据评价量表，对望远镜B的评价级别是外观 　 　 ，成像效果 　 　 。 五．综合应用题（共3小题，共22分） 22．（8分）如图1所示是一款数显式便携保温电热水杯，内部简化电路如图2所示，其铭牌的部分信息如表所示。R1和R2均为加热电阻，往杯中倒入0.4kg，初温30℃的水，使用加热挡工作4min，水温升高到80℃。求： 额定电压 220V 加热挡功率 400W 保温挡功率 40W 额定容量 400mL （1）该过程中水吸收的热量；] （2）该过程中的加热效率； （3）R2的阻值。 23．（7分）我国无人机技术世界领先，应用广泛。如图为无人机配送快递时的场景。在一次配送服务中，无人机把静止在水平地面上质量为15kg的快递箱1min匀速提升了20m，随后又用2min使快递箱沿水平方向平移30m。求： （1）无人机3min对快递箱做的功。 （2）在快递箱上升的过程中，无人机对快递箱做功的功率。 （3）若快递箱静止在水平地面上时与地面的接触面积为0.2m2，快递箱未被提升时对水平地面的压强。 24．（7分）阅读文字，回答问题。 AI数据中心 数据中心内的CPU、内存、硬盘等大量服务器组件，运行时会消耗巨额电能，同时产生大量热量。为避免服务器因高温损坏，需为数据中心选择适宜存放位置并做好散热处理，为此学习小组开展了“节能型数据中心”的项目学习。 查阅资料可知，腾讯数据中心采用“风冷散热”方案，将机房建于山体之中，借助隧道引入低温自然风带走热量；微软数据中心则采用“液冷散热”方案，把数据中心密封后浸没于深海，利用海水实现降温。 【任务一】研究散热方式 （1）项目组为了比较不同“散热方式”的散热效果，组装了图甲的装置。向两相同的容器倒入90℃热水并插入温度计，模拟热源。实验存在的错误是　 　 。改正错误后，在常温环境下，启动风扇对一容器吹风模拟风冷散热，同时将另一容器放常温水中模拟液冷散热，记录温度计A、B示数随时间变化的数据并绘制图像，可知　 　 （选填“风冷”或“液冷”）散热效果更好。虽然此种方式的散热效果更好，但采用此方式散热的数据中心却比较少，原因可能是：　 　 。 【任务二】控制温度稳定 为维持数据中心温度稳定，当温度超过设定温度时，需启动变频空调降温。变频空调机制冷系统的原理如图丙所示，控制电路电源电压U1＝12V，为调温电阻，可通过遥控调节其阻值大小，R2为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图丁所示。当线圈电流I≥0.02A时，磁控开关L闭合，压缩机启动。某空调参数如下表所示（最大工作功率的制冷量标签损坏，无法看清），能效比为制冷量与输入功率之比，制冷量表示空调每秒向制冷空间吸收的热量（可以理解为功率）。 最小 较大 最大 工作功率/W 10000 15000 20000 制冷量/W 50000 67500 能效比 5 4.5 4 （2）压缩机是通过　 　 的方式改变的内能，当环境温度升高时，通过磁控开关L线圈的电流　 　 （选填“变大”“不变”或“变小”），若设定启动变频空调的温度为30℃，则R1的阻值应调至　 　 Ω。 （3）在春节期间，用户访问量激增，数据中心的机体每秒向空气散发5×104J的热量，机体存放空间的空气质量为3000kg，已知空气的比热容c＝1.0×103J/（kg•℃）仅通过变频空调将机体存放空间的温度降低10℃，所需的最短时间是　 　 s。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/6/1 20:55:14；用户：尚老师；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $