2026全国高考押题最后5卷-物理-3

2026全国高考押题最后5卷（三） 物理参考答案及评分意见 1.D【解析】氢原子光谱是线状光谱，由特定波长的谱线组成，而非连续分布，A错误；随量子数n增大，氢原子相 邻能级间能量差值减小，B错误；原子跃迁可通过吸收光子或碰撞等方式实现，可能一次性跃迁到更高能级，无需 逐级跃迁，C错误；从高能级向低能级跃迁时，电子的电势能减少，动能增加，D正确。 2.D【解析】光的偏振现象是横波特有的现象，表明光波的振动方向与传播方向垂直，纵波的振动方向与传播方向 一致，不会出现偏振现象，A错误；自然光通过偏振片后，只有振动方向与透振方向一致的光分量能够透过，B错 误；单缝衍射图样中，中央亮纹最宽、最亮，两侧亮纹宽度依次减小，亮条纹间距也不均匀，向外逐渐变密，C错 误；在相同实验条件下，波长越长，单缝衍射中央亮纹宽度越大，红光的波长大于蓝光，因此红光衍射中央亮纹更 宽，D正确。 3.A【解析】小球先上升后下降，速度方向发生改变，C、D错误；开始时小球向上做匀减速直线运动，根据速度位移 关系有v=√06一2gx,到达最高点后，小球向下做匀加速直线运动，根据速度位移关系有v=一√一2gx,A 正确，B错误。 4.B【解析】通过R的电流方向在1s内变化100次，则交变电流的频率为50Hz,A错误；电动势有效值E= E=-220,区V=220V,B正确；图示位置，穿过线圈的磁通量为零，线圈位于与中性面垂直的位置，C错误；电压 √2√2 表示数显示的是电阻R两端电压的有效值，不为零，D错误。 5A【解析r夸父一号与天雁16星”初始夹角，=行，两卫星的角速度，-行：-行则8，=(：-12，解 TiT2 得t一6(T-TA正确。 6.A【解析】煤块的运动分为两个阶段，第一阶段为煤块从静止加速至与传送带速度相同，由牛顿第二定律 有mg sin0+mg cos0=ma1,解得a1=10m/s,加速至u=2m/s所用时间t1=”=0.2s,煤块位移51= 1 2a1号=0.2m,传送带位移51=t1=0.4m,相对位移△1=51-51=一0.2m,大小为0.2m,方向沿传送带 向上，第二阶段为煤块从速度v=2m/s继续加速至B端，由牛顿第二定律有mg sin0-umg cos0=ma2,解得 a2=2m/s2,设从共速到B端时间为t2,则1-s1=t2十2a2t,解得t2=(2-1)s(舍去负根)，传送带位 移s带2=t2=2(√2-1)m,相对位移△s2=(l-s1)一s带2=(3-2√2)m,方向沿传送带向下，第一阶段煤块相对 传送带向上滑动，在传送带上留下长度为0.2的痕迹，第二阶段煤块相对传送带向下滑动，但下滑的相对位移 (3一2√2)m≈0.172m小于第一阶段的痕迹长度，且部分覆盖了原有痕迹，最终传送带上可见的黑色痕迹长度 为第一阶段相对位移的大小，A正确。 7.A【解析】设椭圆半焦距为c,则场源电荷F到椭圆中心的距离为c,粒子在椭圆轨道上运动时，遵守开普勒第 二定律，即单位时间扫过的面积相等，有号(a-c)uA·△1=2(a十c)0B·△，在A点带电粒子动能与电势能之 1 +十名mi,在B点带电粒子动能与电势能之和E。=一q。?。十2mi,根据能址守恒可刻E一 和EA=一qa一c Q+1 E以=E,联立解得E=一9A正确， 8AC【解标】从波形图巾可读出波长入=4m,由波速公式-产得周期T-子-0.2s,A正确：1=0时，yw= 1 4cm,可得xw=3m,振幅A=8cm,x=2m处的质点在t=0时位移为0，且沿y轴正方向运动，所以其振动 物理答案第1页（共4页） 方程为=An经4=8m(10a)m,则质点M的我动方我为n=Aan(停+2,2 8sin10t+后cm,B错误，C正确；波蜂位于x=1m处，传播到N点所需时间△：=5 5 s=0.2s,D错误。 20 9.AC【解析】从A到B小球做斜抛运动，逆向为平抛运动，竖直方向有sin日=g,解得E=sin ，A正确；水 平位移x=,c0s9·1二可sn9cos9,B错误；根据动量定理，知小球动量变化量的大小为△p=mgt,联立解得 △p=nvosin0,C正确；小球动量变化量的方向与重力方向相同，竖直向下，D错误。 10.BD【解析】限据洛伦袋力提侯向心力，有90,5=m兰，解得y-g昭-1n,就迹半径 与圆形磁场半径相等，属磁会聚逆向设计，A错误；粒子带正电，沿y轴正方向射人，根 据左手定则，洛伦兹力沿x轴负方向，故轨迹圆心O1在O点左侧距离r=1m处，即 O1坐标为(-1m,0),轨迹圆方程为(x+1)2+y2=1,磁场圆方程为x2+(y一1)2= 1,联立解得两交点(0,0)（入射点O)和（一1m,1m),B正确；粒子轨迹对应的圆心角 为90°=受，周期T-2-2xX3X10” 2 0B=61。。1s=π×106s,运动时间t=2元·T=4=4×10。S,C错误；人射速 度方向与x轴正方向成60°，运动轨迹如图所示，由几何关系知轨迹圆心角为120°，D正确。 1.3)2m”1分)(5)mL1分)6(2分)2(2分) t 【解析】(3)圆盘转动n圈所用时间为t,转过的角度为2n弧度，故角速度u=2 t。 (5)根据合外力提供向心力，有F十umg=mw2L,整理得F=mw2L-mg,可知F与w2L呈线性关系，故横坐 标应选。L:斜率表示滑块的质量-合，级截距的绝对值表示最大静摩擦力6=mg,解得以一名· 12,11.0(2分)最大1分)222分冬-R,2分)(3)箱小(1分)偏小(1分) 【解析】(1)电压表原量程U。=3V,内阻Rv=1.0k2,改装后电压表量程为6V,根据串联电路的分压规律，应 将电阻箱R2的阻值调为R2=Rv=1.0kΩ；为保护电路，闭合开关前，应将电阻箱R,的阻值调到最大，使电路 中的电流最小，避免因电流过大而损坏电池或电表。 (2)设电源电动势为E,内阻为r,忽略电压表分流，由闭合电路欧姆定律得E=2U+I(x十R。)=2U十 + R,).两边同时除以继理得行是+2古》，己则日定用限为一条直线，秋轴酸2 E,斜率k= 26士R,联立解得E-名=会R a (3)若忽略电压表分流，I测<I真，根据闭合电路欧姆定律E=2U+I(r十R,),可知电动势测量值与真实值相比 偏小；若忽略电压表分流，可将电压表支路与r十R。整体视为电源内部，r十R。测量值实为r十R。与电压表支 路电阻的并联值，所以内阻测量值与真实值相比偏小。 13.(1)T。(2)Q-[pS+(mA+mB)g] 【解析】(1)缓慢加热过程中，细线始终绷紧，两活塞一起运动。气体压强保持不变，故气体做等压膨胀 初态：T,=T。,V1=2lS+1S=3lS 末态：V2=2l·2S=41S 物理答案第2页（共4页） 由蓝一月李克定徐，相宁-是2分》 解得T2= 4T(2分) (2)对活塞A、B及细线整体受力分析，由平衡条件，得2pS十poS=2pS十S十(mA十mB)g(2分) 解得p=p,十mA十mB)g 气体吸收热量为Q的过程中，气体对外做的功W=p(V2-V1)(1分) 根据热力学第一定律，有△U=Q一W(2分) 联立解得△U=Q-l[pS+(mA十m)g](1分) 14.(1)mgtisin a m'gRsin a (2)mg'Rt sin'a 3m'g'R'sin'a (3)mgtasin a Bd B3d3 B2d2 2B4d4 m+B2d2C 【解析】(1)设导体棒下滑过程中的最大速度为m,由法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律，得 Bdum=ImR(1分) 由平衡条件，得mg sin a=BImd(l分) 联立解得un=mgRsin a Bd2 对导体棒从开始到速度最大过程，应用动量定理（沿导轨方向），有 mg sin a·t1-BdI·t1=mvm-0(1分) 通过电阻R的电荷量q=I·t1(1分) 联立解得g=m8sin&_mgR sin“（1分)y Bd B3d3 (2)设导体棒下滑距离为1时达到最大速度，电阻R产生的热量为Q,由能量守恒，重力势能的减少量等于导 体棒动能的增加量与回路中产生的焦耳热之和，即 mgsin&=mw2+Q1分) 由法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律，得 B-IRa分) t 又q=I·t 联立解得Q=mgR1sina_3 sina(1分) B2d2 2B4d4 (3)接电容器时，导体棒速度变化量为△v时产生的感应电动势变化量△E=Bd△o 此时对电容器充电，电荷量变化量△Qc=C△E(1分) 解得△Qc=CBd△v 回路电流I △Qc(1分) △t 解得I=CBd△t Av-CBda 安培力大小为FA=BId 解得FA=B2dCa 由牛顿第二定律，得mg sin a-FA=ma(1分) 导体棒在t=t2时的速度大小为v2=at2 物理答案第3页（共4页） 联立解得V2 mgtasin a m+BdC(1分) 15.1D6m/s(22m(39N 【解析】(1)小球从水平位置A静止释放，摆到最低点B的过程中机械能守恒 1 m48L=2m6(2分) 小球与小滑块发生弹性碰撞，设碰后小球速度大小为1，小滑块速度大小为2，取向右为正方向。由动量守恒 和能量守恒，得 m4vo=m4v1十mgv2(2分) 1 1 22后三2m4w1十2m33(2分) 联立解得v2=6m/s(1分) (2)小滑块以2=6m/s的速度滑上静止的小车，最终与小车达到共同速度v,设此过程小滑块相对小车的位移 (小车长度)为1。小滑块与小车系统水平方向动量守恒，有 m3v2=(m2+m3)u(1分) 由能量守恒，得 mgl=m,i-号m:+m,d2分) 1 联立解得l=2m(1分) (3)小车与圆弧轨道碰撞，根据动量守恒，有 m2o=(m1+m2)v3(1分) 从小车与圆弧轨道碰后，到小滑块运动到D点的过程中，小滑块、小车与圆弧轨道三者构成的系统，在水平方向 上动量守恒、机械能守恒，有 m3v+(m1+m2)3=m3v4+(m1+m2)vs(1分) 1 1 2m:D2土之(m+m)u)m3+m1+mg)u+mg·2R(1分) 联立解得4=3-3 2 m/s,0,=9+8 6 m/s(另一组解v4>v5,不符合物理实际，舍去) 在D点，小指块相对于圆弧轨道的速度0=8，一，=-25m/s(方向水平向左)1分 。v相对(1分) 根据牛顿第二定律，有FN十mg=m3R 解得P、- ,N(1分) 物理答案第4页（共4页）2026全国高考押题最后5卷（三） 4.如图所示，一个单匝矩形线圈，在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生正弦式交 物理试题 变电流，已知电动势最大值为220√2V,通过R的电流方向在1s内变化100次，若不计 线圈内阻，则答案解析网 注意事项： 1答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号，座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效， 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 A,交变电流的频率为100Hz B.电动势有效值为220V 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 C.图示位置，线圈位于中性面 D.图示位置，电压表的示数为零 中，只有一项是符合题目要求的。 5.我国发射的“夸父一号”先进天基太阳天文台卫星，主要用于观测太阳活动，运行在距离地 1,氢原子能级跃迁是量子物理的基础，我国“墨子号”量子卫星利用了相关原理。关于氢原 球表面约720km的太阳同步晨昏轨道，轨道周期约为96分钟（记为T:)。天雁16星位 子能级跃迁，下列说法正确的是 于500公里晨昏轨道，用于气象探测，其轨道周期记为T2。如图所示，假设两卫星轨道共 A氢原子光谱是连续光谱 面且均为圆轨道，都沿逆时针方向运行，某一时刻，“夸父一号”与“天雁16星”以及地心恰 好构成一个60°的夹角，从该时刻起，两卫星第一次相距最近所需的时间为 B.氢原子相邻能级间能量差值相等 夸父一号 C,原子从低能级向高能级跃迁时，只能逐级跃迁 D.氢原子由n=4能级跃迁到n=1能级，电子的动能增加 0560 天楼16星 2.随着我国智能手机产业的高速发展，LCD屏幕利用光的偏振特性实现了对像素亮暗的精 地球 确控制。关于光的衍射和偏振，下列说法正确的是 A.光的偏振现象说明光波的振动方向与传播方向平行，是纵波的特性 TiT: TIT: c TiT: B.自然光通过偏振片后成为偏振光，其强度与人射光强度相同 A.6(T-T) B3(T-T:) D.2(T-T2 C单缝衍射图样中，各级亮条纹的宽度相等，且间距不均匀 6.如图所示，倾角0=37的传送带AB长1=1.2m,以v=2m/s的速率逆时针匀速运转。 D在相同实验装置中，红光通过单缝产生的衍射图样中央亮纹比蓝光更宽 一小煤块静止放在传送带上端A处，小煤块与传送带表面间的动摩擦因数以=0.5。已 3将一小球以某一初速度竖直上抛，小球到达最高点后又落回原位置，不计空气阻力，小球 知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取重力加速度g=10m/s2。从A端运动到B端的过程 的速度v和位移x的关系图像中，能描述该过程的是 中，小煤块在传送带上留下的痕迹长度为 B A.0.2m B.0.3m C.(1,6-√2)m D.(3.2-22)m 物理试题第1页（共6页） 物理试题第2页（共6页） 7如图所示，一电荷量为一q(q>0)的带电粒子绕着场源电荷做轨迹为椭圆的曲线运动，场 10.如图所示，在平面直角坐标系xOy中，有一半径R=1m的圆形 4 源电荷固定在椭圆右焦点F上，带电荷量为十Q(Q>0,且Q》q)。已知椭圆半长轴为 匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B= 4,取无穷远处电势为零，场源电荷产生的电场中各点电势计 1T。该圆形区域的圆心O坐标为(0,1m),且与x轴相切于坐 0 算公式为g-9k为静电力常量r为到场源电荷的距离，则 标原点O。在O点有一粒子源，向磁场内发射大量质量m=3× 10nkg、电荷量q=6×101“C的带正电粒子，所有粒子均以 天 带电粒子在椭圆轨道上的动能与电势能之和为 。=2×10m/s的速率在xOy平面内沿不同方向射人磁场。不计粒子重力及粒子间相 A.、Qg D.0 互作用，则下列说法正确的是 2a B.-&Qg a c A粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径为1.2m 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 B.沿y轴正方向射人磁场的粒子，离开磁场时的位置坐标为（一1m,1m) 中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的 得0分。 C.沿y轴正方向射人磁场的粒子，在磁场中运动的时间为×10·s 8.在x=0处的波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速大小为20m/s。在t=0时 D,射入方向与x轴正方向成60°角的粒子，在磁场中运动的轨迹圆心角为120° 的波形图如图所示，质点M的位移yM=4cm。下列说法正确的是 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组设计了如图甲所示的装置来测量滑块与圆盘间的动摩擦因数，将小定 滑轮固定在圆盘中心正上方，用一根不可伸长的轻质细绳跨过定滑轮连接小滑块和力传 感器。实验时电动机带动水平圆盘匀速转动，滑块随圆盘一起转动，力传感器可以实时 x/m 测量细绳的拉力F的大小。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 力传感器 -8 A.该波的周期为0,2s 滑块 B质点M平衡位置的横坐标为}m 电动机 C.质点M的振动方程为yw=8sin10xt+名元cm 甲 D.位于x=5m处的质点N第一次到达波峰所需时间为0.25s 实验步骤和数据处理与分析如下： 9.如图所示，将一质量为m的小球从A点以大小为。、与水平方向成日角的速度斜向上抛 (1)将滑块安装好，此时细绳刚好伸直，即力传感器示数为0。 出，运动到B点时速度沿水平方向。已知重力加速度为g,不计空气阻力的影响。则 (2)接通电源，调节圆盘转动角速度“，使细绳张紧，用刻度尺测量滑块到转轴的距离L。 A小球从A点运动到B点的过程中，所用的时间为m0 (3)记录力传感器示数F,同时用秒表测量圆盘转动n圈的时间t,则角速度仙= (用n、t表示)答案解析网 vicos 0 sin 0 B.从A点运动到B点的过程中，小球水平方向的位移大小为 2g (4)改变细绳长度L,重复步骤(2)、(3)，获得多组F和w数据。 (5)以F为纵坐标，以（填“w2”“L”或“wL”)为横坐标，绘制图像，得到一条如 C,从A点运动到B点的过程中，小球动量变化量的大小为mvosin0 图乙所示直线，则滑块的质量m= ,滑块与圆盘问的动摩擦因数：= D从A点运动到B点的过程中，小球动量变化量的方向沿水平方向 (后两空均选用a、b、g表示)。空案解所网 物理试题第3页（共6页） 物理试题第4页（共6页） 12.(9分)某实验小组为了测量一款手机电池的电动势和内阻（电动势约为3.？V,内阻约 14.(12分)如图所示，一质量为m的导体棒可在两根光滑平行的导轨上滑动，导轨倾角为 为12)，准备了如下器材： α，导轨间距为d,整个系统处于垂直于导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场 待测手机电池： 中。在a、b间接一阻值为R的电阻，导体棒从静止开始沿导轨下滑，经时间t:导体棒 电压表V(量程3V,内阻Rv=1.0kn): 达到最大速度。导轨和导体棒电阻不计，一切摩擦忽略不计，重力加速度为g。 电阻箱R,(阻值范围0~999.92)： (1)导体棒从开始下滑至速度达到最大值的过程中，求通过电阻R的电荷量： 电阻箱R,(阻值范围0~9999.92)： (2)导体棒从开始下滑至速度达到最大值的过程中，求电阻R产生的热量； 定值电阻R。=5Q: (3)若将ab间的电阻改换为电容为C的电容器（初始不带电，始终未被击穿），导体棒从 开关S一个、导线若干. t=0时刻由静止沿导轨下滑，求导体棒在t=t,时的速度大小。 由于电压表量程小于电池电动势，实验小组设计了如图所示的电路，先将电压表与电阻 箱R,串联改装成量程合适的电压表。 (1)改装后电压表的量程扩大为原来的2倍，则应将电阻箱R,的阻值调为 (结果保留一位小数)：闭合开关前，应将电阻箱R1的阻值调到（填“最大”或 “最小”)。 (2)改变R:的阻值，记录原电压表示数U和电阻箱阻值R1。实验中得到多组数据，作出 c4........... 行一图像。若图中直线与纵轴截距为，斜率为k,忽略电压表分流，则电源电动势 15.(17分)如图所示为某游戏装置侧面图。水平面MN上有一质量m1=2kg、半径R= E= ,内阻r= (均选用a、k和R。表示)。 0.05m的半圆弧轨道(CD为竖直直径)和质量m2=1kg的平板小车，小车上表面与C (3)因忽略电压表分流，导致电动势测量值与真实值相比 、内阻测量值与真实值 点等高，小车左端B点放一质量m=1kg的小滑块（可视为质点）。在固定点O悬挂一 相比（均填“偏大”“偏小”或“相等”）。 长L=0.8m、不可伸长的轻质细绳，细绳的另一端系一个质量m4=3kg的小球，初始 13.(10分)如图所示，一直立的汽缸由截面积不同的两圆筒连接而成，质量分别为mA、m 状态细绳竖直，小球刚好与小滑块接触但不与小车接触。现将细绳拉至水平位置A由 的活塞A和B用一长为2！的不可伸长的轻质细线连接，它们可在筒内无摩擦地上下滑 静止释放小球，当小球摆到最低点B时，刚好与小滑块发生弹性碰撞。小滑块与小车达 动。A和B的截面积分别为2S、S。A上方和B下方都是大气，大气压强为Pm。初始 到共同速度时，恰好运动到小车右端，此时小车与半圆弧轨道相碰并粘在一起。已知小 时，活塞A位于连接处上方距离（处，活寨B位于连接处下方距离1处，细线刚好绷直。 此时缸内封闭一定质量的理想气体，温度为T。现缓慢加热气体，使活塞B刚好到达 滑块与小车间的动摩擦因数4=0.45，其余接触面均光滑，取重力加速度g=10m/s2。 两圆筒连接处，此过程中气体吸收的热量为Q。已知重力加速度为g,细线始终绷 假设小球、小滑块，小车和半圆弧轨道均在同一竖直平面内运动，忽略空气阻力。求： 紧。求： (1)小球与小滑块碰后瞬间，小滑块的速度大小： (1)活塞B到达两圆筒连接处时，缸内气体的温度： (2)小车的长度：答案解析网 (2)气体吸收热量为Q的过程中内能的增加量△U。 (3)小滑块运动到D点时，半圆弧轨道对小滑块的压力大小。 19- 物理试题第5页（共6页） 物理试题第6页（共6页）