物理SS（四）-【鱼跃龙门卷】2026年高考押题登科卷（陕晋青宁专版）

2026年高考模拟试题 一押题登科卷（四） 物理 本试卷共6页，满分100分，考试时间75分钟。 版权所有，严禁网络传播，违者必究 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上 无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 1.我国某科研团队首次合成了新核素镤210并成功测量了该核素的α衰变能量和半衰期。已知镤 210的衰变方程为9Pa→2Ac十X,下列说法正确的是 A.X粒子的穿透能力比Y粒子的穿透能力强 B.9Pa发生衰变可以释放能量 C.Pa的比结合能大于2Ac的比结合能 D.若外界环境变化，则Pa的半衰期也会发生变化 2.在冰雪运动训练场的水平直道上，为模拟不同摩擦条件，交替铺 设长度l1=2m的制动区和长度l2=4m的光滑区，如图所示。 滑雪运动员从第一个制动区的左端以6m/s的初速度开始向右 ←1—12 滑行。已知制动区与滑雪板间的动摩擦因数为0.5，光滑区的 摩擦阻力不计，重力加速度大小g=10m/s2,则运动员滑行的总时间为 A.1.2s B.2.2s C.2.8s D.3.8s 3.有一种带锁定装置的弹簧系统，只要弹簧两端连接的小球速度相同(。≠0)，弹簧便实现“锁定”， 即弹簧的长度不再发生变化（此时弹簧可视为质量不计的细杆）。如图所示，在光滑的水平地面 上，沿同一直线静止放置两个这样的弹簧系统，初始状态弹簧均处于原长，4个小球质量相等。 球与球之间的碰撞时间极短，且为弹性碰撞，B、C之间的距离足够长。现给A球一个水平向右 的初速度v。,则D球的最终速度为 A D 00000000000 00000000000 A. 4o B. 3o C.2 D. 30 押题登科卷（四）·物理SS第1页（共6页） 4.2025年7月19日，雅鲁藏布江下游水电工程在西藏林芝市正式开工。水电站向外供电示意图如 图甲所示，发电机的内部原理简化图如图乙所示。已知升压变压器原、副线圈的匝数分别为1、 n2,降压变压器原、副线圈的匝数分别为n3、n4,变压器均为理想变压器。下列说法正确的是 发 3 机 升压变压器 降压变压器 甲 A.减小2，可以提高远距离输电的输电效率 B.图乙中的线圈转过90°时，线圈产生的电流最小 C.若发电站输送功率一定，发电机的输出电压增大，则输电线中损耗的功率会减小 D.当用户端接入的用电器增多时，为维持用户电压稳定，要适当减小n4 5.我国“天宫”空间站运行在距地面高度h的圆轨道上，轨道处存在稀薄的大气，在其影响下空间站 无动力自主运行轨道高度会缓慢下降，但仍然可以认为在圆形轨道上运行。取距地球无限远处 为地球引力势能零点，空间站的引力势能表示为E。=-GMm,其中M为地球质量，m为空间站 质量，r为空间站轨道半径。经过一段时间，轨道高度下降了△r(△r<r)。下列说法正确的是 A.遇到稀薄气体，轨道高度下降后，空间站运行速度变小 B.空间站在高度为h处的轨道运行时，周期T=2r√GM GMm GMm C.开启发动机让空间站重新回到原轨道，发动机需做功W=2一△r)一27 D.宇航员在空间站中处于完全失重状态，不受重力 6.在一地铁站的施工工地，需要利用绳索将一重物沿一竖直面内的轨道从水平地面上的A点缓慢 运送到底部C点处，已知AB部分是半径为R,圆心角为60°的圆弧轨道，A点是圆弧轨道的最高 点，BC部分为倾斜直轨道，两轨道在B点相切，轨道和定滑轮均视为光滑。定滑轮位于A点正 上方2R高度处。在运送过程中，人牵引绳子的位置不动，重物可 视为质点。则 2R A.A到B过程中，轨道对重物的支持力不断增大 B.A到B过程中，绳子对重物的拉力先增大后减小 R60°B C.B到C过程中，地面对人的静摩擦力逐渐增大 6 D.B到C过程中，轨道对重物的支持力不断增大 C 押题登科卷（四）·物理SS第2页（共6页） 7.一定质量的理想气体经历a→b→c→d→a循环过程，其中a→b和c→d是等p 容变化，d→a是等压变化，其V图像如图所示。下列说法正确的是 A.b→c过程温度不变 B.d→a过程外界对气体做的功大于气体放出的热量 C.d→a过程气体分子单位时间撞击单位面积的次数减少 D.经历a→b→c→d→a循环过程，系统从外界吸收热量 8.如图沿x轴传播的机械波，振幅A=2cm,某时刻部分波形如图。此时A、B位移分别为1cm 和，√3cm。此后A比B提前1.5s回到平衡位置。下列说法正确的是 ↑/cm A.波向左传播 3 B.波速为2cm/s C.再经3.5s,点A处于平衡位置 0 x/cm D.再经7.0s,平衡位置为10cm处D的位移为2cm 9.如图所示，一均匀带正电圆环处于水平面内，其圆心为O。一带电小球从圆环正上方的A点由 静止释放，能到达与A点关于O点对称的A'点，已知AO间距离为h,重力加速度为g,下列说 法正确的是 ·A A.A和A'处电场强度相同 B.小球在A'点的速度大小为2√gh A C.从A到O过程中，小球的加速度一定逐渐减小 D.从A到A'过程中，小球的动能与电势能之和逐渐增加 10.如图所示，一矩形斜面abcd固定在水平地面上，斜面倾角为37°、宽为L、长为3L。把质量为 m的小物块放置在c点，用沿斜面的拉力F(大小、方向均未知)将物块沿着ca缓慢拉至a点。 已知物块与斜面间的动摩擦因数为0.75，重力加速度为g,sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说 法正确的是 A.物块所受摩擦力方向与F的方向相反 01 B.F与ac的夹角为30° C.若拉动更大质量的物块至a点，F与ac的夹角需减小 37 V3L D.物块由c点运动到a点的过程中，F做的功为1.8mgL 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组采用如图甲所示的实验装置，做“探究平抛运动的特点”实验，请回答下列 问题： 777777777777777777 甲 乙 押题登科卷（四）·物理SS第3页（共6页） (1)在实验过程中，下列操作正确的是 A.斜槽末端必须调节为水平状态 B.在描绘同一条轨迹时，需要将小球多次从轨道上不同位置由静止释放并描点 C.每次释放小球时，水平挡板的位置必须从上到下（或从下到上）等间距调节 D.实验时需要让小球在运动过程中和纸面接触，以便坐标纸上直接留下运动轨迹 (2)图乙为一小球做平抛运动时用闪光照相的方法获得的相片的一部分，图中背景小方格的边 长为5cm,取g=10m/s2,则小球离开斜槽末端的初速度大小vo= m/s,小球的抛 出点到A点的水平距离为 cm。(计算结果均保留两位有效数字) 12.(8分)某同学测量一电热丝的电阻率ρ，实验步骤如下： (1)用多用电表粗测该电热丝R,的电阻值，将多用电表选择开关旋至“×100”挡，进行欧姆调 零后，将红、黑表笔连接到电热丝两端，指针位置如图甲所示，此时读数为 2。 10 Rwe山u =35 0 -30 15 0.5 25 A-V-Q 2.3 三20 甲 乙 (2)用螺旋测微器测量电热丝不同位置的直径，某次测量的示数如图乙所示，该读数为 mm。 (3)为精确测量该电热丝的电阻R,,设计了如图丙所示的实验电路图。现有实验器材如下： 电池组E(电动势为15V,内阻忽略不计)； 电压表V(量程为3V,内阻为Rv=3k2); 电流表A(量程为9mA,内阻约为12)； 定值电阻R。(阻值可选用3kΩ和12k2); 滑动变阻器R(最大阻值为502)； 丙 开关、导线若干。 ①本实验中定值电阻R。的阻值应选用 (填“3k2”或“12k”)。 ②闭合开关S,调节滑动变阻器R,读出电压表V和电流表A的示数，分别记为U、I,则该电 热丝电阻准确值的表达式为R= (用U、I、R。、Rv表示)。 ③多次测量得到电热丝的电阻R,的平均值，计算得出电热丝的电阻率。 押题登科卷（四)·物理SS第4页（共6页） 13.(10分)鲍恩芬德镜是一种屋脊棱镜，它本质上是一个直角棱镜，经常被放置在望远镜的目镜 端。该棱镜截面图是顶角为90°的等腰直角三角形，直角边长为L,折射率为n=√3，其BC面 涂有一层反光物质。一束平行激光从AB界面入射，入射角0=60°，从D点入射的光线进入介 质棱镜后，经过BC中点反射后从AC界面折射出去。已知真空中光速为c。 (1)求从D点入射的光线在棱镜中传播的时间t; (2)从AB边靠近B的一点入射的光线经BC反射至AB面，求第一次出 D》 射光线与入射光线的夹角。 14.(12分)如图空间直角坐标系O-xy之将y≥0的空间划分为四个区域，V区域存在沿之轴负方 向的匀强电场，Ⅱ、Ⅲ区域存在沿y轴负方向的匀强磁场。在xOy平面内x>0区域放置一足 够大的吸收屏，吸收屏下方紧靠P(1,0,0)处有一粒子源可向x轴负方向发射速率为。、质量 为m、带电量为十q的粒子（重力不计）。粒子运动经过Q(0,0,一 点，且刚好打在屏上P点， 粒子打在吸收屏上即被吸收且不影响空间电、磁场分布。 (1)求匀强电场的电场强度大小E。; (2)求匀强磁场的磁感应强度大小B。 2◆ P60,0) m K0.0-V 押题登科卷（四）·物理SS第5页（共6页） 15.(18分)半径为R=1.2m、质量为M1=4kg的四分之一光滑圆弧槽静止在光滑水平面上，圆弧 槽末端与水平面相切。圆弧槽左侧有一质量为M2=4kg、倾角为0=37°的光滑斜面处于静止 且末端与水平面平滑接触，斜面总长度L=5.85m。连接轻弹簧的质量为m4=2kg的A物块 锁定在斜面上P处，P距离斜面顶端Q的距离s=0.53m,轻弹簧处于原长且末端刚好处于斜 面底端，弹簧劲度系数k=90N/m。现将一质量mB=2kg的物块B从圆弧槽的顶端静止释 放，物块B从圆弧槽末端滑到水平面上，一段时间后冲上斜面。当弹簧被压缩到最短时物块B 被锁定在斜面上，同时物块A被解除锁定。当弹簧恢复原长时，A与弹簧断开连接，最终A从 斜面顶端飞出。忽略各接触面的摩擦，不考虑物块的大小，圆弧槽和斜面均不固定，g= 10m/s,sin37°=0.6，cos37°=0.8，弹簧弹性势能表达式E,=2 kx2,x为形变量。求： (1)物块B滑到圆弧槽底端时，物块B和圆弧槽的速度大小及圆弧槽的位移大小； (2)当弹簧被压缩到最短时，弹簧的压缩量； (3)物块A从斜面顶端飞出时，物块A和斜面的速度大小； (4)物块A落地时距离斜面左端的水平距离。 Q M 37 M 押题登科卷（四)·物理SS第6页（共6页）·物理SS· 参考答案及解析 参考答案及解析 2026年高考模拟试题 押题登科卷（四） 1.B【解析】根据核反应电荷数、质量数守恒可得 ·2 X的质量数为210-206=4，电荷数为91-89=2， 机城能守塑白 2 2m+a,联立 2 故X为α粒子，穿透能力比？粒子的穿透能力弱， 解得碰撞后C的速度为=头，AB速度为%= 故A错误。α衰变过程存在质量亏损，根据质能方 3 6 程△E=△c2,质量亏损会转化为能量释放，故B C向右运动，与D的弹簧作用，当C、D共速时锁 正确。原子核越稳定，其比结合能越大，衰变后生 定，根据动量守恒有m,=(m+m),代入3=20 3 成的Ac比反应物29Pa更稳定，因此Pa的比结 1 合能小于Ac的比结合能，故C错误。半衰期是原 解得D最终速度为b=3b,故选B。 子核的固有属性，仅由原子核内部结构决定，与外 4:C【解析】输电效率刀2=1-p,其中 界温度、压强等环境因素无关，故D错误。 2.B【解析】制动区的加速度大小为 A=1=(是r,减小，根据元，2 =丛可知升压 a=m8=5m/s2,运动员经过第一个制动区过程， 变压器副线圈电压U,减小，导致输电电流I增大， 由运动学公式可得-2a叫=1-16，解得y=4m/s, 输电线上损耗的功率损增大，输电效率降低，故A 该过程所用时间为5=6一Y=0,4s,运动员经过光 错误。由图乙可知，线圈平面与磁感线垂直，处于 中性面位置，此时磁通量最大，但磁通量的变化率 滑区做匀速直线运动，所用时间为，==15，设运 为零，感应电动势为零，感应电流为零。线圈转过 12 90时，线圈平面与磁感线平行，磁通量为零，但磁 动员在第二个制动区停下，由运动学公式可得 通量的变化率最大，感应电动势最大，感应电流最 -2ax=0-1,解得x=1.6m<1=2m,假设成立， 大，故B错误。若发电站输送功率P一定，发电机 运动员在第二个制动区的运动时间为5，=上=0.8s, 的输出电压增大，根然受一员可如，格大。由 则运动员滑行的总时间为t=t1+t2+43=2.2s,故选 P=U,I2可知输电电流I,减小。输电线中损耗的功 B。 率卫损=，因工减小，所以P损减小，故C正确。 3.B【解析】设每个小球质量均为m,水平面光滑， A、B系统动量守恒。A初速度为，当A、B共速 当用户端接入的用电器增多时，用户端总电阻减小， 时满足锁定条件，由动量守恒可得。=(+)y, 降压变压器副线圈电流I4增大，原线圈电流I3(即 输电线电流)增大，输电线上电压损失△U=r增 解得共速后A、B整体速度为=兰，锁定后的A、 2 大，降压变压器原线圈电压U=U,-△U减小。用 B总质量为2，与静止的C发生弹性碰撞，碰撞时 户电压U4=4U随之减小。为维持用户电压U,稳 间极短，根据动量守恒有2m.=2,+m,根据 n 2 押题登科卷（四） ·物理SS· 定，应增大变压比，即适当增大4，故D错误。 5.C【解析】万有引力提供向心力，由GM加- 得运行速度v= GM ,轨道高度下降后”减小，v变 R60° 大，故A错误。轨道半径r=R+h(R为地球半径)， 乙 ，得周期T-26 、由G=z4元和 设轻绳对人的拉力与水平面的夹角为日，斜面BC的 倾角为B,轻绳与斜面的夹角为，根据正交分解， +)，公式中应为轨道半径而非距地面高 271 GM 对重物有g sin B=T cosa,g cos B=T1sina+N1, 度h,故B错误。圆轨道上空间站的动能 重物下滑过程中斜面倾角B不变，a减小，cosa增 E,=m2=G,引力势能E,= 2r G,总机 大，故T减小，sina减小，故增大。设人的质 量为M,根据正交分解，对人有∫=TCos8,其中 械能E=B,+B,=-G,从半径r-△的低轨道 2 O角不变，因T减小，故∫减小，故C错误，D正 回到原轨道下，机械能增量 确。 GMin GMm 7.D【解析】温度不变，压强体积是反比关系，即 Ag=g-842-2r, 发动机做功等 D=IRT ，b℃过程是正比例函数关系，不是反比 于机械能增量，故C正确。完全失重是指万有引力 例函数关系，因此b→C过程温度变化，故A错误。 全部提供向心力、视重为零，宇航员仍受重力（万 d-→a过程等压变化，体积减小，外界对气体做正功， 有引力)作用，故D错误。 6.D【解析】设重物的质量为m,重力加速度为8， F>0,由子-C可知该过程温度降低，因此气体内 重物A到B过程中，对其受力分析，如图甲所示， 能减小，有△U<0,由△U=W+Q可知W<-2, 因此外界对气体做的功小于气体放出的热量，故B T 错误。d→a过程为等压变化过程，由，=C可知该 过程温度降低，分子动能降低，单个分子单次撞击 对压强的贡献减小，为了保证压强不变，气体分子 单位时间撞击单位面积的次数增加，故C错误。根 甲 据p-V图线与坐标轴围成的面积表示做的功可知， 根据平衡条件，可知N与T的合力F会=g,由图 a→b过程和c→d过程不做功，b→C过程气体对外 可知由支持力N拉力T与合力F会组成的三角形与 做的功大于d→a过程外界对气体做的功，经历 △OOD相似，设绳长为L,则有g=Y=T, 可 a→b→c→d一→a循环过程，气体状态不变，则根据 3RRL' 热力学第一定律可知整个过程气体吸收热量，故D 得N坚，T-景，可知随若重物从4向B滑 正确。 8.BC【解析】此后A比B提前1.5s回到平衡位置， 动，支持力N不变。但由于绳长L增大，故绳子对 说明此时A向y轴负方向运动，由同侧法可知波向 重物的拉力增大，故AB错误。重物从B到C过程 右传播，故A错误。振幅A=2cm,某时刻部分波形 中，对其受力分析，如图乙所示， 2 ·物理SS· 参考答案及解析 如图，此时A、B位移分别为lcm和V3cm,可得 f=uF=0.6g,方向由a指向c。设F与ac的夹 2x2+×2-3cm,解得波长元=12cm,此后A比 角为日，此时受力分析，如图所示，设bc与ac的 3434 ,11×T=1.5, 夹角为a,根据几何关系有tana= L=5,可得 B提前15s回到平衡位置，有41+334 ad与ac的夹角为a=60°，故f与G,的夹角也为60°， 解得周期T=6s,波速为v= =2cm/s,故B正确。 将∫与G,合成，根据平行四边形定则，结合∫的大 T 358=1xI,T 号×4十2所以再经358，点A处于平衡位 小与G,的大小相等，可知这两个力的合力F会沿bC 与ac的夹角的平分线，与ac的夹角为30°，根据平 置向y轴正方向运动，故C正确。再经7.0s,波向 衡条件，可知F与F会等大，反向共线，故F与c的 右传播x=t=2×7=14cm,平衡位置为10cm处D 夹角为30°，故B正确。若拉动更大质量的物块至a 的位移与仁0时-4cm处的质点位移相同， 点，根据f=0.6g,G,=0.6g,可知f的大小与 1 -4cl=- 3+年，所以0时4cm处的质点位移 G,的大小仍相等，故这两个力的合力F会仍沿bc与 ac的夹角的平分线，与ac的夹角仍为30°，根据平 为-2cm,故再经7.0s,平衡位置为10cm处D的位 移为-2cm,故D错误。 衡条件，可知F与F会，等大，反向共线，故F与aC 9.BD【解析】电场强度是矢量，A点的电场方向 的夹角仍为30°，保持不变，即夹角不变，故C错 向上，A点的电场方向向下，电场等大反向，因此 误。根据几何关系，可得对角线ca的长度为 电场强度不同，A错误。A和A'关于O对称，电势 。=2+(5z)=2L,物块由c点运动到a点的 相等，因此小球在两点电势能相等，从A到A'电场 过程中，根据动能定理有W-G,L-∫·2L=0,解得 力总做功为0。由动能定理g·2h=m2-0,解 W=1.8gL,故D正确。 a 得v=2√gh,B正确。均匀带正电圆环轴线上，场 强从O向外（远离O的方向）先增大后减小，若A在 场强最大值点外侧，从A到O场强先增大后减小到 0,若小球带负电，电场力向下，加速度a=m8+g驱 加速度先增大后减小。若小球带正电，电场力向上， 11.(1)A(2分) 加速度a=m8-g型，加速度先减小后增大。因此 (2)1.5(2分) 15(2分) 【解析】(1)为了保证小球抛出的速度处于水平方 加速度不是一定逐渐减小，C错误。根据能量守恒 向，斜槽末端必须调节为水平状态，故A正确。在 E+E0+E电=恒量，变形得耳+E电=恒量-耳c, 描绘同一条轨迹时，为了保证每次小球抛出的速度 从A到A'小球一直下落，重力势能Ec逐渐减小， 相同，需要将小球多次从轨道同一位置由静止释放 因此动能与电势能之和逐渐增加，D正确。 并描点，故B错误。每次释放小球时，水平挡板的 10.BD【解析】因摩擦力方向与相对运动方向相反， 位置不需要从上到下（或从下到上）等间距调节， 故物块所受摩擦力方向与F无关，故A错误。由题 故C错误。为了使小球运动过程与纸面间没有摩擦 知，物块处于受力平衡状态，把物块的重力分别沿 力作用，实验时不能让小球在运动过程中和纸面接 着斜面和垂直斜面正交分解，则有 触，故D错误。 G.=gsin37°=0.6g，G,=1gcos37°=0.8g, (2)竖直方向由△y=5L-3L=gT,可得T= 根据平衡条件，可得斜面对物块的支持力为 2×5x10 -s=0.1s,则小球离开斜槽末端的 F=G,=0.8g,则物块所受摩擦力的大小为 10 3 押题登科卷（四） ·物理SS· 初速度大小，= 3L3×5×102 m/s=1.5m/s,小球 设在AB面折射角为a,由折射定律=sin0 (1分) T 0.1 sina 经过日点的竖直分速度大小为。-=8弘 得sina= 2T 2T 8×5x10-2 即=30°(1分) m/s=2m/s,小球经过A点的竖直分速 2×0.1 DE 在△BDE中，由正弦定理 BE (1分) in45°sin60° 度大小为"4=，一gT=1m/S,小球从抛出点到A 解得DB=5L 点所用时间为1=生=0,5，则小球的抛出点到A点 3 g 介质中光速v=C(1分) 的水平距离为x4=v=0.15m=15cm。 n 12.(1)1900(2分) 则传播时间1=之-2L (1分) (2)5.300(5.297、5.298、5.299均可，2分) (2)光路图如图 (3)12k2(2分) U(R+R)(2分) IRy-U 【解析】(1)读数为19.0×1002=19002。 (2)读数为5mm+30.0×0.01mm=5.300mm。 (3)定值电阻R,若选择3k2,则改装后的电压表 C 能调量电压的最大值为。-（黑+R) 由几何关系知，BC面上反射的光在AB面上入射角 R. 为60，由simC=1(1分) (3+3)V-6V。定值电阻R若选择12kQ,则改装后 得C<60°，则在AB面上发生全反射(1分) 的电压表能测量电压的最大值为U。= 3V -X 设AC面上入射角为i,折射角为B,由几何关系得 Ry i=30°(1分) (亿+尾)广号2+3V-15V.为了使电阻丝两端的 由折射定律n= sinB (1分) sini 电压变化范围更大，要求改装后的电压表测量范围 得B=60° 更大，故本实验中定值电阻R的阻值应选用12k2。 根据几何关系， 出射光线与入射光线的夹角为90° 该电热丝电阻准确值的表达式为R= (1分) U(Ry+R)U(Ry+Ro) 14. (1) no (2) 4 gl 3gl IRy-U 【解析】(1)粒子从P到Q做类平抛运动，设运 R 动时间为t1 13.(1)2L (2)90 x方向有l=64(1分) .11 【解析】(1)光路如图 z方向有二=二2(1分) 22 其中a=(1分) L 联立三式得五，=(1分) ·物理SS· 参考答案及解析 (2)设粒子到达Q点时，速度方向与x轴成角， 解得y=4m/s,=2m/s 由tam0=4=1(1分) 由水平动量守恒（人船模型）即=Mx,(1分) 又x1+x2=R(1分) 得0-45°(1分) 解得5=0.4m（1分) 粒子在磁场中做匀速圆周运动，从Q点进入磁场， (2)物块B冲上斜面，至弹簧压缩量最大时，A、 从M点离开磁场。设粒子圆周运动半径为，速度 B和斜面共速，速度为V 为'g,由洛伦兹力提供向心力有 水平方向动量守恒=（阳+ma+M)(1分） T'eB。=m' (2分) 系统能量守恒%-+%+M)r+ 并且VocOs8=%(1分) 粒子打在P点，有远-n0+行-2cos0(2分) 号x+m%8xsin0(2分) 联立解得x=0.4m(1分) 联立解得B。= 4m%(1分) (3)设物块A从斜面项端Q飞出时，A的对地速 3gl Z↑ 度的水平、竖直分量分别为Y,和y,斜面速度为 水平动量守恒1=a',+(+M)%(1分) 系统能量守恒m伏++ 号4，+)y+m%gxsin8+4a等sin6(2分 相对运动关系tan9=(1分) Vx-V3 联立解得y,=1.6m/s,y,=0.6m/s,￥3=0.8n/s(1分) 15.(1)4m/s2m/s0.4m (2)0.41m (3)V73 则A的速度=+花=Vm/s1分) m/s0.8m/s 5 5 (4)物块A离开斜面后做斜抛运动 (4)0.72m 【解析】(1)物块B下滑到底端过程 竖直方向Lsm6=-y+581”(1分) 水平动量守恒阳=4？(1分) 水平方向△x=(y,-3)t(1分) 机横能守恒%gR=%号+宁M号1分) 1 联立解得△x=0.72m(1分) 5 押题登科卷（四） ·物理SS· 物理细目表 题号 题型 分值 考查主要内容及知识点 难度 单选题 半衰期、核反应方程 易 2 单选题 4 匀变速运动 易 单选题 弹性碰撞 易 4 单选题 4 变压器 中 5 单选题 4 人造卫星 中 6 单选题 共点力的动态平衡 中 单选题 4 气体实验定律的应用 难 8 多选题 6 机械波与机械振动 易 9 多选题 6 带电圆环的电场分析 中 10 多选题 斜面上物体的运动分析 难 11 实验题 6 探究平抛运动的特点 易 12 实验题 8 测量金属丝的电阻率 必 13 计算题 10 折射和全反射的综合 易 14 计算题 12 带电粒子在组合场中的运动 中 15 计算题 18 力学综合 难 6