2026届广东江门市广东实验中学附属江门学校高三下学期考前学情自测物理试题

广东省江门市省实江门学校2026届第三次模拟考试 物理卷 一、单选题（每题3分，每题只有一个正确选项） 1.从夸父逐日到羲和探日，中华民族对太阳的求知探索从未停歇。2021年10月，我国第一颗太阳探测科学技术试 验卫星“羲和号”顺利升空。太阳的能量由核反应提供，其中一种反应序列包含核反应：H+He→He+2X,下 列说法正确的是() A.X是中子 B.该反应有质量亏损 C.He比He的质子数多 D.该反应是裂变反应 2.2025世界人形机器人运动会上北京灵翌宇树队的H,机器人获得1500米决赛冠军。为进一步检测新研发的机器 人运动性能，科研人员在平直路面上对其开展了专项测试，如图甲所示，并绘制出其运动的位移一时间（心一）图 像，如图乙所示。己知该图像在2030s内为直线，其余为曲线，且图像平滑衔接（无突变）。下列说法正确的是() s/m 40 20 010203040t/s 分 A.0~20s内机器人做曲线运动 B.0~20s内机器人速度一直增大 C.2030s内机器人做匀速直线运动 D.3040s内机器人的位移大小为20m 3.如图所示为“用双缝干涉测光的波长”的实验装置，从左到右依次放置①光源、②滤光片、③、④、⑤遮光筒、 ⑥光屏。下列说法正确的是() ①②③ ④ ⑤ ⑥ 回 T A.③、④分别是双缝、单缝 B.减小④和⑥之间的距离，可以增大相邻暗条纹间的距离 C.仅换用频率更小的单色光，观察到的条纹变宽 试卷第1页，共8页 D.测出n条亮条纹间的距离为 a， ，则相邻两条亮条纹间距为 $$\triangle x = \frac { a } { n }$$ 4.2025年11月1日，神舟二十一号载人飞船成功对接于空间站天和核心舱；将载人飞船的变轨过程简化为以下模 型：飞船变轨前绕地稳定运行在圆形轨道I上，椭圆轨道Ⅱ为飞船的转移轨道，核心舱绕地沿逆时针方向运行在圆形 轨道Ⅲ上，轨道I和I、Ⅱ和ⅢI分别相切于A、B两点，下列说法正确的是() 飞 B 船 轨道Ⅱ 轨道I 轨道ⅢI 天和核心舱 A.飞船分别在轨道I和轨道Ⅱ上运行时经过A点的向心加速度相等 B.飞船在轨道I上的速度小于天和核心舱在轨道Ⅲ上的速度 C.飞船应先变轨到轨道Ⅲ， 然后再与天和核心舱对接 D.飞船在转移轨道上从A向B运行的过程中宇航员处于超重状态 5.两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图所示。左线圈连着平行导轨M和N，导轨电阻不计，在导轨垂直 方向上放着金属棒ab， 金属棒处于垂直纸面向外的匀强磁场中，下列说法中正确的是() a C R N b d A.当金属棒向右匀速运动时， a 点电势高于b点，c点电势高于d点 B.当金属棒向右匀速运动时，b点电势高于 a 点，d点电势高于c点 C.当金属棒向右加速运动时，b点电势高于 a 点，c点电势高于d点 D.当金属棒向右加速运动时，b点电势高于 a 点，d点电势高于c点 6.在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面(纸面)内运动。如图，若小球的初 速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O点出发运动到O点等高处的 过程中() $$v _ { 0 }$$ A.动能减小，电势能增大 B.动能增大，电势能增大 C.动能减小，电势能减小 D.动能增大，电势能减小 7.图甲为名叫“弹簧公仔”的玩具，由头部、轻弹簧及底座组成，可简化为如图乙所示模型，已知物块A的质量为 试卷第2页，共8页 m,物块A静止时，弹簧的压缩量为x,现用力向下按物块A,使弹簧的压缩量为3x时撤辙去压力，物块A在竖直方 向上做简谐运动，当物块A运动到最高点时物块B对水平面的压力恰好为零，重力加速度为g,弹簧始终在弹性限 度内。物块A的位移随时间的变化规律如图丙所示，下列说法正确的是() y/cm 头部 A 10 轻弹簧 t/s 底座 B 777777777777 -10 分 乙 丙 10 A.x= 39 B.撤去压力的一瞬间，物块A的加速度大小为1.5g C.物块B的质量等于m D.物块A的振动方程为y=10cos(t)(cn) 二、多选题（每题6分，少选且选对得3分，错选不得分） 8.对于下列生活中的现象与物理解释对应准确的是() A.一些昆虫可以停在水面上，是因为昆虫受到水的浮力等于昆虫的重力 B.蔗糖受潮后粘在一起形成糖块，看起来没有确定的几何形状，是因为受潮形成的糖块为多晶体 C.酱油卤鸡蛋，是因为酱油的色素分子扩散进入鸡蛋内 D.种植农作物进行土壤锄松保存地下水分，是因为松土保持了土壤里的毛细管便于毛细现象发生 9.2022年12月28日我国中核集团全面完成了230MV超导回旋加速器（图甲）自主研制的任务，突破了国外垄 断，实现我国重大疾病诊断和治疗设备的国产化。如图乙所示为回旋加速器的工作原理示意图，其核心部分是两个 D形盒接在频率恒定的交流电源上，粒子源O置于D形盒的圆心A附近，能不断释放出带电粒子，忽略粒子在电场 中运动的时间，且加速过程中忽略相对论效应和重力的影响。现用该回旋加速器对HH粒子分别进行加速，下 列说法正确的是() B 交变电压 甲 乙 A.交流电压越高，H粒子离开加速器的速度越大 B.两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等 试卷第3页，共8页 C.两种粒子离开加速器时的动能不相等 D.在条件不改变的情况下，可以用该装置加速质子H 10.一辆汽车在平直公路上从静止开始启动，该汽车加速度随时间的变化规律如图所示，时刻汽车达到额定功率 且功率不再变化，t时刻图像与时间轴相切。已知汽车质量为，运动过程中受到的阻力恒为∫，则有() a/(m.s2) A.光车的额完功率为U+m)a4 B.汽车的额定功率为(f+a)a C.0~和~t时间内汽车牵引力做功之比为2t:(任-t) D.0~和t~t时间内汽车牵引力做功之比为：2(t2-t) 三、非选择题 11.(8分)某同学利用如图()所示的实验装置来测量重力加速度大小g。细绳跨过固定在铁架台上不可转动的 小圆柱体，两端各悬挂一个重锤。实验步骤如下： 光电门、 包H 遮光片、 77777777777777777777777777 图(a) ①用游标卡尺测量遮光片的宽度d。 ②将遮光片固定在重锤1上，用天平测量重锤1和遮光片的总质量m、重锤2的质量M(M心)。 ③将光电门安装在铁架台上，将重锤1压在桌面上，保持系统静止，重锤2离地面足够高。用刻度尺测量遮光片中 心到光电门的竖直距离H。 ④启动光电门，释放重锤1，用毫秒计测出遮光片经过光电门所用时间t。 ⑤根据上述数据求出重力加速度g。 ⑥多次改变光电门高度，重复步骤，求出g的平均值。 试卷第4页，共8页 回答下列问题： (1)测量d时，游标卡尺的示数如图(b)所示，可知cm。 2主尺cm thht 0 游标尺10 20 图b) (2)重锤1通过光电门时的速度大小为v=(用遮光片d、t表示)。若不计摩擦，g与、Md、t、H的关系 式为 (3)实验发现，当M和之比接近于1时，g的测量值明显小于真实值。主要原因是圆柱体表面不光滑，导致跨过 圆柱体的绳两端拉力不相等。理论分析表明，圆柱体与绳之间的动摩擦因数很小时，跨过圆柱体的绳两端拉力差 AT =4Y M+m Mm g,其中Y是只与圆柱体表面动摩擦因数有关的常数。保持M+=2,不变，其中M=(1+), m=(1-B)。B足够小时，重锤运动的加速度大小可近似表示为a=（B-y)g。调整两重锤的质量，测得不同B时 重锤的加速度大小α，结果如下表。根据表格数据，采用逐差法得到重力加速度大小8=m/s2(保留三位有 效数字)。 B 0.04 0.06 0.08 0.10 al(m/s2) 0.084 0.281 0.477 0.673 12.(10分)某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律。根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材。 (1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势。选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔 ，调节欧姆调零旋 钮，使指针指向右边“02”处。测量时观察到热敏电阻温度越高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由 此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而。 D A Ro 温控室 热敏电阻 R (2)再按图连接好电路进行测量。 ①闭合开关S前，将滑动变阻器R的滑片滑到b端。 将温控室的温度设置为T,电阻箱R调为某一阻值R1。闭合开关S,调节滑动变阻器R,使电压表和电流表的指 针偏转到某一位置。记录此时电压表和电流表的示数、T和R。断开开关S。 试卷第5页，共8页 再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S。反复调节R,和R,使电压表和电流表的示数与上述 记录的示数相同。记录此时电阻箱的阻值R2。断开开关S。 ②实验中记录的阻值RR2(选填“大于”、“小于”或等于”)。此时热敏电阻阻值R=。 四、解答题 13.(8分)可逆斯特林热机的工作循环如图所示。一定质量的理想气体经ABCDA完成循环过程，AB和CD均为等 温过程，BC和DA均为等容过程。已知T=1200K,T,=300K,气体在状态A的压强p4=8.0×10Pa,体积Y=1.0m, 气体在状态C的压强pc=1.0×10Pa。求： (1)气体在状态D的压强PD: (2)气体在状态B的体积'。 AP/Pa B D C V/m 试卷第6页，共8页 14.(12分)某同学以金属戒指为研究对象，探究金属物品在变化磁场中的热效应。如图所示，戒指可视为周长为 L、横截面积为S、电阻率为P的单匝圆形线圈，放置在匀强磁场中，磁感应强度方向垂直于戒指平面。若磁感应强 度大小在△t时间内从0均匀增加到B,,求： (1)戒指中的感应电动势和电流： X × (2)戒指中电流的热功率。 -S X 试卷第7页，共8页 15.(16分)如图所示是探究不同速度下弹性碰撞的简化装置，倾角为8的斜面固定于水平地面，斜面上固定有半径 为R的半圆挡板、长为7R的直挡板和小挡片e。a为直挡板下端点，bd为半圆挡板直径且沿水平方向，c为半圆挡 板最高点，两挡板相切于b点，d与ab平行且等长，在小挡片e上固定原长3.5R、劲度系数为k的轻质弹簧，小 球乙被锁定在c点。小球甲从α点以一定初速度出发，沿挡板运动到c点与小球乙发生完全弹性碰撞，碰撞前瞬间 解除对小球乙的锁定，小球乙在此后的运动过程中无其他碰撞。己知：小球甲质量为=1kg、小球乙质量为（未 知)，R=0.2m,0=30°，弹簧的劲度系数k=60%,两小球均可视为质点，不计一切摩擦。 挡板 b d a6甲0 e (1)若小球甲沿挡板恰能运动到c点，碰撞后小球乙也沿挡板运动并压缩弹簧，弹簧始终处于弹性限度内。求： ①小球甲运动到c点速度y。的大小： ②若=1，小球乙从接触弹簧至最低点的时间，（可用反三角函数表示） (2)若小球甲沿挡板恰能运动到c点，碰撞后小球乙不沿挡板过f点，求： ①的比值： ②在上述质量比值下，改变小球甲的初速度（仍沿挡板运动），使碰撞后小球乙能越过线段（不与挡板和弹簧相 碰)，小球甲初速度应满足的条件。 试卷第8页，共8页 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 B D C D D C BC BC BD 1.B 【详解】A.根据核反应过程满足质量数和电荷数守恒可知，X的质量数为1，电荷数为1，可知X是质子，故A 错误； BD.两个轻核结合成质量较大的核，核反应属于聚变反应，反应过程存在质量亏损，释放能量，故B正确，D错 误； C.4He与He的质子数相同，均为2个质子，故C错误。 故选B。 2.D 【详解】A.0~20s内机器人做直线运动，故A错误； B.位移一时间(s一t)图像斜率表示速度，0~20s内斜率先增大后减小，故0~20s内机器人速度先增大后减小，故 B错误； C.位移-时间(s一t)图像斜率表示速度，2030s内斜率为零，2030s内机器人静止不动，故C错误； D.3040s内机器人的位移x=20m-40m=-20m,负号表示与正方向相反，位移大小为20m,故D正确。 故选D。 3.C 【详解】A.③、④分别是单缝、双缝，故A错误： B.根据Ax=2 可知，将双缝到屏之间的距离L减小，则光屏上相邻暗条纹中心的距离减小，故B错误： C,仅换用频率更小的单色光，波长1变大，观察到的条纹变宽，故C正确： D.n条亮条纹间的距离为a,则相邻两条亮条纹间距△x=a -1 故D错误。 故选C。 4.A 【详解】A.由于G伽 GM =a,a= ,产，可知飞船分别在轨道和轨道上运行时经过A点的向心加速度相等，故A 正确： Mm 12 B.根据G =m- 2 解得v= GM 答案第1页，共7页 轨道I的半径小于轨道Ⅲ的半径，所以飞船在轨道缸上的速度大于天和核心舱在轨道Ⅲ上的速度，故B错误： C.应先变轨到较轨道Ⅲ略低的轨道，然后再通过加速完成与天和核心舱对接，故C错误： D.点火后，飞船在轨道Ⅱ上从A向B运行时做离心运动，只受万有引力且处于完全失重状态，故D错误。 故选A。 5.D 【详解】AB.当金属棒向右匀速运动时，根据右手定则可知a山棒中感应电流方向从α→b,ab相当于电源，则b 点电势高于α点，线圈中产生的感应电流是恒定的，原线圈中的磁场是恒定的，穿过副线圈的磁通量不变，没有感 应电动势产生，cd中没有电流流过，故c点与d点电势相等，故AB错误： CD.当金属棒向右加速运动时，根据右手定则可知b棒中感应电流方向从α→b,b相当于电源，则b点电势高 于α点，线圈中产生的感应电流逐渐增大，根据安培定则可知原线圈中的向下磁场逐渐增大，副线圈中有向上的磁 场逐渐增大，根据楞次定律可知副线圈中感应电流从d通过电阻到c,d点电势高于c点，故C错误，D正确。 故选D。 6.D 【详解】根据题意若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，可知电场力和重力的合力沿着虚线方向，又 电场力方向为水平方向，根据力的合成可知电场力方向水平向右，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O点出 发运动到O点等高处的过程中重力对小球做功为零，电场力的方向与小球的运动方向相同，则电场力对小球正功， 小球的动能增大，电势能减小。 故选D。 7.C 【详解】A.物块A静止时，弹簧的压缩量为x,此时物块A处于平衡位置，由题意可知3x-x=A=10c,可得 x=5cm,A错误； B.撤去压力的一瞬间，弹簧弹力不变，对物块A受力分析，由牛顿第二定律k·3x-g=ma 其中x=g 联立可得物块A的加速度大小为a=2g,B错误： C.当物块A运动到最高点，由对称性可知，弹簧此时伸长量为x,对B有=8 解得物块B的质量大小为g=,C正确： D.由图丙可知，振幅为A=10cm,周期为T=1s,物块A的振动方程为y=Acos 代入数据可得y=10cos(2t)(cm),D错误。 故选C。 8.BC 答案第2页，共7页 【详解】A.一些昆虫可以停在水面上，是由于水表面存在表面张力的缘故，故A错误 B.蔗糖受潮后粘在一起形成糖块，看起来没有确定的几何形状，是因为受潮形成的糖块为多晶体，故B正确： C.酱油卤鸡蛋，是因为酱油的色素分子扩散进入鸡蛋内，故C正确： D.种植农作物进行土壤锄松保存地下水分，是因为松土破坏了土壤里的毛细管，使水不能沿毛细管上升，起到保 护地下水分的作用，故D错误； 故选BC。 9.BC 【详解】A.粒子在磁场中飞出的最大轨道半径为D形盒的半径，对应速度也最大，则有B=m 解得x=BR 可知粒子离开的最大速度与加速电压无关，故A错误； C.由A项分析可得，粒子离开加速器时的动能马-gRB H粒子的质量数为2，电荷数为1，He粒子的质量数为4，电荷数为2，可知He粒子离开加速器时的动能为H粒 子的两倍，即两种粒子离开加速器时的动能不相等，故C正确： B.在电场中加速一次，在磁场中回旋半周，设加速的次数为n,则有Emx=gU 解得1=gRB2 2mU 则粒子在回旋加速器中运动的时间1=乃 2 其中T=2”,又因为8=m',联立解得1=BR 2U 可知两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等，故B正确： D.由B项分析可得T=2, 故氘核与质子在磁场中运动的周期不同，在其他条件都不改变的情况下，不可以用 gB 该装置加速质子，故D错误。 故选BC。 10.BD 【详解】AB.汽车从静止开始运动，因此时刻的速度等于0~4内图像的面积= 1时刻加速度为4，由牛顿第二定律F-f= 得牵引力F=∫+4，此时汽车达到额定功率，额定功率P==（∫+a),故A错误，B正确： 1 CD.0~4加速度恒定，做匀加速直线运动，位移，=%时 牵引力恒定，做功所==(+m,)4 答案第3页，共7页 ~t,功率保持额定功率不变，牵引力做功W=P(t-)=(f+)a·(:-) 做功之比化简丽 (f+ma)adi 一，故C错误，D正确。 W(f+ma)5G2-)22-t) 故选BD。 11.(1)0.515 (M+m)d2 (2) g 2(M-m)Ht (3)9.81 【详解】(1)根据游标卡尺的读数规律，该游标卡尺的读数为5m+0.05×3mm=5.15m=0.515cm (2)[山]根据光电门的测速原理，重锤1通过光电门时的速度大小为v= t [2]对重锤1与重锤2构成的系统进行分析，根据系统机械能守恒定律有(M-mgH=二(M+m)' 2 d 其中v= t (M+m)d 解得8= 2(M-m Ht (3)由于1是只与圆柱体表面动摩擦因数有关的常数，且有a=(B-)8=8B-8y 取表格从左至右四组数据分别为4,4,4,44和对应的B,B,P,P4 利用表格中的数据，根据逐差法有a4+4-4-4=(P+月-B-月)8 带入数据可则重力加速度g=9.81m/s2 12.(1) 短接 减小 (2) 大于 R1-R2 【详解】(1)[1][2]选择倍率适当的欧姆挡，将两表笔短接；欧姆表指针向右偏转角度越大，则阻值越小，可判断热 敏电阻的阻值随温度升高而减小。 (2)[1][2]因两次电压表和电流表的示数相同，因为 R1=R2+ 即 R7=R1-R2 可知R1大于R2 13.(1)2×10Pa;(2)2.0m3 答案第4页，共7页 【详解】(1)从D到A状态，根据查理定律 PA=PD TL 解得 PD=2×10Pa (2)从C到D状态，根据玻意耳定律 PeV2=PoV 解得 y3=2.0m3 14.(1)B=2,1=BS 4π△t 404t:(2)P=62S 16π2p(△)2 【详解】(1)设戒指的半径为r,则有 L=2πr 磁感应强度大小在△t时间内从0均匀增加到B,,产生的感应电动势为 B=B.2 △t 可得 B=BoP 4π△t 戒指的电阻为 R=PI S 则戒指中的感应电流为 1=里-B R4πpt (2)戒指中电流的热功率为 BIS e=TR=16rpd)月 15.(1)①1m/s; ②(r-目、原 203:②m/s<6<学m/s 【详解】(1)①甲恰能到c点，可知在c点有m19sin0=m:置 解得v。=m/s ②依题意，甲乙发生完全弹性碰撞，碰撞前后动量和能量守恒，以方向为正 答案第5页，共7页 4=m+m 1 1 有%。=+%， 2 2 2mh ve 解得碰后乙的速度为4+m 若%=1，则，-1m/s 1 对小球乙，从c点至弹簧压缩量最大位置，设弹簧的最大压缩量为△x,以弹簧压缩量最大位置为重力势能的参考 平面，由能量守恒定律 有，8(R+7R-3.5R+△Y)sin0+号%，时-k×(△x 1 2 2 得△x=0.5m 小球乙速度最大时，弹簧弹力等于重力，设此时弹簧的压缩量为△： 有l28sin8=k△x 得Am,所以弹簧振子的振隔A=△x一Ax 设弹簧振子的振动方程为x=Asin 共中7-22 得x=sim(V6or)m 12 当位移为△，=12m时，所用时间△4=、 =W℃S1n-S 60 5 当位移为△x,=A-多m时，所用时间△丛，=2人而3 12 则小球乙从接触弹簧至最低点的时间t=△t+△t,= 2 (2)①设碰后小球乙的速度为'3，根据前面分析有= 2.,依题意，碰后小球乙做类平抛运动且过/点 +L2 沿对方向有R+7R-3.5R=28sim8×5 沿垂直d方向有R=站 解附是- ②设碰后小球乙的速度为4，碰后小球乙做类平抛运动，若能越过线段d不与弹簧相碰，则根据类平抛运动规律 有45R= 28si血8×5，且v4>R 1 得>3V3Rsm6 同时需保证小球不能撞击到圆弧c上，设碰后小球乙的速度为s 有R=28si血0x写，且，<R 答案第6页，共7页 1 得<V58Rsin 联立得碰后小球乙的速度：VgRsin8<吃≤√5Rsim0,根据前面分可知之m+m 将%1 9 音5代入可得V8Rsm6<<V8Rs6 9 代入数据得1m/s<年< m/s 对甲球，从a到c过程中，由动能定理 21 有-m8×8Rsn0=立4号-支6 %=√m+16 gRsinθ ns 综上得小球甲初速度应满足的条件7m/s<%<V2 【点睛】 答案第7页，共7页