精品解析：四川内江市第六中学2025-2026学年高一下学期5月期中物理试题

内江六中2025-2026学年（下）高28届半期检测 物理试题 考试时间：75分钟 满分100分 一、单选题（每题4分，共28分。） 1. 关于曲线运动，下列说法正确的是（ ） A. 做圆周运动物体的加速度都指向圆心 B. 做曲线运动的物体，速度变化量的方向可能不变 C. 物体保持速率不变沿曲线运动，其加速度一定为零 D. 物体保持速率不变沿圆周运动，其机械能一定守恒 【答案】B 【解析】 【详解】A．只有做匀速圆周运动的物体加速度才指向圆心，非匀速圆周运动存在切向加速度，合加速度不指向圆心，故A错误； B．做曲线运动的物体，加速度的方向可能不变，则速度变化量的方向可能不变，例如平抛运动，故B正确； C．物体保持速率不变沿曲线运动时，速度方向不断变化，速度是矢量，因此速度发生变化，存在加速度（如匀速圆周运动的向心加速度），加速度不为零，故C错误； D．物体保持速率不变沿圆周运动时，动能不变，但若为竖直面内的匀速圆周运动，重力势能随高度变化，机械能为动能与势能之和，因此机械能不守恒，故D错误。 故选B。 2. 如图所示，两个互相垂直的力和作用在同一物体上，使物体运动，物体发生一段位移后，力对物体做功为4J，力对物体做功为3J，则力与的合力对物体做功为（　　） A. 7J B. 5J C. 3.5J D. 1J 【答案】A 【解析】 【详解】力与的合力对物体做功为 故选A。 3. 景德镇传统圆器最重要的一道工序是做坯，即是依据最终的器型作出大致相应的坯体，来供后期制作印坯的时候使用，制作时将泥料放在陶车上，使其做匀速圆周运动，图中A、B、C三点到转轴的距离分别为。已知陶车转过90圈，则下列说法正确的是（　　） 　　 A. 陶车每秒转过的角度为 B. A、B、C三点的线速度之比为 C. A、B、C三点的角速度之比为 D. 陶车的转速加快时，A、B两点线速度的比值变大 【答案】A 【解析】 【详解】A．由已知陶车转过90圈，陶车的转动周期为 陶车的角速度为 陶车单位时间转过的角度为 选项A正确； BC．由于坯体随陶车做匀速圆周运动，则A、B、C三点的角速度相同，由公式 可知线速度与圆周运动的半径成正比，则A、B、C三点的线速度之比 选项BC错误； D．陶车的转速加快时，A、B两点的角速度仍相同，则A、B两点的线速度之比仍为 选项D错误。 故选A。 4. 如图所示的双星系统，两恒星围绕着连线上的某个点做匀速圆周运动，同时大质量恒星在不断“吸食”小质量恒星的表面物质，从而达到质量转移。若双星系统之间的距离不变，则在“吸食”的最初阶段，下列说法正确的是（　　） A. 大质量恒星的线速度增大 B. 双星系统的周期不变 C. 小质量恒星的向心加速度减小 D. 双星之间的万有引力大小不变 【答案】B 【解析】 【详解】D. 双星之间的万有引力大小，大质量恒星在不断“吸食”小质量恒星的表面物质，M增大，m减小，Mm变小，F变小，D错误； B． 根据牛顿第二定律得 ，， 解得 ，双星系统的角速度不变。 双星系统的周期 ，双星系统的周期不变，B正确； A. 根据，解得 ，大质量恒星的线速度减小，A错误； C． 根据，解得 ，小质量恒星的向心加速度增大，C错误。 故选B。 5. 把A、B两相同小球在离地面同一高度处以相同大小的初速度分别沿水平方向和竖直方向抛出，不计空气阻力，如图所示，则下列说法正确的是（ ） A. 两小球落地时速度相同 B. 两小球落地时，重力的瞬时功率相同 C. 从开始运动至落地，重力对两小球做功相同 D. 从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同 【答案】C 【解析】 【详解】A．两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速度大小相等，但方向不同，所以速度不同，故A错误； B．到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力与速度有夹角，B物体重力与速度方向相同，所以落地前的瞬间B物体重力的瞬时功率大于A物体重力的瞬时功率，故B错误； C．根据重力做功的表达式得两个小球在运动的过程重力对两小球做功都为mgh，重力对两小球做功相同，故C正确； D．从开始运动至落地，重力对两小球做功相同，但过程A所需时间小于B所需时间，根据 可知重力对两小球做功的平均功率不相同，故D错误。 故选C。 6. 如图，光滑细圆管放置在竖直平面内，现从A处以速度v竖直向下向圆管内投入一个质量为m的小球，随后从圆管最高点B处以的速度水平射出圆管，重力加速度为g，则小球在B处受到（　　） A. 圆管外壁给的大小为的弹力 B. 圆管外壁给的大小为的弹力 C. 圆管内壁给的大小为的弹力 D. 圆管内壁给的大小为的弹力 【答案】C 【解析】 【详解】设圆管的半径为，从A到B过程，根据动能定理可得 解得 小球在B处，以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律可得 解得 可知小球在B处受到圆管内壁给的大小为的弹力。 故选C。 7. 一物体以一定的初速度自固定斜面底端沿斜面向上运动，一段时间后回到斜面底端。以斜面底端为零势能面，此过程该物体的动能随高度h的变化关系如图所示，图中和均为已知，重力加速度为g。下列说法正确的是（　　） A. 物体滑到最高点时重力势能为 B. 物体上滑过程中克服重力做的功为 C. 物体下滑过程中克服阻力做的功为 D. 由题中已知量可以求出阻力大小为 【答案】A 【解析】 【详解】ABC．由题知，以斜面底端为零势能面，上滑到下滑过程中阻力大小不变，故克服阻力做的功相同，设为 根据动能定理，上滑过程有 下滑过程有 联立解得， 故物体上滑过程中克服重力做的功为 故物体的重力势能增加，则在最高点的重力势能为 物体下滑过程中克服阻力做的功为，故A正确，BC错误； D．设斜面倾角为，则下滑过程中物体向下运动的位移为 则下滑过程中克服阻力做功为 解得 由于斜面的倾角未知，故无法求出阻力大小，故D错误。 故选A。 二、多选题（每题6分，共18分，选对但不全得3分，有错不得分。） 8. 航天器进行宇宙探索的过程中，经常要进行变轨。若某次发射卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道Ⅰ，到达轨道Ⅰ的A点时实施变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道Ⅱ的远地点B时，再次实施变轨进入圆形轨道Ⅲ绕地球做圆周运动。关于该卫星，下列说法正确的是（　　） A. 该卫星的发射速度大于 B. 该卫星在轨道Ⅰ上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期 C. 该卫星在轨道Ⅰ上运行时的速度大于在轨道Ⅲ上运行时的速度 D. 该卫星在轨道Ⅱ上经过B点时的加速度大于在轨道Ⅲ上经过B点时的加速度 【答案】BC 【解析】 【详解】A．卫星没有脱离地球，故发射速度满足，故A错误； B．根据开普勒第三定律 又轨道Ⅰ的半径小于轨道Ⅱ的半长轴，故卫星在轨道Ⅰ上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期，故B正确； C．卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，根据 解得 可知卫星在轨道Ⅰ上运行时的速度大于在轨道Ⅲ上运行时的速度，故C正确； D．由牛顿第二定律有 解得 故卫星在轨道Ⅱ上经过点时的加速度等于在轨道Ⅲ上经过点时的加速度，故D错误。 故选BC。 9. 如图所示，水平圆盘上放置一个质量为的小物块，物块通过长的轻绳连接到竖直转轴上的定点，此时轻绳恰好伸直，与转轴成角。现使整个装置（包括轴）缓慢加速转动，角速度从零开始缓慢增大。已知物块与圆盘间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小，，。下列说法正确的是（ ） A. 当时，绳对物块恰好无拉力 B. 当时，圆盘对物块的支持力恰好为 C. 物块离开圆盘后，轻绳对物块的拉力随角速度的增大一直增大 D. 当时，轻绳对物块的拉力为 【答案】AC 【解析】 【详解】A．初始状态时轻绳恰好伸直，此时拉力为零，随着角速度增大，由静摩擦力提供向心力，达到最大静摩擦力时设此时角速度为，则 解得 可知角速度为时，绳对物块恰好无拉力，故A正确； B．设物块刚好脱离圆盘时角速度为，则有 解得 可知角速度为时，圆盘对物块的支持力不为0，故B错误； C．物块离开圆盘后，则有 解得 可知角速度越大，越小，对物块竖直方向有 解得轻绳拉力 可知越小，F越大，故C正确； D．因为，可知此时物块已经脱离圆盘，设此时轻绳与竖直方向夹角为，则有 将代入方程，解得 则此时绳子拉力，故D错误。 故选AC。 10. 如图所示，水平光滑桌面上，轻弹簧的左端固定，右端连接物体P，P和Q通过轻绳绕过定滑轮连接。开始时，系统处于静止状态，滑块P处于位置O。将滑块P向左推至弹簧原长的位置A点后由静止释放，P物体将在A点和右侧的某位置（图中未画出）之间来回运动，滑块未与定滑轮相碰，弹簧未超出弹性限度，已知P和Q的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，不计一切摩擦，则（　　） A. 刚释放瞬间，P的加速度为g B. 绳上最大拉力为 C. 从A点到O点，物体P与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于物体Q所受重力对Q所做的功 D. 弹簧的最大弹性势能为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．开始时将滑块P向左推至弹簧原长的位置A点后由静止释放，则在释放瞬间，由牛顿第二定律，对P、Q整体分析可得 解得 故A错误； B．做简谐运动的物体，加速度在振幅最大处最大，即加速度的最大值为，而绳的拉力在P运动至最右端时最大，将Q隔离分析，由牛顶第二定律有 解得 故B正确； C．从A点到O点，物体P与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于物体Q所受重力对Q所做的功与Q的动能之差，故C错误； D．根据题意可知，P、Q以及弹簧组成的连接体静态平衡时，物块P位于位置O，则可知物块P做简谐运动时的平衡位置位于O点，根据平衡条件可得 解得平衡时弹簧的伸长量为 而释放时弹簧处于原长，则可知AO间的距离为x，即可得P做简谐运动的振幅为，当物块P运动至最右端时弹簧的弹性势能最大，此时弹簧的伸长量为，根据弹簧弹性势能的表达式 代入可得 故D正确。 故选BD。 三、实验题 11. 如图所示的装置可用来验证物体做圆周运动的向心力大小与半径、线速度、质量的关系。用一根细线系住小钢球，另一端连接在固定于铁架台上端的力传感器上，小钢球静止于点，将光电门固定在点的正下方靠近点处。在小钢球底部竖直地粘住一片宽度为的遮光条（质量不计，长度很小），小钢球的质量为，重力加速度为。将小钢球竖直悬挂，测出悬点到小钢球球心之间的距离，得到小钢球的运动半径为。 （1）将小钢球拉至某一位置静止释放，读出小钢球经过点时力传感器的读数及遮光条的挡光时间，则小钢球通过点时的速度大小可视为____________。 （2）根据向心力公式可得，钢球经过最低点时的向心力大小为____________（用、、、表示）；由受力分析可得，钢球通过点时的向心力，将两次的结果进行比较。 （3）改变小钢球释放的位置，重复实验，比较发现总是略大于，分析表明这是系统误差造成的，该系统误差可能的原因是            （填选项前面字母）。 A. 小钢球的质量偏大 B. 小钢球的初速度不为零 C. 小钢球速度的测量值偏大 D. 存在空气阻力 【答案】（1） （2） （3）C 【解析】 【小问1详解】 在极短的时间内平均速度可认为是瞬时速度，所以 【小问2详解】 根据牛顿第二定律，有 【小问3详解】 利用光电门测量出的瞬时速度是遮光条通过光电门的速度，遮光条与小球运动的角速度相等，但是遮光条离圆心更远，根据 可知小球速度的测量值偏大了，所以向心力也偏大了。 故选C。 12. 如图甲所示是探究“恒力做功与物体动能改变的关系”的实验装置，主要实验步骤如下： ①用天平测出滑块（含滑轮）质量，然后安装好实验装置； ②适当垫高长木板不带滑轮的一端，滑块不挂轻绳，挂上纸带，轻推滑块使滑块沿长木板匀速运动； ③轻绳绕过长木板末端的滑轮和滑块上的滑轮，一端挂在拉力传感器上，另一端挂质量为的钩码，绕过两滑轮的轻绳与长木板平行； ④接通打点计时器电源，释放滑块，打出一条点迹清晰的纸带，如图乙所示，相邻计数点的时间间隔为，并记录拉力传感器示数。 回答下列问题： （1）从打点计时器打出点到打出点的过程中，合力对滑块（含滑轮）所做的功____________，打下点时滑块的速度____________，滑块（含滑轮）动能的增量____________。（用题干中的符号表示） （2）多次实验发现合力对滑块（含滑轮）所做的功总略大于滑块（含滑轮）动能的增量，可能的原因是            （填选项前面字母）。 A. 没有满足滑块（含滑轮）质量远大于钩码质量 B. 平衡摩擦力过度 C. 滑轮摩擦影响 【答案】（1） ①. ②. ③. （2）C 【解析】 【小问1详解】 [1]滑块受到两段轻绳的拉力，总拉力为，B到E滑块的位移为​，因此合力做功  [2]根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于平均速度，B点是A、C的中间时刻，因此 [3]同理可得E点速度 动能增量为末动能减初动能 【小问2详解】 A．本实验中拉力由拉力传感器直接测出，不需要满足滑块质量远大于钩码质量，因此该情况不影响结果，故A错误； B．若平衡摩擦力过度，重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，除拉力外重力额外做功，会使动能增量​大于拉力做功，不符合题意，故B错误； C．滑轮存在摩擦，拉力做功一部分用来克服滑轮摩擦，剩余做功才转化为滑块动能，因此略大于​，符合题意，故C正确。 故选C。 四、解答题 13. 假如宇航员乘坐宇宙飞船到达某行星，在该行星“北极”距地面处由静止释放一个小球（引力视为恒力，阻力可忽略），经过时间落到地面。已知该行星半径为，自转周期为，引力常量为，求： （1）该行星的第一宇宙速度； （2）如果该行星有一颗同步卫星，其距行星表面的高度为多少？ 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 设行星“北极”表面的重力加速度为g，由 解得 由重力提供向心力有 联立解得 【小问2详解】 同步卫星的周期与该行星自转周期相同，设同步卫星的质量为，则有 因为在行星表面有 联立解得 14. 汽车发动机的额定功率为，汽车的质量为，汽车在水平路面上直线行驶时，阻力是车重的0.1倍，。 （1）求汽车的最大行驶速度； （2）若汽车以的加速度从静止开始做匀加速启动，则经过多长时间汽车功率达到额定值？ （3）若汽车保持额定功率不变从静止启动，经到达最大行驶速度，则汽车从静止到开始匀速运动时所通过的路程是多少？ 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 若汽车保持额定功率不变从静止启动，当牵引力等于阻力时，汽车速度最大，则有 其中 解得 【小问2详解】 若汽车以的加速度从静止开始做匀加速启动，根据牛顿第二定律可得 解得 当汽车功率达到额定值时，汽车速度为 则加速时间为 【小问3详解】 若汽车保持额定功率不变从静止启动，经到达最大行驶速度，由（1）问可知最大速度为；根据动能定理可得 代入数据解得 15. 如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R＝1m，另有一半径也为R＝1m的光滑圆弧PD在D点两圆弧切线平行，现有一个质量为m＝0.2kg可视为质点的小物体，从P点以水平初速度沿切线飞入，恰能沿圆弧运动，并在D点沿切线进入圆弧轨道BCD，设斜面足够长，物体与斜面AB之间的动摩擦因数，取，，。求： （1）初速度； （2）物体第一次到达C点时的速度大小和受到的支持力大小F； （3）物块在斜面上滑行的路程x（用动摩擦因数表示）。 【答案】（1）；（2），；（3）（）或（） 【解析】 【详解】（1）小物体从P点以水平初速度沿切线飞入，恰能沿圆弧运动，则 解得 （2）从P到C对物体由动能定理得 解得 由牛顿第二定律可得 解得 （3）设物体与斜面AB之间的动摩擦因数为时，物体刚好能静止在斜面上 解得 当时物体静止在斜面上，由动能定理得 解得 当时，物体在斜面上多次往返，最后在B点速度为零，则 解得 物块在斜面上滑行的路程为 或 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 内江六中2025-2026学年（下）高28届半期检测 物理试题 考试时间：75分钟 满分100分 一、单选题（每题4分，共28分。） 1. 关于曲线运动，下列说法正确的是（ ） A. 做圆周运动物体的加速度都指向圆心 B. 做曲线运动的物体，速度变化量的方向可能不变 C. 物体保持速率不变沿曲线运动，其加速度一定为零 D. 物体保持速率不变沿圆周运动，其机械能一定守恒 2. 如图所示，两个互相垂直的力和作用在同一物体上，使物体运动，物体发生一段位移后，力对物体做功为4J，力对物体做功为3J，则力与的合力对物体做功为（　　） A. 7J B. 5J C. 3.5J D. 1J 3. 景德镇传统圆器最重要的一道工序是做坯，即是依据最终的器型作出大致相应的坯体，来供后期制作印坯的时候使用，制作时将泥料放在陶车上，使其做匀速圆周运动，图中A、B、C三点到转轴的距离分别为。已知陶车转过90圈，则下列说法正确的是（　　） 　　 A. 陶车每秒转过的角度为 B. A、B、C三点的线速度之比为 C. A、B、C三点的角速度之比为 D. 陶车的转速加快时，A、B两点线速度的比值变大 4. 如图所示的双星系统，两恒星围绕着连线上的某个点做匀速圆周运动，同时大质量恒星在不断“吸食”小质量恒星的表面物质，从而达到质量转移。若双星系统之间的距离不变，则在“吸食”的最初阶段，下列说法正确的是（　　） A. 大质量恒星的线速度增大 B. 双星系统的周期不变 C. 小质量恒星的向心加速度减小 D. 双星之间的万有引力大小不变 5. 把A、B两相同小球在离地面同一高度处以相同大小的初速度分别沿水平方向和竖直方向抛出，不计空气阻力，如图所示，则下列说法正确的是（ ） A. 两小球落地时速度相同 B. 两小球落地时，重力的瞬时功率相同 C. 从开始运动至落地，重力对两小球做功相同 D. 从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同 6. 如图，光滑细圆管放置在竖直平面内，现从A处以速度v竖直向下向圆管内投入一个质量为m的小球，随后从圆管最高点B处以的速度水平射出圆管，重力加速度为g，则小球在B处受到（　　） A. 圆管外壁给的大小为的弹力 B. 圆管外壁给的大小为的弹力 C. 圆管内壁给的大小为的弹力 D. 圆管内壁给的大小为的弹力 7. 一物体以一定的初速度自固定斜面底端沿斜面向上运动，一段时间后回到斜面底端。以斜面底端为零势能面，此过程该物体的动能随高度h的变化关系如图所示，图中和均为已知，重力加速度为g。下列说法正确的是（　　） A. 物体滑到最高点时重力势能为 B. 物体上滑过程中克服重力做的功为 C. 物体下滑过程中克服阻力做的功为 D. 由题中已知量可以求出阻力大小为 二、多选题（每题6分，共18分，选对但不全得3分，有错不得分。） 8. 航天器进行宇宙探索的过程中，经常要进行变轨。若某次发射卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道Ⅰ，到达轨道Ⅰ的A点时实施变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道Ⅱ的远地点B时，再次实施变轨进入圆形轨道Ⅲ绕地球做圆周运动。关于该卫星，下列说法正确的是（　　） A. 该卫星的发射速度大于 B. 该卫星在轨道Ⅰ上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期 C. 该卫星在轨道Ⅰ上运行时的速度大于在轨道Ⅲ上运行时的速度 D. 该卫星在轨道Ⅱ上经过B点时的加速度大于在轨道Ⅲ上经过B点时的加速度 9. 如图所示，水平圆盘上放置一个质量为的小物块，物块通过长的轻绳连接到竖直转轴上的定点，此时轻绳恰好伸直，与转轴成角。现使整个装置（包括轴）缓慢加速转动，角速度从零开始缓慢增大。已知物块与圆盘间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小，，。下列说法正确的是（ ） A. 当时，绳对物块恰好无拉力 B. 当时，圆盘对物块的支持力恰好为 C. 物块离开圆盘后，轻绳对物块的拉力随角速度的增大一直增大 D. 当时，轻绳对物块的拉力为 10. 如图所示，水平光滑桌面上，轻弹簧的左端固定，右端连接物体P，P和Q通过轻绳绕过定滑轮连接。开始时，系统处于静止状态，滑块P处于位置O。将滑块P向左推至弹簧原长的位置A点后由静止释放，P物体将在A点和右侧的某位置（图中未画出）之间来回运动，滑块未与定滑轮相碰，弹簧未超出弹性限度，已知P和Q的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，不计一切摩擦，则（　　） A. 刚释放瞬间，P的加速度为g B. 绳上最大拉力为 C. 从A点到O点，物体P与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于物体Q所受重力对Q所做的功 D. 弹簧的最大弹性势能为 三、实验题 11. 如图所示的装置可用来验证物体做圆周运动的向心力大小与半径、线速度、质量的关系。用一根细线系住小钢球，另一端连接在固定于铁架台上端的力传感器上，小钢球静止于点，将光电门固定在点的正下方靠近点处。在小钢球底部竖直地粘住一片宽度为的遮光条（质量不计，长度很小），小钢球的质量为，重力加速度为。将小钢球竖直悬挂，测出悬点到小钢球球心之间的距离，得到小钢球的运动半径为。 （1）将小钢球拉至某一位置静止释放，读出小钢球经过点时力传感器的读数及遮光条的挡光时间，则小钢球通过点时的速度大小可视为____________。 （2）根据向心力公式可得，钢球经过最低点时的向心力大小为____________（用、、、表示）；由受力分析可得，钢球通过点时的向心力，将两次的结果进行比较。 （3）改变小钢球释放的位置，重复实验，比较发现总是略大于，分析表明这是系统误差造成的，该系统误差可能的原因是            （填选项前面字母）。 A. 小钢球的质量偏大 B. 小钢球的初速度不为零 C. 小钢球速度的测量值偏大 D. 存在空气阻力 12. 如图甲所示是探究“恒力做功与物体动能改变的关系”的实验装置，主要实验步骤如下： ①用天平测出滑块（含滑轮）质量，然后安装好实验装置； ②适当垫高长木板不带滑轮的一端，滑块不挂轻绳，挂上纸带，轻推滑块使滑块沿长木板匀速运动； ③轻绳绕过长木板末端的滑轮和滑块上的滑轮，一端挂在拉力传感器上，另一端挂质量为的钩码，绕过两滑轮的轻绳与长木板平行； ④接通打点计时器电源，释放滑块，打出一条点迹清晰的纸带，如图乙所示，相邻计数点的时间间隔为，并记录拉力传感器示数。 回答下列问题： （1）从打点计时器打出点到打出点的过程中，合力对滑块（含滑轮）所做的功____________，打下点时滑块的速度____________，滑块（含滑轮）动能的增量____________。（用题干中的符号表示） （2）多次实验发现合力对滑块（含滑轮）所做的功总略大于滑块（含滑轮）动能的增量，可能的原因是            （填选项前面字母）。 A. 没有满足滑块（含滑轮）质量远大于钩码质量 B. 平衡摩擦力过度 C. 滑轮摩擦影响 四、解答题 13. 假如宇航员乘坐宇宙飞船到达某行星，在该行星“北极”距地面处由静止释放一个小球（引力视为恒力，阻力可忽略），经过时间落到地面。已知该行星半径为，自转周期为，引力常量为，求： （1）该行星的第一宇宙速度； （2）如果该行星有一颗同步卫星，其距行星表面的高度为多少？ 14. 汽车发动机的额定功率为，汽车的质量为，汽车在水平路面上直线行驶时，阻力是车重的0.1倍，。 （1）求汽车的最大行驶速度； （2）若汽车以的加速度从静止开始做匀加速启动，则经过多长时间汽车功率达到额定值？ （3）若汽车保持额定功率不变从静止启动，经到达最大行驶速度，则汽车从静止到开始匀速运动时所通过的路程是多少？ 15. 如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R＝1m，另有一半径也为R＝1m的光滑圆弧PD在D点两圆弧切线平行，现有一个质量为m＝0.2kg可视为质点的小物体，从P点以水平初速度沿切线飞入，恰能沿圆弧运动，并在D点沿切线进入圆弧轨道BCD，设斜面足够长，物体与斜面AB之间的动摩擦因数，取，，。求： （1）初速度； （2）物体第一次到达C点时的速度大小和受到的支持力大小F； （3）物块在斜面上滑行的路程x（用动摩擦因数表示）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $