备考信息导航演练（五）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（福建专用）

2025一2026学年度备芳信息导航演练 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.在光电效应实验中，用频率和强度都相同的单色光分别照射编号为1、2、3的金属，所得 遏止电压如图所示，关于三种金属的逸出功W。的大小关系正确的是 金属编号 0 -1 ● A.Wo>W2>Wo3 B.Wo2>W03>Wo C.Wos>W02>Wo D.Wo1>W03>W02 2.如图所示，三个质量均为m的相同的小物块A、B、C(可视为质点)静止在粗糙水平面 上，三个物块与水平面间的动摩擦因数均为以，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。三根等 长的轻杆一端分别通过光滑铰链连接在A、B、C上，另一端通过光滑铰链连接在O处， 各杆与水平面间的夹角均为0。现在O处上端连接一质量为M的平台，连接平台后三 个物块恰好不发生滑动。则M与之间的关系式正确的是 平台 3umtan 0 utan 0 A.M-1-utan 0 B.M=1-3utan 0 3utan 0 usin 0 C.M-13utan 0 D.M= 1-3μsin0 物理试题（五）第1页（共8页） 备考信息 3.如图甲所示，A、B为两架用于山区通信的无人机，t=0时刻，A正在沿直线向右做匀加 班级 速飞行，此时B从A左侧某处由静止开始向右匀加速飞行。以无人机B的初始位置为 坐标原点、飞行方向为x轴正方向建立坐标系，无人机A和B速度的平方2随位置坐 姓名 标x的变化关系分别如图乙、丙所示。已知两架无人机之间的通信距离不能超过s。= 30,超过此距离则通信中断，忽略通信信号传递时间，下列说法正确的是 v(m'is) Avi(m's) 得分 100 40- B 64--- 2 B A 0 24 27x/m x/m 甲 丙 A.无人机B开始运动时，A和B相隔距离为27m B.无人机B运动2s时A和B的速度大小相等 C.无人机B运动2s时A和B的距离为8m D.无人机A和B相遇前能保持通信的时间为6s 4.图示为含理想自耦变压器的电路，已知线圈AB的总长度为L,三个定值电阻的阻值分别 为R。=182,R1=0.52,R2=22,电压表和电流表均为理想交流电表，初始时滑动触头P 位于线圈的中点，单刀双掷开关与1接通。现在a、b瑞输入u=10/2sin10πt(V)的交流 电。下列说法正确的是 b⊙ A.该交流电的频率为0.2Hz B.此时R,消耗的功率为1W C.当把开关拨至2时，电压表示数将增大，电流表示数将减小 D.当把开关拨至2时，若使R:消耗的功率最大，滑片P应在距B端。处 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.某同学采用激光笔和标有角度的光具盘（如图甲所示）测量半圆形玻璃砖的折射率。实 验步骤如下：将玻璃砖的圆心与光具盘的圆心重合，使玻璃砖的直径与光具盘上所画的 某条直径对齐，随后标记光具盘上观察到的三条光线。移走玻璃砖后，依据标记绘制光 路图如图乙所示。已知半圆形玻璃砖的半径为R,真空（空气）中的光速为c,不记光线 在玻璃砖的内部反射，下列说法正确的是 导航演练 物理试题（五）第2页（共8页） 6 09080 ● 50 激光笔 0 光具盘 半圆形玻璃砖 的 A.BO为入射光线 B.玻璃砖的折射率为1.5 C光线在玻璃砖中传播的速率为 2 c D.光线在玻璃砖中传播时间为2R 6.如图所示，某型号轮胎在出厂前需进行多项测试以确保安全。某次测试前，该轮胎内理 想气体的压强、体积、温度分别为p1=2.7×10°Pa、V1=0.06m3和T1=300K。先缓 慢挤压轮胎，保持气体温度不变，使其压强达到p2=3.0×105Pa。接着控制轮胎内气 体体积不变，缓慢升高气体温度，使其压强变为p3=3.5×105P。假设整个测试过程 轮胎未漏气，已知轮胎内的气体温度每变化1K,内能变化135J。下列说法正确的是 A.在挤压轮胎的过程中，轮胎内壁单位面积所受气体分子的平均作用力增大 B.在挤压轮胎的过程中，轮胎内的封闭气体吸收热量 C.压强为p2时气体的体积为0.054m D.升温过程中气体吸收的热量为6250J 7.如图所示，金属框CDEF长2L、宽L,放置在光滑绝缘水平面上，左侧接一个阻值为4R 的定值电阻，中间位置和右端固定有接入电路中阻值为2R的金属棒PQ和金属棒CF, 其它电阻不计，金属框总质量为m。金属框右侧有宽为2L的匀强磁场区域，磁场方向 竖直向下，磁感应强度大小为B。已知CF棒以初速度。进入匀强磁场，最终CF棒恰 好没从磁场中穿出。下列说法正确的是 6 物理试题（五）第3页（共8页） 备考信息 o X X + +, A.在PQ棒进入磁场前，金属框的加速度与速度成正比 BL2 B.在PQ棒进人磁场后，通过DE间定值电阻的总电荷量为1OR C.PQ棒刚进入磁场时的速度大小为亏 1 D.在PQ棒进入磁场前后，D、E间定值电阻产生的焦耳热之比为7：8 8.某同学研究小球碰撞现象。如图所示，光滑水平面上放置有两个半径相同的小球A、B, 质量分别是m、km,两小球一开始均处于静止状态。现给A球一个水平向右的瞬时冲 量I,A球向右运动与B发生正碰，下列说法正确的是 水平面合 B A.A获得瞬时冲量I后的速度大小为一 17m B,当飞=1时，若A与B发生碰撞后系统总动能损失了4 g,碰后B球的速度大小为 C.当k=1时，若A与B发生碰撞后系统总动能损失了g,碰撞过程中A对B的冲量大 21 小为3 D.若A与B碰撞后，系统的总动能损失了75%，k的值可能为4 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)利用电子与离子的碰撞可以研究离子的能级结构和辐射特性。H+离子相对基 态的能级图（设基态能量为0）如图所示。用电子碰撞H+离子使其从基态激发到可能 的激发态，若所用电子的能量为55eV,则He+离子在从可能的激发态向低能级跃迁的 过程中辐射的光子中波长最长的光子对应的能量为 ev E/eV 51.02 48.37 -40.81 1- 一0（基态） 导航演练 物理试题（五）第4页（共8页） 10.(3分)某同学为了研究自由落体运动的规律，他从网上下载了用频闪相机拍摄的羽毛与 苹果在真空中从静止开始同时下落的照片，如图所示。根据拍摄者提供的数据可知，羽 毛的实际长度与在照片上测得的羽毛长度之比为k,该频闪相机闪光的频率为∫。若测 得照片中所示x1、x2、x3、x4的距离，则实验当地的重力加速度g (用x1、x2、x3、x4和f表示)。 ●A B =D 11.(3分)如图，“ ”形导体框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。导体 框相邻两边均互相垂直，各边长均为1，总电阻为R。导体框绕b、所在直线以角速度 w顺时针匀速转动，b与磁场方向垂直。t=0时，abef与水平面平行，此时回路中的 电流大小为 12.(6分)某同学在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，探究过程如下，请试着补 全相关内容。 (1)如图甲，用两只弹簧测力计分别勾住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长。 稳定后，除了结点的位置O点，还要记录 (2)用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条与细绳套的结点拉到 ,并记下细绳的 方向。 (3)坐标纸上画出的两个力F1和F2的图示，如图乙所示，图中小正方形的边长表示 2N,则F1和F2的合力F= N。 乙 物理试题（五）第5页（共8页） 备考信息导 13.(6分)某物理爱好者设计了一个三挡位(“×1”“×10”“×100”)的欧姆表，其内部结构 如图所示，K为单刀三掷开关，R为调零电阻，R1、R2、R3为定值电阻，表头G的满偏 电流为I。,内阻为R.,干电池的电动势为E,内阻为r。用此欧姆表测量某待测电阻的 阻值，回答下列问题： g,Ro G b (1)欧姆表的两只表笔中， (填“a”或“b”)是红表笔。 (2)当欧姆表的挡位为“×100”时，应将单刀三掷开关K与 （填“1”“2”或“3”) 接通。 (3)若从“×1”挡位换成“×10”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该 (填“向上”“向下”或“不”)调节。 (4)在“×100”挡位进行欧姆调零后，在a、b两表笔间接入阻值为60002的定值电阻 R。,稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的；取走R。,在a、b两表笔间接入待测 电阻R.,稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的？，则R.= 2。 14.(11分)如图，物块A及长木板C的质量均为m,物块B的质量为2m,A、B可视为质 点，初始紧靠在一起且静置于木板C上，C静止在光滑的水平地面上，现同时给A、B一 个等大反向的速度o,A、B均未脱离木板C,已知物块A、B与木板C之间的动摩擦因 数均为，重力加速度为g,求： (1)A、B开始运动瞬间C的加速度； (2)从A、B开始运动到最终系统稳定下来的过程中A、B和C组成的系统损失的机 械能； (3)木板C的最小长度。 A B %□→C 航演练 物理试题（五）第6页（共8页） 6 15.(12分)如图所示，平行金属板C、D间存在匀强电场（电场强度大小未知）和垂直于纸 16 面向里的匀强磁场，半径为R的圆形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，矩形 PQMN区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，三处磁场的磁感应强度大小均为B。 金属板D的延长线过圆形区域的圆心O,金属板C的延长线、CD两金属板右边缘连线 与圆形区域相切，PV边与圆形区域在PN边的中点A处相切。一束宽度与平行金属 板间距相等、质量为m、电荷量为q的带负电粒子流从金属板左侧以水平向右的速度 射入金属板间，恰能在金属板间做直线运动，进入圆形区域经磁场偏转后均过点A。 16 已知PV=5R,PQ=R。求： (1)粒子的运动速度大小v及平行金属板C、D间的电压U; (2)沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属板到运动至A点所用的时间t; (3)沿C板入射的粒子与沿D板入射的粒子离开矩形磁场处的距离d。 粒子流x××× 0 XXXX 6 物理试题（五）第7页（共8页） 备考信息导航演练 (16分)如图所示，一质量m=1.0kg、长L=9.2m的长木板B静止放置于光滑水平 面上，距离木板B右端d=6.0m处有一与木板上表面等高的固定平台，平台上表面光 滑，其上放置有质量m=1.0kg的滑块D。平台上方有一水平光滑固定滑轨，其上穿 有一质量M=2.0kg的滑块C,滑块C与D通过一轻弹簧连接，开始时弹簧处于竖直 方向。一质量m=1.0kg的滑块A以初速度v1=12.0m/s滑上木板B,带动木板B 向右运动，B与平台碰撞后即粘在一起不再运动。A随后继续向右运动，滑上平台，与 滑块D碰撞并粘在一起向右运动。A、D组合体随后运动过程中一直没有离开水平面， 且C没有滑离滑轨，A与木板B间动摩擦因数μ=0.5。忽略所有滑块大小及空气阻 力对问题的影响。sin53°=0.8，c0s53°=0.6，g取10m/s2。 (1)求B与平台碰撞前，A、B间因摩擦而产生的内能。 (2)若弹簧第一次恢复原长时，C的速度大小为1.0m/s。则随后运动过程中弹簧的最 大弹性势能是多大？ A D 777777 7777777777777 物理试题（五）第8页（共8页）2026 备考信息导航演练（五） 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（五） 一、单项选择题 1.D【解析】由图像可知U2>Ua>U,根据光电子最 经进时同：两无人机间距等于s,则有a+了十 大初动能与遏制电压的关系Ek=U,再根据爱因斯 d 20t=50,解得t=1s或t=3s,两无人机之间的 1 坦光电效应方程Ek=hu-W。可得W1>W>W2, D正确。 距离在相遇之前先增大后减小，即知中间无法通信的 2.A【解析】以A物体为研究对象，受到重力、水平 时间为3s一1s=2s,所以两无人机相遇前能保持通信 面的支持力、水平的摩擦力、轻杆的弹力，在四个 的时间Y=t2一2s=4s,D错误。 力作用下处于平衡状态，如图所示 4.C【解析】由w=2πf=10m,得f=5Hz,A错误；根 N s必-1k+U费名-片2-k 10V2 0 V=10V,有U=”1,R。十I,R,代入数据 2 n n2 解得I2=1A,R1消耗的功率P1=IR1=0.5W,B mg 错误：当把开关拔至2时，同理可教出，1R十 水平方向f=Fcos0,竖直方向N=mg+Fsin0, f=N,研究平台的平衡有Fsin0= 3,解得M= 1,R,因R>R1,故12将减小，进而可推知1 n2 将减小，由U=IR。十U1,可知U1将增大，C正 3umtan 0 1-tan0,A正确。 确：若使R2的功率最大，也就是使I。最大，UU 3.B【解析】由图乙可知无人机A的初始位置在 ,(R,+R),最大时，应有”R。-R, 712 1 n2 24m处，故开始时二者相隔距离24m,A错误；无人 机A在初始位置u=64m2s2,可得初速度u。= 印)尽。解得=3因安，若使见消 71 8m/s。由图可知v2随x的变化关系均成线性关 L 系变化，故无人机A、B均做匀变速直线运动，根 耗的功率最大，应将滑片P下移至距B端处，D 据v一v=2ax可知图线的斜率即为2a,故无人机 错误。 100-64 A,B的加速度分别为a=2X2720m。 二、双项选择题 5.CD【解析】同时出现三条光线是由于发生了反 40 6ms,aB一2X2ms=10m/s,两无人机速度相 射和折射，由题可知C为入射光线、B为反射光 等时，有n十aAt1=aBt1,解得时间t1=2s,B正确；由 线，A为折射光线，A错误；入射角r=45°，折射角 运动学规律得两无人机发生的位移分别为x=Ut十 i=30°。根据折射定律可得sinr=nsin i,可得玻 1 2aA号xB二)aBt子，此时无人机A和B的相隔距 瑞砖的折射率n=2,B错误；根据n=号可得微 离x1=xA十d-xB=32m,C错误；无人机A和B飞 1 龙在流蒋内修锡的选度=行-号。C正确：传 行中相遇，由运动学规律有人=t十2a后u= 播路程s=R,可得激光经过玻璃砖所用时间t 2au。相遏时满足x从十d=x,解得t2=6s。设 ,D正确。 6 物理答案（五）第1页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 定值电阻产生的焦耳热Q1= 4050607080908070 6050 tTV77T A (宁·R 7 E 1×2R+号I·2R+写P. Qs1=1256。 金属棒PQ进入磁场后整体产生的焦耳热Q总2= 2 6 2mo2 1 5m0品，D、E间定值电阻产生的焦耳 名 I2·4R 8 热Q:=P.4R+1P,RQ:=125mw6,在PQ捧 C O山L山山山y 0s0 0906080L9 进入磁场前后，D、E间定值电阻产生的焦耳热之 OL 比Q1:Q2=7:8,D正确。 6.AC【解析】根据玻意耳定律可知挤压过程中温度 8.AC【解析】对A球，由动量定理，有I=mu。一 不变，体积减小，气体压强增大，轮胎内壁单位面积所 ,A正确；当k=1时，对小球A、B, 受气体分子的平均作用力增大，A正确：在挤压轮胎 0,解得，= 的过程中，轮胎内气体的温度不变，则内能不变。气 由动量守恒定律有mU。=mUA2十mU,碰后系统 体体积减小，外界对气体做功。根据热力学第一定律 总动能损夫了号，制余 .1 9,则有2nuie十2muie- 可知，气体放出热量，B错误：气体做等温变化，根据 玻意耳定律，有p1V1=pVz,解得V2=0.054m,C 1 I 9大 21,B错误 2mu6,联立解得Uu一3mnUe一3n, 医确：升温时气体做等容变化，则有= 碰撞过程中A对B的冲量I=mvm= 且T2=T1,解得T3=350K,内能增加了△U= 与B碰撞，由动量守恒得mV=mUA十kmVs。损 135×(350一300)J=6750J,该过程气体做等容 失的动能△E,=me一（分m十mi) 1 1 变化，则W=0。由热力学第一定律，有△U=Q十 W,解得升温过程中气体吸收的热量Q=6750J, D错误。 75%×写函者人=1-号此时与这场情 7.AD【解析】在PQ棒进入磁场前，回路总电 境不符，D错误。 2R·4R_10RBL2 三、非选择题 阻R=2R+2R+4R3’R =ma,可知 9.2.65(3分) 金属框的加速度与速度成正比，A正确；设PQ棒 【解析】根据题意可知，用能量为55eV的电子碰 刚进入磁场时的速度为1，则从CF进入磁场到PQ 撞He+离子，可使He离子跃迁到量子数为2、3、 棒刚进入磁场的过程，由动量定理得一BL△t mm其中1a-S。从PQ连人场到DE 4的能级。由△E=Em一E。=hy=h元，可知， He离子辐射的光子中波长最长的谱线对应的跃 刚进入磁场的过程，由动量定理得一BI'L△'=0一 迁为n=4→n=3能级，所辐射的光子的能量为 7Y'=△，_BL2 E 2.65eV。 u共中了△=R R2R5R,联立解 kf2 10.4(x+x-x2-x)(3分) 【解析】照片中所示x1x2x3、x4的实际长度分别 得=。，在PQ棒进入磁场后，通过DE间是 为bx1、kx2、kx3、kx4,则有(kx3十kx4)-(kx1十 值电阻的总电荷量qe=q号=了△'=B以 B.C =gX(号)，解样g+ 错误；金属棒PQ刚进入磁场前，整体产生的焦耳 11. 1 21 分) 热Qs1=2mu-2mui=50mu6,其中D、E间 【解析】线框旋转切割磁场产生电动势的两条边 物理答案（五）第2页（共5页） 6 2026 备考信息导航演练（五） 为cd和af,t=0时刻cd边速度与磁场方向平 行，不产生电动势，因此此时af边切割产生电动势， 指针编转到滴偏制度的子州是一R干R在 E 电动势E=Bl=B1w,回路中的电流I= E Blw a、b两表笔间接入待测电阻R,稳定后表头G 1g 的指针偏转到满偏刻度的了，则 E 12.(1)两弹簧测力计的读数F,、F2的大小以及 3R内十R, OB、OC的方向(2分)(2)O点(2分)(3)12 联立解得RR,则有R,三40000 (2分) 【解析】(1)用两只弹簧测力计拉绳套时除了结 14.1g:方向水平向右(2) 8m(3)9 ug 点的位置O点，还要记录两弹簧测力计的读数 【解析】(1)分析可知A给C的摩擦力方向水平 F1、F2的大小以及两细绳套的方向。 向左，B给C的摩擦力方向水平向右，对C,由牛 (2)用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条与细 顿第二定律有X2mg一ung=mac (1分) 绳套的结点拉到O点，并记下细绳的方向。 解得ac=g,方向水平向右 (1分) (3)小正方形的边长表示2N,以F1和F2为邻 (2)由于水平面光滑，A、B和C组成的系统动量 边作出力的平行四边形，对角线即为两力的合 守恒。由于A、B均未脱离木板C,设它们的最终 力，因此合力F=6×2N=12N。 速度为口，根据动量守恒定律，有 2mvo-mvo=4mv (1分) 系统损失的机械能 1 △E= 2+ 大42=1 X2moi-1 1 (1分) 13.(1)a(1分)(2)1(1分)(3)向上(2分)(4) (3)根据牛顿第二定律，可知A、B开始运动时的 4000(2分) 加速度分别为 【解析】(1)欧姆表内部电流从黑表笔流出，经待 测电阻后，从红表笔流进欧姆表，黑表笔与内部 an=timg =g(方向水平向右) (1分) m 电池正极相连，红表笔与内部电源负极相连，因 此图中a是红表笔。 an=kx2mg (1分) 2m =4g(方向水平向左) (2)欧姆表内阻大，中值电阻大，欧姆表的倍率越 B、C刚好共速时有v共=act=vo一aBt 大。根据闭合电路的欧姆定律，欧姆表内阻R内= 联立解得1= 0三2（方向水平向右 。,当开关K拔向1时，根据并联电路电流的分配 2gu 此时A的速度大小 原则可知，与表头并联的电阻越大，该支路的电流 A二0一aAt)(方向水平向左） 越小，回路中满偏电流越小，则欧姆表内阻越大， 即为“×100”挡位。 该过程B相对C的位移 (3)从“×1”挡位换成“×10”挡位，即开关K从3 V0十v共，0十0共。v6 2t- (1分) 拔向2，满偏电流由I3变成I2,欧姆调零电阻 2 Aug 该过程A相对C的位移 由R调变成R调2，根据闭合电路的欧姆定律 v 有E=I2(R2十r)十Ig(Rg十R3),E=I (1分) 2 2μg (R调*3十r)十Ig(Rg十R2十R:),又I2<I, 根据能量守恒有 则R调2>R调零3，即调零电阻接入电路的阻值增 1 1 大，因此滑片向上滑动。 2X (2m+mmX4mu'+umg-nc (4)根据闭合电路的欧姆定律，在“×100”挡位进 (1分) 3u8 行欧姆调零，则1R,在a,b两表笔间接入 联立解得xAc8g (1分) 阻值为60002的定值电阻R。,稳定后表头G的 则木板C的最小长度 物理答案（五）第3页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 9u8 射的粒子在矩形磁场中的运动轨迹如图乙所示。 L=xBC十xAC十xAG, (1分) 8ug 15.(1)9BR 9B2R2 (2)6-33+4x)m 粒子流 (3) 6gB √/130」 【解析】(1)因为粒子进入圆形区域经磁场偏转 后均过，点A,则粒子在圆形磁场中运动的半径与 磁场的半径相等，根据牛顿第二定律可得 v qoB-m R (1分) 沿C板入射的粒子穿出矩形磁场时的位置与M 可得u=BR (1分) 点之间的距离 m PN 11 粒子在金属板间做直线运动，所以电场力等于洛 d1= +√R2-(PQ-R)= (1分) 2 U 伦兹力，则g =quB (1分) 沿D板入射的粒子穿出矩形磁场时的位置与M 点之间的距离 解得U=9BR (1分) n d:=PQ- R2-(2 -R)2= (1分) (2)沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属 板到运动至A点的轨迹如图甲所示 两个出射点之间的距离 粒子先做匀速直线运动，运动的距离 d=ad:-130 (1分) 31=R-R- R -)R 2 (1分) 16.(1)36J(2)8J 【解析】(1)假设滑块A在木板B上运动过程中， (2-√3)m 匀速的时间t1= (1分) 2gB 与木板B共速后木板B才到达右侧平台，设共速 由几何关系可得，在磁场中做圆周运动的圆心角 时速度为共，相对运动的距离为5相 由A、B系统动量守恒m01=(m十m)v共(1分) (1分) 解得0共=6ms (1分) 则做圆周运动的时间t2= OR2xm 设木板B开始滑动到A、B共速滑过距离为sB (1分) v 3gB (1分) 所以，沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金 由动能定理有mgSB= 2mo-0 属板到运动至A点所用的时间 解得sB=3.6m<d=6m,即假设成立(1分) (6-3√3+4π)m 根据系统能量宇恒 t=t1+t2= (1分) 6gB 1 1 mg5相=2muf-20m十m)u4 (1分) 粒子流→ 解得s相=7.2m<L=9.2m (1分) A、B间因摩擦而产生的内能 D Q=ngs相=36J (1分) (2)木板B撞平台后静止，滑块A继续向右运动， 设滑块A与滑块D碰撞前速度为2，由动能定 理有 甲 一ng(L-s相）= 2mu-2mu (1分) (3)由题意可知，沿C板入射的粒子与沿D板入 解得v2=4m/s (1分) 物理答案（五）第4页（共5页） 6 2026 备考信息导航演练（五） 随后滑块A将以v2的速度滑上平台，与滑块D 向左，设弹簧恢复至原长时AD组合体速度大小 发生完全非弹性碰撞，在水平方向动量守恒，设 为5，由动量守恒有 碰后共同速度为3，由动量守恒定律知 (m十m)=M(-vc)+(m+m)u5(1分) mv2=(m+m)v3 (1分) 第一次恢复至原长到弹簧仲长量最大过程中，系 滑块AD组合体与滑块C组成的系统水平方向 统动量守恒和能量守恒。设C与AD组合体达 动量守恒，假设弹簧开始处于原长状态，则第一 到共同速度为v6,弹簧的最大弹性势能为Em, 次恢复原长时，滑块C速度向右，设弹簧原长时 由动量守恒和能量守恒有 AD组合体速度大小为4，由动量守恒定律知 M(-vc)+(m十m)u5=(M十m+m)v6(1分) (m+m)U3=Muc+(m十m)o4 (1分) 1 m=2Mu+2m+mu二，M+m+m) 解得v4=1mfs (1分) 代入数据，发现 (1分) 1 1 解得共速时弹簧最大弹性势能 2(m十m)u号> 2八1名十(2十n),不符合 Em=8J。 (1分) 能量守恒定律，所以假设错误。弹簧开始只能处 于压缩状态，第一次恢复至原长时，滑块C速度 6 物理答案（五）第5页（共5页）