物理终极押题猜想（湖南、长沙通用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

函学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 2026年中考物理终极押题猜想（湖南、长沙通用） 参考答案 马押题猜想一单项选择题 押题猜想01声现像综合 母题 1 2 3 6 A B C C B B D 押题清想02光现象蝣板 母题 1 2 3 4 5 6 B 0 A D A C P 押题猜想03物态变化折 母题 1 2 3 4 5 6 A B A B D B 押题猜想04凸透镜成像规律及应里 母题 1 2 3 4 5 6 D D B D B C O 押题待想05分子动理论，内能的利里 母题 1 2 3 4 6 D C D D 押题猜想06运动和力的关系 母题 1 2 3 4 5 6 A D B A 押题猜想07压强基础 母题 1 2 3 4 5 6 D A D B C 押题待想08电路设计 母题 2 3 4 6 D C D A B C B 扭题猜想09电磁现象拞 母题 1 2 3 4 5 6 A B D C C D D 押题猜想10安全用电 母题 2 3 4 5 6 1/15 函学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 D D C A A D B 押题洁想11简单机械 母题 1 2 3 4 6 C A C B c 押题猜想12动态迪路分板 母题 1 2 3 4 5 6 D AC D B C A C 押题猜想二填空题 押题清想13能源料信息的传递 【母题】电磁波 电 1.电磁波 可再生 2.核聚变 半导体 电磁波 3.能 反射 4.扬声器 电磁 半导体 5.电磁波 1.08×109 6.聚变 不可 押题精想14机拉械始能及转化 【母题】不守恒 1J 4J<E<5J 1.增大 增大 增大 2. (1)不相同 (2)乙球 (3)相等 3.减小 大于 惯性 4.减小 等于 减小 5.动 重力 6.= 押题猜想15压强与浮力分析占计管 【母题】(1)相平 (2)20 2/15 品学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 (3)0.6 1. 等于 2. 右 酒精 3. 小于 等于 4. 3×10 1.3×103 5. 0.6×103 1.2×103 6. 3×10 4×103 押题猜想16功功率机械效率简单计算 【母题】800 80 1. 300 20 2. 1200 40% 3. 90 80 300 5.(1)12000 (2) 可以省一半的力 2000 62.5% 6. 2100/ 300 150 30 押题清想17电学简单计算 【母题】 0.6 0.2 4 1. 15 1.2 2. 6 10 1:3 3 3 变大 5:2 4. 0.4 1200 0.6 5.(1)10 (2)3 (3)30 防雾 10 品押题猜想三作图题司 押题精想18光学图 3/15 函学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 ●A 个 【母题】 7777入 ,7777777 A 1.(1) A 777777 77777777777777 B F B (2) 0 玻璃 空气 4/15 学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 令激光笔 玻璃砖 B 6. B主光轴 押题精想19力学作图 【母题】 水桶 G 钢缆 a 2 F YG 5/15 学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 A B G A 台阶 押题洁想20电磁学作图 相线 中性线 保护线 【母题】 6/15 函学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 相线 中性线 保护线 农 屈 火线 零线 地线 电热丝 7S, 3 @ o220Vo- 凸透镜 印章 4.(1) b 平面镜 e2222222 (2)M (v T 7/15 命学科网·上好课 www.zxxk.com 上好每一堂课 （+电源 押题猜想四 实验探究题 押题猜想21热学实验 【母题】(1)96 (2)保持不变 (3)大 (4)降低 1.(1) 甲 自下而上 (2) 晶 保持不变 (3)C (4)液化放热 2.(1)88 (2)保持不变 (3)当地气压低 (4) 等于 没有 3.(1) 94 前 水蒸气 不变 (2)煤油 4.(1) 固液共存 晶体 (2)会 8/15 品学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 (3)变少 5.(1)受热均匀 (2)-3 (3)晶体 (4)比热容 (5) 不会 液化 6.(1) 质量 加热时间 (2) 水 水 (3) B 押题猜想22光学实验 【母题】(1) 光屏 缩小 (2) 注入 薄 (3) 前方 近视眼 (4)不长时间近距离用眼，用眼一段时间后远跳放松（合理即可） 1.(1) 不能 同一平面 (2) 不能 次实验具有偶然性，应多次实验寻找普遍规律 (3)可逆 (4) 穿衣镜 漫反射 2.(1) 不能 镜面 (2) 便于确定像的位置 光屏 (3) 40.0 投影仪 白 3.(1) 显示光路 垂直 (2) 光反射时，反射角等于入射角 远离 逆 (3) 丙 丁 4.(1)A (2)B (3)BC (4)B (5)6 9/15 品学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 5.(1) C、D 大小 (2) 未点燃 便于确定像的位置 (3) ② 白纸板上无像 (4)C (5)B 6.(1)B (2)10.0 (3)同一高度 (4) 缩小 照相机 (5)远 押题猜想23力学实验 【母题】57.(1) 左 1.1 ha-hs (2) S (h2-h) 1.(1)247.5 ◆s/cm 80 60 (2) 40 匀速 气泡运动的路程与时间成正比 20 05 101520/s (3)变短 (4)可以不 2.(1) 匀速直线 二力平衡 (2)接触面的粗糙程度 (3)ABC (4)不需要匀速拉动木板，操作更简单/测力计示数稳定，方便读数 3.(1)高度差 (2)乙丙 (3)在液体深度相同的情况下液体密度越大，压强越大 10/15 命学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 (4)800 (5)0.8×103 4.(1) ABC 当排开液体的体积相同时，物体所受浮力大小与液体密度有关 深度 (2)1.1 (3)1 (4)没有控制排开液体的体积相同 ⑤5-F+E)Pk F-F 5.(1) 是 右 (2)3 (3)FL=EL (4)左 (5) 大于 杠杆自身重力对杠杆的平衡有影响 6.(1)水平 (2)力臂/力的方向 (3) 阻力F/N F×1=F2×l 20.0 (4) 120 增加秤杆的长度/增大秤砣的质量/将提纽向秤钩移动 押题猜想24电学实验 【母题】(1)电源 (2)通过导体的电流与导体两端的电压成正比 (3)10 (4) 将电压表换到0-15V量程 0.28 13.6 灯丝电阻随温度升高而变大 1.(1)定值电阻R短路/电压表断路 (2) 2 通过导体的电流与导体的电阻成反比 (3) 5 R=25Ω时，调节滑动变阻器无法使定值电阻两端电压保持2V(答案合理即可) 2.(1) 断开 L2断路 (2)0.3 (3) 右 2.5V 3.8V,0.3A 11/15 函学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 (4)28.125 (⑤)灯丝电阻随温度升高而变大 3. (1) (2)断路 (3) A 2.5 (4)在导体两端电压一定的情况下，通过导体的电流与导体的电阻成反比 (5) 1.25 2.5-3 (6 保持滑动变阻器的滑片位置不动 (I-Io)RoIo 1 (2)断路/开路 (3) 0.3 8 (4)移动滑片，多次测量电阻，求平均值减小误差 (5) 闭合开关S1和S2 四 5.(1) (2)C (3) 1.8 左 (4)10 UR (5) U-U颜 U-U额 12/15 品学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 6.(1)铜棒 (2)灵敏电流计是否偏转 (3)感应电流的方向与导体运动方向有关 (4)没有控制导体运动的方向相同 (⑤)导线和接线柱接触不良 押题猜想五 综合题 押题猜想25力学综合题 【母题】71.(1)变小 (2)1.0×10Pa (3)3×103kg/m 1.(1)2N (2)800Pa (3)2.5N 2.(1)mg 、h2-hsmg (2)h 2一hp米 (3n-h 3.(1)3N (2)0.5N (3)14个 4.(1)1.125×104Pa (2)20N (3)h= kP('-V） m+po(V-Vo) 5.(1)0.8×103 (2)300Pa (3)6N 6.(1)40Pa (2)640Pa 13/15 函学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 (3)1140Pa 7.(1)8.0×108N (2)1.28×108W (3)1×10m 8.(1)3000J (2)300W 9.(1)5m/s (2)1.2×104J (3)200W 10.(1) 做功 升华 (2)5×104Pa (3)1.08×10J;2×10N 11.(1)30km (2)4×104W (3)25% 12.(1)2×10N (2)2×10J (3)2.5×104N 13.(1)1.28×10Pa (2)90km/h (3)2×10W 押题猜想26申学综合题 【母题】(1)440W (2)4A (3)94.2% 1.(1)5A (2)2.112×106J (3)242 2.(1)300J 14/15 品学科网·上好课 www zxxk.com 上好每一堂课 (2)3.0m (3)1.92W 3.(1)402 (2)0.1A (3)3.3×104J 4.(1)12.52 (2)2.52 (3)0.08W 5.(1)6V (2)3.6W (3)0.6W 6.(1)102 (2)29cm (3)10.5cm 15/15 2026年中考物理终极押题猜想（湖南、长沙通用） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 选择题 3 押题猜想01 声现象综合 3 押题猜想02 光现象辨析 5 押题猜想03 物态变化辨析 7 押题猜想04 凸透镜成像规律及应用 9 押题猜想05 分子动理论、内能的利用 12 押题猜想06 运动和力的关系 15 押题猜想07 压强基础 18 押题猜想08 电路设计 20 押题猜想09 电磁现象辨析 23 押题猜想10 安全用电 27 押题猜想11 简单机械 29 押题猜想12 动态电路分析 32 押题猜想二 填空题 36 押题猜想13 能源、材料、信息的传递 36 押题猜想14 机械能及其转化 37 押题猜想15 压强与浮力分析与计算 40 押题猜想16 功、功率、机械效率简单计算 42 押题猜想17 电学简单计算 44 押题猜想三 作图题 47 押题猜想18 光学作图 47 押题猜想19 力学作图 49 押题猜想20 电磁学作图 52 押题猜想四 实验探究题 54 押题猜想21 热学实验 54 押题猜想22 光学实验 59 押题猜想23 力学实验 64 押题猜想24 电磁学实验 69 押题猜想五 综合题 74 押题猜想25 力学综合题 74 押题猜想26 电学综合题 80 押题猜想一 单项选择题 押题猜想01 声现象综合 试题前瞻·能力先查 【母题】在2025年9月3日纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会上，军乐队与青年合唱团共同奏唱《保卫黄河》。下列说法中正确的是（   ） A．合唱团女高音比男低音音调高，是因为女高音声带振动更快 B．观众根据音调不同来区分小号与圆号的声音 C．吹军号时发出的声音是由军号外壳振动产生的 D．现场扩音设备增大了歌声的传播速度，使后排观众听得更清楚 分析有理·押题有据 声现象主要考查形式有两种，一种是章节的综合，每个选项考查一个知识点，另一种是具体考查声音三特性的识别，且一般会以一些科技产品、传统乐器等为情境进行考查。 押题秘笈： 1.声音是由物体振动产生的，振动停止，发声立即停止。 2.声音的传播需要介质，真空不能传声。 3.声音的三个特性的理解与辨别。音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质。区分三个特性可有题中一些关键字词判断。如“快慢”或“松紧”等一般是音调，“用力”或“轻敲”等一般是响度，判断不同声音是根据音色。 4.声音能传递信息和能量。 5.乐音可能是噪声，但噪声一定不是乐音。控制噪声的途径：在声源处、在传播过程中和在人耳处。 终极猜想·精练通关 1．青山唢呐已被列入“国家级非物质文化遗产名录”，唢呐艺人吹奏如图所示的唢呐时用手指按压不同部位的孔，这是为了改变声音的（     ） A．响度 B．音调 C．音色 D．声速 2．“亭台映月，竹笛轻扬，清越音色穿林而过，与夜露滴叶声相融，漾开满庭幽寂。”这段文字描绘了古乐器竹笛优美的声音。下列说法正确的是（　　） A．辨别出竹笛发出的声音，是根据声音的音调 B．竹笛清越的音色是由声源振动的幅度决定的 C．竹笛声是由空气柱的振动产生的 D．竹笛声穿林而过传入听者的耳朵，不是靠空气传播的 3．关于声现象，下列说法错误的是（　　） A．“禁止鸣笛”属于在声源处减弱噪声 B．“隔墙有耳”表示声音可以在固体中传播 C．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指音调高 D．“闻其声而知其人”表明声音可以传递信息 4．联欢会上，主持人使用话筒是为了增大声音的（     ） A．音色 B．响度 C．音调 D．传播速度 5．如图所示是考古出土的我国古代不同时期的乐器，下列关于它们的说法正确的是（    ） A．编钟和骨笛都是乐器，它们发出的声音一定不是噪声 B．吹骨笛能发出不同音调的声音，这是因为空气柱长短不同 C．能辨别编钟和骨笛发出的声音，主要是根据它们的响度不同 D．用大小不同的力敲击同一编钟，发出声音的音色不同 6．敲击甲、乙、丙三个音叉，将发出的声音输入到已经调试好的同一示波器上，甲、乙、丙三个声音的波形如图所示，若甲声波的响度为80dB，频率为400Hz，下列说法正确的是（　　） A．乙声波的频率是800Hz B．丙声波的响度为160dB C．敲击乙音叉的力度比甲大，乙的音调比甲高 D．丙音叉每分钟振动次数比甲多 押题猜想02 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示的圭表是中国古代重要的天文观测仪，是根据正午时表的影子长度来确定节气、年长的仪器。下列选项与其所利用的光学原理相同的是（　　） A．掬水月在手 B．绿树成荫浓 C．潭清疑水浅 D．镜子正衣冠 分析有理·押题有据 从近几年湖南、长沙中考来看，本猜想主要考查三种光现象的辨析，另外要注意不可见光的应用。 押题秘笈： 熟记日常生活中常见的光现象。透过光现象，揭示本质，即明确各种光现象的成因是解决问题的关键。分析如下： ①光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成； ②光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”； ③光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散（彩虹的形成）。 终极猜想·精练通关 1．下列关于光现象的说法正确的是（     ） A．图甲，斜插入水中的筷子，看起来弯折了，是光从空气射入水中发生折射形成的 B．图乙，日晷是我国古代的一种计时工具，它的计时原理利用的是光的反射 C．图丙，楼间距过小会影响采光。楼房上的影子形成的原因是光的色散 D．图丁，桥在水中倒影是光的反射现象 2．如图，有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（    ） A．镜中自己 B．小孔成像 C．海市蜃楼 D．水中游鱼 3．用玻璃板作为平面镜，使蜡烛的像成在装满水的烧杯中，能观察到“蜡烛在水中燃烧”（如图甲）。现蜡烛的像位置如图乙所示，要使像移到烧杯中，若仅移动玻璃板，图乙中操作可行的是（　　） A．①方向 B．②方向 C．③方向 D．④方向 4．游客从各个角度都能看到如图所示的“佛山”石榜的复刻品，是因为光的（    ） A．漫反射 B．镜面反射 C．色散 D．折射 5．《墨经》中记载了小孔成像现象。下图中的光学现象与小孔成像原理相同的是（　　） A．雨后彩虹 B．看见不发光的物体 C．月食现象 D．海市蜃楼 6．下图所示的事例属于光的反射现象的是（　　） A．树下光斑 B．水面倒影 C．河底变浅 D．水中叉鱼 押题猜想03 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】今年的3月22—28日是第三十九届“中国水周”，主题为“国家水网世纪画卷”，如图所示。关于水的物态变化，下列说法正确的是（　　） A．深秋草地上凝结的霜，是凝华现象 B．烧水时冒出的“白气”，是汽化现象 C．草叶上的露珠，是熔化现象 D．擦在皮肤上的水变干，是升华现象 故选A。 分析有理·押题有据 物态变化的辨析几乎每年都会出现在湖南、长沙的中考题中，主要考查六种物态变化的辨析及吸放热情况，经常以生活中的一些现象为载体进行考查。 押题秘笈： 1. 物态变化三态图 2. 物态变化辨析方法：先确定初、末状态，再判断其物态变化。 3. 常见与水相关的物体变化 （1）热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华 ①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 （2）液化的两种方式：蒸发和沸腾 ①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；②沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 终极猜想·精练通关 1．寒冬，患近视眼的小明从户外走进教室，镜片变得模糊了，这一过程发生了（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝固 2．春日户外露营时，同学们观察到很多现象，下列“变多”“变少”的过程中，放出热量的是（　　） ①清晨帐篷外表面的白霜变多； ②便携冰袋中的固态冰块变少； ③充装露营燃气罐时罐内液态丁烷变多； ④包内防虫樟脑丸散出的刺激性气体变多。 A．①③ B．①④ C．②③ D．②④ 3．真空冷冻干燥技术简称冻干，是先将湿物料中的水分冻结成固态，再通过抽真空将物料中的水分由固态直接变为气态而排出物料之外的一种干燥方法。该技术已经在食品、医药、生物制品、文物保护等领域实现了广泛的应用。冻干技术所涉及的物态变化及其吸放热情况正确的是（　　） A．先汽化吸热后凝固放热 B．先凝固放热后升华吸热 C．先凝固放热后熔化吸热 D．先凝华放热后升华吸热 4．水的物态变化使自然界有了雨、露、霜、雪等千姿百态的奇观。如图所示，下列说法正确的是（　　） A．图甲中雨的形成是汽化现象 B．图乙中露的形成是熔化现象 C．图丙中霜的形成是凝华现象 D．图丁中雪的形成是凝固现象 5．如图所示是某物质熔化后再凝固的图像。下列说法正确的是（　　） A．该物质的熔点和凝固点都是 B．该物质的熔化过程用了6min，且不断吸热 C．AB段该物质的状态为固态，吸收热量，温度保持不变 D．EF段该物质的状态为固液共存态，放出热量 6．《二十四节气歌》将我国传统节气以韵律化的方式串成歌谣，便于记忆和传播。歌词中“秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”中“露”的形成涉及的物态变化是（    ） A．汽化 B．液化 C．凝固 D．熔化 押题猜想04 凸透镜成像规律及应用 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示，是“苏超”足球比赛中的“机器人摄像师”——机器狗。关于该“机器狗”镜头的说法合理的是（　　） A．物体通过镜头成倒立缩小的虚像 B．镜头对光有发散作用 C．成实像时，足球离镜头越近时，足球所成的像越小 D．为了拍摄到更广阔的赛场画面，应将镜头远离赛场 故选D。 分析有理·押题有据 透镜成像规律及应用经常会出现在选择题中，主要考查基本的成像规律，对应的应用，以及动态变化问题等。 押题秘笈： 1. 凸透镜成像规律 物距（u） 像距（v） 正倒 大小 虚实 应用 特点 特点 u>2f 2f>v>f 倒立 缩小 实像 照相机、摄像机 - 物像异侧 u=2f v=2f 倒立 等大 实像 测焦距 成像大小的分界点 物像异侧 2f>u>f v>2f 倒立 放大 实像 幻灯机、电影放映机、投影仪 - 物像异侧 u=f - - - 不成像 强光聚焦手电筒 成像虚实的分界点 - f>u v>u 正立 放大 虚像 放大镜 虚像在物体的同侧且之后 物像同侧 2. 成像光路图 3. 动态变化：像与物的移动方向相同，像距越大，像越大。 终极猜想·精练通关 1．如图甲所示是探究凸透镜成像规律的实验，不断改变物距u和像距v，得到物距u与像距v的关系图像如图乙所示，下列说法中正确的是（   ） A．实验前不需要调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度 B．所用凸透镜的焦距为20cm C．若在图甲位置时光屏上出现清晰的像，其成像原理与生活中的投影仪相同 D．若在图甲位置时光屏上出现清晰的像，在凸透镜与光屏之间放置一副近视眼镜，将光屏向右移动可以重新得到清晰的像 2．在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，所用凸透镜A的焦距为10cm，凸透镜B的焦距为15cm。先将凸透镜A固定在光具座上40cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座10cm刻度线处，移动光屏至光具座上55cm刻度线处，此时光屏上正好能呈现烛焰清晰的实像。下列说法错误的是（　　） A．光屏上所成的像一定是倒立的、缩小的实像 B．将烛焰向右移至某一位置后，无论如何移动光屏，都看不到烛焰清晰的像，则烛焰一定处于透镜 A的左焦点处 C．若烛焰处于凸透镜A的一倍焦距内，需在光屏一侧透过凸透镜A来观察所成的像 D．用凸透镜B替换凸透镜A，保持烛焰、透镜的位置不动，需将光屏向右移动才能再次成清晰的像 3．6月6日是我国的“爱眼日”。在“爱眼护眼”宣传活动中，同学们搜集到了以下图片。下列说法正确的是（　　） A．图甲所示眼球好像一架投影仪，晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜 B．图乙所示视力正常的人看远处物体时，物体在视网膜上成正立、缩小的实像 C．图丙所示是远视眼的成像原理，应戴合适的凸透镜进行矫正 D．读写时眼睛与书本的距离应保持在30cm左右，是预防近视眼的措施之一 4．如图所示，是小亮通过水晶球看远处房子的情境，下列说法正确的是（    ） A．房子透过水晶球所成的是虚像 B．此现象是由光的折射形成的 C．水晶球相当于凸透镜，可用于矫正近视眼 D．若想让像变大一些，可使水晶球远离房子 5．“错位拍照”是摄影领域中常用的一种拍摄技巧。用照相机拍照时，使两个物体到镜头的距离不同，通过调整拍摄角度，将两个物体拍摄在同一张照片中。如图所示是利用该技巧拍摄的一张照片，下列相关说法正确的是（　　） A．拍摄时，手到镜头的距离在镜头的一倍焦距与二倍焦距之间 B．手和灯塔通过镜头分别成放大和缩小的实像 C．将照相机适当靠近手和灯塔，可拍摄到更大的像 D．手通过镜头成正立放大的虚像 6．如图，将印有花的透明胶片贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为10cm的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰放大的“花”。下列说法正确的是（　　） A．此透镜可作为近视眼镜镜片 B．胶片与透镜的距离小于10cm C．胶片上的花相对于墙上的花是倒立的 D．白墙与透镜的距离为物距 押题猜想05 内能及其利用 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示的烟花秀，天空被绚烂的烟花点亮。下列说法正确的是（　　） A．烟花在空中绽放后飞散说明分子间既没有引力也没有斥力 B．烟花未燃放前不含有热量 C．燃放完烟花后会看到浓烟飞散，这是分子的无规则运动 D．燃放完烟花后会闻到火药气味，这属于扩散现象 故选D。 分析有理·押题有据 内能及内能的利用是湖南、长沙中考的常考题型，一般考查分子动理论的识别、内能的概念及改变内能的方式、比热容和热值的概念及现象解释、热机的工作过程等。 押题秘笈： 1. 不同物质在互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，分子间有间隙。温度越高，分子热运动越剧烈，扩散越快。 2. 分子间同时存在引力和斥力。 3. 内能：构成物体的所有分子，其热运动的动能与分子势能的总和叫作内能。内能大小与物体的质量、温度、状态等有关。 4. 改变内能的方式：做功和热传递。热传递的条件是存在温度差，方向是热量从高温传给低温物体。 5. 比热容用来表示物质的吸放热能力，比热容大的物质，在质量相同、升高/降低相等的温度时，吸收/放出的热量更多。比热容只与物质的种类、状态等有关。 6. 热值是用来表示燃料完全燃烧放出热量的本领，热值越大的燃料，在质量相同时，完全燃烧放出的热量更多。热值与燃料的种类有关，而与质量、放出的热量、燃烧的情况等无关。 7. 汽油机压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。 终极猜想·精练通关 1．山西晋城古称泽州，有着“铸铁之都”的美誉。魏晋时期是我国百炼钢的鼎盛时期，工匠把“精铁”加热锻打一百多次，一锻一称一轻，直到斤两不减，即成百炼钢，如图所示。下列说法正确的是（    ） A．加热“精铁”的过程是通过热传递的方式改变铁的内能 B．加热和锻打“精铁”过程相比较，二者改变铁内能的方式相同 C．最后锻打“精铁”的过程，铁的温度升高，内能不变 D．将百炼钢放入水中冷却，利用了水的比热容较小的性质 2．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　） A．的冰块不具有内能 B．物体的温度高，含有的热量一定多 C．物体的内能增加，可能是吸收了热量 D．温度总是从高温物体传向低温物体 3．生活中处处蕴含着物理知识。下列说法正确的是（　　） A．用燃气灶烧开水，开大火比开小火用时更短，因为火越大燃气的热值越高 B．洗衣机工作时，将电能全部转化为机械能 C．鲜花盛开，花香四溢，是因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动 D．搓手取暖是通过热传递的方式改变内能 4．在跨学科实践活动中，某同学设计并制作了一个如图所示的简易热机模型，其通过酒精灯加热使水汽化，利用蒸汽推动活塞，活塞经曲柄连杆机构将直线运动转为旋转运动。下列说法正确的是（     ） A．酒精用掉一部分后，剩余酒精的热值变小 B．用酒精灯给水加热是通过做功的方式增加水的内能 C．蒸汽推动活塞向下运动时，水蒸气的内能全部转化为活塞的机械能 D．蒸汽推动活塞向下运动的过程，能量转化与汽油机的做功冲程相同 5．如图为一种蒸汽船玩具，在玻璃瓶内装适量水，将小船放置在水面上，点燃蜡烛加热玻璃瓶一段时间，产生大量水蒸气，并和受热膨胀的空气一起从细窄的吸管冲出，推动小船前进。下列有关该实验的说法合理的是（　　） A．加热过程中，玻璃瓶内的水通过做功的方式增大内能 B．吸管处出现白雾，冲出的水蒸气内能增大，温度增大 C．蒸汽推动小船前进，说明力是维持物体运动状态的原因 D．蒸汽推动小船前进，能量的转化方式和内燃机的做功冲程相同 6．2026年4月7日长征八号运载火箭以“一箭十八星”方式，将千帆星座第七批组网卫星送入预定轨道。该火箭发动机以液氢为主要燃料。下列说法正确的是（　　） A．燃料燃烧越充分，发动机效率越高 B．火箭燃料燃烧一部分后，热值变小 C．液氢燃料温度低至-253℃，内能为零 D．火箭发动机不属于热机 押题猜想06 运动和力的关系 试题前瞻·能力先查 【母题】在由广东、香港、澳门共同举行的第十五届全国运动会赛场上，运动健儿们奋力拼搏，勇夺佳绩。如图所示是赛场上的精彩瞬间，下列有关说法正确的是（    ） A．图甲中，蹦床将运动员向上弹起，说明力能改变物体的形状 B．图乙中：踢出的足球最终停下，因为足球没有受到力的作用 C．图丙中，运动员用力握住单杠是为了增大摩擦力 D．图丁中，女子双人跳水项目，以观众为参照物，两位运动员都是静止的 故选C。 分析有理·押题有据 运动和力的关系几乎在每年的中考题中均会出现，主要考查惯性的理解、二力平衡的应用、摩擦力的大小及方向等。 押题秘笈： 1. 惯性的理解：①普遍性：一切物体在任何情况下都具有惯性，与物体是否受力及运动状态无关。②大小：惯性的大小仅取决于物体的质量：质量越大，惯性越大；质量越小，惯性越小。③惯性是物体的固有属性。注意：惯性不是“力”，不能说“受到惯性”“惯性作用”或“惯性力”；只能说“具有惯性”“由于惯性” 2. 平衡力与相互作用力的区分： （1）平衡力：大小相等、方向相反，并且在作用在同一个物体上； （2）相互作用力：大小相等、方向相反，二力同时产生、同时消失，并且作用在两个不同的物体上。一般可根据两个力的施力物体与受力物体是否相反进行判断。 3. 摩擦力的方向及大小 （1）方向：与相对运动（趋势）方向相反。注：“相对”是指相对施力物体。 （2）大小：根据平衡力判断，变速时的滑动摩擦力在接触面粗糙程度以及压力大小相同时，等于匀速直线运动时的滑动摩擦力。 终极猜想·精练通关 1．2026年冬奥会我国运动员在单板滑雪项目中获得金牌，如图所示为运动比赛的照片。下列相关说法正确的是（下列各项均不考虑空气阻力）（　　） A．运动员跳起在空中时，只受重力的作用 B．运动员跳起在空中最高点时，运动员受平衡力的作用 C．减小单板的宽度可以减小摩擦力 D．运动员在赛道上下滑的速度越快，运动员受到的惯性越小 2．如图所示，在九三阅兵式上，运输车装载着我国自主研制的战略洲际导弹东风-5B以整齐、稳定的队形通过天安门，接受祖国和人民的检阅。下列说法正确的是（　　） A．运输车静止时没有惯性 B．以地面为参照物东风-5B是静止的 C．运输车受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力 D．东风-5B对运输车的压力和运输车对东风-5B的支持力是一对相互作用力 3．用弹簧测力计拉着重10 N的物体在水平面上以0.5 m/s的速度做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为2 N。当绳子突然断开时，则（　　） A．物体速度保持不变，受到的摩擦力小于2 N B．物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于2 N C．物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于10 N D．物体立即停止，受到的摩擦力为0 N 4．如图所示，中国品牌张雪机车在世界超级摩托车锦标赛夺冠。下列相关分析正确的是（　　） A．机车匀速转弯时，机车处于平衡状态 B．机车刹车减速，说明力是维持物体运动的原因 C．机车加速时，车手身体略微向后仰，是因为车手具有惯性 D．机车静止时，机车对地面的压力和地面对机车的支持力是一对平衡力 5．在我们的日常生活中，有些摩擦对我们有益的，如图所示的四个实例中，为了增大摩擦的是（　　） A．自行车把手上有花纹 B．气垫船在水面上行驶 C．给木箱上装轮子 D．给合页加润滑剂 6．2026年冬奥会，谷爱凌在大跳台项目中腾空跃起，完成动作后平稳落地。过程中的物理知识分析，正确的是（   ） A．腾空后继续向前运动因其具有惯性 B．空中上升到最高点时，所受合力为零 C．空中完成动作时，所受重力方向发生变化 D．落地后在地上匀速直线滑行，只受重力和支持力一对平衡力 故选A。 押题猜想07 压强基础 试题前瞻·能力先查 【母题】小明在家做饭时发现厨房有很多物品都应用了压强相关知识，下列物品与应用的物理知识分析正确的是 物品 现象描述 厨房油烟机抽走油烟 吸盘式挂钩吸在墙上 菜刀刀刃磨得锋利 高原地区用高压锅煮饭 物理知识 流体流速大的地方压强大 大气压的存在 减小受力面积，增大压力 气压大，沸点高 A．①② B．③④ C．②③ D．②④ 综上，②和④正确，故选D。 分析有理·押题有据 近几年湖南、长沙中考选择题在压强这一章的考查主要以简单的现象判断为主，考查减小和增大压强的方法、连通器、大气压强的存在及应用、流体压强与流速的关系等。 押题秘笈： 1. 根据判断是增大还是减小压强。 2. 连通器是指上端开口，下端连通的容器，据此判断某容器是否为连通器。 3. 熟悉证明大气压存在的实例，了解大气压的测量及影响因素。 4. 流体流速越大的位置压强越小。 终极猜想·精练通关 1．关于图中的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．图甲中铁轨下方铺设轨枕可以减小列车对地面的压力 B．图乙中船闸的设计利用了连通器原理，工作时阀门A和阀门B能同时打开 C．图丙是自制气压计，把它从山脚移到山顶，玻璃管内的水柱会上升 D．图丁中站台上必须设置安全线，这是因为流体中流速大的位置压强大 2．如图所示，下列现象中属于增大压强的是（　　） A．蚊子有尖尖的口器 B．骆驼有宽大的脚掌 C．书包的背带做得宽大 D．眼镜架上安装大鼻托 3．爸爸带小明在湖边游玩，将所带的水壶和水杯放在水平沙滩上，发现两者陷入沙子一样深，如图所示，已知水壶的底面积大于水杯底面积，水壶的质量为m1，水杯的质量为m2，二者对沙面的压强分别为p1、p2，根据以上信息可知（　　） A．， B．， C．， D．， 4．如图所示的容器中水平段细管内有一段静止水柱，该水柱将一部分空气密封在球形容器中，某段时间内发现水柱缓慢向左移动，则下列判断正确的是（　　） A．可能是手持该装置乘坐垂直电梯从34楼下降到1楼 B．可能是用吹风机在细管左侧开口处吹风 C．可能是外界环境温度降低了 D．该装置可以粗略判断气温高低变化，是利用了液体的热胀冷缩原理 5．如图是电动水翼冲浪板的模型图。当水翼在水中向前运动时，会将板面抬升出水面。图中虚线框内水翼截面的大致形状是（　　） A． B． C． D． 6．下图所示的装置底部有一阀门AB，先将其关闭，往左管注入食用油（），往右管注入清水，使液面相平。再将阀门AB打开，等待一段时间后两管中的液面将（   ） A．仍然相平 B．左低右高 C．左高右低 D．无法确定 故选C。 押题猜想08 电路设计 试题前瞻·能力先查 【母题】智能快递柜可通过“取件码”或“APP扫码”两种方式亮灯并开锁（电动机工作），取件码验证后开关闭合，APP扫码验证后开关闭合。下列电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 故选D。 分析有理·押题有据 电路设计是中考的热点题型，考查学生对电路基础的掌握情况。 押题秘笈： 1. 首先确定用电器之间是串联还是并联：通过题干中描述的用电器的工作情况进行判断。 2. 判断开关的位置：通过每个开关对用电器的控制情况进行判断。 ①如果两个开关都闭合，用电器才工作，则两个开关串联； ②若两个开关只闭合一个，用电器就可以工作，则两个开关并联，用电器在干路上； ③若开关闭合，用电器不能工作，开关断开，用电器可以工作，则此用电器和开关并联； ④有时候会用到特殊开关，如单刀多掷开关、双刀双掷开关等。 终极猜想·精练通关 1．科创小组设计了一种防倾斜报警电路，将该电路固定在物体上，当物体处于竖直方向时，不报警；当物体向左倾斜时，灯亮、电铃响；当物体向右倾斜时，灯亮、电铃响。其中为重力开关，金属棒可绕点自由转动，下列设计符合要求的是（    ） A． B． C． D． 2．科创小组设计了自动检测雨水的雨刮器，核心部件是平行金属组成的探测网如图甲，通过A、B接线柱接入图乙的工作电路。该电路可实现自动与手动两挡。切换到自动挡时，雨量增大到一定程度，电路中的电流达到电动机的启动电流，雨刮器开始工作。下列说法正确的是（    ） A．闭合，即可启动自动挡 B．手动挡电动机转速低于自动挡电动机转速 C．任一挡工作时，电动机转速均随雨量增大而增大 D．增大电源电压，更小雨量就可启动电动机 3．小明设计了一款简易的甲醛净化器，当室内甲醛平均浓度时，气敏开关闭合，红灯亮且电动机M开始工作，且红灯损坏不影响电动机工作；当室内甲醛平均浓度时，气敏开关断开，气敏开关闭合，绿灯亮。下列电路设计符合要求的是（    ） A． B． C． D． 4．小明同学想观察红、绿、蓝三束光照射到白屏上重叠部分的颜色，他还好奇红绿两束光、绿蓝两束光以及红蓝两束光照射到白屏上重叠部分的颜色，于是使用红、绿、蓝三种颜色的发光二极管和干电池等元件设计了一个电路图，电源电压在安全范围内，则下列电路设计能达成目的的是（　　） A． B． C． D． 5．海水盐度越高，其导电性越好。设计测量海水盐度的电路，且让电表示数随海水盐度升高而变大。下列电路中，不符合要求的是（    ） A． B． C． D． 6．某播放器闭合电源开关S后，指示灯亮，播放器工作，该播放器还具有免打扰定时功能，即在设定的免打扰时间段，免打扰定时开关视为闭合，此时闭合电源开关S，指示灯依然亮，但播放器不会工作。下列电路图中符合该播放器工作要求的是（　　） A． B． C． D． 故选B。 押题猜想09 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】近年来，无人驾驶快递配送车已经从“尝鲜”走向“规模化”，成为快递公司降本增效的“标配”工具。下列与配送车内部电力驱动装置的工作原理相同的是（   ） A．动圈式扬声器 B．动圈式话筒 C．人工心脏 D．电铃 故选A。 分析有理·押题有据 该猜想重点考查电生磁、磁场对通电导线有力的作用、电磁感应这三个原理的区分及应用。通电螺线管也是其考查的重要方向。 押题秘笈： 1. 指南针、自制指南针：北极指北，南极指南。 2. 电磁现象辨析 原理 人物 应用 电流的磁效应（电生磁） 奥斯特 通电螺线管、电磁铁、电磁继电器等 磁场对通电导线有力的作用 电动机、扬声器、磁电式电流表、电压表等 电磁感应现象（磁生电） 法拉第 发电机、动圈式话筒。（注：产生电流） 终极猜想·精练通关 1．如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U形磁体、直线形导体棒ab、cd和光滑的绝缘支架构成，导体棒ab和cd的两端均与导线连接。闭合开关并向右快速移动导体棒ab，发现导体棒cd也会沿着支架水平向右运动，下列分析正确的是（     ） A．此过程中，甲装置相当于电动机 B．此过程中，乙装置的工作原理是磁场对通电导线有力的作用 C．此过程中，甲装置将电能主要转化为机械能 D．闭合开关，若向左快速移动导体棒cd，导体棒ab不会运动 2．关于电磁相关现象或应用，下列说法正确的是（　　） A．甲图中地球周围客观存在的磁感线是从地磁北极出发，回到地磁南极 B．乙实验可以演示电流的磁效应，电流产生的磁场方向与电流方向无关 C．丙实验研究的是通电导体在磁场中的受力情况，电磁铁依据此原理制成 D．丁实验研究的是电磁感应现象，切割磁感线的过程中机械能转化为电能 3．真理不能单靠“思维”来获得，还应致力于观察和实验，如图所示，下列关于电与磁的说法正确的是（　　） A．甲：磁感线是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极 B．乙：铁钉上端是电磁铁的N极，P向右移能吸引更多铁钉 C．丙：图示装置和中国最先进的航空母舰所使用的电磁弹射器原理相同 D．丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针偏转，此图为发电机原理图 4．某游乐场里有一块能发电的地板，如图所示，当小朋友在上面跳跃时，固定在地板下方的磁铁往复运动，小灯泡便会发光。下列选项中与此装置原理相同的是（　　） A． B． C． D． 5．福建舰是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，满载排水量8万余吨。当电磁弹射车内的导体通过强电流时，即可产生强大的推力，将航母舰载飞机弹出。下列选项中与电磁弹射原理相同的是（　　） A． B． C． D． 6．如图所示，通电螺线管附近停着一辆装有条形磁体的小车，闭合开关S，光滑桌面上的小车被吸引向左运动，下列说法正确的是（　　） A．通电螺线管的右端是N极 B．条形磁体的左端是S极 C．小车越靠近通电螺线管，小车的惯性越大 D．改变电源的正负极，小车将向右运动 故选D。 押题猜想10 安全用电 试题前瞻·能力先查 【母题】电给我们的生活带来了极大的便利，但不规范用电会带来很大危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（    ） A．拽着插头后面的电线把插头从插座里拔出来 B．用湿手触摸家庭电路中的开关 C．用湿抹布擦拭工作中的用电器 D．搬动通电的电磁炉前断开电源 故选D。 分析有理·押题有据 近几年湖南、长沙中考一般考查安全用电的常识，但测电笔的使用、家庭电路故障以及家庭电路连接等也是需要掌握的内容。 押题秘笈： 1. 不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。 2. 测电笔使用时，手要接触笔尾金属体。测电笔发光时，则所测位置与相线间一定是连通的。正常情况下，测用电器到相线之间的位置，测电笔均会发光；测用电器与中性线之间，测电笔不会发光，若发光，说明所测位置或近乎中性线断开了。 3. 空气开关是在电流过大时切断电路，保护电路。漏电保护器是在漏电时切断电路保护人。 4. 开关，保险装置要装在用电器与相线之间。 终极猜想·精练通关 1．同学们上自习时，教室的发光日光灯的导线突然冒烟着火，他们立即要做的是（　　） A．用水浇灭 B．用书拍灭 C．用手掐灭 D．断开总开关 2．安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A．图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B．图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C．图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D．图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 3．下列行为中，符合安全用电原则的是（　　） A．人离开时切断电源 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．从家中拉线给电动车充电 D．乙位置安装开关，甲位置安装电灯 4．如图所示的家庭电路，闭合开关，灯泡发光，一段时间后，突发熔丝熔断，下列不可能导致熔丝熔断的是（　　） A．开关处短路 B．灯泡处短路 C．插座内左右金属片接触 D．插座接入大功率用电器 5．如图所示，关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　） A．甲：当有人触电时，应第一时间直接用手把他拉开 B．乙：测电笔接触火线时，手不能接触笔尾金属体 C．丙：空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路造成的 D．丁：洗衣机的三脚插头上中间较长的插脚和金属外壳相连 6．新能源纯电动汽车因其环保节能的特点深受大家的喜爱，但它的充电桩相对不足，导致特别是在节假日很多电动汽车车主遇到了充电难的问题，在全社会的共同努力下，现在越来越多的充电桩得以安置。如图是某区域设置的一些电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电的是（　　） A．安装充电桩时，不连接地线也可以 B．每个充电桩在安装时都要装保险装置 C．万一有充电桩起火，可以迅速浇水扑灭 D．充电线破损时，只要稍加注意便可安全使用 故选B。 押题猜想11 简单机械 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示，赛艇的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（　　） A．独轮车 B．核桃夹 C．筷子 D．扳手 故选C。 分析有理·押题有据 简单机械在湖南、长沙中考选择题中一般进行定性考查，比如杠杆分分类，定、动滑轮的特点，机械效率的概念及提高机械效率的方法等。 押题秘笈： 1. 杠杆的分类：杠杆的分类是针对动力而言，而动力的大小是根据动力臂的大小判断，如动力臂大于阻力臂，则动力小于阻力，为省力杠杆。 2. 定滑轮相当于等臂杠杆，既不省力，也不费距离，但可以改变力的方向。 3. 动滑轮省力，但费距离，相当于省力杠杆。 4. 任何机械都不可能省功，省力就会费距离，费力就会省距离。机械效率一定小于1。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，一块密度均匀的长方体水泥板放在水平地面上，水泥板的长边边长为b（b>a）。用一始终竖直向上的力、使其一端缓慢抬离地面（未达到竖直），此过程中，下列说法正确的是（　　） A．F甲<F乙，F甲大小不变 B．F甲=F乙，F甲一直变大 C．F甲=F乙，F甲大小不变 D．F甲>F乙，F甲一直变小 2．在跨学科实践活动中，同学们用一根长约40的轻质木棍、一个50g的钩码作为秤砣、一个100g的砝码、一个小盆、细线若干、一把刻度尺、一支记号笔制作了简易杆秤，如图所示，O点为其标定的零刻度值。下列有关说法中不正确的是（　　） A．如果A端所受的力为阻力，则该杠杆属于省力杠杆 B．在利用该杆秤称量时，若杆秤左高右低，需要将秤砣往右侧移动 C．换用另一个更轻的小盆后，所对应的新的零刻度值在O点左边 D．通过将支点B左移可以增大该杆秤的测量范围 3．如图所示，园艺工人在修剪枝条。关于园艺剪的使用，下列说法正确的是（　　） A．枝条对园艺剪的压力是阻力 B．在图示状态使用时园艺剪是费力杠杆 C．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了省距离 D．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了增大阻力臂 4．中国书法艺术博大精深，是中国文化的重要组成部分。如图甲，用新款钢笔式毛笔临摹字帖时，毛笔相当于一个杠杆，其简化示意图如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．b点是支点 B．书写时，毛笔属于省力杠杆 C．手握笔的位置向上移动，写字时所需的动力变大 D．书写时，毛笔与纸面之间的摩擦为有害摩擦 5．如图所示是利用滑轮打水的场景。井架上安装一个滑轮，绳索一端悬吊水桶，当人拉或放绳索的另一端即可让水桶升降。下列说法正确的是（　　） A．井架上的滑轮是动滑轮 B．提水过程中当水桶静止时，人对水桶没有做功 C．提等量的水，水桶越重机械效率越高 D．利用这个装置能够省力 6．如图所示，某人用动滑轮将重180N的木箱在5s内沿竖直方向匀速提升2m，所用拉力为100N，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　） A．动滑轮做的有用功是400J B．拉力的功率为40W C．动滑轮的机械效率为90% D．若用此装置沿竖直方向匀速提升360N重物，拉力为200N 故选C。 押题猜想12 动态电路分析 试题前瞻·能力先查 【母题】图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　） A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω B．环境温度升高时，电压表的示数减小 C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低 D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源 分析有理·押题有据 动态电路在湖南、长沙中考题中属于常考题，一般会结合电路、欧姆定律、电功率等知识进行综合考查。涉及到开关型、滑动变阻器型、敏感电阻型等题型。 押题秘笈： 先分析电路，然后确定电路的变化，再结合欧姆定律、电功率等公式进行分析。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片从中点向右移动的过程中（　　） A．电压表V的示数不变 B．电流表A1的示数变小 C．电流表A₂的示数变小 D．灯泡的亮度变暗 2．某科技小组设计一个电子身高测量仪，其原理如图所示，其中R相当于滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压保持不变，金属杆cd和金属滑片MP与电路接触良好（二者电阻不计）且金属滑片始终保持水平，当开关S闭合后，下列分析中正确的是（　　） A．被测者身高增加，电压表示数变小 B．被测人员身高无论如何改变，电压表与电流表示数之比不变 C．被测者身高减小，R0的电功率变小 D．被测人员身高无论如何改变，两电表示数的改变量之比不变 3．水中溶氧量是水产养殖的一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而增大。闭合开关，当溶氧量降低时（     ） A．电流表的示数变大 B．电压表与电流表示数的比值变大 C．电路的总功率变大 D．滑动变阻器的功率变大 4．物理学中用照度（用符号表示）描述光的强弱，光越强则照度越大，照度的单位为Lux。某光敏电阻在不同照度下的阻值如下表所示，小明利用该光敏电阻制作了光控照明系统，其电路原理如图所示，电源两端电压恒为，电阻和中的一个是阻值为的定值电阻，另一个是光敏电阻。当室内照度时，使控制开关两端电压，从而触发控制开关启动照明系统。下列判断正确的是（　　） 照度/Lux 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2 电阻 75 40 24 20 18 15 A． B．照度越大，该电路控制开关两端的电压越大 C．若换用阻值更大的定值电阻，则照明系统可在更低的照度下启动 D．若换用电压更大的电源，则照明系统可在更低的照度下启动 5．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关和，小灯泡和均正常发光，电流表有示数。下列分析正确的是（　　） A．若断开，亮度不变，电流表示数变小 B．若断开，不亮，电流表示数大小不变 C．若断开，亮度不变，电流表示数变小 D．若断开，不亮，电流表示数大小不变 6．如图所示的电路，电源电压保持不变。先闭合后，再闭合，下列说法正确的是（　　） A．电压表示数不变，电流表示数变大 B．电压表和电流表的示数都变小 C．电压表示数和电流表示数的比值不变 D．电路的总功率变小 押题猜想二 填空题 押题猜想13 能源、材料、信息的传递 试题前瞻·能力先查 【母题】2025年12月27日，在长沙贺龙体育馆举行的“湘超”决赛巅峰对决正式落下帷幕，永州队勇夺冠军。不在现场的观众可以通过卫星实况转播观看比赛，利用了_______传递信息；体育馆的顶棚上覆盖有太阳能电池板，能将太阳能转化为_______能，体现了“绿色办赛”的环保理念。 分析有理·押题有据 信息、能源、材料的考查在中考中出现的频率较高，主要考查电磁波的应用，能源的分类，核能的区分以及材料的属性及应用。 押题秘笈： 1. 电磁波的传播不需要介质，真空中的传播速度为3×108m/s。现在的智能驾驶汽车的激光雷达采用的是红外线，属于电磁波。 2. 能源按照能否直接被利用分：一次能源和二次能源，其中电能属于二次能源。按照能否再生分：可再生能源和不可再生能源。其中煤、石油、天然气等化石能源和核能属于不可再生能源，风能、水能、电能、太阳能等属于可再生能源。 3. 核能属于不可再生能源，核裂变可控，如核电站，原子弹是不进行控制的核裂变。核聚变目前不可控，如氢弹，太能内部进行着核聚变。 终极猜想·精练通关 1．卫星是用________（选填“超声波”或“电磁波”）传递信息的；太阳能属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 2．中国“人造太阳”—中国环流三号，其原理是让氢的同位素氘和氚在极高温度和压力下发生_______、（选填“核聚变”或“核裂变”）反应，从而释放出巨大的能量；神舟飞船搭载的智能应急监测系统依赖高性能航天芯片支撑，制造这种航天芯片的主要材料是_______（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）；地球上的科学家可以通过_______和“嫦娥六号”进行交互 （选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）。 3．如图所示，取一个透明塑料瓶，在靠近瓶底的侧壁上钻一个直径约5 mm的小孔，实验时，先用手堵住小孔，向瓶中注水近满，盖紧瓶盖，松开堵住小孔的手，再打开激光笔，调整方向使光束能穿过塑料瓶从小孔射出，此时小孔前方的光屏上______看到光斑，然后拧松瓶盖，瓶中的水从小孔流出，会看到光随弯曲的水流传播，光在水流中经过多次______后传播，类似光波在光纤中传播。 4．如图甲所示为自动垂直升降式车库，可以有效增加停车场空间利用率。供汽车上升使用的电动机的工作原理与____（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理相同。其中的“AI公交”，如图乙，可以实现无人驾驶。无人驾驶时，车辆通过北斗高精度定位系统，利用_____波与卫星传递信息；摄像头和雷达收集的信息由车载芯片进行处理，芯片是由______材料制成的。 5．华为推出新款手机mate70，采用双卫星通信，是通过__________传递信息，这种波在真空中的传播速度为__________km/h。 6．中国突破了“人造太阳”1亿摄氏度持续1000 s的技术，“人造太阳”与太阳相似，发生核________（选填“裂变”或“聚变”）释放出巨大的核能，核能是________（选填“可”或“不可”）再生能源。 押题猜想14 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 【母题】安安将排球水平击出，运动轨迹如图甲。运动过程中排球的机械能___________（选填“守恒”或“不守恒”）。图乙为排球经过图甲①、③点时的动能和重力势能，其中③点的重力势能未标出。由图分析得出：①点的机械能为5J；③点的重力势能为___________；②点的机械能E的取值范围是___________（取值范围用不等式表示）。 分析有理·押题有据 动能、重力势能、机械能的变化及转化是中考的热点，一般结合航空航天、体育、生产等进行考查。 押题秘笈： 1. 动能大小与物体的质量和速度有关。 2. 重力势能的大小与物体的质量和所处的高度有关。 3. 机械能是动能重力势能、弹性势能的总称。一般可根据是否受到阻力判断机械能是否守恒。 终极猜想·精练通关 1．2024年，搭载嫦娥六号的长征五号火箭升空，探测器加速上升时，动能___________，重力势能___________，机械能___________。（均选填“增大”“不变”或“减小”） 2．甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度以大小相等的初速度，同时抛出，甲球竖直向下抛出，乙球竖直向上抛出，丙球斜向上抛出。（不计空气阻力） (1)甲、乙、丙三球从抛出到落地前的运动过程中，重力势能的变化情况______；（选填“相同”或“不相同”） (2)乙、丙两球上升的高度较高的是______；（选填“乙球”或“丙球”） (3)甲、乙、丙三球落地时，动能的大小______。（选填“相等”或“不相等”） 3．如图所示，是某运动员在冬奥会自由式滑雪决赛滑行轨迹。她从a点滑到b点，其动能增大，重力势能______（选填“增大”“减小”或“不变”）；滑行过程中，运动员在b点的动能______（选填“大于”“小于”或“等于”）c点的动能；运动员落至c点后不能立刻停下来，是由于运动员具有______。 4．“嫦娥五号”实现了我国首次月球无人采样返回。返回器使用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。若只考虑空气阻力和重力的影响，在这个过程中，由A到B段返回器的动能逐渐________（选填“增大”“减小”或“不变”），返回器在B点时的速度________（选填“大于”“小于”或“等于”）到达C点时的速度，从A到D的全过程中返回器机械能________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 5．在小区中我们常看到一些标志，如图所示。甲图为限速标志，设置原因是：同一辆汽车行驶速度越大，汽车具有的________能就越大；乙图为禁止高空抛物标志，物体从高空下落过程中________势能转化为动能。 6．如图所示，在同一高度以大小相同的初速度分别竖直向上和斜向上将同一小球抛出，不计空气阻力，小球落地时的速度大小分别为和，则________（选填“<”、“=”或“>”）。 押题猜想15 压强与浮力的分析与计算 试题前瞻·能力先查 【母题】小湘为某农场设置的自动饮水装置原理如图所示，其中浮球C、连杆 B 与底盖A 刚性连接，可视为一个整体。设计要求：饮水槽水位下降至一定高度时，浮球C随之下沉，通过连杆B带动底盖A下移，水立即从出水孔流入饮水槽，实现自动补水；水位回升至最高时，浮球C恰好浸没，底盖A在连杆B 的带动下封闭出水孔。已知水箱底部出水孔的底面积为20cm2，浮球C质量为 400g、体积为2dm3，底盖A（含连杆B）的总质量为400g。（，g 取 10N/ kg，不计摩擦） (1)使用过程中各个牲畜饮水槽中的水不流动时水面总是______的。 (2)浮球C浸没时受到的浮力为_____N。 (3)为了达到设计要求，保障饮水槽中的最高水位不变，往水箱中蓄水时，水箱中的水位最高为_____m。 分析有理·押题有据 压强和浮力的简单计算在湖南、长沙中考填空题中偶尔会出现，定性分析类主要考查压强与浮力的变化及比较，定量计算会考查压强、液体压强的计算、浮力的计算等。 押题秘笈： 1. 压强与压力的分析与计算 （1）固体（放在水平面上）：①压强为，柱体可用p=ρgh。②压力F=G或F=pS。 （2）液体：①压强为p=ρgh；②柱形容器：压力F=G或F=pS。非柱形容器的压力F=pS。 2. 浮力的四种计算方法 （1） 原理法（或压力差法）： （2） 称重法（或实验法）： （3） 阿基米德原理法： （4） 平衡法：通过受力分析，建立平衡方程。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，将同一个小球先后放入甲、乙两种不同的液体中，小球在甲液体中漂浮，在乙液体中悬浮。则________液体的密度最小（选填“甲”或“乙”），小球受到的浮力________（选填“大于”或“小于”或“等于”）。 2．如图甲所示，用细绳将不锈钢勺子悬挂起来，使其静止在水平位置，则勺子悬挂点______（选填“左”或“右”）侧的质量较大一些；将自制简易密度计放入水、盐水和酒精中进行测量，在密度计上标出液面位置A、B、C，如图乙所示，则刻度A处标记的应是______的密度值。 3．如图所示，放在水平桌面上的甲乙两个完全相同的容器，内装有适量的水，将A、B两个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，两个容器内水面高度相同。两个正方体所受浮力关系是__________，容器对桌面的压力关系是__________（两空选填“大于”、“小于”或“等于”） 4．底面积为、重为的薄壁平底圆柱形容器内装有适量的水放置在水平桌面上，现将体积为、重为的木块A轻轻放入容器的水中，静止后水面的高度为，如图（a）所示；若将一重为的物体B用细绳系于A的下方，使其恰好浸没于水中，如图（b）所示，不计绳重及其体积，，取。则物体的密度为__________；图（b）中水对容器底的压强为__________。 5．一个体积为的木块，漂浮在水中时有的体积露出水面；漂浮在另一液体中时，有的体积浸在其中。则木块的密度为_____，另一液体的密度为_____。 6．如图所示是兴趣小组设计的“浸泡上漆器”结构简图。足够高的柱形容器内装有密度为，深度为的油漆，则油漆对容器底部的压强为_______Pa。将底面积为，体积为的待上漆柱体A浸入油漆的深度为时，拉力传感器的示数为；柱体A浸没时，拉力传感器的示数为，，则柱体A的密度为_______。（取） 押题猜想16 功、功率、机械效率的简单计算 试题前瞻·能力先查 【母题】一次作业中，叉车将质量为80kg的货物竖直匀速抬升了1m，用时2s；随后在水平地面沿直线匀速行驶了20m，用时8s。则抬升货物过程叉车对货物做功_________J，整个过程叉车对货物做功的功率为_________W。（g取10N/kg） 分析有理·押题有据 以汽车、轮船、工程机械等为情境，结合速度、功、功率、机械效率进行简单计算，是中考物理常考的考法，难度适中。 押题秘笈： 1. 速度： 2. 功：、 3. 功率：、 4. 机械效率： 终极猜想·精练通关 1．AI机器人逐渐进入了我们的生活，如图所示为我国自主研发的某款人形机器人搬货物的场景。机器人先将总质量为的货物箱提升，用时，又使货物箱沿水平方向平移了，用时，整个过程中机器人对货物箱做功_______J，功率为_______W。（取） 2．如图所示的龙骨水车是我国古代最著名的农业灌溉工具之一。若工人踩动龙骨水车旋转一周可将的水提升到4m高的田地中，所用时间为60s，工人做功的总功率为50W，则该过程中龙骨水车所做的有用功为________J，机械效率为________。 3．用如图所示的动滑轮，在5s内将重为180N的物体匀速向上提起2m，作用在绳端竖直向上的拉力F为100N，该动滑轮的机械效率是______%，拉力F的功率是______W。 4．利用5G无人配送快递可有效节约成本。如图为一辆在水平路面上匀速行驶的四轮5G无人配送车，每个轮子与地面的接触面积是，空载时质量为400kg，速度5m/s。配送车空载时，匀速行驶1min走的路程为_______m；对地面的压强为_______Pa。若配送车匀速行驶时，阻力大小为重力的，则配送车牵引力的功率为_______W。 5．建筑工地常使用塔式起重机（塔吊）吊运建筑材料。塔吊的起重臂可视为杠杆，下图是塔吊中用到的滑轮组。 (1)若起重臂所受阻力大小为6000N，动力臂是阻力臂的一半，则动力大小为________N； (2)图中，使用B滑轮的优点是________；若塔吊将重力大小为5000N的水泥板匀速提升10m，用时25s，此时右侧绳子拉力为4000N，提升过程中，对水泥板做功的功率为________W，滑轮组的机械效率为________。 6．某同学用如图甲的滑轮5s内将重420N的物体匀速提升5m，提升过程中做功的部分数据如图乙。则有用功为___________J，所用拉力F为___________N，动滑轮的重力约为___________N，克服绳重与摩擦的功率约为___________W。 押题猜想17 电学简单计算 试题前瞻·能力先查 【母题】如图甲所示，科技小组设计了一个监测水位的装置，电路中电源电压保持不变，定值电阻的阻值为20Ω，为竖直放置的最大阻值为40Ω的滑动变阻器，浮子可带动变阻器滑片P上下平行移动。滑动变阻器接入电路的阻值随水位h的变化关系如图乙所示，当水位到达30cm时，电流表的示数为0.3A。则该电路消耗的最小总功率为________W；当装置内的水位达到警戒值25cm时，电流表的示数为________A，电压表示数为________V。 分析有理·押题有据 综合电路分析，电流、电压的规律，欧姆定律，电功，电功率，电热等其中几个点进行考查，可能会涉及到图像分析、动态计算、极值范围等问题。 押题秘笈： 1. 分析电路。 2. 结合串、并联电路中电流、电压的规律，运用欧姆定律、电功、电功率等内容进行计算。注意当电路发生变化时，要抓住不变量。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从某一端点移动到另一端点的过程中，电流表的示数相应由0.1A变为0.3A，电压表的示数变化了3V，R1电阻为_____Ω，则R1电功率变化量为_________W。 2．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“”关系图像如图14-2所示。电源电压为_____V；定值电阻的阻值为______；此电路的最小总功率与最大电功率之比为______。 3．如图所示电路中，定值电阻R0=2Ω，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 3W”，则L正常发光时的电阻为_________Ω。将滑动变阻器R的滑片向下移动，直至L正常发光（忽略灯丝电阻随温度的变化），此过程中， 电压表V1示数将_________，电压表V1变化量和V2示数变化量之比的绝对 值为_________。 4．在城市交通中，电动自行车超载行驶会严重影响行车安全。为此，学校物理兴趣小组设计了一个简易超载报警系统，其原理图如图甲所示。当通过报警器的电流达到或超过0.5A时，报警器（其电阻不计）将自动报警。电路中的电源电压为6V，定值电阻，则通过R0的电流为___________A；已知电阻元件R的阻值与其所受压力F的关系如图乙所示，元件R受到的压力F小于___________N才不会触发报警，刚触发报警时电阻R消耗的功率为__________W。 5．新房装修时，小科根据所学的知识设计制作了一款简易电子量角器，电路如图所示，电流表的量程为，电压表的量程为，为半圆弧电阻的圆心，金属滑片为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻与指针旋转角度成正比，电源电压恒为，为电阻箱。 (1)将滑片旋转至处，调节的阻值，使电路中电流为。电阻箱接入电路的阻值为_______。 (2)调节为时，电流表示数为，此时电压表示数为_______。 (3)为能满足测量的要求，重新调节电阻箱，满足要求的的最小阻值是_______。 6．如图是小明设计的汽车后视镜加热原理图，具有防雾、除露、化霜功能，可通过旋钮开关实现功能切换。其中电源电压恒为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。开关旋至“1”挡时，开启______功能（选填“防雾”“除露”或“化霜”）；当开启除露功能时，电路总电阻为______Ω，从除露到化霜，电路总电流变化了______A。 押题猜想三 作图题 押题猜想18 光学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】雨过天晴的夜晚，部分凹形路面上存有积水，当小明走到如图所示位置时，通过水面看到了电线杆在水中的像。请在图中画出小明看到电线杆顶端A点的像的光路图。 【详解】水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，像与物关于镜面对称，据此作出电线杆顶端A点的像，连接眼睛和像点，交平面镜于O点，即为入射点，连接AO、O与眼睛，AO、O与眼睛的连线分别为小明同学看到电线杆顶端A点的入射光线和反射光线。据此作图。 分析有理·押题有据 光学作图是作图题的热门考点，主要涉及到直线传播、光的反射、平面镜成像、光的折射以及透镜作图。 押题秘笈： 1. 明确题目要求，确定作图依据。 2. 根据相应的规律进行作图，注意虚线与实线。实际光线用实线，反向延长线与辅助线用虚线。 3. 注意箭头：谁看到箭头就指向谁。 终极猜想·精练通关 1．按要求作图。 (1)如图甲所示，小刚在路过金沙遗址博物馆门口时，发现地面上出现了太阳神鸟的投影图案。他想用光路图解释这一现象，请在图乙中作出在光源O的照射下，物体AB在地面上形成的影子。 (2)正月十五闹花灯是中国的一项传统文化活动。如图所示，小梅用左手压着灯杆的O点，花灯悬挂在B点。请画出在A点处提起花灯所需的最小动力F1以及动力臂L1。 2．某同学在探究光的折射规律的实验时，将一束激光从玻璃砖的圆弧边射向圆心，如图所示，发现在圆心处既发生了折射也发生了反射，请在圆心处画出折射光线的大致位置并作出反射光线。 3．某学校为了建设节能校园，在地下停车场安装了导光管采光系统，如图甲所示，阳光穿过采光罩，会在导光管内壁发生反射。图乙中，一条光线照射到导光管内壁，请画出它的反射光线。 4．“井底之蛙”一词最早出自庄子所作的《庄子·秋水》。同学们研究如何让井底的青蛙看到的空间范围更大一些。有同学提出放置一块平面镜就可以让青蛙看到原来看不到的美景。如图所示，B处为青蛙的眼睛，请你放置一块平面镜，使青蛙的眼睛能看到井外A处的美景。（保留作图痕迹） 5．激光笔发出一束光，进入玻璃砖后到达玻璃砖另一侧的A点。改变激光笔照射方向，若光束进入玻璃砖后到达B点，请在图中画出入射光线的大致方向。 6．处于主光轴上的物体AB经凸透镜折射后在光屏上成的像是A'B'，如图所示。请在图中画出薄凸透镜（也可用“↕”表示凸透镜），并标出其右侧焦点F的位置（请保留作图痕迹）。 押题猜想19 力学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】在图中，桔槔是中国古代用于灌溉或汲水的一种器具，如图为桔槔处于平衡状态的简化示意图，请作出并画出动力的力臂及水桶所受重力的示意图。 分析有理·押题有据 力学作图主要考查常见力的画法、杠杆作图。 押题秘笈： 1. 常见力的画法：先找受力物体，确定力的作用点，然后分析力的方向，再画出力，标注符号，有大小还需要标注大小。 2. 杠杆作图： （1）动力、阻力画法：作用点在杠杆上，与对应的力臂垂直，动力使杠杆转动，阻力阻碍杠杆转动。 （2）力臂的画法：从支点作对应力的垂线段。 （3）最小力的画法：先确定作用点，若题目没给出，则杠杆上距支点最远的点为最小力的作用点，然后连接作用点和支点，即为最小力的力臂，再垂直力臂画出最小力，标注符号即可。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，一只大熊猫正用四肢紧紧抱住竖直的树干，保持静止状态。请你以大熊猫为研究对象，在图中画出它所受重力及摩擦力的示意图（点为大熊猫重心所在位置）。 2．如图，为了接山顶游客下山，一空缆车正匀速向山顶移动，a为缆绳，方框为缆车的轿厢，O为轿厢的重心，请在图中画出轿厢的受力示意图。 3．如图是小明手握茶杯静止时的照片，请画出茶杯所受的支持力。（O为力的作用点） 4．图甲所示是武汉天兴洲长江大桥，此桥是世界上最大的公铁两用斜拉桥。图乙是其部分简化模型，OB为水平桥面，O点为桥体OB的支点，OA是桥塔，请在图乙中画出： （1）斜拉钢索对桥体OB拉力最小时钢索的位置和对应的动力臂； （2）画出桥上车对桥的压力的示意图（把车等效为长方体）。 5．如图所示木块以一定速度从水平面冲上斜面并向上运动，用力的示意图画出木块在斜面继续向上移动过程中木块所受到的力。 6．如图所示，要将轮胎绕A点滚上台阶，请画出最小推力F的示意图并保留作图痕迹。 押题猜想20 电磁学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】请用笔画线表示导线，按照安全用电原则将带有开关的电灯和三孔插座正确接入家庭电路中。 分析有理·押题有据 电路的作图一般在实验题中进行连线或改线，家庭电路作图、通电螺线管相关作图在中考中经常出现。 押题秘笈： 1. 连线或改线题：先不管电压表，从电源正极开始进行连线，最后再连接电压表。 2. 家庭电路作图：开关接在相线和用电器之间；插座按照“左零右火上地“接线。 3. 通电螺线管作图：先确定磁感线方向、螺线管极性、电流方向（电源正负极）、小磁针指向中哪个是已知的，根据该已知量确定其他三个。磁感线与螺线管极性互判（外部从N极出来），小磁针指向与螺线管极性互判（异名磁极相互吸引），螺线管极性与电流方向根据安培定则互判。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的家庭电路，拉线开关同时控制两盏螺口灯泡，要求两盏灯泡并联，请将灯泡和开关正确接入家庭电路。 2．如图，将插座和控制插座的开关正确接入电路。 3．如图甲是某款新型电热器。只有开关S闭合时，电动机M工作，开启冷风模式；再闭合开关S1，电热丝工作，进入暖风模式；仅闭合开关S1，电动机和电热丝均不工作。请在图乙中将该电热吹风机的电路图补充完整。 4．按题目要求作图。 (1)图甲为博物馆内“刘充国印”的展台，图乙是其示意图。F为凸透镜的焦点，O为凸透镜的光心，光线a平行于凸透镜的主光轴（图中虚线）。请在图乙中画出：光线a经过凸透镜折射后的光线及光线b经过平面镜反射后的光线。 (2)如图为一身高测量仪的电路示意图，金属板M可带动金属片P滑动，请在电路的圆圈内填上合适的电表符号，使电路完整。 5．如图所示是实践小组利用泡沫板、电池、导线、螺线管制作的泡沫指南针。将它放在水面上，闭合开关后，轻轻拨动泡沫板，静止后箭头总是指向南方。请你在虚线框内画出电源的符号、螺线管两端的磁极符号及通电螺线管外部的磁感线方向。 6．在图中，开关闭合后，小磁针静止时右端为N极。请画出A点磁感线方向并在括号里标明电源“”极或“”极。 【详解】根据小磁针的指向，通过同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管右侧为N极，左侧为S极；在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极，A处的磁感线方向为从螺线管右侧指向左侧；根据安培定则可知电源左侧为“+”极。 押题猜想四 实验题 押题猜想21 热学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】图甲是小星改进后的探究水沸腾前后温度变化特点的实验装置，其中A管开口。 (1)图甲中温度计的示数为_________℃。 (2)小星根据实验数据绘制了温度随时间变化的图像如图乙所示。他观察到水从第6min开始沸腾，由图可知，水在沸腾时的温度_________。 (3)当水沸腾时，形成的大量气泡在上升过程中体积逐渐变_________。 (4)小星在水沸腾后撤去酒精灯，水停止沸腾后，在A管口连接抽气泵抽气使烧瓶内气压减小，水再次沸腾。由此可知，水的沸点随气压的减小而_________。 分析有理·押题有据 新课程标准学生必做热学实验出了用温度计测温度，就是探究水沸腾前后温度变化的特点。该实验湖南省中考、长沙中考2025年都考过，但今年不排除考查的可能性。 押题秘笈： （1）实验装置组装：需要按照自下而上的顺序组装，注意温度计的玻璃泡要完全浸没在水中，不能接触容器底和容器壁； （2）实验操作：水温升高后，每隔相同时间记录温度，同时要观察水中气泡的变化，区分沸腾前和沸腾时的气泡特点； （3）图像绘制：根据表格中的每组时间与对应温度数据，在坐标图中依次描出各点，再用平滑的曲线将所有点依次连接起来，即可得到水沸腾前后温度变化的图像； （4）实验结论：水沸腾过程中持续吸热，但温度保持不变，停止加热后水会停止沸腾，验证了沸腾需要持续吸热的条件；沸点与气压有关，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低。 终极猜想·精练通关 1．在探究“冰的熔化”和“水的沸腾”实验中，小李同学用了两组实验装置（如图甲、乙） (1)为探究“冰的熔化”实验，选择____装置做实验；实验装置的安装顺序是____； (2)在实验时，小李记录了实验数据，并根据实验数据绘制了图像，如图丙所示，由图像可知冰是____体，它熔化时温度的特点是____； (3)实验中给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如图中图线所示，若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图线如图丁，正确的是图线____； A．图线 B．图线 C．图线 D．图线 (4)将沸腾的水倒入烧瓶，继续探究液化现象的能量变化，实验装置如图戊（是温度计）。将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管中，试管放在装冷水的容器内，过一段时间，观察到试管中产生少量的水，同时可以看到温度计示数升高的现象，综合实验过程可初步得出结论：____。 2．小华利用实验室的自来水，探究水在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图甲。 (1)图甲中温度计的示数为________℃。 (2)水温升高到90℃开始计时，6 min后水沸腾，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。由图像可知：水在沸腾前，温度升高；沸腾时，温度________。 (3)由图乙知，所测水的沸点不是100℃，这是由于___________引起的。 (4)小华还想探究沸腾的水能否将试管中的水加热至沸腾，她取了同样的自来水倒入试管，利用图丙所示的装置进行实验，水温升高到85℃开始计时，得到温度和时间的数据如下表，请你根据数据分析：试管中水的最终温度________（选填“高于”“等于”或“低于”）沸点，试管中的水________（填“正在”或“没有”）沸腾。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度/℃ 85 89 92 95 97 98 99 99 99 99 99 3．茶圣陆羽在《茶经》中形容沸腾的水“势如奔涛”。水沸腾前后温度变化有何特点呢？如图甲所示，小玉在做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。 表1： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 96 98 98 98 98 表2： 物质 酒精 水 煤油 沸点/℃ 78 100 150 (1)向水壶中注入适量的水，闭合开关加热，在水温升高到90℃后，每隔1 min记录一次温度，直到水沸腾并持续一段时间。第2min温度计的示数如图乙所示，为________℃，由表1分析：图丙是水在沸腾________（选填“前”或“时”）的情况，此时气泡的主要成分是________（选填“水蒸气”或“空气”），水沸腾时吸热，温度________（选填“升高”或“不变”“降低”）； (2)在探究结束后，同学们对不同液体的沸点进行了交流，如图丁所示。小试管A内盛有水，大容器B内盛有表2（标准大气压下几种物质的沸点）所列的一种液体，此时若对大容器的底部持续加热，最终发现A内的水发生沸腾，则B内盛的液体是________。 4．某同学发现冬天水缸里的水结冰了，但腌菜缸里的盐水却没有结冰，他猜想：水中加入盐后，可能会对水的凝固点产生影响。为了验证这一猜想，他进行了如下实验。 【证据】 (1)他将一些盐放入水中，将做成的盐水用烧杯盛好放入冰箱，研究盐水的凝固过程。每隔一定时间，观察盐水的状态并测出温度，将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像，如图甲所示。烧杯内物质在第5分钟时处于______（选填“固”、“液”或“固液共存”）态。实验中盐水的凝固点为______℃，根据图像可知，盐水结成的冰为______（选填“晶体”或“非晶体”）。 【解释】 (2)根据实验获得的数据：在水中加入盐后______（选填“会”或“不会”）对水的凝固点产生影响。 【交流】 (3)如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，如图乙所示，试管中冰水混合物中，水会______（选填“变多”、“变少”或“不变”）。 5．某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。 (1)实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰______。 (2)如图乙所示温度计的示数是______℃。 (3)根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像，如图丙所示。分析图像可知冰属于______（选填“晶体”或“非晶体”）。 (4)进一步分析图像发现，0至t1时段内的温度变化比t2时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的______不同。 (5)若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水______（选填“会”或“不会”）沸腾。烧杯上方出现的“白气”是由水蒸气______（填物态变化的名称）形成的。 6．科技小组学习完比热容相关知识后，想利用自制教具探究海陆风的成因。 任务一：探究沙子和水的吸热能力 (1)利用如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。取相同______和初温的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，实验时通过比较______来间接反映水和沙子吸收热量的多少； (2)依据实验数据描绘如图乙的水和沙子的温度随时间变化的图像，由图像可知在时间相同时水的升温比沙子的升温慢，若升高相同温度，______的加热时间要更长，说明______的吸热能力强，根据图像可知沙子的比热容是______； 任务二：实验模拟海陆风的形成 (3)取下两箱子的封口盖，在两个箱子的侧面分别开一个小孔，连上一个两端开口的透明细管AB，点燃一支香放在细管中（如图丙），请利用所学知识分析判断：相同条件下，加热一段时间后，白烟将会从管的______（选填“A”或“B”）管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是______（选填写字母）。 A．从大海吹向陆地                B．从陆地吹向大海 故选B。 押题猜想22 光学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】2025年6月6日是第30个全国“爱眼日”。图甲为眼睛的结构示意图，图乙为某科学兴趣小组自制的一个用来模拟眼睛变焦过程的装置。 (1)图甲中的视网膜相当于图乙中的_______。在图乙的光屏上已成蜡烛的清晰像（像未画出），其情况是倒立、_______（填“缩小”“等大”或“放大”）的实像。 (2)图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后（相当于看近处景物），光屏上的像变模糊了，缓慢______（填“注入”或“吸出”）适量水来改变水凸透镜厚度，像又变清晰了。当眼睛长时间处于这种状态时，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较______（填“薄”或“厚”）状态。 (3)图乙中若往水凸透镜中注入过多的水，则会导致所成的像在光屏的_____（填“前方”或“后方”），这和_______（填“近视眼”或“远视眼”）的成因是一样的。 (4)据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议：___________。 （4）预防近视的科学建议合理即可，例如：不长时间盯着书本或电子屏幕、坚持做眼保健操、不在昏暗环境下看书等。 分析有理·押题有据 光学实验主要有三个：探究光的反射定律、探究平面镜成像特点、探究凸透镜成像规律。后两个在近几年湖南、长沙中考中均出现过，今年也有一定的考查概率。 押题秘笈： 1. 弄清器材、环境的选择的原因，比如为什么用玻璃板代替平面镜。 2. 弄懂光路图。很多问题可以通过光路图来分析，如眼睛在哪一侧观察，可以根据反射或折射光在哪一侧进行判断。 3. 搞清楚每一步操作的目的以及对应的结论。 4. 能够准确描述结论，并能利用结论进行相应的判断。 终极猜想·精练通关 1．小明同学在《探究光的反射定律》的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可绕竖直接缝ON翻折。 次数 1 (1)如图甲，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB。接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上_________（选填“能”或“不能”）显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在__________内。 (2)小明记录的数据如表所示，根据这组数据，他________（选填“能”或“不能”）得出关于光反射时反射角与入射角关系的结论，原因是________。 (3)若将光线沿方向射向镜面，反射光会沿方向射出，这说明在光的反射现象中，光路是________的。 (4)生活中利用光的反射原理工作的物品有很多，请举一例：________；若要让教室黑板不出现“反光”现象，应让黑板表面发生________（选填“镜面反射”或“漫反射”）。 2．我国古代文献中有许多关于光学的记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若将纸板沿底边向后倾，AO仍以相同的入射角沿着纸板入射，在纸板右半面上__________看到反射光线（填“能”或“不能”），高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生了__________（填“镜面”或“漫”）反射。 (2)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，优点是___________，判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上__________（填“凸透镜”、“玻璃板”或“光屏”） (3)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，他们把器材摆放、调整到如图所示位置，此时光屏上成清晰的像，像距为__________cm。根据此时光屏上像的特点，制成了__________、（选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）。如果有白色、黑色、红色和绿色四种颜色的光屏，选__________色光屏进行实验更好。 3．“探究光的反射定律”实验中。 (1)如图甲，将一束光斜射到水平放置的平面镜上，尝试用一块白纸板去寻找入射光和反射光，实验中白纸板的主要作用是___________；固定入射光方向和入射点不变，多次调整白纸板位置，当白纸板与镜面的位置关系为___________时，白纸板上同时呈现入射光和反射光。 实验序号 ① ② ③ ④ 入射角/（°） 30 40 50 60 反射角/（°） 30 40 50 60 (2)图乙中，多次改变入射光的方向，用量角器测量每组反射角与入射角大小并记录在表中，可得结论___________；实验①~④过程中，入射光 EO逐渐___________（选填“靠近”或“远离”）法线，其反射光在平面镜中的像绕O点___________时针旋转。 (3)入射光始终紧贴白纸板，从白纸板上的 E 点射向O点，在图乙基础上再进行如下操作： ①如图丙，将白纸板整体以ON为轴旋转； ②如图丁，将白纸板整体绕底边 CD向后倾斜。则反射光能在白纸板上呈现的是图___________；与图乙相比，入射角大小发生变化的是图___________。 4．在“探究平面镜成像特点”的活动中：（如图所示） (1)实验过程中应点燃蜡烛________（选填“A”、“B”或“A和B”）。移动蜡烛B，发现蜡烛B与A的像完全重合，由此可知平面镜成像，物与像的大小相同。 (2)更换蜡烛后正确操作，记录下A、B两支蜡烛在纸上的位置如图乙所示，通过分析得出像与物到玻璃板的距离相等，像与物的连线与玻璃板垂直；为了证实上述有关成像特点是否可靠，你认为应采取的操作是________； A．保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行观察、测量 B．保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置，进行与上述（3）相同的操作 (3)下列实验中与（2）多次实验目的相同的有________ A．测量定值电阻阻值实验中，多次改变电压 B．探究电流与电阻关系时，多次改变电阻 C．探究杠杆平衡条件时，多次改变钩码数量与位置 D．刻度尺测量物体长度时，多次测量 (4)若实验时，玻璃板不与水平桌面垂直，如图丁所示，则发生的现象是________； A．蜡烛A仍然成像在蜡烛B处 B．蜡烛A成像位于水平面偏上方 C．蜡烛A成像位于水平面偏下方 (5)如图戊所示，若玻璃板的厚度为3 mm，铅笔分别在玻璃板两个面各成1个像，则2个像中的笔尖相距________mm。 5．在“探究平面镜成像的特点”实验中： (1)桌面有4支蜡烛，如图甲所示，应该选择__________（填字母）两支蜡烛开展实验，是为了比较像与物的__________关系； (2)采用透明玻璃板代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但能在观察到前面点燃蜡烛的像的同时，也能观察到后面__________（填“点燃”或“未点燃”）蜡烛的位置，目的是__________； (3)为了验证平面镜所成的是虚像，如图丙拿走后面蜡烛，用白纸板代替蜡烛，应该用__________（填“①”“②”或“③”）的方式观察白纸板，根据__________的实验现象说明平面镜成的像是虚像； (4)如图丁所示，商场柜台旁放有一面直立的平面镜，小华沿直线AD行走，直线AD与平面镜平行，B、C为由平面镜底边两端点向AD所作垂线的交点，则小华能从平面镜中观察到自己像的路段是__________（填序号）。 A．AB和CD段 B．只有AC段 C．只有BC段 D．只有BD (5)同组的小轩用棋子代替蜡烛进行实验，小轩在白纸上沿棋子A和B的边缘画圆，测出物到玻璃板的距离u和像到玻璃板的距离v的值如表： u/cm 3.39 5.11 6.39 v/cm 3.50 5.22 6.51 小轩发现三次实验的像距都比物距略大一些，原因是__________ A．刻度尺测量像距时存在误差 B．玻璃板有一定厚度 C．物和像的标记点不对应 D．玻璃板没有竖直放置 6．小亮在“探究凸透镜成像的规律”的实验中： (1)实验台上有一个凸透镜和一个凹透镜，小亮将他们同时放在阳光下，看到的现象如图甲A、B所示，则______透镜是凸透镜。 (2)如图乙所示，让一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，在光屏上找到一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距是______cm。 (3)为了避免烛焰在光屏上所成的像如图丙，需要将烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心放在____________。 (4)将器材调整到如图丁所示的位置时，在光屏上恰好得到了清晰的像，此时所成的像为倒立、______的实像，这与______的成像原理相同。 (5)若在图丁中紧挨凸透镜左侧再放一片镜片，发现光屏上的像变模糊了，将光屏向透镜方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，则该镜片可做______视眼镜。 押题猜想23 力学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】小亮发现：鸡蛋放入水中会下沉，他准备到实验室测量生鸡蛋的密度。 (1)他将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，观察到指针的偏转情况如图甲所示，他应将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调，使天平横梁平衡；他把鸡蛋放入天平左盘，正确操作后，天平的示数如图乙所示，他又将鸡蛋放在装满水的溢水杯中，测量溢出水的体积如图丙所示，则鸡蛋的密度为___________g/cm3； (2)小亮回家后又想测熟鸡蛋的密度，他把熟鸡蛋放入水中发现它也下沉，于是他找来家中一个底面积为S的圆柱形透明杯子、刻度尺、水盆和适量的水，按照如图丁所示的过程，测出了熟鸡蛋的密度。请你帮他把实验步骤补充完整，并写出熟鸡蛋密度的表达式。 ①向杯内倒入适量的水，用刻度尺测出杯内水的高度为h1； ②将鸡蛋放入水中，用刻度尺测出杯内水的高度为h2，则鸡蛋的体积表达式为___________（用题中的字母表示）； ③取出鸡蛋，将杯内水倒净使其漂浮在水盆中如图所示，用刻度尺测出杯底浸入水中的深度为h3； ④再将鸡蛋放入杯中，用刻度尺测出杯底浸入水中的深度为h4，鸡蛋的密度表达式为=___________。（均用题中的字母和表示） 分析有理·押题有据 常考力学实验包括：测量物体运动的速度、密度的测量、探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关、探究液体压强与哪些因素有关、探究浮力大小与哪些因素有关、探究杠杆平衡条件。湖南省中考这两年都考查探究杠杆平衡条件，长沙中考力学实验除了探究杠杆平衡条件、测量物体运动的速度、探究液体压强与哪些因素有关，其他几个实验都考查过，其中探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关考查了几次。 押题秘笈： 1. 确定实验目的，即做什么。 2. 明确实验原理，即怎么做。 3. 注意各实验的操作要点，注意事项。 4. 根据实验现象或实验数据进行分析。 5. 准确表述实验结论。 6. 利用实验结论解释相关现象。 终极猜想·精练通关 1．污水净化处理工艺中，气浮技术是利用气泡吸附悬浮污染物的原理，实现对污水的固液分离。小明查阅资料得知，气泡在污水中上升速度会影响净化效率。他设计了测量气泡在水中运动速度的实验并研究了气泡的运动特点。小明取内径约为0.8cm，长为100cm的玻璃管注满水，管中留一小气泡，如图甲所示，先将玻璃管右端抬高，使气泡处在右端；再把右端放到桌面上，观察气泡运动情况。 (1)测量前，小明练习使用机械秒表测量时间，某次秒表指针位置如图乙所示，其读数为__________s。 (2)实验中气泡经过O点开始计时，测出气泡从O点运动到距O点20cm处、40cm处、60cm处、80cm处所用时间分别为：5.0s、10.0s、15.0s、20.1s；根据测量结果，以路程s为纵坐标，时间t为横坐标，在图丙中画出气泡运动的s-t图像__________，由图像可知，气泡做__________直线运动，你的依据是：__________。 (3)若不小心让气泡过了O点才开始计时，则所测时间将_________。（选填“变长”、“变短”或“不变”） (4)实验评估：对于上述方案，你觉得每个区间的距离_________（选填“必须”或“可以不”）相等。 2．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验，如图所示。 (1)实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板表面或毛巾表面做______运动，根据______的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等。 (2)比较甲、乙图中弹簧测力计的示数，可知滑动摩擦力的大小与______有关。 (3)利用如图甲的实验装置重复操作，下列哪几个选项的木块所受摩擦力大小仍为1.6N______（填字母）。 A．将水平拉力增大到3N B．让木块以更大的速度运动 C．将木块从中间竖直切开后叠放 D．将木块水平切去一半 (4)有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示。请写出该实验的一条优点：______； 3．某兴趣小组利用如图所示器材，探究“液体压强跟哪些因素有关”。 (1)压强计是通过观察U形管两端液面的________来显示橡皮膜所受压强大小的仪器； (2)通过比较图中________两个实验，是为了探究液体的压强与液体深度的关系； (3)通过比较图中丙丁两个实验，可得出的实验结论是____________________； (4)某次实验测得压强计中U形管左侧液面下降4cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差为________Pa；（U形管中红色液体密度和水的密度相同） (5)利用如图戊的实验器材进行拓展实验：容器中间用隔板分成A、B两部分，隔板底部有一小圆孔（用C表示），用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变。如图己，当在A中盛水，测得深度为12cm，在B中盛某种液体，测得深度为15cm，此时C处橡皮膜形状刚好不改变，则B中液体密度是_____kg/m3。 4．小文同学做“探究浮力大小和哪些因素有关”的实验，实验步骤如图所示。 (1)根据图_________可得出结论：当液体密度相同时，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关；根据图A、C、E可得出结论：_________________________________；根据图A、C、D可得出结论：浸没的物体，所受浮力大小与物体_________无关。 (2)根据以上实验数据可计算盐水的密度为_________。 (3)图中的薄壁柱形烧杯底面积为，柱形物体底面积为，图C烧杯中的液面比没有放入物体时上升了_________cm。（取） (4)小明和小聪又找来薄铜片，探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，步骤如下：①将铜片放入盛水的容器中，铜片下沉至容器底；②将铜片弯成“碗状”再放入盛水的容器中，“铜碗”漂浮在水面上；小明得出结论：物体受到的浮力与其形状有关。小聪认为小明的结论错误，原因是__________________________。 (5)小聪又设计了测量冬奥会金牌（图F）平均密度的方法：将一台电子秤放在水平桌面上并校零，再将装有适量水足够高的水杯放在电子秤上，读出电子秤的示数为；然后将金牌绶带挂在弹簧测力计下，让金牌缓慢放入水中浸没但不接触杯底，此时读出弹簧测力计的示数为，电子秤的示数为，则物体密度的表达式为________（用符号、、和表示，忽略绶带的质量，不考虑绶带吸水）。 5．在“探究杠杆平衡条件”实验中，实验器材有杠杆、刻度尺、若干钩码（每个重0.5 N）等。 (1)图甲中杠杆静止，此时杠杆________（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，要使杠杆水平平衡，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节。 (2)如图乙所示，使杠杆水平并静止后，固定支点左侧钩码的个数和悬挂点，不断改变支点右侧钩码的个数和悬挂点，使杠杆始终保持水平平衡，记录支点右侧的力和，-图像如图丙所示。由图可得：在支点左侧的力和力臂不变时，为________N·cm。 (3)如图丁所示，多次改变两侧钩码个数和悬挂点，记录杠杆保持平衡时数据如表： 实验次序 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm 1 3.0 5.0 1.0 15.0 2 1.5 10.0 1.5 10.0 3 2.0 15.0 1.5 20.0 分析表格数据，杠杆平衡的普遍规律是：____________。（用表中物理量符号表示） (4)如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各减一个相同的钩码，则杠杆______（选填“左”或“右”）端将下沉。 (5)小琳采用了图戊所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，测力计示数，该拉力________（选填“小于”“等于”或“大于”）理论值，你认为原因是________________________。 6．在“探究杠杆的平衡条件”实验时，小明和小亮进行了如下实验： (1)为便于测量力臂大小，不挂钩码时，调节两端的螺母，使杠杆在_________位置平衡。 (2)小明在杠杆的右侧挂上适当的钩码，在左侧用弹簧测力计向下拉使杠杆平衡，改变弹簧测力计与杠杆的角度，杠杆平衡时测力计示数发生变化，如图甲所示。由此小明认为影响杠杆平衡的因素除了与力的大小有关，还与_________有关。 (3)如图乙，实验中，多次在杠杆两侧的不同位置挂上不同数量的钩码，当杠杆平衡时的四组实验数据已填入下表中： 实验次数 动力 动力臂 A 阻力臂 1 1.0 10.0 0.5 20.0 2 1.0 10.0 1.0 10.0 3 2.0 5.0 1.0 10.0 4 2.0 10.0 1.0 B ①表中A处应填写_________； ②分析前三组实验数据，可初步得到杠杆的平衡条件为：_________；（用表中物理量符号表示） ③根据表中信息，B处记录的数据应是_________。 (4)小亮用一根长为100cm、分度值为1cm、粗细均匀的钢直尺来制作杆秤，如图丙所示，制作过程如下： ①分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了小孔A和B，各用细绳穿过小孔作为秤钩和提纽。在秤钩处悬挂秤盘，把质量为20g的钩码挂在细绳上作为秤砣。移动秤砣到20.0cm处的C点时，杆秤刚好在水平位置平衡，此处即为该杆秤的“定盘星”。 ②小亮用这个自制的杆秤称量某物体时，在秤盘中放入待测物体、移动秤砣到D点时，杆秤在水平位置平衡。结合杠杆平衡条件可知，则此物体的质量为_________g。 ③请帮小亮提出一种提高杆秤量程的方法_________。 根据杠杆平衡条件，提高杆秤量程即增大最大称量质量，可通过增大秤砣质量，或减小提纽到秤钩的距离（将提纽向秤钩移动）实现，合理即可。 押题猜想24 电磁学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】小明探究“电流与电压的关系”时，实验器材有：两节新干电池3V、开关、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω，2A）、定值电阻，导线若干。 (1)连接的电路如图甲所示，连接有误的电路元件是____。 (2)正确连接电路后，继续实验，并根据实验数据绘制定值电阻的I-U图像，如图乙所示，分析图像可得：导体电阻一定时，______。 (3)分析I-U图像，小明选择的定值电阻阻值为____Ω。 (4)小明想继续测量标有“3.8V 0.3A”的小灯泡正常发光时的电阻。 ①连接电路时，他除了将图甲中的定值电阻替换成小灯泡，增加一节新干电池，还需进行的操作是：____。 ②正确连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，为____A，此时小灯泡的电阻是____Ω（保留1位小数）。 ③小明发现，实验测得小灯泡正常发光时的电流与铭牌上并不一致，其原因可能是：______。 分析有理·押题有据 目前常考的电磁学实验主要有：探究电流与电压、电阻的关系，电阻的测量，长沙2024年中考考查了探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件。新课程标准中比做电磁学实验还有探究串、并联电路中电流、电压的规律。今年大概率也是在“探究电流与电压、电阻的关系与电阻的测量”这两个实验中考查。 押题秘笈： 1. 电路故障分析：电流表判断故障类型，电压表判断故障对象。 2. 滑动变阻器的使用：包括连线、在各实验中的作用，调节方法等。改变电压时，阻大压大；保持电压不变时，阻大调大。 3. 数据处理：描点、连线，得到数量关系。测电阻时，定值电阻需求平均值来减小误差，小灯泡电阻不能求平均值。 4. 结论描述：按照“电阻/电压一定时，电流与电压/电阻成正比/反比”描述结论。 终极猜想·精练通关 1．小明按照如图所示的实物图做“探究电流与电阻的关系”实验。已知电源电压恒为4.5V，实验用到的滑动变阻器的规格为“ ”。 实验次数 1 2 3 4 5 电阻 5 10 15 20 25 电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 (1)正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，而电压表指针不偏转，则可能的原因是________________。 (2)根据数据可知，在实验中定值电阻两端电压始终保持为________V，进一步分析数据，可以得到实验结论：在电压一定时，________________________。 (3)小明记录的实验数据如表所示，老师判断其中有一组数据是编造的，它是第________次实验的数据，判断的依据是________________________________。 2．安安连接如图甲所示电路，探究“串联电路电流规律”。 (1)连接电路时，开关应处于___________状态。闭合开关，灯泡L1、L2均不亮，电流表无示数。用电压表对电路进行检测，结果如表1所示，则两灯不发光的原因可能是___________。 表1 测试点 ab cd ef gh 电压表示数 无示数 无示数 有示数 无示数 (2)排除故障后，改变电流表在电路中的位置多次实验，电流表示数均如图乙所示，此时电路中各处的电流均为___________A。改变电源电压重复实验，得到实验规律。 【拓展实验】安安整理器材时，发现灯泡L1铭牌磨损。已知实验室有“1.5V，0.3A”“2.5V，0.3A”“3.8V，0.3A”三种规格的灯泡。为确定L1规格，连接图丙电路进行实验。 (3)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最___________端（选填“左”或“右”）。闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数分别为1.5V、___________和3.8V，记录电流表示数。根据实验数据绘制灯泡L1的U-I图像如图丁。分析数据可知，灯泡L1的规格为“___________”。 (4)为了完成三次实验，且保证元件安全，滑动变阻器的最大阻值不得小于___________。 (5)分析图像可知，通过L1的电流与其两端电压不成正比，原因是___________。 3．在探究“电流与电阻的关系”的实验中，小津用图甲所示的电路进行实验：电源电压恒为4.5V，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干，电流表使用0~0.6A量程。 (1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)闭合开关后，小津发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则故障的原因可能是电阻________（选填“短路”或“断路”）。 (3)排除故障后，小津先用5Ω的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，然后闭合开关，接着他应向________（选填“A”或“B”）端移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为_______V，记下电流表示数。 (4)实验完成后，根据实验数据绘制的图像如图丙所示，可以得到的实验结论是________。 (5)分析几次实验中记录的数据可知，定值电阻消耗的最大功率为________W；为了完成这五次实验探究，定值电阻两端的电压的范围为________V。 (6)小华的实验小组想测另一个小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电流为I0，由于电压表被损坏，于是他们想出另一种测量小灯泡额定功率的方法，电路设计如图所示，其中为R0阻值已知的定值电阻，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0。 ②____________，断开开关S1，闭合S2，读出电流表的示数为I。 ③小灯泡的额定功率_______（用R0、I0、I表示）。 4．小强从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行测量，图甲实验所用电源电压为。 (1)请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整（要求滑片向右滑时电压表示数减小）。 (2)连接好电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，由此可判断产生的故障是电阻处________。 (3)排除故障后，正确连接电路。移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.4 V，电流表示数如图乙所示，为________，则定值电阻的阻值为________。 (4)为了减小实验误差，小强应采取的措施是：________。 (5)小强不小心将电压表损坏，老师告诉小强，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小强设计了图丙所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的测量范围，定值电阻的阻值为。具体操作如下： a.闭合开关，断开开关，读出电流表示数为0.40 A； b.________，读出电流表示数为0.50 A；（将该操作补充完整） c.由以上数据可得，待测电阻的阻值为________。 5．实验小组同学在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，连接的部分电路如图甲所示，电源电压恒为6 V，小灯泡的额定电压为2.5 V。 (1)请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片向左移动，电流表示数变大。 (2)开关闭合后，发现电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，下一步应进行的操作是________。 A．更换一相同规格的小灯泡 B．检查电路是否断路 C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 (3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示为________V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片适当向________滑动。 (4)如图丙所示的是小组同学根据实验数据绘制的通过小灯泡的电流随两端电压变化的关系图像，由此可知：小灯泡正常发光时的电阻为________Ω。 (5)若只用电压表，小明也能测量额定电压为的灯泡正常发光时的电阻，实验电路如图丁，R为电阻箱，实验步骤如下： ①闭合开关S和，断开，读出此时电压表的示数为U。 ②闭合开关S和，断开，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数为________，（用、U表示）并读出此时电阻箱的阻值为。 ③的表达式为：=________（用、U、表示）。 6．小明利用如图所示的装置探究导体在磁场中运动产生感应电流的条件。 (1)实验室备有铜棒、橡胶棒和玻璃棒，小明应选用___________作为本实验中的ab棒。 (2)实验中观察___________来判断电路中是否有感应电流。 (3)小明改变ab棒运动方向并记录现象在下表中，分析下表可得出初步结论：___________。 ab棒运动方向 向里 向外 灵敏电流计指针偏转方向 向左 向右 (4)小明在探究感应电流的方向与磁场的方向是否有关时，主要步骤如下： ①保持蹄形磁体静止，闭合开关，使金属棒ab向右运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向。 ②调换蹄形磁体的N、S极，保持蹄形磁体静止，闭合开关，使金属棒ab向左运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向。 探究过程中存在的问题是___________。 (5)小明完成实验后和同学们交流，发现有一组同学实验时灵敏电流计始终不偏转，可能存在的问题是：___________。（写出一种即可） （5）灵敏电流计不偏转说明电路中无感应电流，常见原因有：电路断路（如导线和接线柱接触不良）、磁场太弱感应电流太小等，写出一种合理情况即可。 押题猜想五 综合题 押题猜想25 力学综合题 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示是中国的第三艘航空母舰“福建舰”，也是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。舰长达到了320米，舰宽78米，满载时排水量约为8万吨，吃水深度约11米，舰载机数量近70架（，）。 (1)一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”排开的海水体积将________。 (2)“福建舰”水面下10m处的舰体受到海水的压强是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） (3)小丽受到启发，设计了如下创新实验：如图乙所示，将一金属块放在木块A上，放入底面积为40cm2的盛有海水的圆柱形容器内；现将金属块拿起放到容器中，如图丙所示，若乙、丙两图中，液体对容器底的压强差为100Pa，金属块质量为60g，则金属块的密度是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） 分析有理·押题有据 力学计算是中考物理的核心必考内容，通常结合浮力、压强、功和功率等知识点综合考查，注重联系生活实际，考查学生对力学公式的灵活应用和受力分析能力。以真实生活场景为载体，既考查基础公式的应用，也检验学生提取信息、分析问题的能力。复习中需要重点掌握受力分析、阿基米德原理、漂浮悬浮条件、功和功率的基本公式，学会结合图像分析物理过程。 押题秘笈： 1. 确定研究对象，分析物理过程。 2. 提取相关信息，建立物理模型，列出相关表达式。 3. 统一单位、规范作答、仔细运算。 终极猜想·精练通关 1．如图甲所示的密闭容器，壁厚忽略不计，该容器底部面积为，容器中装有高度为8 cm的水。将容器倒置并使其在水中竖直漂浮，如图乙所示，容器内外水面的高度差为2 cm。（，g取10 N/kg）求： (1)图甲中水的重力； (2)图甲中水对容器底部的压强； (3)容器在水中竖直漂浮时受到浮力 2．为了测量一石球的密度，将一长方形木块放入装有适量水的玻璃容器中，测出木块漂浮时浸入水的深度为，如图甲所示；然后把石球放在木块上共同漂浮，测出木块浸入的深度为，如图乙所示；最后石球系在木块下方再次放入水中（取、放过程中容器内液体没有损失，细绳的质量和体积忽略不计）共同漂浮，测出木块浸入液体中的深度为，如图丙所示。木块上表面始终水平，已知水的密度、木块的质量和。求：（均用题中物理量的符号表示） (1)图甲中木块下表面所受水的压力； (2)图丙中石球所受浮力； (3)石球的密度。 3．小明在观看军事栏目时提到，军事舰艇在组织登陆作战的时候，为了防止船只在浅滩搁浅，都会严格限制乘员和装备重量，小明对这一问题进行了一次实验模拟，研究漂浮物体底部到容器底部距离与浮力的关系。他找来了一个底面积为200cm2的水槽并加入适量的水，在水槽中放入一个重为3N，底面积为100cm2的烧杯，烧杯漂浮在水槽中，如图甲所示；他又在烧杯内放入24个小球，使烧杯底部刚好与容器底接触（没有压力产生），此时液面的高度为15cm，如图乙所示；求： (1)甲图中，烧杯所受浮力的大小； (2)每个小球的重力大小； (3)如图丙所示，为了让烧杯底部与容器底有3.5cm的高度，应该从烧杯中取出多少个小球？ 4．海洋浮标作为海洋上的自动观测站，能够长期、连续、实时地收集和传输海洋环境数据。图甲是中科院研制的“合作者号”锚定式浮标（定点浮标），搭载太阳能和海波能双供电系统；图乙是我国710研究所研制的“HM2000”剖面漂流浮标，最大工作深度2000m，可随洋流漂移，用于监测远海、深海环境。 (1)“合作者号”空载质量9t，将其底座视作一个底面积8m2的圆柱体，求“合作者号”空载漂浮于海面时，海水对其底部的压强。（，） (2)如图丙，“HM2000”型剖面式漂流浮标工作时，先下潜至1000m深度，定深漂移至预设位置，再下潜至最大工作深度，随后在上浮过程中利用搭载的仪器采集数据。这类浮标是通过抗压设备舱中的液压装置调节油囊中硅油的质量使油囊体积变化，实现浮标的沉浮。“HM2000”型浮标总质量m=42kg，液压装置调节薄壁油囊中硅油体积时，浮标刚好浸没。将油囊中的硅油逐步“抽”回设备舱，油囊体积减小，浮标下潜。求该浮标在水下1000m悬浮时，油囊对其上方设备舱的作用力。（已知硅油密度，海面处海水密度，海水密度随水深h变化关系为，常数，，忽略海水扰动因素。） (3)根据第（2）问中的说明，在浮标由刚好浸没匀速下潜至2000m深的过程中，求浮标下潜深度h与油囊体积V之间的关系式。（结果用k、m、V₀、、V表示）。 5．如图所示，均匀实心正方体物体甲的质量为、边长为，足够深的薄壁柱形容器置于水平地面，容器的底面积为，容器中装有深的水。（物体甲不吸水，，g取） (1)物体甲的密度为__________； (2)未放入物体甲时，水对容器底部的压强为多少？ (3)将物体甲缓慢放入容器中，待液面稳定后，其所受浮力为多少？ 6．如图甲所示，质量为0.2 kg，底面积为的足够高柱形容器放在水平地面上，把一质量为2.1 kg，高为0.1 m的不吸水圆柱体放在容器中，缓慢向容器中加水，直到容器中水的深度为0.1 m时停止加水，容器中水的深度与加水的质量关系如图乙所示，圆柱体始终保持竖直。求： (1)圆柱体放入容器前，容器对地面的压强。 (2)圆柱体对容器底部压力恰好为零时，容器对地面的压强。 (3)停止加水后，将圆柱体竖直向下移动，使其露出水面的高度变化0.02 m，静止时水对容器底的压强。 7. 2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母“福建舰”入列，满载排水量达。（=，g取10N/kg） (1)福建舰满载漂浮在海面上时，求其所受浮力大小。 (2)演练中，福建舰以16m/s的航速匀速直线航行，所受阻力为其满载时总重力的0.01倍。求福建舰的输出功率。 (3)福建舰上的舰载机执行任务时，完全燃烧100kg煤油，其所释放热量的60%转化为机械能。若舰载机以的牵引力水平匀速飞行，求可连续飞行的距离。 8．目前，无人机运输业务已经逐渐应用到生活中。如图所示，一架无人机装载着6kg的货物竖直上升，该无人机在10s内匀速上升了50m，在这个过程中，求： (1)无人机对货物做的功； (2)无人机对货物做功的功率。 9．如图为一款能够垂直起降的小型遥控无人机，其携带的云照相机可以实现高空拍摄。无人机总质量为4kg，从地面沿竖直方向匀速升空300m用时60s。g取10N/kg，求： (1)无人机升空时的速度； (2)无人机升空过程中克服重力做的功； (3)无人机升空过程中克服重力做功的功率。 10．如图是我国第一艘自主建造的极地科考破冰船“雪龙2号”，“雪龙2号”破冰船满载时的排水量为1.4万吨，船底面积约为。取。 (1)为破冰船提供动力的是大功率柴油发动机的___________冲程。南极空气很湿润，这是由于冰雪___________成水蒸气的原因。 (2)“雪龙2号”满载时船底受到水的压强约为多大？ (3)“雪龙2号”能在冰中以速度连续破冰航行，破冰船的推进功率为，则破冰船在1h内的前进过程中动力做功多少？受到的平均阻力为多大？ 11．长安汽车SUV车型CS75四驱版，整车质量为1600kg，该汽车在平直路面上以90km/h的速度匀速行驶20min，消耗汽油5L，若受到水平方向的阻力为自重的0.1倍。（取，，）求： (1)该车20min行驶的路程； (2)该过程发动机牵引力的功率； (3)该车发动机的效率。 12．我国自主研发的大型轮式起重机是目前全球最大吨位轮式起重机，被业界称为“全球第一吊”。某次工作时它将质量为的货物吊起高度为，并以的速度水平匀速直线行驶，（）求： (1)重物受到的重力。 (2)该起重机将物体沿竖直方向匀速吊起，起重机对重物的拉力做的功。 (3)该起重机以的速度水平匀速直线行驶时，牵引力的功率为，其所受的牵引力。 13．如图甲是我国制造的全球首款分体式飞行汽车“陆地航母”，由陆行体和飞行体两部分构成。陆行体的质量约3200kg，静止在水平地面上时轮胎与地面总接触面积约。某次飞行测试时，飞行体在6min内水平匀速飞行了9km。 (1)求陆行体静止在水平地面时对地面的压强； (2)求这次测试飞行体飞行的速度； (3)若飞行体在水平匀速飞行过程中所受阻力与速度的关系如图乙所示，求这次测试飞行体发动机的输出功率； 押题猜想26 电学综合题 试题前瞻·能力先查 【母题】如图甲为现在很多家庭使用的双控温多功能涮烤两用分体电火锅。该锅可实现汤锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，该涮烤锅部分参数如下表所示。 求： 额定电压 额定功率 汤锅 烧烤盘 220 V 加热 保温 左盘 右盘 1100 W 440 W (1)若的电阻为66Ω，则汤锅保温挡的额定保温功率； (2)若，则烧烤盘电路正常工作时，通过左盘的电流； (3)若将汤锅中1 kg的水从26℃加热至100℃用时5 min，则加热过程汤锅电路的效率。（结果保留三位有效数字）［］ 分析有理·押题有据 中考对电学计算的考查，通常会结合欧姆定律、电功率公式，以动态电路、电热结合、实际应用装置为载体命题，注重考查电路分析能力和公式的灵活运用能力，常涉及串并联电路的电流、电压、电阻规律，出题形式多围绕生活中的电学装置设问，符合物理核心素养中对应用能力的考查要求。 押题秘笈： 1. 读取题干信息，明确不同工作状态下的电路连接方式，标记出不变的物理量，如电源电压、定值电阻阻值等，梳理出已知量和待求量的关系。 2. 涉及多状态的动态电路计算时，可针对每个状态分别列出对应的方程，结合串并联电路的电流、电压、电阻规律，联立求解未知量。 3. 对于敏感电阻类问题，要抓住临界值进行计算。 终极猜想·精练通关 1．如图甲为某品牌即热式节能饮水机，其简化的工作电路图如图乙所示，加热腔内分为快速加热挡和慢速加热挡，其中与均为加热电阻。图丙为该饮水机正常工作20min时电功率随时间变化的图像。求： (1)慢速加热挡工作时的电流； (2)该饮水机工作20min消耗的电能； (3)发热电阻丝的电阻。 2．同学们对学校的自动大门很感兴趣，他们发现当人靠近大门时，大门自动打开，科技小组利用电磁继电器、红外传感器、电动机等元件制作了模拟电路，部分电路如图甲所示。其中电动机上标有“220V50W”的字样，控制电路的电源电压U为24V，为定值电阻，红外传感器的阻值R随人体到大门距离L的变化关系如图乙所示，当通过电磁铁线圈的电流为100mA时，衔铁刚好被吸下，触发电动机工作，大门打开。（不计电磁铁线圈的电阻） (1)开门一次用时6s，则开门一次电动机消耗多少电能？ (2)当，L为多少时，刚好触发电动机工作？ (3)若门前6m内没有人，则控制电路的电功率是多大？ 3．如图为自动注水喷淋系统的设计示意图。控制电路电源电压，为定值电阻，为力敏电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计；力敏电阻放置于水箱底部，其阻值随水位变化关系如表所示。工作电路包括注水系统和喷淋系统，其电源电压；圆柱体水箱底面积。当水箱内的水位上升到2m时，通过电磁铁线圈的电流为，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，此时电流表示数；当水位下降到1m时，衔铁恰好被拉起，注水系统开始给水箱注水，此时电流表示数。求： 水位/m 0.50 0.75 1.00 1.25 1.50 1.75 2.00 2.25 力敏电阻阻值/ 200 125 80 70 65 62 60 59 (1)定值电阻的阻值： (2)当水位下降到1m时，控制电路的电流： (3)喷淋系统给草坪喷水，已知每秒钟喷水；当水位下降到1m时，每秒钟注水，则水位从1m到2m工作电路消耗的电能。 4．为应对在寒冷的夜晚学习，小超自制了一款集加热与调光一体的台灯如图所示。已知电源电压为3V且保持不变，R1、R2为发热电阻，其中R1阻值为30Ω且保持不变，R2上标有“20Ω，1A”，灯泡L标有“2.5V，0.5W”字样，不考虑灯丝电阻变化，电流表量程为0~0.6A。求： (1)灯泡L正常发光时的电阻RL； (2)闭合S1，断开S2、S3，调节滑动变阻器R2使灯泡正常发光时，R2接入电路的阻值； (3)电源电压降为2.6V后，在保证电路安全的情况下，通过控制开关的断开闭合和调节R2使灯L发光，灯L的最小实际电功率。 5．如图所示，电源电压恒定不变。当闭合开关和，断开，灯泡L正常发光；当闭合开关和，断开，电压表示数为6V，电流表示数为1.6A；当只闭合开关时，灯泡L消耗的实际功率与额定功率之比为1：9，与消耗的功率之比为3：1（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求： (1)灯泡L的额定电压； (2)灯泡L的额定功率； (3)当只闭合时，的电功率。 6．在青少年科技创新大赛中，小明设计了一款水位仪，其内部简化结构如图甲所示。一根轻质绝缘细杆上端与滑片P固定，下端与边长为10cm的正方体木块M相连，木块M放在足够高的圆柱形容器内。未注水时，滑片P刚好在滑动变阻器R1的下端；现向容器中缓慢注水，滑片P随M的浮动在滑动变阻器R1上滑动，滑片P始终没有离开R1，R1由两种材料组成，ab段是铜导线、其电阻可忽略不计，剩余部分材料相同且电阻大小与自身长度成正比。定值电阻R2的电功率与注水深度H的关系如图乙所示。已知电源电压恒为18V，不计绝缘杆、滑片的体积和自重及滑片处的摩擦力，求： (1)R2的阻值； (2)图乙中H0的值； (3)如果电流表选用0~0.6A测量范围，电压表选用0~15V测量范围，则在电路安全范围内，注水深度的最大变化量是多少cm？ 9 / 16 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理终极押题猜想（湖南、长沙通用） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 选择题 3 押题猜想01 声现象综合 3 押题猜想02 光现象辨析 6 押题猜想03 物态变化辨析 10 押题猜想04 凸透镜成像规律及应用 13 押题猜想05 分子动理论、内能的利用 19 押题猜想06 运动和力的关系 24 押题猜想07 压强基础 28 押题猜想08 电路设计 32 押题猜想09 电磁现象辨析 38 押题猜想10 安全用电 43 押题猜想11 简单机械 47 押题猜想12 动态电路分析 52 押题猜想二 填空题 58 押题猜想13 能源、材料、信息的传递 58 押题猜想14 机械能及其转化 61 押题猜想15 压强与浮力分析与计算 64 押题猜想16 功、功率、机械效率简单计算 70 押题猜想17 电学简单计算 74 押题猜想三 作图题 81 押题猜想18 光学作图 81 押题猜想19 力学作图 85 押题猜想20 电磁学作图 84 押题猜想四 实验探究题 1 押题猜想21 热学实验 90 押题猜想22 光学实验 97 押题猜想23 力学实验 134 押题猜想24 电磁学实验 97 押题猜想五 综合题 1 押题猜想25 力学综合题 149 押题猜想26 电学综合题 175 押题猜想一 单项选择题 押题猜想01 声现象综合 试题前瞻·能力先查 【母题】在2025年9月3日纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会上，军乐队与青年合唱团共同奏唱《保卫黄河》。下列说法中正确的是（   ） A．合唱团女高音比男低音音调高，是因为女高音声带振动更快 B．观众根据音调不同来区分小号与圆号的声音 C．吹军号时发出的声音是由军号外壳振动产生的 D．现场扩音设备增大了歌声的传播速度，使后排观众听得更清楚 【答案】A 【详解】A．女高音的音调高于男低音，本质就是女高音声带振动更快、频率更高，故A正确； B．不同发声体的材料、结构不同，音色不同，观众是依靠音色来区分小号、圆号的声音，故B错误； C．吹军号属于管乐器发声，声音是由军号内的空气柱振动产生的，故C错误； D．声速只和介质种类、环境温度有关，扩音设备只是增大了声音的响度，不会改变声音的传播速度，故D错误。 故选A。 分析有理·押题有据 声现象主要考查形式有两种，一种是章节的综合，每个选项考查一个知识点，另一种是具体考查声音三特性的识别，且一般会以一些科技产品、传统乐器等为情境进行考查。 押题秘笈： 1.声音是由物体振动产生的，振动停止，发声立即停止。 2.声音的传播需要介质，真空不能传声。 3.声音的三个特性的理解与辨别。音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质。区分三个特性可有题中一些关键字词判断。如“快慢”或“松紧”等一般是音调，“用力”或“轻敲”等一般是响度，判断不同声音是根据音色。 4.声音能传递信息和能量。 5.乐音可能是噪声，但噪声一定不是乐音。控制噪声的途径：在声源处、在传播过程中和在人耳处。 终极猜想·精练通关 1．青山唢呐已被列入“国家级非物质文化遗产名录”，唢呐艺人吹奏如图所示的唢呐时用手指按压不同部位的孔，这是为了改变声音的（     ） A．响度 B．音调 C．音色 D．声速 【答案】B 【详解】吹奏唢呐时，用手指按压不同部位的孔，会改变唢呐内部振动空气柱的长度，空气柱长度不同，振动频率不同，而频率决定声音的音调，因此按压不同音孔是为了改变音调。 故选B。 2．“亭台映月，竹笛轻扬，清越音色穿林而过，与夜露滴叶声相融，漾开满庭幽寂。”这段文字描绘了古乐器竹笛优美的声音。下列说法正确的是（　　） A．辨别出竹笛发出的声音，是根据声音的音调 B．竹笛清越的音色是由声源振动的幅度决定的 C．竹笛声是由空气柱的振动产生的 D．竹笛声穿林而过传入听者的耳朵，不是靠空气传播的 【答案】C 【详解】A．音色是声音的独特品质，不同发声体的音色不同，辨别不同乐器发出的声音是根据声音的音色，故A错误； B．音色由发声体的材料、结构等因素决定，声源振动的幅度影响响度，故B错误； C．竹笛声是由竹管内部的空气柱振动产生的，故C正确； D．声音的传播需要介质，竹笛声能够传入听者耳朵，是依靠空气这种介质进行传播的，故D错误。 故选C。 3．关于声现象，下列说法错误的是（　　） A．“禁止鸣笛”属于在声源处减弱噪声 B．“隔墙有耳”表示声音可以在固体中传播 C．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指音调高 D．“闻其声而知其人”表明声音可以传递信息 【答案】C 【详解】A．“禁止鸣笛”是阻止声源产生噪声，属于在声源处减弱噪声，故A说法正确； B．“隔墙有耳”说明声音可以通过固体（墙壁）传播，故B说法正确； C．“不敢高声语”中的“高”指的是声音的响度大，不是音调高，故C说法错误； D．“闻其声而知其人”是通过声音的特性分辨说话人，说明声音可以传递信息，故D说法正确。 本题选说法错误的，故选C。 4．联欢会上，主持人使用话筒是为了增大声音的（     ） A．音色 B．响度 C．音调 D．传播速度 【答案】B 【详解】响度由振幅决定，指声音的大小，主持人使用话筒，是为了增大声音的响度，让声音能在更远的地方被听到，不会改变音色、音调和传播速度。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 5．如图所示是考古出土的我国古代不同时期的乐器，下列关于它们的说法正确的是（    ） A．编钟和骨笛都是乐器，它们发出的声音一定不是噪声 B．吹骨笛能发出不同音调的声音，这是因为空气柱长短不同 C．能辨别编钟和骨笛发出的声音，主要是根据它们的响度不同 D．用大小不同的力敲击同一编钟，发出声音的音色不同 【答案】B 【详解】A．乐器发出的悦耳声音，如果在不恰当的时间或场合（例如深夜）播放，或者音量过大，也会成为噪声，故A错误； B．通过按住或放开骨笛上的不同指孔，可以改变管内空气柱的有效长度。空气柱越短，振动频率越高，发出的音调就越高；反之，空气柱越长，振动频率越低，音调就越低，故B正确； C．我们之所以能区分不同乐器（如编钟和骨笛）发出的声音，主要是依据它们的音色不同。响度是指声音的强弱，不能用来区分乐器种类，故C错误； D．用大小不同的力敲击同一个编钟，改变的是编钟振动的幅度，从而改变的是声音的响度（用力越大，响度越大）。故D错误。 故选B。 6．敲击甲、乙、丙三个音叉，将发出的声音输入到已经调试好的同一示波器上，甲、乙、丙三个声音的波形如图所示，若甲声波的响度为80dB，频率为400Hz，下列说法正确的是（　　） A．乙声波的频率是800Hz B．丙声波的响度为160dB C．敲击乙音叉的力度比甲大，乙的音调比甲高 D．丙音叉每分钟振动次数比甲多 【答案】D 【详解】A．甲声波的频率为400Hz，根据图示可知，乙与甲的振动频率相同，同为400Hz；故A错误； B．甲声波的响度为80dB，根据图示可知，丙的振幅与甲的振幅相同，同为80dB，故B错误； C．声音的响度由振幅决定，敲击力度越大，振幅越大，响度越高，所以乙音叉发出的声音比甲音叉的响度大，故C错误； D．根据图示可知，丙音叉每分钟振动次数比甲多，音调高，故D正确。 故选D。 押题猜想02 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示的圭表是中国古代重要的天文观测仪，是根据正午时表的影子长度来确定节气、年长的仪器。下列选项与其所利用的光学原理相同的是（　　） A．掬水月在手 B．绿树成荫浓 C．潭清疑水浅 D．镜子正衣冠 【答案】B 【详解】由于光沿直线传播，当光遇到不透光障碍物后，被障碍物挡住，于是在障碍物后就形成影子；圭表就是利用影子的长度变化判断时刻的计时仪器。 A．掬水月在手是月亮的倒影，属于光的反射，故A不符合题意； B．绿树成荫浓属于光的直线传播，故B符合题意； C．潭清疑水浅是光的折射现象，故C不符合题意； D．镜子正衣冠是平面镜成像，属于光的反射现象，故D不符合题意。 故选B。 分析有理·押题有据 从近几年湖南、长沙中考来看，本猜想主要考查三种光现象的辨析，另外要注意不可见光的应用。 押题秘笈： 熟记日常生活中常见的光现象。透过光现象，揭示本质，即明确各种光现象的成因是解决问题的关键。分析如下： ①光的直线传播现象：小孔成像（树荫下的光斑）、日月食的形成、影子的形成； ②光的反射现象：平面镜成像、汽车观后镜中的像、水中的“倒影”； ③光的折射现象：海市蜃楼、水中的筷子弯折、看到水中的鱼、水底变浅、透镜成像、光的色散（彩虹的形成）。 终极猜想·精练通关 1．下列关于光现象的说法正确的是（     ） A．图甲，斜插入水中的筷子，看起来弯折了，是光从空气射入水中发生折射形成的 B．图乙，日晷是我国古代的一种计时工具，它的计时原理利用的是光的反射 C．图丙，楼间距过小会影响采光。楼房上的影子形成的原因是光的色散 D．图丁，桥在水中倒影是光的反射现象 【答案】D 【详解】A．斜插入水中的筷子看起来弯折，是筷子反射的光从水射入空气时发生折射形成的，故A错误； B．日晷计时是利用影子判断时间，原理是光的直线传播，故B错误； C．影子的形成原理是光线经过不透明物体时被遮挡形成的，属于光的直线传播，故C错误； D．水中倒影属于平面镜成像，利用的是光的反射，故D正确。 故选D。 2．如图，有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（    ） A．镜中自己 B．小孔成像 C．海市蜃楼 D．水中游鱼 【答案】A 【详解】“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”中，“大镜”是平面镜，水面相当于平面镜，其结构类似“潜望镜”，利用光的反射改变光路。镜中自己是平面镜成像现象，是由光的反射形成的；小孔成像是由光的直线传播形成的；海市蜃楼是光通过密度不均匀的空气时，发生折射形成的；水中游鱼是鱼反射的光从水斜射入空气时发生折射，人眼逆着折射光线看到的鱼的虚像。故选A。 3．用玻璃板作为平面镜，使蜡烛的像成在装满水的烧杯中，能观察到“蜡烛在水中燃烧”（如图甲）。现蜡烛的像位置如图乙所示，要使像移到烧杯中，若仅移动玻璃板，图乙中操作可行的是（　　） A．①方向 B．②方向 C．③方向 D．④方向 【答案】D 【详解】根据平面镜成像特点，像与物到平面镜距离相等，要使像移到烧杯中，需要增大蜡烛到玻璃板的距离，因此玻璃板应该向④的方向移动。 故选D。 4．游客从各个角度都能看到如图所示的“佛山”石榜的复刻品，是因为光的（    ） A．漫反射 B．镜面反射 C．色散 D．折射 【答案】A 【详解】我们能从各个角度看到本身不发光的物体，是因为光在物体粗糙不平的表面发生了漫反射：漫反射的反射光会射向各个方向，因此各个位置的游客都能看到这块石榜。故选A。 5．《墨经》中记载了小孔成像现象。下图中的光学现象与小孔成像原理相同的是（　　） A．雨后彩虹 B．看见不发光的物体 C．月食现象 D．海市蜃楼 【答案】C 【详解】小孔成像原理为光沿直线传播。 A．雨后彩虹是光的色散现象，本质上是太阳光穿过空气中的水滴时发生折射形成的，故A不符合题意； B．看见不发光的物体是因为物体表面将照射到其上面的光反射到了人的眼睛里，属于光的反射现象，故B不符合题意； C．月食现象是由于地球挡住了太阳射向月球的光，与小孔成像原理相同，都是由光沿直线传播形成的，故C符合题意； D．海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时发生折射形成的虚像，故D不符合题意。 故选C。 6．下图所示的事例属于光的反射现象的是（　　） A．树下光斑 B．水面倒影 C．河底变浅 D．水中叉鱼 【答案】B 【详解】A．树下光斑是光沿直线传播形成的小孔成像现象，故A不符合题意； B．水面倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故B符合题意； C．河底变浅是光从水中斜射入空气时发生折射形成的，故C不符合题意； D．水中叉鱼是光从水中斜射入空气时发生折射形成的虚像，故D不符合题意。 故选B。 押题猜想03 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】今年的3月22—28日是第三十九届“中国水周”，主题为“国家水网世纪画卷”，如图所示。关于水的物态变化，下列说法正确的是（　　） A．深秋草地上凝结的霜，是凝华现象 B．烧水时冒出的“白气”，是汽化现象 C．草叶上的露珠，是熔化现象 D．擦在皮肤上的水变干，是升华现象 【答案】A 【详解】A．霜是空气中的气态水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶，是凝华现象，故A正确； B．烧水时冒出的“白气”，是烧水产生的高温水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误； C．草叶上的露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误； D．擦在皮肤上的水变干，是液态的水变为气态水蒸气，属于汽化现象，故D错误。 故选A。 分析有理·押题有据 物态变化的辨析几乎每年都会出现在湖南、长沙的中考题中，主要考查六种物态变化的辨析及吸放热情况，经常以生活中的一些现象为载体进行考查。 押题秘笈： 1. 物态变化三态图 2. 物态变化辨析方法：先确定初、末状态，再判断其物态变化。 3. 常见与水相关的物体变化 （1）热空气遇冷：液化；热空气遇骤冷：凝华 ①雾、露“白气”自来水管“出汗”：水蒸气液化形成的。②霜雾凇、冰花：水蒸气凝华形成的。 （2）液化的两种方式：蒸发和沸腾 ①蒸发：只发生在液体的表面，发生缓慢；②沸腾：同时发生在液体的内部和表面，发生剧烈。 终极猜想·精练通关 1．寒冬，患近视眼的小明从户外走进教室，镜片变得模糊了，这一过程发生了（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝固 【答案】B 【详解】镜片变得模糊是因为室内温度高的水蒸气遇到温度较低的镜片液化形成小水珠附着在镜片上。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2．春日户外露营时，同学们观察到很多现象，下列“变多”“变少”的过程中，放出热量的是（　　） ①清晨帐篷外表面的白霜变多； ②便携冰袋中的固态冰块变少； ③充装露营燃气罐时罐内液态丁烷变多； ④包内防虫樟脑丸散出的刺激性气体变多。 A．①③ B．①④ C．②③ D．②④ 【答案】A 【详解】①白霜是空气中水蒸气直接凝华为固态小冰晶，凝华过程放热，故①符合； ②固态冰块变少是冰熔化为水，熔化过程吸热，故②不符合； ③充装燃气时，气态丁烷被压缩液化为液态，液化过程放热，故③符合； ④樟脑丸的刺激性气体变多，是固态樟脑直接升华为气态，升华过程吸热，故④不符合。 本题选择放出热量的两项，故选A。 3．真空冷冻干燥技术简称冻干，是先将湿物料中的水分冻结成固态，再通过抽真空将物料中的水分由固态直接变为气态而排出物料之外的一种干燥方法。该技术已经在食品、医药、生物制品、文物保护等领域实现了广泛的应用。冻干技术所涉及的物态变化及其吸放热情况正确的是（　　） A．先汽化吸热后凝固放热 B．先凝固放热后升华吸热 C．先凝固放热后熔化吸热 D．先凝华放热后升华吸热 【答案】B 【详解】根据题干描述，冻干过程分为两步：湿物料中的水由液态冻结为固态，这个过程是凝固，凝固过程放热；抽真空后，固态水直接变为气态，这个过程是升华，升华过程吸热。故选B。 4．水的物态变化使自然界有了雨、露、霜、雪等千姿百态的奇观。如图所示，下列说法正确的是（　　） A．图甲中雨的形成是汽化现象 B．图乙中露的形成是熔化现象 C．图丙中霜的形成是凝华现象 D．图丁中雪的形成是凝固现象 【答案】C 【详解】A．雨是空气中的水蒸气遇冷液化（或小冰晶熔化）形成，故A错误； B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误； C．霜是空气中的水蒸气遇冷，直接由气态变为固态小冰晶，属于凝华现象，故C正确； D．雪是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的固态小冰晶，故D错误。 故选C。 5．如图所示是某物质熔化后再凝固的图像。下列说法正确的是（　　） A．该物质的熔点和凝固点都是 B．该物质的熔化过程用了6min，且不断吸热 C．AB段该物质的状态为固态，吸收热量，温度保持不变 D．EF段该物质的状态为固液共存态，放出热量 【答案】D 【详解】A．据图可知，BC段和EF段分别表示物质的熔化和凝固过程，可知，熔点和凝固点的温度是0℃，故A错误； B．BC段熔化过程所用的时间为 且物质在熔化过程中需要不断的吸收热量，故B错误； C．AB段物质处于熔化前为固态，该过程中吸收热量，温度升高，故C错误； D．EF段该物质处于凝固过程，物质状态为固液共存，且需要放出热量，故D正确。 故选D。 6．《二十四节气歌》将我国传统节气以韵律化的方式串成歌谣，便于记忆和传播。歌词中“秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”中“露”的形成涉及的物态变化是（    ） A．汽化 B．液化 C．凝固 D．熔化 【答案】B 【详解】“露”是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为液态的小水滴，附着在花草、石头等物体表面，这一过程属于液化。故选B。 押题猜想04 凸透镜成像规律及应用 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示，是“苏超”足球比赛中的“机器人摄像师”——机器狗。关于该“机器狗”镜头的说法合理的是（　　） A．物体通过镜头成倒立缩小的虚像 B．镜头对光有发散作用 C．成实像时，足球离镜头越近时，足球所成的像越小 D．为了拍摄到更广阔的赛场画面，应将镜头远离赛场 【答案】D 【详解】A．摄像机的镜头相当于凸透镜，物体通过镜头成的是倒立、缩小的实像（与照相机原理相同），故A不符合题意； B．凸透镜对光有会聚作用，凹透镜才对光有发散作用，故B不符合题意； C．根据凸透镜成像规律，成实像时“物近像远像变大”，即足球离镜头越近（物距减小），像距会增大，像也会变大，而不是变小，故C不符合题意； D．要拍摄更广阔的画面，需要让像变小。根据“物远像近像变小”的规律，应增大物距，也就是将镜头远离赛场，同时减小像距（镜头向后缩），故D符合题意。 故选D。 分析有理·押题有据 透镜成像规律及应用经常会出现在选择题中，主要考查基本的成像规律，对应的应用，以及动态变化问题等。 押题秘笈： 1. 凸透镜成像规律 物距（u） 像距（v） 正倒 大小 虚实 应用 特点 特点 u>2f 2f>v>f 倒立 缩小 实像 照相机、摄像机 - 物像异侧 u=2f v=2f 倒立 等大 实像 测焦距 成像大小的分界点 物像异侧 2f>u>f v>2f 倒立 放大 实像 幻灯机、电影放映机、投影仪 - 物像异侧 u=f - - - 不成像 强光聚焦手电筒 成像虚实的分界点 - f>u v>u 正立 放大 虚像 放大镜 虚像在物体的同侧且之后 物像同侧 2. 成像光路图 3. 动态变化：像与物的移动方向相同，像距越大，像越大。 终极猜想·精练通关 1．如图甲所示是探究凸透镜成像规律的实验，不断改变物距u和像距v，得到物距u与像距v的关系图像如图乙所示，下列说法中正确的是（   ） A．实验前不需要调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度 B．所用凸透镜的焦距为20cm C．若在图甲位置时光屏上出现清晰的像，其成像原理与生活中的投影仪相同 D．若在图甲位置时光屏上出现清晰的像，在凸透镜与光屏之间放置一副近视眼镜，将光屏向右移动可以重新得到清晰的像 【答案】D 【详解】A．为使像成在光屏中心，实验前应调节烛焰中心、凸透镜中心、光屏中心位于同一高度，故A错误； B．由图乙可知，当时，根据可知，成倒立、等大的实像，即，故该凸透镜的焦距为10cm，故B错误； C．由图甲可知，物距为 物距大于二倍焦距，此时成倒立、缩小的实像，成像规律与生活中的照相机的原理相同，故C错误； D．若在图甲位置时光屏上出现清晰的像，在凸透镜与光屏之间放置一副近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，将光屏向右移动可以重新得到清晰的像，故D正确。 故选D。 2．在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，所用凸透镜A的焦距为10cm，凸透镜B的焦距为15cm。先将凸透镜A固定在光具座上40cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座10cm刻度线处，移动光屏至光具座上55cm刻度线处，此时光屏上正好能呈现烛焰清晰的实像。下列说法错误的是（　　） A．光屏上所成的像一定是倒立的、缩小的实像 B．将烛焰向右移至某一位置后，无论如何移动光屏，都看不到烛焰清晰的像，则烛焰一定处于透镜 A的左焦点处 C．若烛焰处于凸透镜A的一倍焦距内，需在光屏一侧透过凸透镜A来观察所成的像 D．用凸透镜B替换凸透镜A，保持烛焰、透镜的位置不动，需将光屏向右移动才能再次成清晰的像 【答案】B 【详解】A．由图可知此时物距，像距，物距大于像距，应成倒立、缩小的实像，故A正确； B．物体在透镜A 的一倍焦距处或一倍焦距以内，在右侧的光屏上都不能成像。所以将烛焰向右移至某一位置后，无论如何移动光屏，都看不到烛焰清晰的像，则烛焰可能处于透镜A的左焦点处，也可能处于透镜A的一倍焦距内，故B错误； C．若烛焰处于凸透镜 A 的一倍焦距内，所成的像是虚像，不能成在光屏上，如要观察，需在光屏一侧，透过凸透镜A 来观察。故C正确； D．用凸透镜B替换凸透镜A，因为凸透镜B焦距比A大，在烛焰和凸透镜位置不动的情况下，相当于物距变小，像距变大，像变大，所以需将光屏向右移动才能再次成清晰的像。故D正确。 本题要求选错误的，故选 B。 3．6月6日是我国的“爱眼日”。在“爱眼护眼”宣传活动中，同学们搜集到了以下图片。下列说法正确的是（　　） A．图甲所示眼球好像一架投影仪，晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜 B．图乙所示视力正常的人看远处物体时，物体在视网膜上成正立、缩小的实像 C．图丙所示是远视眼的成像原理，应戴合适的凸透镜进行矫正 D．读写时眼睛与书本的距离应保持在30cm左右，是预防近视眼的措施之一 【答案】D 【详解】A．人的眼球成像原理和照相机类似（成倒立缩小的实像），不是投影仪，故A错误； B．视力正常的人看物体时，物体在视网膜上成倒立、缩小的实像，“正立”是大脑处理后的视觉效果，物理成像本身是倒立的，故B错误； C．图丙中光线的交点（像）成在视网膜前方，是近视眼的成像原理，需要戴凹透镜矫正；远视眼的像成在视网膜后方，才需要戴凸透镜矫正，故C错误； D．预防近视眼的正确用眼要求中，读写时眼睛与书本保持25~30cm左右的距离是正确的防护措施，故D正确。 故选D。 4．如图所示，是小亮通过水晶球看远处房子的情境，下列说法正确的是（    ） A．房子透过水晶球所成的是虚像 B．此现象是由光的折射形成的 C．水晶球相当于凸透镜，可用于矫正近视眼 D．若想让像变大一些，可使水晶球远离房子 【答案】B 【详解】A．水晶球中间厚、边缘薄，相当于凸透镜，观察远处房子时，物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立缩小的实像，故A错误； B．凸透镜成像的本质是光的折射，该现象由光的折射形成，故B正确； C．近视眼是晶状体折光能力过强，像成在视网膜前方，需要用对光线有发散作用的凹透镜矫正，凸透镜用来矫正远视眼，故C错误； D．凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律：想要像变大，需要减小物距，应让水晶球靠近房子，若水晶球远离房子，物距增大，像会变小，故D错误。 故选B。 5．“错位拍照”是摄影领域中常用的一种拍摄技巧。用照相机拍照时，使两个物体到镜头的距离不同，通过调整拍摄角度，将两个物体拍摄在同一张照片中。如图所示是利用该技巧拍摄的一张照片，下列相关说法正确的是（　　） A．拍摄时，手到镜头的距离在镜头的一倍焦距与二倍焦距之间 B．手和灯塔通过镜头分别成放大和缩小的实像 C．将照相机适当靠近手和灯塔，可拍摄到更大的像 D．手通过镜头成正立放大的虚像 【答案】C 【详解】ABD.照相机的成像原理是物距大于二倍焦距（）时，成倒立、缩小的实像，因此被拍摄的手和灯塔到镜头的距离都大于二倍焦距，都成倒立、缩小的实像，故A、B、D错误； C.根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”可知，若将照相机适当靠近手和灯塔，物距减小，像会变大，因此可以拍摄到更大的像，故C正确。 故选C。 6．如图，将印有花的透明胶片贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为10cm的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰放大的“花”。下列说法正确的是（　　） A．此透镜可作为近视眼镜镜片 B．胶片与透镜的距离小于10cm C．胶片上的花相对于墙上的花是倒立的 D．白墙与透镜的距离为物距 【答案】C 【详解】凸透镜焦距，墙上出现清晰、放大的实像，根据凸透镜成像规律，此时满足：物距（即），像距（即），成倒立、放大的实像。 A．近视眼需要佩戴对光线有发散作用的凹透镜来矫正。而题目中使用的是对光线有会聚作用的凸透镜，凸透镜是用来矫正远视眼的。故A错误。 B．胶片是物，物距需满足，而不是小于10cm（小于10cm成虚像，无法在墙上呈现）。故B错误。 C．凸透镜成实像时，像与物体相比，是倒立的，所以胶片上的花相对于墙上的像，是倒立的。故C正确。 D．物距是物体（胶片）到透镜的距离，白墙到透镜的距离是像距。故D错误。 故选C。 押题猜想05 内能及其利用 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示的烟花秀，天空被绚烂的烟花点亮。下列说法正确的是（　　） A．烟花在空中绽放后飞散说明分子间既没有引力也没有斥力 B．烟花未燃放前不含有热量 C．燃放完烟花后会看到浓烟飞散，这是分子的无规则运动 D．燃放完烟花后会闻到火药气味，这属于扩散现象 【答案】D 【详解】A．飞散的烟花颗粒仍然受到分子间作用力的影响，分子间既有引力也有斥力，故A错误； B．热量是过程量，不能说含有，故B错误； C．燃放完烟花后会看到浓烟飞散，浓烟是大量分子组成的灰尘颗粒，它们的运动属于机械运动，不属于分子的运动，故C错误； D．燃放完烟花后空气中有火药气味，这属于扩散现象，是火药分子不停地做无规则运动的结果，故D正确。 故选D。 分析有理·押题有据 内能及内能的利用是湖南、长沙中考的常考题型，一般考查分子动理论的识别、内能的概念及改变内能的方式、比热容和热值的概念及现象解释、热机的工作过程等。 押题秘笈： 1. 不同物质在互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，分子间有间隙。温度越高，分子热运动越剧烈，扩散越快。 2. 分子间同时存在引力和斥力。 3. 内能：构成物体的所有分子，其热运动的动能与分子势能的总和叫作内能。内能大小与物体的质量、温度、状态等有关。 4. 改变内能的方式：做功和热传递。热传递的条件是存在温度差，方向是热量从高温传给低温物体。 5. 比热容用来表示物质的吸放热能力，比热容大的物质，在质量相同、升高/降低相等的温度时，吸收/放出的热量更多。比热容只与物质的种类、状态等有关。 6. 热值是用来表示燃料完全燃烧放出热量的本领，热值越大的燃料，在质量相同时，完全燃烧放出的热量更多。热值与燃料的种类有关，而与质量、放出的热量、燃烧的情况等无关。 7. 汽油机压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。 终极猜想·精练通关 1．山西晋城古称泽州，有着“铸铁之都”的美誉。魏晋时期是我国百炼钢的鼎盛时期，工匠把“精铁”加热锻打一百多次，一锻一称一轻，直到斤两不减，即成百炼钢，如图所示。下列说法正确的是（    ） A．加热“精铁”的过程是通过热传递的方式改变铁的内能 B．加热和锻打“精铁”过程相比较，二者改变铁内能的方式相同 C．最后锻打“精铁”的过程，铁的温度升高，内能不变 D．将百炼钢放入水中冷却，利用了水的比热容较小的性质 【答案】A 【详解】A．改变物体内能的方式分为做功和热传递。加热“精铁”是热量从高温热源转移到铁，属于热传递改变内能，故A正确； B．加热是热传递改变内能，锻打“精铁”是通过对铁做功改变内能，二者改变内能的方式不同，故B错误； C．锻打过程对铁做功，铁的温度升高，内能增大，故C错误； D．用水冷却百炼钢，是利用了水比热容大的性质，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度可以吸收更多热量，冷却效果更好，故D错误。 故选A。 2．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　） A．的冰块不具有内能 B．物体的温度高，含有的热量一定多 C．物体的内能增加，可能是吸收了热量 D．温度总是从高温物体传向低温物体 【答案】C 【详解】A．一切物体，无论温度高低，都具有内能，内能是物体内部分子动能和势能的总和，的冰块分子依然在运动，因此也有内能，故A错误； B．“热量” 是一个过程量，只能说物体 “吸收” 或 “放出” 热量，不能说物体 “含有” 或 “具有” 热量，故B错误； C．物体内能增加有两种方式：做功和热传递。 所以，物体的内能增加，可能是吸收了热量（热传递），也可能是外界对它做了功，故C正确； D．热传递过程中，传递的是热量，不是温度，故D错误。 故选C。 3．生活中处处蕴含着物理知识。下列说法正确的是（　　） A．用燃气灶烧开水，开大火比开小火用时更短，因为火越大燃气的热值越高 B．洗衣机工作时，将电能全部转化为机械能 C．鲜花盛开，花香四溢，是因为一切物质的分子都在不停地做无规则运动 D．搓手取暖是通过热传递的方式改变内能 【答案】C 【详解】A．热值是燃料的特性，与火焰大小无关，大火缩短时间是因为单位时间放热多，故A错误； B．洗衣机工作时，电机发热会消耗部分电能转化为内能，电能无法全部转化为机械能，故B错误； C．花香四溢是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故C正确； D．搓手取暖是通过做功（摩擦生热）改变内能，而非热传递，故D错误。 故选C。 4．在跨学科实践活动中，某同学设计并制作了一个如图所示的简易热机模型，其通过酒精灯加热使水汽化，利用蒸汽推动活塞，活塞经曲柄连杆机构将直线运动转为旋转运动。下列说法正确的是（     ） A．酒精用掉一部分后，剩余酒精的热值变小 B．用酒精灯给水加热是通过做功的方式增加水的内能 C．蒸汽推动活塞向下运动时，水蒸气的内能全部转化为活塞的机械能 D．蒸汽推动活塞向下运动的过程，能量转化与汽油机的做功冲程相同 【答案】D 【详解】A．热值是燃料的特性，与质量无关。酒精用掉一部分后，剩余酒精的热值不变，故A错误； B．用酒精灯给水加热，是通过热传递的方式增加水的内能，故B错误； C．蒸汽推动活塞时，水蒸气的内能大部分转化为活塞的机械能，但会有热量损失、克服摩擦等损耗，不可能全部转化，故C错误； D．蒸汽推动活塞向下运动时，内能转化为机械能，这与汽油机的做功冲程（内能转化为机械能）的能量转化形式相同，故D正确。 故选D。 5．如图为一种蒸汽船玩具，在玻璃瓶内装适量水，将小船放置在水面上，点燃蜡烛加热玻璃瓶一段时间，产生大量水蒸气，并和受热膨胀的空气一起从细窄的吸管冲出，推动小船前进。下列有关该实验的说法合理的是（　　） A．加热过程中，玻璃瓶内的水通过做功的方式增大内能 B．吸管处出现白雾，冲出的水蒸气内能增大，温度增大 C．蒸汽推动小船前进，说明力是维持物体运动状态的原因 D．蒸汽推动小船前进，能量的转化方式和内燃机的做功冲程相同 【答案】D 【详解】A．加热过程中，玻璃瓶内的水吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式增大内能，故A不符合题意； B．吸管处出现白雾，冲出的水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，故B不符合题意； C．蒸汽推动小船前进，说明力是改变物体运动状态的原因，故C不符合题意； D．蒸汽推动小船前进能的转化方式和内燃机的做功冲程相同，都是内能转化为机械能，故D符合题意。 故选D。 6．2026年4月7日长征八号运载火箭以“一箭十八星”方式，将千帆星座第七批组网卫星送入预定轨道。该火箭发动机以液氢为主要燃料。下列说法正确的是（　　） A．燃料燃烧越充分，发动机效率越高 B．火箭燃料燃烧一部分后，热值变小 C．液氢燃料温度低至-253℃，内能为零 D．火箭发动机不属于热机 【答案】A 【详解】A．热机效率指有用功占燃料总放热的比值，燃料燃烧越充分，有效利用的能量越多，发动机效率越高，故A正确； B．热值是燃料本身的特性，只和燃料种类有关，和质量多少无关，燃料燃烧一部分后热值不变，故B错误； C．一切物体在任何温度下都具有内能，低温的液氢内能不为零，故C错误； D．火箭发动机工作时将燃料燃烧的内能转化为机械能，属于热机，故D错误。 故选A。 押题猜想06 运动和力的关系 试题前瞻·能力先查 【母题】在由广东、香港、澳门共同举行的第十五届全国运动会赛场上，运动健儿们奋力拼搏，勇夺佳绩。如图所示是赛场上的精彩瞬间，下列有关说法正确的是（    ） A．图甲中，蹦床将运动员向上弹起，说明力能改变物体的形状 B．图乙中：踢出的足球最终停下，因为足球没有受到力的作用 C．图丙中，运动员用力握住单杠是为了增大摩擦力 D．图丁中，女子双人跳水项目，以观众为参照物，两位运动员都是静止的 【答案】C 【详解】A．蹦床将运动员向上弹起时，力改变了运动员的运动方向和速度，该现象说明力可以改变物体的运动状态，故A错误； B．踢出的足球最终停下，是因为足球受到了阻力（摩擦力）的作用，改变了运动状态，故B错误； C．运动员用力握住单杠，是在接触面粗糙程度不变时，通过增大压力来增大摩擦力，故C正确； D．跳水过程中，以观众为参照物，两位运动员的位置不断发生变化，因此运动员是运动的，故D错误。 故选C。 分析有理·押题有据 运动和力的关系几乎在每年的中考题中均会出现，主要考查惯性的理解、二力平衡的应用、摩擦力的大小及方向等。 押题秘笈： 1. 惯性的理解：①普遍性：一切物体在任何情况下都具有惯性，与物体是否受力及运动状态无关。②大小：惯性的大小仅取决于物体的质量：质量越大，惯性越大；质量越小，惯性越小。③惯性是物体的固有属性。注意：惯性不是“力”，不能说“受到惯性”“惯性作用”或“惯性力”；只能说“具有惯性”“由于惯性” 2. 平衡力与相互作用力的区分： （1）平衡力：大小相等、方向相反，并且在作用在同一个物体上； （2）相互作用力：大小相等、方向相反，二力同时产生、同时消失，并且作用在两个不同的物体上。一般可根据两个力的施力物体与受力物体是否相反进行判断。 3. 摩擦力的方向及大小 （1）方向：与相对运动（趋势）方向相反。注：“相对”是指相对施力物体。 （2）大小：根据平衡力判断，变速时的滑动摩擦力在接触面粗糙程度以及压力大小相同时，等于匀速直线运动时的滑动摩擦力。 终极猜想·精练通关 1．2026年冬奥会我国运动员在单板滑雪项目中获得金牌，如图所示为运动比赛的照片。下列相关说法正确的是（下列各项均不考虑空气阻力）（　　） A．运动员跳起在空中时，只受重力的作用 B．运动员跳起在空中最高点时，运动员受平衡力的作用 C．减小单板的宽度可以减小摩擦力 D．运动员在赛道上下滑的速度越快，运动员受到的惯性越小 【答案】A 【详解】A．运动员跳起在空中后，已脱离雪地，不考虑空气阻力，只受重力的作用，故A正确； B．运动员在最高点只受重力，合力不为零，因此运动员不受平衡力，故B错误； C．摩擦力的大小只和压力大小、接触面粗糙程度有关，和接触面积大小无关；减小单板宽度无法减小摩擦力，故C错误； D．惯性大小只和物体的质量有关，和运动速度无关，运动员质量不变，惯性大小不变，故D错误。 故选A。 2．如图所示，在九三阅兵式上，运输车装载着我国自主研制的战略洲际导弹东风-5B以整齐、稳定的队形通过天安门，接受祖国和人民的检阅。下列说法正确的是（　　） A．运输车静止时没有惯性 B．以地面为参照物东风-5B是静止的 C．运输车受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力 D．东风-5B对运输车的压力和运输车对东风-5B的支持力是一对相互作用力 【答案】D 【详解】A．惯性与质量有关，只要有质量就具有惯性，故A错误； B．东风-5B以整齐、稳定的队形通过天安门，相对于地面发生了位移，以地面为参照物东风-5B是运动的，故B错误； C．运输车受到地面对它的支持力大小等于车和车载所有物体的重力之和，要大于车自身的重力，这两个力的大小不同，故不是平衡力，故C错误； D．东风-5B对运输车的压力和运输车对东风-5B的支持力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，是一对相互作用力，故D正确； 故选D。 3．用弹簧测力计拉着重10 N的物体在水平面上以0.5 m/s的速度做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为2 N。当绳子突然断开时，则（　　） A．物体速度保持不变，受到的摩擦力小于2 N B．物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于2 N C．物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于10 N D．物体立即停止，受到的摩擦力为0 N 【答案】B 【详解】物体受到2N的拉力作用，以0.5m/s做匀速直线运动，则物体受到拉力和摩擦力是一对平衡力，故摩擦力大小为；若这时绳子突然断掉，拉力消失，由于压力和接触面的粗糙程度均不变，摩擦力不变，仍为2N，在摩擦力作用下，物体将做减速运动，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 4．如图所示，中国品牌张雪机车在世界超级摩托车锦标赛夺冠。下列相关分析正确的是（　　） A．机车匀速转弯时，机车处于平衡状态 B．机车刹车减速，说明力是维持物体运动的原因 C．机车加速时，车手身体略微向后仰，是因为车手具有惯性 D．机车静止时，机车对地面的压力和地面对机车的支持力是一对平衡力 【答案】C 【详解】A．平衡状态的定义是物体保持静止状态或匀速直线运动状态，即运动状态（速度大小和方向）不变。机车匀速转弯时，运动方向发生改变，运动状态改变，因此机车不处于平衡状态，故A错误； B．机车刹车减速，运动状态发生改变，是因为受到摩擦力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故B错误； C．机车加速时，车手下半身随机车一起向前加速，上半身由于具有惯性，要保持原来较慢的运动状态，因此身体会略微向后仰，故C正确； D．二力平衡的条件是：两个力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线。机车对地面的压力，受力物体是地面；地面对机车的支持力，受力物体是机车，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误。 故选C。 5．在我们的日常生活中，有些摩擦对我们有益的，如图所示的四个实例中，为了增大摩擦的是（　　） A．自行车把手上有花纹 B．气垫船在水面上行驶 C．给木箱上装轮子 D．给合页加润滑剂 【答案】A 【详解】A．自行车把手上有花纹，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故A符合题意； B．气垫船在水面上行驶，使接触面分离，减小摩擦力，故B不符合题意； C．给木箱上装轮子，变滑动为滚动，减小摩擦力，故C不符合题意； D．润滑剂可以使接触面分离，从而减小摩擦，故D不符合题意。 故选A。 6．2026年冬奥会，谷爱凌在大跳台项目中腾空跃起，完成动作后平稳落地。过程中的物理知识分析，正确的是（   ） A．腾空后继续向前运动因其具有惯性 B．空中上升到最高点时，所受合力为零 C．空中完成动作时，所受重力方向发生变化 D．落地后在地上匀速直线滑行，只受重力和支持力一对平衡力 【答案】A 【详解】A．物体具有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性。谷爱凌腾空后，由于惯性，仍会保持腾空前的运动状态继续向前运动，故A正确； B．空中上升到最高点时，速度方向为水平方向，此时谷爱凌受到竖直向下的重力和水平向后的空气阻力，所受合力不为零，故B错误； C．重力的方向总是竖直向下，与物体的运动状态无关，不会发生变化，故C错误； D．落地后匀速直线滑行时，处于平衡状态，受到的力为平衡力。竖直方向上，重力和支持力是一对平衡力；水平方向上，由于滑行过程中存在摩擦力，还会受到与运动方向相反的摩擦力，因此并非只受重力和支持力一对平衡力，故D错误。 故选A。 押题猜想07 压强基础 试题前瞻·能力先查 【母题】小明在家做饭时发现厨房有很多物品都应用了压强相关知识，下列物品与应用的物理知识分析正确的是 物品 现象描述 厨房油烟机抽走油烟 吸盘式挂钩吸在墙上 菜刀刀刃磨得锋利 高原地区用高压锅煮饭 物理知识 流体流速大的地方压强大 大气压的存在 减小受力面积，增大压力 气压大，沸点高 A．①② B．③④ C．②③ D．②④ 【答案】D 【详解】①油烟机抽油烟，原理是流体流速大的地方压强小，油烟在大气压作用下被压入油烟机，故①错误； ②吸盘式挂钩吸在墙上，利用了大气压的存在，将吸盘内空气排出后，大气压把吸盘压在墙上，故②正确； ③菜刀刀刃磨得锋利，是通过减小受力面积来增大压强，故③错误； ④高原地区用高压锅煮饭，高原气压低、沸点低，高压锅通过增大气压来提高沸点，使饭容易煮熟，故④正确。 综上，②和④正确，故选D。 分析有理·押题有据 近几年湖南、长沙中考选择题在压强这一章的考查主要以简单的现象判断为主，考查减小和增大压强的方法、连通器、大气压强的存在及应用、流体压强与流速的关系等。 押题秘笈： 1. 根据判断是增大还是减小压强。 2. 连通器是指上端开口，下端连通的容器，据此判断某容器是否为连通器。 3. 熟悉证明大气压存在的实例，了解大气压的测量及影响因素。 4. 流体流速越大的位置压强越小。 终极猜想·精练通关 1．关于图中的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．图甲中铁轨下方铺设轨枕可以减小列车对地面的压力 B．图乙中船闸的设计利用了连通器原理，工作时阀门A和阀门B能同时打开 C．图丙是自制气压计，把它从山脚移到山顶，玻璃管内的水柱会上升 D．图丁中站台上必须设置安全线，这是因为流体中流速大的位置压强大 【答案】C 【详解】A．铁轨下铺设轨枕，是通过增大受力面积来减小列车对地面的压强，而不是压力，故A错误； B．船闸利用了连通器原理，但工作时阀门A和阀门B不能同时打开，否则闸室、上游、下游会直接连通，无法实现船的升降，故B错误； C．自制气压计从山脚移到山顶，外界大气压随高度升高而减小，瓶内气压大于外界气压，会将水柱压入玻璃管，所以玻璃管内水柱会上升，故C正确； D．站台设置安全线，是因为流体中流速大的位置压强小，人会被外侧大气压推向列车，故D错误。 故选C。 2．如图所示，下列现象中属于增大压强的是（　　） A．蚊子有尖尖的口器 B．骆驼有宽大的脚掌 C．书包的背带做得宽大 D．眼镜架上安装大鼻托 【答案】A 【详解】根据压强公式 ：压力一定时，减小受力面积可以增大压强，增大受力面积可以减小压强。 A．蚊子尖尖的口器，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A符合题意； B．骆驼宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强，故B不符合题意； C．宽大的书包背带，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强，故C不符合题意； D．眼镜的大鼻托，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强，故D不符合题意。 故选A。 3．爸爸带小明在湖边游玩，将所带的水壶和水杯放在水平沙滩上，发现两者陷入沙子一样深，如图所示，已知水壶的底面积大于水杯底面积，水壶的质量为m1，水杯的质量为m2，二者对沙面的压强分别为p1、p2，根据以上信息可知（　　） A．， B．， C．， D．， 【答案】D 【详解】水壶和水杯在沙子上陷入的深浅相同，则压力的作用效果相同，即水壶和水杯对沙面的压强相等，即。 水壶的底面积大于水杯的底面积，根据可知，水壶对沙面的压力大，水壶的重力大，由可知，水壶的总质量大于水杯的总质量，即。 故选D。 4．如图所示的容器中水平段细管内有一段静止水柱，该水柱将一部分空气密封在球形容器中，某段时间内发现水柱缓慢向左移动，则下列判断正确的是（　　） A．可能是手持该装置乘坐垂直电梯从34楼下降到1楼 B．可能是用吹风机在细管左侧开口处吹风 C．可能是外界环境温度降低了 D．该装置可以粗略判断气温高低变化，是利用了液体的热胀冷缩原理 【答案】B 【详解】A．从34楼下降到1楼，海拔降低，外界大气压增大，此时，推动水柱向右移动，故A错误； B．吹风机在左侧开口吹风，左侧空气流速加快，根据流体压强规律：流速越大，压强越小，因此左侧减小，此时，推动水柱向左移动，故B正确； C．外界温度降低，球内密封空气温度降低，压强减小，此时，推动水柱向右移动，故C错误； D．该装置若判断气温，利用的是气体的热胀冷缩（气体热胀冷缩比液体更明显），故D错误。 故选B。 5．如图是电动水翼冲浪板的模型图。当水翼在水中向前运动时，会将板面抬升出水面。图中虚线框内水翼截面的大致形状是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】在流体中，流速越大的位置，压强越小。 要将板面抬升出水面，水翼需要获得向上的升力：需要水翼上方水的流速更大、压强更小，下方水的流速更小、压强更大，从而形成向上的压力差，因此水翼的截面需要做成上凸下平的形状，故选C。 6．下图所示的装置底部有一阀门AB，先将其关闭，往左管注入食用油（），往右管注入清水，使液面相平。再将阀门AB打开，等待一段时间后两管中的液面将（   ） A．仍然相平 B．左低右高 C．左高右低 D．无法确定 【答案】C 【详解】阀门AB右端受到清水的压强为p右，左端受到食用油的压强为p左，两容器液面相平，即深度相等，都为h，则， 因为，则 所以将阀门AB打开，液体向左流动，右管中的水面下降，最终左高右低。 故选C。 押题猜想08 电路设计 试题前瞻·能力先查 【母题】智能快递柜可通过“取件码”或“APP扫码”两种方式亮灯并开锁（电动机工作），取件码验证后开关闭合，APP扫码验证后开关闭合。下列电路设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】A．图中开关在干路上，在指示灯所在的支路上。只闭合时，只有电动机M工作，指示灯L不亮，故A不符合题意； B．图中开关和串联，必须同时闭合和，电动机和指示灯才能工作，不符合“任一方式”的要求，故B不符合题意； C．图中开关与电动机M串联，开关与指示灯L串联，然后再并联。只闭合时，只有电动机工作；只闭合时，只有指示灯亮。不符合“同时工作”的要求，故C不符合题意； D．图中开关和并联，电动机M和指示灯L并联。当只闭合或只闭合时，指示灯L亮起且电动机M工作；符合“任一方式”均能实现同时“亮灯和开锁”的要求。故D符合题意。 故选D。 分析有理·押题有据 电路设计是中考的热点题型，考查学生对电路基础的掌握情况。 押题秘笈： 1. 首先确定用电器之间是串联还是并联：通过题干中描述的用电器的工作情况进行判断。 2. 判断开关的位置：通过每个开关对用电器的控制情况进行判断。 ①如果两个开关都闭合，用电器才工作，则两个开关串联； ②若两个开关只闭合一个，用电器就可以工作，则两个开关并联，用电器在干路上； ③若开关闭合，用电器不能工作，开关断开，用电器可以工作，则此用电器和开关并联； ④有时候会用到特殊开关，如单刀多掷开关、双刀双掷开关等。 终极猜想·精练通关 1．科创小组设计了一种防倾斜报警电路，将该电路固定在物体上，当物体处于竖直方向时，不报警；当物体向左倾斜时，灯亮、电铃响；当物体向右倾斜时，灯亮、电铃响。其中为重力开关，金属棒可绕点自由转动，下列设计符合要求的是（    ） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】A．当金属棒向右倾斜时，电路中电流会直接从正极流向电铃回到负极，此时灯和被断路，灯都不会亮，故A错误； B．电路中灯与并联在电路中，无论金属棒向哪边倾斜，灯和都会亮，故B错误； C．当金属棒向左倾斜时，此时电路中灯被断路，电流只经过灯，所以灯亮、电铃响，同理可得，当金属棒向右倾斜时，灯亮、电铃响，故C正确； D．当金属棒向右倾斜时，此时灯和串联，灯和都会亮，故D错误。 故选C。 2．科创小组设计了自动检测雨水的雨刮器，核心部件是平行金属组成的探测网如图甲，通过A、B接线柱接入图乙的工作电路。该电路可实现自动与手动两挡。切换到自动挡时，雨量增大到一定程度，电路中的电流达到电动机的启动电流，雨刮器开始工作。下列说法正确的是（    ） A．闭合，即可启动自动挡 B．手动挡电动机转速低于自动挡电动机转速 C．任一挡工作时，电动机转速均随雨量增大而增大 D．增大电源电压，更小雨量就可启动电动机 【答案】D 【详解】A．闭合开关时，探测网被短路，电路为手动挡，而非自动挡，故A错误； B．手动挡时，探测网被短路，电路总电阻更小，电流更大，电动机转速更快，自动挡时，探测网有电阻，电流更小，转速更慢，因此手动挡转速高于自动挡，故B错误； C．手动挡时，探测网被短路，雨水变化不影响电路电阻，电流不变，电动机转速不变，故C错误； D．根据欧姆定律可知，增大电源电压，在更小的雨量下，电流也能达到电动机的启动电流，从而启动电动机，故D正确。 故选D。 3．小明设计了一款简易的甲醛净化器，当室内甲醛平均浓度时，气敏开关闭合，红灯亮且电动机M开始工作，且红灯损坏不影响电动机工作；当室内甲醛平均浓度时，气敏开关断开，气敏开关闭合，绿灯亮。下列电路设计符合要求的是（    ） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】A．气敏开关闭合，红灯亮且电动机M开始工作，且红灯与电动机并联，红灯损坏不影响电动机工作；当室内甲醛平均浓度时，气敏开关断开，气敏开关闭合，绿灯亮。故A符合题意； B．S1闭合时，绿灯亮，红灯不亮且电动机不工作；S1断开，S2闭合时，电路断开，两灯都不亮，故B不符合题意； C．S1闭合时，红灯亮且电动机工作，二者串联，红灯损坏会影响电动机工作，故C不符合题意； D．S1闭合时，绿灯亮；S1闭合、S2断开时，红灯亮，同时电动机工作，故D不符合题意。 故选A。 4．小明同学想观察红、绿、蓝三束光照射到白屏上重叠部分的颜色，他还好奇红绿两束光、绿蓝两束光以及红蓝两束光照射到白屏上重叠部分的颜色，于是使用红、绿、蓝三种颜色的发光二极管和干电池等元件设计了一个电路图，电源电压在安全范围内，则下列电路设计能达成目的的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】因为要观察红绿两束光、绿蓝两束光以及红蓝两束光照射到白屏上重叠部分的颜色，为了满足要求，需要红、绿、蓝三种颜色的发光二极管都能单独工作，互不影响，且可以任意两个二极管同时工作，所以应将三种颜色的发光二极管并联在电路中，且每条支路都有开关进行控制该支路的通断。 A．A图中，三种颜色的发光二极管串联在电路中，当开关闭合时，三个二极管同时工作，没法单独工作，故A不符合题意； B．B图中，三种颜色的发光二极管并联在电路中，并且每个支路中都有开关，三个二极管可以单独工作，也可以任意两个二极管同时工作，故B符合题意； C．C图中，红色的发光二极管接在干路上，绿色和蓝色的二极管并联在电路中，可以只有红色和绿色的二极管发光，也可以只有红色和蓝色的二极管发光，但不能只有绿色和蓝色的二极管发光，故C不符合题意； D．D图中，绿色的发光二极管接在干路上，红色和蓝色的二极管并联在电路中，可以只有红色和绿色的二极管发光，也可以只有绿色和蓝色的二极管发光，但不能只有红色和蓝色的二极管发光，故D不符合题意。 故选B。 5．海水盐度越高，其导电性越好。设计测量海水盐度的电路，且让电表示数随海水盐度升高而变大。下列电路中，不符合要求的是（    ） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】 海水盐度越高，其导电性越好，即海水电阻越小。 A．该电路中海水电阻与并联，电流表测海水支路的电流。根据欧姆定律，海水盐度越高，海水电阻R减小，则电流变大，电流表示数随盐度升高而变大，符合要求，故A不符合题意； B．该电路中海水电阻与并联，电流表测干路电流。并联电路中，支路的电流保持不变，海水支路电流随海水电阻R减小而增大；干路电流，因此变大，电流表示数随盐度升高而变大，符合要求，故B不符合题意； C．该电路中海水电阻与串联，电压表测海水两端的电压。电源电压不变，总电阻，海水盐度越高，海水电阻减小，总电流增大；定值电阻两端电压，因此增大，海水两端电压减小，电压表示数随盐度升高而减小，不符合要求，故C符合题意； D．该电路中海水电阻与串联，电压表测定值电阻两端的电压。电源电压不变，海水电阻减小后总电阻减小，总电流增大，根据，增大则增大，电压表示数随盐度升高而变大，符合要求，故D不符合题意。 故选C。 6．某播放器闭合电源开关S后，指示灯亮，播放器工作，该播放器还具有免打扰定时功能，即在设定的免打扰时间段，免打扰定时开关视为闭合，此时闭合电源开关S，指示灯依然亮，但播放器不会工作。下列电路图中符合该播放器工作要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】闭合电源开关S后，无论免打扰是否开启，指示灯都保持亮；非免打扰时，定时开关断开，播放器接通正常工作；免打扰时，定时开关闭合，播放器停止工作，因此免打扰定时开关并联在播放器两端，闭合时短路播放器，电源开关控制整个电路。 故选B。 押题猜想09 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【母题】近年来，无人驾驶快递配送车已经从“尝鲜”走向“规模化”，成为快递公司降本增效的“标配”工具。下列与配送车内部电力驱动装置的工作原理相同的是（   ） A．动圈式扬声器 B．动圈式话筒 C．人工心脏 D．电铃 【答案】A 【详解】A．无人驾驶配送车的电力驱动装置是电动机，工作原理为通电导体在磁场中受到力的作用；动圈式扬声器，携带声音信息的交变电流通过线圈时，通电线圈会在永磁体的磁场中受力振动，带动锥形纸盆振动发声，工作原理就是通电导体在磁场中受力，和电动机原理一致，故A符合题意； B．动圈式话筒，说话时声音振动带动膜片和线圈，使线圈在永磁体磁场中切割磁感线产生感应电流，原理是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故B不符合题意； C．人工心脏装置核心是利用电流的磁效应，再通过磁极间的相互作用带动活塞，和电动机的工作原理不符，故C不符合题意； D．电铃利用电流的磁效应工作，和电动机原理不同，故D不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 该猜想重点考查电生磁、磁场对通电导线有力的作用、电磁感应这三个原理的区分及应用。通电螺线管也是其考查的重要方向。 押题秘笈： 1. 指南针、自制指南针：北极指北，南极指南。 2. 电磁现象辨析 原理 人物 应用 电流的磁效应（电生磁） 奥斯特 通电螺线管、电磁铁、电磁继电器等 磁场对通电导线有力的作用 电动机、扬声器、磁电式电流表、电压表等 电磁感应现象（磁生电） 法拉第 发电机、动圈式话筒。（注：产生电流） 终极猜想·精练通关 1．如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U形磁体、直线形导体棒ab、cd和光滑的绝缘支架构成，导体棒ab和cd的两端均与导线连接。闭合开关并向右快速移动导体棒ab，发现导体棒cd也会沿着支架水平向右运动，下列分析正确的是（     ） A．此过程中，甲装置相当于电动机 B．此过程中，乙装置的工作原理是磁场对通电导线有力的作用 C．此过程中，甲装置将电能主要转化为机械能 D．闭合开关，若向左快速移动导体棒cd，导体棒ab不会运动 【答案】B 【详解】ABC．闭合开关后向右移动导体棒ab，ab在U形磁体的磁场中切割磁感线，产生感应电流，该过程是电磁感应现象，甲装置相当于发电机，将机械能转化为电能；产生的感应电流流过乙装置中的cd，cd作为通电导体，在磁场中受到力的作用而运动，乙装置相当于电动机，原理是磁场对通电导线有力的作用，将电能转化为机械能，故AC错误，B正确； D．若向左快速移动cd，cd切割磁感线同样会产生感应电流，ab通电后在磁场中受力也会运动，故D错误。 故选B。 2．关于电磁相关现象或应用，下列说法正确的是（　　） A．甲图中地球周围客观存在的磁感线是从地磁北极出发，回到地磁南极 B．乙实验可以演示电流的磁效应，电流产生的磁场方向与电流方向无关 C．丙实验研究的是通电导体在磁场中的受力情况，电磁铁依据此原理制成 D．丁实验研究的是电磁感应现象，切割磁感线的过程中机械能转化为电能 【答案】D 【详解】A．磁感线是为了描述磁场假想出来的物理模型，不是客观存在的，故A错误； B．乙图是奥斯特实验，演示电流的磁效应，但电流产生的磁场方向与电流方向有关，故B错误； C．丙图有电源，研究的是通电导体在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，电磁铁是利用电流的磁效应制成的，故C错误； D．丁图无电源、接有灵敏电流计，研究的是电磁感应现象，闭合电路，部分导体切割磁感线产生感应电流的过程中，机械能转化为电能，故D正确。 故选D。 3．真理不能单靠“思维”来获得，还应致力于观察和实验，如图所示，下列关于电与磁的说法正确的是（　　） A．甲：磁感线是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极 B．乙：铁钉上端是电磁铁的N极，P向右移能吸引更多铁钉 C．丙：图示装置和中国最先进的航空母舰所使用的电磁弹射器原理相同 D．丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针偏转，此图为发电机原理图 【答案】C 【详解】A．图甲：磁感线是为了描述磁场而人为假想的曲线，并不是真实存在的。小磁针静止时 N 极指向地理北极，是因为地磁场的南极在地理北极附近，故A错误； B．图乙：用安培定则判断电磁铁极性：电流从上端流入、下端流出，铁钉上端是N极，下端是S极。滑片P向右移动，滑动变阻器接入电阻变大，电流变小，电磁铁磁性减弱，吸引的铁钉会减少，故B错误； C．丙图是电动机原理（通电线圈在磁场中受力转动），而电磁弹射器也是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，二者原理相同，故C正确； D．图丁：导体 ab 竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，故D错误。 故选C。 4．某游乐场里有一块能发电的地板，如图所示，当小朋友在上面跳跃时，固定在地板下方的磁铁往复运动，小灯泡便会发光。下列选项中与此装置原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】小朋友跳跃带动固定在地板上的磁铁往复运动，线圈相对磁铁做切割磁感线运动，闭合线圈中产生感应电流使灯泡发光，该现象是电磁感应现象，原理为电磁感应，该过程无外接电源，将机械能转化为电能。 A．该图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，原理是电流的磁效应，与题干原理不同，故A不符合题意； B．该图是用安培定则判断通电螺线管的磁极，原理是电流的磁效应，与题干原理不同，故B不符合题意； C．该图中闭合电路的一部分导体放在磁场中，电路没有外接电源，是探究电磁感应现象的实验装置，与题干发电地板的原理相同，故C符合题意； D．该图电路中有外接电源，探究通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与题干原理不同，故D不符合题意。 故选C。 5．福建舰是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，满载排水量8万余吨。当电磁弹射车内的导体通过强电流时，即可产生强大的推力，将航母舰载飞机弹出。下列选项中与电磁弹射原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】根据题意，电磁弹射的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，通电后获得推力，将电能转化为机械能。 A．该图是奥斯特实验，原理是电流的磁效应，证明电流周围存在磁场，故A不符合题意； B．该装置探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意； C．该装置没有电源，是电磁感应现象，也就是发电机原理，靠切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，故C不符合题意； D．该装置有电源，探究的是通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能，故D符合题意。 故选D。 6．如图所示，通电螺线管附近停着一辆装有条形磁体的小车，闭合开关S，光滑桌面上的小车被吸引向左运动，下列说法正确的是（　　） A．通电螺线管的右端是N极 B．条形磁体的左端是S极 C．小车越靠近通电螺线管，小车的惯性越大 D．改变电源的正负极，小车将向右运动 【答案】D 【详解】A．由图可知，闭合开关S，电流从螺线管的左端流入，根据安培定则，左端就是通电螺线管的N极，右端是通电螺线管的S极，故A错误； B．根据异名磁极相互吸引，小车上条形磁体的左端是N极，故B错误； C．惯性的大小只与物体的质量有关，小车靠近通电螺线管过程中，其惯性不变，故C错误； D．改变电源的正负极，通电螺线管的极性对调，条形磁体的极性不变，此时条形磁体受到排斥力的作用，小车将向右运动，故D正确。 故选D。 押题猜想10 安全用电 试题前瞻·能力先查 【母题】电给我们的生活带来了极大的便利，但不规范用电会带来很大危害，甚至会危及生命。下列做法符合安全用电原则的是（    ） A．拽着插头后面的电线把插头从插座里拔出来 B．用湿手触摸家庭电路中的开关 C．用湿抹布擦拭工作中的用电器 D．搬动通电的电磁炉前断开电源 【答案】D 【详解】A．拽着插头后面的电线把插头从插座里拔出来，可能将导线拉断，或将绝缘层拉裂，从而造成触电事故，故A不符合题意； B．生活中的水是导体，用湿手触摸家庭电路开关容易发生触电事故，故B不符合题意； C．湿抹布容易导电，用湿抹布擦拭工作中的用电器时容易发生触电事故，故C不符合题意； D．搬动通电的电磁炉前断开电源，可以避免发生触电事故，故D符合题意。 故选D。 分析有理·押题有据 近几年湖南、长沙中考一般考查安全用电的常识，但测电笔的使用、家庭电路故障以及家庭电路连接等也是需要掌握的内容。 押题秘笈： 1. 不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。 2. 测电笔使用时，手要接触笔尾金属体。测电笔发光时，则所测位置与相线间一定是连通的。正常情况下，测用电器到相线之间的位置，测电笔均会发光；测用电器与中性线之间，测电笔不会发光，若发光，说明所测位置或近乎中性线断开了。 3. 空气开关是在电流过大时切断电路，保护电路。漏电保护器是在漏电时切断电路保护人。 4. 开关，保险装置要装在用电器与相线之间。 终极猜想·精练通关 1．同学们上自习时，教室的发光日光灯的导线突然冒烟着火，他们立即要做的是（　　） A．用水浇灭 B．用书拍灭 C．用手掐灭 D．断开总开关 【答案】D 【详解】教室的发光日光灯的导线突然冒烟着火，他们立即要做的是断开开关，再灭火，故D符合题意；ABC不符合题意。 故选D。 2．安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A．图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B．图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C．图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D．图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 【答案】C 【详解】A．空气开关因电路中电流过大而跳闸，其原因可能是出现了短路故障，也可能是同时使用的用电器总功率过大，故A错误； B．漏电保护器主要在电路发生漏电时切断电路，若人体同时接触火线和零线，电流未流入大地，漏电保护器不会跳闸，人依然会触电，故B错误； C．三脚插头中标①的最长脚对应地线，插入插座时能将用电器的金属外壳与大地相连，从而防止因外壳漏电而引发触电事故，故C正确； D．闭合开关S后，M点与火线直接连通，人体接触M点时会与大地形成闭合回路，从而发生单线触电事故，故D错误。 故选C。 3．下列行为中，符合安全用电原则的是（　　） A．人离开时切断电源 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．从家中拉线给电动车充电 D．乙位置安装开关，甲位置安装电灯 【答案】A 【详解】A．人离开时切断用电器电源，可以避免电器长时间工作，防止过热、过载引发安全事故，符合安全用电原则，故A符合题意； B．生活中的水是导体，用湿抹布擦拭发光的带电灯泡，容易引发触电事故，不符合安全用电原则，故B不符合题意； C．从家中拉线给电动车飞线充电，线路容易过载发热，引发火灾，存在严重安全隐患，不符合安全用电原则，故C不符合题意； D．家庭电路中，开关应当接在相线（火线）和电灯之间，断开开关后电灯不带电，保证安全；若乙位置安装开关、甲位置安装电灯，断开开关后电灯仍然和相线相连，人接触时会触电，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选A。 4．如图所示的家庭电路，闭合开关，灯泡发光，一段时间后，突发熔丝熔断，下列不可能导致熔丝熔断的是（　　） A．开关处短路 B．灯泡处短路 C．插座内左右金属片接触 D．插座接入大功率用电器 【答案】A 【详解】A．开关的作用是控制电路的通断。如果开关处短路，相当于开关一直处于闭合状态，灯泡会持续发光，但电路中的电流不会异常增大，因为灯泡正常工作时的电流是稳定的，所以不会导致保险丝熔断，故A符合题意； B．灯泡处短路，相当于直接将相线和中性线用一根导线连接起来，电路中的电流过大，保险丝会熔断，故B不符合题意； C．插座内左右金属片接触，相当于短路，电路中的电流过大，保险丝会熔断，故C不符合题意。 D．插座接入大功率用电器，根据可知，总功率过大会使总电流过大，保险丝会熔断，故D不符合题意。 故选 A。 5．如图所示，关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　） A．甲：当有人触电时，应第一时间直接用手把他拉开 B．乙：测电笔接触火线时，手不能接触笔尾金属体 C．丙：空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路造成的 D．丁：洗衣机的三脚插头上中间较长的插脚和金属外壳相连 【答案】D 【详解】A．人体是导体，发现有人触电时，直接用手拉开触电者，会造成施救者也触电，正确做法是先切断电源，再施救，故A错误； B．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，才能使测电笔和人体形成通路，从而区分火线和零线，故B错误； C．空气开关跳闸，说明电路电流过大，原因可能是短路，也可能是电路总功率过大，并非一定是短路造成的，故C错误； D．三脚插头中间较长的插脚，连接用电器的金属外壳；插入插座时会先接通地线，若用电器外壳漏电，电流会通过地线导入大地，避免触电，故D正确。 故选D。 6．新能源纯电动汽车因其环保节能的特点深受大家的喜爱，但它的充电桩相对不足，导致特别是在节假日很多电动汽车车主遇到了充电难的问题，在全社会的共同努力下，现在越来越多的充电桩得以安置。如图是某区域设置的一些电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电的是（　　） A．安装充电桩时，不连接地线也可以 B．每个充电桩在安装时都要装保险装置 C．万一有充电桩起火，可以迅速浇水扑灭 D．充电线破损时，只要稍加注意便可安全使用 【答案】B 【详解】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，防止触电事故，故A不符合题意； B．为了安全，电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故B符合题意； C．生活用水是导体，万一有充电桩起火，不能浇水扑灭，否则会发生触电事故，故C不符合题意； D．充电线破损时，容易形成短路或发生触电事故，要及时更换，故D不符合题意。 故选B。 押题猜想11 简单机械 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示，赛艇的桨可视为杠杆，下列工具正常使用时，与桨属于同类杠杆的是（　　） A．独轮车 B．核桃夹 C．筷子 D．扳手 【答案】C 【详解】赛艇的桨使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。 A．独轮车使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，与桨不同类，故A不符合题意； B．核桃夹使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，与桨不同类，故B不符合题意； C．筷子使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，与桨同类，故C符合题意； D．扳手使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，与桨不同类，故D不符合题意。 故选C。 分析有理·押题有据 简单机械在湖南、长沙中考选择题中一般进行定性考查，比如杠杆分分类，定、动滑轮的特点，机械效率的概念及提高机械效率的方法等。 押题秘笈： 1. 杠杆的分类：杠杆的分类是针对动力而言，而动力的大小是根据动力臂的大小判断，如动力臂大于阻力臂，则动力小于阻力，为省力杠杆。 2. 定滑轮相当于等臂杠杆，既不省力，也不费距离，但可以改变力的方向。 3. 动滑轮省力，但费距离，相当于省力杠杆。 4. 任何机械都不可能省功，省力就会费距离，费力就会省距离。机械效率一定小于1。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，一块密度均匀的长方体水泥板放在水平地面上，水泥板的长边边长为b（b>a）。用一始终竖直向上的力、使其一端缓慢抬离地面（未达到竖直），此过程中，下列说法正确的是（　　） A．F甲<F乙，F甲大小不变 B．F甲=F乙，F甲一直变大 C．F甲=F乙，F甲大小不变 D．F甲>F乙，F甲一直变小 【答案】C 【详解】将水泥板看成一个杠杆，抬起一端，另一端为支点。动力为F，阻力均为水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以动力臂都等于阻力臂的2倍； 根据杠杆的平衡条件可知，动力始终是阻力的一半，故大小相等；两个力的方向都是竖直向上，抬起过程动力臂和阻力臂同时减小，但动力臂始终是阻力臂的2倍，因而动力大小始终等于阻力臂的一半，则在使其一端缓慢抬离地面的过程中，动力大小不变，故选C。 2．在跨学科实践活动中，同学们用一根长约40的轻质木棍、一个50g的钩码作为秤砣、一个100g的砝码、一个小盆、细线若干、一把刻度尺、一支记号笔制作了简易杆秤，如图所示，O点为其标定的零刻度值。下列有关说法中不正确的是（　　） A．如果A端所受的力为阻力，则该杠杆属于省力杠杆 B．在利用该杆秤称量时，若杆秤左高右低，需要将秤砣往右侧移动 C．换用另一个更轻的小盆后，所对应的新的零刻度值在O点左边 D．通过将支点B左移可以增大该杆秤的测量范围 【答案】B 【详解】A．由图可知支点为B，若A端所受的力为阻力，阻力臂为；动力是秤砣的拉力，动力臂为支点到秤砣的距离，可知动力臂长度大于阻力臂，根据杠杆分类，动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆，故A正确，不符合题意； B．杆秤左高右低，说明右端下沉、左端上翘，即左端阻力与阻力臂的乘积小于右端秤砣的动力和动力臂的乘积，根据杠杆的平衡条件，要使杠杆平衡，需要减小右端动力臂，不变，因此需要减小动力臂，应将秤砣向左侧移动，不是向右移动，故B错误，符合题意； C．秤砣在零刻度处杠杆平衡，换用更轻的小盆后，左端的力变小，根据，要让杠杆平衡，秤砣需要向左移动（减小动力臂），所以新的零刻度值在O点左边，故C正确，不符合题意； D．测量范围是指能称量的最大质量，将支点B左移，阻力臂BA变小，动力臂（B到C的距离）变大，根据，能称量的最大物重会变大，测量范围变大，故D正确，不符合题意。 故选B。 3．如图所示，园艺工人在修剪枝条。关于园艺剪的使用，下列说法正确的是（　　） A．枝条对园艺剪的压力是阻力 B．在图示状态使用时园艺剪是费力杠杆 C．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了省距离 D．把枝条往园艺剪的轴处靠近是为了增大阻力臂 【答案】A 【详解】A．手对园艺剪的作用力使杠杆转动，属于动力；枝条对园艺剪的压力阻碍杠杆转动，属于阻力，故A正确； B．图示使用时，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，园艺剪是省力杠杆，故B错误； CD．把枝条往园艺剪的轴（支点）处靠近，阻力臂减小，阻力和动力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力减小，目的是省力，省力杠杆的特点是省力费距离，故CD错误。 故选A。 4．中国书法艺术博大精深，是中国文化的重要组成部分。如图甲，用新款钢笔式毛笔临摹字帖时，毛笔相当于一个杠杆，其简化示意图如图乙所示。下列说法正确的是（    ） A．b点是支点 B．书写时，毛笔属于省力杠杆 C．手握笔的位置向上移动，写字时所需的动力变大 D．书写时，毛笔与纸面之间的摩擦为有害摩擦 【答案】C 【详解】A．毛笔写字时，绕着贴虎口处的c点转动，c点是支点，故A错误； B．写字时，手对提笔处的力为动力，阻碍笔尖运动的力为阻力，动力臂小于阻力臂，毛笔杆相当于费力杠杆，故B错误； C．手握笔的位置向上移动，提笔处和贴虎口处的距离不变，即动力臂不变，阻力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力臂变大，写字时所需的动力变大，写字时更费力，故C正确； D．书写时，利用了毛笔和纸面之间的摩擦力，毛笔与纸面之间的摩擦为有益摩擦，故D错误。 故选C。 5．如图所示是利用滑轮打水的场景。井架上安装一个滑轮，绳索一端悬吊水桶，当人拉或放绳索的另一端即可让水桶升降。下列说法正确的是（　　） A．井架上的滑轮是动滑轮 B．提水过程中当水桶静止时，人对水桶没有做功 C．提等量的水，水桶越重机械效率越高 D．利用这个装置能够省力 【答案】B 【详解】A．该滑轮的轴固定在井架上，不随水桶一起运动，属于定滑轮，故A错误； B．水桶静止时，水桶没有在力的方向上移动距离，因此人对水桶不满足做功条件，没有做功，故B正确； C．机械效率公式为 提等量的水时，对水做的有用功保持不变，水桶越重，克服水桶重力做的额外功越大，总功越大，因此机械效率越低，故C错误； D．该滑轮是定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，只能改变力的方向，故D错误。   故选B。 6．如图所示，某人用动滑轮将重180N的木箱在5s内沿竖直方向匀速提升2m，所用拉力为100N，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　） A．动滑轮做的有用功是400J B．拉力的功率为40W C．动滑轮的机械效率为90% D．若用此装置沿竖直方向匀速提升360N重物，拉力为200N 【答案】C 【详解】A．滑轮承担物重的绳子段数，不计绳重和摩擦，有用功是克服物体重力做的功，为，故A错误； B．拉力移动距离 拉力做的总功 拉力功率，故B错误； C．动滑轮机械效率，故C正确； D．不计绳重和摩擦，根据可知动滑轮重力 提升360N重物时，拉力，故D错误。 故选C。 押题猜想12 动态电路分析 试题前瞻·能力先查 【母题】图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　） A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω B．环境温度升高时，电压表的示数减小 C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低 D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源 【答案】D 【详解】A．由图丙可知：温度从升高到，R的阻值从增加到，总阻值变化 因此每升高，R的阻值增加，故A错误。 B．环境温度升高时，由图丙可知的阻值增大；已知电源保持电路电流不变，根据欧姆定律可知，增大则两端电压增大，即电压表示数变大，故B错误； C．温度变化值相同时，R的阻值变化ΔR相同，电压变化；相同温度变化对应的电压变化越大，温度变化越容易通过电压表示数分辨，装置灵敏度越高，故C错误； D．换电流更大的恒流源后，相同温度变化对应相同的，由可知：I越大，相同温度变化对应的电压变化ΔU越大，电压变化更明显，因此装置灵敏度增大，故D正确。 故选D。 分析有理·押题有据 动态电路在湖南、长沙中考题中属于常考题，一般会结合电路、欧姆定律、电功率等知识进行综合考查。涉及到开关型、滑动变阻器型、敏感电阻型等题型。 押题秘笈： 先分析电路，然后确定电路的变化，再结合欧姆定律、电功率等公式进行分析。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片从中点向右移动的过程中（　　） A．电压表V的示数不变 B．电流表A1的示数变小 C．电流表A₂的示数变小 D．灯泡的亮度变暗 【答案】AC 【详解】闭合开关后，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表测量灯泡支路电流，电流表测量电路总电流。滑动变阻器的滑片从中点向右移动的过程中，接入支路的电阻变大，通过该支路电流变小，根据并联电路电流规律可知，干路电流减小，即电流表示数变小，电压表示数不变；灯泡两端电压不变，电流不变，灯泡亮度不变。故 AC符合题意，BD不符合题意。 故选 AC。 2．某科技小组设计一个电子身高测量仪，其原理如图所示，其中R相当于滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压保持不变，金属杆cd和金属滑片MP与电路接触良好（二者电阻不计）且金属滑片始终保持水平，当开关S闭合后，下列分析中正确的是（　　） A．被测者身高增加，电压表示数变小 B．被测人员身高无论如何改变，电压表与电流表示数之比不变 C．被测者身高减小，R0的电功率变小 D．被测人员身高无论如何改变，两电表示数的改变量之比不变 【答案】D 【详解】AB．由电路图知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测量的是R两端电压，当被测者身高越高时，R接入电路中的电阻越大，总电阻越大，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数之比变大，由可知，电路中电流减小，电流表示数减小，定值电阻R0两端的电压变小，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器R两端的电压变大，电压表示数变大，综上分析可知，故AB错误； C．当被测者身高减小时，R接入电路中的电阻减小，电路中的电流变大，由可知R0的电功率变大，故C错误； D．根据串联电路的电压规律知，变阻器与定值电阻的电压之和等于电源电压不变，因而任意两次电压表示数变化量的绝对值，等于定值电阻R0两端电压变化量的绝对值，根据知，电阻不变时，；所以任意两次电压表示数变化量的绝对值与电流表示数变化量的绝对值的比值都等于R0，故D正确。 故选D。 3．水中溶氧量是水产养殖的一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而增大。闭合开关，当溶氧量降低时（     ） A．电流表的示数变大 B．电压表与电流表示数的比值变大 C．电路的总功率变大 D．滑动变阻器的功率变大 【答案】B 【详解】由图可知，溶解氧传感器与滑动变阻器串联，电流表测电路总电流，电压表测溶解氧传感器两端的电压。 已知题干条件：当溶氧量降低时，溶解氧传感器的阻值增大。 A．串联电路中总电阻，增大后总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小，故A错误； B．电压表与电流表示数的比值，增大，因此比值变大，故 B正确； C．电路总功率，电源电压不变，电流变小，因此总功率变小，故C错误； D．滑动变阻器阻值不变，电流变小，根据，滑动变阻器的功率变小，故D错误。 故选B。 4．物理学中用照度（用符号表示）描述光的强弱，光越强则照度越大，照度的单位为Lux。某光敏电阻在不同照度下的阻值如下表所示，小明利用该光敏电阻制作了光控照明系统，其电路原理如图所示，电源两端电压恒为，电阻和中的一个是阻值为的定值电阻，另一个是光敏电阻。当室内照度时，使控制开关两端电压，从而触发控制开关启动照明系统。下列判断正确的是（　　） 照度/Lux 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2 电阻 75 40 24 20 18 15 A． B．照度越大，该电路控制开关两端的电压越大 C．若换用阻值更大的定值电阻，则照明系统可在更低的照度下启动 D．若换用电压更大的电源，则照明系统可在更低的照度下启动 【答案】C 【详解】A．当控制开关两端电压U≥U0时，控制开关会自动启动照明系统，可知光照强度小时，控制开关两端的电压大；根据表格的数据可知，当光照强度小时，光敏电阻的阻值大，根据串联分压规律可知，分得的电压变大，故可推断R1为光敏电阻，R2为定值电阻；当照度E=1.0Lux时，，，此时电路总电阻 电流 R1两端的电压 即，故A错误； B．光照强度越大，光敏电阻R1的阻值就越小，电路总电阻越小，电路电流越大，则定值电阻R2两端电压越大，根据串联电路分压规律，电路控制开关两端的电压越小，故B错误； C．若换用阻值更大的定值电阻，在相同照度下，定值电阻分得的电压更大，光敏电阻分得的电压更小。要使，需要R1的阻值更大，对应照度更低。所以照明系统可在更低的照度下启动，故C正确； D．若换用电压更大的电源，在相同照度下，电路电流更大，光敏电阻分得的电压也更大。要使，不需要R1阻值太大，对应照度更高。故D错误。 故选C。 5．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关和，小灯泡和均正常发光，电流表有示数。下列分析正确的是（　　） A．若断开，亮度不变，电流表示数变小 B．若断开，不亮，电流表示数大小不变 C．若断开，亮度不变，电流表示数变小 D．若断开，不亮，电流表示数大小不变 【答案】A 【详解】AB．小灯泡和并联，开关控制干路，开关控制小灯泡，电流表测干路电流，若断开，亮度不变，电流表示数变小，故A正确，B错误； CD．若断开，电路断路，小灯泡和都不亮，电流表没有示数，故CD错误。 故选A。 6．如图所示的电路，电源电压保持不变。先闭合后，再闭合，下列说法正确的是（　　） A．电压表示数不变，电流表示数变大 B．电压表和电流表的示数都变小 C．电压表示数和电流表示数的比值不变 D．电路的总功率变小 【答案】C 【详解】AB．先闭合，与串联，电压表测电压，电流表测电路电流，再闭合，被短路，电压表测电源电压，故示数变大，被短路，电路总电阻变小，电路电流变大，电流表示数变大，故AB错误； C．根据欧姆定律，电压表示数和电流表示数的比值为的阻值，为定值电阻，则电压表示数和电流表示数的阻值不变，故C正确； D．再闭合后，电路电流变大，根据，电源电压不变，电流变大，电路的总功率变大，故D错误。 故选C。 押题猜想二 填空题 押题猜想13 能源、材料、信息的传递 试题前瞻·能力先查 【母题】2025年12月27日，在长沙贺龙体育馆举行的“湘超”决赛巅峰对决正式落下帷幕，永州队勇夺冠军。不在现场的观众可以通过卫星实况转播观看比赛，利用了_______传递信息；体育馆的顶棚上覆盖有太阳能电池板，能将太阳能转化为_______能，体现了“绿色办赛”的环保理念。 【答案】 电磁波 电 【详解】卫星转播比赛利用的是电磁波传递信息；太阳能电池板将太阳能转化为电能。 分析有理·押题有据 信息、能源、材料的考查在中考中出现的频率较高，主要考查电磁波的应用，能源的分类，核能的区分以及材料的属性及应用。 押题秘笈： 1. 电磁波的传播不需要介质，真空中的传播速度为3×108m/s。现在的智能驾驶汽车的激光雷达采用的是红外线，属于电磁波。 2. 能源按照能否直接被利用分：一次能源和二次能源，其中电能属于二次能源。按照能否再生分：可再生能源和不可再生能源。其中煤、石油、天然气等化石能源和核能属于不可再生能源，风能、水能、电能、太阳能等属于可再生能源。 3. 核能属于不可再生能源，核裂变可控，如核电站，原子弹是不进行控制的核裂变。核聚变目前不可控，如氢弹，太能内部进行着核聚变。 终极猜想·精练通关 1．卫星是用________（选填“超声波”或“电磁波”）传递信息的；太阳能属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 【答案】 电磁波 可再生 【详解】超声波属于声波，声波的传播需要介质，而太空是真空环境，无法传播声波；电磁波可以在真空中传播，因此卫星利用电磁波传递信息。 可再生能源是能够源源不断从自然界获取的能源，太阳能可以持续从太阳获取，所以属于可再生能源。 2．中国“人造太阳”—中国环流三号，其原理是让氢的同位素氘和氚在极高温度和压力下发生_______、（选填“核聚变”或“核裂变”）反应，从而释放出巨大的能量；神舟飞船搭载的智能应急监测系统依赖高性能航天芯片支撑，制造这种航天芯片的主要材料是_______（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）；地球上的科学家可以通过_______和“嫦娥六号”进行交互 （选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）。 【答案】 核聚变 半导体 电磁波 【详解】核聚变是轻原子核（如氘、氚）在极高温度和压力下聚合为较重原子核的反应过程，该过程会释放出巨大能量，“人造太阳”的工作原理正是核聚变。 半导体的导电性能介于导体与绝缘体之间，且其导电性可通过技术手段精准调控，这一特性使其成为制造高性能航天芯片的核心材料，所以此处填写半导体。 超声波、次声波都属于机械波，传播必须依赖介质，而太空是真空环境，无法传递机械波；电磁波可在真空中传播，因此科学家依靠电磁波与“嫦娥六号”实现交互。 3．如图所示，取一个透明塑料瓶，在靠近瓶底的侧壁上钻一个直径约5 mm的小孔，实验时，先用手堵住小孔，向瓶中注水近满，盖紧瓶盖，松开堵住小孔的手，再打开激光笔，调整方向使光束能穿过塑料瓶从小孔射出，此时小孔前方的光屏上______看到光斑，然后拧松瓶盖，瓶中的水从小孔流出，会看到光随弯曲的水流传播，光在水流中经过多次______后传播，类似光波在光纤中传播。 【答案】 能 反射 【详解】第一步盖紧瓶盖时，瓶内气压小于外界大气压，水不会从小孔流出，光沿直线传播，可以直接穿过小孔射到前方光屏上，因此能看到光斑；拧松瓶盖后水流出形成弯曲水流，光在水流中传播，该现象和光纤原理相同，光经过多次反射后沿弯曲的水流传播。 4．如图甲所示为自动垂直升降式车库，可以有效增加停车场空间利用率。供汽车上升使用的电动机的工作原理与____（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理相同。其中的“AI公交”，如图乙，可以实现无人驾驶。无人驾驶时，车辆通过北斗高精度定位系统，利用_____波与卫星传递信息；摄像头和雷达收集的信息由车载芯片进行处理，芯片是由______材料制成的。 【答案】 扬声器 电磁 半导体 【详解】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动。扬声器工作时，通电的线圈在永磁体磁场中受力振动，带动纸盆发声，这与电动机的原理相同。而动圈式话筒是利用声波使线圈振动切割磁感线产生电流，其原理是电磁感应，与电动机的原理不相同；卫星与地面设备传递信息时，需要在真空中传播信号，电磁波可以在真空中传播，因此北斗定位系统利用电磁波和卫星传递信息；半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，是制造芯片、二极管等电子元件的主要材料，因此车载芯片由半导体材料制成。 5．华为推出新款手机mate70，采用双卫星通信，是通过__________传递信息，这种波在真空中的传播速度为__________km/h。 【答案】 电磁波 【详解】卫星通信依靠电磁波传递信息，电磁波可在真空中传播，能实现卫星与地面的远距离通信； 这种波在真空中的传播速度为 6．中国突破了“人造太阳”1亿摄氏度持续1000 s的技术，“人造太阳”与太阳相似，发生核________（选填“裂变”或“聚变”）释放出巨大的核能，核能是________（选填“可”或“不可”）再生能源。 【答案】 聚变 不可 【详解】太阳和模拟太阳的“人造太阳”，都是通过核聚变释放巨大核能；核能在短时间内不能从自然界得到补充，是不可再生能源。 押题猜想14 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 【母题】安安将排球水平击出，运动轨迹如图甲。运动过程中排球的机械能___________（选填“守恒”或“不守恒”）。图乙为排球经过图甲①、③点时的动能和重力势能，其中③点的重力势能未标出。由图分析得出：①点的机械能为5J；③点的重力势能为___________；②点的机械能E的取值范围是___________（取值范围用不等式表示）。 【答案】 不守恒 1J 4J＜E＜5J 【详解】[1]由图可知，小球弹跳的高度越来越低，说明小球在运动过程中，机械能越来越少，故在整个运动过程中，小球的机械能不守恒。 [2]重力势能由物体的高度和质量决定，已知①、③两点高度相同，所以①、③两点重力势能相等，由乙图可知①点的重力势能为1J，所以③点的重力势能也为1J。 [3]已知在整个运动过程中，小球的机械能不守恒，小球运动的时间越长，损失的机械能越多，所以可得；机械能等于动能加重力势能，由乙图可知③点动能为3J，重力势能为1J，机械能为4J，代数可得。 分析有理·押题有据 动能、重力势能、机械能的变化及转化是中考的热点，一般结合航空航天、体育、生产等进行考查。 押题秘笈： 1. 动能大小与物体的质量和速度有关。 2. 重力势能的大小与物体的质量和所处的高度有关。 3. 机械能是动能重力势能、弹性势能的总称。一般可根据是否受到阻力判断机械能是否守恒。 终极猜想·精练通关 1．2024年，搭载嫦娥六号的长征五号火箭升空，探测器加速上升时，动能___________，重力势能___________，机械能___________。（均选填“增大”“不变”或“减小”） 【答案】 增大 增大 增大 【详解】动能大小与物体质量、速度有关，质量不变时，速度越大动能越大。探测器加速上升时质量不变、速度增大，因此动能增大； 重力势能大小与物体质量、高度有关，质量不变时，高度越高重力势能越大。探测器上升时高度增加，质量不变，因此重力势能增大； 机械能等于动能与重力势能的总和，动能和重力势能都增大，因此机械能增大。 2．甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度以大小相等的初速度，同时抛出，甲球竖直向下抛出，乙球竖直向上抛出，丙球斜向上抛出。（不计空气阻力） (1)甲、乙、丙三球从抛出到落地前的运动过程中，重力势能的变化情况______；（选填“相同”或“不相同”） (2)乙、丙两球上升的高度较高的是______；（选填“乙球”或“丙球”） (3)甲、乙、丙三球落地时，动能的大小______。（选填“相等”或“不相等”） 【答案】(1)不相同 (2)乙球 (3)相等 【详解】（1）甲竖直向下抛出，运动过程中高度一直降低，重力势能一直减小；乙竖直向上抛、丙斜向上抛，都是先高度增加，重力势能增大，后高度降低，重力势能减小，因此三者重力势能的变化情况不相同。 （2）乙、丙质量相同，初速度大小相等，初始动能相等。乙竖直上抛，最高点速度为0，动能全部转化为重力势能；丙斜上抛，到最高点时仍有水平方向的速度，只有部分动能转化为重力势能，因此乙球获得的重力势能更大，上升高度更高。 （3）不计空气阻力，三个球机械能都守恒。三个球完全相同，初始高度相同，初速度大小相同，因此初始总机械能相等；落地时三个球高度相同，重力势能相同，因此落地时动能大小相等。 3．如图所示，是某运动员在冬奥会自由式滑雪决赛滑行轨迹。她从a点滑到b点，其动能增大，重力势能______（选填“增大”“减小”或“不变”）；滑行过程中，运动员在b点的动能______（选填“大于”“小于”或“等于”）c点的动能；运动员落至c点后不能立刻停下来，是由于运动员具有______。 【答案】 减小 大于 惯性 【详解】运动员从a点滑到b点，运动员质量不变，高度降低、重力势能减小。 从b点滑到c点，员上坡，动能转化为重力势能，同时滑行过程克服摩擦损耗机械能，因此运动员在b点的动能大于c点的动能。 运动员落至c点后不能立刻停下来，是由于运动员具有惯性。 4．“嫦娥五号”实现了我国首次月球无人采样返回。返回器使用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。若只考虑空气阻力和重力的影响，在这个过程中，由A到B段返回器的动能逐渐________（选填“增大”“减小”或“不变”），返回器在B点时的速度________（选填“大于”“小于”或“等于”）到达C点时的速度，从A到D的全过程中返回器机械能________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 减小 等于 减小 【详解】[1]返回器在大气层内从A到B，克服空气阻力和重力做功，机械能在减小，所以动能逐渐减小。 [2]从B到C，返回器穿出大气层，太空中没有空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，B，C两点距地面高度相同，重力势能相同，故动能也相同，所以B点的速度等于C点的速度。 [3]从A到D的全过程中，返回器多次经过大气层，一直都克服空气阻力做功，会消耗机械能，所以机械能减小。 5．在小区中我们常看到一些标志，如图所示。甲图为限速标志，设置原因是：同一辆汽车行驶速度越大，汽车具有的________能就越大；乙图为禁止高空抛物标志，物体从高空下落过程中________势能转化为动能。 【答案】 动 重力 【解析】【小题1】动能的大小和物体质量、速度有关，同一辆汽车质量不变，行驶速度越大，具有的动能越大，发生事故时破坏性更强，因此需要限速。 重力势能的大小和物体的质量、高度有关，高空下落的物体，高度降低使得重力势能减小，速度增大使得动能增大，因此是重力势能转化为动能。 6．如图所示，在同一高度以大小相同的初速度分别竖直向上和斜向上将同一小球抛出，不计空气阻力，小球落地时的速度大小分别为和，则________（选填“<”、“=”或“>”）。 【答案】= 【详解】小球初速度相同，不计空气阻力，运动过程中小球的机械能守恒，小球落地时的重力势能相同，动能相同，故速度也相同，即。 押题猜想15 压强与浮力的分析与计算 试题前瞻·能力先查 【母题】小湘为某农场设置的自动饮水装置原理如图所示，其中浮球C、连杆 B 与底盖A 刚性连接，可视为一个整体。设计要求：饮水槽水位下降至一定高度时，浮球C随之下沉，通过连杆B带动底盖A下移，水立即从出水孔流入饮水槽，实现自动补水；水位回升至最高时，浮球C恰好浸没，底盖A在连杆B 的带动下封闭出水孔。已知水箱底部出水孔的底面积为20cm2，浮球C质量为 400g、体积为2dm3，底盖A（含连杆B）的总质量为400g。（，g 取 10N/ kg，不计摩擦） (1)使用过程中各个牲畜饮水槽中的水不流动时水面总是______的。 (2)浮球C浸没时受到的浮力为_____N。 (3)为了达到设计要求，保障饮水槽中的最高水位不变，往水箱中蓄水时，水箱中的水位最高为_____m。 【答案】(1)相平 (2)20 (3)0.6 【详解】（1）各个水槽底部连通，上端开口，符合连通器的特点，连通器中水不流动时，各个水槽的水面总是相平的。 （2）浮球C浸没时受到的浮力为 （3）浮球C的重力为 AB的重力为 当水位回升至最高h时，浮球C恰好浸没，底盖A封闭出水孔，此时整体受力平衡，则有 可得 解得 分析有理·押题有据 压强和浮力的简单计算在湖南、长沙中考填空题中偶尔会出现，定性分析类主要考查压强与浮力的变化及比较，定量计算会考查压强、液体压强的计算、浮力的计算等。 押题秘笈： 1. 压强与压力的分析与计算 （1）固体（放在水平面上）：①压强为，柱体可用p=ρgh。②压力F=G或F=pS。 （2）液体：①压强为p=ρgh；②柱形容器：压力F=G或F=pS。非柱形容器的压力F=pS。 2. 浮力的四种计算方法 （1） 原理法（或压力差法）： （2） 称重法（或实验法）： （3） 阿基米德原理法： （4） 平衡法：通过受力分析，建立平衡方程。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，将同一个小球先后放入甲、乙两种不同的液体中，小球在甲液体中漂浮，在乙液体中悬浮。则________液体的密度最小（选填“甲”或“乙”），小球受到的浮力________（选填“大于”或“小于”或“等于”）。 【答案】 乙 等于 【详解】根据物体浮沉条件，小球在甲液体中漂浮，所以，在乙液体中悬浮，所以，因此可得，即乙液体的密度更小；小球在甲液体漂浮、乙液体悬浮时，浮力都等于小球自身的重力，同一个小球重力不变，因此 ，即二者浮力相等。 2．如图甲所示，用细绳将不锈钢勺子悬挂起来，使其静止在水平位置，则勺子悬挂点______（选填“左”或“右”）侧的质量较大一些；将自制简易密度计放入水、盐水和酒精中进行测量，在密度计上标出液面位置A、B、C，如图乙所示，则刻度A处标记的应是______的密度值。 【答案】 右 酒精 【详解】[1]静止水平的勺子可看作以悬挂点为支点的杠杆，根据杠杆平衡条件 ​   由图甲可知，悬挂点左侧力臂大于右侧力臂，即，因此，说明悬挂点右侧质量更大。 [2]密度计在不同液体中均漂浮，浮力始终等于自身重力，即浮力大小不变。根据阿基米德原理得，当液体密度越小，密度计排开液体的体积会越大，则浸入深度就会越大，所以液面在密度计上的位置越靠上；三种液体密度关系为，由图乙得，A是最靠上的刻度，对应密度最小，因此A处标记的是酒精的密度值。 3．如图所示，放在水平桌面上的甲乙两个完全相同的容器，内装有适量的水，将A、B两个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，两个容器内水面高度相同。两个正方体所受浮力关系是__________，容器对桌面的压力关系是__________（两空选填“大于”、“小于”或“等于”） 【答案】 小于 等于 【详解】 由图可知，A、B体积相同的正方体排开水的体积 根据阿基米德原理可得，浮力的大小关系为小于。 根据浮沉条件：A漂浮，；B悬浮， 即物体重力等于自身排开水的重力。 容器对桌面的总压力 替换后可得 已知两个容器完全相同、最终水面高度相同，因此容器内（原有水和排开水）的总重力相等，容器重力也相同，所以总压力相等，即。 4．底面积为、重为的薄壁平底圆柱形容器内装有适量的水放置在水平桌面上，现将体积为、重为的木块A轻轻放入容器的水中，静止后水面的高度为，如图（a）所示；若将一重为的物体B用细绳系于A的下方，使其恰好浸没于水中，如图（b）所示，不计绳重及其体积，，取。则物体的密度为__________；图（b）中水对容器底的压强为__________。 【答案】 【详解】图（a）中木块A漂浮，浮力等于重力 根据阿基米德原理可知，A排开水的体积 图（b）中把A、B看作整体，整体静止，总浮力等于总重力 总体积为 ​​B的体积为 B的质量为 因此B的密度 图（a）中，水面高度，容器底面积，容器内水面下总体积 水的体积 图（b）中，A、B都浸没，水面下总体积 此时水面高度 水对容器底的压强 5．一个体积为的木块，漂浮在水中时有的体积露出水面；漂浮在另一液体中时，有的体积浸在其中。则木块的密度为_____，另一液体的密度为_____。 【答案】 【详解】木块漂浮在水中时，浮力与重力相等。根据阿基米德原理，木块重力，排开水的体积 由列等式，化简得，木块密度 木块漂浮在另一种液体中时，浮力仍等于重力。此时排开液体的体积，同理由，列等式，化简得，代入数据可知液体密度 6．如图所示是兴趣小组设计的“浸泡上漆器”结构简图。足够高的柱形容器内装有密度为，深度为的油漆，则油漆对容器底部的压强为_______Pa。将底面积为，体积为的待上漆柱体A浸入油漆的深度为时，拉力传感器的示数为；柱体A浸没时，拉力传感器的示数为，，则柱体A的密度为_______。（取） 【答案】 【详解】油漆对容器底部的压强为 浸入油漆的深度为时，A受到的浮力为 柱体A浸没时，A受到的浮力为 则，解得。 则 则柱体A的密度为 押题猜想16 功、功率、机械效率的简单计算 试题前瞻·能力先查 【母题】一次作业中，叉车将质量为80kg的货物竖直匀速抬升了1m，用时2s；随后在水平地面沿直线匀速行驶了20m，用时8s。则抬升货物过程叉车对货物做功_________J，整个过程叉车对货物做功的功率为_________W。（g取10N/kg） 【答案】 800 80 【详解】货物重力 抬升货物过程叉车对货物做功 水平行驶时，叉车对货物的支持力是竖直向上的，而位移是水平方向，力与位移方向垂直，不做功。因此，整个过程叉车对货物做功的功率为 分析有理·押题有据 以汽车、轮船、工程机械等为情境，结合速度、功、功率、机械效率进行简单计算，是中考物理常考的考法，难度适中。 押题秘笈： 1. 速度： 2. 功：、 3. 功率：、 4. 机械效率： 终极猜想·精练通关 1．AI机器人逐渐进入了我们的生活，如图所示为我国自主研发的某款人形机器人搬货物的场景。机器人先将总质量为的货物箱提升，用时，又使货物箱沿水平方向平移了，用时，整个过程中机器人对货物箱做功_______J，功率为_______W。（取） 【答案】 300 20 【详解】货物的重力 提升货物时，机器人对货物的力竖直向上，货物沿力的方向移动了，此过程做功 水平平移货物时，机器人对货物的力竖直向上，货物移动方向水平，力与移动方向垂直，此过程不做功。 因此整个过程机器人对货物做的总功为 总时间为 功率为 2．如图所示的龙骨水车是我国古代最著名的农业灌溉工具之一。若工人踩动龙骨水车旋转一周可将的水提升到4m高的田地中，所用时间为60s，工人做功的总功率为50W，则该过程中龙骨水车所做的有用功为________J，机械效率为________。 【答案】 1200 40% 【详解】水的质量 水的重力 提水做的有用功 所做总功 则机械效率为 3．用如图所示的动滑轮，在5s内将重为180N的物体匀速向上提起2m，作用在绳端竖直向上的拉力F为100N，该动滑轮的机械效率是______%，拉力F的功率是______W。 【答案】 90 80 【详解】滑轮做的有用功为 承担物重的绳子段数为2，绳子自由端移动的距离为 拉力做的总功为 滑轮组的机械效率为 拉力F的功率是 4．利用5G无人配送快递可有效节约成本。如图为一辆在水平路面上匀速行驶的四轮5G无人配送车，每个轮子与地面的接触面积是，空载时质量为400kg，速度5m/s。配送车空载时，匀速行驶1min走的路程为_______m；对地面的压强为_______Pa。若配送车匀速行驶时，阻力大小为重力的，则配送车牵引力的功率为_______W。 【答案】 300 【详解】路程为 水平路面上，压力等于配送车的重力 四个轮子总接触面积 对地面的压强为 匀速行驶时，牵引力与阻力平衡，所以 配送车牵引力的功率为 5．建筑工地常使用塔式起重机（塔吊）吊运建筑材料。塔吊的起重臂可视为杠杆，下图是塔吊中用到的滑轮组。 (1)若起重臂所受阻力大小为6000N，动力臂是阻力臂的一半，则动力大小为________N； (2)图中，使用B滑轮的优点是________；若塔吊将重力大小为5000N的水泥板匀速提升10m，用时25s，此时右侧绳子拉力为4000N，提升过程中，对水泥板做功的功率为________W，滑轮组的机械效率为________。 【答案】(1)12000 (2) 可以省一半的力 2000 62.5% 【详解】（1）已知杠杆平衡条件是 题干中给出阻力，动力臂和阻力臂关系 则动力大小 （2）图中B滑轮是动滑轮，优点是可以省一半的力；对水泥板做的有用功 对水泥板做功的功率 由图知滑轮组绳子段数，滑轮组总功 滑轮组的机械效率 6．某同学用如图甲的滑轮5s内将重420N的物体匀速提升5m，提升过程中做功的部分数据如图乙。则有用功为___________J，所用拉力F为___________N，动滑轮的重力约为___________N，克服绳重与摩擦的功率约为___________W。 【答案】 2100/ 300 150 30 【详解】[1]有用功为 [2]由图乙可知，有用功占的比例为70%，所以总功为 由图甲可知，动滑轮上承重绳子的股数为n=2，绳子自由端移动的距离为 拉力为 [3]由图乙可知，克服动滑轮重所做的功占总功的比例约为四分之一，即25%，所以克服动滑轮重所做的功为 动滑轮的重力约为 [4]由图乙可知，克服绳重与摩擦的功约为 克服绳重与摩擦的功率约为 押题猜想17 电学简单计算 试题前瞻·能力先查 【母题】如图甲所示，科技小组设计了一个监测水位的装置，电路中电源电压保持不变，定值电阻的阻值为20Ω，为竖直放置的最大阻值为40Ω的滑动变阻器，浮子可带动变阻器滑片P上下平行移动。滑动变阻器接入电路的阻值随水位h的变化关系如图乙所示，当水位到达30cm时，电流表的示数为0.3A。则该电路消耗的最小总功率为________W；当装置内的水位达到警戒值25cm时，电流表的示数为________A，电压表示数为________V。 【答案】 0.6 0.2 4 【分析】滑动变阻器与定值电阻串联，电流表测电路总电流，电压表测两端的电压，再结合乙图可知水位越高，滑动变阻器接入电路的阻值越小。解题时先利用水位时滑动变阻器接入电阻为0、电流为的条件，结合已知的阻值算出电源电压，这是后续所有计算的基础；电路总功率与总电阻成反比，电源电压不变，因此当滑动变阻器接入最大阻值时总电阻最大，总功率最小，代入即可算出最小总功率；对于警戒水位的情况，先根据乙图中对应、对应的线性变化关系，算出时滑动变阻器接入的阻值，再算出此时电路的总电阻，用电源电压除以总电阻得到电流表示数，最后用电流乘以的阻值得到电压表示数。 【详解】由图甲可知，与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测两端电压。 由图乙可知：当水位时，，电路中只有，已知此时电流，，根据欧姆定律得电源电压 电源电压不变，根据，总电阻越大，总功率越小。当接入最大阻值时，总电阻最大 最小总功率 由图乙得，水位从到，从降到，可得规律：随着水位的变化的变化为。 则当时，滑动变阻器的阻值为 总电阻 电流表示数 电压表测电压，示数 分析有理·押题有据 综合电路分析，电流、电压的规律，欧姆定律，电功，电功率，电热等其中几个点进行考查，可能会涉及到图像分析、动态计算、极值范围等问题。 押题秘笈： 1. 分析电路。 2. 结合串、并联电路中电流、电压的规律，运用欧姆定律、电功、电功率等内容进行计算。注意当电路发生变化时，要抓住不变量。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从某一端点移动到另一端点的过程中，电流表的示数相应由0.1A变为0.3A，电压表的示数变化了3V，R1电阻为_____Ω，则R1电功率变化量为_________W。 【答案】 15 1.2 【详解】电路中R1与R2串联，电压表测R2两端电压，电流表测电路电流。 滑动变阻器的滑片从某一端点移动到另一端点的过程中，电压表两端电压分别为， 则 电功率变化量 2．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“”关系图像如图14-2所示。电源电压为_____V；定值电阻的阻值为______；此电路的最小总功率与最大电功率之比为______。 【答案】 6 10 1:3 【详解】[1]由图1可知，与串联，测电压，测电压。当滑动变阻器阻值从最大变到最小，电路电流逐渐增大：定值电阻的电压随电流增大而增大，滑动变阻器的电压随电流增大而减小，因此乙是的图像，甲是的图像。 串联电路总电压等于各部分电压之和，当时，，，电源电压 [2]根据欧姆定律，对取任意一组数据，如时，得 [3]电源电压不变，总功率，因此功率之比等于电流之比： 滑动变阻器阻值最大时，电流最小，；滑动变阻器阻值为0时，电流最大，， 因此 3．如图所示电路中，定值电阻R0=2Ω，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 3W”，则L正常发光时的电阻为_________Ω。将滑动变阻器R的滑片向下移动，直至L正常发光（忽略灯丝电阻随温度的变化），此过程中， 电压表V1示数将_________，电压表V1变化量和V2示数变化量之比的绝对 值为_________。 【答案】 3 变大 5：2 【详解】[1]因为小灯泡标有“3V 3W”，所以小灯泡正常发光时的电阻为 [2]滑动变阻器R、灯泡L、定值电阻三者串联。其中，电流表测电路电流；测L和的总电压；测灯泡L与R的总电压。 当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，电源电压恒定，由可知，电路电流I变大。而L和的总电阻不变，根据可知，它们的总电压的示数会随电流I变大而变大。 [3]因为电源电压U恒定，所以 其中（的示数），设滑片移动前后电流分别为、。那么示数变化量为 示数变化量与R0两端电压变化量相同，为 因为、 所以两者变化量之比的绝对值为 4．在城市交通中，电动自行车超载行驶会严重影响行车安全。为此，学校物理兴趣小组设计了一个简易超载报警系统，其原理图如图甲所示。当通过报警器的电流达到或超过0.5A时，报警器（其电阻不计）将自动报警。电路中的电源电压为6V，定值电阻，则通过R0的电流为___________A；已知电阻元件R的阻值与其所受压力F的关系如图乙所示，元件R受到的压力F小于___________N才不会触发报警，刚触发报警时电阻R消耗的功率为__________W。 【答案】 0.4 1200 0.6 【详解】由图甲可知，与并联，并联电路各支路电压等于电源电压，因此两端电压 通过的电流 不触发报警的条件是干路总电流，干路电流等于支路电流之和，因此通过的电流 两端电压也为，因此 即不触发报警时 由图乙可知，对应压力，且压力越大越小，因此当时，，总电流小于，不会触发报警。 刚触发报警时，总电流，，两端电压 刚触发报警时电阻消耗的功率 5．新房装修时，小科根据所学的知识设计制作了一款简易电子量角器，电路如图所示，电流表的量程为，电压表的量程为，为半圆弧电阻的圆心，金属滑片为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻与指针旋转角度成正比，电源电压恒为，为电阻箱。 (1)将滑片旋转至处，调节的阻值，使电路中电流为。电阻箱接入电路的阻值为_______。 (2)调节为时，电流表示数为，此时电压表示数为_______。 (3)为能满足测量的要求，重新调节电阻箱，满足要求的的最小阻值是_______。 【答案】(1)10 (2)3 (3)30 【详解】（1）当滑片OP旋转至M处时，，电路中只有，则接入电路的电阻为 （2）电路中与串联，电压表并联在两端，当为时，两端电压为 根据串联电路电压的特点，两端电压为，则此时电压表示数为3V。 （3）由（2）可知，当为时，的阻值为 接入电路的电阻与指针旋转角度成正比，则当为时， 根据串联电路的分压原理，当圆弧电阻两端电压最大时，圆弧电阻阻值最大，两端电压最小，对应阻值最小，电压表量程为0~3V，所以当圆弧电阻最大为时，，根据串联电路的电压特点，此时两端电压为 电路电流为，串联电路电流处处相等，则的最小阻值是 6．如图是小明设计的汽车后视镜加热原理图，具有防雾、除露、化霜功能，可通过旋钮开关实现功能切换。其中电源电压恒为10V，四段电热丝电阻均为10Ω，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。开关旋至“1”挡时，开启______功能（选填“防雾”“除露”或“化霜”）；当开启除露功能时，电路总电阻为______Ω，从除露到化霜，电路总电流变化了______A。 【答案】 防雾 10 1 【详解】[1]根据原理图可知，当开关旋至“1”挡时，两段电热丝串联接入电路；当开关旋至“2”挡时，只有一段电热丝接入电路；当开关旋至“3”挡时，两段电热丝并联接入电路；所以，当开关旋至“1”挡时，电路的总电阻最大；由可知，此时电热丝的发热功率最小，对应为防雾功能。 [2]当开关旋至“2”挡时，只有一段电热丝接入电路，电路的总电阻为中间值；由可知，此时电热丝的发热功率也为中间值，对应为除露功能。由题意可知，此时电路的总电阻为。 [3]当开关旋至“3”挡时，对应为化霜功能。由可得，此时通过电路的电流为 当开关旋至“2”挡时，对应为除露功能。由可得，此时通过电路的电流为 从除露到化霜，电路总电流变化了 押题猜想三 作图题 押题猜想18 光学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】雨过天晴的夜晚，部分凹形路面上存有积水，当小明走到如图所示位置时，通过水面看到了电线杆在水中的像。请在图中画出小明看到电线杆顶端A点的像的光路图。 【答案】 【详解】水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，像与物关于镜面对称，据此作出电线杆顶端A点的像，连接眼睛和像点，交平面镜于O点，即为入射点，连接AO、O与眼睛，AO、O与眼睛的连线分别为小明同学看到电线杆顶端A点的入射光线和反射光线。据此作图。 分析有理·押题有据 光学作图是作图题的热门考点，主要涉及到直线传播、光的反射、平面镜成像、光的折射以及透镜作图。 押题秘笈： 1. 明确题目要求，确定作图依据。 2. 根据相应的规律进行作图，注意虚线与实线。实际光线用实线，反向延长线与辅助线用虚线。 3. 注意箭头：谁看到箭头就指向谁。 终极猜想·精练通关 1．按要求作图。 (1)如图甲所示，小刚在路过金沙遗址博物馆门口时，发现地面上出现了太阳神鸟的投影图案。他想用光路图解释这一现象，请在图乙中作出在光源O的照射下，物体AB在地面上形成的影子。 (2)正月十五闹花灯是中国的一项传统文化活动。如图所示，小梅用左手压着灯杆的O点，花灯悬挂在B点。请画出在A点处提起花灯所需的最小动力F1以及动力臂L1。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）利用光的直线传播原理来作图，从光源O出发，作经过物体顶端A的光线，该光线与地面交于点；从光源O出发，作经过物体底端B的光线，该光线与地面交于点；线段即为物体AB在地面上形成的影子。 （2）根据杠杆平衡的条件，，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。由图可知，OA为最长动力臂L1时，动力最小，阻力的方向向下，所以动力的方向应该向上。过A点垂直OA向上作出最小动力F1。 2．某同学在探究光的折射规律的实验时，将一束激光从玻璃砖的圆弧边射向圆心，如图所示，发现在圆心处既发生了折射也发生了反射，请在圆心处画出折射光线的大致位置并作出反射光线。 【答案】 【详解】图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，在法线右侧的玻璃中作出反射光线；当光由玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角。 3．某学校为了建设节能校园，在地下停车场安装了导光管采光系统，如图甲所示，阳光穿过采光罩，会在导光管内壁发生反射。图乙中，一条光线照射到导光管内壁，请画出它的反射光线。 【答案】 【详解】在光的反射现象中反射光线、入射光线和法线（过入射点且垂直于反射面的虚线）在同一平面内；反射光线和入射光线分居在法线两侧；反射角等于入射角。据此作图。 4．“井底之蛙”一词最早出自庄子所作的《庄子·秋水》。同学们研究如何让井底的青蛙看到的空间范围更大一些。有同学提出放置一块平面镜就可以让青蛙看到原来看不到的美景。如图所示，B处为青蛙的眼睛，请你放置一块平面镜，使青蛙的眼睛能看到井外A处的美景。（保留作图痕迹） 【答案】 【详解】B处为青蛙的眼睛，通过平面镜的反射现象，使青蛙的眼睛能看到井外A处的美景，井的上方取O点，连接AO、OB，根据光的反射定律，反射角等于入射角，过O点作角AOB的角平分线，即法线，过O点作法线的垂线，即平面镜。 5．激光笔发出一束光，进入玻璃砖后到达玻璃砖另一侧的A点。改变激光笔照射方向，若光束进入玻璃砖后到达B点，请在图中画出入射光线的大致方向。 【答案】 【详解】根据光的折射规律：光从空气斜射入玻璃砖时，折射角小于入射角，且折射角随入射角减小而减小。 B点比A点更靠近法线，说明本题折射光线的折射角比原来到A点的折射角更小，因此对应的入射角也更小，入射光线比原入射光线更靠近法线，因此画在原入射光线和法线之间即可，据此作图。 6．处于主光轴上的物体AB经凸透镜折射后在光屏上成的像是A'B'，如图所示。请在图中画出薄凸透镜（也可用“↕”表示凸透镜），并标出其右侧焦点F的位置（请保留作图痕迹）。 【答案】 【详解】由于通过光心的光线经凸透镜后传播方向不变，所以连接AA'，其与主光轴的交点O就是凸透镜的光心，由此可以确定凸透镜的位置；因为平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点，过A点作平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后的光线过A'，折射光线与凸透镜右侧的主光轴的交点就是凸透镜右侧焦点F的位置。据此作图。 押题猜想19 力学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】在图中，桔槔是中国古代用于灌溉或汲水的一种器具，如图为桔槔处于平衡状态的简化示意图，请作出并画出动力的力臂及水桶所受重力的示意图。 【答案】 【详解】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，先确定杠杆的支点O，再沿F1的方向画出其作用线，从支点O向该作用线作垂线，支点到垂足的垂线段即为动力臂L1，作图时需标注直角符号与力臂符号；画水桶所受重力时，以水桶的重心为起点，沿竖直向下的方向画出重力。 分析有理·押题有据 力学作图主要考查常见力的画法、杠杆作图。 押题秘笈： 1. 常见力的画法：先找受力物体，确定力的作用点，然后分析力的方向，再画出力，标注符号，有大小还需要标注大小。 2. 杠杆作图： （1）动力、阻力画法：作用点在杠杆上，与对应的力臂垂直，动力使杠杆转动，阻力阻碍杠杆转动。 （2）力臂的画法：从支点作对应力的垂线段。 （3）最小力的画法：先确定作用点，若题目没给出，则杠杆上距支点最远的点为最小力的作用点，然后连接作用点和支点，即为最小力的力臂，再垂直力臂画出最小力，标注符号即可。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，一只大熊猫正用四肢紧紧抱住竖直的树干，保持静止状态。请你以大熊猫为研究对象，在图中画出它所受重力及摩擦力的示意图（点为大熊猫重心所在位置）。 【答案】 【详解】大熊猫在树干上保持静止，所以可画出受到竖直向下的重力，和竖直向上的摩擦力，二力大小相等，方向相反，在一条直线上。 2．如图，为了接山顶游客下山，一空缆车正匀速向山顶移动，a为缆绳，方框为缆车的轿厢，O为轿厢的重心，请在图中画出轿厢的受力示意图。 【答案】 【详解】缆车做匀速直线运动，处于平衡状态，受力平衡：轿厢仅受两个力，分别是竖直向下的重力，和竖直悬挂的缆绳a提供的竖直向上的拉力，两个力是一对平衡力，大小相等、方向相反。 3．如图是小明手握茶杯静止时的照片，请画出茶杯所受的支持力。（O为力的作用点） 【答案】 【详解】茶杯静止在手中，竖直方向受力平衡，重力竖直向下，手对茶杯的支持力（本质是静摩擦力）竖直向上，方向相反。作法：以重心O为起点，沿竖直向上的方向画一条有向线段，并标注字母“F”。 4．图甲所示是武汉天兴洲长江大桥，此桥是世界上最大的公铁两用斜拉桥。图乙是其部分简化模型，OB为水平桥面，O点为桥体OB的支点，OA是桥塔，请在图乙中画出： （1）斜拉钢索对桥体OB拉力最小时钢索的位置和对应的动力臂； （2）画出桥上车对桥的压力的示意图（把车等效为长方体）。 【答案】 【详解】（1）根据杠杆平衡条件，当阻力F2和阻力臂l2一定时，动力臂l1越长，动力F1越小； 在图乙中，在桥面OB和桥塔OA所有的拉索中，拉力的方向沿绳索向上；拉索连接在AB两点时，过O点作AB的垂线段，即为拉力的力臂l1；在所有拉力的力臂中，力臂l1最长，因此沿拉索AB向上的拉力F1最小。 （2） 车对桥的压力F的作用点在车与桥的接触面上（可画在车的底部中点），方向垂直于桥面向下，过作用点作垂直桥面向下的有向线段，标上压力的符号F，即为压力的示意图， 5．如图所示木块以一定速度从水平面冲上斜面并向上运动，用力的示意图画出木块在斜面继续向上移动过程中木块所受到的力。 【答案】 【详解】对木块进行受力分析：一是地球附近必定受到竖直向下的重力，二是斜面给它的垂直斜面向上的支持力，三是阻碍它沿斜面向上运动的摩擦力，方向沿斜面向下。 6．如图所示，要将轮胎绕A点滚上台阶，请画出最小推力F的示意图并保留作图痕迹。 【答案】 【详解】根据杠杆平衡条件，在阻力与阻力臂乘积一定的情况下，动力臂越长动力越小；要使推力最小，需以支点A到轮胎边缘的最远距离作为最长动力臂。 连接支点A与圆心O并延长，交轮胎左上边缘于点B，线段AB即为最长动力臂；过B点作垂直于AB向上的带箭头的线段，并标上字母F，即为最小推力F的示意图。 押题猜想20 电磁学作图 试题前瞻·能力先查 【母题】请用笔画线表示导线，按照安全用电原则将带有开关的电灯和三孔插座正确接入家庭电路中。 【答案】 【详解】首先辨别上面三根线分别为相线、中性线和保护线，灯泡的接法为相线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，中性线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断相线，接触灯泡时不会发生触电事故；三孔插座的接法：上孔接保护线，左孔接中性线，右孔接相线。 分析有理·押题有据 电路的作图一般在实验题中进行连线或改线，家庭电路作图、通电螺线管相关作图在中考中经常出现。 押题秘笈： 1. 连线或改线题：先不管电压表，从电源正极开始进行连线，最后再连接电压表。 2. 家庭电路作图：开关接在相线和用电器之间；插座按照“左零右火上地“接线。 3. 通电螺线管作图：先确定磁感线方向、螺线管极性、电流方向（电源正负极）、小磁针指向中哪个是已知的，根据该已知量确定其他三个。磁感线与螺线管极性互判（外部从N极出来），小磁针指向与螺线管极性互判（异名磁极相互吸引），螺线管极性与电流方向根据安培定则互判。 终极猜想·精练通关 1．如图所示的家庭电路，拉线开关同时控制两盏螺口灯泡，要求两盏灯泡并联，请将灯泡和开关正确接入家庭电路。 【答案】 【详解】开关接在中性线与灯之间，在家庭电路中，两盏灯泡并联。 2．如图，将插座和控制插座的开关正确接入电路。 【答案】 【详解】家庭电路中插座和开关的接线遵循“开关接火线，插座左零右火中间地”的原则，开关要接在火线与插座之间，插座的左孔接零线，右孔接开关的另一端（通过开关连接火线），上孔接地线。 3．如图甲是某款新型电热器。只有开关S闭合时，电动机M工作，开启冷风模式；再闭合开关S1，电热丝工作，进入暖风模式；仅闭合开关S1，电动机和电热丝均不工作。请在图乙中将该电热吹风机的电路图补充完整。 【答案】 【详解】根据题意，电动机与电热丝能独立工作说明两者并联，且开关S能控制整个电路，位于干路；开关S1仅控制电热丝，位于电热丝所在的支路。将开关S串联接在干路中，电热丝与开关S1串联组成一条支路，电动机M单独组成另一条支路，最后将两支路并联接入电路即可。 4．按题目要求作图。 (1)图甲为博物馆内“刘充国印”的展台，图乙是其示意图。F为凸透镜的焦点，O为凸透镜的光心，光线a平行于凸透镜的主光轴（图中虚线）。请在图乙中画出：光线a经过凸透镜折射后的光线及光线b经过平面镜反射后的光线。 (2)如图为一身高测量仪的电路示意图，金属板M可带动金属片P滑动，请在电路的圆圈内填上合适的电表符号，使电路完整。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）平行于主光轴的光线a经过凸透镜折射后，会聚于焦点；光线b先过入射点垂直于平面镜画出法线，再根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线。据此作图。 （2）如图电路需要滑动变阻器R正常工作，和定值电阻R0串联形成通路，上方电表串联在干路中，因此是电流表；下方电表并联在滑动变阻器R两端，因此是电压表。据此作图。 5．如图所示是实践小组利用泡沫板、电池、导线、螺线管制作的泡沫指南针。将它放在水面上，闭合开关后，轻轻拨动泡沫板，静止后箭头总是指向南方。请你在虚线框内画出电源的符号、螺线管两端的磁极符号及通电螺线管外部的磁感线方向。 【答案】 【详解】能自由转动的磁体静止时，S极指向南方，本题中箭头（螺线管下端）指向南方，则说明螺线管下端为S极，上端为N极。通电螺线管外部的磁感线是从N极出发，回到S极，因此图中虚线处的磁感线方向向下。根据安培定则（右手螺旋定则）：右手握住螺线管，大拇指指向N极（上端），四指弯曲方向为电流方向，可得电流从螺线管下端流入、上端流出； 电流在外部电路从电源正极流出、回到负极，因此：电源下端为正极，上端为负极。据此作图。 6．在图中，开关闭合后，小磁针静止时右端为N极。请画出A点磁感线方向并在括号里标明电源“”极或“”极。 【答案】 【详解】根据小磁针的指向，通过同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管右侧为N极，左侧为S极；在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极，A处的磁感线方向为从螺线管右侧指向左侧；根据安培定则可知电源左侧为“+”极。 押题猜想四 实验题 押题猜想21 热学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】图甲是小星改进后的探究水沸腾前后温度变化特点的实验装置，其中A管开口。 (1)图甲中温度计的示数为_________℃。 (2)小星根据实验数据绘制了温度随时间变化的图像如图乙所示。他观察到水从第6min开始沸腾，由图可知，水在沸腾时的温度_________。 (3)当水沸腾时，形成的大量气泡在上升过程中体积逐渐变_________。 (4)小星在水沸腾后撤去酒精灯，水停止沸腾后，在A管口连接抽气泵抽气使烧瓶内气压减小，水再次沸腾。由此可知，水的沸点随气压的减小而_________。 【答案】(1)96 (2)保持不变 (3)大 (4)降低 【详解】（1）该温度计的分度值为，液柱顶端对应刻度为，因此示数为。 （2）由图乙可知，水从第开始沸腾后，温度不再随时间升高，图像为水平直线，说明水沸腾时温度保持不变。 （3）沸腾时气泡：上升过程中水不断汽化，气泡内水蒸气增多，且液体压力变小，体积变大。 （4）气压减小后，已经停止沸腾的水在原有温度下再次沸腾，说明水的沸点随气压的减小而降低。 分析有理·押题有据 新课程标准学生必做热学实验出了用温度计测温度，就是探究水沸腾前后温度变化的特点。该实验湖南省中考、长沙中考2025年都考过，但今年不排除考查的可能性。 押题秘笈： （1）实验装置组装：需要按照自下而上的顺序组装，注意温度计的玻璃泡要完全浸没在水中，不能接触容器底和容器壁； （2）实验操作：水温升高后，每隔相同时间记录温度，同时要观察水中气泡的变化，区分沸腾前和沸腾时的气泡特点； （3）图像绘制：根据表格中的每组时间与对应温度数据，在坐标图中依次描出各点，再用平滑的曲线将所有点依次连接起来，即可得到水沸腾前后温度变化的图像； （4）实验结论：水沸腾过程中持续吸热，但温度保持不变，停止加热后水会停止沸腾，验证了沸腾需要持续吸热的条件；沸点与气压有关，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低。 终极猜想·精练通关 1．在探究“冰的熔化”和“水的沸腾”实验中，小李同学用了两组实验装置（如图甲、乙） (1)为探究“冰的熔化”实验，选择____装置做实验；实验装置的安装顺序是____； (2)在实验时，小李记录了实验数据，并根据实验数据绘制了图像，如图丙所示，由图像可知冰是____体，它熔化时温度的特点是____； (3)实验中给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如图中图线所示，若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图线如图丁，正确的是图线____； A．图线 B．图线 C．图线 D．图线 (4)将沸腾的水倒入烧瓶，继续探究液化现象的能量变化，实验装置如图戊（是温度计）。将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管中，试管放在装冷水的容器内，过一段时间，观察到试管中产生少量的水，同时可以看到温度计示数升高的现象，综合实验过程可初步得出结论：____。 【答案】(1) 甲 自下而上 (2) 晶 保持不变 (3)C (4)液化放热 【详解】（1）探究冰的熔化实验，为了使冰受热均匀、升温慢便于记录温度，需要采用水浴法加热，因此选甲装置；安装实验器材时，需要根据酒精灯外焰高度确定下层器材位置，因此安装顺序为自下而上。 （2）由图丙可知，冰熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此冰是晶体；它熔化时的温度特点是熔化过程中温度保持不变。 （3）仅增加水的质量，气压不变则水的沸点不变，排除沸点升高的、沸点降低的，水的质量增加，相同时间吸收热量相同，升温速度变慢，达到沸点需要更长时间，因此符合的是图线，故选C。 （4）水蒸气遇冷在试管A中液化，冷水容器B温度升高、温度计示数升高，说明水蒸气液化过程放出了热量，因此得出结论：液化放热。 2．小华利用实验室的自来水，探究水在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图甲。 (1)图甲中温度计的示数为________℃。 (2)水温升高到90℃开始计时，6 min后水沸腾，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。由图像可知：水在沸腾前，温度升高；沸腾时，温度________。 (3)由图乙知，所测水的沸点不是100℃，这是由于___________引起的。 (4)小华还想探究沸腾的水能否将试管中的水加热至沸腾，她取了同样的自来水倒入试管，利用图丙所示的装置进行实验，水温升高到85℃开始计时，得到温度和时间的数据如下表，请你根据数据分析：试管中水的最终温度________（选填“高于”“等于”或“低于”）沸点，试管中的水________（填“正在”或“没有”）沸腾。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度/℃ 85 89 92 95 97 98 99 99 99 99 99 【答案】(1)88 (2)保持不变 (3)当地气压低 (4) 等于 没有 【详解】（1）温度计的分度值为，液柱顶端对应刻度为，因此示数为。 （2）水沸腾的特点是持续吸热，温度保持不变，从图乙也可看出，沸腾后温度不再升高。 （3）只有标准大气压下，水的沸点才是；液体沸点随气压降低而降低，实验中沸点为，低于，是因为当地气压低于标准大气压。 （4）由表格数据可知，试管内水最终温度稳定在，等于本实验中水的沸点；液体沸腾需要同时满足两个条件：达到沸点，继续吸热，试管中水的温度和烧杯中沸水温度相同，无法发生热传递、不能继续吸热，因此试管中的水没有沸腾。 3．茶圣陆羽在《茶经》中形容沸腾的水“势如奔涛”。水沸腾前后温度变化有何特点呢？如图甲所示，小玉在做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。 表1： 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 96 98 98 98 98 表2： 物质 酒精 水 煤油 沸点/℃ 78 100 150 (1)向水壶中注入适量的水，闭合开关加热，在水温升高到90℃后，每隔1 min记录一次温度，直到水沸腾并持续一段时间。第2min温度计的示数如图乙所示，为________℃，由表1分析：图丙是水在沸腾________（选填“前”或“时”）的情况，此时气泡的主要成分是________（选填“水蒸气”或“空气”），水沸腾时吸热，温度________（选填“升高”或“不变”“降低”）； (2)在探究结束后，同学们对不同液体的沸点进行了交流，如图丁所示。小试管A内盛有水，大容器B内盛有表2（标准大气压下几种物质的沸点）所列的一种液体，此时若对大容器的底部持续加热，最终发现A内的水发生沸腾，则B内盛的液体是________。 【答案】(1) 94 前 水蒸气 不变 (2)煤油 【详解】（1）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，第2min温度计的示数为94℃； 水沸腾前，上层水温低于下层水温，气泡上升时，内部的水蒸气遇冷液化，气泡体积逐渐减小，所以丙图是沸腾前的情况； 沸腾前，水中的气泡是水汽化后形成的，此时气泡的主要成分是水蒸气； 由表1数据可知，水沸腾时，持续吸热，温度保持不变。 （2）液体沸腾需要满足两个条件：达到沸点、继续吸热。标准大气压下水的沸点是，要使试管A内的水沸腾，需要大容器B中液体的沸点高于，这样A中的水达到沸点后，才能继续从B吸热。根据表2，酒精沸点低于，煤油沸点高于，因此B内盛的是煤油。 4．某同学发现冬天水缸里的水结冰了，但腌菜缸里的盐水却没有结冰，他猜想：水中加入盐后，可能会对水的凝固点产生影响。为了验证这一猜想，他进行了如下实验。 【证据】 (1)他将一些盐放入水中，将做成的盐水用烧杯盛好放入冰箱，研究盐水的凝固过程。每隔一定时间，观察盐水的状态并测出温度，将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像，如图甲所示。烧杯内物质在第5分钟时处于______（选填“固”、“液”或“固液共存”）态。实验中盐水的凝固点为______℃，根据图像可知，盐水结成的冰为______（选填“晶体”或“非晶体”）。 【解释】 (2)根据实验获得的数据：在水中加入盐后______（选填“会”或“不会”）对水的凝固点产生影响。 【交流】 (3)如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，如图乙所示，试管中冰水混合物中，水会______（选填“变多”、“变少”或“不变”）。 【答案】(1) 固液共存 晶体 (2)会 (3)变少 【详解】（1）从凝固图像可知，盐水在分钟凝固过程中温度保持不变，第5分钟处于凝固过程中，因此处于固液共存态，保持不变的温度是，因此盐水的凝固点为，盐水有固定凝固点，属于晶体。 （2）纯水的凝固点为，盐水凝固点为，因此水中加入盐后，会改变水的凝固点。 （3）正在熔化的盐冰水混合物温度为，低于试管内的冰水混合物，试管内的冰水混合物会向外放热，其中的水达到凝固点、继续放热，因此水会凝固成冰，水的质量会变少。 5．某实验小组利用图甲所示实验装置探究冰熔化时温度的变化规律。 (1)实验中按图甲的方式对碎冰加热，目的是使碎冰______。 (2)如图乙所示温度计的示数是______℃。 (3)根据实验数据画出冰熔化过程的“温度—时间”图像，如图丙所示。分析图像可知冰属于______（选填“晶体”或“非晶体”）。 (4)进一步分析图像发现，0至t1时段内的温度变化比t2时刻后的温度变化快，其主要原因是冰和水的______不同。 (5)若对烧杯持续加热，烧杯中的水沸腾后试管中的水______（选填“会”或“不会”）沸腾。烧杯上方出现的“白气”是由水蒸气______（填物态变化的名称）形成的。 【答案】(1)受热均匀 (2)-3 (3)晶体 (4)比热容 (5) 不会 液化 【详解】（1）实验中按图甲的方式对碎冰加热，即采用水浴法加热，这样可以使碎冰受热均匀，避免局部温度过高，从而能更准确地探究冰熔化时温度的变化规律。 （2）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，液柱在0℃以下，其示数为−3℃。 （3）晶体有固定的熔点，在熔化过程中温度保持不变；非晶体没有固定的熔点，在熔化过程中温度不断升高。由于冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰属于晶体。 （4）根据可知，在吸收相同热量Q和质量m相同的情况下，温度变化量Δt与比热容c成反比。0至t1​时段内物质是冰，t2​时刻后物质是水，水的比热容比冰的比热容大，所以0至t1​时段内的温度变化比t2​时刻后的温度变化快。 （5）液体沸腾的条件是达到沸点且继续吸热。当烧杯中的水沸腾后，温度保持不变，此时试管中的水虽然能达到沸点，但由于试管内外温度相同，试管中的水无法继续从烧杯中的水吸收热量，所以试管中的水不会沸腾。 烧杯中的水沸腾后，水蒸气上升，遇到冷的空气液化成小液滴聚集在烧杯上方，就是我们看到的“白气”。 6．科技小组学习完比热容相关知识后，想利用自制教具探究海陆风的成因。 任务一：探究沙子和水的吸热能力 (1)利用如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。取相同______和初温的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，实验时通过比较______来间接反映水和沙子吸收热量的多少； (2)依据实验数据描绘如图乙的水和沙子的温度随时间变化的图像，由图像可知在时间相同时水的升温比沙子的升温慢，若升高相同温度，______的加热时间要更长，说明______的吸热能力强，根据图像可知沙子的比热容是______； 任务二：实验模拟海陆风的形成 (3)取下两箱子的封口盖，在两个箱子的侧面分别开一个小孔，连上一个两端开口的透明细管AB，点燃一支香放在细管中（如图丙），请利用所学知识分析判断：相同条件下，加热一段时间后，白烟将会从管的______（选填“A”或“B”）管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是______（选填写字母）。 A．从大海吹向陆地                B．从陆地吹向大海 【答案】(1) 质量 加热时间 (2) 水 水 (3) B B 【详解】（1）根据控制变量法，实验中应取相同质量和初温的水和沙子。 用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，则单位时间内水和沙子吸热相同，根据转换法，可通过加热时间来间接反映水和沙子吸收热量的多少。 （2）时间相同时水的升温比沙子的升温慢，所以若升高相同温度，水的加热时间要更长，吸收热量更多，说明水的吸热能力强。 由图乙可知，加热相同时间（8min），吸收相同热量，水和沙子升高的温度之比为，根据可知，质量相同时，比热容和温度变化量成反比，所以水和沙子比热容之比为，则沙子的比热容 （3）如图丙，相同条件下加热时，沙子的比热容比水小，升温更快，会使沙子上方的空气受热膨胀、密度变小而上升，沙子所在的B侧容器内形成低压区；水的升温慢，水上方空气温度较低、密度较大，会从A侧流向B侧补充，因此白烟会从B管口冒出。 夜间时，陆地（沙子）的散热速度比海洋（水）快，陆地温度更低，空气遇冷收缩、密度变大，海洋上方空气温度相对较高，会向上流动，空气从陆地流向海洋，所以夜间风是从陆地吹向大海，故B符合题意，A不符合题意。 故选B。 押题猜想22 光学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】2025年6月6日是第30个全国“爱眼日”。图甲为眼睛的结构示意图，图乙为某科学兴趣小组自制的一个用来模拟眼睛变焦过程的装置。 (1)图甲中的视网膜相当于图乙中的_______。在图乙的光屏上已成蜡烛的清晰像（像未画出），其情况是倒立、_______（填“缩小”“等大”或“放大”）的实像。 (2)图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后（相当于看近处景物），光屏上的像变模糊了，缓慢______（填“注入”或“吸出”）适量水来改变水凸透镜厚度，像又变清晰了。当眼睛长时间处于这种状态时，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较______（填“薄”或“厚”）状态。 (3)图乙中若往水凸透镜中注入过多的水，则会导致所成的像在光屏的_____（填“前方”或“后方”），这和_______（填“近视眼”或“远视眼”）的成因是一样的。 (4)据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议：___________。 【答案】(1) 光屏 缩小 (2) 注入 薄 (3) 前方 近视眼 (4)不长时间近距离用眼，用眼一段时间后远眺放松（合理即可） 【详解】（1）人眼的视网膜是承接像的结构，对应模拟装置中的光屏。 由图乙可知，光屏上已成蜡烛的清晰像，且蜡烛到水凸透镜的物距大于光屏到水凸透镜的像距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像。 （2）蜡烛右移（物距减小）后，根据凸透镜成像规律，像会向右远离光屏，要让像重新清晰成在位置不变的光屏上，需要增强水凸透镜的折光能力，因此要注入水使水凸透镜变厚。 长期看近处物体，睫状肌疲劳失去弹性，看远处景物时，无法将晶状体调节到较薄的状态（看远处需要薄晶状体降低折光能力）。 （3）往水凸透镜注入过多水后，晶状体过厚，折射能力过强，光线会提前会聚，像成在光屏前方，这和近视眼的成因完全一致：近视眼就是晶状体太厚，折光能力过强，远处物体的像成在视网膜前方。 （4）预防近视的科学建议合理即可，例如：不长时间盯着书本或电子屏幕、坚持做眼保健操、不在昏暗环境下看书等。 分析有理·押题有据 光学实验主要有三个：探究光的反射定律、探究平面镜成像特点、探究凸透镜成像规律。后两个在近几年湖南、长沙中考中均出现过，今年也有一定的考查概率。 押题秘笈： 1. 弄清器材、环境的选择的原因，比如为什么用玻璃板代替平面镜。 2. 弄懂光路图。很多问题可以通过光路图来分析，如眼睛在哪一侧观察，可以根据反射或折射光在哪一侧进行判断。 3. 搞清楚每一步操作的目的以及对应的结论。 4. 能够准确描述结论，并能利用结论进行相应的判断。 终极猜想·精练通关 1．小明同学在《探究光的反射定律》的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可绕竖直接缝ON翻折。 次数 1 (1)如图甲，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB。接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上_________（选填“能”或“不能”）显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在__________内。 (2)小明记录的数据如表所示，根据这组数据，他________（选填“能”或“不能”）得出关于光反射时反射角与入射角关系的结论，原因是________。 (3)若将光线沿方向射向镜面，反射光会沿方向射出，这说明在光的反射现象中，光路是________的。 (4)生活中利用光的反射原理工作的物品有很多，请举一例：________；若要让教室黑板不出现“反光”现象，应让黑板表面发生________（选填“镜面反射”或“漫反射”）。 【答案】(1) 不能 同一平面 (2) 不能 一次实验具有偶然性，应多次实验寻找普遍规律 (3)可逆 (4) 穿衣镜 漫反射 【详解】（1）当纸板F绕ON向后翻折时，纸板F与纸板E（入射光线所在平面）不再共面，因此纸板F上不能显示出反射光束。这一现象说明：反射光线、入射光线与法线（ON）在同一平面内。 （2）科学实验需要多次重复以排除偶然性，得出普遍规律。小明仅记录了1组数据（入射角48°、反射角48°），实验次数太少，结论具有偶然性，因此不能仅凭这组数据得出“反射角等于入射角”的普遍结论。 （3）若将光线沿BO（原反射光线方向）射向镜面，反射光会沿OA（原入射光线方向）射出，这说明在光的反射现象中，光路是可逆的。 （4）生活中利用光的反射原理的物品很多，例如平面镜（成像）、汽车后视镜（凸面镜扩大视野）、潜望镜（利用两次反射）等。 黑板“反光”是因为表面太光滑，发生了镜面反射（强光集中反射，刺眼）。要让黑板不反光，应让表面粗糙，发生漫反射（光线向各个方向散射，使不同位置的人都能看清）。 2．我国古代文献中有许多关于光学的记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若将纸板沿底边向后倾，AO仍以相同的入射角沿着纸板入射，在纸板右半面上__________看到反射光线（填“能”或“不能”），高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生了__________（填“镜面”或“漫”）反射。 (2)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，优点是___________，判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上__________（填“凸透镜”、“玻璃板”或“光屏”） (3)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，他们把器材摆放、调整到如图所示位置，此时光屏上成清晰的像，像距为__________cm。根据此时光屏上像的特点，制成了__________、（选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）。如果有白色、黑色、红色和绿色四种颜色的光屏，选__________色光屏进行实验更好。 【答案】(1) 不能 镜面 (2) 便于确定像的位置 光屏 (3) 40.0 投影仪 白 【详解】（1）[1]根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。当把纸板沿底边向后倾时，AO仍以相同入射角沿纸板入射，但此时纸板右半面所在平面与反射光线和法线所在平面不再重合，所以在纸板右半面上不能看到反射光线。 [2]高楼大厦采用的玻璃幕墙表面很光滑，平行光线照射到上面，反射光线也是平行的，这种反射是镜面反射，会造成光污染。 （2）[1]在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，玻璃板既能反射光成像，又能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置。 [2]实像可以呈现在光屏上，虚像不能呈现在光屏上，所以判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上光屏，若光屏上有像，则是实像，若无像，则是虚像。 （3）[1]由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，像距是指像到凸透镜的距离，此时像距为40.0cm。 [2]由图丙可知，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，投影仪是根据这个原理制成的。 [3]白色物体可以反射所有颜色的光，黑色物体吸收所有颜色的光，红色物体只反射红光，绿色物体只反射绿光，为了能清晰地看到像，应选用白色光屏进行实验。 3．“探究光的反射定律”实验中。 (1)如图甲，将一束光斜射到水平放置的平面镜上，尝试用一块白纸板去寻找入射光和反射光，实验中白纸板的主要作用是___________；固定入射光方向和入射点不变，多次调整白纸板位置，当白纸板与镜面的位置关系为___________时，白纸板上同时呈现入射光和反射光。 实验序号 ① ② ③ ④ 入射角/（°） 30 40 50 60 反射角/（°） 30 40 50 60 (2)图乙中，多次改变入射光的方向，用量角器测量每组反射角与入射角大小并记录在表中，可得结论___________；实验①~④过程中，入射光 EO逐渐___________（选填“靠近”或“远离”）法线，其反射光在平面镜中的像绕O点___________时针旋转。 (3)入射光始终紧贴白纸板，从白纸板上的 E 点射向O点，在图乙基础上再进行如下操作： ①如图丙，将白纸板整体以ON为轴旋转； ②如图丁，将白纸板整体绕底边 CD向后倾斜。则反射光能在白纸板上呈现的是图___________；与图乙相比，入射角大小发生变化的是图___________。 【答案】(1) 显示光路 垂直 (2) 光反射时，反射角等于入射角 远离 逆 (3) 丙 丁 【详解】（1）[1]由于不能直接在空气中观察到光路，实验中借助白纸板显示光路。 [2]入射光线、反射光线和法线在同一平面内，法线与镜面垂直。所以固定入射光方向和入射点不变，多次调整白纸板位置，发现白纸板与平面镜垂直时，白纸板上同时呈现入射光和反射光。 （2）[1]由表可知，反射角和入射角的大小始终相等，可得：在光的反射现象中，反射角等于入射角。 [2][3]实验①~④过程中，入射角逐渐增大，反射角也增大，反射角等于入射角，即入射光EO绕O点逆时针旋转，逐渐远离法线；反射光线绕O点顺时针旋转，也逐渐远离法线。平面镜成的像与物关于平面镜对称，所以反射光在平面镜中的像绕O点逆时针旋转，逐渐靠近镜面。 （3）[1]将白纸板整体以ON为轴旋转（图丙），入射光线和法线始终在白纸板上，根据入射光线、反射光线和法线在同一平面内可知，反射光能在白纸板上呈现；将白纸板整体绕底边CD向后倾斜（图丁），法线不在白纸板上，所以反射光不能在白纸板上呈现。 [2]与图乙相比，图丙的实验将白纸板整体以ON为轴旋转，即入射光线和法线的相对位置不变，所以入射角不变；图丁的实验白纸板整体绕底边CD向后倾斜，法线不在白纸板上，即入射光线和法线的相对位置改变，所以入射角改变。 4．在“探究平面镜成像特点”的活动中：（如图所示） (1)实验过程中应点燃蜡烛________（选填“A”、“B”或“A和B”）。移动蜡烛B，发现蜡烛B与A的像完全重合，由此可知平面镜成像，物与像的大小相同。 (2)更换蜡烛后正确操作，记录下A、B两支蜡烛在纸上的位置如图乙所示，通过分析得出像与物到玻璃板的距离相等，像与物的连线与玻璃板垂直；为了证实上述有关成像特点是否可靠，你认为应采取的操作是________； A．保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行观察、测量 B．保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置，进行与上述（3）相同的操作 (3)下列实验中与（2）多次实验目的相同的有________ A．测量定值电阻阻值实验中，多次改变电压 B．探究电流与电阻关系时，多次改变电阻 C．探究杠杆平衡条件时，多次改变钩码数量与位置 D．刻度尺测量物体长度时，多次测量 (4)若实验时，玻璃板不与水平桌面垂直，如图丁所示，则发生的现象是________； A．蜡烛A仍然成像在蜡烛B处 B．蜡烛A成像位于水平面偏上方 C．蜡烛A成像位于水平面偏下方 (5)如图戊所示，若玻璃板的厚度为3 mm，铅笔分别在玻璃板两个面各成1个像，则2个像中的笔尖相距________mm。 【答案】(1)A (2)B (3)BC (4)B (5)6 【详解】（1）实验只需要点燃玻璃板前的蜡烛A；若点燃B会使玻璃板后方背景变亮，看不清A的像，无法比较像与物大小。 （2）一次实验结论具有偶然性，要得到平面镜成像的普遍规律，需要保持玻璃板位置不变，多次改变蜡烛A的位置重复实验，故选B。 （3）（2）中多次实验的目的是得到普遍规律，避免偶然性： AD．测量定值电阻、测量长度的多次实验目的是减小误差，故AD不符合题意； BC．探究电流与电阻关系、探究杠杆平衡条件，多次实验都是为了寻找普遍规律，故BC符合题意。 故选BC。 （4）平面镜成的像与物关于镜面对称，题图中玻璃板上端向蜡烛A侧倾斜，因此A的像会成在水平面偏上方，故选B。 （5）根据平面镜成像“物距等于像距”：玻璃板厚度为3mm，铅笔尖紧贴前表面，前表面成像位置在前表面处；铅笔尖到后表面的距离为3mm，后表面成像到后表面的距离也为3mm，因此两个像的间距为 5．在“探究平面镜成像的特点”实验中： (1)桌面有4支蜡烛，如图甲所示，应该选择__________（填字母）两支蜡烛开展实验，是为了比较像与物的__________关系； (2)采用透明玻璃板代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但能在观察到前面点燃蜡烛的像的同时，也能观察到后面__________（填“点燃”或“未点燃”）蜡烛的位置，目的是__________； (3)为了验证平面镜所成的是虚像，如图丙拿走后面蜡烛，用白纸板代替蜡烛，应该用__________（填“①”“②”或“③”）的方式观察白纸板，根据__________的实验现象说明平面镜成的像是虚像； (4)如图丁所示，商场柜台旁放有一面直立的平面镜，小华沿直线AD行走，直线AD与平面镜平行，B、C为由平面镜底边两端点向AD所作垂线的交点，则小华能从平面镜中观察到自己像的路段是__________（填序号）。 A．AB和CD段 B．只有AC段 C．只有BC段 D．只有BD (5)同组的小轩用棋子代替蜡烛进行实验，小轩在白纸上沿棋子A和B的边缘画圆，测出物到玻璃板的距离u和像到玻璃板的距离v的值如表： u/cm 3.39 5.11 6.39 v/cm 3.50 5.22 6.51 小轩发现三次实验的像距都比物距略大一些，原因是__________ A．刻度尺测量像距时存在误差 B．玻璃板有一定厚度 C．物和像的标记点不对应 D．玻璃板没有竖直放置 【答案】(1) C、D 大小 (2) 未点燃 便于确定像的位置 (3) ② 白纸板上无像 (4)C (5)B 【详解】（1）探究平面镜成像特点时，需要选择大小完全相同的两支蜡烛，图甲中C、D蜡烛大小相等，因此选C、D；选择相同蜡烛的目的是便于比较像与物的大小关系。 （2）实验中放在玻璃板后的蜡烛不需要点燃，保持未点燃状态更便于观察像与蜡烛的重合，最终目的是方便确定像的位置。 （3）虚像不能用光屏承接，验证虚像时需要在镜后的白纸板一侧直接观察白纸板，因此选②的观察方式；若白纸板上无像，即可说明平面镜成的是虚像。 （4）平面镜成像的原理是光的反射，要从平面镜中观察到自己像，则他反射的光线经平面镜反射后反射光线一定要进入他的眼睛；由图结合光的反射定律可知，他在 AB 段或 CD 段行走时，反射光线会在法线的另一侧，即平面镜反射的光线不会进入他的眼睛，则他不能从平面镜中观察到自己像；而他在 BC 段行走时，他反射的光线经平面镜反射后反射光线会进入他的眼睛，则他能从平面镜中观察到自己的像。故 C 符合题意，ABD 不符合题意。 故选C。 （5）测量误差是随机的，不会每次都让像距偏大；玻璃板有一定厚度，反射面是玻璃板的前表面，测量物距时从物体到前表面，测量像距时会额外包含玻璃板的厚度，因此像距总比物距略大一些，故选B。 6．小亮在“探究凸透镜成像的规律”的实验中： (1)实验台上有一个凸透镜和一个凹透镜，小亮将他们同时放在阳光下，看到的现象如图甲A、B所示，则______透镜是凸透镜。 (2)如图乙所示，让一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，在光屏上找到一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距是______cm。 (3)为了避免烛焰在光屏上所成的像如图丙，需要将烛焰的中心、凸透镜的光心和光屏的中心放在____________。 (4)将器材调整到如图丁所示的位置时，在光屏上恰好得到了清晰的像，此时所成的像为倒立、______的实像，这与______的成像原理相同。 (5)若在图丁中紧挨凸透镜左侧再放一片镜片，发现光屏上的像变模糊了，将光屏向透镜方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，则该镜片可做______视眼镜。 【答案】(1)B (2)10.0 (3)同一高度 (4) 缩小 照相机 (5)远 【详解】（1）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；阳光下B透镜能会聚光线形成更小的亮斑，因此B是凸透镜。 （2）平行光经凸透镜会聚成的最小最亮光斑到光心的距离为焦距，由乙图可得，该凸透镜的焦距为 （3）实验要求将烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心调整到同一高度，才能让像成在光屏中央。 （4）由丁图得物距为，物距大于两倍焦距即，此时成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同。 （5）放入镜片后光屏需靠近透镜才能再次清晰，说明该镜片对光线有会聚作用，是凸透镜；凸透镜可矫正远视眼，因此可做远视眼镜。 押题猜想23 力学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】小亮发现：鸡蛋放入水中会下沉，他准备到实验室测量生鸡蛋的密度。 (1)他将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，观察到指针的偏转情况如图甲所示，他应将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调，使天平横梁平衡；他把鸡蛋放入天平左盘，正确操作后，天平的示数如图乙所示，他又将鸡蛋放在装满水的溢水杯中，测量溢出水的体积如图丙所示，则鸡蛋的密度为___________g/cm3； (2)小亮回家后又想测熟鸡蛋的密度，他把熟鸡蛋放入水中发现它也下沉，于是他找来家中一个底面积为S的圆柱形透明杯子、刻度尺、水盆和适量的水，按照如图丁所示的过程，测出了熟鸡蛋的密度。请你帮他把实验步骤补充完整，并写出熟鸡蛋密度的表达式。 ①向杯内倒入适量的水，用刻度尺测出杯内水的高度为h1； ②将鸡蛋放入水中，用刻度尺测出杯内水的高度为h2，则鸡蛋的体积表达式为___________（用题中的字母表示）； ③取出鸡蛋，将杯内水倒净使其漂浮在水盆中如图所示，用刻度尺测出杯底浸入水中的深度为h3； ④再将鸡蛋放入杯中，用刻度尺测出杯底浸入水中的深度为h4，鸡蛋的密度表达式为=___________。（均用题中的字母和表示） 【答案】(1) 左 1.1 (2) S（h2﹣h1） 【详解】（1）天平放在水平桌面，游码移到零刻度线处，由图甲知指针偏向分度盘右侧，根据天平调平原则，平衡螺母应向左调节，使天平横梁平衡。 由图乙知，天平标尺分度值为0.2g，鸡蛋质量 由图丙知，量筒分度值为2mL，鸡蛋体积等于溢出水的体积，即 根据密度公式可得鸡蛋密度 （2）因为圆柱形容器底面积为S，放入鸡蛋前水的高度为，放入鸡蛋后水的高度为，根据体积变化可知鸡蛋体积 当杯子漂浮在水盆中时，杯底浸入水中深度为，将鸡蛋放入杯中后，杯底浸入水中深度为。增加的浮力等于鸡蛋的重力，即， 所以鸡蛋质量 根据密度公式可得鸡蛋密度 分析有理·押题有据 常考力学实验包括：测量物体运动的速度、密度的测量、探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关、探究液体压强与哪些因素有关、探究浮力大小与哪些因素有关、探究杠杆平衡条件。湖南省中考这两年都考查探究杠杆平衡条件，长沙中考力学实验除了探究杠杆平衡条件、测量物体运动的速度、探究液体压强与哪些因素有关，其他几个实验都考查过，其中探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关考查了几次。 押题秘笈： 1. 确定实验目的，即做什么。 2. 明确实验原理，即怎么做。 3. 注意各实验的操作要点，注意事项。 4. 根据实验现象或实验数据进行分析。 5. 准确表述实验结论。 6. 利用实验结论解释相关现象。 终极猜想·精练通关 1．污水净化处理工艺中，气浮技术是利用气泡吸附悬浮污染物的原理，实现对污水的固液分离。小明查阅资料得知，气泡在污水中上升速度会影响净化效率。他设计了测量气泡在水中运动速度的实验并研究了气泡的运动特点。小明取内径约为0.8cm，长为100cm的玻璃管注满水，管中留一小气泡，如图甲所示，先将玻璃管右端抬高，使气泡处在右端；再把右端放到桌面上，观察气泡运动情况。 (1)测量前，小明练习使用机械秒表测量时间，某次秒表指针位置如图乙所示，其读数为__________s。 (2)实验中气泡经过O点开始计时，测出气泡从O点运动到距O点20cm处、40cm处、60cm处、80cm处所用时间分别为：5.0s、10.0s、15.0s、20.1s；根据测量结果，以路程s为纵坐标，时间t为横坐标，在图丙中画出气泡运动的s-t图像__________，由图像可知，气泡做__________直线运动，你的依据是：__________。 (3)若不小心让气泡过了O点才开始计时，则所测时间将_________。（选填“变长”、“变短”或“不变”） (4)实验评估：对于上述方案，你觉得每个区间的距离_________（选填“必须”或“可以不”）相等。 【答案】(1)247.5 (2) 匀速 气泡运动的路程与时间成正比 (3)变短 (4)可以不 【详解】（1）秒表小表盘分度值为0.5min，指针在4min与5min之间，偏向4min，大表盘分度值为0.1s，指针在7.5s，所以读数为 （2）[1]根据数据描点连线得到s-t图像，如下图所示： [2][3]由图像可知，运动的路程与时间的图像是一条过原点的直线，说明气泡运动的路程与时间成正比，因此气泡做匀速直线运动。 （3）如果不小心让气泡过了O点才开始计时，测量的时间偏小，由可知所测平均速度会偏大。 （4）因为做匀速直线运动的物体在相同时间内通过的距离相等，速度大小不变，所以每个区间的距离可以不相等，只不过距离相等更容易发现运动规律。 2．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验，如图所示。 (1)实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其在木板表面或毛巾表面做______运动，根据______的条件，可知此时摩擦力和拉力大小相等。 (2)比较甲、乙图中弹簧测力计的示数，可知滑动摩擦力的大小与______有关。 (3)利用如图甲的实验装置重复操作，下列哪几个选项的木块所受摩擦力大小仍为1.6N______（填字母）。 A．将水平拉力增大到3N B．让木块以更大的速度运动 C．将木块从中间竖直切开后叠放 D．将木块水平切去一半 (4)有同学利用拉力传感器和木板改进实验，如图丁所示。请写出该实验的一条优点：______； 【答案】(1) 匀速直线 二力平衡 (2)接触面的粗糙程度 (3)ABC (4)不需要匀速拉动木板，操作更简单/测力计示数稳定，方便读数 【详解】（1）实验中，只有拉动木块做匀速直线运动时，木块才处于平衡状态，根据二力平衡条件，水平方向的拉力和滑动摩擦力大小相等，即可间接测出滑动摩擦力。 （2）甲、乙两图中，压力大小相同，接触面粗糙程度不同，弹簧测力计示数不同，因此可得滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。 （3）滑动摩擦力只和压力大小、接触面粗糙程度有关，和拉力大小、运动速度、接触面积无关。木块竖直切开后叠放，总压力、接触面粗糙程度都不变，滑动摩擦力大小不变；木块水平切去一半，压力减半，滑动摩擦力减半，故ABC符合题意；D不符合题意。 故选ABC。 （4）图丁改进实验中，木块始终保持静止，拉力传感器的示数始终等于滑动摩擦力，优点是：不需要匀速拉动木板，操作更简单，或测力计示数稳定，方便读数。 3．某兴趣小组利用如图所示器材，探究“液体压强跟哪些因素有关”。 (1)压强计是通过观察U形管两端液面的________来显示橡皮膜所受压强大小的仪器； (2)通过比较图中________两个实验，是为了探究液体的压强与液体深度的关系； (3)通过比较图中丙丁两个实验，可得出的实验结论是____________________； (4)某次实验测得压强计中U形管左侧液面下降4cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差为________Pa；（U形管中红色液体密度和水的密度相同） (5)利用如图戊的实验器材进行拓展实验：容器中间用隔板分成A、B两部分，隔板底部有一小圆孔（用C表示），用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变。如图己，当在A中盛水，测得深度为12cm，在B中盛某种液体，测得深度为15cm，此时C处橡皮膜形状刚好不改变，则B中液体密度是_____kg/m3。 【答案】(1)高度差 (2)乙丙 (3)在液体深度相同的情况下液体密度越大，压强越大 (4)800 (5)0.8×103 【详解】（1）压强计是通过观察U形管两侧液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小，U形管两侧液面高度差越大，橡皮膜受到的压强越大，运用了转换法。 （2）为了探究液体的压强与液体深度的关系，要用到控制变量法，控制液体的密度相同， 橡皮膜所处的深度不同，因此需要比较乙、丙两次实验。 （3）通过比较图中丙、丁两个实验，深度相同，液体的密度不同，可得出的实验结论是：在液体深度相同的情况下液体密度越大，压强越大。 （4）U形管左侧液面下降，右侧液面就会上升，则左右两侧液面的高度差为 产生的压强为 （5）C处橡皮膜形状刚好不改变，说明水与待测液体产生的压强相等，根据液体压 强公式可得，，则 4．小文同学做“探究浮力大小和哪些因素有关”的实验，实验步骤如图所示。 (1)根据图_________可得出结论：当液体密度相同时，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关；根据图A、C、E可得出结论：_________________________________；根据图A、C、D可得出结论：浸没的物体，所受浮力大小与物体_________无关。 (2)根据以上实验数据可计算盐水的密度为_________。 (3)图中的薄壁柱形烧杯底面积为，柱形物体底面积为，图C烧杯中的液面比没有放入物体时上升了_________cm。（取） (4)小明和小聪又找来薄铜片，探究“物体受到的浮力与其形状是否有关”，步骤如下：①将铜片放入盛水的容器中，铜片下沉至容器底；②将铜片弯成“碗状”再放入盛水的容器中，“铜碗”漂浮在水面上；小明得出结论：物体受到的浮力与其形状有关。小聪认为小明的结论错误，原因是__________________________。 (5)小聪又设计了测量冬奥会金牌（图F）平均密度的方法：将一台电子秤放在水平桌面上并校零，再将装有适量水足够高的水杯放在电子秤上，读出电子秤的示数为；然后将金牌绶带挂在弹簧测力计下，让金牌缓慢放入水中浸没但不接触杯底，此时读出弹簧测力计的示数为，电子秤的示数为，则物体密度的表达式为________（用符号、、和表示，忽略绶带的质量，不考虑绶带吸水）。 【答案】(1) ABC 当排开液体的体积相同时，物体所受浮力大小与液体密度有关 深度 (2)1.1 (3)1 (4)没有控制排开液体的体积相同 (5) 【详解】（1）探究浮力和排开液体体积的关系，需要控制液体密度相同，改变液体的排开体积，因此选图A、B、C；A、C、E中，物体都浸没，排开体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同，物体受到的浮力不同，因此结论为：排开液体的体积相同时，浮力大小与液体密度有关； A、C、D中，物体浸没在同种液体的不同深度，浮力相同，因此浮力与物体浸没在液体中的深度无关。 （2）物体浸没在水中时浮力 浸没在盐水中浮力 浸没时相同，得 解得 （3）物体体积 液面上升高度 （4）探究浮力与形状的关系需要控制排开液体的体积和液体密度不变，小明两次实验中，铜片沉底时排开体积等于自身体积，弯成碗状漂浮后排开体积大于自身体积，没有控制排开液体体积相同，因此结论错误。 （5）电子秤示数变化等于金牌受到的浮力，即 金牌体积 金牌重力 因此密度 5．在“探究杠杆平衡条件”实验中，实验器材有杠杆、刻度尺、若干钩码（每个重0.5 N）等。 (1)图甲中杠杆静止，此时杠杆________（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，要使杠杆水平平衡，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节。 (2)如图乙所示，使杠杆水平并静止后，固定支点左侧钩码的个数和悬挂点，不断改变支点右侧钩码的个数和悬挂点，使杠杆始终保持水平平衡，记录支点右侧的力和，-图像如图丙所示。由图可得：在支点左侧的力和力臂不变时，为________N·cm。 (3)如图丁所示，多次改变两侧钩码个数和悬挂点，记录杠杆保持平衡时数据如表： 实验次序 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm 1 3.0 5.0 1.0 15.0 2 1.5 10.0 1.5 10.0 3 2.0 15.0 1.5 20.0 分析表格数据，杠杆平衡的普遍规律是：____________。（用表中物理量符号表示） (4)如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各减一个相同的钩码，则杠杆______（选填“左”或“右”）端将下沉。 (5)小琳采用了图戊所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，测力计示数，该拉力________（选填“小于”“等于”或“大于”）理论值，你认为原因是________________________。 【答案】(1) 是 右 (2)3 (3) (4)左 (5) 大于 杠杆自身重力对杠杆的平衡有影响 【详解】（1）杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态，甲图中杠杆静止，因此处于平衡状态；杠杆左端下沉、右端上翘，平衡螺母应向向上翘的右端调节。 （2）根据杠杆平衡条件，左侧力和力臂不变时，为定值，从丙图取任意点计算，如，，乘积为，可得乘积为。 （3）分析表格数据，三次实验均满足，动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂，因此杠杆平衡规律为。 （4）每个钩码重0.5N，每格长度为L，原平衡满足；两侧各去掉一个钩码后，左侧乘积为，右侧乘积为，左侧乘积更大，因此左端下沉。 （5）图戊中支点在杠杆一端，杠杆自身重力会对平衡产生影响，拉力需要同时平衡钩码拉力和杠杆自重，因此测得的拉力大于理论值。 6．在“探究杠杆的平衡条件”实验时，小明和小亮进行了如下实验： (1)为便于测量力臂大小，不挂钩码时，调节两端的螺母，使杠杆在_________位置平衡。 (2)小明在杠杆的右侧挂上适当的钩码，在左侧用弹簧测力计向下拉使杠杆平衡，改变弹簧测力计与杠杆的角度，杠杆平衡时测力计示数发生变化，如图甲所示。由此小明认为影响杠杆平衡的因素除了与力的大小有关，还与_________有关。 (3)如图乙，实验中，多次在杠杆两侧的不同位置挂上不同数量的钩码，当杠杆平衡时的四组实验数据已填入下表中： 实验次数 动力 动力臂 A 阻力臂 1 1.0 10.0 0.5 20.0 2 1.0 10.0 1.0 10.0 3 2.0 5.0 1.0 10.0 4 2.0 10.0 1.0 B ①表中A处应填写_________； ②分析前三组实验数据，可初步得到杠杆的平衡条件为：_________；（用表中物理量符号表示） ③根据表中信息，B处记录的数据应是_________。 (4)小亮用一根长为100cm、分度值为1cm、粗细均匀的钢直尺来制作杆秤，如图丙所示，制作过程如下： ①分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了小孔A和B，各用细绳穿过小孔作为秤钩和提纽。在秤钩处悬挂秤盘，把质量为20g的钩码挂在细绳上作为秤砣。移动秤砣到20.0cm处的C点时，杆秤刚好在水平位置平衡，此处即为该杆秤的“定盘星”。 ②小亮用这个自制的杆秤称量某物体时，在秤盘中放入待测物体、移动秤砣到D点时，杆秤在水平位置平衡。结合杠杆平衡条件可知，则此物体的质量为_________g。 ③请帮小亮提出一种提高杆秤量程的方法_________。 【答案】(1)水平 (2)力臂/力的方向 (3) 阻力 20.0 (4) 120 增加秤杆的长度/增大秤砣的质量/将提纽向秤钩移动 【详解】（1）实验中调节杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂可直接从杠杆刻度读取，方便测量力臂，因此填水平。 （2）改变弹簧测力计拉力的角度，力臂大小随之改变，杠杆平衡时拉力大小发生变化，说明影响杠杆平衡的因素除力的大小外，还与力臂有关，拉力角度改变本质是影响力臂，因此填力臂或力的方向。 （3）探究杠杆平衡条件需要记录动力、动力臂、阻力、阻力臂四个物理量，表格已给出动力、动力臂、阻力臂，因此A处为阻力； 分析前三组数据：、、 可得杠杆平衡条件： 根据杠杆平衡条件，代入第四组数据： 解得，因此填。 （4）支点提纽在刻度处，秤钩在刻度处，定盘星C在刻度处，由图丙可知D在刻度处。定盘星已经抵消了秤盘和直尺自重的影响，放入物体后根据杠杆平衡 代入，解得 根据杠杆平衡条件，提高杆秤量程即增大最大称量质量，可通过增大秤砣质量，或减小提纽到秤钩的距离（将提纽向秤钩移动）实现，合理即可。 押题猜想24 电磁学实验 试题前瞻·能力先查 【母题】小明探究“电流与电压的关系”时，实验器材有：两节新干电池3V、开关、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω，2A）、定值电阻，导线若干。 (1)连接的电路如图甲所示，连接有误的电路元件是____。 (2)正确连接电路后，继续实验，并根据实验数据绘制定值电阻的I-U图像，如图乙所示，分析图像可得：导体电阻一定时，______。 (3)分析I-U图像，小明选择的定值电阻阻值为____Ω。 (4)小明想继续测量标有“3.8V 0.3A”的小灯泡正常发光时的电阻。 ①连接电路时，他除了将图甲中的定值电阻替换成小灯泡，增加一节新干电池，还需进行的操作是：____。 ②正确连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，为____A，此时小灯泡的电阻是____Ω（保留1位小数）。 ③小明发现，实验测得小灯泡正常发光时的电流与铭牌上并不一致，其原因可能是：______。 【答案】(1)电源 (2)通过导体的电流与导体两端的电压成正比 (3)10 (4) 将电压表换到0~15V量程 0.28 13.6 灯丝电阻随温度升高而变大 【详解】（1）两节干电池串联时，应该是正极接负极，图中干电池是负极接负极，故电源连接错误。 （2）从乙图可以看出，这是一条过原点的倾斜直线，说明：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 （3）由图乙可知，当时，，根据欧姆定律可得 所以定值电阻阻值为。 （4）原电压表量程为0~3V，小灯泡额定电压为3.8V，超过了量程，所以需要将电压表换成0~15V的量程。 电流表选用的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，所以图丙示数为0.28A。 根据欧姆定律，可得小灯泡正常发光时的电阻为 电压表0~15V的量程，分度值为0.5V，小灯泡正常发光时的电压为3.8V，需要估读，误差较大；灯丝电阻随温度升高而变大，这些原因都会影响实际电流的测量值。 分析有理·押题有据 目前常考的电磁学实验主要有：探究电流与电压、电阻的关系，电阻的测量，长沙2024年中考考查了探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件。新课程标准中比做电磁学实验还有探究串、并联电路中电流、电压的规律。今年大概率也是在“探究电流与电压、电阻的关系与电阻的测量”这两个实验中考查。 押题秘笈： 1. 电路故障分析：电流表判断故障类型，电压表判断故障对象。 2. 滑动变阻器的使用：包括连线、在各实验中的作用，调节方法等。改变电压时，阻大压大；保持电压不变时，阻大调大。 3. 数据处理：描点、连线，得到数量关系。测电阻时，定值电阻需求平均值来减小误差，小灯泡电阻不能求平均值。 4. 结论描述：按照“电阻/电压一定时，电流与电压/电阻成正比/反比”描述结论。 终极猜想·精练通关 1．小明按照如图所示的实物图做“探究电流与电阻的关系”实验。已知电源电压恒为4.5V，实验用到的滑动变阻器的规格为“ ”。 实验次数 1 2 3 4 5 电阻 5 10 15 20 25 电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 (1)正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，而电压表指针不偏转，则可能的原因是________________。 (2)根据数据可知，在实验中定值电阻两端电压始终保持为________V，进一步分析数据，可以得到实验结论：在电压一定时，________________________。 (3)小明记录的实验数据如表所示，老师判断其中有一组数据是编造的，它是第________次实验的数据，判断的依据是________________________________。 【答案】(1)定值电阻R短路/电压表断路 (2) 2 通过导体的电流与导体的电阻成反比 (3) 5 时，调节滑动变阻器无法使定值电阻两端电压保持2V（答案合理即可） 【详解】（1）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，说明电路为通路，电压表指针不偏转，可能是与电压表并联的定值电阻R短路；也可能是电压表断路，使其指针不偏转。 （2）由表格数据及欧姆定律可知，定值电阻R两端的电压 故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （3）电源电压为，滑动变阻器两端的电压 滑动变阻器的最大阻值为，根据串联分压得 可得 即能完成实验的定值电阻的最大阻值为，当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器的最大阻值为30Ω无法使定值电阻两端电压达到2V，所以第5次实验数据错误。 2．安安连接如图甲所示电路，探究“串联电路电流规律”。 (1)连接电路时，开关应处于___________状态。闭合开关，灯泡L1、L2均不亮，电流表无示数。用电压表对电路进行检测，结果如表1所示，则两灯不发光的原因可能是___________。 表1 测试点 ab cd ef gh 电压表示数 无示数 无示数 有示数 无示数 (2)排除故障后，改变电流表在电路中的位置多次实验，电流表示数均如图乙所示，此时电路中各处的电流均为___________A。改变电源电压重复实验，得到实验规律。 【拓展实验】安安整理器材时，发现灯泡L1铭牌磨损。已知实验室有“1.5V，0.3A”“2.5V，0.3A”“3.8V，0.3A”三种规格的灯泡。为确定L1规格，连接图丙电路进行实验。 (3)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最___________端（选填“左”或“右”）。闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数分别为1.5V、___________和3.8V，记录电流表示数。根据实验数据绘制灯泡L1的U-I图像如图丁。分析数据可知，灯泡L1的规格为“___________”。 (4)为了完成三次实验，且保证元件安全，滑动变阻器的最大阻值不得小于___________。 (5)分析图像可知，通过L1的电流与其两端电压不成正比，原因是___________。 【答案】(1) 断开 断路 (2)0.3 (3) 右 2.5V 3.8V，0.3A (4)28.125 (5)灯丝电阻随温度升高而变大 【详解】（1）[1]连接电路时，开关应处于断开状态，防止误接而损坏元件。 [1]闭合开关后两灯均不亮、电流表无示数，说明电路存在断路。电压表在、、间无示数，说明这些点到电源两极之间存在断路；在间有示数，说明之间断路，则故障为断路。 （2）电流表选用量程，分度值为，指针指向刻度线，故电路中各处电流均为。 （3）[1]闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最右端，即阻值最大处，作用为保护电路。 [2]已知三种灯泡规格为“” “” “”，因此电压表需分别调节为、和，记录电流。 [3]由图丁的图像可知，当电压为时，电流为，符合“”的规格，故灯泡的规格为“”。 （4）当灯泡两端电压为时，滑动变阻器两端电压 此时电路电流，由欧姆定律得滑动变阻器的阻值 故滑动变阻器的最大阻值不得小于。 （5）通过的电流与其两端电压不成正比，原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大，灯泡两端电压越高，灯丝温度越高，电阻越大，导致图像为曲线。 3．在探究“电流与电阻的关系”的实验中，小津用图甲所示的电路进行实验：电源电压恒为4.5V，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干，电流表使用0~0.6A量程。 (1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)闭合开关后，小津发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则故障的原因可能是电阻________（选填“短路”或“断路”）。 (3)排除故障后，小津先用5Ω的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，然后闭合开关，接着他应向________（选填“A”或“B”）端移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为_______V，记下电流表示数。 (4)实验完成后，根据实验数据绘制的图像如图丙所示，可以得到的实验结论是________。 (5)分析几次实验中记录的数据可知，定值电阻消耗的最大功率为________W；为了完成这五次实验探究，定值电阻两端的电压的范围为________V。 (6)小华的实验小组想测另一个小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电流为I0，由于电压表被损坏，于是他们想出另一种测量小灯泡额定功率的方法，电路设计如图所示，其中为R0阻值已知的定值电阻，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0。 ②____________，断开开关S1，闭合S2，读出电流表的示数为I。 ③小灯泡的额定功率_______（用R0、I0、I表示）。 【答案】(1) (2)断路 (3) A 2.5 (4)在导体两端电压一定的情况下，通过导体的电流与导体的电阻成反比 (5) 1.25 2.5-3 (6) 保持滑动变阻器的滑片位置不动 【详解】（1）电压表应并联在定值电阻R两端，将定值电阻R未连接的左端接线柱，与电压表的负接线相连即可。 （2）由图乙可知，电流表指针示数为0，可能电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端能连通到电源两极，因此故障为定值电阻R断路。 （3）将5Ω换为10Ω的定值电阻，根据串联分压规律，定值电阻分得的电压变大；要保持定值电阻两端电压不变，由串联电路电压的规律可知需要增大变阻器两端的电压，由串联分压可知需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片向A端移动。 由图丙可知，实验控制的不变电压为 因此需要使电压表示数为2.5V。 （4）由丙图可知，每次实验中电流与电阻的乘积是一个定值。可得该实验的结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （5）实验控制电压为2.5V不变，电阻越小，由可知电功率越大，因此最小电阻5Ω功率最大，定值电阻消耗的最大功率为 要完成5次实验，最大定值电阻25Ω对应需要滑动变阻器最大阻值20Ω，根据串联分压得最小定值电阻电压 电流表的量程为小量程，允许通过滑动变阻器的最大电流为1A，所以电路中的最大电流为0.6A，此时电路中的电阻最小，此时定值电阻的阻值为5Ω，则定值电阻两端的电压最大为 因此定值电阻两端的电压的范围为2.5V∼3V。 （6）在步骤①中，灯泡和R0并联，电流表测通过灯泡的电流，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0，此时灯泡正常发光。 在②中，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关S1，闭合S2，电流表测灯与R0并联的总电流，读出电流表的示数为I，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过R0的电流 R0的两端的电压 由并联电路电压的规律可知灯泡两端的电压 则小灯泡的额定功率为 4．小强从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行测量，图甲实验所用电源电压为。 (1)请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整（要求滑片向右滑时电压表示数减小）。 (2)连接好电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，由此可判断产生的故障是电阻处________。 (3)排除故障后，正确连接电路。移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.4 V，电流表示数如图乙所示，为________，则定值电阻的阻值为________。 (4)为了减小实验误差，小强应采取的措施是：________。 (5)小强不小心将电压表损坏，老师告诉小强，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小强设计了图丙所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的测量范围，定值电阻的阻值为。具体操作如下： a.闭合开关，断开开关，读出电流表示数为0.40 A； b.________，读出电流表示数为0.50 A；（将该操作补充完整） c.由以上数据可得，待测电阻的阻值为________。 【答案】(1) (2)断路/开路 (3) 0.3 8 (4)移动滑片，多次测量电阻，求平均值减小误差 (5) 闭合开关S1和S2 40 【详解】（1）电压表应与定值电阻并联，由于电源电压是3V，故电压表选择的量程是“0~3V”；为了使滑片向右滑时电压表示数减小，根据串联分压规律，滑动变阻器接入电阻需要变大，因此滑动变阻器左下接线柱与待测电阻右侧接线柱连接起来。 （2）电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表两端到电源通路，因此故障是定值电阻R断路。 （3）电流表选0~0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.3A，则定值电阻R的阻值为 （4）测定值电阻阻值，为减小误差，需要多次测量取平均值，因此通过移动滑动变阻器滑片，得到多组数据，计算电阻后求平均值。 （5）a步骤中，只有R0接入电路，电源电压 b步骤需要闭合S1和S2，此时R0与Rx并联，电流表测干路总电流，由并联电路电流的特点可知，Rx的电流 并联电路各支路两端电压等于电源电压，则Rx的电阻为 5．实验小组同学在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，连接的部分电路如图甲所示，电源电压恒为6 V，小灯泡的额定电压为2.5 V。 (1)请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片向左移动，电流表示数变大。 (2)开关闭合后，发现电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，下一步应进行的操作是________。 A．更换一相同规格的小灯泡 B．检查电路是否断路 C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 (3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示为________V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片适当向________滑动。 (4)如图丙所示的是小组同学根据实验数据绘制的通过小灯泡的电流随两端电压变化的关系图像，由此可知：小灯泡正常发光时的电阻为________Ω。 (5)若只用电压表，小明也能测量额定电压为的灯泡正常发光时的电阻，实验电路如图丁，R为电阻箱，实验步骤如下： ①闭合开关S和，断开，读出此时电压表的示数为U。 ②闭合开关S和，断开，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数为________，（用、U表示）并读出此时电阻箱的阻值为。 ③的表达式为：=________（用、U、表示）。 【答案】(1) (2)C (3) 1.8 左 (4)10 (5) 【详解】（1）向左移动滑动变阻器滑片P时，电路中电流变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器应左下接线柱与灯泡串联到电路中，据此作图。 （2）电压表、电流表均有示数，电路为通路，但小灯泡不亮，可知通过灯泡的电流较小，说明滑动变阻器接入电路的电阻过大，接下来应移动滑动变阻器滑片，减小滑动变阻器接入电路的阻值，观察小灯泡是否发光。故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 （3）由图乙可知，电压表选用小测量范围，分度值0.1V，其示数为1.8V，而小灯泡正常工作的电压为2.5V，若要测出小灯泡正常工作时的电阻，需增大小灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压特点，需要减小滑动变阻器接入电路阻值，即需要将滑片向左滑动。 （4）由图丙所示的小灯泡工作时I-U的关系图像可知，灯泡在正常工作电压2.5V时的电流为0.25A，由欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电阻为 （5）①闭合开关S和，断开，读出此时电压表的示数为U。 ②闭合开关S和，断开，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数为，此时小灯泡两端的电压为额定电压，并读出此时电阻箱的阻值为，根据串联电路电流相等列出等式 的表达式 6．小明利用如图所示的装置探究导体在磁场中运动产生感应电流的条件。 (1)实验室备有铜棒、橡胶棒和玻璃棒，小明应选用___________作为本实验中的ab棒。 (2)实验中观察___________来判断电路中是否有感应电流。 (3)小明改变ab棒运动方向并记录现象在下表中，分析下表可得出初步结论：___________。 ab棒运动方向 向里 向外 灵敏电流计指针偏转方向 向左 向右 (4)小明在探究感应电流的方向与磁场的方向是否有关时，主要步骤如下： ①保持蹄形磁体静止，闭合开关，使金属棒ab向右运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向。 ②调换蹄形磁体的N、S极，保持蹄形磁体静止，闭合开关，使金属棒ab向左运动，观察灵敏电流计指针偏转的方向。 探究过程中存在的问题是___________。 (5)小明完成实验后和同学们交流，发现有一组同学实验时灵敏电流计始终不偏转，可能存在的问题是：___________。（写出一种即可） 【答案】(1)铜棒 (2)灵敏电流计是否偏转 (3)感应电流的方向与导体运动方向有关 (4)没有控制导体运动的方向相同 (5)导线和接线柱接触不良 【详解】（1）本实验需要ab棒为导体才能形成闭合回路产生感应电流，铜棒是导体，橡胶棒、玻璃棒是绝缘体，因此选择铜棒。 （2）感应电流很小，实验中通过灵敏电流计指针是否偏转，来判断电路中是否存在感应电流。 （3）该实验控制磁场方向不变，只改变导体ab的运动方向，观察到感应电流方向随之改变，因此得出感应电流的方向与导体运动方向有关。 （4）探究感应电流方向与磁场方向的关系时，需要控制导体运动方向不变，只改变磁场方向；该操作同时改变了磁场方向和导体运动方向，变量不唯一，无法得出正确结论。 （5）灵敏电流计不偏转说明电路中无感应电流，常见原因有：电路断路（如导线和接线柱接触不良）、磁场太弱感应电流太小等，写出一种合理情况即可。 押题猜想五 综合题 押题猜想25 力学综合题 试题前瞻·能力先查 【母题】如图所示是中国的第三艘航空母舰“福建舰”，也是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。舰长达到了320米，舰宽78米，满载时排水量约为8万吨，吃水深度约11米，舰载机数量近70架（，）。 (1)一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”排开的海水体积将________。 (2)“福建舰”水面下10m处的舰体受到海水的压强是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） (3)小丽受到启发，设计了如下创新实验：如图乙所示，将一金属块放在木块A上，放入底面积为40cm2的盛有海水的圆柱形容器内；现将金属块拿起放到容器中，如图丙所示，若乙、丙两图中，液体对容器底的压强差为100Pa，金属块质量为60g，则金属块的密度是多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果） 【答案】(1)变小 (2) (3) 【分析】利用浮沉条件判断“福建舰”所受浮力的变化，结合阿基米德原理，得出排水体积的变化量；金属块的体积利用木块A排水的变化量和液面降低减小的排水量之差来得到。 【详解】（1）根据漂浮条件，“福建舰”漂浮时浮力等于重力，一架舰载机飞离“福建舰”后，“福建舰”的总重力减小，因为仍处于漂浮状态，浮力也随之减小。由阿基米德原理，在和不变的情况下，浮力减小则排开海水的体积变小。 （2）“福建舰”水面下处舰体受到海水的压强 （3）液面变化的高度差为 容器底面积 根据可求出排开液体体积的变化量，即 金属块的重力为 木块A受到的浮力变化量为 则木块A排开海水的体积变化量为 可得金属块的体积为 所以金属块密度 分析有理·押题有据 力学计算是中考物理的核心必考内容，通常结合浮力、压强、功和功率等知识点综合考查，注重联系生活实际，考查学生对力学公式的灵活应用和受力分析能力。以真实生活场景为载体，既考查基础公式的应用，也检验学生提取信息、分析问题的能力。复习中需要重点掌握受力分析、阿基米德原理、漂浮悬浮条件、功和功率的基本公式，学会结合图像分析物理过程。 押题秘笈： 1. 确定研究对象，分析物理过程。 2. 提取相关信息，建立物理模型，列出相关表达式。 3. 统一单位、规范作答、仔细运算。 终极猜想·精练通关 1．如图甲所示的密闭容器，壁厚忽略不计，该容器底部面积为，容器中装有高度为8 cm的水。将容器倒置并使其在水中竖直漂浮，如图乙所示，容器内外水面的高度差为2 cm。（，g取10 N/kg）求： (1)图甲中水的重力； (2)图甲中水对容器底部的压强； (3)容器在水中竖直漂浮时受到浮力 【答案】(1)2N (2)800Pa (3)2.5N 【详解】（1）水的体积为 水的质量为 水的重力为 （2）水对容器底部压强为 （3）排开水的体积 容器在水中竖直漂浮时受到浮力 2．为了测量一石球的密度，将一长方形木块放入装有适量水的玻璃容器中，测出木块漂浮时浸入水的深度为，如图甲所示；然后把石球放在木块上共同漂浮，测出木块浸入的深度为，如图乙所示；最后石球系在木块下方再次放入水中（取、放过程中容器内液体没有损失，细绳的质量和体积忽略不计）共同漂浮，测出木块浸入液体中的深度为，如图丙所示。木块上表面始终水平，已知水的密度、木块的质量和。求：（均用题中物理量的符号表示） (1)图甲中木块下表面所受水的压力； (2)图丙中石球所受浮力； (3)石球的密度。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）木块漂浮，浮力等于物块自身重力。由二力平衡条件知，木块下表面所受水的压力等于木块所受重力，即 （2）甲、乙图中木块排开水的体积之比为 根据阿基米德原理可知，甲、乙两图中木块所受浮力之比 所以图乙中木块所受浮力为 同理，图丙中木块所受浮力为而图丙中木块和石球整体所受浮力为 所以图丙中石球所受浮力为 （3）根据阿基米德原理可知石球的体积为 图乙中石球和木块的总重为 所以石球的质量为 所以石球的密度为 3．小明在观看军事栏目时提到，军事舰艇在组织登陆作战的时候，为了防止船只在浅滩搁浅，都会严格限制乘员和装备重量，小明对这一问题进行了一次实验模拟，研究漂浮物体底部到容器底部距离与浮力的关系。他找来了一个底面积为200cm2的水槽并加入适量的水，在水槽中放入一个重为3N，底面积为100cm2的烧杯，烧杯漂浮在水槽中，如图甲所示；他又在烧杯内放入24个小球，使烧杯底部刚好与容器底接触（没有压力产生），此时液面的高度为15cm，如图乙所示；求： (1)甲图中，烧杯所受浮力的大小； (2)每个小球的重力大小； (3)如图丙所示，为了让烧杯底部与容器底有3.5cm的高度，应该从烧杯中取出多少个小球？ 【答案】(1) (2)0.5N (3)14个 【详解】（1）甲图中烧杯漂浮在水面上，根据物体漂浮条件，浮力等于自身重力。已知烧杯重力，甲图中，烧杯所受浮力 （2）图乙中烧杯底部刚好接触容器底且无压力，此时浮力等于总重力。液面高度15cm，烧杯底面积100cm2，则排开水的体积 浮力 烧杯重3 N，故 24个小球总重 每个小球重 （3）设取出后剩余n个小球，总重力 排开水的体积 烧杯浸入深度 由乙图得水槽中水的体积 液面高度h满足 解得 烧杯底部离容器底 3.5cm，则，即 解得。因此需取出个小球。 4．海洋浮标作为海洋上的自动观测站，能够长期、连续、实时地收集和传输海洋环境数据。图甲是中科院研制的“合作者号”锚定式浮标（定点浮标），搭载太阳能和海波能双供电系统；图乙是我国710研究所研制的“HM2000”剖面漂流浮标，最大工作深度2000m，可随洋流漂移，用于监测远海、深海环境。 (1)“合作者号”空载质量9t，将其底座视作一个底面积8m2的圆柱体，求“合作者号”空载漂浮于海面时，海水对其底部的压强。（，） (2)如图丙，“HM2000”型剖面式漂流浮标工作时，先下潜至1000m深度，定深漂移至预设位置，再下潜至最大工作深度，随后在上浮过程中利用搭载的仪器采集数据。这类浮标是通过抗压设备舱中的液压装置调节油囊中硅油的质量使油囊体积变化，实现浮标的沉浮。“HM2000”型浮标总质量m=42kg，液压装置调节薄壁油囊中硅油体积时，浮标刚好浸没。将油囊中的硅油逐步“抽”回设备舱，油囊体积减小，浮标下潜。求该浮标在水下1000m悬浮时，油囊对其上方设备舱的作用力。（已知硅油密度，海面处海水密度，海水密度随水深h变化关系为，常数，，忽略海水扰动因素。） (3)根据第（2）问中的说明，在浮标由刚好浸没匀速下潜至2000m深的过程中，求浮标下潜深度h与油囊体积V之间的关系式。（结果用k、m、V₀、、V表示）。 【答案】(1) (2)20N (3) 【分析】（1）浮标空载漂浮，浮力等于重力；因为浮力等于海水对底部的压力，所以可先求出压力，再根据压强公式计算海水对底部的压强。 （2）浮标悬浮，浮力等于浮标总重力；先根据海水密度随深度的变化公式求出1000m处的海水密度，再计算此时浮标受到的浮力；对油囊进行受力分析，结合浮力、重力的关系，求出油囊对设备舱的作用力。 （3）浮标匀速下潜时受力平衡，浮力等于总重力；先根据海水密度公式写出深度处的海水密度，再结合阿基米德原理、总重力的表达式，推导出与的关系式。 【详解】（1）由题意得，浮标空载漂浮，浮力等于总重力，即 漂浮时浮标顶部不受海水压力，浮力等于海水对浮标底部的压力，即 则海水对其底部的压强为 （2）设浮标的设备舱体积为，设备舱体积不变，仅油囊体积改变。海面刚好浸没时，浮力等于总重力，平衡条件为 化简代入数据得设备舱体积 处的海水密度为 1000m深度悬浮时，浮力等于总重力，平衡条件为 此时油囊体积为 对油囊受力分析：油囊受向上的浮力、向下的重力，平衡时满足，其中 解得设备舱对油囊的作用力 根据力的作用是相互的，油囊对设备舱的作用力大小为。 （3）浮标匀速下潜，受力平衡，浮力等于总重力，即 将代入上式解得 5．如图所示，均匀实心正方体物体甲的质量为、边长为，足够深的薄壁柱形容器置于水平地面，容器的底面积为，容器中装有深的水。（物体甲不吸水，，g取） (1)物体甲的密度为__________； (2)未放入物体甲时，水对容器底部的压强为多少？ (3)将物体甲缓慢放入容器中，待液面稳定后，其所受浮力为多少？ 【答案】(1) 0.8×103 (2) 300 Pa (3) 6 N 【详解】（1）甲的边长 正方体甲的体积 物体甲的密度 （2）水的深度， 未放入物体甲时，水对容器底部的压强 （3）原有水的体积 甲的底面积 放入甲后水的横截面积 放入甲后水的深度 若甲漂浮，由推导得：，得漂浮所需浸入深度 因，水深度不足，甲沉底，排开水的体积 根据阿基米德原理： 6．如图甲所示，质量为0.2 kg，底面积为的足够高柱形容器放在水平地面上，把一质量为2.1 kg，高为0.1 m的不吸水圆柱体放在容器中，缓慢向容器中加水，直到容器中水的深度为0.1 m时停止加水，容器中水的深度与加水的质量关系如图乙所示，圆柱体始终保持竖直。求： (1)圆柱体放入容器前，容器对地面的压强。 (2)圆柱体对容器底部压力恰好为零时，容器对地面的压强。 (3)停止加水后，将圆柱体竖直向下移动，使其露出水面的高度变化0.02 m，静止时水对容器底的压强。 【答案】(1)40Pa (2)640Pa (3)1140Pa 【详解】（1）圆柱体放入容器前，容器对水平地面的压力等于容器自身重力。 由、得，容器对地面的压强 （2）由图乙可知，圆柱体对容器底部压力恰好为零时，加入水的质量 ，圆柱体质量 。 容器对地面的压力等于容器、圆柱体、水的总重力： 容器对地面的压强 （3）压力为零时水深度 ，水的体积 水和排开水的总体积 圆柱体排开水的体积 圆柱体底面积 停止加水时总加水质量 总水的体积 圆柱体向下移动后，露出水面高度减少，浸入深度增加，新浸入深度 新排开体积 最终水的深度 静止时水对容器底的压强 7. 2025年11月，我国首艘电磁弹射型航母“福建舰”入列，满载排水量达。（=，g取10N/kg） (1)福建舰满载漂浮在海面上时，求其所受浮力大小。 (2)演练中，福建舰以16m/s的航速匀速直线航行，所受阻力为其满载时总重力的0.01倍。求福建舰的输出功率。 (3)福建舰上的舰载机执行任务时，完全燃烧100kg煤油，其所释放热量的60%转化为机械能。若舰载机以的牵引力水平匀速飞行，求可连续飞行的距离。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）已知航母满载时的总质量 航母所受浮力 （2）由于航母漂浮，根据漂浮条件得 航母匀速直线航行时，水平方向受力平衡，牵引力等于阻力 福建舰的输出功率 （3）煤油完全燃烧释放的热量 获得的机械能 由得，可连续飞行的距离为 8．目前，无人机运输业务已经逐渐应用到生活中。如图所示，一架无人机装载着6kg的货物竖直上升，该无人机在10s内匀速上升了50m，在这个过程中，求： (1)无人机对货物做的功； (2)无人机对货物做功的功率。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）货物受到的重力 无人机对货物做的功 （2）无人机对货物做功的功率 9．如图为一款能够垂直起降的小型遥控无人机，其携带的云照相机可以实现高空拍摄。无人机总质量为4kg，从地面沿竖直方向匀速升空300m用时60s。g取10N/kg，求： (1)无人机升空时的速度； (2)无人机升空过程中克服重力做的功； (3)无人机升空过程中克服重力做功的功率。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）无人机升空时的速度为 （2）无人机的重力为 克服重力做功为 （3）克服重力做功的功率为 10．如图是我国第一艘自主建造的极地科考破冰船“雪龙2号”，“雪龙2号”破冰船满载时的排水量为1.4万吨，船底面积约为。取。 (1)为破冰船提供动力的是大功率柴油发动机的___________冲程。南极空气很湿润，这是由于冰雪___________成水蒸气的原因。 (2)“雪龙2号”满载时船底受到水的压强约为多大？ (3)“雪龙2号”能在冰中以速度连续破冰航行，破冰船的推进功率为，则破冰船在1h内的前进过程中动力做功多少？受到的平均阻力为多大？ 【答案】(1) 做功 升华 (2) (3)； 【详解】（1）柴油发动机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，因此为破冰船提供动力的是做功冲程；南极的冰雪是固态，直接变为气态水蒸气进入空气，使空气湿润，该物态变化是升华。 （2）满载排水量 破冰船漂浮在水面，浮力等于船的总重力，即 船底受到水的压力大小等于浮力，即，则压强为 （3）1h内动力做功 航行速度 动力 破冰船匀速航行，动力与平均阻力是平衡力，大小相等，即 11．长安汽车SUV车型CS75四驱版，整车质量为1600kg，该汽车在平直路面上以90km/h的速度匀速行驶20min，消耗汽油5L，若受到水平方向的阻力为自重的0.1倍。（取，，）求： (1)该车20min行驶的路程； (2)该过程发动机牵引力的功率； (3)该车发动机的效率。 【答案】(1)30km (2) (3)25% 【详解】（1）该车20min行驶的路程 （2）汽车的重力为 该车受到的阻力为 因汽车匀速行驶，牵引力与阻力二力平衡，即 可得牵引力的功率为 （3）汽油体积 汽油的质量 汽油完全燃烧放出的热量 发动机做的有用功 可得发动机效率 12．我国自主研发的大型轮式起重机是目前全球最大吨位轮式起重机，被业界称为“全球第一吊”。某次工作时它将质量为的货物吊起高度为，并以的速度水平匀速直线行驶，（）求： (1)重物受到的重力。 (2)该起重机将物体沿竖直方向匀速吊起，起重机对重物的拉力做的功。 (3)该起重机以的速度水平匀速直线行驶时，牵引力的功率为，其所受的牵引力。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）重物的质量 重物受到的重力 （2）物体沿竖直方向匀速吊起，受力平衡，重物受到的拉力与重力大小相等，即 拉力做的功 （3）起重机匀速运动的速度 牵引力的功率 起重机所受的牵引力 13．如图甲是我国制造的全球首款分体式飞行汽车“陆地航母”，由陆行体和飞行体两部分构成。陆行体的质量约3200kg，静止在水平地面上时轮胎与地面总接触面积约。某次飞行测试时，飞行体在6min内水平匀速飞行了9km。 (1)求陆行体静止在水平地面时对地面的压强； (2)求这次测试飞行体飞行的速度； (3)若飞行体在水平匀速飞行过程中所受阻力与速度的关系如图乙所示，求这次测试飞行体发动机的输出功率； 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）陆行体静止在水平地面上，对地面的压力 陆行体静止在水平地面上时对地面的压强 （2）飞行体飞行时间 这次测试飞行体飞行的速度 （3）由图乙可知，当时，阻力。飞行体水平匀速飞行时，受力平衡，牵引力的大小等于阻力的大小，则牵引力为 则这次测试飞行体发动机的输出功率 押题猜想26 电学综合题 试题前瞻·能力先查 【母题】如图甲为现在很多家庭使用的双控温多功能涮烤两用分体电火锅。该锅可实现汤锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，该涮烤锅部分参数如下表所示。 求： 额定电压 额定功率 汤锅 烧烤盘 220 V 加热 保温 左盘 右盘 1100 W 440 W (1)若的电阻为66Ω，则汤锅保温挡的额定保温功率； (2)若，则烧烤盘电路正常工作时，通过左盘的电流； (3)若将汤锅中1 kg的水从26℃加热至100℃用时5 min，则加热过程汤锅电路的效率。（结果保留三位有效数字）［］ 【答案】(1)440W (2)4A (3)94.2% 【详解】（1）由图乙可知，S1和温控开关均闭合，汤锅电路中只有工作，总电阻较小，由可知总功率较大，汤锅处于加热状态，所以可得 S1闭合、温控开关断开，汤锅电路中、串联，总电阻较大，由可知总功率较小，汤锅处于保温状态，此时，汤锅保温挡的额定保温功率 （2）由公式可得 所以通过左盘的电流 （3）水吸收的热量 加热时间，消耗的电能 加热过程汤锅电路的效率 分析有理·押题有据 中考对电学计算的考查，通常会结合欧姆定律、电功率公式，以动态电路、电热结合、实际应用装置为载体命题，注重考查电路分析能力和公式的灵活运用能力，常涉及串并联电路的电流、电压、电阻规律，出题形式多围绕生活中的电学装置设问，符合物理核心素养中对应用能力的考查要求。 押题秘笈： 1. 读取题干信息，明确不同工作状态下的电路连接方式，标记出不变的物理量，如电源电压、定值电阻阻值等，梳理出已知量和待求量的关系。 2. 涉及多状态的动态电路计算时，可针对每个状态分别列出对应的方程，结合串并联电路的电流、电压、电阻规律，联立求解未知量。 3. 对于敏感电阻类问题，要抓住临界值进行计算。 终极猜想·精练通关 1．如图甲为某品牌即热式节能饮水机，其简化的工作电路图如图乙所示，加热腔内分为快速加热挡和慢速加热挡，其中与均为加热电阻。图丙为该饮水机正常工作20min时电功率随时间变化的图像。求： (1)慢速加热挡工作时的电流； (2)该饮水机工作20min消耗的电能； (3)发热电阻丝的电阻。 【答案】(1)5A (2)2.112×106J (3)24Ω 【详解】（1）由图丙可知，慢速加热挡的电功率为P慢＝1100W，由P=UI可得，慢速加热挡工作时的电流为 （2）由图丙可知，饮水机工作20min的过程中，快速加热挡工作10min，慢速加热挡工作10min，则消耗的电能为 （3）当开关S1、S2同时闭合时，电路中仅有R1工作，电路总电阻较小，根据可知，电路总功率较大，饮水机处于快速加热挡；当只闭合开关S1时，R1与R2串联，电路总电阻较大，电路总功率较小，饮水机处于慢速加热挡。由图丙可知，快速加热挡时的功率为，则R1的阻值为 慢速加热挡时R1两端的电压为 R2两端的电压为 R2的阻值为 2．同学们对学校的自动大门很感兴趣，他们发现当人靠近大门时，大门自动打开，科技小组利用电磁继电器、红外传感器、电动机等元件制作了模拟电路，部分电路如图甲所示。其中电动机上标有“220V50W”的字样，控制电路的电源电压U为24V，为定值电阻，红外传感器的阻值R随人体到大门距离L的变化关系如图乙所示，当通过电磁铁线圈的电流为100mA时，衔铁刚好被吸下，触发电动机工作，大门打开。（不计电磁铁线圈的电阻） (1)开门一次用时6s，则开门一次电动机消耗多少电能？ (2)当，L为多少时，刚好触发电动机工作？ (3)若门前6m内没有人，则控制电路的电功率是多大？ 【答案】(1)300J (2)3.0m (3)1.92W 【详解】（1）由题意得，电动机正常工作的功率为，开门时间，根据电能公式，代入数值计算得： （2）刚好触发时，控制电路电流，控制电路电源电压，不计线圈电阻，与串联，根据欧姆定律，控制电路总电阻为 已知，因此红外传感器的阻值为 结合图乙可知，当时，对应的人体到大门距离 （3）由图乙可知，时，红外传感器阻值，控制电路总电阻为 根据电功率公式，得： 3．如图为自动注水喷淋系统的设计示意图。控制电路电源电压，为定值电阻，为力敏电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计；力敏电阻放置于水箱底部，其阻值随水位变化关系如表所示。工作电路包括注水系统和喷淋系统，其电源电压；圆柱体水箱底面积。当水箱内的水位上升到2m时，通过电磁铁线圈的电流为，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，此时电流表示数；当水位下降到1m时，衔铁恰好被拉起，注水系统开始给水箱注水，此时电流表示数。求： 水位/m 0.50 0.75 1.00 1.25 1.50 1.75 2.00 2.25 力敏电阻阻值/ 200 125 80 70 65 62 60 59 (1)定值电阻的阻值： (2)当水位下降到1m时，控制电路的电流： (3)喷淋系统给草坪喷水，已知每秒钟喷水；当水位下降到1m时，每秒钟注水，则水位从1m到2m工作电路消耗的电能。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）水位2m时，查力敏电阻表得，控制电路总电阻 定值电阻 （2）水位1m时，查力敏电阻表得，控制电路电流 （3）水箱水位从1m到2m的体积 实际注水所需时间 工作电路总功率 消耗的电能 4．为应对在寒冷的夜晚学习，小超自制了一款集加热与调光一体的台灯如图所示。已知电源电压为3V且保持不变，R1、R2为发热电阻，其中R1阻值为30Ω且保持不变，R2上标有“20Ω，1A”，灯泡L标有“2.5V，0.5W”字样，不考虑灯丝电阻变化，电流表量程为0~0.6A。求： (1)灯泡L正常发光时的电阻RL； (2)闭合S1，断开S2、S3，调节滑动变阻器R2使灯泡正常发光时，R2接入电路的阻值； (3)电源电压降为2.6V后，在保证电路安全的情况下，通过控制开关的断开闭合和调节R2使灯L发光，灯L的最小实际电功率。 【答案】(1)12.5Ω (2)2.5Ω (3)0.08W 【详解】（1）已知灯泡额定电压2.5V，额定功率0.5W，根据电功率公式可知，灯泡电阻为 （2）闭合S1，断开S2、S3时，滑动变阻器R2与灯泡串联，灯泡正常发光时，电路电流等于灯泡额定电流。根据电功率可得，电路电流为 根据串联电路电压规律可得R2两端电压 根据欧姆定律可得，阻值为 （3）根据可知，灯丝电阻不变，要使灯泡实际功率最小，需要电路电流最小，即总电阻最大。保证灯泡发光且总电阻最大的电路为：闭合S1，断开S2、S3，滑动变阻器接入最大阻值，此时R2与灯串联。总电阻 根据欧姆定律可得，电路最小电流： 灯泡的最小实际电功率 5．如图所示，电源电压恒定不变。当闭合开关和，断开，灯泡L正常发光；当闭合开关和，断开，电压表示数为6V，电流表示数为1.6A；当只闭合开关时，灯泡L消耗的实际功率与额定功率之比为1：9，与消耗的功率之比为3：1（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求： (1)灯泡L的额定电压； (2)灯泡L的额定功率； (3)当只闭合时，的电功率。 【答案】(1)6V (2)3.6W (3)0.6W 【详解】（1）当闭合开关S1和S3，断开S2时，R1与R2并联，电压表测量电源电压，由电压表示数得电源电压，当闭合开关S1和S2，断开S3时，电路为灯泡L的简单电路，此时灯泡正常发光，灯泡额定电压等于电源电压，即 （2）当只闭合开关S2时，R1、R2、L串联，已知，灯丝电阻RL不变，由得，实际功率与额定功率之比 解得实际电压为 串联电路电流处处相等，与消耗的功率之比，由P=I2R得，与消耗的功率之比 解得，R1、R2并联时，干路电流，由并联电路电流规律 代入和，解得， 对串联电路，由欧姆定律得，总电压，代入已知量得 解得灯泡的电阻为，灯泡额定功率 （3）只闭合S2时，电路总电阻 电路电流 R1的电功率 6．在青少年科技创新大赛中，小明设计了一款水位仪，其内部简化结构如图甲所示。一根轻质绝缘细杆上端与滑片P固定，下端与边长为10cm的正方体木块M相连，木块M放在足够高的圆柱形容器内。未注水时，滑片P刚好在滑动变阻器R1的下端；现向容器中缓慢注水，滑片P随M的浮动在滑动变阻器R1上滑动，滑片P始终没有离开R1，R1由两种材料组成，ab段是铜导线、其电阻可忽略不计，剩余部分材料相同且电阻大小与自身长度成正比。定值电阻R2的电功率与注水深度H的关系如图乙所示。已知电源电压恒为18V，不计绝缘杆、滑片的体积和自重及滑片处的摩擦力，求： (1)R2的阻值； (2)图乙中H0的值； (3)如果电流表选用0~0.6A测量范围，电压表选用0~15V测量范围，则在电路安全范围内，注水深度的最大变化量是多少cm？ 【答案】(1)10Ω (2)29cm (3)10.5cm 【详解】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路电流。由图乙可知，时，R2的电功率保持不变，说明此时滑片未移动，R1接入电路的电阻为0，电路为R2的简单电路，电源电压，根据电功率公式得 （2）当时，的电功率，此时电路电流 电路总电阻 滑动变阻器接入电阻 注水过程中，浮力小于木块重力，木块未上浮，滑片保持不动；H从到，水位上升 滑片随木块上浮移动，电阻增加，因此R1电阻随长度变化的比例系数 时，R2电功率不变，说明R1接入电阻不变，该段为ab铜导线，电阻可忽略，长度 当时，电功率，此时电路电流 电路总电阻 接入总电阻 后，每水位增加对应电阻增加，因此需要额外增加水位 因此H0为 （3）电路安全需要同时满足电流表、电压表量程要求。①电路电流最大值为，由以上分析可知，最小注水深度为。 ②电压表要求：电压表量程，因此两端电压最大为，根据串联分压规律，则 代入、、，解得 即最大安全接入电阻 注水深度H越大，R1接入电阻越大，因此最大注水深度对应 后需要额外增加水位 最大注水深度 因此注水深度的最大变化量为。 9 / 16 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $