2026年全国高考押题预测三卷·物理2

机密★启用前 2026年高考押题预测三卷（一） 物理 (75分钟 100分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。） 1.“空间电场防病促生”技术的基本原理是通过直流电源在悬挂电极和 悬挂电极 地面之间产生空间电场，其作用之一是加速植物体内带正电的钾、钙 A B 离子等向根部聚集，促进植物快速生长.图中实线为该空间电场线的 示意图.下列说法正确的是 ( 影影生坐空￥影 A.悬挂电极应接电源负极 B.图中所示的A、B两点电场强度大小相等，方向不同 C.钾、钙离子向根部聚集过程中电势能增大 D.空气中带负电的尘埃微粒（重力不计）都将沿电场线向悬挂电极聚集 2.海王星有13颗已知的天然卫星.现认为“海卫二”绕海王星沿圆轨道匀速运转，已知海卫二 的质量为2.0×1019kg,轨道半径为5.5×10km,海王星的质量约为1.0×1026kg,引力常 量G=6.67×10-11N·m/kg2.则海卫二运行的周期大约为 () A.360天 B.180天 C.90天 D.720天 3.如图1所示，一足够长的粗糙斜面固定在水平面上， F A、B两物块分别在沿斜面向下的力F作用下由静止 开始运动，两物块运动的加速度α随力F变化的关系 如图2所示.忽略空气阻力，下列关于A、B的质量 图1 mA与mB以及A、B与斜面间的动摩擦因数：A与4B 图2 的大小关系，正确的是 A.mA>mB RA>MB B.mA>mB ,MA<uB C.mA<mB ,uA>MB D.mA<mB,A<UB 4.如图所示是粉刷墙壁时的情景图和工作示意图，粉刷工人通过上下缓慢滚动滚 筒，将涂料粉刷到墙面上，设撑杆与竖直墙面的夹角为0.在滚筒缓慢向下滚动的 过程中，8逐渐增大，滚筒与墙壁间的摩擦力忽略不计，滚筒质量m不变.则在此 滚筒 过程中，下列说法正确的是（重力加速度为g) ) A.墙壁对滚筒的弹力大小为mng sin8 B.向下滚动的过程中，墙壁对滚筒的弹力变小 C.向下滚动的过程中，撑杆和墙壁对滚筒的合力变大 撑杆 墙壁 D.向下滚动的过程中，撑杆对滚筒的支持力变大 5.光刻机是制作芯片的核心装置，主要功能是利用光线把掩膜版上的 光线 图形印制到硅片上.如图所示，传统DUV光刻机使用的是波长为 掩膜版 投影物镜 193nm的深紫外线，而采用波长13.5nm的极紫外光光刻EUV浸没液体， 真空区城 是传统光刻技术向更短波长的合理延伸.光刻机在使用时，常在光 光刻胶 刻胶和投影物镜之间填充液体以提高分辨率.下列说法正确的是 ( A.深紫外线在真空中的传播速度比极紫外线大 B.深紫外线的光子动量比极紫外线更小 C.传播相等的距离，深紫外线在液体中所需的时间比极紫外线长 D.两种紫外线从真空区域进入浸没液体中时，极紫外线比深紫外线更容易发生衍射，能提 高分辨率 6.某同学学习了电磁感应相关知识之后，做了如下探究性实验：将闭合线圈按图示方式放在电 子秤上，线圈上方有一N极朝上竖直放置的条形磁体，手握磁体在线圈的正上方静止，此时 物理第1页（共1页） 电子秤的示数为m.下列说法正确的是 A.将磁体加速插向线圈的过程中，电子秤的示数等于m。 B.将磁体匀速远离线圈的过程中，电子秤的示数大于o C.将磁体加速插向线圈的过程中，线圈中产生的电流沿顺时针方向（俯视）》 D.将磁体匀速插向线圈的过程中，磁体减少的重力势能等于线圈中产生的 焦耳热 0P日 7.如图所示，正方形线框abcd放在光滑的绝缘水平面上，OO'为正方形线框 的对称轴，在OO的左侧存在竖直向上的匀强磁场.现使正方形线框在磁场中以两种不同的 方式运动：第一种方式以速度v使正方形线框匀速向右运动，直到ab边刚好与OO'重合；第 二种方式只将速度变为3.则下列说法正确的是 ( A.两过程线框中产生的焦耳热之比为1：9 B.两过程流过线框某一横截面的电荷量之比为1：3 C.两次线框中的感应电流大小之比为1：3 D.两过程中线框中产生的平均电动势之比为1：1 10 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全 部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.一列简谐波沿x轴正方向传播，图甲是开始计 Ay/cm y/cm 时后t=0时的波形，A、B、C是介质中的质点， 图乙是质点A、B、C其中一点的振动图像，下 8t/(×10-s) 列说法正确的是 () A.图乙是质点C的振动图像 B.从图甲时刻开始，质点C比质点A先到达波谷 C.从图甲时刻开始，再经过0.35s,质点B、C相对平衡位置的位移相同 D.质点C在0.1s时间内沿波的传播方向运动的位移大小为5m 9.《梦溪笔谈》是中国科学技术史上的重要文献，书中对彩虹作了如下描述： “虹乃雨中日影也，日照雨则有之”.如图所示是彩虹成因的简化示意图，一 束复合光射人水滴后，射出α和b两种单色光，下列说法正确的是( A.水滴对a光的折射率小于对b光的折射率 B.在水滴中，a光的临界角小于b光的临界角 C.在水滴中，a光的传播速度小于b光的传播速度 a D.在完全相同的条件下做双缝干涉实验，a光对应的干涉条纹间距较宽 10.如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）左端固定在A点，自然长度等于AB.弹性 绳跨过由固定轻杆OB固定的光滑定滑轮连接一个质量为的小球，小球穿过竖直固定的杆， 初始时弹性绳ABC在一条水平线上，小球从C点由静止释放，当滑到E点时速度恰好为零，已 知C,E两点间距离为A,D为CE的中点，小球在C点时弹性绳的拉力大小为”受，小球与杆之 间的动摩擦因数为0.4，弹性绳始终处在弹性限度内，重力加速度为g.已知质点做简谐运动周期 公式T=2m√ m (为质点质量，k为振动系数)，下列说法正确的是 A.对于由弹性绳和小球组成的系统，在CD阶段损失的机械能小于在 DE阶段损失的机械能 B.小球从C到E克服弹性绳弹力做功为mgh C.在E点给小球一个竖直向上的速度 A 5h,小球恰好能回到C点 到E的过程中，弹性轻绳对小球的冲量为 物理第2页（共1页） 三、非选择题（本题共5小题，共54分。） 11.(6分)精确测量干电池电动势和内阻需要考虑电表内阻的影响.可用器材有：电压表（量程 1.5V,内阻约为1.5k2)、电流表（量程0.6A,内阻为12）、滑动变阻器、开关、干电池和 导线若干.某小组开展了以下实验， U/W 1.6 0.2 .0.4 woau2 0.6 1.2 1.0 0.8 0.2 0.61/A 图2 电 图4 (1)按图1所示正确连接好电路后，某次测量中电流表指针位置如图2所示，其示数为 A(结果保留2位小数). (2)调节滑动变阻器阻值，测得多组电表读数，作出图3所示的U一I图像，则待测干电池 电动势E= V(结果保留2位小数)，内阻r= 2(结果保留1位小数). (3)该小组也尝试用图4所示电路测量电压表内阻，但发现实验无法完成.原因是 A.电路设计会损坏仪器 B.滑动变阻器接法错误 C.电压太大无法读数 D.电流太小无法读数 12.(8分)请完成下列实验操作和计算， cm (1)用游标卡尺测得两小球的直径均如图甲所示，则小十 球直径d= cm. (2)某实验小组运用手机“慢动作”录像功能和图乙所示 的装置验证动量守恒定律.小球、b均为质量均匀分布的弹性小球，两小球自由悬垂 状态时刚好接触无弹力且球心恰好在同一水平线上.实验步骤如下： ①用天平测得小球a、b的质量为m1、m2. ②把小球a向左拉开到一定高度，按下手机录像按键，将小球a由静止释放，要 保证碰后小球a不反弹，要求m1 (填“>”“=”或“<”)m2.结束录像 后，通过手机慢镜头回放，观察到小球α释放前摆绳与竖直方向的夹角为0，碰 撞后小球α第一次向右摆至最高点时摆绳与竖直方向的夹角为02，小球b第 次摆至最高点时摆绳与竖直方向的夹角为3，忽略空气阻力.如果等式 a ob (用题中的物理量的字母表示)成立，则表明碰撞前后系统的动量 守恒. (3)碰撞的恢复系数的定义为e=ue- v2一v1 一，其中vo1和vo2分别是碰撞前两物体的速度， 1和v2分别是碰撞后两物体的速度.某次实验时，由静止释放小球α，释放前摆绳与竖 直方向的夹角为0，=90°，碰撞后小球α第一次摆至最高点时摆绳与竖直方向的夹角为 物理第3页（共1页） 02=37°，小球b第一次摆至最高点时摆绳与竖直方向的夹角为03=53°，碰撞后小球α 运动方向不改变，则此次实验碰撞的恢复系数为 (结果保留两位有效数字，其 中sin37°=0.6,5≈2.236，W10≈3.162). 13.(10分)近年来随着中国汽车工业的飞速发展，新能源汽车已经越来越多走进了我们的生 活，它们具有节能、环保、智能化程度高、舒适、噪音小等优点.家用汽车轮胎胎压标准一般 在2.2~2.5bar之间(1bar表示一个标准大气压，约等于1×105Pa),冬季来临时气温降 低，会使轮胎胎压降低.一轿车的轮胎容积为20L.工作人员在给汽车做保养时发现其中 一个轮胎的胎压为2.0bar,使用充气泵给轮胎充气，若充气泵每秒能充入2L压强为 1bar的空气.忽略轮胎容积的变化.求： (1)为使胎压处于标准范围，充气泵给轮胎充气的最长时间； (2)若充气时的气温为7℃，工作人员将胎压加到2.3bar,如果轮胎不漏气，当气温升至35 ℃时，要使胎压降到标准范围内，至少应放出的空气在该温度和标准大气压下的体积. 14.(14分)在竖直平面内存在垂直于纸面向里、半径为R的圆形匀强磁 场区域，在磁场左侧存在竖直向下的匀强电场，电场强度大小未知， 电场区域的宽度为d.如图所示，一质量为m、电荷量为q的带负电 301 粒子，以大小为。的初速度沿与竖直方向成30°角的方向斜向下进 人电场，经过电场作用，粒子的速度方向改变60°后恰好从电场与磁 场的切点进入磁场，在磁场中经过磁场作用后正好以原来进入电场的速度方向离开磁场， 不计带电粒子受到的重力，求： (1)粒子在电场中运动的位移大小； (2)匀强磁场的磁感应强度大小； (3)粒子在电场和磁场中运动的总时间. 15.(16分)如图所示，两根光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面 上，左、右两侧导轨间距分别为L和2L,分别处于磁感应强度 大小为2B和B的垂直纸面向外的匀强磁场中，导轨右端接 一阻值为R的电阻.金属棒α、b分别置于左、右两侧导轨上， a的电阻为r、长度为L、质量为m,b的电阻为2r、长度为 2L、质量为2.初始时刻开关S断开，静止的两棒用绝缘丝线连接，两棒间置有劲度系数 为k、压缩量为x。的轻质绝缘弹簧，弹簧与两棒不连接.剪断丝线，弹簧恢复原长时，α恰 好脱离导轨，b速度大小为，此时闭合S.已知弹簧弹性势能E。=2kx(x为弹簧形变 量)，整个过程中两棒与导轨垂直并接触良好，右侧导轨足够长，所有导轨电阻均不计，求： (1)剪断丝线，弹簧恢复原长的过程中，回路中的电流方向； (2)初始时刻a棒距导轨左端的距离x。; (3)弹簧恢复原长过程中，a棒上产生的热量Q。; (4)整个过程b棒向右运动的距离d. 物理第1页（共1页）物理( 1.B植物体内带正电的钾、钙离子等向根部聚 集，可知钾、钙离子等受到的电场力向下， 故悬挂电极应接电源正极，A错误；根据 对称性可知，A、B两点的电场强度大小相 等，但是方向不同，B正确；钾、钙离子向根 聚集过程中，受到的电场力做正功，电 势能减小，C错误；空气中带负电的尘埃 微粒（重力不计）都将向悬挂电极聚集，但 因为电场线是曲线，故微粒不能沿电场线 运动，D错误， Mm 2.A根据万有引力提供向心力可得G 2π.2 4π2r3 m(牙)r,整理得T=√GM =360天， 故选A. 6. 3.C物块沿斜面向下运动过程中，对物块进行 受力分析，由牛顿第二定律有F+ng sin 0-mg cos0=ma,解得a=5十gsin0 F gcos0,由a-F图像知k=且kBS k4,则上<，得A、B的质量关系为 mB>mA,又由gsin8-uAg COS8<gsin8 一“：gcos日，得A、B与斜面间的动摩擦 因数大小关系为HA>“B,故选C 4.D设墙面对滚筒的弹力 为N,,撑杆对滚筒的 弹力为N2,对滚筒受N 力分析如图所示，由平 衡条件可知V,=Gtan Q,N,一心G0故A错误：在向下滚动的过 程中，角度8在增大，所以墙壁的弹力在 增大，撑杆的弹力在增大，故B错误，D正 确；向下滚动中，撑杆和墙壁对滚筒的合 力一直与重力等大反向，合力不变，故C 物理{二)答案 错误. 3 任何频率的电磁波在真空中传播速度都 相等，A错误；根据p一会，深紫外线的波 长较长，则光子动量比极紫外线更小，B 正确；深紫外线的频率小，折射率小，根据 =￡可知，进入液体后深紫外线传播速 度比极紫外线更快，传播相等的距离，深 紫外线在液体中所需的时间比极紫外线 短，C错误；两种紫外线从真空区域进入 浸没液体中时，极紫外线因波长较小，则 比深紫外线更不容易发生衍射，能提高分 辨率，D错误. 根据楞次定律的推论“来拒去留”可知，在 将磁体插向线圈（无论是匀速、加速还是 减速)的过程中，线圈与磁体相互排斥，导 致电子秤的示数大于m。,反之则电子秤 的示数小于m。,AB错误；将磁铁加速插 向线圈时，穿过线圈的磁通量向上增加， 根据楞次定律可判断，线圈中产生的感应 电流沿顺时针方向（俯视），C正确；磁体 匀速插向线圈的过程中，磁体受到重力、 拉力、斥力作用，重力和拉力的合力做的 功等于线圈中产生的焦耳热，D错误. 感应电动势E=BLv,根据欧姆定律I= E 尽可得R可知Ic©a,所以两次线 框中的感应电流大小之比为I1:I2=v: 3v=1:3,故C正确；ab边刚好与OO'重 L 合的时间1=号一2，根据焦耳定律Q= I2Rt= 2R”,可知Qcu,所以两过程线 B'L3v 框中产生的焦耳热之比为Q1：Q2=v: 3v=1:3,故A错误；流过线框某一横截 第」页 E,△ΦBL2 面的电荷量g=1=京1=尺=2R,可知 两过程流过线框某一横截面的电荷量与 速度无关，所以q1:q2=1：1,故B错误； 线框中产生的平均电动势E=△ △t BLv,可知Ecv,两过程中线框中产生的 平均电动势之比为E1:E2=v:3v=1: 3,故D错误. 8.BC由题图乙可知，质点的周期为0.08s,而 t=0质点向上振动.结合题图甲可知，其 所表示的为质点A,故A错误；由题意 10. 可知，波向x轴正方向转播，则此时刻质 点A向上振动，质点C在波峰处，要向 下振动，所以质点C比质点A先到达波 谷，故B正确；结合之前分析角频率为ω -票，解得w=25xrad/s,从图甲时刻开 2π 始，质点B的振动方程为yB=一Asin wt=一Asin25πt,再经过0.35s时，质 √② 点B的位移为y:=一 2A,从图甲时刻 开始，质点C的振动方程是yc=Acos wt=Acos25πt,再经过0.35s时，质点 C的位移为y=一 A=yB,故C正 确；质点C只在其平衡位置附近做往复 运动，并不随波的传播而迁移，故D错 误。 9.AD根据光路图可知，两束光的入射角相等， a光的折射角大，b光的折射角小.根据 折射定律n=sini ，可得水滴对a光的 sin r 折射率小于对b光的折射率，故A正 确：根据临界角公式sinC=,因为水 滴对a光的折射率小于对b光的折射 率，所以在水滴中a光的临界角大于b 光的临界角，故B错误；根据。=C可 物理二)答案 知，因为水滴对a光的折射率小于对b 光的折射率，所以在水滴中a光的传播 速度大于b光的传播速度，故C错误；因 为水滴对a光的折射率小于对b光的折 射率，则a光的频率小于b光的频率，所 以a光的波长大于b光的波长.根据双 缝干涉条纹间距公式4r=宁，可知在 完全相同的条件下做双缝干涉实验，α 光对应的干涉条纹间距较宽，故D正 确。 BC当小球运动到某点 B P点，弹性绳的伸 长量是xBP,小球 受到如图所示的四 个力作用，其中F, =kxn,将Fr正交分解，则Fr的水平 分量为Frsin8=kx gp sin6=kxc= 学，小球水平方向平衡，则Fx=P,sin 0,又Fr=FN=5mg,Fr的竖直分 量为F=Frcos0=kx即cOs0= kxcp,从C到E的过程中，根据能量守 恒可知，mgh=乞h2十Fh,解得 -8,由F,=号mg,可知小球受到 1 5h 的摩擦力为恒力，则CD段与DE段摩 擦力所做的功相同，则在DE段弹性绳 和小球组成的系统机械能的减少量等 于CD段弹性绳和小球组成的系统机 械能的减少量，故A错误；小球从C到 E,根据动能定理有mgh一5mgh一 W弹=0，解得克服弹性绳弹力做功为 4 W舞=5mgh,故B正确：对小球从C 运动到E过程，应用动能定理得mgh 第2页 1 一5mgh一W#=0,若小球恰能从E 点回到C点，应用动能定理得一gh十 W%-5mgh=0-2mv,联立求解得 4 v=√5h,故C正确；从C到E的运 动过程中，所受合力F=mg一kx一 F、=-器：，可知拾好以D点 为平衡位置做简谐运动，从C运动到E 恰好为半个周期，弹性轻绳对小球水平 冲量1，=受×，竖直冲量与重力和 摩擦力合力的冲量大小相等，为【，= mπ10h 4mg×,,又T=2πb=2Wg 5 弹性轻绳对小球冲量I=√T?+I?= 0890,故D错误 11.(1)0.24(1分) (2)1.48(2分)0.7(2分) (3)D(1分) 解析：(1)电流表精度为0.02A,所以电流表 读数为0.24A.(2)根据闭合电路欧姆定律 得E=U+I(RA+r),变形为U=一(RA十 r)I+E,根据图像可知，纵截距b=E=1.48 V,斜率的绝对值为|k|=r十RA= 1.48-0.80=1.70,所以待测干电池电动 0.40 势E=1.48V,电源内阻r=0.72.(3)由于 将电压表串联接在电路中，电压表内阻很 大，电路中电流太小，故无法完成实验的原 因可能是电流太小无法读数.故选D. 12.(1)1.070(2分) (2)>(2分) m1√/1-cos01=m1 √/1-cos82+m2√/1-cos03(2分) (3)0.19(2分) 解析：(1)游标卡尺的读数d=1cm+14×0. 物理（仁} 05mm=1.070cm.(2)②要保证碰后小球a 不反弹，需要m1大于m2,根据动量守恒定 律得m1v1=m1v2十m2v,根据动能定理可 得mgl(1-cos0)=2mv2,解得v= √/2gl(1-cos0),所以求得1√1-cos01 =m1√1-cos02+m2√1-cos0?.(3)根据 动能定理可得mgl(1-cos)=2mv,解得 v=√/2gl(1-cos),代入e= v2-v1 v02-v01 求得e≈0.19. 13.解：(1)设轮胎容积为V,标准大气压为p。, 由题意知， 初态轮胎内气体压强p1=2p。,(1分) 当胎压为p2=2.5p。时，充入的压强为p。 的空气体积为V1, 由理想气体方程得 pV+pV1=p2V,(1分) 解得V1=0.5V=10L,(1分) 因为充气泵每秒充人2L压强为p。的空气， 故充气时间最长为5s.(1分) (2)初始温度为 T1=(7+273)K=280K, 末态温度为 T2=(35+273)K=308K,(1分) 由查理定律得 会-六1分) 解得p4=1.1p3=2.53po,(1分) 设放出压强为p。、体积为V2的气体后，轮胎 胎压降为p2=2.5p。,(1分) 由理想气体方程得 pV=p2V+poV2,(1分) 解得V2=0.03V=0.61.(1分) 14.解：(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，将 速度分解，带电粒子在电场方向上做匀减速 直线运动，在水平方向上以2。做匀速直线 答案第页 运动，则粒子在电场中运动的时间为 15 t d=2d,1分) 1 2。 粒子在竖直方向上以3。做匀诚速直线运 动， ③ 则y 21,(1分) 解得y=d ,1分) 粒子在电场中运动的位移大小 s=V+y_d (2分) (2)粒子进入磁场时速度方向改变60°，则粒 子以？。的速度水平进入磁场，经过偏转后 速度方向以原来的方向离开磁场，说明粒子 在磁场中偏转60°，根据几何关系，带电粒子 在磁场中的偏转半径为r=√3R,(2分) 由洛伦滋力提供向心力有 如8=m,1分) 又u=20,(1分) 解得磁感应强度大小 B=V3mv 6gR .(2分) (3)粒子在磁场中运动的轨迹所对应的圆心 角为60°， 则粒子在磁场中运动的时间 ,(1分) 所以粒子在电场和磁场中运动的总时间为 1+1'=6d+2V3xR 3v0 (2分) 物理{二)答案 ,解：(1)剪断丝线，弹簧恢复原长的过程中， 一定有a向左运动，b向右运动，根据右手定 则可知，回路中产生顺时针方向的电流.(2 分) (2)设弹簧弹开两棒的过程中，任一时刻流 过两棒的电流为I,则有 F。=2BIL=F6=BI·2L,(1分) 故两棒系统动量守恒，根据动量守恒定律可 得 mva=2mvb,(1分) 其中y。= =号1分) t 且有x。十x6=x,(1分) 整理可得mx。=2mx6,(1分) 联立解得 2x0 =- 3 w=子1分) (3)弹簧恢复原长时，根据动量守恒有 mv。=2mvo,(1分) 根据能量守恒有 1 z三2m8士22m6+Q,+Q,分 结合题意可知 Q.=r Q21分) 解得Q。= 6-mv.(1分) (4)闭合开关S后，设b棒继续运动的距离 为x6',根据动量定理可得 B·2”2L·△t=△p,即有R+2,Ax= 4B2L2 B R+2r △，(1分) 4B2L2 整理可得R+2x,'=2m,1分) 解得d=x,十xw'-号+ mvo(R+2r) 2B2L2.(2 分) 茱4页