2026年山东省滨州市中考考前物理预测练习卷

**基本信息** 以科技前沿（人形机器人、熔盐光热电站）与文化传承（多级漏刻、春节糖画）为情境，覆盖力学、电学、热学等核心知识，注重科学探究与实际问题解决能力的中考物理预测卷。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|15/30|参照物、物态变化、杠杆平衡|结合泡沫铝特性分析、苍鹭逆流现象等真实情境| |填空与作图|5/15|电磁波通信、电路动态分析|天舟九号对接电磁原理、红外补光反射作图| |实验探究|4/30|焦耳定律、密度测量、凸透镜成像|跨学科实践（杠杆测密度）、数据处理与误差分析| |综合应用|3/25|浮力计算、电热水器效率、风力发电|多级漏刻计时设计、墨脱水电站能量转化等工程问题|

2026年山东省滨州市中考考前物理预测练习卷 （考试时间：90分钟 试卷满分：100分） 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1．纯铝很软，也很轻，后来科研人员又研制出了更轻的铝——泡沫铝，在泡沫铝的“肚子里”尽是氢气泡，放在水里，它会像木头一样浮起来。另外泡沫铝能保温、隔音、具有高吸收冲击能力。根据泡沫铝的特性，下列应用场景中不合适的是（     ） A．防火隔热门 B．船舶外壳 C．高架吸音屏 D．包装运输品 2．如图所示，溪水缓缓向下游流动，苍鹭静静地站在溪流中。人们感觉苍鹭好像在逆流而上，所选的参照物是（　　） A．岸边的石头 B．向下游流动的溪水 C．站在岸边的观察者 D．远处静止的山峰 3．下列成语中蕴含的物态变化，需要吸热的是（　　） A．寒霜凝坠 B．冰消雪释 C．滴水成冰 D．晨露初凝 4．我国南极长城站成立四十载，南极科考队一路风雪兼程、筑梦冰原。如图，南极科考队用六足机器狗在南极的恶劣环境中运输货物。下列说法不正确的是（    ） A．机器狗多且宽大的“脚掌”是为了减小压强 B．以机器狗为参照物，被运输的货物是运动的 C．机器狗的“脚掌”陷入雪地说明力可以改变物体的形状 D．图中机器狗站立在水平冰面上，货物受到的重力和机器狗对货物的支持力是一对平衡力 5．“赏中华诗词，寻文化基因，品生活之美”。下列对古诗文中涉及的各种物理现象解释错误的是（     ） A．“清风不识字，何故乱翻书”，清风翻书，是因为书本上方空气流速变大，压强变大 B．“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，水下落过程中将重力势能转化为动能 C．“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”，磁针石指南方的一端是S极 D．“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，以山为参照物，轻舟是运动的 6．如图甲所示停车场常用闸杆来控制车辆出入。如图乙所示将闸杆看作一个质量分布均匀的杠杆，O为杠杆的支点。下列说法不正确的是 （    ） A．闸杆升起时，施加在A端的力F1为动力，此时闸杆是费力杠杆 B．闸杆升起时，动力沿F1方向比沿F2方向更费力 C．闸杆升起的过程中，阻力臂保持不变 D．适当将支点O向B端靠近，可以减小升起闸杆的动力 7．学校开展“探寻文化根脉，定格春节记忆”活动，同学们分享了题图照片，下列说法正确的是（     ） A．图甲冷却后的红糖糍粑，内能为零 B．图乙制作“糖画”过程，糖先熔化后凝华 C．图丙的汤圆很烫，是因为汤圆含有很高的热量 D．图丁摩擦可点燃“擦炮”，是通过做功的方式使其内能增大 8．如图所示是我国西部某熔盐塔式光热电站，上万面镜子将太阳光准确地反射到高塔顶端，太阳光的能量被塔顶的熔盐吸收，熔盐带着这些能量到达厂房，将水加热成水蒸气，水蒸气推动汽轮发电机发电。下列说法正确的是（　　） A．塔式光热发电站是将太阳能直接转化为电能 B．塔顶的熔盐吸收太阳光的能量，通过做功的方式增大内能 C．汽轮发电机发电是电生磁现象的应用 D．不同位置的镜子将太阳光反射到塔顶都遵循光的反射定律 9．如图所示是水从道路底下涵洞通过的截面示意图。下列说法正确的是（　　） A．当水不流动时，水对道路没有向上的压强 B．当水不流动时，水对a处的压强等于水对b处的压强 C．当涵洞内的水流动时，水在d点的流速小于c点的流速 D．当涵洞内的水流动时，水在d点的压强小于c点的压强 10．中国人自古就有“上天入海”的梦想，随着国家科技的飞速发展，这些梦想正在一步步变为现实。对于如图所示的“国之重器”的分析错误的是（　　） A．甲图，AS700飞艇中充入气体的密度小于空气的密度 B．乙图，093型核潜艇在浮出水面过程中，受到的浮力变大 C．丙图，C919客机逐渐升空过程中，窗外的大气压逐渐减小 D．丁图，“山东号”航母上舰载机起飞后，航母受到的浮力减小 11．2026年4月19日，全球人形机器人马拉松在北京亦庄鸣枪开跑，一些机器人的相机和驱动电机需要独立供电，要求相机先工作，驱动电机才能工作。下列关于这些机器人内部电路设计最合理的是（　　） A． B． C． D． 12．如图所示，水平桌面上完全相同的两个容器分别盛有不同液体甲、乙。将两个完全相同的实心球A、B分别用一根体积不计的细线拉住，并浸没在液体中，且A、B均不与容器壁接触。此时，两容器内的液面相平，如图所示。已知细线对物体A和B的拉力大小相等且均不为零。下列判断中正确的是（　　） A．实心球受到的浮力 B．液体对容器底部的压强 C．容器对桌面的压力 D．甲、乙两液体密度满足 13．某物理兴趣小组设计了一种测定蹦床所受压力的装置，其原理如图乙所示。电源电压不变，为定值电阻，压敏电阻的阻值随压力的变化而变化，其阻值与压力关系如图丙所示。闭合开关，当压力增大时，下列说法正确的是（　　） A．电压表的示数变小 B．电流表的示数变小 C．电压表与电流表的示数之比不变 D．电路的总功率变小 14．如图所示，滑轮组正把物资运送到高处，此时钢丝绳的拉力为1000 N，物资在10 s内匀速上升1 m，已知额外功为300 J，不计绳重与摩擦。则下列说法正确的是（     ） ①动滑轮重为200 N        ②建筑物资的质量为270 kg ③电动机对钢丝绳做功功率为300 W    ④滑轮组的机械效率为70% A．只有①③正确 B．只有②③正确 C．只有②④正确 D．只有①④正确 15．某同学通过实验制作了一个简易的温控装置，实验原理电路图如图所示，控制电路电源电压为1.8V，为热敏电阻，其阻值与温度t的关系如下表所示，电磁铁线圈的电阻为20Ω，当通过电磁铁线圈的电流达到15mA时衔铁被吸合，加热器停止加热。下列说法正确的是（   ） t/℃ 30.0 40.0 50.0 60.0 70.0 80.0 200 150 110 80 60 50 A．闭合开关S，电磁铁的上端为N极 B．仅将加热电路的电源电压调高，可使加热器在更低温度下停止加热 C．仅将滑动变阻器R的滑片向左滑动，可使加热器在更低温度下停止加热 D．当滑动变阻器R接入电路的电阻为20Ω时，加热器工作时的温度高于60℃ 二、填空与作图题：本题共5小题，填空每空1分，作图2分，共15分。 16．早上爸爸送小明上学，小明前后两次从后视镜中观察到一辆越野车分别如图甲、乙所示，设两车均匀速行驶，则以地面为参照物，越野车是_________的，且越野车的车速_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）小明所乘车的车速。 17．天舟九号货运飞船与地面控制中心之间是利用________（选填“电磁波”或“超声波”）传递信号的；小明设计了如图所示的天舟九号货运飞船与空间站对接的缓冲装置简化图。闭合开关，当条形磁体和通电螺线管靠近时，产生相互排斥的力，则电源左端为________（选填“正”或“负”）极；对接收尾阶段逐渐减小排斥力，此阶段滑动变阻器的滑片应逐渐向________（选填“A”或“B”）端滑动。 18．物理兴趣小组设计了一种超速自动报警装置，当车速过快时，提醒驾驶员需要减速，如图甲所示为该装置的简化电路图，电源电压为12V，定值电阻R为10Ω， Rv为速度传感器，其阻值随车速变化的关系图像如图乙所示，由图乙可知，当汽车的行驶速度逐渐增大时，电压表的示数______；若车速达到80km/h时，提醒语音响起，此时电压表示数为10V，则Rv的阻值为______Ω；当电压表的示数为8V时，汽车速度为______km/h。 19．雅鲁藏布江墨脱水电站已于2025年7月开建，预计建成后年发电量能达到千瓦时，我国最新的复兴号CR450动车组列车全速（超400 km/h）运行电功率约为，墨脱水电站一年发电量能支持2000辆该型号列车同时连续全速运行___________天，电能属于___________（选填“一次能源”或“二次能源”）。 20．2026年，我国自主研发的“天工”人形机器人正式亮相世界人工智能大会。如图所示，“天工”机器人在执行任务时展现了极高的科技水平：它不仅能在复杂地形中平稳行走，其头部的视觉传感器还能精准识别周围环境并完成扫码操作。请结合所学光学知识回答下列问题： （1）机器人的高清摄像头能够清晰地拍摄到前方的二维码，说明摄像头的镜头相当于凸透镜，可以成倒立、______________（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像； （2）在光线较暗的环境中，机器人依靠自带的红外补光灯照亮目标区域，光线照射到物体表面后返回传感器的接收器，从而让机器人看清环境，这是由于光发生了__________现象。请写出一个日常生活中应用这一性质的事例：___________________________________； （3）请在图中画出红外补光灯发出的入射光线AO经前方障碍物表面（可视为平面镜）反射后的反射光线，并标出反射角r。 三、实验探究题：本题共4小题，共30分。 21．（7分）如图甲、乙所示为小蕾同学所在小组探究“电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时采用的实验装置，其中四个相同的容器内密闭着等量空气，将1、2和3、4导线分别接到电源两端。 (1)实验中通过观察U形管中___________的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少。图甲所示的装置是用来探究电流通过电阻丝产生的热量的多少与___________的关系。 (2)图乙所示的实验装置是用来探究电流通过电阻丝产生热量的多少与___________的关系，通电一段时间，发现容器U形管两侧液面高度差更大，则可得出结论：___________。 (3)另一小组的同学设计了如图丙所示的实验装置，探究“比较不同物质的吸热能力”的实验，AB两段电阻丝的电阻应该是___________（选填“相同”或“不同”）的。 (4)图丙两个烧瓶中分别加入初温相同、___________（选填“质量”或“体积”）相等的水和煤油，通电一段时间后，煤油的温度更高，说明___________（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。 22．（7分）实验一 (1)如图甲是“探究平面镜成像特点”的实验装置图。在竖立的玻璃板前面点燃蜡烛，拿未点燃的蜡烛竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的_______观察（选填“前面”或“后面”），直至蜡烛和蜡烛的像完全重合。 (2)如图乙所示，小华靠近自动玻璃门进入商场，他在玻璃门中看到了自己的像。当他靠近自动门时，所成像的大小将_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图丙所示，当自动门打开时，左侧玻璃门中所成的像_______（选填“会”或“不会”）随左侧移门一起向左移动。 实验二 在“探究凸透镜成像的规律”实验中。 (3)安装器材时，应使烛焰和光屏中心、凸透镜的光心在_______上。 (4)图中光屏上恰好成清晰的像，该像的性质是倒立、_______的实像。 (5)把蜡烛向左移动一小段距离，发现光屏上清晰的像变模糊了，为了使光屏上再次成清晰的像，应该将光屏往_______移动（选填“左”或“右”）。 (6)另一组同学通过实验得出如图所示像距v和物距u的关系图像，根据图像可以判断下列说法错误的是_____________。 A．实验中，使用凸透镜的焦距为10cm B．D状态下，光屏上会成缩小的像 C．从C状态变化到B状态的过程中，所成像逐渐变大 D．A状态下，可在光屏上观察到一个放大的像 23．（6分）在跨学科实践活动中，小川用身边的器材粗略测量一件鱼形工艺品材料的密度。鱼形工艺品的材质均匀且不吸水，其内部为空腔，底部有圆孔。 (1)如图所示，利用右侧带有小孔的刻度尺制成一个简单的杠杆。应在刻度尺的___________（选填“左”或“右”）侧粘贴橡皮泥，使刻度尺在水平位置平衡； (2)往一个空的塑料瓶内，注入400mL水并拧紧瓶盖。则瓶内水的质量为_________g；已知水的密度为1.0g/cm3。 (3)将工艺品和注好了水的塑料瓶分别用细线悬挂在刻度尺两侧，使刻度尺再次水平平衡，如图所示。小川认为塑料瓶非常轻，其质量可忽略不计。则工艺品的质量为_________g； (4)用一个足够大的塑料袋，贴着一个硬而薄的正方体（边长为20cm）纸盒的内壁铺好，注入适量的水。小川将工艺品浸没在水中，使其空腔内也充满水。因工艺品浸没，纸盒内水面上升了0.9cm，如图所示。则工艺品材料的体积为___________cm3，可算出工艺品材料的密度为___________ (5)实验后，小川对实验过程进行分析，认为忽略塑料瓶的质量导致测量的误差较大，他想了想，于是将刚才注水的塑料瓶放入丙图纸盒中，塑料瓶在水中漂浮（未接触水底），此时水面上升的高度为1.1cm，则工艺品材料的密度为___________kg/m3。 24．（10分）在调光灯的电路中，若电源电压大于灯泡的额定电压，就需要串联一只电阻，如何选择电阻?要解决这一问题，需先了解电流与电压、电阻之间的关系。于是小华提出以下猜想： 【问题】 ①导体中的电流与导体两端电压成反比 ②导体中的电流与导体两端电压成正比 ③导体中的电流与导体电阻成反比 ④导体中的电流与导体电阻成正比 【证据】 为验证猜想，小华找来可调节电压的学生电源，电流表（量程），电压表（量程），阻值为、、、、的定值电阻各一个，滑动变阻器（“；”），开关及导线若干。 (1)小华连接如图甲所示电路，闭合开关S后，只有__________表有示数，经排查有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。 (2)排除故障后，小华用阻值为的定值电阻进行实验，测得数据如表一所示。分析数据可知：在导体的电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成_____________比。 表一 次数 1 2 3 4 5 U/V 1.0 1.5 2.0 2.5 2.8 I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.56 (3)小华将电源电压调整为，分别将、、、、五个定值电阻依次接入电路，调节滑片使每次电压表示数保持不变，并将对应电流表的示数填在表二中。 表二 次数 1 2 3 4 5 5 10 15 20 25 I/A E 0.20 0.14 0.10 0.08 ①第1次实验时，电流表的示数如图乙所示，表格中E处的数据应为_______。 ②完成实验1后断开开关，改接的定值电阻，将进行下列操作： a．闭合开关 b．将滑动变阻器的滑片移到最右端 c．记录电流表示数 d．移动滑动变阻器的滑片使电压表示数保持不变 从安全和规范角度考虑，以上操作顺序正确的是_________。 A． B． C． D． ③实验完成后，老师指出表二中第5次数据是拼凑的，在不更换滑动变阻器和改变预设电压的前提下，为完成第五次实验，可调节电源电压的最大值为_______________V。 【解释】 (4)正确收集所有数据后，根据表一和表二数据分析可知：猜想__________（填序号）是正确的。 【交流】 (5)实验结束后，小华设计了图丙所示的电路来测量额定电压为的小灯泡正常发光时的电阻。已知电源电压为，定值电阻的阻值为，实验操作步骤如下。 ①闭合开关、，断开，调节的滑片，使小灯泡正常发光； ②保持滑片位置不动，闭合开关、，断开，此时电压表的示数为。 则小灯泡正常发光时的电阻__________。 四、综合应用题：本题共3小题，共25分。 25．（9分）小明去博物馆看到我国古代的计时工具——多级漏刻，如图甲所示。通过查阅资料，小明了解到其中箭壶的结构如图乙所示，可以在箭杆的刻度上读出滴水的时间。小明准备自己制作一个简单的箭壶进行计时，他找了一个底面积为500cm2，高50cm，重70N的玻璃容器，再用木板做成质量为0.1kg的箭杆，并把它安装在底面积为200cm2，高5cm的木块A上（粘连部分所用胶水质量忽略不计），如图丙所示放置。小明将水龙头调至均匀出水状态，测得每分钟出水30cm3，然后让水滴入箭壶内，并记录滴水时间t和木块A下表面与容器底的距离h，直到木块A的上表面与容器上沿相平时结束计时，如图丁所示。（g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m³） (1)当滴水时间为0.5h时，木块A与箭杆组成的箭舟整体受_________个力。 (2)求箭舟恰好漂浮时容器中水的体积。 (3)求木块A的密度和结束计时时容器对桌面的压强。 (4)小明想改进这套装置以实现24h计时功能，请你通过计算，给出合理的方案。（提醒：当木块A对容器底部压力恰好为0时，为计时的0刻度线） 26．（8分）如图是小新同学家热水器的自动控温电热水器的电路图，其中工作电路中的电压为，控制电路电压为，为热敏电阻（阻值随温度的升高而减小），置于水箱中，产生的热量对水箱中水温的影响忽略不计，为可调电阻，用来设定电热水器的水温。、为纯电热丝，均置于水箱中，，。电磁铁线圈电阻忽略不计，当控制电路中的电流达到特定值时，电磁铁衔铁被吸下，此时工作电路处于保温状态（保温状态时，水的温度会逐渐降低），当水温降低到某一温度后，电磁铁衔铁被弹上去，此时电路处于加热状态。工作过程中，电源电压均保持不变，请完成下列问题： (1)图甲中电磁铁的上端为__________（选填“N极”或“S极”）；如果想要设定更高的水温则将滑片向__________（选填：“左”或“右”）滑动； (2)这款电热水器储有的水，若该款热水器在加热状态下正常工作2小时，且产生的热量被水吸收，则水温理论上能升高多少℃?[] (3)小新同学想到了电热水器的两种使用方式，第一种：“一直通电”，据了解热水器在“一直通电”状态下实际加热时间的总和约为，其余时间均为保温状态；第二种：“使用时插”，小新每次使用之前将热水器通电，此时将水加热到设定温度需要加热工作，随即断电使用。通过计算，结合实际情况，如果你是小新你会选择第几种使用方式，并说明理由。 27．（8分）利用清洁能源发电，谱写了清洁发展与自然和谐共生的新篇章。风力发电时风轮机叶片不断受到风力的推动而转动，继而带动发电机工作输出电能，如图-1所示，已知叶片质量均为6t风机叶片形状像飞机的机翼，叶片位置和风向如图-2所示，由于叶片两面空气流速不同产生压强差而受到向上的力使风叶旋转，空气在不同风速下动能与风速的关系如下表所示。 动能/J 10 20 30 40 50 风速/（） 2 4 6 8 10 当风速为10m/s时，若风力发电机的正对迎风面积为（正对迎风面积是风轮机叶片旋转所扫过的圆面的面积），每秒能对外提供的电能为。 (1)发电机是利用________原理进行发电的，风能是一种________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 (2)风力发电机将空气运动的动能（风能）转化为电能的效率是多少？ (3)该风力发电机工作1h获得的电能相当于完全燃烧多少千克的煤产生的电能？（煤的热值为，煤电站发电效率为25%） 参考答案与解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B B B A C D D D B 题号 11 12 13 14 15 答案 B D C B C 1．B 【详解】A．泡沫铝能保温，隔热性强，因此可以用来制作防火隔热门，故A不符合题意； BD．泡沫铝具有高吸收冲击能力，表明泡沫铝很软，强度较低，可以应用在包装运输上，但不适合制作船舶外壳，故B符合题意，D不符合题意； C．泡沫铝能隔音，因此可以用来制作高架吸音屏，故C不符合题意。 故选B。 2．B 【详解】苍鹭是静止站在溪流中的，相对于岸边的石头、观察者、山峰，它的位置都没有变化，所以是静止的。但溪水是向下游流动的，如果以溪水为参照物，苍鹭相对于溪水的位置，是不断向上游方向变化的，所以会感觉苍鹭在“逆流而上”。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 3．B 【详解】A．霜是由空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故A不符合题意； B．雪由固态变成液态的水，属于熔化现象，熔化吸热，故B符合题意； C．水由液态变成固态的冰，属于凝固现象，凝固放热，故C不符合题意； D．露是由空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D不符合题意。 故选B。 4．B 【详解】A．宽大脚掌增大了受力面积，压力一定时，增大受力面积可以减小对地面的压强，故A正确； B．被运输的货物随机器狗一起运动，货物相对于机器狗没有位置变化，因此以机器狗为参照物，被运输的货物是静止的，故B错误； C．机器狗脚掌使雪地凹陷、形状改变，说明力可以改变物体的形状，故C正确； D．站立时，货物静止，货物受到的重力和机器狗对货物的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线上，是一对平衡力，故D正确。 本题选择错误的，故选B。 5．A 【详解】A．风吹过书页的上表面时，使书表面上空气流动速度增大，压强减小，而书页下表面的压强不变，在上下压强差的作用下，书页会向上翻，故A错误，符合题意； B．水下落过程中，高度降低重力势能减小，速度增大，动能增大，将重力势能转化为动能，故B正确，不符合题意； C．地球是一个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，小磁针在地磁场的作用下，始终指向南北方向，其中小磁针的南（S）极指向地磁北极，故C正确，不符合题意； D．以山为参照物，轻舟相对与山的位置发生了变化，轻舟是运动的，故D正确，不符合题意。 故选A。 6．C 【详解】A．闸杆升起时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A正确； B． 方向的动力臂小于 方向的动力臂，根据杠杆平衡条件，动力臂越小越费力，故B正确； C．闸杆升起过程中，重力作用线与支点的距离（阻力臂）逐渐减小，故C错误； D．支点向端靠近，动力臂增大、阻力臂减小，根据杠杆平衡条件，动力减小，故D正确。 本题选择错误的选项，因此选C。 7．D 【详解】A．一切物体在任何情况下都具有内能，冷却后的红糖糍粑内能减小，但不为零，故A错误； B．制作糖画时，固态糖受热变成液态是熔化，液态糖冷却后变成固态糖画是凝固，所以是先熔化后凝固，故B错误； C．热量是过程量，只能描述为“吸收或放出热量”，故C错误； D．摩擦擦炮时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功的方式使擦炮内能增大、温度升高达到燃点点燃，故D正确。 故选D。 8．D 【详解】A．塔式光热发电站是将太阳能转化为水蒸气的内能，内能转化为机械能，最后转化为电能，故A错误； B．塔顶的熔盐吸收太阳光的能量，通过热传递的方式增大内能，故B错误； C．发电机的工作原理是电磁感应，属于磁生电现象，故C错误； D．所有光的反射现象都遵循光的反射定律，不同位置镜子的反射也不例外，故D正确。 故选D。 9．D 【详解】A．液体内部向各个方向都有压强，当水不流动时，水对道路有向上的压强，故A错误； B．由图可知，a点到液面的深度要小于b点到液面的深度，即则由可知，当水不流动时，水对a点的压强小于水对b点的压强，故B错误； CD．由于相同时间流过涵洞的水量不变，图中d点位置涵洞的横截面积比c点的横截面积小，所以当涵洞内的水流动时，水在d点的流速比在c点的快，由于流体流速越快的位置，压强越小，所以当涵洞内的水流动时，水在c点的压强大于d点的压强，故C错误，D正确。 故选D。 10．B 【详解】A．飞艇能浮在空中，是因为艇内充入气体的密度小于空气密度，使总浮力大于总重力实现升空，故A正确； B．根据阿基米德原理，核潜艇浮出水面的过程中，排开水的体积逐渐减小，水的密度不变，因此受到的浮力逐渐减小，不是变大，故B错误； C．大气压随海拔高度升高而减小，客机升空过程中海拔升高，窗外大气压逐渐减小，故C正确； D．航母始终漂浮，浮力等于总重力，舰载机起飞后，航母总重力减小，因此受到的浮力减小，故D正确。 本题选择错误的，故选B。 11．B 【详解】相机和驱动电机独立供电，说明两者是并联关系；要求相机先工作，电机才能工作，说明电机的支路需要一个开关，在相机工作后才能控制电机工作；而相机的支路不受电机开关影响。故选B。 12．D 【详解】A．对实心球A受力分析，得，对实心球B受力分析，得，且细线对物体A和B的拉力大小相等且均不为零，显然，故A错误； B．由，结合，V排相同，可得。根据，两容器液面相平h相同，故液体对容器底部的压强，故B错误； C．如图两液体体积相等，并且，则甲液体质量小于乙液体质量，故甲液体重力小于乙液体重力。容器对桌面的压力包括容器自重、液体和球的重力（A球还需减去向上的拉力），则甲容器对桌面的压力一定比乙小，即，故C错误； D．对实心球A受力分析，得，代入浮力与重力的表达式，得 对实心球B受力分析，得，代入浮力与重力的表达式，得 两式联立得 整理等式两边得，故D正确。 故选D。 13．C 【详解】AB．电源电压不变，根据欧姆定律，压力增大时，压敏电阻R的阻值减小，电路总电阻随之减小。总电阻减小后电路电流变大，因此电流表示数变大，定值电阻阻值不变，根据，电流变大则两端电压（电压表示数）变大，故AB错误； C．电压表与电流表示数的比值，是定值电阻，因此比值不变，故C正确； D．电路总功率，电源电压U不变，电流I变大，因此总功率变大，故D错误。 故选C。 14．B 【详解】①不计绳重与摩擦时，额外功为克服动滑轮重力做功，则，故①错误； ②由图知承担重物的绳子股数,绳子自由端移动距离 总功 有用功 物资重力 物资质量，故②正确； ③功率为总功与时间的比值，故③正确； ④机械效率为有用功与总功的比值，故④错误。 综上只有②③正确，故选B。 15．C 【详解】A．根据安培定则，电流从电磁铁上端流入、下端流出，右手握住螺线管可判断，电磁铁下端为N极，上端为S极，故A错误； B．停止加热的条件由控制电路的电流决定，加热电路是工作电路，其电压变化不影响控制电路的电阻、电流，不会改变停止加热时对应的大小，因此停止加热的温度不变，故B错误； C．根据欧姆定律，停止加热时控制电路总电阻 总电阻满足，代入，整理得。滑动变阻器滑片向左滑动时，接入电路的电阻减小，因此停止加热需要的增大；由表格规律，越大对应温度越低，因此加热器会在更低温度下停止加热，故C正确； D．当时，停止加热对应的 对应温度为，即温度升高到时，加热器就停止加热，因此加热器工作时温度不会高于，故D错误。 故选C。 16． 运动 大于 【详解】以地面为参照物，越野车的位置发生了变化，所以越野车是运动的。   从甲、乙两图可以看出，小明能通过后视镜两次看到越野车，且越野车在后视镜中的像越来越大，说明越野车在靠近小明所乘的车，两车都匀速行驶，只有当越野车的车速大于小明所乘车的车速时，越野车才会追上并靠近小明的车。 17． 电磁波 正 B 【详解】太空是真空环境，真空不能传播超声波，而电磁波可以在真空中传播，因此飞船与地面控制中心利用电磁波传递信号。 同名磁极相互排斥，已知条形磁体靠近螺线管的一端是N极，因此螺线管左端也为N极。根据安培定则：右手握住螺线管，大拇指指向N极（左端），四指弯曲方向为电流方向，可判断电流从螺线管左端流入，因此电源左端是正极。 排斥力减小需要减弱螺线管的磁性，磁性越弱需要电路电流越小，因此要增大滑动变阻器接入电路的电阻。该滑动变阻器接入的是A到滑片的电阻段，滑片向B端移动时，接入的电阻丝长度变长，电阻变大，电流变小，因此滑片向B端滑动。 18． 增大 50 20 【详解】由图乙可知随着速度v的变大，Rv的阻值也逐渐变大。甲图中，Rv与R串联，电压表测量Rv两端电压，由于电源电压不变，根据串联电路分压的特点，汽车的行驶速度逐渐增大，Rv的阻值也逐渐增大，Rv两端电压逐渐变大，即电压表示数也逐渐增大； 当车速达到时，电压表示数即Rv两端电压为10V，电源电压 根据串联电路分压原则，定值电阻R两端电压 则电路中电流 Rv阻值 即当车速达到时，Rv的阻值为50Ω； 当电压表示数即，则定值电阻R两端电压 电路中电流，此时Rv两端电压 设此时汽车的速度为v0，由图乙可知 可知 19． 不可再生 电磁波 【详解】[1]天然气不能在短时间内从自然界得到补充，天然气属于不可再生能源。 [2]电磁波可以在真空中传播，传播距离远，传播速度快，还能绕过部分障碍物，信号传递稳定，平台上装配了5G设备，地面工作人员利用电磁波就能实现远程控制。 20． （1）缩小 （2）反射 潜望镜（或汽车后视镜、自行车尾灯等）（3）如图所示： 21．(1) 液面高度 电阻 (2) 电流 电阻和通电时间一定时，电流越大，导体产生的热量越多 (3)相同 (4) 质量 水 【详解】（1）[1]本实验采用转换法，电流通过电阻丝产生的热量无法直接观察，容器内空气吸收热量后体积膨胀，会推动U形管中的液体形成高度差，热量越多，空气膨胀越明显，U形管液面高度差就越大，因此通过液面高度差的变化能反映产热量的多少。 [2]图甲中两个电阻丝串联在电路中，串联电路的特点是电流处处相等，且通电时间由开关控制，二者也相同，实验中唯一改变的物理量是电阻丝的阻值，因此该装置探究的是电流产生热量与电阻的关系。 （2）[1]图乙中右侧两个相同的电阻丝并联后，再与左侧相同电阻丝串联，保证了容器内的电阻丝的阻值相同，通电时间也一致，左侧电阻丝的电流等于右侧两个电阻丝的电流之和，即通过容器内的电阻丝的电流大小不同，由此可知，该实验的变量是电流，探究的是电流产生热量与电流的关系。 [2]通电一段时间，发现c容器U形管两侧液面高度差更大，则可得出结论：在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，导体产生的热量越多。 （3）探究不同物质的吸热能力，需要控制两种物质吸收的热量相同，AB两段电阻丝串联，电流和通电时间相等，根据焦耳定律，当电流和通电时间相同时，还需使电阻相同，产生的热量Q才会相同，这样才能保证两种物质吸收的热量一致，进而比较它们的吸热能力。 （4）[1]探究不同物质的吸热能力时，根据，需要控制两种物质的质量相等，这样才能在吸收相同热量Q时，通过比较温度的变化来判断吸热能力的强弱。 [2]相同时间内，电阻丝产生的热量相同，水和煤油吸收的热量也相同，煤油的温度升高得更高，说明相同质量的煤油和水吸收相同热量时，煤油的温度变化更大，根据，温度变化越小，吸热能力越强，因此水的吸热能力更强。 22．(1)前面 (2) 不变 不会 (3)同一高度 (4)放大 (5)左 (6)D 【详解】（1）平面镜成像依靠光的反射形成，蜡烛A的反射光线只能在玻璃板前侧（A蜡烛一侧）进入人眼，因此人眼需要在玻璃板前面观察，才能让蜡烛B与A的像重合。 （2）平面镜成像特点：像的大小始终和物体大小相等，和物距无关，因此人靠近玻璃门时，像的大小不变。 像与物体关于镜面对称，人的位置不变，因此像的位置也不变，不会随移动的玻璃门一起移动。 （3）探究凸透镜成像规律时，为了让像清晰成在光屏中央，需要调整烛焰、凸透镜光心、光屏的中心在同一高度。 （4）由图可得物距小于像距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、放大的实像。 （5）蜡烛向左移动，物距变大，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”，像距会变小，因此需要将光屏向左移动，才能再次承接到清晰的像。 （6）A. 凸透镜成等大实像时满足，对应C点可得该凸透镜焦距为10cm，故A正确； B. D状态下物距大于2倍焦距，因此光屏上成缩小的实像，故B正确； C. 凸透镜成实像时，物距越小像越大，从C状态变化到B状态物距逐渐减小，因此所成像逐渐变大，故C正确； D. A状态下物距小于焦距，成正立放大的虚像，虚像无法呈现在光屏上，故D错误。 故选D。 23．(1)右 (2)400 (3)720 (4) 360 2 (5)2200/ 【详解】（1）图甲中支点在刻度尺30cm处，杠杆左端下沉右端上翘，因此需要在右侧粘贴橡皮泥，使刻度尺在水平位置平衡。 （2）水的体积，瓶内水的质量 （3）根据杠杆平衡条件，已知工艺品力臂，瓶和水的力臂，忽略瓶质量可得 ，则 （4）正方体纸盒底面积 工艺品浸没且空腔充满水，液面上升增加的体积等于材料本身的体积，因此材料体积 材料密度 （5）修正塑料瓶质量，注水塑料瓶漂浮时，排开水的体积 漂浮时浮力等于总重力，因此瓶和水总质量 重新根据杠杆平衡计算工艺品质量 修正后的密度 24．(1) 电压 / (2)正 (3) 0.4 C 5.2 (4)②③ (5)12.5 【详解】（1）原电路电压表串联在电路中，因电压表内阻极大，电路电流几乎为零，电流表无示数，电压表相当于测量电源电压，因此只有电压表有示数；原电路中定值电阻左接线柱与滑动变阻器上右接线柱的导线连接错误，在该导线上打×，将导线改接至电流表的正接线柱或电压表的负接线柱，使电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，据此作图。 （2）由表一数据可知，电阻一定时，电流与电压的比值为定值，因此在导体的电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。 （3）由图乙可知，电流表用的小量程，分度值是0.02A，电流为0.4A； 更换定值电阻后，正确操作顺序为：先将滑动变阻器滑片移到最大阻值处（保护电路），再闭合开关，接着移动滑片使电压表示数保持不变，最后记录电流表示数，即顺序为b→a→d→c，选C。 预设定值电阻两端电压为2V不变，滑动变阻器最大阻值为40Ω，当接入时，根据串联分压规律，滑动变阻器最大分压，因此电源最大电压 （4）实验结论为：电阻一定时，导体中电流与导体两端电压成正比（猜想②正确）；电压一定时，导体中电流与导体电阻成反比（猜想③正确）。 （5）闭合、，断开，电压表测小灯泡两端电压，调节滑片使小灯泡正常发光，此时；滑片位置不变，闭合、，断开，电压表测小灯泡和的总电压，示数为，因此两端电压 电路电流 该电流等于小灯泡额定电流，因此小灯泡正常发光电阻 25．(1)2 (2)900cm3 (3)； 6200 Pa (4)原容器总容积为 扣除木块体积和0刻度已有的水，可容纳新增水体积 若保持原容器不变，出水速度需要调整为 即可实现24h计时。 【分析】（1）先计算滴水0.5h的总滴水量，结合容器底面积求出此时容器内水深，判断箭舟是否已经漂浮，再对箭舟进行受力分析确定受力个数。 （2）箭舟恰好漂浮时浮力等于总重力，用阿基米德原理求出排开水的体积，再结合此时水深与木块底面积、容器底面积的关系，计算容器中水的体积。 （3）根据木块的底面积和高度求出体积，结合木块质量用密度公式计算密度；先确定结束计时时容器内水的总体积，计算水的重力，再加上容器、箭舟的总重力得到容器对桌面的压力，结合容器底面积用压强公式计算压强。 （4）先计算24h的总滴水量，结合原装置的容积限制，从调整滴水速度、更换更大容积的容器、调整箭舟参数中的一个或多个方向，推导满足计时时长的参数条件。 【详解】（1）由题意和图丁可知， 时木块A对容器底压力恰好为0，箭舟整体处于漂浮状态，仅受重力和浮力，共2个力。 （2）由图丁可知，从开始滴水到箭舟恰好漂浮，滴水时间为 箭舟恰好漂浮时，容器中水的体积 （3）箭舟恰好漂浮时，水的深度 排开水的体积 由阿基米德原理得浮力 箭舟恰好漂浮时，浮力等于总重力，因此箭舟总重力 箭杆重力 木块A的重力 木块A的质量 木块A的体积 木块A的密度 结束计时总滴水时间 总水的体积 水的总重力 容器对桌面的总压力 容器底面积 容器对桌面的压强 （4）原装置从0刻度到结束仅可计时 ，要实现24h计时，需要容纳更多出水量。原容器总容积为 扣除木块体积和0刻度已有的水，可容纳新增水体积 若保持原容器不变，出水速度需要调整为 ，即可实现24h计时； 若保持出水速度不变，则容器内需要容纳的水 则容器的最小底面积 因此若保持出水速度不变，则需要换用底面积不小于、高50cm的容器即可，方案合理即可。 26．(1) S极 右 (2)22℃ (3)为了生活便利性，能随时提供热水，选择第一种。 理由： 第一种方式消耗的电能为 第二种方式消耗的电能为 对比可得，，若每日多次使用热水，第二种方式多次加热的总耗电量会超过第一种，所以为了生活便利性，能随时提供热水，选择第一种。 【详解】（1）根据安培定则：右手握住螺线管，四指顺着电流方向，电流从电磁铁上端流入、下端流出，大拇指指向螺线管下端（N极），因此上端为S极。 设定更高水温时，水温升高，热敏电阻R1阻值随温度升高而减小；电磁铁吸合衔铁的电流为定值，控制电路总电阻保持不变，因此需要滑动变阻器R2阻值增大，由图可知滑片向右滑动时，R2接入电路的阻值增大，因此滑片向右滑动。 （2）衔铁弹起时，只有R3接入工作电路，总电阻更小，功率更大，为加热状态；由可得，加热功率为 由可得，加热2h消耗的总电能为 由可得，水吸收的热量为 由可得，水温升高量为 （3）衔铁吸下时，R3与R4串联为保温状态，总电阻为 则保温功率为 第一种（一直通电）24h总耗电量为 第二种（使用前通电，按每日使用1次计算）总耗电量为 对比得，因此：若每日仅使用1次热水，第二种更省电；若每日多次使用热水，多次加热总耗电量会超过第一种，选择第一种。结合日常普通使用场景，选择第二种更节能。 27．(1) 电磁感应 可再生 (2)36% (3)172.8kg 【详解】（1）根据发电机的工作原理，发电机是利用电磁感应原理发电，将机械能转化为电能。 风能可以源源不断从自然界获取，因此风能是可再生能源。 （2）设时间，风速，迎风面积 则1秒内流过迎风面积的空气体积为 由表格可知，风速为时空气动能为，则空气总动能为 风力发电机每秒输出电能为 其转化效率为 （3）发电机工作1h获得的总电能为 煤电站发电效率，则煤完全燃烧需放出的热量为 已知煤的热值为，相当于完全燃烧煤的质量为 学科网（北京）股份有限公司 $报告查询：登录zhixue.com或扫描二维码下载App (用户名和初始密码均为准考证号) 可 2026年山东省滨州市中考考前物理预测练习卷 姓名： 班级： 考场/座位号： 准考证号 注意事项 [o] ] [0] [0] [0] [0] [o] [o] 1. 答题前请将姓名、班级、考场、准考证号填写清楚。 [1] [ [1] [1] [1] [1] [1] 2. 客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净 [21 [2] [2] [2] [2] 3.主观题答题，必须使用黑色签字笔书写。 [3] [3] [3] [3] 3 [3] [3] 4.必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效， [4] [4] [4] [4] [4] [4] [4] [4] 5. 保持答卷清洁、完整。 [5] [5] [5] [5] [5] [5] [5] [5 [6] [6] [6] [6] [6] [6] [6] 6] 正确填涂 缺考标记 [ [7] [7] [7] [7] [ [ [ [8] [8] [8] [8] [8] [8] [8] [8l [9 [9] [9] [9] [9] [9] [9] [9] 一、 选择题 1[A][B][C][D] 6[A][B][C][D] 11[A][B][C][D] 2[A][B][C][D] 7[A][B][C][D]12[A][B][C][D] 3[A][B][C][D] 8[A][B][C][D] 13[A][B][c][D] 4[A][B][C][D] 9[A][B][C][D]14[A][B][c][D] 5[A][B][C][D] 10[A][B][C][D]15[A][B][C][D] 二、填空与作图题 16. 17. 18. 19. 20.(1) (2) (3) 0 三、实验探究题 ㄖ囚■ 21.(1) (2) (3) (4) 22.(1) (2) (3) (4) (5) (6) 23.(1) (2) (3) (4) (5) 24.(1) 如图所示： ● R (2) (3)① ② ③ (4) 四、综合应用题 25.解： 囚囚■ ■ 26.解： 1 1 1 1 ■ 囚■囚 ■ ■ㄖ 搏Lz 口 ■