专题4 第10讲 直流电路与交流电路-【红对勾讲与练】2026年高考物理二轮复习讲义

设粒子在磁场中运动轨迹半径为R, 由几何关系得Rcos60°=R一h, 解得R=2h, 由洛伦兹力提供向心力得 vo qvo B=m mvo 解得B= 2gh (2)粒子在电场中做类斜抛运动，粒子 在水平方向上做匀速直线运动， 由对称性知x1=s-2Rsin60°=√3h, x1=UDc0s60°·t, 竖直方向上有，sin60°=a·2 由牛顿第二定律得gE=ma, mvo Vo 联立解得E= 2gh 2h (3)若粒子从a点以速度0竖直向下 发射，先在磁场中做匀速圆周运动，后 进入电场做类斜抛运动，再进入磁场 做匀速圆周运动，一个周期的运动轨 迹如图乙所示， 乙 h 1 由几何关系得sin0= R 2 则0=30°， 粒子在电场中做类斜抛运动， 粒子在电场中运动时间 t= 2v0cos30°2√5h a Vo 粒子在电场中运动的水平位移为 x2=vosin30°·t'=√5h, 粒子再次进入磁场后做匀速圆周运动， 一个周期内粒子的位移x=2R一[R(1 cos30°)+x2+R(1-cos30)]= √3h, 粒子运动的周期为T=t'十 240° 360 2π7m (8π+6w3)h qB 3U0 则漂移速度大小为0= 3√5 8π+6W3 专题四 电路与电磁感应 第10讲 直流电路与交流电路 》考向探究·素养提升《 考向一直流电路的分析与计算 典例1AC根据题图电路可知，S1闭 合时电热丝两端的电压为UR=220V, 则其热功率为P= UR _220 W= R 44 1100W,故A正确：电动机正常工作， 则可得电动机所在支路的电流为 50 IM= UM 100 A=0.5A,根据并联 RR 电路的特征可得R,十R IM=120V, 2282树闪·讲与练·高三二轮物理 解得R2=4802,故B错误；电动机正 常工作时PM=P1十P然·而P热= Ir=0.52×4W=1W,可得电动机 M正常工作时的输出功率P,=49W, 故C正确；电热丝所在支路电流IR= 天=A=5A,则可得干路电流 1=1R十IM=5.5A,由此可知，开 关S1、S2都闭合，1分钟电路消耗的电 能为E=URIt=220×5.5×60J= 7.26×10J,故D错误。 典例2D当滑动变阻器R。的滑动触 头P向上滑动时，其连入电路的阻值 增大，则电路总电阻增大，总电流变 小，路端电压增大，即U增大，I变小， △LU A、B错误；根据U=E-Ir,可知△ r,不变，C错误；路端电压增大，总电 流变小，R1两端电压变小，可知R2两 端电压增大，则R2的功率变大，D 正确。 典例3D由于电容器在直流电路中 相当于断路，所以当电路稳定时，R2 相当于导线，将R2的滑片下移时，电 压表的示数保持不变，故A错误；若光 照变强，光敏电阻R3阻值减小，总电 阻变小，电流变大，则通过小灯泡的电 流变大，灯泡变亮，电容器两端电压为 U=E一I(r十R1),I变大，则U变小， 即电容器两极板间的电压变小，场强 变小，P点与下极板间电势差变小，则 P点电势降低，故B、C错误；断开B 节点，电容器电荷量保持不变，并将电 e.5 容器上板板上移，根据C一4hC= Q U 、E=,,整理得E二，S·电场强 度保持不变，油滴仍然保持静止，故D 正确。 考向二交流电路的分析与计算 典例4AB线框旋转切割磁感线产生 感应电动势的两条边为cd和af,t=0 时刻cd边速度与磁场方向平行，不产 生感应电动势，af边切割磁感线产生 感应电动势，由右手定则可知电流方 向为abedefa,感应电动势为E= Blv=Blwl=Bl2w,A、B正确；t= 时，线框旋转180°，此时依旧是af边 切割磁感线产生感应电动势，感应电 动势不为0，C错误；t=0到t=”时， 线框abef的磁通量变化量为0，线框 bcde的磁通量变化量为△中=2BS= 2B1,由法拉第电磁感应定律可得 平均感应电动势为E=△中=2Bl】 △t D错误。 U 典例5B结合Q=R,可知Q1= 01·日+0·于月 2 2UT 3R1Q= /0)21 UT 2)RT=2R:,又因 R,=R2,所 Q=3B正确。 典例6AC大轮和小轮通过皮带传 动，线速度大小相等，小轮和线圈同轴 转动，角速度相等，根据v=r,可知 小轮转动的角速度为4ω，则线圈转动 的角速度为4w,A正确；线圈产生感 应电动势的最大值Em=nBS·4w, 又S=L2,可得Em=4nBLw,则线圈 产生感应电动势的有效值E= E 2 2√2nBL2w,根据串联电路分压原理可 RE 知，灯泡两端电压有效值为U=R十R √2nBL2w,B错误；若用总长为原来两 倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为 L的多匝正方形线圈，则线圈的匝数 变为原来的两倍，线圈产生感应电动 势的最大值E=8nBL2w,此时线圈 产生感应电动势的有效值E'= √2 4√2nBL2w,根据电阻定律可知线圈电 阻变为原来的2倍，即为2R,根据串 联电路分压原理可得灯泡两端电压有 RE'4√2nBL2 效值U=R+2R ,C正 3 确：若仅将小轮半径变为原来的两倍， 根据v=wr可知小轮和线圈的角速度 nBSw 变小，根据E有救= ,可知线圈产 √2 生的感应电动势有效值变小，则灯泡 变暗，D错误。 考向三变压器和远距离输电 典例7D根据理想变压器电压比与 U 匝数比关系可知 n U 1,由 n3 n2 于输入电压U,不变，可知 1n 2,即 13 u? 10 Umsin ot 2n 解得u2 1 10 U.sin wt,可知北时输出的交变电 8 2π 流的周期为T=红，故选D。 典例8B将理 想变压器与副 线圈电路等效 为一个电阻R', 则有R'= U U 根据理想变压器的工作原理可知· U2 ,联立 12 解得R'=k2R,等效电路如图所示，又 R'的电功率等于灯泡的电功率，S与c 相连时回路中电流最大，R′的电功率 最大，灯泡的电功率最大，A错误；当S 与a相连时，根据串联分压规律可知， kR R'两端的电压U1= U= 3R+kR 6U,则灯泡两端的电压U2二 Ua U ,B正确：当S与b相连时， k 3+k2 等效电路中的电流I1= U (2+k2)R 则流过灯泡的电流I62=kI61 kU ,C错误；当S与c相连时， (2+k2)R 等效电路中的电流I,一 U (1十k2)R ,则 k2U R的电功率P1=IR′ (1+k2)2R k'U2 即灯泡的电功率为P2= (1+k2)2R D错误。 典例9B由P,=U1I1得升压变压器 的输入电流为11= P19.0×10 U A- 300 3×10A,由升压变压器原、副线圈电 流与线圈匝数的关系 =1000 11 1 可得输电线上的电流为I2=30A,故 A错误；由题意可得 U 1 12 1000 可得U2=3×10V,因为U2=U3+ I2r,所以U3=298500V,所以降压变 压器的匝数比为”= U 298500 U 220 14925 ,故B正确：输电线上损失的功 11 率为P福=I2r=302×50W=4.5× 104W,故C错误：若改用1000千伏超 高压输电，则输电线上的电流为I', P19.0×10 U. A=9A,此时输电线 106 上损失的功率为P我=Ir=92× 50W=4050W,即输电线路上可减少 损失的电功率为△P=P一P辆= 40950W,故D错误。 第11讲电磁感应 》考向探究·素养提升《 考向一楞次定律 法拉第电磁感应 定律的应用 典例1C根据题意当金属薄片中心 运动到N极正下方时，通过薄片右侧 的磁通量在减小，通过薄片左侧的磁 通量在增加，由于两磁极间的磁场竖 直向下，根据楞次定律可知此时薄片 右侧的涡电流方向为顺时针，薄片左 侧的涡电流方向为逆时针，故选C。 典例2C由几何关系可知Oa=R, Ob=√5R,Oc=√5R,根据E= B可得Ea=专Ra,Ba 2B(5Rm= 5 BR2w,Eo= 5 B·5Ra=BRa,又E 90一9a,E0=90-96,E0=p0-9: 故90>P。>96=9,故C正确。 典例3C在0~ 时间内，磁感应强 4 度B增大，根据中=BS,则磁通量Φ 增加，但是图像的斜率减小，即磁感应 强度B的变化率逐渐减小，根据法拉 第电磁感应定律可知E三S,感应 电动势E逐渐减小，A错误，当1=8 和t= 3时，因B-t图像的斜率大小 相等，符号相反，可知感应电动势E大 小相等，方向相反，B错误：上时，B 最大，则磁通量中最大，但是B的变 化率为0，则感应电动势E为0，C正 角：2)时，B为0，则磁通量中为 但是B的变化率最大，则感应电动势 E最大，D错误。 考向二电磁感应的图像问题 典例4C由题图乙可知t1~t?时间 内线圈中电流方向为顺时针方向，根 据楞次定律的“增反减同”可知本次实 验中朝下的磁极是S极，故A错误；由 题图乙中图线与横轴所围面积表示通 过线圈横截面的电荷量，有q=I△1= 1=兴依题意线图在1一1：与 E t2~t3两段时间里的磁通量的变化量 大小相同，所以这两段图线与坐标轴 围成的面积相等，故B错误；由能量守 恒可知磁铁下落过程减少的重力势能 等于磁铁增加的动能与线圈中产生的 焦耳热之和，故C正确：根据Φ=BS, 磁铁若从更高处释放，它在穿过线圈 的过程中，当电流为0时，穿过线圈的 磁通量不变，故D错误。 典例5Bad边的位移x在0~L变 化的过程，根据楞次定律和安培定则 判断可知线框中感应电流方向沿α→ b*cda,为正值，线框ad边切割 磁感线的有效长度为(=L一x,感应 电动势为E=B(L一x)v,随x的增加 电动势从开始的最大值均匀减小，则 感应电流均匀减小，同理，x在L~2L 过程，根据楞次定律和安培定则判断 出来感应电流方向沿a→d→c→b→ a,为负值，感应电流也是从最大值均 匀减小，故A错误，B正确；正方形导 线框abcd进入磁场时，ad边为电源， 若电源最大电动势E=BL)=4U。,则 R “:一4R·4U=U。,线框进入磁场过 程中电动势均匀减小，则均匀减 小，同理，导线框abcd穿出磁场时，此 时bc为电源，开始感应电动势最大， 若电源最大电动势E=4U,则4r= 3R ·4U。=3U。,然后均匀减小，故C、 4R D错误。 考向三电磁感应的电路问题 典例6D由法拉第电磁感应定律知， 感应电动势为E=地=Bs △t△t B,A错误：由楞次定律和安培定 则知圆形金属线圈中的感应电流方向 为顺时针方向，金属线圈相当于电源， 电源内部的电流从负极流向正极，则 电容器的下极板带正电，上极板带负 电，B错误；由闭合电路欧姆定律得感 E 应电流为I=R+R1十R: πrBo 3Rto .to 时间内流过R1的电荷量为q=1。= 元r2B 3R ,C错误；稳定后线圈两端的电 压为U=I(R,十R2)= 2Bwπr D 3t0 正确。 典例7(1)竖直向下(2)0.4V (3)1m/s 解析：(1)带负电的微粒受到重力和静 电力的作用处于静止状态，因为重力 竖直向下，所以静电力竖直向上，故M 板带正电。金属棒αb向右做切割磁 感线运动产生感应电动势，金属棒ab 等效于电源，感应电流方向由b→a,其 a端为电源的正极，由右手定则可判 断，磁场方向竖直向下。 (2)微粒受到重力和静电力的作用处于 静止状态，根据平衡条件有ng=Eg, UMN 又E= d 所以UMN= mgd =0.1V。 q R?两端电压与电容器两端电压相等， 由欧姆定律得通过R,的电流为 UM=0.05A。 R 则金属棒ab两端的电压为 RR2 U =UMN+I R+R2 =0.4V (3)由法拉第电磁感应定律得感应电 动势E=Blv, 由闭合电路欧姆定律得E=U。十 Ir=0.5V, 联立解得v=1m/s。 考向四电磁感应的动力、能量综合 问题 典例8D 根据右手定则可知，a,点电 势低于b点电势，A错误；金属杆受向 上的安培力和向下的重力，若安培力 大于重力，则加速度方向向上，则金属 杆向下做减速运动，加速度为a= F安一mg BL'v 一g,则做加速度减 m mR 小的减速运动，若安培力等于重力，则 金属杆做匀速运动，若安培力小于重 力，则加速度方向向下，则金属杆向下 mg 一F安 做加速运动，加速度为a= n B'L'v g一 ,则做加速度减小的加速运 mR 动，B错误；安培力方向向上，则安培 力做负功，机械能转化为电能，C错 误；当下落高度为5mR BLT 时，此时安培 力F袋=BIL= B2L2vB2L2√2gh R R √2mg>mg,则金属杆ab会立刻做减 速运动，D正确。 典例9(1)0.85m/s (2)2.34W (3)0.56J 解析：(1)线框的αb边刚进入磁场区 域I时，根据机械能守恒定律有 参考答案 229第一部分 专题突破 专题四电路与电磁感应 第10讲 直流电路与交流电路 知识网络》体系构建 线圈在匀强磁场中绕垂直磁场 的轴匀速转动 欧姆定律 产生 中性面：e=0,中=中m R=PS- 电阻定律 表达式：从中性面开始计时 正弦式交变电流 e=NBS wsin wt,i=l sin wt (区分纯 的产生及描述 电阻电路 Q=PRt 焦耳定律 电功、电 有效值：E=E 2 和非纯电 W=UIt- 峰值：E=NBSw 功率 电 描述 阻电路) 瞬时值：e=E sin ot E 1-R+T 交 平均值：E=NAD △t 表达式 E=U+Ir 电路 规律 -n4=也 U, P=P P&=IE 理想 P出=UI 电源的 变压器 三个功率 闭合电路 决定 P=Pr 欧姆定律 关系 U决定U2,12决定1，P2决定P 动态分析 含容电路 应用 故障分析 电能的 功率损关：P=()R 能量分析 输送 电压损失：U=R线 考向探究》素养提升 考向一 直流电路的分析与计算 1.两种电路 (3)判断变化电阻的功率时，可以将其他部分电 (1)纯电阻电路：电功W=UIt,电功率P=UI, 阻等效到电源内部（如图乙中R=R。十r时）。 且电功全部转化为电热。 P (2)非纯电阻电路：电功大于电热，即W= UIL>Q=I'RI. R=R+r R/2 2.分析功率的三点技巧 (1)定值电阻的功率随其电压或电流的增大而 「典例1[功率的计算]（多选）兴 R 趣小组的同学在实验室设计 M 增大（如图甲中R。的功率）。 了如图所示的简易电吹风，主 (2)外电阻越接近电源的内阻，电源输出功率越 00Y 要器材有定值电阻R1、R2、电 R 大，等于内阻时电源的输出功率最大（如图甲中 动机M和电热丝R,己知电动 插头 R十R。=r时)。 机M标有“100V50W”字样，它的线圈内阻 第一部分专题四 电路与电磁感应 047 为42，R1=4802,电热丝R=442,把该电吹 的小灯泡，R,为定值电阻，R?为半导体材料制 风接入220V家庭电路中，电动机M恰好可以 成的光敏电阻（光照越强，电阻越小），电容器两 正常工作，则下列说法正确的是 ( 极板处于水平状态，闭合开关S,电容器中心P A.电热丝的热功率P=1100W 点有一带电油滴处于静止状态，电源负极接地， B.电阻R2=2402 下列说法正确的是 () C.电动机M正常工作时的输出功率P,= 49W R R·L☒ D.开关S、S2都闭合，1分钟电路消耗的电能 P·R 为E=7.26×103J 心听课记录 A.若将R2的滑片下移，电压表的示数增大 B.若光照变强，则P点电势升高 C.若光照变强，则灯泡变暗 D.若断开B节点，并将电容器上极板上移，油 |典例2[电路的动态分析](2025·江苏连云港高 滴仍然保持静止 三期中)如图所示的闭合电路中，R1、R2为定 值电阻。当滑动变阻器R。的滑动触头P向上 心听课记录 滑动时，理想电压表与电流表的示数分别为U、 I,其变化量的绝对值分别为△U、△I。下列说 法中正确的是 4方法技巧，… 直流电路动态分析的常用方法 (1)程序法：基本思路为“部分→整体→部分”。 (2)串反并同法：所谓“串反”，即某一电阻阻值 增大（减小）时，与它串联或间接串联的电阻中的电 A 流、两端的电压、电功率都减小（增大）。所谓“并 A.U不变 B.I变大 同”，即某一电阻阻值增大（减小）时，与它并联或间 c -R 接并联的电阻中的电流、两端的电压、电功率都增大 D.R2的功率变大 (减小)。 [典例3[含容电路的动态分析](2025·广东深圳 (3)极限法：因滑动变阻器滑片滑动引起电路变 高三阶段检测)如图所示的电路中，E为电源， 化的问题，可将滑动变阻器的滑片分别滑至两端，使 其内电阻为r,V为理想电压表，L为阻值恒定 电阻最大或电阻为0去讨论。 考向二 交流电路的分析与计算 1.两个特殊位置的特点 (2)非正弦式交变电流：计算有效值时，要根据 (1)线圈平面与中性面重合时，S⊥B,Φ最大， 电流的热效应，即“一个周期”内“相同电阻”上 △Φ 产生“相同热量”，然后分段列式求和，求得有 △ =0,e=0,i=0,电流方向将发生改变。 效值。 (2)线圈平面与中性面垂直时，S∥B,Φ=0， △Φ △ 3.正弦式交变电流“四值”的应用 最大，e最大，i最大，电流方向不改变。 项目 表达式 应用 2.有效值的计算 最大值 Em=nBSw 计算电容器的耐压值 4)正弦式交变电流：E=E,1=I,U=U 2 √2 √2 瞬时值 -Em sin wt 计算某时刻所受安培力 048 2对勾·讲与练·高三二轮物理 续表 。听课记录 项目 表达式 应用 电表的读数，计算电热、电 有效值 E E= √2 功及保险丝的熔断电流 4教考链接…… 平均值 E-n4西 计算通过导体的电荷量 △t 人教版教材选择性必修第二册P68复习与提高 (A组)第6题，如图所示，考查了根据两种交变电流 典例4[交变电流的产生]（多 的图像，进行电功率比值的计算，2024年河北卷考题 选)(2025·黑吉辽蒙卷)如 命题背景素材及命题角度与此题相同，可以看成教 图，“”形导线框置于磁感 材习题的改编」 ↑IIA 应强度大小为B、水平向右的 5 匀强磁场中。线框相邻两边 均互相垂直，各边长均为1。线框绕b、e所在 直线以角速度ω顺时针匀速转动，b与磁场方 向垂直。t=0时，abef与水平面平行，则 典例6[交变电流“四值” ( 的计算]（多选）(2023 A.t=0时，电流方向为abcde fa 湖南卷)某同学自制了一 B.t=0时，感应电动势为B1w 个手摇交流发电机，如图 C,1=工时，感应电动势为0 所示。大轮与小轮通过 皮带传动（皮带不打滑），半径之比为4：1，小 D.1=0到1=元过程中，感应电动势平均值 轮与线圈固定在同一转轴上。线圈是由漆包线 为0 绕制而成的边长为L的正方形，共n匝，总阻 值为R。磁体间磁场可视为磁感应强度大小为 听课记录 B的匀强磁场。大轮以角速度ω匀速转动，带 动小轮及线圈绕转轴转动，转轴与磁场方向垂 直。线圈通过导线、滑环和电刷连接一个阻值 恒为R的灯泡。假设发电时灯泡能发光且工 典例5[有效值的计算](2024·河北卷)R1、R2 作在额定电压以内，下列说法正确的是() 为两个完全相同的定值电阻，R,两端的电压随 A.线圈转动的角速度为4ω 时间周期性变化的规律如图甲所示（三角形脉 B.灯泡两端电压有效值为3√2nBL2w 冲交流电压的峰值是有效值的√3倍)，R2两端 C.若用总长为原来两倍的相同漆包线重新绕 的电压随时间按正弦规律变化，如图乙所示，则 制成边长仍为L的多匝正方形线圈，则灯泡 两电阻在一个周期T内产生的热量之比Q1: Q2为 两端电压有效值为4v2nBLu 3 ↑u/V u/V D.若仅将小轮半径变为原来的两倍，则灯泡变 得更亮 0 U 心听课记录 A.2:3 B.4:3 C.2:√3 D.5:4 第一部分专题四 电路与电磁感应 049 考向三 变压器和远距离输电 1.理想变压器动态分析的两种情况 90、 9 (1)负载电阻不变，讨论变压器原、副线圈两端 的电压、电流、电功率等随匝数比的变化情况。 (2)匝数比不变，讨论变压器原、副线圈两端的 电压、电流、电功率等随负载电阻的变化情况。 C D 2.远距离输电问题的解题关键 (1)整个输电线路由三个回路组成，回路间通过 心听课记录 变压器建立联系（如图所示）。 3 12R13 U U 用户 P P [典例8(2025·湖南 n 卷)如图，某小组设 回路1 回路2 回路3 (2)关键是通过分析，利用题目条件，首先求出 计了灯泡亮度可调 中间回路的电流I2,则△U=I2R,△P=IR= 的电路，a、b、c为固 (△U)2 定的三个触点，理想变压器原、副线圈匝数比为 AU·I2= R。 k,灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R,交变电 3.掌握两种损耗 源输出电压的有效值恒为U。开关S与不同触 (1)电压损耗：输电线上的电阻导致的电压损 点相连，下列说法正确的是 () 耗，UR=U2-U3=IRR。 A.S与a相连，灯泡的电功率最大 (2)功率损耗：输电线上电阻发热导致的功率损 kU 耗，PR=P2一P3=IRR。输电线上的能量损耗 B.S与a相连，灯泡两端的电压为 2+3 是热损耗，计算功率损耗时用公式P。=IR或 C 器 C.S与b相连，流过灯泡的电流为十2)R U2 [典例7(2025·河北卷)2024年底，世界装机容 D.S与c相连，灯泡的电功率为6十1)R 量最大的抽水蓄能 0) 电站—河北丰宁 心听课记录 抽水蓄能电站全面 投产发电。如图，若 该电站通过理想变 压器调节输出电压U2时，输入电压U1保持不 归纳总结、 变。已知副线圈总匝数为n,分接头1、2间和 “等效法”在变压器问题中的应用 (1)等效电源法 2,3间的线圈匝数n12=n4=10,开关S接3时 如图甲所示，设原线圈的电压为U1,电流为I, 输出电压的瞬时值u2=Usin wt,则S接2时 副线圈电压为U2,电流为I2,副线圈负载为R,与原 u2-t的图像为 ( 线圈串联的定值电阻为R。,变压器原、副线圈匝数 分别为n1,n2。将变压器、定值电阻R。与原交流电 10 0 源看作一个整体，等效为一个新的电源，如图乙所 示，设原、副线图的匝数之比为”=k,新电源的电动 n2 10 U Ro 势E 石，新电源的内阻， A B 050 2对勾·讲与练·高三二轮物理 供电的原理如图所示。发电机的输出电压为 R U1=300V,输电线的总电阻为r=502,为了 等 减小输电线路上的损耗采用了高压输电技术。 变压器视为理想变压器，其中升压变压器的匝 电 源 数比为n1:n2=1:1000,用户获得的电压为 U4=220V。若在某一段时间内，发电厂的输 出功率恒为P,=9.0×10W,则下列说法中正 (2)等效电阻法 确的是 () 如图甲所示，我们可以将变压器与负载看作 n L n2 =502 n33 ns 个整体，等效为一个新的电阻R',即为a、b间的等 U U U 用 效电阻，如图乙所示，等效电阻为R'=”R。 升压变压器 降压变压器 A.输电线上的电流为300A B.降压变压器的匝数比为n3:n4=14925:11 C.输电线上损失的功率为9.0×104W D.若改用1000千伏超高压输电，则输电线路 上可减少损失的电功率为4050W 「典例9[电能的输送]近些年中国研发出多项独 心听课记录 有的先进技术，其中特高压输电技术让中国标 准成为了国际标准，该技术可使输电线电压高 达1000千伏及以上等级。某电厂对用户进行 温髻提示》请完成课时作业1④ 第11讲 电磁感应 知识网络》体系构建 导体棒切割磁感线 右手定则 感应电 常见图像：B-t图像、中-图像 流方向 图像 E-t图像等 增反减同 问题 的判断 阻碍 注意问题：斜率、截距、面积 来拒去留 楞次定律 两 增缩减扩 等效电源 电路 问题 画等效电路 尽n4中 磁通量变化 利用闭合电路欧姆定律求解 △t 法拉第 E=Bly 杆平动切割 电磁感 单杆模型 两个模型 E-2 BFo- 应定律 双杆模型 杆转动切割 电磁感 动力 学问 受力分析 注意安培力的分析 Em=nBSω 线框转动 题 运动分析 最终运动状态的确定 g=n △Φ R+r 计算通过导 线横截面的 正功 电能转化为其 -Bgl=m△U 电荷量 两 他形式的能 能量 安培力 O=PRt 利用焦耳定律 问题 做功 其他形式的能 计算感应电 负功 转化为电能、 Q=W克安 利用克服安培 算 流产生的焦 再转化为内能 力做功 耳热 自感、互感 O-AE 应用 利用能量守恒 涡流、电磁驱动、电磁阻尼 第一部分 专题四 电路与电磁感应 051