广东广州市2025-2026学年高一下学期物理期末复习练习卷

**基本信息** 以生活现象（如跳伞、火车转弯）、科技前沿（捷龙三号火箭）为情境，通过选择、实验、计算题型，融合运动与相互作用、能量观念，培养科学推理与模型建构能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|圆周运动、万有引力、动量定理|结合儿童荡秋千等生活情境，考查超重失重等物理观念| |非选择题|5题/54分|平抛运动实验、机械能守恒、曲线运动综合|实验题（如平抛轨迹分析）培养科学探究能力，计算题（斜面与圆弧轨道结合）提升综合应用能力|

广东广州市2025-2026学年高一下学期物理期末复习练习卷 一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分） 1．生活中的很多现象往往都可从物理的角度进行解释。在下面的四幅图中，甲图展示的是正在跳伞的运动员，有风时，跳伞员在竖直方向的运动情况与无风时相同，乙图展示的是火车正在水平面内转弯，丙图展示的是儿童正在荡秋千，丁图展示的是摩托车骑手正在球形铁笼竖直面内沿内壁进行“飞车走壁”表演。下列对四幅图中有关现象的说法正确的是（　　） A．甲图中有风时比无风时跳伞员落地时间长 B．乙图中外轨高于内轨，但是火车的轮缘可能对外轨产生侧向挤压 C．丙图中秋千摆至最低点时，儿童处于失重状态 D．丁图中在竖直面内做圆周运动的摩托车，在最高点时的速度可以为零 2．下列是生活中圆周运动的实例图，其中分析正确的是（    ） A．图甲中汽车通过拱桥最高点时，地面对汽车的支持力大于其重力 B．图乙中洗衣机脱水桶的脱水原理是衣服太重从而把水从衣服内压出来了 C．图丙中杂技演员表演“水流星”，当桶匀速转动通过最高点时水对桶底的压力最大 D．图丁中火车转弯超过规定速度行驶时，外轨对轮缘会有挤压作用 3．2026年3月22日，我国在山东海阳附近海域使用捷龙三号运载火箭，以“一箭十星”方式将“微厘空间”02组卫星送入轨道高度约为500公里的预定轨道。假设其中一颗卫星绕地球做匀速圆周运动，地球表面重力加速度g=10 m/s2，下列说法正确的是（　　） A．该卫星的运行速度大于第一宇宙速度 B．该卫星的发射速度大于7.9 km/s C．该卫星绕地球运行的周期约为24 h D．该卫星的向心加速度约为5 m/s2 4．将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已知圆周运动半径R为0.3m，小球所在位置处的切面与水平面夹角θ为37°，小球质量为0.48kg，重力加速度大小。则该小球（     ） A．角速度大小为 B．线速度大小为2m/s C．向心加速度大小为6m/s2 D．所受支持力大小为6N 5．质量为的小球从水平地面以初速度竖直上抛，运动过程中所受空气阻力与速度大小成正比，小球上升到最大高度后下落返回，落地时速度大小为。则下列说法正确的是（    ） A．小球上升过程中重力的冲量大小大于下落过程中重力的冲量大小 B．小球上升过程中空气阻力的冲量大小等于下落过程中空气阻力的冲量大小 C．小球上升过程中重力做功的功率大小等于下落过程中重力做功的功率大小 D．在整个运动过程中小球所受合外力的冲量大小为 6．萍乡市上栗县是“中国烟花爆竹之乡”，现有上栗县生产的某烟花筒，结构如图1所示。其工作原理为：点燃引线，引燃发射药燃烧发生爆炸，礼花弹获得一个竖直方向的初速度并同时点燃延期引线，当礼花弹到最高点时，延期引线点燃礼花弹并炸开形成漂亮的球状礼花。现假设某礼花弹在最高点炸开成a、b两部分，速度均为水平方向。炸开后a、b的轨迹图如图2所示。不计空气阻力，则（　　） A．炸开后a、b处于最高点时，a、b两部分的动能之比为1∶3 B．炸开后a、b处于最高点时，a、b两部分的动量大小之比为1∶3 C．从炸开到两部分落地的过程中，a、b两部分所受重力的冲量之比为3∶2 D．a、b两部分落地时的重力功率之比为1∶2 7．如图甲所示，质量为m的滑块静止在倾角θ=30°的粗糙斜面底端，现用平行于斜面向上的拉力F作用在滑块上，滑块沿斜面运动x0=2m时撤去拉力F，此时滑块的机械能E0=80J，滑块上滑过程中机械能E与上滑位移x之间的关系图像如图乙所示，滑块运动2x0时到达最高点，取斜面底端重力势能为0，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是（     ） A．滑块的质量为m=2kg B．滑块所受摩擦力的大小为5N C．拉力F的大小恒为40N D．拉力F撤去时滑块的动能为50J 8．要使两物体间的万有引力减小到原来的，以下措施可行的是（　　） A．使两物体的质量各减少一半，距离不变 B．使其中一个物体的质量减小到原来的，距离不变 C．使两物体间的距离和质量都减少到原来的 D．使两物体间的距离和质量都增加为原来的2倍 9．某游乐场的滑梯可以简化为如图所示的竖直面内半径为R的四分之一固定圆弧轨道，一质量为m的小孩沿轨道滑行，由于小孩与轨道之间的动摩擦因数是变化的，使小孩从最高点A以某一初速度滑行到最低点B的过程中速率不变，不计空气阻力，重力加速度为g，则此过程中（　　） A．小孩所受摩擦力做功为mgR B．小孩所受合力始终不做功 C．小孩所受摩擦力做功的功率逐渐减小 D．小孩所受重力做功功率先增大后减小 10．如图所示，一根轻质弹簧一端固定于光滑竖直杆上，另一端与质量为的滑块连接，穿在杆上，一根轻绳跨过定滑轮将滑块和重物连接起来，的质量为。将从图中点由静止释放后沿竖直杆上下运动，当它经过、两点时弹簧对滑块的弹力大小相等。已知与水平面的夹角长为，与垂直，不计滑轮的摩擦，重力加速度为。则P从A点到B点的过程中（　　） A．和组成的系统机械能守恒 B．弹簧的弹力先减小再增大 C．克服重力做的功为 D．运动至点时的速度大小为 二、非选择题（11题8分，12题8分，13题11分，14题13分，15题14分，共54分） 11．某实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置“研究平抛物体运动”，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。 (1)一同学让小球从斜槽上离水平桌面高为处由静止释放，使其水平抛出，多次描点，绘出小球做平抛运动时球心的轨迹，下列说法正确的是______（单选）。 A．实验所用斜槽应尽量光滑 B．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些 C．为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条曲线把所有的点连接起来 (2)某同学在做平抛运动实验时得到了如图乙所示的运动轨迹，、、三点的位置在运动轨迹上已标出，取。 ①小球做平抛运动的初速度大小为______； ②小球抛出点的位置坐标为______，______。 (3)由于该同学在确定竖直方向时未用到铅垂线，而导致该同学所绘图像的轴在实际竖直方向稍偏左侧的位置，则该实验小组测得的小球的初速度______（填“大于”“等于”或“小于”）小球真实的初速度。 12．在“验证机械能守恒定律”的实验中。 (1)下列操作正确的是________。 A． B． C． (2)如图是实验中获得的一条纸带，其中O为打点计时器打下的第一个点，并测得下落高度如图所示。已知重物质量为m，打点周期为T，重力加速度为g，则打下“D”点时，重物下落的速度大小________，重物从O点下落到D点的重力势能减少量________（用图中所给字母及m、T、g表示）。 (3)实验中某同学的实验数据结果显示重物动能的增加量大于重力势能的减少量，则可能的原因________（多选）。 A．电源的频率小于50Hz B．利用公式计算重物速度 C．O点初速度不为0 D．空气对重物有阻力和打点计时器对纸带有阻力 13．质量的小型电动汽车在平直的公路上由静止启动，图甲表示汽车运动的速度与时间的关系，图乙表示该汽车牵引力的功率与时间的关系，设汽车在运动过程中阻力不变，在末汽车的速度恰好达到最大，求： (1)汽车受到最大的牵引力。 (2)在过程中电动汽车牵引力做的总功。 (3)在过程中电动汽车的位移大小。 14．如图所示是一个蹦床，一名质量为30kg的学生从离水平网面0.20m的高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面1.25m的高处。已知该学生从下落到返回最高点的整个过程所用时间为1.2s，不计空气阻力，重力加速度。求： (1)该同学刚接触网时和离开网时的动量； (2)网对该同学的平均作用力大小； (3)网对该同学做功为多少。 15．如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道的下端与光滑的圆弧轨道相切于点，点是最低点，圆心角，与圆心等高，圆弧轨道半径，现有一个质量为且可视为质点的小物体，从点的正上方点处自由下落，物体恰好到达斜面顶端处。已知距离，物体与斜面之间的动摩擦因数，已知，，重力加速度，忽略空气阻力，求： (1)物体第一次到达点时的速度大小和第一次到达C点时对轨道的压力； (2)斜面的长度； (3)物块在斜面上滑行的路程。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．B【详解】A．跳伞的运动员，有风时，跳伞员在竖直方向的运动情况与无风时相同，根据分运动的等时性可知，有风时与无风时跳伞员落地时间相同，故A错误； B．火车水平面内转弯，需要水平方向的向心力，因此需要轨道外高内低，让支持力在水平方向产生指向圆心的分力从而提供向心力，若火车速度超过规定速度，火车有做离心运动的趋势，此时火车的轮缘可能对外轨产生侧向挤压，故B正确； C．秋千摆至最低点时，圆心在上方，加速度向上，因此儿童一定处于超重状态，故C错误； D．在竖直面内做圆周运动的摩托车，在最高点时的最小速度满足即 所以在最高点速度一定不为零，故D错误。故选B。 2．D【详解】A．汽车通过拱桥最高点时，有解得，故A错误； B．洗衣机脱水桶的脱水原理是衣服对水滴的吸附力小于水滴随衣服做圆周运动所需的向心力，以至于水滴做离心运动，与衣服分开，故B错误； C．杂技演员表演“水流星”，根据牛顿第二定律，在最低点可得 解得所以通过最低点时水对桶底的压力最大，故C错误； D．若火车转弯时的速度超过规定速度，火车要做离心运动，火车与外侧轨道轮缘有作用力，选项D正确。故选D。 3．B【详解】A．由得环绕速度，轨道半径越大，越小。该卫星，故运行速度小于第一宇宙速度，A错误； B．7.9km/s是第一宇宙速度，即卫星发射的最小速度，轨道越高所需发射速度越大，该卫星轨道高于近地轨道，故发射速度大于7.9km/s，B正确； C．由得周期 越小周期越小。周期为24h的同步卫星轨道高度大于该卫星轨道高度，故该卫星周期远小于24h，C错误； D．卫星向心加速度结合黄金代换关系 代入数据得，D错误。故选B。 4．D【详解】A．分析小球的受力，由牛顿第二定律有得，A错误； B．由，得，B错误； C．由，得，C错误； D．根据小球的受力，得，D正确。故选D。 5．B【详解】首先分析运动规律：上升过程加速度下落过程加速度 上升和下落位移大小均为，由于空气阻力存在，小球在上升过程的平均速率大于下落过程的平均速率， 可得。 A．重力冲量大小，因，故上升过程重力冲量小于下落过程重力冲量，A错误。 B．空气阻力，变力冲量 上升、下落路程均为，故两过程空气阻力冲量大小均为，大小相等，B正确。 C．重力做功的平均功率大小，上升、下落过程重力做功大小均为，因，故上升过程重力平均功率更大，C错误。 D．根据动量定理，合外力冲量等于动量变化。取向上为正方向，初动量为，末动量为，合外力冲量大小为 不等于，D错误。故选B。6．A 【详解】AB．a、b两部分水平方向做匀速运动，水平位移之比，竖直高度相等 根据可得运动时间相等 根据可得水平速度大小之比等于水平位移大小之比，即 a、b两部分在最高点炸裂时，由动量守恒可得 根据动量与动能关系 可得，故A正确，B错误； C．根据可得a、b两部分所受重力的冲量之比，故C错误； D．根据功率公式 二者的竖直速度大小相等，可得a、b落地时的重力功率之比等于质量之比，即，故D错误。故选A。 7．D【详解】BC．由功能关系可知，滑块上升过程机械能的变化量等于除重力以外的其他力做功的代数和。设滑块所受摩擦力的大小为，则在拉力作用的内有 同理拉力撤去后的内有 代入数据联立解得，，故BC错误； AD．设滑块的质量为，拉力F撤去时滑块的动能为，则拉力作用的内，根据动能定理有 同理拉力撤去后的内，根据动能定理有 代入数据联立解得，，故A错误，D正确。故选D。 8．AB【详解】A．根据万有引力的公式，可得在变化前两物体的万有引力为 使两物体的质量各减少一半，距离不变，则有，故A正确； B．根据万有引力的公式，可得在变化前两物体的万有引力为 使其中一个物体的质量减小到原来的，距离不变，则有，故B正确； C．根据万有引力的公式，可得在变化前两物体的万有引力为 使两物体间的距离和质量都减少原来的，则有，故C错误； D．根据万有引力的公式，可得在变化前两物体的万有引力为 使两物体间的距离和质量都增加为原来的2倍，则有，故D错误。故选AB。 9．BC【详解】A．根据动能定理有 解得，故A错误； B．由于小孩沿轨道匀速率下滑，所受合力方向始终与速度方向垂直，所以合力始终不做功，故B正确； CD．根据 小孩沿圆弧轨道下滑的速度大小不变，则在竖直方向的速度逐渐减小，所以小孩所受摩擦力和重力做功功率均一直减小，故C正确，D错误。故选BC。 10．BCD【详解】A．对P、Q构成的系统，运动过程中弹簧弹力对其做功，因此P、Q构成的系统机械能不守恒，故A错误； B．题意可知A、B两点弹簧弹力大小相等，说明两点弹簧形变量相同。滑块从A到B的过程中，弹簧先从压缩状态恢复原长（弹力减小），再反向拉伸（弹力增大），因此弹力先减小后增大，故B正确； C．几何关系可知，P上升高度为 因此P克服重力做功，故C正确； D．当滑块P到达B点时，P的速度方向与绳子垂直，因此重物Q的速度为0，根据几何关系可知，重物Q下降的高度为 滑块P、重物Q与弹簧组成的系统，根据机械能守恒定律有 联立解得，故D正确。故选BCD。 11．(1)B(2) 2/2.0 -10 -1.25(3)大于 【详解】（1）A.小球每次从斜槽上相同的位置由静止释放，斜槽轨道可以不光滑，故A错误； B.要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，减小偶然误差，故B正确； C.为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条平滑曲线将尽量多的点连接起来，偏差大的点舍去，从而能减小实验误差，故C错误。故选B。 （2）①由题图乙可知、、三点中相邻两点的时间间隔相等，设为 根据运动学公式有，解得 则小球做平抛运动的初速度大小为 ②小球运动到点时的竖直分速度大小为 小球从抛出点运动到点所用的时间为 故抛出点的横坐标为，纵坐标为 （3）由于实际的竖直方向在该小组同学所绘图像轴偏右侧的位置，导致横坐标的测量值偏大而纵坐标的测量值偏小，根据平抛运动规律，可知测得的小球的初速度偏大。 12．(1)B(2) mgh4(3)AC 【详解】（1）在“验证机械能守恒定律”的实验中，重物应靠近打点计时器，且纸带应处于竖直状态，这样能减小摩擦阻力的影响。故选B。 （2）[1] 根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度，由于D点是C、E两点的中间时刻，所以打下“D”点时，重锤下落的速度大小为 [2] 重锤从O点下落到D点的过程中，重物下落的高度为，所以该过程重力势能的减少量为 （3）A．电源频率小于50Hz，实际打点周期大于0.02s，而计算速度时用了这个偏小的周期，会使速度计算值偏大，所以最终测得的动能增加量就会大于重力势能的减少量，故A正确。 B．利用公式计算重物速度，相当于默认了机械能守恒，再去验证机械能守恒，算出的结果应为重物动能的增加量等于重力势能的减少量，故B错误； C．如果O点初速度不为0，那么重物在O点有初动能，下落过程中，除了重力势能转化的动能，还加上了初始的动能，所以最终测得的动能增加量就会大于重力势能的减少量，故C正确； D．由于空气对重物有阻力和打点计时器对纸带有阻力，重锤下落过程中需克服阻力做功，所以空气阻力和纸带阻力会使动能增加量小于重力势能的减少量，故D错误；    故选AC。 13．(1)(2)(3) 【详解】（1）18s末汽车的速度恰好达到最大，此时牵引力等于阻力，则有 可得汽车受到的阻力为 汽车做匀加速运动时，汽车的牵引力最大，根据牛顿第二定律可得 其中，由图甲可得联立解得 （2）根据图像所围的面积表示功。所以0~18s过程中汽车牵引力做的功为 （3）汽车在8~18s内做变加速运动，设该过程中的位移大小为x，根据动能定理可得 其中，，解得 14．(1)60kg·m/s，方向竖直向下；150kg·m/s，方向竖直向上(2)720N(3)315J 【详解】（1）该同学接触网前瞬间的速度为解得 该同学接触网时的动量大小 方向竖直向下。 该同学离开网瞬间的速度为解得v2=5m/s 该同学离开网时的动量大小 方向竖直向上。 （2）该同学下落时间为 该同学上升时间为 该同学接触网的时间 设网对该同学的平均作用力大小为F，由动量定理，有解得F=720N （3）网对该同学做功，根据动能定理得解得W=315J 15．(1)，方向竖直向下(2)4.8m(3)12m 【详解】（1）物体从到由动能定理，得 代入数据解得 在点，由牛顿第二定律得 解得轨道对物体竖直向上的支持力，由牛顿第三定律知物体对轨道的压力 ，方向竖直向下 （2）从到，由动能定理得 代入数据解得 （3）设摩擦因数为时物块刚好能静止在斜面上，则有解得。 由于，物块在斜面上多次往返，最后在点速度为零。 根据动能定理，全程有 解得 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $