河南郑州市登封市实验高级中学2025-2026学年高一下学期5月阶段检测物理试题

2025一2026学年登封实验高中高一年级五月份月考试题 物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自已的姓名、考号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2.考生作答时，请将答案填写在答题卡上，在本试卷答题无效。 第I卷（选择题） 一、单选题：每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.一同学将铅球水平推出，不计空气阻力和转动的影响，铅球在平抛运动过程中( A.机械能一直增加 B.加速度保持不变 C.速度大小保持不变 D.被推出后瞬间动能最大 2.两节动车的额定功率分别为B和P,在某平直铁轨上能达到的最大速度分别为y和？。现 将它们编成动车组，设每节动车运行时受到的阻力在编组前后不变，则该动车组在此铁轨上能 达到的最大速度为() A.P11+P22 B.P1v2+P2v1 P1+P2 P1+P2 C.1+P2)2 P1v1+P22 D 3.如图所示，取一支按压式圆珠笔，将笔的按压式小帽朝下按在桌面上，放手后笔将会向上弹 起一定的高度。圆珠笔运动过程中始终处于竖直状态。下列说法正确的是() A.下压圆珠笔的过程中，弹簧的弹性势能减小 B.下压圆珠笔的过程中，重力对圆珠笔做负功 弹簧 C.圆珠笔向上运动的过程中动能一直减小 内芯 D.圆珠笔向上运动的过程中重力势能一直增大 4.如图，园林工人正在把一颗被台风吹倒的小树苗扶正，已知树苗的长度为L,在扶正过程中 该工人的两手与树苗的接触位置不变且某时刻距地面高为h,树苗与地面的夹角为α，该工人 手水平向左的速度恰好为y,则树苗转动的角速度为() A号 B.usina C.v D.vsin2a hsina 1 5.滑雪跳台由助滑道、起跳区、着陆坡、停止区组成，如图所示。跳台滑雪运动员在助滑路段 获得高速后从起跳区水平飞出，不计空气阻力，起跳后的飞行路线可以看作是抛物线的一部分， 用△八、E、E、P表示运动员在空中运动的速度变化量、重力势能、动能、重力的瞬时功率大 小，用t表示运动员在空中的运动时间，下列图像中可能正确的是( 助滑道 E 起跳区 着陆坡 停止区 6.如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度转动，盘面上离转 轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。物体与盘面间的动摩擦因数为（设最 大静摩擦力等于滑动摩擦力)，盘面与水平面的夹角为30°，g取10m/s2,则ω的最大值是() A.5 rad/s B.√3rad/s C.1.0 rad/s D.0.5 rad/s 30 7.如图，机场中长度为L=2m的水平传送带以=1m/s的速度顺时匀速传动，现将质量为5 kg的行李箱轻放在传送带的左端，行李箱与传送带间的动摩擦因数为4=0.5。行李箱可视为 质点，重力加速度大小取g=10m/s2,则在行李箱被输送到传送带右端的过程中，下列说法错 误的是（) A.行李箱在传送带上运动的时间为2.1s B.传送带对行李箱做了2.5J的功 C.传送带和行李箱间因摩擦产生的热量为5J D.因输送行李箱，传送带电动机额外消耗的电能为5J 二、多选题：每小题6分，共18分。每个小题有多个选项符合题目的要求，全 部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分。 8.有a、b、c、d四颗地球卫星：a还未发射，在地球赤道表面上 随地球一起转动，b在地球的近地圆轨道上正常运行，c是地球同 步卫星，d是高空探测卫星。各卫星排列位置如图，则下列说法 正确的是() A.向心加速度大小关系是：a6>a。>au>aa,线速度大小关系是：a>y>v。>va B.在相同时间内b转过的弧长最长，a、c转过的弧长对应的角度相等 C.c在4小时内转过的圆心角是兀，a在2小时内转过的圆心角是 68 D.b的周期一定小于d的周期，d的周期一定大于24小时 9.质量雁200kg的小型电动汽车在平直的公路上由静止启动，图甲表示汽车运动的速度与时 间的关系，图乙表示汽车牵引力的功率与时间的关系。设汽车在运动过程中阻力不变，在18s 末汽车的速度恰好达到最大。则下列说法正确的是() A.汽车受到的阻力为800N ↑m's-) ↑P×103W0 10 B.818s过程中汽车牵引力逐渐增大 C.08s过程中汽车牵引力做的功为64000J 18 t/s 8 t/s D.08s过程中汽车的位移大小为127.5m 甲 乙 10.如图所示，质量为M长为L的木板置于光滑的水平面上，一质量为m的滑块放置在木板 左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为F,用水平的恒定拉力F作用于滑块。当滑块运动到木 板右端时，木板在地面上移动的距离为x,滑块速度为，木板速度为，下列结论正确的是 () A.上述过程中，F做功大小为mw12+m22 .M 77777777 B.其他条件不变的情况下，M越大，x越小 C.其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长 D.其他条件不变的情况下，F越大，滑块与木板间产生的热量越多 第II卷（非选择题） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(8分)如图甲所示为“验证机械能守恒定律”的实验装置。 (1)(2分)关于本实验，下列说法正确的有 打点 计时器 纸带 A.为减小实验误差，应选用质量和密度较大的金属重锤作为重物 B.为减小实验误差，可将“释放纸带前用手拉住纸带上端”改为“用固定 夹子 胸重物 的夹子夹住纸带上端” C.必须用天平准确测量出重物的质量，否则无法进行验证 D.应先释放重物，再立即接通打点计时器的电源 (2)(4分)某同学对打出的纸带进行测量分析，如图乙所示，其中O点为起始点，A、B、C、D E、F为六个连续打出的点，根据纸带上的测量数据，可得出打B点时重物的速度为 /s, 若重物的质量为0.2kg,从O点下落到B的过程中重力势能的减少量为 J。(g=9.8 ms,交流电源频率为50Hz,计算结果均保留3位有效数字) (3)(2分)某同学在纸带上选取了多个计数点，测量它们到初速度为零的起始点的距离h,并计 算出打相应计数点时重物的速度y,描点并绘出-h的图像。若实验中重物所受阻力不可忽略， 且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的-h图像是下列选项图中的 单位：cm 14.31 17.80 21.68 25.90 30.51 35.49 ) 12.(8分)未来若在一个未知星球上用如图甲所示装置“探究平抛运动的特点”：悬点O正下 方P点处有水平放置的炽热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，小球由于惯性向前 飞出做平抛运动。现对小球采用频闪数码照相机连续拍摄。在有坐标纸的背景屏前，拍下了小 球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后，照片如图乙所示。a、b、c、d为连续四次拍 下的小球位置，已知照相机连续拍照的时间间隔是0.10S,照片大小如图乙中坐标所示，又 知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4，则： 2 4 6 8 x/cm y/cm 乙 (1)(2分)由以上信息可知a点 (选填“是”或“不是”)小球的抛出点。 (2)(2分)该星球表面的重力加速度为 m/s2。 (3)(2分)小球平抛的初速度大小是 m/s。 (4)(2分)小球在b点时的速度大小是 m/s。 4 13.（12分)如图所示，竖直面内有一以0为圆心的圆形区域，圆的半径=1.5m,直径PQ 与水平方向间的夹角0=37°。小球自P点水平射入圆形区域，不计空气阻力，g取10m/s2, sin37°=0.6，cos37°=0.8。（计算结果可保留根式） (1)(3分)若使小球从Q点射出，求其在圆形区域中运动时间t: (2)(4分)若使小球从Q点射出，求其到达Q点时的速度大小： (3)(6分)为使小球在圆形区域运动时间最长，求该小球从P点水平进入圆形区域时的速度ⅴ 大小。 14.(12分)如图甲所示，水平地面上有并排放置的A、B两个物块，两物块质量均为0.2kg, A与地面间动摩擦因数为4=0.25，B与地面间无摩擦，两物块在外力F的作用下向右前进，F 随位移x的变化图像如图乙所示，P为圆弧轨道最低点，M为圆弧轨道最高点，圆弧轨道与水 平地面平滑连接，初始时水平地面上A、B与P点间的长度大于4m。求： (1)0~1m内F做的功； FN 1.5 (2)x=1m时，A与B之间的弹力大小： 1.0 05 (3)要保证B能到达M点，圆弧半径满足的条件。 E.Armm 01234m 甲 1 5 15.(14分)如图所示，一游戏装置由安装在水平面上的固定轻质弹簧、竖直圆轨道（在最低 点E分别与水平轨道EO和EA相连)、斜轨道AB组成，各部分平滑连接，某次游戏时，滑块从 高为h=1.0m的斜轨道AB端点B由静止释放，沿斜轨道下滑经过圆轨道后压缩弹簧，然后被 弹出，再次经过圆轨道并滑上斜轨道，循环往复.已知圆轨道半径r=0,1m,滑块质量m=20 g且可视为质点，CA长L,=0.4m.,E0长L=0.3m,滑块与AB、E0之间的动摩擦因数μ=0.5， 滑块与其他轨道摩擦及空气阻力忽略不计，g取10m/s2.求： (1)滑块第一次通过圆轨道最高点F时，轨道对滑块的支持力大小； (2)弹簧获得的最大弹性势能E, 轻质弹簧 62025一2026学年登封实验高中高一年级五月份月考试题 物理答案 1答案B 解析铅球做平抛运动，仅受重力作用，故机械能守恒，A错误；铅球的加速度恒为重力加速度，保持不变， B正确：铅球做平抛运动，水平方向速度不变，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动的合成可 知铅球速度变大，则动能越来越大，C、D错误。 2答案D 解析由题意可知对两节动车分别有P=,P=,当将它们编组后有B+P=(E+)y,联立可得P+P2, P12+P2v1 故选D。 3答案D 解析下压圆珠笔的过程中，弹簧的压缩量增大，弹簧的弹性势能增大，A错误；下压圆珠笔的过程中，重力 方向向下，位移方向向下，重力对圆珠笔做正功，B错误；圆珠笔向上运动的过程中，先做加速直线运动，之 后做减速直线运动，可知圆珠笔的动能先增大后减小，C错误；圆珠笔向上运动的过程中，圆珠笔的重力一直 做负功，因此重力势能一直增大，D正确。 4答案D 解析该工人手水平向左的速度v分解为垂直树苗的速度y和沿树苗方向的速度，则有=sa,此时 手接触树苗的位置到0点的距离 ,由线速度与角速度的关系，可得角速度-V1_vsin@_sing,故选D。 sina 5答案D 解析根据题意可知，运动员起跳后做平抛运动，则有△gt可知，△~t图像为过原点的倾斜直线，故A 错误；根据题意，设起跳区的高度为弘水平地面为零势能面，运动员起跳后做平抛运动，则有8心，则运 动员在空中运动的重力势能为E=mg(:)=mgmg,可知R-t图像为开口向下的抛物线，故B错误；根据 题意，由动能定理有mgFR2心o2,解得2vo2+gt,可知R-t图像为开口向上的抛物线，且顶点在y轴 正半轴上，故C错误；运动员在空中运动重力的瞬时功率P=mgy,mgt,所以Pt图像应为一条过原点的倾斜 直线，故D正确。 6答案：C 解析：小物体与圆盘始终相对静止，当物体转到圆盘的最低点恰好要滑动时，转盘的角速度 最大，对物体受力分析如图所示（其中O为对称轴位置）。由沿斜面的合力提供向心力，有4 mgcos30°-mgsin30°=mw2R,得w= =1.0rad/s,C正确。 4R 7答案：C 解析：行李箱在传送带上的加速度a=4g=5m/s2,行李箱做加速运动的时间t==0.2s,行李箱做加速运 动的位移x=t12=0.1m,行李箱在传送带上匀速运动的时间为6=4=19s,行李箱在传送带上运动的 时间为t=t十=2.1s,故A正确，不符合题意；传送带对行李箱做的功为=B==2.5J,故B正确， 不符合题意；传送带和行李箱间相对位移△x=vt,一x=0.1m:传送带和行李箱间因摩擦产生的热量为Q=F △x=0.5×5×10×0.1J=2.5J,故C错误，符合题意；因输送行李箱，传送带电动机额外消耗的电能为W 电=叶Q=5J,故D正确，不符合题意。 8答案BD 解析6c、三颗卫星绕地球运行，根据万有引力提供向心力，得物=网，解得4一 a3 可知a6>a>an a和c的角速度相同，根据a=o。可知a。>a,b、c、d三颗地球卫星绕地球运行，根据万有引力提供向心 力，得 解得= GM 可知v>y>Vna和c同轴转动，根据v=or可知y。<v,故A错误；b r 的线速度最大，所以在相同的时间内转过的弧长最长，a和c的角速度相同，根据0=△ ，可知相同的时间 △t 内a、c转过的弧长对应的角度相等，故B正确；同步卫星24h随地球转一周，c在4小时内转过的圆心角是 4中X21=工，A在2小时内转过的圆心角是1×21=。，故C错误：根据G=4解得作 24h 3 24h GM b的轨道半径小于d的轨道半径，可知b的周期一定小于d的周期；d的轨道半径大于同步卫星c的轨道半径， d的周期一定大于24小时，故D正确。 9答案AD 解析当牵引力等于阻力时，速度达到最大值，则有8x0N=800N,故A正确；~t图像中图线斜多 表示加速度，则根据题图甲可知，818s过程中汽车加速度不断减小，又因为阻力不变，所以汽车牵引力是 逐渐减小的，故B错误；Pt图像中图线与时间轴围成的面积表示牵引力做功的大小，所以根据题图乙可知08 S过程中汽车牵引力做的功为？8x8x10J=32000J,故C错误；广t图像中图线与时间轴围成的面积表示位 2 移，故08s过程中汽车的位移为x32m,818s过程中，根据动能定理可得PtFx213, 代入数据解得x2=95.5m,则018s过程中汽车的位移大小为xx+x=32m+95.5m=127.5m,故D正确。 10答案：BD 解析：F做功大小等于二者动能与产生的热量之和，A错误；滑块在木板上滑动过程用一t图像来研究，如图 所示，图线①为滑块的~t图，②为木板的一t图像，t时刻滑块到达木板右端，阴影部分面积为木板长度， 则很容易知道其他条件不变，M越大，图线②的斜率越小，t越小，x越小，B正确：其他v 条件不变，F越大，图线①的斜率越大，t越小，故C错误：滑块与木板间产生的热量等于 滑动摩擦力与相对位移的乘积，其他条件不变，F越大，滑块与木板间产生的热量越多，D 2 正确。 11答案(1)AB(2)1.840.349(3)A 解析(1)选用质量和密度较大的金属重锤作为重物能够减小实验误差，：A正确： 为了避免手抖动产生的实验误差，可将“释放纸带前用手拉住纸带上端”改为“用固定的夹子夹住纸带上端”， B正确： 验证机械能守恒的方程中质量可以消去，不需要测量，C错误； 应先接通打点计时器的电源，再释放重物，D错误。 (②)打B点时重物的速度为v广c_0216801431 m/s≈1.84m/s, 2T2×0.02 从0点下落到B的过程中重力势能的减少量为△E,=mgh0.2X9.8×0.1780J≈0.349J (3)若实验中重物所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，设阻力为F,根据动能定理可得 ngh-Fhr2mr可得-2mg-2h 可知2-h图像为一条过原点的倾斜直线。故选A。 12答案(1)是(2)8(3)0.8④42 5 解析(1)竖直方向上，由初速度为零的匀加速直线运动连续相等时间内通过的位移之比为1：3：5可知，a 点是小球的抛出点。 (2)由ab、bc、cd水平距离相同可知，a到b、b到c运动时间间隔相同，设为T,在竖直方向有△Fg星， 己知照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4，则△=0.08m,7=0.10s,可求出g里=8m/s。 (3)两相邻位置间的时间间隔为0.10s,水平距离为8cm,由x%T,得初速度大小0.8m/s。 (④b点竖直分速度为a、e间的竖直平均速度，则wg/s0,8/s,所以行w2+2-/s, 13答案(1)0.6s(2)2W13m/s(3)5m/s 解析(1)竖直方向上h,=2sin379 h-gt 解得t=0.6s (2)水平方向上x=2C0s37° 4 又听gt 2+y2 解得y2W13m/s (3)平抛运动时间由高度决定，根据图分析可知，小球从圆形区域的最低点射出时，竖直方向分位移最大。 由几何关系可知：h=4sin37° a3t” x2=c0s37° 发pt 解得=√3m/s。 14[答案](1)1.5J(2)0.5N(3)r≤0.2m [解析](1)0~1m内，F=1.5N F做的功=Fx 代入数据得W=1.5J。 3 (2)x=1m时，P=1.5N 对AB整体受力分析，由牛顿第二定律得F-μmg=2ma 设A、B之间的弹力为N,对B,由牛顿第二定律得N=m阳 联立解得N=0.5N (③)设本B分开时外力为F,此时A所受合外力为0，有F一μmg=0 解得F=0.5N 由题图乙可得此时位移大小x2=3m 2 设A、B分开时速度大小为，由动能定理得形一μmgx= 2mv 2 F一x图线与横轴所围面积表示F做的功，由题图乙可得 期=1.5×1J+1×(1.5+0.5)×2J=3.5J 9 解得=V10m/s 设圆弧半径为，若B能到达M点，设B到达M点时速度大小为，则满足mg≤m2 2 2 对B由动能定理得-2mg= 1 2m一2 联立解得≤0.2m。 15答案(1)2.2N(2)0.13J 解析(1)设斜轨道AB与CA间的夹角为9，滑块从B点运动到F点，由动能定理有 gh-2)+屏=2时 又R=-μmgcos 0.4 =一μmgL Cos 0 在F点，设轨道对滑块的支持力大小为R,对滑块有R十=空 联立以上各式，代入数据解得轨道对滑块的支持力大小为F=2.2N; (②)滑块从B点到弹簧压缩量最大的运动中，由动能定理可得mgh十形'十W=0 又Rg'=一（μmgL+PmgL) 弹簧获得的最大弹性势能E,=一W 联立以上各式，代入数据解得E=0.13J.