第5单元 第2讲 自由组合定律的发现(Word练习)-【金版新学案】2027年高考生物高三总复习大一轮复习讲义（不定项）

**基本信息** 以孟德尔杂交实验为基础，通过假说—演绎法构建自由组合定律的“实验验证—实质分析—综合应用”方法体系，强化科学思维与逻辑推理。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |两对相对性状的杂交实验|3题（如第1题F₂基因型分析）|假说—演绎法环节辨析、F₂表型比例拆分|从实验现象（3:1→9:3:3:1）到提出假说（非等位基因自由组合）| |基因的自由组合定律分析及应用|2题（如第4题亲本基因型推断）|配子类型及比例计算、连锁与自由组合判断|定律实质（减数分裂中非同源染色体自由组合）→表型比例推导| |自由组合定律的常规题型|7题（如第6题杂交组合与子代表型）|多对等位基因遗传拆分法、基因型推断技巧|基础应用（9:3:3:1变式）→复杂情境（连锁、多基因控制）|

课时作业18　自由组合定律的发现 (时间：40分钟　满分：60分) (本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！) (1－10题每小题2分，共20分) 一、两对相对性状的杂交实验 1.(2026·河南信阳模拟)某生物兴趣小组选择纯合黄色圆粒和绿色皱粒的豌豆进行杂交获得F1，再让F1进行自交产生F2，取F2中一株黄色皱粒植株和一株绿色圆粒植株进行杂交产生子代F3，下列相关叙述错误的是(　　) A.F2黄色圆粒中，有4/9的自交后代会产生3∶1的分离比 B.F2中黄色皱粒豌豆的自交子代会出现黄色∶绿色＝5∶1 C.通过对F2所结种子进行统计来获得F3表型及比例的数据 D.若F3表型有四种且比例为1∶1∶1∶1，说明两对基因遵循自由组合定律 答案：D 解析：F2黄色圆粒(Y_R_)中，基因型为YYRr(2/9)和YyRR(2/9)的植株自交时，分别会在形状(圆粒∶皱粒＝3∶1)或颜色(黄色∶绿色＝3∶1)上出现3∶1的分离比，合计占4/9，A正确。F2黄色皱粒(Y_rr)中，基因型为Yyrr(占2/3)的植株自交后，子代黄色∶绿色＝3∶1；基因型为YYrr(占1/3)的植株自交后代全为黄色。综合比例为(1/3×1)＋(2/3×3/4)黄色∶(2/3×1/4)绿色＝5∶1，B正确。F3是F2植株杂交产生的子代，统计F2植株所结种子(即F3)的表型可直接获得数据，C正确。若两对基因连锁，亲本Yyrr(Yr/yr)和yyRr(yR/yr)杂交后，F3表型比例也为1∶1∶1∶1，此时不遵循自由组合定律，D错误。 2.(2025·陕西咸阳二模)南瓜果实的白色(W)对黄色(w)为显性性状，盘状(D)对球状(d)为显性性状，这两对基因遵循自由组合定律。下列叙述错误的是(　　) A.白色盘状南瓜的基因型可能有4种 B.WwDd×wwDd的后代中白色盘状占比为3/4 C.采用测交可鉴定南瓜产生的配子种类与比例 D.南瓜果实的基因型相同，表型可能不同 答案：B 解析：白色盘状南瓜的基因型(W_D_)可能有2×2＝4种，A正确；WwDd×wwDd的后代中白色盘状(W_D_)占比为1/2×3/4＝3/8，B错误；测交(与隐性纯合子 wwdd 杂交)可通过子代表型推断亲本配子的种类及比例，C正确；南瓜果实的基因型相同，由于环境不同或表观遗传，表型可能不同，D正确。 3.(2025·河南开封三模)孟德尔在探索遗传规律时，运用“假说—演绎法”，该方法也是现代科学研究中常用的方法，利用该方法孟德尔发现了分离定律和自由组合定律。下列相关叙述正确的是(　　) A.F1产生的4种配子数量比为1∶1∶1∶1属于实验验证 B.F1自交后代出现3∶1的性状分离比属于孟德尔假说的内容 C.做测交实验是为了对假说及演绎推理的结论进行验证 D.孟德尔依据减数分裂的相关原理进行了“演绎推理”的过程 答案：C 解析：F1能产生比例相等的4种配子属于提出假说环节，A错误；F1自交后代出现3∶1的性状分离比属于实验现象，不属于假说内容，B错误；对推理(演绎)过程及结果进行的检验是通过测交实验完成的，做测交实验的目的在于对假说及演绎推理的结论进行验证，C正确；孟德尔依据他提出的假说内容进行“演绎推理”时，当时人们还没有发现减数分裂的原理，D错误。 二、基因的自由组合定律分析及应用 4.(2026·河北邢台模拟)南瓜中白色(W)对黄色(w)呈显性，盘状(D)对球状(d)呈显性，两对等位基因独立遗传，基因型为WwDd的南瓜甲和南瓜乙杂交，F1代表型为白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝3∶1∶3∶1，下列相关叙述错误的是(　　) A.南瓜乙的基因型为wwDd B.南瓜甲产生WD卵细胞和WD精子的数量之比不为1∶1 C.亲代产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合 D.F1中重组类型占1/4 答案：C 解析：WwDd×wwDd→(1白色∶1黄色)×(3盘状∶1球状)＝白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝3∶1∶3∶1，A正确；基因型为WwDd的南瓜将产生雌雄配子各4种，4种雌雄配子的数量比均接近1∶1∶1∶1，但一般雌配子和雄配子的数量不相等，雄配子的数量远远多于雌配子的数量，B正确；基因的自由组合发生在减数分裂Ⅰ的过程中，即减数分裂产生配子时才能体现自由组合，F1产生的雌、雄配子随机结合发生在受精过程中，不能体现自由组合，C错误；亲本表型为白色盘状南瓜和黄色盘状南瓜，则子代中重组性状有白色球状(1Wwdd)、黄色球状(lwwdd)，重组性状类型占2/8＝1/4，D正确。 5．(2026·河南焦作模拟)如图甲和乙分别为两株豌豆体细胞中的有关基因组成，通过一代杂交实验验证孟德尔遗传规律，下列说法不合理的是(　　) A．乙自交可验证A、a的遗传遵循基因的分离定律 B．甲自交可验证B、b与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律 C．甲、乙杂交可验证D、d的遗传遵循基因的分离定律 D．甲、乙杂交可验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律 答案：D 解析：乙(Aa)自交，可验证A、a的遗传遵循基因的分离定律，表型比为3∶1，A不符合题意；甲(BbDd)自交，能验证D、d与B、b的遗传遵循基因的自由组合定律，因为两对等位基因位于不同的同源染色体上，遵循自由组合定律，B不符合题意；甲(Dd)、乙(dd)杂交，相当于测交，可验证D、d的遗传遵循基因的分离定律，后代表型比为1∶1，C不符合题意；甲(aaDd)、乙(Aadd)杂交，后代表型比为1∶1∶1∶1，因为若为连锁遗传也可出现该比例，因此无法验证A、a与D、d的遗传遵循基因的自由组合定律，D符合题意。 三、自由组合定律的常规题型 6.(2026·重庆江北区模拟)两对独立遗传的等位基因(A/a和B/b，且两对基因为完全显性)分别控制豌豆的两对相对性状。植株甲与植株乙进行杂交，下列相关叙述正确的是(　　) A.若子二代出现9∶3∶3∶1的分离比，则两亲本的基因型为AABB×aabb B.若子一代出现1∶1∶1∶1的表型比，则两亲本的基因型为AaBb×aabb C.若子一代出现3∶1∶3∶1的表型比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb D.若子二代出现3∶1的分离比，则两亲本可能的杂交组合有4种情况 答案：D 解析：基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB的两亲本杂交，子二代均出现9∶3∶3∶1的性状分离比，A错误；基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb的两亲本杂交，子一代均出现1∶1∶1∶1的性状分离比，B错误；基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb的两亲本杂交，子一代均出现3∶1∶3∶1的性状分离比，C错误；若子二代出现3∶1的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有AABB×AAbb、aaBB×aabb、 AABB×aaBB、AAbb×aabb 4种情况，D正确。 7.(2025·重庆巴蜀中学二模)某二倍体两性植物的紫茎和绿茎分别由D、d控制，缺刻叶和马铃薯叶由M/m控制。让紫茎缺刻叶与绿茎马铃薯叶杂交。F1的表型及比例为紫茎缺刻叶∶绿茎马铃薯叶∶紫茎马铃薯叶∶绿茎缺刻叶＝1∶1∶1∶1。下列说法错误的是(　　) A.若F1自交，得到F2中缺刻叶植株占比为3/8，则说明缺刻叶为显性性状 B.若F1自交，得到F2中缺刻叶植株占比为5/8，则说明这2对等位基因独立遗传 C.若F1相互授粉，得到F2中缺刻叶植株占比为7/16，则亲本紫茎缺刻叶基因型为DdMm D.若F1相互授粉，得到F2中缺刻叶植株占比为9/16，则亲本紫茎缺刻叶基因型为 Ddmm 答案：B 解析：由题意可知，亲本缺刻叶与马铃薯叶杂交，F1中缺刻叶∶马铃薯叶＝1∶1，说明关于叶型，亲本和F1的基因型均为Mm、mm，F1自交，即1/2Mm、1/2mm分别自交，所得F2的基因型及比例为M_∶mm＝3∶5，即显性性状个体占3/8，隐性性状个体占5/8，因此，若F2中缺刻叶植株占比为3/8，则说明缺刻叶为显性性状，A正确。由上述分析可知，若F1自交，得到F2中缺刻叶植株占比为5/8，仅能说明缺刻叶为隐性性状，不能判断这2对等位基因是否独立遗传，B错误。若仅考虑缺刻叶和马铃薯叶这一对相对性状，F1相互授粉，即1/2Mm、1/2mm自由交配，产生的配子类型及比例为M∶m＝1∶3，所得F2的基因型及比例为M_∶mm＝7∶9，即显性性状占7/16，隐性性状占9/16，若F2中缺刻叶植株占比为7/16，说明缺刻叶为显性性状，则亲本缺刻叶的基因型为Mm；关于茎的颜色，亲本紫茎与绿茎杂交，F1的表型及比例为紫茎∶绿茎＝1∶1，说明亲本的基因型为Dd(紫茎)、dd(绿茎)，结合上述分析可知，亲本紫茎缺刻叶基因型为DdMm，C正确。结合C选项分析可知，若F1相互授粉，得到F2中缺刻叶植株占比为9/16，说明缺刻叶为隐性性状，则亲本紫茎缺刻叶的基因型为Ddmm，D正确。 8.(2025·河南驻马店二模)某雌雄同花植物的高秆(A)对矮秆(a)为显性，红花(D)对白花(d)为显性，两对等位基因独立遗传。纯种高秆白花植株与纯种矮秆红花植株杂交获得F1。现通过如图甲桶和乙桶的小球抓取实验模拟F1测交过程，乙桶中的ad小球模拟纯种矮秆白花植株产生的配子。下列叙述正确的是(　　) A.F1测交时需对母本去雄并立即进行人工授粉和套袋 B.甲桶中小球的字母组合类型总计应该有4种或2种 C.分别从甲桶和乙桶中随机抓取小球，组合后的字母是F2表型 D.甲桶与乙桶中的小球总数可不相等，但甲桶内不同字母组合的小球比例应相等 答案：D 解析：F1测交时需对母本去雄并套袋，等去雄花的雌蕊成熟后进行人工授粉和套袋，A错误；已知两对等位基因独立遗传，表明遵循自由组合定律，可产生4种配子AD、Ad、aD、ad，甲桶中小球的字母组合模拟的是配子种类，总计应有4种，B错误；分别从甲桶和乙桶随机抓取小球的字母组合是F2的基因型，C错误；甲桶与乙桶中的小球总数可不等，但桶内不同字母组合的小球比例应相等，以保证不同类型配子间的比例相等，即AD∶Ad∶aD∶ad＝1∶1∶1∶1，D正确。 9.(2025·河南郑州一模)某二倍体两性花植物的花色、茎高和籽粒颜色3种性状的遗传只涉及2对等位基因，有1对等位基因同时控制2对相对性状。为了研究上述性状的遗传特性，进行了下表所示的杂交实验，据表分析，由同1对等位基因控制的2种性状是(　　) 亲本杂交组合 F1的表型及比例 紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒 紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1 A.花色、茎高　 B.花色、籽粒颜色 C.茎高、籽粒颜色　 D.无法确定 答案：B 解析：该杂交组合实质是一个测交实验，其中有1对等位基因同时控制2对相对性状，则这两对相对性状不能自由组合。若花色、茎高由同1对基因控制，则子代表型及比例为紫花矮茎黄粒∶红花高茎黄粒∶紫花矮茎绿粒∶红花高茎绿粒＝1∶1∶1∶1；若花色、籽粒颜色由同1对基因控制，则子代表型及比例为紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒∶紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒＝1∶1∶1∶1；若茎高、籽粒颜色由同1对基因控制，则子代表型及比例为紫花矮茎黄粒∶紫花高茎绿粒∶红花矮茎黄粒∶红花高茎绿粒＝1∶1∶1∶1，B正确。 10.(2026·四川绵阳模拟)豌豆花的红色(A)和白色(a)是一对相对性状，腋生(B)和顶生(b)是另一对相对性状，这两对基因独立遗传。某研究小组利用基因型不同的豌豆①、②、③进行两组杂交，实验结果如下图所示。下列对实验结果的分析，正确的是(　　) A.由第一组F1的表型，可判断①、②的基因型 B.若第一组的F1自花受粉，F2中有1/4是白花 C.第二组中②、③的基因型分别是AABb、aaBb D.第二组F1中基因型与②、③不相同的占1/2 答案：D 解析：由第一组F1腋生∶顶生＝3∶1，可以得出亲本腋生的基因型都为Bb，而亲本红花和红花杂交，F1都是红花，所以不能得出P红花的基因型，A错误；由第二组F1红花∶白花＝1∶1、腋生∶顶生＝3∶1，可推出②的基因型为AaBb，③的基因型为aaBb，第一组F1全是红花、腋生∶顶生＝3∶1，由于②的基因型为AaBb，所以①的基因型为AABb，所以第一组关于花色，F1的基因型及比例为AA∶Aa＝1∶1，只有Aa自交，有1/4开白花(aa)，所以F2红花自交后代白花的比例是1/4×1/2＝1/8，B、C错误；第二组F1与亲本基因型(AaBb和aaBb)相同的占比为1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，因此与亲本不同的占比1－1/2＝1/2，D正确。 (11－12题每小题4分，共8分) 11．(不定项)(2025·山东威海三模)某两性花植物的花色受三对独立遗传的等位基因 A/a、B/b、C/c 控制(如图)，且蓝色与黄色复合后显绿色，蓝色与红色复合后显紫色，现有某紫花植株自交子代出现白花、黄花。下列叙述错误的是(　　) A．该紫花植株的基因型一定为 AaBbCc B．自然种群中红花植株的基因型有2种 C．绿花植株的自交后代不可能出现红花 D．该自交子代中绿花植株出现概率为 3/64 答案：BD 解析：图示为各种色素的合成途径，其中仅有基因 C 存在时，白色能转化为蓝色；仅有基因 A 存在时，白色能转化为黄色；基因 A、B 同时存在时，黄色能转化为红色。红色与蓝色混合呈现紫色，蓝色与黄色混合呈现绿色。因此，白花基因中不含有基因 A、C，基因型可能为 aabbcc 或 aaB_cc，蓝花基因型为 aa_ _C_、黄花基因型为 A_bbcc、红花基因型为 A_B_cc，则紫花基因型为 A_B_C_，绿花基因型为 A_bbC_。现有某紫花植株自交子代出现白花，所以肯定含有 aa和cc 基因，因此，亲本紫花植株的基因型为 AaB_Cc，若紫花植株的基因型为 AaBBCc，则后代不会出现黄花植株(A_bbcc)，所以亲本紫花植株的基因型为 AaBbCc，A 正确；红花植株的基因型为 A_B_cc，即AABBcc、AaBBcc、AABbcc、AaBbcc 共 4 种，B错误；由于绿花植株(A_bbC_)没有 B 基因，因此后代不可能出现红花(A_B_cc)，C正确；由于亲本紫花植株的基因型为 AaBbCc，自交子代中绿花植株(A_bbC_)出现的概率为 3/4×1/4×3/4＝9/64，D错误。 12．(不定项)(2025·山东东营二模)玉米是雌雄同株异花的植物，为培育具有多种优良性状的玉米新品种，科研人员将抗虫基因A、高产基因B和耐旱基因D各一个转入野生型玉米中(转入到细胞质或细胞核)，获得一株转基因玉米，并利用组织培养技术获得了多株克隆植株。科研人员利用该批转基因玉米甲和野生型玉米乙为材料，设计了以下杂交实验。不考虑基因突变，下列说法错误的是(　　) 杂交组合 亲本 F1的表型及比例 一 甲(♀)×乙(♂) ① 二 甲(♂)×乙(♀) ② 三 甲(♀)×甲(♂) ③ A．玉米无性染色体，故理论上①和②的表型及比例相同 B．若基因A被转入到细胞核中，则②和③中均可出现抗虫性状 C．若B、D基因导入同一对染色体上，则③中表型之比为1∶2∶1 D．若A、B、D基因转入同一条染色体上，则③的表型之比为3∶1 答案：ACD 解析：玉米虽然无性染色体，但是如果基因在细胞质中，会影响杂交后代的表型，①(甲为母本)和②(甲为父本)的表型及比例不一定相同，A错误。若基因A转入细胞核，甲作为父本(组合二)会将基因A传给部分子代(如甲为杂合Aa，子代50%抗虫)，组合三为甲自交，子代中抗虫比例理论上为3/4。因此，两种杂交的子代中均会出现抗虫性状，B正确。若B、D基因导入同一对染色体且完全连锁，甲自交时子代基因型为：25%纯合(BBDD)、50%杂合(BbDd)、25%野生型(bbdd)，表型比例为3∶1(高产耐旱∶野生型)，而非1∶2∶1，C错误。若三个基因转入同一条染色体上，在不考虑互换的情况下，③的表型之比可能为3∶1，但如果考虑互换，表型比例会发生变化，D错误。 13.(16分)(2026·河北保定模拟)某研究人员发现某种花的颜色(红、粉、白)由两对位于常染色体上A/a基因和B/b基因控制，其中A基因对a基因为显性，控制红色素的合成，B基因控制颜色的深浅，且具有叠加效应。某科研人员选取若干纯合子作为亲本杂交，过程如图所示。已知实验一和实验三中F1的粉花基因型不同。回答下列问题： (1)A/a基因和B/b基因的遗传遵循　　　　 定律。 (2)实验一中F2的白花有　　　　 种基因型，其中纯合子占　　　　 。实验三中F2的表型及比例是　　　　　　　。 (3)实验一中F2的红花随机杂交，后代杂合子的比例是　　　　 。 (4)现有一红花植株，欲判断其基因型，可让其测交，若　　　　　　　　　　 ，则其基因型与实验二中F1的红花基因型相同。 答案：(1)基因的自由组合　(2)5　3/7　红花∶粉花∶白花＝1∶2∶1　(3)4/9　(4)红花∶白花＝1∶1 解析：(1)实验一F2中红花∶粉花∶白花的比例约为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)已知A基因对a基因为显性，控制红色素的合成，B基因控制颜色的深浅，且具有叠加效应，题目中最深的颜色是红色，因此可推测B基因对红色具有淡化作用，且具有叠加效应；由实验一中F2的比例(红花∶粉花∶白花的比例约为3∶6∶7)可知，红花基因型是A_bb，粉花基因型是A_Bb，白花基因型是A_BB和aa_ _，且F1基因型是AaBb，则F2的白花共有5种基因型：1AABB、2AaBB、1aaBB、2aaBb、1aabb，其中纯合子占3/7。实验三中的F1全为粉花(A_Bb)，由于实验一和实验三中F1的粉花基因型不同，实验一的子一代为AaBb，则实验三中F1的粉花基因型是AABb，则F2的基因型及比例为1/4AAbb、1/2AABb、1/4AABB，表型及比例分别为红花∶粉花∶白花＝1∶2∶1。(3)实验一中F2的红花基因型为(1/3AA、2/3Aa)bb，就基因A而言，1/3AA产生的配子为1/3A，2/3Aa产生的配子为1/3A、1/3a，共计为2/3A、1/3a，雌雄配子随机结合，可得后代4/9AA、4/9Aa、1/9aa，则后代基因型为4/9AAbb、4/9Aabb、1/9aabb，杂合子占4/9。(4)根据实验二的子二代可知，实验二的亲本基因型为AAbb×aabb，则子一代基因型为Aabb，故实验二中的F1为红花(Aabb)，假设题目中红花基因型与实验二中F1的基因型一致，也为Aabb，让其测交(Aabb×aabb)，则子代表型及比例应为红花(Aabb)∶白花(aabb)＝1∶1。 14.(16分)(2025·河南湘豫名校二模)某种开两性花植物的花色有三种表型：红花、粉花和白花。该植物的花色由三对等位基因(A/a、B/b和C/c)控制，不考虑突变和致死等情况。同时具有A、B、C基因的植株开红花，白花植株的基因型为aabbcc，其余基因型的植株开粉花。科研人员用现有的红花植株甲(AaBbCc)和白花植株乙杂交，并统计F1植株的花色和比例。回答下列问题： (1)若F1植株中红花∶白花∶粉花＝1∶1∶2，则F1中红花植株的基因型为　　　　，控制该植物花色的三对等位基因　　　　(填“符合”或“不符合”)自由组合定律，判断的依据是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 (2)若F1全为粉花植株，且经过测序发现A/a和B/b基因位于一对同源染色体上，请将红花植株甲的基因型标在如图所示的染色体上。若让红花植株甲自交，则子代中红花植株所占比例为　　　　　　　。 (3)若F1全为粉花植株，且经过测序发现控制该植物花色的三对等位基因位于一对同源染色体上，　　　　(填“能”或“不能”)通过让F1粉花植株自交的方式区分F1粉花的基因型，理由是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 答案：(1)AaBbCc　不符合　F1植株中红花∶白花∶粉花的比值不符合1∶1∶6(或若三对基因自由组合，则F1植株中红花∶白花∶粉花＝1∶1∶6)　(2)　3/8　(3)不能　F1粉花植株自交后代的表型及比例均为粉花∶白花＝3∶1 解析：(1)具有A、B、C基因的植株开红花(A_B_C_)，白花植株的基因型为aabbcc，其余基因型的植株开粉花，用现有的红花植株甲(AaBbCc)和白花植株乙(aabbcc)杂交，若F1植株中红花∶白花∶粉花＝1∶1∶2，由于F1中出现了白花植株，所以F1红花植株甲的基因型为AaBbCc；若控制该植物花色的三对等位基因符合自由组合定律，则F1植株中红花∶白花∶粉花的比值应符合1∶1∶6，与红花∶白花∶粉花＝1∶1∶2不符，故控制该植物花色的三对等位基因不符合自由组合定律。(2)用现有的红花植株甲(AaBbCc)和白花植株乙(aabbcc)杂交，若F1全为粉花植株，且经过测序发现A/a和B/b基因位于一对同源染色体上，又因为红花植株甲的基因型为AaBbCc，则A和b连锁，a和B连锁，其基因分布可表示如下；若让红花植株甲自交，则子代中红花植株A_B_C_所占比例为1/2×3/4＝3/8。(3)用现有的红花植株甲(AaBbCc)和白花植株乙(aabbcc)杂交，若F1全为粉花植株，且经过测序发现控制该植物花色的三对等位基因位于一对同源染色体上，则植株甲的细胞中可能存在A、B、c(或a、b、C)连锁，A、b、C(或a、B、c)连锁或a、B、C(或A、b、c)连锁，则F1粉花植株的基因型可能有6种，分别是AaBbcc、aabbCc、AabbCc、aaBbcc、aaBbCc、Aabbcc，不能通过让F1粉花植株自交的方式区分这6种基因型，是因为F1粉花植株AaBbcc、aaBbCc等自交后代的表型及比例均为粉花∶白花＝3∶1。 学科网（北京）股份有限公司 $