物理（五）-【真题密卷】2026年高考物理考前冲顶实战演练（安徽专版）

2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.一个静止的钴Co在某条件下发生3衰变生成镍60(Ni),放出动能为E1的电子，同时 释放能量分别为E2、E3的两个Y光子，忽略镍60的动能，释放的核能全部转化为电子 的动能和光子的能量，已知电子的质量为m,真空中光速为c,不考虑相对论效应，下列 选项正确的是 A.核反应方程为Co→9Ni十。1e B.运动的高速钴C0发生衰变的半衰期更短 C.质能方程为mc2=E1+E2十E3 D.镍60(Ni)的比结合能比钴60更大 2.一无人机在水平面内进行表演，Ox方向向东，Oy方向向北，机载传感器描绘出的无人 机在水平面内运动的轨迹如图所示。若0~x。内的曲线为开口向右的抛物线，则该无 人机向东飞行的vxt(速度一时间)图像、axt(加速度一时间)图像、向北飞行的v,t(速 度一时间)图像、向北飞行的αyt(加速度一时间)图像可能正确的是 物理试题（五）第1页（共8页） 考前冲顶 3.如图所示，两根完全相同的轻质弹簧一端与轻绳OM、ON连接，另一端分别固定于P、 班级 Q两点。用力拉两根轻绳，使OP水平，OQ与OP的夹角为120°，此时两弹簧的长度相 同，P、O、M三点在同一直线上，Q、O、N也在同一直线上。现保持O点不动且ON方 向不变，将OM沿顺时针方向缓慢旋转45°，该过程中弹簧、轻绳始终在同一竖直平面 姓名 内，则下列说法正确的是 -------------- N 得分 w pW M N A.OP上的弹力一直增大 B.OM上的拉力一直减小 C.ON上的拉力一直增大 D.OM上的拉力先减小后增大 4.如图所示，A、B两球用轻杆连接锁定在竖直面内光滑的圆轨道上，A球在与圆心O等高 的位置，B球在圆心正下方，解除锁定让两球由静止开始运动，当杆水平时，A、B两球的 速度刚好为零，不计两球的大小，则从解除锁定至轻杆水平的过程中，下列判断正确 的是 B A.A球质量大于B球质量 B.杆对B球做正功 C.合力对B球做正功 D.当杆水平时，A、B两球加速度可能相等 5.冥王星与卡戎（如图甲）之间存在一种特殊的天文现象一潮汐相互锁定，这意味着卡 戎绕冥王星公转一周的时间，恰好等于它自转一周的时间，也等于冥王星自转一周的时 间。冥王星与卡戎可看成一个双星系统，它们绕着O点做匀速圆周运动（如图乙），已知 冥王星与卡戎的质量之比约为8：1，半径之比约为2：1，在彼此绕行的过程中，忽略其 他天体的影响，下列说法正确的是 冥王星 卡戎 冥王星 卡戎 为 乙 A.冥王星与卡戎的地表两极处重力加速度之比为2：1 B.冥王星与卡戎的第一宇宙速度之比约为4：1 C.冥王星与卡戎的线速度大小相等 D.冥王星与卡戎的轨道半径之比为2：1 实战演练 物理试题（五）第2页（共8页） 7 6.如图所示，理想变压器原、副线圈接入定值电阻和电阻箱，定值电阻R1=42,R2=52, 电阻箱R。的调节范围足够大，电流表为理想交流电表，原线圈所接交流电源电压= 44√2sin(100πt)V。当电阻箱的阻值调节为5时，电流表的示数为1A,原副线圈的匝 数分别用n1、n2表示。下列说法正确的是 A.n1:n2=4:1 B.当电阻箱的阻值为52时，副线圈的输出电压为80V C.当电阻箱的阻值为152时，变压器的输出电压是R1上电压的10倍 D.电阻箱R。的阻值逐渐减小到某值，会出现电源输出功率最大 7.如图，光滑水平面与水平传送带无缝衔接，传送带足够长，以恒定速率0逆时针运动。 可视为质点的质量为m的滑块，以速率v(v>vo)水平向右冲上传送带，最终向左又返 回水平面。滑块与传送带之间的动摩擦因数处处相同且为4，已知重力加速度为g。关 于滑块在传送带上运动的全过程，下列选项正确的是 % mi】 ⊙ A,滑块向右滑行的最远距离为2 B.传送带多做的功为mvo(vo十v) C.因摩擦产生的内能为2m(o品十v2） D.因摩擦产生的内能为m(v0十v)2 8.如图甲所示，水平桌面上放置一个算盘。算珠可穿在固定的杆上滑动，算珠与杆之间的 动摩擦因数为0.1。发现某一根杆上有A、B两颗算珠未在归零位。现将算珠A拨出， 离手时vao=0.4m/s,A、B相隔s1=3.5cm,每颗算珠质量为10g,g取10m/s2,A、B 在碰撞前后的t图像如图乙、丙所示(A、B碰撞的时间极短，图乙时间坐标轴每格分度 值相同)。下列选项正确的是 /(m's) ms) 未归零归零 0.4 A 0.4 状态状态 0.3引 0.3 0.2 0.2 0.1 算盘水平放置 ts s 甲 丙 7 物理试题（五）第3页（共8页） 考前冲顶多 A.由于摩擦力存在，A、B碰撞过程动量不守恒 B.碰撞过程中A受到的合外力冲量大小I=4×10-3N·s C.算珠A与B的碰撞是非弹性碰撞 D.算珠A与B的碰撞是完全非弹性碰撞 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.如图所示，波浪发电机是一种将海洋波浪的动能转化为电能的装置，由浮标和定浮标的 长锚链组成，浮标随波浪上下运动驱动发电机发电。波浪可视为简谐波，某时刻浮标 A、B均处于同一列波的波峰，两浮标间有两个波谷，经过1s时间，浮标A第一次到达 波谷。已知两个浮标A、B相距20m,则 A.波浪的波速为5m/s B.波浪的波速为8m/s C.浮标A、B的振动频率是波浪频率的2倍 D.浮标A、B的振动周期为2s 10.如图所示，一边长为L的单匝正方形均匀金属导体线圈置于光滑绝缘水平面上，线圈 右侧存在垂直水平面的匀强磁场区域I和Ⅱ，两磁场的宽度均为L,磁感应强度大小 均为B,方向如图所示。线圈的cd边与磁场边界始终平行。现给线圈一水平向右的 初速度。，当线圈全部进人磁场Ⅱ时速度恰好为零，下列说法正确的是 ××· A.整个过程中，线圈做的是加速度逐渐减小的减速运动 B.线圈cd边分别进入磁场I、Ⅱ时，其速度之比为5：4 C.线圈的cd边在磁场I、Ⅱ运动的过程中线圈产生的焦耳热之比为9：16 D.线圈的ab边尚未进人到磁场I时，cd两端的电压大小可表示为。BLv0 实战演练 物理试题（五）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某同学借助图甲所示的装置验证机械能守恒定律，用到的器材有：气垫导轨、光 电门、遮光条、数字毫秒计、滑块等。当地重力加速度为g,实验的主要步骤如下： 遮光条光电门 进气口 滑块 6 缓冲器 标尺 导轨 cm 水平桌面 0510 (1)用游标卡尺测量遮光条的宽度d,如图乙所示，则d= mm. (2)用测量工具测得导轨的倾斜角为0。 (3)将滑块从光电门左上方的最高位置由静止释放，用刻度尺测出滑块在释放点时遮 光条与光电门之间的距离为L,记录下遮光条通过光电门的遮光时间为t,则滑块 经过光电门时的速度大小v= ,要验证滑块的机械能是否守恒，只需验证 1,d、2 2) (均用题中所给字母表示)。 (4)若记录滑块返回时经过光电门的时间t'=t,说明滑块与缓冲器作用过程机械能 (填“是”或“否”)守恒。 (5)为减小实验误差，实验时宜选用 (填“较大”或“较小”)导轨倾斜角度。 12.(10分)某同学做“测量电源的电动势和内阻”实验，设计了如图甲所示实验电路图， R。=4,起保护电源作用，R2的最大阻值为252。实验步骤如下： A 6 E.r s R. 29 R ⊙ 5 10152025R,/2 分 乙 (1)该同学闭合开关S之前，先把电阻箱 (填“R,”“R2”或“R1和R2”)的阻值 调至最大。 (2)在S2闭合于1处之后，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的阻值 R1和电流表A的示数1，再把示数I换算为倒数，描绘得到如图乙所示的R, 图像，可求得电源电动势E= V,内阻r= 2(结果均保留2位有 效数字)。 物理试题（五）第5页（共8页）》 考前冲顶实战注 (3)该同学再把S2闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的 阻值R2和电压表V的示数U,为使图像更直观，应以 (填选项代号)为坐 标画图像，来计算电源电动势和内阻。 11 A.U-R2 B.UR2 CU (4)电压表量程为0一3一15V,实验时应该选择的量程为 (5)S2闭合于1处测得内阻的测量值与真实值相比 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 13.（10分)一定质量的理想气体从状态A开始，经A→B→C→A三个过程后回到初始状 态A,其p-V图像如图所示，已知状态A的气体温度T4=350K,该理想气体的内能U 和温度T的关系为U=aT(其中α=2J/K)。求： (1)气体在状态C时的温度； (2)C→A过程中，气体从外界吸收的热量。 p/(×105Pa) 1----------- A 02 5V7×10-3m) 寅练 物理试题（五）第6页（共8页） 7 14.（14分)有人设计了一种粒子收集装置，如图所示。真空中，固定在M点的发射枪可以 15 沿水平直线MN射出速度大小为v、电荷量为g、质量为m的带负电粒子，O点在MN 上，粒子收集器固定在O点的正上方K点。已知M、O间的距离为L,K、O间的距离 为d,不计粒子受到的重力。在下列条件中，粒子都可以被粒子收集器收集。 (1)若在OK右侧有一匀强磁场，求匀强磁场的方向和磁感应强度大小B。 (2)若在M、O之间有一竖直方向的匀强电场，求匀强电场的方向和电场强度大小E。 (3)在粒子运动到P点时，若在整个空间中加有磁感应强度大小为[B为第(1)问所 求]、方向与第(1)问中相同的匀强磁场，求粒子自P到K的时间。 K -4-“八 公 0 7 物理试题（五）第7页（共8页） 考前冲顶实战演练 (18分)如图所示，质量m=0.2kg的足够长木板c放在光滑的水平面上，长木板的右 端到右侧弹性挡板的距离x。=6m,左端紧靠一平台且上表面与平台平齐，长木板的最 左端放置一质量为2的物体b。质量M=2kg在4光滑圆弧形轨道的滑块d放在光 滑平台上，且圆弧与平台相切。初始时滑块d锁定在平台上，若质量为m1的物体a由 距离平台高2.7m处静止释放，物体a刚好由圆弧轨道的最高点进入弧形轨道，物体a 运动到最低点时对轨道的压力为50N。现解除锁定，物体a仍从原来的位置静止释 放，经过一段时间与物体b发生弹性碰撞，物体b在长木板上发生滑动，此后长木板c 与挡板发生弹性碰撞。已知物体a、b的质量都为1kg,物体b与长木板c间的动摩擦 因数u=0.5,a、b可视为质点，b始终没有离开长木板c,g取10m/s2。求： (1)四分之一圆弧轨道半径r; (2)物体b第一次与长木板c共速时b与c左端的距离； (3)长木板c在水平面上通过的总路程s。 7777777777 7777777 77777777777777 物理试题（五）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 一、选择题 4.B【解析】根据机械能守恒，A球减少的重力势 l.D【解析】核反应方程为Co→gNi十9e,A 错误；钻C0发生衰变的半衰期不受环境、状态 能等于B球重力势能增加量，即mgX)R一 等的影响，B错误；发生核反应的质能方程为 △mc2=E1十E2十E3,△m是质量亏损，不是反应 mg(R、V2 2R),由此判断A球质量小于B球质 物质量，C错误；反应过程放出核能，反应后的原 量，A错误；B球机械能增加，因此杆对B球做正 子核镍60(Ni)的比结合能更大，D正确。 功，B正确；B球的速度先增大后减小，动能先增大 2.C【解析】由于0~x。段曲线为开口向右的抛物 后减小，根据动能定理可知，合力对B球先做正功 线，而且图像为运动轨迹，根据物体做曲线运动的 特点可知：无人机可能在向北方向做匀速直线运 后做负功，总功为零，C错误；当杆水平时，杆的弹 动，在向东方向做匀加速直线运动，结合a-t、vt 力大小相等，方向相反，球壳弹力垂直切面，两小 图像纵坐标变化可知C正确。 球的重力下滑分量与杆的弹力的切向分量合成力 3.D【解析】由题意可知两相同弹簧长度相同，O 产生加速度，由于A、B两球质量不等，因此两球 ,点位置不变，则两弹簧的弹力等大且合力大小不 加速度不相等，D错误。 变、方向在∠POQ的角平分线上，如图甲所示，结 5.A【解析】根据地表万有引力近似等于重力，冥 点O受力平衡，则F、FON、FOM三个力的合力为 零，画出它们的矢量三角形如图乙所示，可知将 王星表面C=mg1,卡戎表面Cm R名 =mg2, OM沿顺时针方向缓慢旋转45°角的过程中，ON 冥王星与卡戎的地表加速度可以表示为g1= 上的拉力FO一直减小，旋转30°角时，FoM减小 GM GM2 到最小，超过30°角时，OM上的拉力FOM又增大， R?,8:=R,两者之比名1=M,R2 8:MR=1,A正 D正确。 确；根据 GMim mui GM2m mu R R:’R=R2,得第一宇 f 宙速度之比 MR:=2 √M,R:=1,B错误；对双星系 统，两星在轨道上的转动角速度相等，得v=wr, M 又M1or:=Mor2,得P=M:=1 浮rM=8,所以两者线 FoN 速度大小之比？==1 r=8C错误、D错误。 甲 6.C【解析】交流电源电压有效位U=44巨v= √2 44V,则变压器输入电压U1=U一IR1=(44一1 ×4)V=40V,副线圈电流12=1-”，则副线 n2 n2 M 圈电压U2=I2(R2+R。) FoM M 10m,又因为U:U,= n2 n1:n2,联立解得n1:n2=2:1,U2=20V,A、B错 、,1 误；当电阻箱的阻值为150时，25X2×R1=U1 2U2+UR1=44V,可得U2=10UR1,变压器的输出 物理答案（五）第1页（共4页） 7 2026 考前冲顶实战演练（五） 电压是R1上电压的10倍，C正确；将原线圈输入端 设线圈cd边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为v1,线 等效为电阻R,则IR=I(R。十R2),因为电流 圈的cd边在磁场I运动的过程，取向右为正方 I2=I1,整理得R=)(R。十R2)=4(R。十 向，由动量定理得-BLt1=mw1一mvo,即 n2 n2 B2L2vt1 R2),变压器的输出功率最大时应有R,=R1,可 R =mu0-mw1,其中o1t1=L,线图的cd 知不存在输出功率最大情况，D错误。 边在磁场Ⅱ运动的过程，有一2BI'Lt2=0一mw1,即 7.B【解析】当v>0时，滑块先向右减速运动，滑 4B2Lv't -,A错 块向右滑行速度减为零，最远的距离x1=2g’ R =m0共中06：=L,解得=音B 误；再向左加速运动，离开传送带时速度大小等于 正确；线圈的cd边在磁场I、Ⅱ运动的过程中线 0。设运动时间为t,有一v0=v一gt,可得t= 1 1 v0十 ,相对位移= 2(u,+)t=+) 国产生的焦耳热之比9-2m-2n -,解得 ,因 Q2 1 24g 2 mu 1 摩擦产生的内能E=mgs湘=2m(uo十o),CD Q,-16C正确；线圈的ab边恰未进入到磁场 Q19 错误；传送带多做的功W=fx需=μmg·vot= 4 mg·o十 =mw0(v0十v),B正确。 时，线圈建度0=音0，此时cd边产生的电功势 ug 4 8.C【解析】由于碰撞时间极短，碰撞内力远大于 E-BLw1=5BLo,正方形各边的电阻相等，cd 5 摩擦力，故A、B间的碰撞可认为是动量守恒，A 边电阻相当于电源内阻，外阻为闭合电路电阻的 错误；由图乙可知，碰撞前A的速度vA1=0.3m/S, 3 碰撞后A的速度v2=0.1m/s,对A,取碰撞前的 4,故cd端的电压大小可表示为Ua=4E- 速度方向为正方向，根据动量定理得I=△p= m2一mtA1,已知m=10g=0.01kg,代入数据 5BL0,D正确。 解得I=一2X103N·s,B错误；由图丙可知，碰 三、非选择题 撞后B的速度2=0.2m/s,则碰撞前系统总动 11.(1)7.51分)(3)（1分)gLsin0(1分) 1 能B1-2mwi,解得Ea=4.5X104J,碰撞后 (4)是(1分)(5)较大(2分) 系统总功能E。一了m心ik十日mo,解得Ee 【解析】(1)游标卡尺的精确度为0.1mm,其读 数为7mm+5×0.1mm=7.5mm; 2.5X10-4J,则E2<Ek1,所以A与B的碰撞为 (3)根据光电门计算瞬时速度的公式，有v= d 非弹性碰撞，C正确；由图乙、丙可知碰后A、B初 速度不同，加速度相同，可知不是同速，故不是完 1 如果系统机械能守恒，则满足gLsin0= 全非弹性碰撞，D错误。 2mu2= 二、选择题 1d2 g1d、2 9.AD【解析】经过1s时间，浮标A由波峰第一次 2m(气)，可得2（气）=gLsin0: (4)经过光电门的时间t'=t,说明滑块返回到光 到达波谷，经历半个周期，2T=1s,可得T=2s, 电门时与第一次过光电门时的速度相等，动能无 由题意可知2入=20m,可得λ=10m,根据v 损失，说明滑块与缓冲器作用过程机械能守恒。 入 (5)为减小实验误差，实验时宜选用较大的倾斜 =5m/s,A正确，B错误；浮标随波浪上下运 角度，使得阻力远小于重力下滑分量，可以忽略 动驱动，是受迫振动，频率与驱动力频率一致，波 不计。 浪驱动浮标，故两者的频率相同，周期相同，C错 12.(1)R1(1分)(2)4.9/5.0/5.1(2分)0.9/ 误，D正确。 1.0/1.1(2分)(3)B(1分)(4)0-3V(2分) 1O.BCD【解析】线圈的cd边由磁场I进入磁场Ⅱ (5)偏大(2分) 的瞬间，αb边也开始受到安培力作用，线框受到 【解析】(1)实验前，应该把电阻箱R1的阻值调 的安培力瞬间增大，则加速度瞬间增大，A错误； 至最大，使电流表支路电阻最大但是R2不可以 物理答案（五）第2页（共4页）】 ·物理· 参考答案及解析 调节到最大，否则，在S2闭合到2时，超出应选 择的电压表量程。 (2)根据闭合电路欧姆定律E=I(R1十R。十r),整 ,(R。+r) .16-1 思得}-RE所以E5 V-1, AK- ② (R+）=1A1,解得E=5.0V,r=1.00。 ① E (3)把S2闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋 由几何关系有d=2r1 (1分) 钮，同时记录下每次电阻箱的阻值R2和电压表 V的示数U,则实验数据应采用电压表示数和R2 解得磁感应强度大小B=2m (1分) dg 的阻值，根据闭合电路欧姆定律E=U十R U 方向垂直纸面向外 (1分) (2)在M、O之间有一匀强电场，由题意可知，粒 11,1(R+r) (R,十)，整理得元E十R,X E ，为使图 子要向上偏转，故电场方向竖直向下。粒子在电 场中做类平抛运动，如图中②所示 像更直现，应以亡为数轴，尽为攒轴造行计界，B 1 有L=vt (1分) 正确。 1 d-zar (1分) (4)电压表量程为0一3一15V,由于电动势为5V 左右，小于15V的一半，为实验时准确测量，应 gE -ma (1分) 该选择的量程为0一3V。 解得E= 2dmv? 9L2 (1分) (5)此时忽略了电流表内阻，内阻测量值偏大。 (3)由几何关系有(r2-d)2+x2=r (1分) 13.(1)560K(2)330J 【解析】(1)气体从CA的过程中，由理想气体 由洛伦兹力提供向心力，有90X1m,2(1分) 款合本粒可程兴- (2分) 解得O、P间的距离x=√3d,r2=2d (2分) 红-议10×5x0 4×105×2×10-3 由几何关系可知粒子自P到K偏转的圆心角为 代入数据解得Tc= PAVA 300°，粒子偏转的周期T=2πm (1分) ×350K=560K (1分) B (2)气体从C→A的过程中，外界对气体所做的 A 功等于图线与横坐标围成的面积，则有 保三{r=10md 3v。 (1分) W=1 2×(1+4)×105X3X10J=-750j 15.(1)1.35m(2)0.6m(3)7.8m (1分) 【解析】(I)滑块d锁定时，物体a从释放到轨道 气体内能的变化量△U=a(TA-Tc)=2×(350 最低点时，由机械能守恒定律得 -560)J=-420J (2分) 1 migh=2miv (1分) 由热力学第一定律可得△U=W十Q (2分) 解得Q=△U-W=-420J-(-750J)=330J。 物体a在最低点时，由合外力提供向心力得 (2分) FN-mg=m1时 (1分) 14.(1)2m0 dg,方向垂直纸面向外 (2)2dmv 9L2,方向 又由牛顿第三定律得 为竖直向下(3)10rd 物块对轨道压力FN=FN 3v 解得r=1.35m (1分) 【解析】(1)在OK右侧有一匀强磁场，粒子做匀 (2)解除锁定后，物体a与滑块d组成的系统，水 速圆周运动到达K,点，可知磁场方向垂直纸面 平方向动量守恒，以水平向右为正方向，则有 向外。运动轨迹如图中圆孤①所示，设轨迹半径 0=m101-Mu (1分) v2 1 为r1,由洛伦兹力提供向心力，有qB=m 由机械能守恒得m1gh怎2m1明十2M (1分) (1分) 物理答案（五）第3页（共4页） 7 2026 考前冲顶实战演练（五） 解得v1=6m/s 解得51一2m2g mu共 物体a与物体b发生弹性碰撞，以水平向右为正 长木板第2次与挡板撞后，以水平向右为正方 方向，则有m101=m1u10十m2020,2m10f= 向，得m2v2-mv2=(m2十m)v3 (1分) m:i+7m:6 1 (2分) 解得3 mz-m 2)2 (1分) m2+m 解得v10=0m/s,020=6m/s 1 物体b与长木板c共速时的速度为v共，对b、c组 对长木板有-m2gs2=0一 (1分) 成的系统由动量守恒定律得 解得52= 2 m头 3 2μm2g (1分) m2v20=(m2十m)v共 (1分) 解得v共=5m/s 长木板第n次与挡板撞后，以水平向右为正方 又由功能关系得 向，由动量守恒定律得 1 m2Vn-mvn=(m2十m)0n+1 m2gL三2m200二2m2+m)o系 (1分) m2-m 2)” 解得L=0.6m 解得+1一2十m.=（3）0 (3)物体b从滑上长木板c到第一次共速，对长 对长木板有一um2g5m=0一 木板c由动能定理得mgx=2mu 1 ,(1分) 解得sn= 2)2-1) mu集 解得x=0.5m<xo 2um2 g 物体b与长木板C共速后，木板与挡板发生碰 长木板c通过的路程 撞，以m2和m为研究对象，长木板第1次与挡 s=xo十2(s1十s2十s3十·十sm） 板撞后，以水平向右为正方向，得 整理得s m2v共一mv共=(m2十m)v2 (1分) 玉，+21+()+()++()] m2m 解得u2一n2十m天 mv共 2um2g (1分) 长木板与挡板第1次碰后向左滑动的距离为51， 代入数据解得s=7.8m。 1 (1分) 对长木板c得一m2gs1=0-2m0头 (1分) 7 物理答案（五）第4页（共4页）》