四川南充市嘉陵第一中学2025-2026学年高一下学期考前学情自测物理试题

高2025级高一下学期期第三次学情调研 物理试题 满分：100分考试时间：75分钟 一、选择题：（本题共10小题，1-7小题单选，每小题4分，8-10小题多选，全部 选对得6分，少选或漏选得3分，多选或错选不得分)。 1.如图所示，嫦娥号探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞 行的过程中，速度逐渐增大，在图中位置探月卫星速度ν方向、合力F方向 可能是下列图中的() M M M 2.如图，停车场的道闸机可自动识别车牌开关大门，其横杆上有A、B两点，随 横杆在竖直面内绕转轴旋转，则A、B的线速度大小判断正确的是() A.VA>VB B.V=V3 C.Va<VB D,无法确定 3.如图(a),我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的 谷粒中有两颗的运动轨迹如图(b)所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点 均为O,且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为y和2，其 中方向水平，2方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下 列说法正确的是() A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度 、谷粒2 B.谷粒2在最高点的速度小于 谷粒1 C.两谷粒从O到P的运动时间相等 D.两谷粒从O到P的平均速度相等 图(a) 图(b) 第1页共5页 4.2026年3月15日21时22分，我国在太原卫星发射中心使用长征六号改运载 火箭，将遥感五十号02星（简称02星）发射升空，成功使卫星顺利进入离地 面500公里的预定轨道，发射任务取得圆满成功。下列说法正确的是( A.02星的发射速度小于7.9km/s B.02星在预定轨道上运行的速度略大于7.9kms C.02星在预定轨道上不受重力作用，处于失重状态 D.若要使02星从预定轨道升到离地700公里轨道，则需先对02星点火加速 5.2026年春晚，质量为的H2型号人形机器人身着武侠袍服，作为剑宗大 师”压轴登场进行舞剑表演。如图所示，在表演过程中舞台缓慢上升，机器人 始终与舞台保持相对静止。关于上述过程说法正确的是( A.重力对机器人做正功B.舞台对机器人不做功 C.机器人的动能增加ghD.机器人的机械能增加gh 6.如图所示，由A、B两颗恒星组成的双星系统，质量分别为1、2，距离为 L,绕它们连线上的某一点O在二者万有引力作用下做匀速圆周运动，A、B 均可看做质点，引力常量为G。则下列判断正确的是() A.恒星A、B的加速度之比为：m2 B.恒星A与点O的距离为L %+2 0.B C.恒星A、B做圆周运动的周期为2π VG(+) D,若恒星A的质量缓慢增大，其他量不变，恒星A的角速度逐渐减小 7.电动方程式(Formula E)是目前世界上新能源汽车运动中级别最高的赛事， 赛车在专业赛道水平路面上由静止启动，在前2s内做匀加速直线运动，2s 末达到额定功率，之后保持额定功率继续运动，其v-图像如图所示。已知汽 车的质量为m=8×10kg,汽车受到地面的阻力为车重的0.2倍，取g=10m/s2, 下列说法正确的是( ) A.赛车在2s时的瞬时功率P=128kW 个v/m·s) B.赛车在匀加速阶段平均功率P=320kW 16 C.该赛车的最大速度是60m/s D.当速度v=40m/s时，其加速度为2m/s 第2页共5页 8.某实验小组利用硬纸壳制作了一个鞘套，在边缘平行于边界处开有狭缝，实 验中将白纸套入其内，Y同学沿狭缝向下划线，C同学沿鞘套孔径方向将白纸 抽出，过程如甲所示。从某时刻开始，分别在白纸上得到乙、丙、丁三种笔 迹。以下说法正确的是() 纸张的拖动方向 纸张的拖动方向 纸张的拖动方向 的划线方 的划线方向 笔的划 今 乙 丙 A.出现乙可能是Y同学匀速划线，C同学加速抽纸 B.出现乙可能是Y同学加速划线，C同学匀速抽纸 C.出现丙可能是Y同学匀速划线，C同学加速抽纸 D.若Y、C同学划线和抽纸均为加速也可能出现丁图 9.近日，长春第一冰锅火爆出圈，吸引全国越野爱好者打卡挑战。冰锅为半径 40m的用冰砖打磨的球面，一质量为1000kg,可视为质点的汽车从冰锅边缘 驶下，到达锅底的速率为20m/s,重力加速度取10m/s2,则() A.汽车在锅底受到的支持力大小为10000N B.汽车在锅底受到的支持力大小为20000N C.汽车在锅底的向心加速度大小为20m/s D.汽车在锅底的向心加速度大小为10m/s 10.如图甲所示，质量为m的滑块静止在倾角0=30°的粗糙斜面底端，现用平行 于斜面向上的拉力F作用在滑块上，滑块沿斜面运动，=2时撤去拉力F, 此时滑块的机械能E。=80J,滑块上滑过程中机械能E与上滑位移x之间的关 系图像如图乙所示，滑块运动2x时达到最高点，取斜面底端重力势能为0， 重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确的是( A.滑块的质量为m=2kg E 3E B.滑块所受摩擦力的大小为10N 4 C.拉力F的大小恒为40N D.拉力F撤去时滑块的动能为50J 第3页共5页 二、实验探究题（本大题共2小题，每空2分，共16分).请考生用黑色碳索笔 在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要， 11.在验证机械能守恒定律的实验中 (1)下列操作正确的是 B (2)如图是实验中获得的一条纸带，其中O为打点计时器打下的第一个点，并 测得下落高度如图所示。己知重物质量为m,打点周期为T,重力加速度为 8,则打下“D”点时，重锤下落的速度大小vD= ，重锤从O点下落到 D点的重力势能减少量E。= (用图中所给字母及m、T、8表示) 12.某学习小组用如图甲所示装置探究平抛运动的规律。将白纸和复写纸对齐重 叠并固定在竖直的硬板上。钢球在斜槽上P点由静止释放，斜槽末端水平， 钢球沿斜槽轨道P2滑下后从Q点水平抛出，落在水平放置的可上下调节的倾 斜挡板MW上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面 会在白纸上挤压出一个痕迹点。改变挡板的高度，仍在P点由静止释放钢 球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。重力加速度g=10m/s。 板 (1)实验时如何检验斜槽末端是否水平： (2)将白纸上记录的小球痕迹点用平滑的曲线连接，如图乙所示，在轨迹上取 A、B两点，测得A点的横坐标和纵坐标、B点的横坐标，并标在坐标轴上， 由此求得平抛运动初速度大小=s;B点对应纵坐标y=_cm; (3)重复实验时，将白纸换成坐标纸，实验得到小球在坐标纸上的部分痕迹点 如图丙所示，坐标纸每小格的边长为5cm,A、B、C是轨迹上的三点，则小 球从A运动到B时间隔为T=s;小球运动到B点速度大小= 1m/s。 第4页共5页 三、解答题（本大题共3小题，共38分）.请考生用黑色碳索笔在答题卡上作图 和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要， 13.(10分)已知地球半径R,地球表面的重力加速度为g,万有引力常量为G。 (1)求地球质量M: (②)一颗卫星在距地表高度也为R的轨道绕地球中心做圆周运动，求卫星在轨 道上稳定运行的速度v。 卫星轨道 14.(12分)如图所示，我国海军辽宁舰编队战斗机准备着舰。战斗机降至甲板 后，由阻拦索进行拦截，保证其在有限距离内减速至零。阻拦索弹性势能的 最大值为E。,战斗机质量为，阻拦索质量忽略不计。在安全着舰前提下， (1)若忽略其他阻力作用，求战斗机接触阻拦索时的最大速度y: (2)若考虑其他阻力做功为W,求战斗机接触阻拦索时的最大速度2。 15.(16分)如图甲，竖直平面内，一长度大于4m的水平轨道OP与光滑半圆 形轨道P☑M在P点平滑连接，固定在水平地面上。可视为质点的A、B两 小物块靠在一起，静置于轨道左端。现用一水平向右推力F作用在A上，使 A、B向右运动。以x表示A离开初始位置的位移，F随x变化的图像如图 乙所示。已知A、B质量均为0.2kg,A与水平轨道间的摩擦因数为0.25，B 与水平轨道间的摩擦不计，重力加速度大小取10m/s2。 (1)求A离开初始位置向右运动1m的过程中，推力F做的功： (2)求A的位移为1m时，A、B间的作用力大小： (3)若B能到达M点，求半圆形轨道半径应满足的条件。 1.5 1.0 0.5 x/m 777777 第5页共5页参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D 0 AD BD BD 1.A 【详解】曲线运动的速度方向沿轨迹的切线方向，且指向运动方向；曲线运动中，合力一 定指向轨迹的凹侧：卫星速度逐渐增大，说明合力对卫星做正功，所以合力与速度方向夹 角为锐角，故A正确，BCD错误。 故选A。 2.C 【详解】同轴转动，角速度相同，根据V=a可得v4<VB 故选C。 3.B 【详解】A.抛出的两谷粒在空中均仅受重力作用，加速度均为重力加速度，故谷粒1的 加速度等于谷粒2的加速度，A错误； C.谷粒2做斜向上抛运动，谷粒1做平抛运动，均从O点运动到P点，故位移相同。在 竖直方向上谷粒2做竖直上抛运动，谷粒1做自由落体运动，竖直方向上位移相同故谷粒 2运动时间较长，C错误： B.谷粒2做斜抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方 向上的分速度。与谷粒1比较水平位移相同，但运动时间较长，故谷粒2水平方向上的速 度较小即最高点的速度小于，B正确： D.两谷粒从O点运动到P点的位移相同，运动时间不同，故平均速度不相等，谷粒1的 平均速度大于谷粒2的平均速度，D错误。 故选B。 4.D 【详解】A.7.9/s是绕地球运行卫星的最小发射速度，任何能进入预定轨道的卫星发射 速度都不小于7.9kms,故A错误； B.根据万有引力提供向心力得GMm!=m H? =n 解得v GM 地球第一宇宙速度7.外m/s是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，所以该卫星运行 答案第1页，共6页 速度小于7.km/s,故B错误； C.02星在预定轨道，处于失重状态，重力提供做圆周运动的向心力，故C错误： D.卫星从低轨道升到高轨道，需点火加速，从而做离心运动，故D正确。 故选D。 5.D 【详解】A.重力方向竖直向下，机器人运动方向向上，根据W=Fsc0sO可知重力对机器 人做负功，故A错误； B.根据平衡条件可知舞台对机器人的作用力竖直向上，机器人运动方向向上，根据 W=Fscose可知舞台对机器人做正功，故B错误： C.机器人在表演过程中舞台缓慢上升，速度不变，动能不变，故C错误； D.机器人在表演过程中舞台缓慢上升，重力势能增加gh,动能不变，则机械能增加 gh,故D正确。 故选D。 6.C 【详解】AB.双星系统周期、角速度相同，设A、B两颗星体的轨道半径分别为1、2， 双星之间的万有引力提供向心力，则有G"业=m5=,5 又因为+乃=L nL 解得1= %+%,方s4 L,+ 恒星A、B的加速度之比为==%，故AB错误； a妇o5 4x2 C.对恒星A,根据Gm业=m 2·5 解得T=2π G(+) P 因为双星系统周期相同，所以恒星A、B做圆周运动的周期均为2元 故C正 VG(+) 确： D.若恒星A的质量缓慢增大，其他量不变，因为T=2π G(+) 答案第2页，共6页 所以，恒星A的周期减小，根据0=2严可知，角速度增大，故D错误。 T 故选C。 7.D 【详解】A.加速度2s时赛车的加速度为a=A"=8m/s △t 由牛顿第二定律得F-0.2g=a 解得F=g 2s末达到额定功率，即赛车瞬时功率P=Fv=8×104×16=1.28×10W=1280W,A错 误； _0+y=8m/s B.匀加速阶段平均速度v= 2 平均功率P=F1=8×10x8=640kW,B错误： C.当赛车的牵引力等于阻力时，赛车达到最大速度，m= P1.28x10 f-1.6x104 =80m/s,C错 误； D.v=40s时，赛车已达额定功率，牵引力p'=P_1.28×1 -=3.2×104N y40 加速度a=F-/_32×10-1.6x10=2mg,D正确。 8×103 故选D。 8.AD 【详解】AB.若Y同学匀速划线，C同学加速抽纸，笔尖相对纸张会出现向下的匀速运动 和向右的加速运动，与轨迹凹侧为加速度的方向相符，故A正确，B错误； C.由图丙可知，加速度方向与Y同学划线的方向相同，即出现丙可能是Y同学加速划 线，C同学匀速抽纸，故C错误： D.若Y、C同学划线和抽纸均为加速，且合加速度的方向与合初速度的方向相同，则合 运动为匀加速直线运动，则笔迹可能出现丁图，故D正确。 故选AD。 9.BD 【详解】AB.对汽车进行受力分析，根据牛顿第二定律有-g=m一 可得汽车在锅底受到的支持力大小F=20000N,故A错误，B正确： 答案第3页，共6页 CD.汽车在锅底时的向心加速度为a==1Om/g?,故C错误，D正确。 故选BD。 10.BD 【详解】BC.由功能关系，滑块机械能的变化量等于除重力以外的力做功，拉力作用 =2m内有%-，=E,-0 拉力撒去后=2m内有-6=2a,-属 解得拉力F=50N,=1ON,故B正确，C错误； AD.拉力作用，=2m内，由动能定理有F%-压-gsin30°.6=E,-0 拉力撤去后，=2m内，由动能定理有-压，-gsin30°.，=0-E 联立解得=3kg,E=50J,故A错误，D正确。 故选BD。 11.(1)B (2) hs-ha 2T mgh 【详解】(1)在“验证机械能守恒定律”的实验中，重物应靠近打点计时器，且纸带应处于 竖直状态，这样能减小摩擦阻力的影响。 故选B。 (2)[]根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度，由于D点是 CB两点的中间时刻，所以打下D点时，重锤下落的速度大小为，=三=冬-4 2T 2T [2]重锤从O点下落到D点的过程中，重物下落的高度为h4,所以该过程重力势能的减少 量为E。=gh4 12.(1) 将小球放在斜槽末端看是否能静止 (2) 245 (3) 0.1 2.5 【详解】(1)[1]检验斜槽末端是否水平的方法是：将小球放在斜槽末端看是否能静止； (2)[1]平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，根据 a=28月 答案第4页，共6页 可得，小球到达A点的时间a= 2yA=0.2s 小球平抛的初速度为=4=2m/s [2]到达8点的时间。==0.3s 1 B点的纵坐标%=28财号=45cm (3)[1]在竖直方向有△y=2L=gT 解得T=0.1s 3L =1.5m/s [初速度。= 8L=2m/s 小球运动到2点时竖直方向的分速度)， 则g=√好+y=2.5ms 13.(①)M= G R ②v= 【详解】(1)在地球表面，物体的万有引力等于物体的重力，则有G R2 =mg 解得地球的质量为M=gR (2)万有引力提供圆周运动的向心力，则有GMm=m (2R) 2R 解得卫星的速度为v= gR V2 14.(1)y= 2B2 m (2v2- 2(E。-W) m 1 【详解】(1)若忽略其他阻力作用，根据能量守恒可得E。= 解得y= m (2)者考：其他阻力微功为厮，根据功脸关系可得只。-取- 答案第5页，共6页 解得y= 2(E。-m 15.(1)1.5J (2)0.5N (3)r≤0.2m 【详解】（1)求埃m,F做的功W=Fx=1.5×1J=1.5J (2)对AB整体，根据牛顿第二定律F-f=21a 其中∫=g 对B根据牛顿第二定律FsB=na 联立解得F=0.5N (3)当A、B之间的弹力为零时，A、B分离，根据(2)分析可知此时F'=0.5N 此时x=3m 1 过程中，对A、B根据动能定理W?-ugx=二×2m2 21 根据题图可得m=1.5J+0.5+1.5 ×2J=3.5J 2 21 从P点到M点，根据动能定理-ng·2x=2mmm2 2 2 在M点的最小速度满足mg=m' 联立可得rm=0.2m 即圆弧半径满足的条件r≤0.2m。 答案第6页，共6页