备考信息导航演练（四）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（湖南专用）

·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 一、选择题 过程有Wa=-eUd=12eV,Wa=E一Ed,解 1.C【解析】根据能级跃迁公式，对α谱线，H。对应的 得E=一28eV,C错误；由以上分析可知，电子 光子能量E。=E3-E2=-1.51eV-(-3.40)eV= 运动过程中总能量为一6V,当电子经过电势为 1.89eV;对B谱线，Hg对应的光子能量E=E4-E2= 5V的等势面时，电势能等于一5eV,根据能量守 -0.85eV-(-3.40)eV=2.55eV,根据E=hx 恒定律可知，其动能等于一1eV,小于零，说明电 可知H。的频率小于H的频率，二者在真空中传 子不可能经过5V的等势面，D错误。 5.A【解析】由题意知t=1s时甲、乙两车并排行 h 播速度相同，故H。的波长更长，结合力=入，可知 驶，由图像可知从1S到2s甲车比乙多行驶的距 H。光子动量更小，A、B错误；结合光电效应方程 离，与2s到3s内，乙车比甲车多行驶的距离相 可知，在逸出功相同情况下，入射光频率越高，光 等，故t=3s时两车再次相遇，A正确，D错误：1S 子能量越大，则逸出的光电子的最大初动能越大， 到2s甲车速度大于乙车速度，甲、乙距离在增加， C正确；H照射某金属时恰好发生光电效应，则 2s到3s甲车速度小于乙车速度，甲、乙距离在减 H。照射该金属时不能发生光电效应，与入射光强 小，B错误；由图像可知，甲、乙两车加速度大小分 度无关，D错误。 别为ap=40=6-0 d3-0ms2=2ms2,a2=A” 2.D【解析】由于白光是复色光，若用白光照射，会 4-0 形成彩色的环状条纹，A、B错误；环状条纹是由凸 4-0m/s=1m/s,甲、乙两车初速度大小分别为 透镜与平面玻璃所夹空气膜的上、下表面反射光 干涉形成的，若将透镜缓慢向上平移少许，则空气 6m/m,根据x=8t十ar,可知0到15 膜的上、下表面的厚度变大，原来形成亮条纹的位 置将向里移动，则可以看到干涉形成的圆形条纹 内，甲车位移石=(6×1-名×2x1r)m=5m,可 向里收缩，C错误，D正确。 知0到1s内，乙车往移=(X1-号×1X1)m 3.D【解析】物体在匀加速阶段的位移大小1=2X 1 3.5m,因为t=1s时甲、乙两车并排行驶，t=0s时， 0.5×2=1m,A错误；设物体做匀加速运动阶段牵 乙车在甲车前△x=x1一x2=1.5m,C错误。 引力为F,加速度为a,根据牛顿第二定律F-mg= 6.C【解析】如图所示 轨道Ⅱ ma,物体做匀加速运动阶段的最大速度v=at,该起 重机的额定功率P=F,联立解得P=5250W= 轨道 25kW,B错误：物体的最大速度，mg乙 =1.05m/s, C错误；0~2s内牵引力对物体做的功W=Fx= 5250J,2s~8s时间内牵引力对物体做的功W2=Pt= 5250×6J=31500J,0-2s和2s~8s时间内牵引力对 物体做的功之比W:W2=1:6,D正确。 由图可知天体的视角为60°时，对应∠COB=120°， 4,B【解析】由于电子做曲线运动，电子所受电场 由此可知探测器只要沿着轨道Ⅱ运动240°即可完成 力要指向轨迹的凹侧，则电子受到吸引力，所以场 观测赤道圆一周的任务，所以探测器在轨道Ⅱ上的 运行周期1一60T,解得T=多 240° 源点电荷应带正电，A错误；电子从a点运动到f 2,A错误；令天体 点过程有Wr=-eUar=4eV,Wf=Ea-Er, M的轨道半径为R,由上图可知轨道Ⅱ的半径r2= 解得Ea=一l6eV,所以E=Ea十Ea=一6eV, /2R+R1 电子从a点运动到c点过程有一eU=Ec一E如， (2R)3（2 解得E=18eV,B正确；电子从a点运动到d点 2R,根据开普勒第三定律，有 T2 T2， 物理答案（四）第1页（共5页） 2026 备考信息导航演练（四） 9/3 恒，A正确；由题意圆环在P、Q两位置时弹簧的 解得探测器在轨道I上的运行周期T一6，B错 弹力大小相等，圆环在P点时弹簧的压缩量等于 误；根据牛顿第二定律，探测器的加速度均由万有 圆环在Q点时弹簧的伸长量，设形变量为x,根据 引力提供，不管在哪个轨道上，在A,点的万有引力 九何关系可得2x=Ltan B,解得x二3L,开始细 相等，所以加速度也相等，C正确；探测器从轨道[上 A点运动到轨道Ⅱ上做离心运动，需要加速，所以探 线刚好伸直，即细线的作用力为零，此时弹簧的弹 测器在轨道[上A,点的运行速度小于轨道Ⅱ上A,点 李于圆环的重力，即k红=mg,解得k=B 的运行速度，D错误。 二、选择题 确；撤走控制滑块乙的外力的瞬间，设细线的拉力大 7.AC【解析】设挡板与水平方向夹角为0，根据平 小为T,对甲、乙分别根据牛顿第二定律得Tsin 8= 抛运动推论：平抛运动物体运动轨迹上某点速度 ma甲，6 ng sin a一T=6ma元，根据运动的合成与分解 与水平方向夹角的正切值等于此时位移与水平方 可得asmB=aL,解得圆环的加速度大小a,=) 向夹角正切值的2倍，可得打在挡板上时有 C错误；根据运动的合成与分解可得v甲sinB=vz, tan60°=2tan0,可推知以v。和2u。的速度射出 圆环甲运动到Q,点时3=0，所以滑块乙的速度为 的两小球击打到挡板的速度平行，D错误；设挡板 零，对圆环甲从P到Q的过程，两物体和弹簧组成 与水平方向成0，以心。射出的小球沿x轴正向击 的系统机械能守恒，又因为圆环在P、Q两处弹簧 打在挡板上A点，可把小球的运动等效看做初速 的弹力相等，则弹簧在初、末状态的弹性势能相等， 度为vc0s60°的平抛运动，当小球的速度与挡板 1 平行时，射出的小球离挡板最远。将该速度和小 所以6 ng sin a（ osg-L-mngLtan B=),解/ 球的重力加速度分别沿垂直挡板和平行挡板方向 4 分解，在垂直挡板方向上有Vocos60°·sin0= 得圆环运动到Q位置时的速度大小0甲一3L,D g1cos0,求得1=votan0 ,小球竖直下落的距离 错误 2g 9.ABC【解析】线圈产生的最大感应电动势Em= 4y=2gt2=听tan0 (vosin 60)2 8g ，由于y= 2g NBSw=NBS·2πn,电动势的有效值U1= E,若 2 3v6 3 8g ,代入an0=2,联立可得以射出的小球 仅将发电机线圈的转速降为原来的号，变压器原线圈 离挡板最远时经过的位置的纵坐标y'=y一△y= 3 y,A正确；根据平抛运动速度偏转角与位移偏转 两端的电压U变为原来的2，根据理想变压器电压 与匝数的关系可得变压器副线圈两端的电压变为原 角关系推论，可知以0射出的小球击打挡板上时， 满足tan0='= =2tan60,可得挡板所在的直线方 民的用户两瑞的电压UR十R。·R用，支为盈 x U。 √3 来的)即为A正确；仅将变压器的副线圈匝数 程为y=2x,C正确；结合前面选项分析，可知以 变为原来的2倍，则变压器原线圈两端电压J不变， 1 28 变压器副线圈两瑞的电压，=”U,变为原来的2 2,射出的小球击打挡板上时，则有20，c0s60 171 5 爱。、贝】以云g2= 倍，输电线上的电流1：一R十R。,变为原表的2倍， 8 2g =4y,根据 输电线路损耗的功率△P=IR,变为原来的4倍，B 3 挡板所在的直线方程y= 2x,可知x'=4x,则以 正确：仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原 来的2倍，根据理想变压器匝数与电流的关系可得变 20,射出的小球击打挡板上的点的坐标为(4x,4y), B错误。 压器原线圈的电流1=”12，变为原来的2倍，C正 n 8.AB【解析】对圆环和滑块组成的系统，弹簧的弹 确：仅将输电线路的电阻R增大为原来的2倍时，变 力对系统做功，则甲、乙组成的系统机械能不守 压器副线圈两端的电压U2不变，则用户端两端电 5 物理答案（四）第2页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 U U, 满足滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量 压U月一R十R同 ·R用= R 厂，不是原来的，即不 +1 m,A错误；实验中应选质量大体积小的钩码，B R月 正确；不需要多次测量遮光条的宽度取平均值， 为受D借民 多次测量减小偶然误差，不能减小系统误差，C 错误。 10.BD【解析】物块与车组成的系统动量守恒，系 1 统的总动量为零，因此物块相对车向右运动时， (4)若系统机械能守恒，则mgL=2(M十m)02, 如果车向右运动，或者静止，则系统的总动量不 d (M+m)d21 为零，A错误；根据牛顿第三定律，物块与车之间 U= ,联立可得L= 2mg 京=京，所 的相互作用力始终等大反向，由牛顿第二定律可 (M+m)d2 知F=na1=3na解仔-子，物块与车相对 以及= 2mg 12.(1)见解析(2分)(2)2.9(2分)5.6(2分) 运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为 (3)偏小(3分) 3：1,B正确：由于物块与车的动量总是等大反 【解析】(1)根据电路图，实物连接情况如图所示。 向，有m=3m,解得-，因北物共与车 相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终 为3：1，C错误；根据能量守恒，不计碰撞过程的能 量损失，若弹簧再压缩一次后直接在)点与右侧 挡板之间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能 1 1 1. En=g22江angL,若弹装 4 再压缩一次后与右侧挡板碰后在○点与右侧挡板之 (2)根据闭合电路的欧姆定律可得U=ER·r, U, 间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能E= 1 1 7 结合图像可得E=2.9V,当U1=1.5V时，U2= umg (++2+)-mL.D 1.25V,代入上式解得r=5.62。 正确。 (3)根据电路图可知，测量的内阻是电源内阻与 三、非选择题 电压表V1内阻的并联电阻，导致测量值小于实 11.(1)B(1分) (2)1.75(2分)(3)4.40(1分) 际值。 B1分)(4)n+M 2mg d(2分) 13.q)25-6R (2)26R 3 3c 【解析】(1)本实验需要用刻度尺测量计数点间 【解析】(1)设光经AC折射后折射角为日'，则有 的距离、打点计时器需要使用交流电源，但不需 -品名 (1分) 要秒表测量时间，A错误；由于mgh=2m,等 解得0=30 式两边可以约掉，所以不需要测量重物的质 圆孤BD面上全反射临界角为C 量，B正确；不可以根据o=gt来计算重物在1时 刻的瞬时速度，C错误；安装打点计时器时，应使 则有sinC=1 (1分) 两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电 解得C=45°，作出光路图如图所示 源，后释放重物，D错误。 D (2)由于交流电频率为50Hz,所以相邻两计数，点间的 时间间隔为0.02s,所以打下C点时重物的速度大小 45 CE(19.41-12.40)×10-2 E 30 为wc一2T ms=1.75m's。 2×0.02 A B (3)游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之 设此时光线在AC上入射，点为G,根据正弦定理 和，所以d=4mm+8×0.05mm=4.40mm;由 R CG 有sin(90°-0)sinC (1分) 于本实验不需要确定绳中拉力大小，所以不需要 物理答案（四）第3页（共5页） 5 2026 备考信息导航演练（四） 水好6一 π 联立解得4B (1分) BC (2)设粒子做圆周运动的半径为R,由几何关系 则AG= sin∠BAC -CG (1分) 有2R-Rcos0=4d-√2d (1分) 解得AG=23-V6, 粒子由洛伦兹力提供做圆周运动的向心力，则有 -R (2分) 3 mvi (2)作圆孤BD的切线且与AC平行，切点为F qvoB。= R (1分) 时，光线在介质中的路径最长，如图所示 联立以上各式解得0= πd 2t0 (2分) (3)根据几何关系，则有2R+Rsin0=4d+√2d .30 (1分) 可知，粒子在t=5t。时刻沿x轴正方向进入电 场。粒子要沿原路返回到P点，则粒子从电场回 由几何关系可得，路径长5= R 23R 到磁场时，磁场方向应垂直纸面向里，即粒子最 c0s30° 3 早应在t=9t。时刻返回磁场。设粒子在电场中 (1分) 运动的时间为t电，考虑到周期性，则有 又有u= n-2 (1分) t电=4kt0(k=1,2,3…) (1分) 对粒子在电场中的运动，由动量定理，则有 解得传搭时间=52v6R v 3c (2分) 电 qE 2 =mv (1分) 14.(1)4Bt0 e Bod (3)kto (k=1,2,3…) 联立以上各式，解得E=B -(k=1,2,3…)。 kt。 【解析】(1)粒子要沿原路返回到P点，则粒子在 (2分) 31。时垂直穿过x轴时粒子必在磁场中，根据几 15.(1)6ms(2)6J(3)0.5m 何关系，此时粒子的速度方向沿y轴正方向，轨 【解析】(1)物块P释放后，设加速度为a1,经时 迹如图所示。 间t1速度为vo,位移为x1,有 x=(4+2)d migsin 0+uimig cos 0=ma (1分) 解得a1=8m/s2 >io E 根据vo=a1t (1分) 解得t1=0.5s 45 1 根据x1=2a1 (1分) P下 0。 01。 解得x1=1m 设物块P速度达到v,后，加速度为a2,再经时 设在0~。内粒子的速度偏转角为0，粒子在磁 场中做匀速圆周运动的周期为T,根据磁场变化 间t2到传送带末端，有 的规律，则有20-0=45° (1分) migsin 0-uimgcos =mia2 (1分) 0 解得a2=2ms2 t.-360XT (1分) H 1 根据 sin 0t2a:t (1分) 粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有 解得t2=1s Bqoo=m (1分) 由v1=v十a2l2 (1分) T=2xr 解得v1=6ms (1分) (2)物块P与传送带间的相对运动路程为L。,根 可得粒子在磁场中的运动周期 H 2π1m 报L。=,4+sn0211- (1分) T= (1分) gBo 解得L。=2m 5 物理答案（四）第4页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 设因摩擦产生的热量为Q,则 m2v2=(1n2+m3) (1分) Q=h1m1gcos0·Lo (1分) 解得Q=6J (1分) 由能登守恒得2m:暖=m:L+m十m,加十 1 (3)设P与Q发生弹性碰撞后，速度分别为vp,2 m2g(R+h) (1分) 以1方向为正方向，由动量守恒定律得 解得v=2m/s,L=1.5m n1℃1=m1vp十n2v2 (1分) 若Q停在木板上距B端x处，有 由机械能守恒定律得 1 2m2v2= (m:十m)o2+2m2g(L十x) m,i-m,o5+m时 1 (1分) (1分) 解得p=0,v2=6m/s 解得x=0.5m (1分) 设AB间长度为L,Q离开轨道到最高，点时速度为 即物块Q停在木板上距B点0.5m处。 ,以2方向为正方向，由水平方向动量守恒得 物理答案（四）第5页（共5页） 52025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求。 1.我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次成功实现空间太阳H。波段光 谱扫描成像。H。和H分别为氢原子由n=3和n=4能级向n=2能级跃迁产生的谱 线，如图所示，用H:对应的光照射某种金属表面，恰好能使该金属发生光电效应。下列 说法正确的是 EleV 0 -0.54 0.85 -1.51 -3.40 -13.6 A.与H相比，H。的波长更短 B.与H:相比，H。光子的动量更大 C.若照射光的频率大于H:对应的光的频率，则逸出的光电子的最大初动能增大 D.若H。的强度大于Hg的强度，用H。光照射该金属，必有光电子逸出 2.如图甲所示，一个曲率半径很大的平凸透镜的球面和一平面玻璃接触，用单色光从上方 照射，因干涉形成一些明暗相间的单色圆圈，这种现象称为“牛顿环”，是一种薄膜干涉 现象。图乙是从透镜上方看到“牛顿环”的俯视图。则下列说法正确的是 、平凸透镜 平面玻璃1 分 A.若用白光照射，不会形成环状条纹 B.若用白光照射，看到的亮条纹也是白色的 物理试题（四）第1页（共8页） 备考信息 C.牛顿环是由凸透镜上、下表面的反射光发生干涉产生的 班级 D.若将透镜缓慢向上平移少许，可以看到干涉形成的圆形条纹向里收缩 3.一辆起重机某次从t=0时刻由静止开始竖直提升质量为500kg的物体，物体的a-t图 像如图所示，2s后起重机的功率为额定功率，不计空气阻力，g取10m/s2,下列说法正 姓名 确的是 ◆a/ms3 0.5 得分 s A.物体在匀加速阶段的位移大小为2m B.该起重机的额定功率为5kW C.物体的最大速度大小为2.1m/s D.0~2s和2s~8s时间内牵引力对物体做的功之比为1：6 4.如图，虚线表示位于O点的点电荷Q产生电场的等势面，相邻等势面间电势差大小相等 且为4V,一电子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示。已知电子经过α点时 的动能为10eV,经过f点时电势能为一20eV,下列说法正确的是 0 A.点电荷Q带负电 B.电子经过c点时动能为18eV C.电子经过d点时电势能为28eV D.电子可能经过电势为5V的等势面 5.甲、乙两车在一平直公路上同向行驶，从t=0时刻开始计时，它们的速度v随时间t变 化的图像如图所示。t=1s时甲、乙两车并排行驶。在整个运动过程中，下列说法正确 的是 ◆(ms) 6 、甲 0 2 3 4 A.t=3s时，两车再次相遇 B.2~3s内，甲、乙两车的距离越来越大 C.t=0s时，乙车在甲车前2.5m处 D.0~4s内，甲、乙两车相遇一次 导航演练 物理试题（四）第2页（共8页） 5 6.如图所示，探测器先在椭圆轨道I绕未知天体M运动，然后在A点变轨进入圆轨道Ⅱ 做匀速圆周运动。B点为椭圆轨道的近M点，距未知天体表面的高度忽略不计，两轨道 平面与天体赤道圆共面，A点对天体的视角=60°，取最短时间为t,探测器在轨道Ⅱ上 t时间内可完成观测赤道圆一周的任务，忽略天体的自转，万有引力常量为G,下列判断 正确的是 轨道Ⅱ 轨道1 460° M ◆B -- A.探测器在轨道Ⅱ上的运行周期为t 3探测器在轨道1上的运行周期为 C.探测器稳定运行时在轨道I上A点的加速度等于轨道Ⅱ上A点的加速度 D.探测器在轨道I上A点的运行速度大于轨道Ⅱ上A点的运行速度 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图所示，以水平向右为x轴正方向，以竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系，发射 器能把小球以v。和2v。的速度从坐标原点射出，射出方向均与x轴正向成60°角，过原 点放置一块很长的倾斜薄挡板，以。射出的小球沿x轴正方向击打在挡板上A点，A 点坐标为(x,y)。不计空气阻力，下列说法正确的是 y 609 发射器 ·射出的小球离挡板最远时经过的位置的纵坐 B.以2。射出的小球击打挡板上的点的坐标为(2x,2y) C挡板所在的直线方程是)=5。 D.以v。和2v。的速度射出的两小球击打到挡板的速度不平行 8.如图所示，倾角α=30°的光滑斜面体固定在水平地面上，质量为的圆环甲穿过光滑的 竖直杆后拴接在劲度系数为k、下端固定在地面的轻弹簧上，然后用跨过光滑定滑轮的 细线与质量为6的滑块乙连接。开始时用外力控制滑块乙使细线刚好伸直，此时圆环 位于图中的P位置，定滑轮右侧的细线与水平方向的夹角3=53°，左侧细线与斜面平 5 物理试题（四）第3页（共8页） 备考信息 行。某时刻撤掉控制滑块乙的外力，经过一段时间圆环运动到Q位置，此时乙仍在斜面 上。已知Q点与定滑轮在同一高度处，且Q到定滑轮的距离为L,圆环在P、Q两位置 时弹簧的弹力大小相等；重力加速度大小为g,sin53°=0.8，cos53°=0.6。下列说法 正确的是 A.甲、乙组成的系统机械能不守恒 3mg B.弹簧的劲度系数为2D C.撤掉控制滑块乙的外力瞬间，圆环的加速度大小为。g D.圆环运动到Q位置时的速度大小为√ /3 9.如图所示是某交流发电机为用户输电的示意图。发电机线圈绕垂直匀强磁场的轴在做 匀速圆周运动，产生的交流电经理想变压器输送到远方用户，输电线路总电阻为R,不 计发电机线圈电阻。已知用户（纯电阻）两端电压为U。下列说法正确的是 A.若仅将发电机线圈的转速降为原来的2，则用户两端的电压变为2·。 B.若仅将变压器的副线圈匝数变为原来的2倍，则输电线路损耗的功率变为原来的 4倍 C.若仅增加用户个数使流过电阻R的电流变为原来的2倍，则变压器原线圈的电流变 为原来的2倍 10.如图所示，质量为3、两端带有固定挡板的平板车静止在光滑的水平面上，质量为m 的物块放在平板车上，用水平细线将物块与平板车左侧挡板连接，轻弹簧的左端与挡 板连接，弹簧处于压缩状态，物块放置在弹簧右端未连接，平板车两挡板间的距离为 L,弹簧的原长为2L,0为平板车的中点，0点左侧平板车上表面光滑，右侧粗糙。某 时刻剪断细线，最终物块停在O点与右侧挡板之间的中点，不计物块的大小，物块被弹 簧弹出后，弹簧仅又被压缩了一次，物块与挡板间的动摩擦因数为4，不计碰撞过程的 能量损失，已知重力加速度为g,则剪断细线后，下列判断正确的是 导航演练 物理试题（四）第4页（共8页） 77777777777777777777777777777 A.物块相对车向右运动时，车相对地面不一定向左运动 B.物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为3：1 C.物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为1：3 7 D.弹簧开始具有的弹性势能大小可能为4mgL 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分)同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了如图甲所示的两种方案：方案 1验证重物下落过程中机械能守恒，方案2验证钩码与滑块释放后运动过程中机械能 守恒。 夹子 纸带 遮光条 电火花 光电门 气垫导轨 滑块 计时器 接电源 白 重物 钩码 方案1 方案2 甲 (1)为完成实验方案1，下列说法正确的是 A.还需要刻度尺、秒表、交流电源 B.实验无需测量重物的质量 C.可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度 D.安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先释放重物后接 通电源 (2)用方案1装置打出的一条纸带如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F为连续打出的 点，交流电频率为50Hz,计算出打下D点时重物的速度大小为 m/s (结果保留3位有效数字)。 E cm 0 2cm 46.93 9.47 )A0 0 510 1520 15.71 19.41 23.49 乙 丙 2 (3)方案2中，测量遮光条宽度时，游标卡尺的读数如图丙所示，则遮光条的宽度d mm;为了减小实验系统误差，需要 0 物理试题（四）第5页（共8页） 备考信息导 A.滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量m B.选择质量大体积小的钩码 C.多次测量遮光条的宽度取平均值 (4)方案2中，遮光条与光电门的水平距离为L,数字计时器测得遮光条通过光电门的 时间为，多次改变光电门的位置并测出多组L和，描绘出L的图像如丁所示。 已知图像的斜率为k,滑块与遮光条总质量为M、钩码质量为m、重力加速度为g, 若k= 即可认为系统机械能守恒（用M,m、d、g来表示）。 12.(9分)某实验小组要测量一个特殊电池的电动势E和内阻r(内阻较大且随电流变 化)，该电池电动势不变，提供的实验器材有：电压表V1(量程3V,内阻约3k2)、电压 表V2(量程3V,可视为理想电压表)、滑动变阻器R、定值电阻R。(阻值5Ω)、开关及 导线若干。 主要实验步骤如下： (1)连接器材：根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物图补充 完整。 电池 电池 甲 (2)调节滑动变阻器，记录多组电压表V1的读数U1和电压表V2的读数U2,通过计算 机描点作图得到该电池的U1U2曲线，如图丙所示。由此可知该电池的电动势为 V;当电压表V1的读数U1=1.5V时，该电池内阻为 2(结果均 保留2位有效数字)。 UN 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 00.250.50.751.001.251.50UW 丙 (3)实验中因电压表V1内阻的影响，测得电池的内阻会比实际值 (填“偏大” “偏小”或“无影响”)。 航演练 物理试题（四）第6页（共8页） 5 13.(10分)某透明均匀介质的横截面由四分之一圆CBD和一个直角三角形ABC构成，如 15 图所示，四分之一圆的半径为R,CD面为黑色吸光板，∠BAC=60°。一束单色平行光 从AC界面上不同位置射入透明介质，其折射率n=√2，入射角0=45°，已知光在真空 中的传播速度为c,不考虑光的多次反射。求： (1)光线恰好不能从圆弧BD射出时，光线在AC上入射点到A的距离； (2)从圆弧BD射出的光线在介质中的最长传播时间。 459 609 14.(14分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy中，在直线x=(4十√2)d和y轴之间有垂 直纸面的匀强交变磁场，磁场方向垂直纸面向外为正方向，已知磁感应强度的大小和方 向变化规律如图乙所示；在直线（图中虚线）右侧有沿x轴负方向的匀强电场。t=0时， 一带正电的粒子从y轴上的P点(0,2d一4d)沿与y轴正方向成45°角射入匀强交变 磁场，在t=3t。时垂直穿过x轴，一段时间后粒子恰好沿原路径回到P点。粒子可视为 质点、重力不计，忽略由于磁场变化引起的电磁效应，求： (1)粒子的比荷9 m (2)粒子的初速度大小o; (3)匀强电场的场强大小E。 x=(4+√2)d y 个B Bo 0。· 457% 2.30.41.5.61.7i。t 5 物理试题（四）第7页（共8页） 备考信息导航演练 (16分)如图所示，倾斜传送带与水平面夹角为0，顶端和下端的高度差为H,顺时针运行 速度vo=4ms,下端与光滑水平轨道平滑连接。小物块P从传送带顶端由静止释放，当 小物块运动至光滑水平轨道右端时恰好与静置在长木板左端等高位置的小物块Q发生 弹性碰撞。长木板水平部分AB粗糙，右端为四分之一光滑圆弧轨道，半径R=0.1。 已知物块Q离开C点后能上升的最大高度h=0.2m,小物块P与传送带间的动摩擦因 物块Q与木板上表面AB间动摩擦因数：=06，物块P,Q的质量mm 1.0kg,长木板的质量m3=2.0kg,g取10ms2,H=3m,0=30°，水平面MN光滑且足够 长，忽略空气阻力。求： (1)物块P运动到传送带底端时的速度大小v1; (2)物块P与传送带间因摩擦产生的热量； (3)若物块Q能停在木板上，求Q最终停在木板上的位置；若不能，求Q离开木板时的 速度大小。 O...R Q 74 M 物理试题（四）第8页（共8页）