备考信息导航演练（四）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（福建专用）

·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四）】 一、单项选择题 4.C【解析】如图所示 1.C【解析】根据能级跃迁公式，对α谱线，H。对应的 轨道Ⅱ 光子能量E。=Ea-E2=-1.51eV-(-3.40)eV= 轨道1 1.89eV;对B谱线，Hg对应的光子能量E=E4一E2= -0.85eV-(-3.40)eV=2.55eV,根据E=hv 60 可知H。的频率小于H的频率，二者在真空中传 稀速度和同，故1L的波长更长，结合p会，可知 H。光子动量更小，A、B错误；结合光电效应方程 由图可知天体的视角为60°时，对应∠C0B=120°， 可知，在逸出功相同情况下，入射光频率越高，光 由此可知探测器只要沿着轨道Ⅱ运动240°即可完成 子能量越大，则逸出的光电子的最大初动能越大， 观测赤道圆一周的任务，所以探测器在轨道Ⅱ上的 C正确；H照射某金属时恰好发生光电效应，则 H。照射该金属时不能发生光电效应，与入射光强 运行周期二。工解得工二三，△错误今天体 度无关，D错误。 M的轨道半径为R,由上图可知轨道Ⅱ的半径r2= 2,D【解析】物体在匀加速阶段的位移大小x=2X 1 2R+R)3 2R,根据开普勒第三定律，有2R)° 2一 0.5X22=1m,A错误；设物体做匀加速运动阶段牵 T2 T2, 引力为F,加速度为a,根据牛顿第二定律F一mg= ma,物体做匀加速运动阶段的最大速度v=at1,该起 解得探测器在轨道上的运行周期T-93。 16t,B错 重机的额定功率P=Fv,联立解得P=5250W= 误；根据牛顿第二定律，探测器的加速度均由万有 52西kW,B错误：物体的最大速度。 =1.05m/s, 引力提供，不管在哪个轨道上，在A点的万有引力 mg 相等，所以加速度也相等，C正确；探测器从轨道I上 C错误；0~2s内牵引力对物体做的功W1=Fx A点运动到轨道Ⅱ上做离心运动，需要加速，所以探 5250J,2s一8s时间内牵引力对物体做的功W2=PL= 测器在轨道[上A,点的运行速度小于轨道Ⅱ上A,点 5250X6J=31500J,0~2s和2s~8s时间内牵引力对 的运行速度，D错误。 物体做的功之比W:W2=1:6,D正确。 二、双项选择题 3.B【解析】由于电子做曲线运动，电子所受电场 5.AC【解析】设挡板与水平方向夹角为0，根据平 力要指向轨迹的凹侧，则电子受到吸引力，所以场 源点电荷应带正电，A错误；电子从a点运动到f 抛运动推论：平抛运动物体运动轨迹上某点速度 点过程有Wa=一eUaf=4eV,Waf=Ea一Epf, 与水平方向夹角的正切值等于此时位移与水平方 解得Ea=-l6eV,所以E=Ea十Ea=一6eV, 向夹角正切值的2倍，可得打在挡板上时有 电子从a点运动到c点过程有一eUac=Ec一Ea, tan60°=2tan0,可推知以vo和2v0的速度射出 解得Ec=l8eV,B正确；电子从a点运动到d点 的两小球击打到挡板的速度平行，D错误；设挡板 过程有Wa=一eUd=l2eV,Wd=Ea一Ed,解 与水平方向成0，以。射出的小球沿x轴正向击 得Ea=一28eV,C错误；由以上分析可知，电子 打在挡板上A点，可把小球的运动等效看做初速 运动过程中总能量为一6eV,当电子经过电势为 度为ocos60°的平抛运动，当小球的速度与挡板 5V的等势面时，电势能等于一5eV,根据能量守 平行时，射出的小球离挡板最远。将该速度和小 恒定律可知，其动能等于一1eV,小于零，说明电 球的重力加速度分别沿垂直挡板和平行挡板方向 子不可能经过5V的等势面，D错误。 分解，在垂直挡板方向上有Vocos60°·sin0= 物理答案（四）第1页（共5页） 6 2026 备考信息导航演练（四） gtcos0,求得t= votan 0 压器副线圈两端的电压U2不变，则用户端两端电 2g ,小球竖直下落的距离 U2 RR十1 U:,不是原来的2即不 1 Ay=2 8t2-v tan'0 1 ，由于y= (vosin 60)2 压U用一R十R用 8g 2g R用 8g,代入tan0= 3v8 2,联立可得以射出的小球 Uo 为2D错误。 离挡板最远时经过的位置的纵坐标y'=y一△y= 7.AD【解析】根据几何关系粒子在yOz平面左侧做圆 3 4y,A正确；根据平抛运动速度偏转角与位移偏转 3 周运动的半径r1= 、2 角关系推论，可知以0射出的小球击打挡板上时， 0=d,根据mB=m6可得 满足tan0='=1 一产=2tan60°，可得挡板所在的直线方 gd,A正确粒 左侧匀强磁场的磁感应强度B=m, 3 子第一次经过y轴后沿y轴负方向做匀加速运 程为y=2x,C正确；结合前面选项分析，可知以 动，同时在洛伦兹力作用下做圆周运动，因轨迹上 1 离yOz平面最远的，点恰好落在xOz平面上，可知 28t2 20,射出的小球击打挡板上时，则有20，fcos60 个圆周运动，则 1 粒子到达xOz平面上时恰好做 1 。Tg'心，则y三284256 28 =4y,根据 g 运动时同-了-坚直方向吃一立·m πgd,B错误：粒子第2次经过y0e平 4mvo 挡板所在的直线方程y= 2x,可知x'=4x,则以 解得E= 20。射出的小球击打挡板上的点的坐标为(4x,4y), 面时做半个圆周运动，则所用时间：=2：=证，则 B错误。 6.AC【解析】线圈产生的最大感应电动势Em= 沿y轴负方向做匀加速运动，因在O点上方和下方 NBSw=NBS·2πn,电动势的有效值U1= E”,岩 2d,沿之轴 用时间相等，可知此时位置坐标y=一3d √2 坐标x=2r2=2r1=2d,即粒子第2次经过yOz平 仅将发电机线圈的特速降为原来的弓，支压器原线圈国 西时的位置生标为，号2，C线误：表子第2 两端的电压U交为原来的？，根据显想变压器电压 次经过yO2平面时，沿着y轴负方向的速度大 与匝数的关系可得变压器副线圈两端的电压变为原 小u,一m .2t-40°，经过半个周期，x方向的 未的分用户两瑞的电压UR平。 U2 ·R用，变为原 沿着x轴负方向，大小为0，根据运动的合成可知 粒子第2次经过yO2平面时的速度大小v= 1 来的2，即为2，A正确；仅将变压器的副线圈匝数 o,D正确。 变为原来的2倍，则变压器原线圈两端电压U1不变， V0+ug-16+元 变压器副线圈两端的电压U,=”1,变为原来的2 8.BD【解析】物块与车组成的系统动量守恒，系统的 n 总动量为零，因此物块相对车向右运动时，如果车向 U2 右运动，或者静止，则系统的总动量不为零，A错误； 倍，输电线上的电流1，一R十R。,变为原来的2倍， 根据牛顿第三定律，物块与车之间的相互作用力始终 输电线路损耗的功率△P=IR,变为原来的4倍，B 等大反向，由牛顿第二定律可知F=ma1=3ma2,解 错误；仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原 得3 来的2倍，根据理想变压器匝数与电流的关系可得变 。,=,物块与车相对运动过程中，物块与车的加 速度大小之比始终为3：1，B正确；由于物块与车的 压器原线圈的电流二2，变为原来的2倍，C正 确；仅将输电线路的电阻R增大为原来的2倍时，变 动量总是等大反向，有mm1-3mm2,解得-3， ,因 6 物理答案（四）第2页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 此物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之 比始终为3：1，C错误；根据能量守恒，不计碰撞过程 要书表测量时间，A错误：由于mgh=m心，等 的能量损失，若弹簧再压缩一次后直接在O,点与右 式两边m可以约掉，所以不需要测量重物的质 侧挡板之间的中，点停止，则弹簧开始具有的弹性势 量，B正确；不可以根据v=gt来计算重物在t时 能Emg·(++)=msL,若 1. 1 刻的瞬时速度，C错误；安装打点计时器时，应使 两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电 簧再压缩一次后与右侧挡板碰后在O点与右侧挡板 源，后释放重物，D错误。 之间的中，点停止，则弹簧开始具有的弹性势能E2= (2)由于交流电频率为50Hz,所以相邻两计数，点间的 mw(+2++ 1 1 7 时间间隔为0.O2s,所以打下C点时重物的速度大小 4mngL,D正确。 CE_(19.41-12.40)×10-2 三、非选择题 为vc一2T 2X0.02 m/s=1.75m/s. 9.2(2分)2(1分) (3)游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之 和，所以d=4mm+8×0.05mm-4.40mm;由 【解析】由题知，根据逆向思维法有x0=2at,代 于本实验不需要确定绳中拉力大小，所以不需要 入数据有a=2m/s2;根据逆向思维法有v?=2aX 满足滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量 4xo,解得盒子运动到a点的速度大小为v。=2m/s。 m,A错误；实验中应选质量大体积小的钩码，B 10.小于(2分)减小(1分) 正确；不需要多次测量遮光条的宽度取平均值， 【解析】开始时B球受力如图所示 多次测量减小偶然误差，不能减小系统误差，C 错误。 (4)若系统机械能守恒，则mgL=2(M十m)o, 2,联立可得L=M+m)d.1 1 2mg =为，所 以k=M+m)d2 T F mBg 2mg 由相似三角形可知OBBC=OC,因OB<OC 13.(1)见解析(2分)(2)2.9(1分)5.6(2分) 知mBg>T=mAg,则A球的质量小于B球的 (3)偏小(1分) 质业：根接F=梁则器-是，则随者 【解析】(1)根据电路图，实物连接情况如图所示。 B的电荷量缓慢减少，BC减小，F减小，即此过 程中点电荷对B球的库仑力减小。 11.T.2分) (p1一po)S (1分) D。 g 【解折】气依发生等客支化，则有只六解好 电池 开始向外排气时锅内气体的温度T:-多T根 po (2)根据闭合电路的欧姆定律可得U=E一R。·r, U2 据限压阀平衡条件可得p1S=pS十mg,解得限 压阀的质量m= (P1-Po)S 结合图像可得E=2.9V,当U1=1.5V时，U2= g 1.25V,代入上式解得r=5.6。 12.(1)B(1分)(2)1.75(1分)(3)4.40(1分) (3)根据电路图可知，测量的内阻是电源内阻与 电压表V1内阻的并联电阻，导致测量值小于实 B(1分)(4)2mgd2(2分) 际值。 【解析】(1)本实验需要用刻度尺测量计数点间 的距离、打点计时器需要使用交流电源，但不需 14.a)2w3-6R 3 (2)26R 3c 物理答案（四）第3页（共5页） 6 2026 备考信息导航演练（四） 【解析】(1)设光经AC折射后折射角为日'，则有 x=(4+√2)d 出9 (1分) B 解得0=30° o, 圆孤BD面上全反射临界角为C 则有sinC=1 P (1分) .· n 。O, 解得C=45°，作出光路图如图所示 设在0~。内粒子的速度偏转角为0，粒子在磁 D 场中做匀速圆周运动的周期为T,根据磁场变化 的规律，则有20-0=459 (1分) 45°E 30 to-360XT (1分) A B 粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有 设此时光线在AC上入射点为G,根据正弦定理 v Bqvo-m (1分) R r CG 有sin(s0°-0）-sinC (1分) T=2xr 00 解得CG= R (1分) 可得粒子在磁场中的运动周期 3 BC T- 2xm (1分) gB。 则AG sin∠BAC-CG (1分) 联立解得 解得AG=23-V6 m 4Boto (1分) 3 R (2分) (2)设粒子做圆周运动的半径为R,由几何关系 (2)作圆孤BD的切线且与AC平行，切点为F 有2R-Rcos0=4d-√2d (1分) 时，光线在介质中的路径最长，如图所示 粒子由洛伦兹力提供做圆周运动的向心力，则有 9uB,=mu号 R (1分) G 30°7 联立以上各式解得，= πd 30 2to (1分) (3)根据几何关系，则有2R+Rsin0=4d+√2d (1分) R 由几何关系可得，路径长s= 23R C0s30°= 可知，粒子在t=5t。时刻沿x轴正方向进入电 3 场。粒子要沿原路返回到P点，则粒子从电场回 (1分) 到磁场时，磁场方向应垂直纸面向里，即粒子最 又有u=C=c (1分) 早应在t=9t。时刻返回磁场。设粒子在电场中 n√2 运动的时间为t电，考虑到周期性，则有 解得传播时间t=5=26R t电=4kto(k=1,2,3…) (1分) v3c。 (2分) 对粒子在电场中的运动，由动量定理，则有 Bod t电 15.(1)4Bot0 (2) πd (3) (k=1,2,3…) 9E 2 =mvo (1分) 2to kto 【解析】(1)粒子要沿原路返回到P点，则粒子在 联立以上各式，解得E Bod kto (k=1,2,3…)。 3t。时垂直穿过x轴时粒子必在磁场中，根据几 (1分) 何关系，此时粒子的速度方向沿y轴正方向，轨 16.(1)6m/s(2)6J(3)0.5m 迹如图所示。 【解析】(1)物块P释放后，设加速度为a1,经时 6 物理答案（四）第4页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 间t1速度为v0,位移为x1,有 Q=41m1gcos8·Lg (1分) migsin 0+uimigcos 0=mia (1分) 解得Q=6J (1分) 解得a1=8m/s2 (3)设P与Q发生弹性碰撞后，速度分别为℃p,℃2 根据vo=a1t1 (1分) 以1方向为正方向，由动量守恒定律得 解得t1=0.5s m1v1=m10p十m2V2 (1分) 根格-名0i 由机械能守恒定律得 (1分) 1 解得x1=1m 2m1i-2m1呢+2m (1分) 设物块P速度达到v0后，加速度为a2,再经时 解得vp=0,v2=6m/s 间t2到传送带末端，有 设AB间长度为L,Q离开轨道到最高，点时速度为 migsin 0-uimigcos 0=mia2 (1分) v,以v2方向为正方向，由水平方向动量守恒得 解得a2=2m/s2 m2v2=（m2+m3)v (1分) 根据H 1 sin0-x1=wo+2a2t号 (1分) 由能量守恒得2m:=m:gL+2（m,十m)2+ 解得t2=1s m2g(R+h) (1分) 由v1=v0十a2t2 (1分) 解得v=2m/s,L=1.5m 解得v1=6m/s (1分) 若Q停在木板上距B端x处，有 (2)物块P与传送带间的相对运动路程为L0,根 1 H 2m20员=2(m:+m3)u2+km2g(L+x) 据L。=ut十sin0一2x1-0ot2 (1分) (1分) 解得Lo=2m 解得x=0.5m (1分) 设因摩擦产生的热量为Q,则 即物块Q停在木板上距B点0.5m处。 物理答案（四）第5页（共5页）》 62025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次成功实现空间太阳H。波段光 谱扫描成像。H。和Hg分别为氢原子由n=3和n=4能级向n=2能级跃迁产生的谱 线，如图所示，用H:对应的光照射某种金属表面，恰好能使该金属发生光电效应。下列 说法正确的是 EleV H -1.51 2 -3.40 -13.6 A.与H相比，H。的波长更短 B.与H:相比，H。光子的动量更大 C.若照射光的频率大于H:对应的光的频率，则逸出的光电子的最大初动能增大 D.若H。的强度大于Hg的强度，用H。光照射该金属，必有光电子逸出 2.一辆起重机某次从t=0时刻由静止开始竖直提升质量为500kg的物体，物体的α-t图 像如图所示，2s后起重机的功率为额定功率，不计空气阻力，g取10m/s2,下列说法正 确的是 a/(m-s) 0.5 0 2 A.物体在匀加速阶段的位移大小为2m B.该起重机的额定功率为5kW 物理试题（四）第1页（共8页） 备考信息 C.物体的最大速度大小为2.1m/s 班级 D.0~2s和2s~8s时间内牵引力对物体做的功之比为1：6 3.如图，虚线表示位于O点的点电荷Q产生电场的等势面，相邻等势面间电势差大小相等 且为4V,一电子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示。已知电子经过α点时 姓名 的动能为10eV,经过f点时电势能为一20eV,下列说法正确的是 0 得分 A.点电荷Q带负电 B.电子经过c点时动能为l8eV C.电子经过d点时电势能为28eV D.电子可能经过电势为5V的等势面 4.如图所示，探测器先在椭圆轨道I绕未知天体M运动，然后在A点变轨进入圆轨道Ⅱ 做匀速圆周运动。B点为椭圆轨道的近M点，距未知天体表面的高度忽略不计，两轨道 平面与天体赤道圆共面，A点对天体的视角0=60°，取最短时间为t,探测器在轨道Ⅱ上 t时间内可完成观测赤道圆一周的任务，忽略天体的自转，万有引力常量为G,下列判断 正确的是 轨道Ⅱ 轨道1 A60 A.探测器在轨道Ⅱ上的运行周期为t B.探测器在轨道I上的运行周期为6 C.探测器稳定运行时在轨道I上A点的加速度等于轨道Ⅱ上A点的加速度 D.探测器在轨道I上A点的运行速度大于轨道Ⅱ上A点的运行速度 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.如图所示，以水平向右为x轴正方向，以竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系，发射 器能把小球以v。和2v。的速度从坐标原点射出，射出方向均与x轴正向成60°角，过原 点放置一块很长的倾斜薄挡板，以V。射出的小球沿x轴正方向击打在挡板上A点，A 点坐标为(x,y)。不计空气阻力，下列说法正确的是 导航演练 物理试题（四）第2页（共8页） 6 个少 T60 发射器 A.以，射出的小球离挡板最远时经过的位置的纵坐标为 B.以2o射出的小球击打挡板上的点的坐标为(2x,2y) C.挡板所在的直线方程是y=3 D.以v。和2v。的速度射出的两小球击打到挡板的速度不平行 6.如图所示是某交流发电机为用户输电的示意图。发电机线圈绕垂直匀强磁场的轴在做 匀速圆周运动，产生的交流电经理想变压器输送到远方用户，输电线路总电阻为R,不 计发电机线圈电阻。已知用户（纯电阻）两端电压为U。。下列说法正确的是 A.若仅将发电机线圈的转速降为原来的2，则用户两端的电压变为2U, B.若仅将变压器的副线圈匝数变为原来的2倍，则输电线路损耗的功率变为原来的 2倍 C.若仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原来的2倍，则变压器原线圈的电流变 为原来的2倍 D.若仅将输电线路的电阻R增大为原来的2倍，则用户端电压变为U。 7.如图所示，在空间直角坐标系中，yOx平面左侧存在沿之轴正方向的匀强磁场，右侧存 在沿y轴正方向的匀强磁场，左、右两侧磁场的磁感应强度大小相等，yOx平面右侧还 有沿y轴负方向的匀强电场。现从空间坐标为一 3d,0,0的M点发射一质量为m 电荷量为十q的粒子，粒子的初速度大小为vo,方向沿xOy平面且与x轴正方向的夹 角为60°，经一段时间后粒子垂直于y轴进入yOz平面右侧，已知在yOz平面右侧轨迹 上第一次离yOz平面最远的点恰好落在xO2平面上，不计粒子的重力。则下列说法正 确的是 6 物理试题（四）第3页（共8页） 备考信息 电场磁场 磁场 60° A.磁感应强度大小为” da B.匀强电场的电场强度大小为2m qd _3d C.粒子第2次经过y0:平面时的位置坐标为0，-2,4d D.粒子第2次经过0：平面时的速度大小为16十元 U0 8.如图所示，质量为3m、两端带有固定挡板的平板车静止在光滑的水平面上，质量为m的 物块放在平板车上，用水平细线将物块与平板车左侧挡板连接，轻弹簧的左端与挡板连 接，弹簧处于压缩状态，物块放置在弹簧右端未连接，平板车两挡板间的距离为L,弹簧 的原长为)L,O为平板车的中点，O点左侧平板车上表面光滑，右侧粗糙。某时刻剪断 细线，最终物块停在O点与右侧挡板之间的中点，不计物块的大小，物块被弹簧弹出后， 弹簧仅又被压缩了一次，物块与挡板间的动摩擦因数为“，不计碰撞过程的能量损失，已 知重力加速度为g,则剪断细线后，下列判断正确的是 AwwwWW 777777777777777777777777777777 A.物块相对车向右运动时，车相对地面不一定向左运动 B.物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为3：1 C.物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为1：3 D.弹簧开始具有的弹性势能大小可能为mgL 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)春节期间，小明和家人在水平桌面上玩推盒子游戏。如图所示，将盒子从O点推 出，盒子最终停止位置决定了可获得的奖品。在某次游戏过程中，推出的盒子从O点开 始做匀减速直线运动，刚好停在e点。盒子可视为质点，a、b、c、d、e相邻两点间距离均 为0.25m,盒子从d点运动到e点的时间为0.5s。盒子运动的加速度大小为 m.s2;盒子运动到a点的速度大小为 m/s。 Bnxkiakii 导航演练 物理试题（四）第4页（共8页） 10.(3分)如图所示，水平天花板下方固定一光滑定滑轮O,在定滑轮正下方C处固定一带 正电的点电荷。不带电的A球与带正电的B球用绝缘轻绳跨过O连接，A、B均视为 质点，初始系统静止且OB<OC,则A球的质量 (填“大于”“小于”或“等于”)B 球的质量，若B的电荷量缓慢减少，在B到达O正下方前，此过程中点电荷对B球的 库仑力 (填“增大”“减小”或“先增大后减小”)。 ULL∠ 0 B+ ①c 11.(3分)如图所示，某高压锅锅盖中央有一横截面积为S的出气口，孔上盖有限压阀。加 热前，盖上锅盖，限压阀密封好后，高压锅内气体温度为T。、压强为。对高压锅加 热，当锅内气体压强达到1时，锅内气体将限压阀顶起，开始向外排气。锅内气体视 为理想气体，体积不变，大气压强为。，重力加速度为g,不计摩擦阻力。开始向外排 气时锅内气体的热力学温度为 ;限压阀的质量为 12.(6分)同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了如图甲所示的两种方案：方案 1验证重物下落过程中机械能守恒，方案2验证钩码与滑块释放后运动过程中机械能 守恒。 夹子 纸带 遮光条 电火花 光电门 气垫导轨 滑块 计时器 接电源 夹子 自 门重物 钩码 方案1 方案2 甲 (1)为完成实验方案1，下列说法正确的是 A.还需要刻度尺、秒表、交流电源 B.实验无需测量重物的质量 C.可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度 D.安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先释放重物后接 通电源 物理试题（四）第5页（共8页） 备考信息导 (2)用方案1装置打出的一条纸带如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F为连续打出的 点，交流电频率为50Hz,计算出打下D点时重物的速度大小为 m/s (结果保留3位有效数字)。 cm ) 2cm -6.93- -947 12.40 10 20 15.7119.41 23.49 分 丁 2 乙 (3)方案2中，测量遮光条宽度时，游标卡尺的读数如图丙所示，则遮光条的宽度= mm;为了减小实验系统误差，需要 A.滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量m B.选择质量大体积小的钩码 C.多次测量遮光条的宽度取平均值 (4)方案2中，遮光条与光电门的水平距离为L,数字计时器测得遮光条通过光电门的 时间为1，多次改变光电门的位登并测出多组L和1，描绘出上是的图像如丁所示。 已知图像的斜率为k,滑块与遮光条总质量为M、钩码质量为、重力加速度为g, 若k= 即可认为系统机械能守恒（用M、m、d、g来表示）。 13.(6分)某实验小组要测量一个特殊电池的电动势E和内阻r(内阻较大且随电流变 化)，该电池电动势不变，提供的实验器材有：电压表V1(量程3V,内阻约3k2)、电压 表V2(量程3V,可视为理想电压表)、滑动变阻器R、定值电阻R。(阻值52)、开关及 导线若干。 主要实验步骤如下： (1)连接器材：根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物图补充 完整。 R 电池 电池 甲 乙 (2)调节滑动变阻器，记录多组电压表V1的读数U1和电压表V2的读数U2,通过计算 机描点作图得到该电池的U1U2曲线，如图丙所示。由此可知该电池的电动势为 V;当电压表V1的读数U1=1.5V时，该电池内阻为 Ω（结果均 保留2位有效数字)。 航演练 物理试题（四）第6页（共8页） 6 UN 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 0 0.250.50.751.001.251.50U/V 丙 (3)实验中因电压表V1内阻的影响，测得电池的内阻会比实际值 (填“偏大” “偏小”或“无影响”)。 14.(11分)某透明均匀介质的横截面由四分之一圆CBD和一个直角三角形ABC构成，如 图所示，四分之一圆的半径为R,CD面为黑色吸光板，∠BAC=60°。一束单色平行光 从AC界面上不同位置射入透明介质，其折射率n=2,入射角0=45°，已知光在真空 中的传播速度为c,不考虑光的多次反射。求： (1)光线恰好不能从圆弧BD射出时，光线在AC上入射点到A的距离； (2)从圆弧BD射出的光线在介质中的最长传播时间。 60 15.(12分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy中，在直线x=(4十2)d和y轴之间有垂 直纸面的匀强交变磁场，磁场方向垂直纸面向外为正方向，已知磁感应强度的大小和方 向变化规律如图乙所示；在直线（图中虚线）右侧有沿x轴负方向的匀强电场。t=0时， 一带正电的粒子从y轴上的P点(0，√2d一4d)沿与y轴正方向成45°角射入匀强交变 磁场，在t=3t。时垂直穿过x轴，一段时间后粒子恰好沿原路径回到P点。粒子可视为 质点、重力不计，忽略由于磁场变化引起的电磁效应，求： (1)粒子的比荷9 (2)粒子的初速度大小vo; (3)匀强电场的场强大小E。 x=(4+W2)d 个B Bo ●。。。 O 230.4.5.6.7i。7 -B。 甲 乙 6 物理试题（四）第7页（共8页） 备考信息导航演练 6.(16分)如图所示，倾斜传送带与水平面夹角为0，顶端和下端的高度差为H,顺时针运行 速度vo=4ms,下端与光滑水平轨道平滑连接。小物块P从传送带顶端由静止释放，当 小物块运动至光滑水平轨道右端时恰好与静置在长木板左端等高位置的小物块Q发生 弹性碰撞。长木板水平部分AB粗糙，右端为四分之一光滑圆弧轨道，半径R=0.1。 已知物块Q离开C点后能上升的最大高度h=0.2,小物块P与传送带间的动摩擦因 ,物块Q与木板上表面AB间动摩擦因数4，=Q,6,物块P,Q的质量m 1.0kg,长木板的质量m3=2.0kg,g取10ms2,H=3m,0=30°，水平面MN光滑且足够 长，忽略空气阻力。求： (1)物块P运动到传送带底端时的速度大小1； (2)物块P与传送带间因摩擦产生的热量； (3)若物块Q能停在木板上，求Q最终停在木板上的位置；若不能，求Q离开木板时的 速度大小。 O..R C H B N 物理试题（四）第8页（共8页）