备考信息导航演练（二）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（湖南专用）

2025一2026学年度备芳信息导航演练 物理（二） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求。 1.2025年元月国家核安全局消息，我国南华大学成功提取高纯医用同位素铅212(Pb)。 已知铅212的半衰期为10.6小时，通过3衰变生成铋212(Bi)。下列关于铅212的说 法正确的是 A.衰变产物的新核质量数比铅212少4 B.衰变释放的B射线穿透能力比α射线弱 C.若有10g铅212，经过21.2小时后剩余铅212质量为2.5g D.衰变释放的B粒子来源于铅212原子核外电子 2.柔软的耳机线中有粗细均匀的细铜丝，这种细铜丝的加工要求非常高。工厂中利用图 示装置，用激光器照射细铜丝，在光屏上形成稳定的衍射图样，当细铜丝变粗时，下列说 法正确的是 激光器 抽丝机 细铜丝 光屏 A.中间亮条纹变宽，两侧暗条纹间距变小 B.中间亮条纹变窄，两侧暗条纹间距变小 C.整个图像向一侧偏移 D.图像没有明显变化 3.春秋战国时期，《墨经》记载了利用斜面来运送货物的方法。如图所示，用平行于斜面的 推力将货物从地面匀加速推到货车上。若货物与斜面间的动摩擦因数恒定，下列说法 正确的是 物理试题（二）第1页（共8页） 备考信息 班级 姓名 得分 777777777777777777777777777777777777777 A.斜面越长，推力对货物做的功多 B.斜面越短，推力对货物做的功越多 C.斜面越短，推力越大 D.斜面越长，推力越大 4.位于坐标原点的质点P从t=0时刻开始沿y轴做简谐运动。如图所示，t=0.3s时， 振动沿x轴正方向传播到x=9cm处、沿x轴负方向传播到x=一9cm处，此时，质点 M、N的位移均为一1cm,质点P位于正向最大位移处。下列说法正确的是 个y/cm 9 x/cm A.波速大小为0.3m/s B.质点P的起振方向沿y轴正方向 C.M、N两质点的振动方向总是相反 D.t=0.4s时，质点M到达波峰 5.在如图甲所示的电路中，电阻R1=R2=R,单匝圆形金属线圈半径为r1,线圈导线的电 阻也为R,半径为r2(r2<r1)的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感 应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，图线与横、纵轴的交点坐标分别为t。和B。, 其余导线的电阻不计。闭合开关S,至t=0的计时时刻，电路中的电流已经稳定，下列 说法正确的是 本B 甲 乙 导航演练 物理试题（二）第2页（共8页） 5 A.线圈中产生的感应电动势大小为B,r to Boπr3 B.t。时间内流过R,的电量为R C.电容器下极板带负电 D.稳定后电容器两端电压的大小为 Boπri 3to 6.如图所示，ABC是边长为L的等边三角形，D为BC的中点，在A、D两点处固定有带 电的小球（可视为点电荷），空间还有一与三角形所在平面平行的匀强电场，电场强度大 小为E,方向由A指向D。已知C点的电场强度为零，静电力常量为k,下列说法中正 确的是 B D A.A处电荷带正电，D处电荷带负电 B.空间电场强度为零的点仅有C点 C.A、D两处带电小球的带电量之比为8：1 D.若撤去D处的带电小球，则C点的电场强度大小为 E 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图甲所示，地球卫星仅在地球万有引力作用下沿椭圆轨道绕地球运动，在任意位置， 将卫星与地心的距离记为r,卫星的加速度a在轨迹切线方向上的分量记为切向加速度 a,。卫星I和卫星Ⅱ从近地点到远地点过程中a,的大小随r的变化规律如图乙所示。 下列说法正确的是 卫星 a 卫星I 02d2.5d 6.5d7d7 甲 乙 A.卫星I和卫星Ⅱ的轨道半长轴之比为4：5 B.卫星I和卫星Ⅱ的轨道半长轴之比为1：1 C.卫星I和卫星Ⅱ的加速度最大值之比为16：25 D.卫星I和卫星Ⅱ的加速度最大值之比为4：5 5 物理试题（二）第3页（共8页） 备考信息 8.一定质量的理想气体从状态A经过状态B、C又回到状态A,该过程的p图像如图所 示，BC与横轴平行、AC与纵轴平行、AB的延长线经过坐标原点O。下列说法正确 的是 P 、 A.在A→B过程中，外界对气体做正功 B.在B→C过程中，气体分子热运动的平均动能增大 C.在C→A过程中，气体从外界吸收热量 D.在A→B>C→A一个循环过程中，气体吸收的热量大于放出的热量 9.如图所示，图线α是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图像，当调整 线圈转速后，所产生的正弦交流电的图像如图线b所示。以下关于这两个正弦交流电 的说法中正确的是 Au/V 0.3 0.57 40 A.在图中t=0时刻线圈平面平行于匀强磁场 B.线圈先后两次转速之比为3：2 80 C.交流电b的电压有效值为。V w3 D.交流电b在t=0.2s时，穿过线圈的磁通量是最大值的一半 10.如图所示，理想变压器原线圈接e=100√2sin(100πt)V的交流电，原、副线圈匝数比n1: 2=2:5,已知定值电阻r=162、R。=252,R是滑动变阻器，电压表和电流表均为理想 交流电表，下列说法正确的是 A.R=752时，理想变压器的输出功率最大 B.理想变压器的最大输出功率Pm=165.25W C.理想变压器的输出功率最大时，电流表的示数为1A D.R=1252时，滑动变阻器消耗的功率最大 导航演练 物理试题（二）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分)某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图甲所示。 灯泡透镜 单缝双缝拨杆遮光筒 屏目镜 单缝管 测量头手轮 标尺 (1)下列说法中正确的是 A.要使模糊的干涉条纹变得清晰可通过旋转测量头来实现 B.使用间距更小的双缝，可增加从目镜中观察到的条纹个数 C.测量某条亮纹位置时，应使测量头分划板刻线与该亮纹的中心对齐 (2)该同学调整好实验装置后，测出双缝间距d=0.25mm,双缝到屏的距离l= 50cm,对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第六条亮纹中心位置对应的螺旋测 微器示数如图乙所示，则所测光的波长入为 nm。 10 40 35 乙 丙 (3)该同学在实验操作中将一厚度为3入、折射率为1.5的透明薄片置于缝S1处，如图 丙所示，他观察到的中点P处为 (填正确答案前的字母)。 A.亮纹 B.暗纹 12.(9分)实验方案对实验测量的精度有直接的影响，某学习小组对“测量电源的电动势和 内阻”的实验方案进行了探究。实验室提供的器材有： 干电池一节（电动势约1.5V,内阻小于12）； 电压表V(量程3V,内阻约3k2); 电流表A(量程0.6A,内阻约12)； 滑动变阻器R(最大阻值为202)； 定值电阻R,(阻值22)； 开关一个，导线若干 (1)某次测量中电压表的示数如图甲所示，该示数为 .6 1. 1.2 8 0. E 81 00.10.20.30.40.50.67/A C 物理试题（二）第5页（共8页） 备考信息导 (2)该小组按照图乙所示电路进行实验，调节滑动变阻器阻值使电流表示数逐渐接近 满偏，记录此过程中电压表和电流表的示数，利用实验数据在UI坐标纸上描点， 如图丙所示。发现电压表示数的变化范围比较小，出现该现象的主要原因是。 A.滑动变阻器最大阻值较小 B.干电池电动势较小 C.干电池内阻较小 D.电压表量程较小 (3)改进实验后再经过描点、作图得到图丁，由此可以计算出电源的电动势E=V (保留三位有效数字)。 UV 1.6 14B 1.2 。 0. 00.10.20.30.40.50.60.771A (4)由该实验测得电动势的测量值与真实值之间的关系是E测E真（填“<”“=”或 “>”),产生该误差的原因是（填“电压表分流”或“电流表分压”）。 13.(10分)如图所示，竖直放置且粗细均匀的U形玻璃管与容积为V。的锥形容器连通， 玻璃管左端与大气相通。在U形玻璃管中用水银柱封闭一定质量的理想气体，当环境 温度为27℃时，U形玻璃管右侧水银面比左侧水银面高出h,=12cm,水银柱上方管 中空气柱长h。=10cm,现在对锥形容器缓慢加热，当U形玻璃管左侧水银面比右侧 水银面高出h2=12cm时停止加热，此时锥形容器内气体温度为327°C。已知大气压 强恒为po=76cmHg,U形玻璃管的横截面积S=1cm2,热力学温度T与摄氏温度t 关系为T=t十273K。求： (1)当环境温度为27℃时，锥形容器内气体的压强； (2)锥形容器的容积V。。 航演练 物理试题（二）第6页（共8页） 14.(14分)如图甲所示，物块B和质量A=6.0kg的物块A用轻弹簧拴接，放在光滑的 水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触。另有一物块C在t=0时刻以一定速度向 右运动，在t=4s时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的心t图像 如图乙所示。求： (1)物块C的质量mc; (2)物块C与物块A相碰过程中系统损失的机械能E1; (3)从t=4s到t=12s,弹簧对物块A的冲量I的大小。 A训(ms 12 c 12 5 物理试题（二）第7页（共8页） 备考信息 15.（16分)如图所示，在xOy坐标系的第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场E1(大 小未知)，在第二象限内存在沿x轴正方向的匀强电场E2(大小未知)，第四象限内存 在垂直于xOy平面向里的匀强磁场，x轴、y轴为各场区的边界线。现将质量为、电 荷量为g的质子由第二象限内的M(一d,d)点静止释放，穿过y轴时的速度为vo,在 电场和磁场的作用下，在第一象限和第四象限内做周期性运动。已知第四象限内磁感 应强度的大小为2一，且质子在酸场中运动时与x轴的最远距离为4。求： gd (1)电场强度E1和E2的大小； 3d (2)判断该质子能否经过点(19d十62d,),并说明原因（无分析过程不给分）： (3)从M点开始计时，质子经过x轴时所用的时间。 E 个y M。--- E B 导航演练 物理试题（二）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（二） 一、选择题 1.C【解析】根据B衰变的特点可知，发生B衰变时， 4A【解折1凌建大小。签-%9。=03 衰变产物的质量数不变，A错误；根据三种射线的 A正确；根据同侧法可知x=9cm处质点开始向下 特点可知，B射线穿透能力比α射线强，B错误；若有 振动，则质点P的起振方向沿y轴负方向，B错误； 10g铅212，经过21.2小时，即经过2个半衰期后 质，点M、N的平衡位置之间的距离不等于半波长的 12 1 奇数倍，M和N两质点的振动不是总相反，C错误； 剩余质量m=m(2)=10×4g=2.5g,C正确： 该波的周期T=入-12×10： 根据B衰变的本质可知，B衰变时原子核中的一个 0.3s=0.4s:t=0.3s 中子转化为一个质子和一个电子，电子发射到核 时，M向上振动，t=0.4s时，即由图示波形再经过 外，就是B粒子，D错误。 0.1T,质点M还没有到达波峰，D错误 2.B【解析】根据激光发生明显衍射现象的条件， 5.D【解析】根据法拉第电磁感应定律，感应电动 障碍物或孔的尺寸比波长小，或者跟波长相差不 多时，会发生明显的衍射现象，该装置运用了光的 势E4B g=Bw ,A错误；to时间内流过 △t 衍射现象，当细铜丝变粗时，衍射现象减弱，故中 Boπr 间亮条纹变窄，两侧暗条纹间距变小，B正确，A、 R1的电荷量Q1=I1to= to C、D错误。 3R=3R -Xt。= 3.A【解析】对货物进行受力分析，如图所示，垂直斜 Bπr ,B错误；根据楞次定律，线圈中感应电流的 面方向N=ng cos0,沿斜面方向F=f十ngsin0十 3R ma,摩擦力f=N,解得F=mg sin0+tng cos0十 方向是顺时针方向，故电容器充电时下极板为正， ma=mg√1十2sin(a十0)十ma,可知，当有a十0= C错误；稳定后电容器两极板电压U=3E 1 90°，推力F有最大值Fx=mg√1十十ma,可知， 斜面倾角0在0°到90°之间变化的过程中，推力F先 Bri,D正确。 3to 增大后减小，由于斜面顶端的高度一定，可知，斜面在 6.C【解析】已知匀强电场方向由A指向D,C点电 由足够长逐渐变短的过程中，推力F先增大后减小， 场强度为零，说明A、D处点电荷在C点产生的合场 反之，斜面在由足够短逐渐变长的过程，推力F也是 强方向是由D指向A,与C点匀强电场方向相反，由 先增大后减小，C、D错误：斜面顶端高度一定，令高度 此可知A处电荷带负电，D处电荷带正电，A错误； 为h,推力做的功W=(ng sin0十ng cos0) h 设A处电荷为QA,D处电荷为QD,已知A到C的 sin 0 咖品。=sh十儡的十加。根托上达表达 h ,根据点电荷场强公式 h 距离为L,D到C的距离为 得A处电荷在C点产生电场强度EA= 式可知，斜面越长，斜面倾角越小，推力对货物做的功 是D处 越多，A正确，B错误。 电荷在C点产生电场强度ED=k 2,由A选项 分析知A、D处，点电荷在C点产生电场强度的合电 场强度与匀强电场平衡，根据平行四边形定则得 Eacos60°=ED,即k 2=2k =2kQD,解得Q= ng 2) 物理答案（二）第1页（共4页） 5 2026 备考信息导航演练（二） 8QD,C正确；根据对称性可知B处电场强度也为 之比n。：n6=T。:T。=3:2,B正确；根据感应 零，B错误；因为A、D处点电荷在C点产生电场强 度的合电场强度与匀强电场平衡，所以EA与E的 电动珍的装大值公式有E。=NBS=NBS票， 合电场强度与ED等大反向，若撤去D处点电荷， 可得Eam:E6m=T6:T。=3:2,由题图可知，交 则C点电场强度大小等于ED,由C选项分析得 流电a的电压最大值Em=40V,则交流电b的 Esin60=E,E:=2E,解得E= 3E,D错误。 电压蛋夫位E=号E解得E一 V,交流电 3 二、选择题 7.BC【解析】由图乙卫星I和卫星Ⅱ从近地点到 b的电压有效值E。= _E,解得E。= 0v2 V,C错 3 远地点过程中a,的大小随r的变化规律可知，卫 √2 2.5d+6.5d 误；由题图可知，t=0时刻，交流电b从中性面开 星I的半长轴r,= 2 =4.5d,卫星Ⅱ的 始计时，则对应磁通量随时间的关系式为更= 半长轴rn= 2d+7d=4.5d,故卫星I和卫星Ⅱ 2π 2 cos,当1=0.2s时，可得=ucos( 的轨道半长轴之比r1:rm=1:1,A错误，B正 2π1 确；由题图乙可知，当卫星在近地，点时，加速度最 0.2)=①c0s3-一2D,可知北时穿过线圈的 Mm 磁通量是最大值的一半，D正确。 大，根据牛顿第二定律有G,产=ma。,解得am 10.AD【解析】根据交流电瞬时电动势表达式可知， ,”,由题图乙可知，卫星【在近地点离地球的距 GM 电源电动势有效值为100V,如图甲所示，假设原线 圈中的电压为U1,电流为I,可认为虚线框中为等 离为2.5d,卫星Ⅱ在近地，点离地球的距离为2d, 则卫星I和卫星I的加速度最大值之比aml:aml= 威电阻R,又根据理想变压器电压、电流与线 1 (2.5d) U2 =16:25,C正确，D错误。 um1=,又 图臣数的关系有可，一‘T =R。十R,可 1 (2d) 得R'-（R。十R),则电路可看成是由r和R'组成 8.CD【解析】在A→B的过程中，体积增大，气体对 外界做功，即外界对气体做负功，A错误；在B→C 的电路，若使变压器输出功率最大，则R'的功率最 的过程中，压强不变，体积减小，根据影响气体压强 的宏观因素可知气体温度降低，故气体分子热运动 大，根超P:=店=R=(R)R 的平均动能减小，B错误；在C→A的过程中，体积 Ee ，根据基本不等式，当R′=r=162 不变，外界对气体不做功，压强增大，根据影响气体 R+R′+2 压强的宏观因素可知气体温度升高，气体的内能增 大，故气体从外界吸收能量，C正确；pV图像中图 时，R'的输出功率最大，此时由①式可得R 线与坐标轴所围的面积表示外界对气体做的功，气 750,输出的最大功率P。=P%=IR=E 体经全过程，内能不变，但由于全过程中气体体积 增大过程(A→B)气体对外界做功大于体积减小过 4X16W=156.25W,A正确，B错误；理想变压 1002 程(B>C)外界对气体做的功，由热力学第一定律可 知，气体吸收的热量大于放出的热量，D正确。 器的输出功率等于负载电阻总功率，根据电功率 9.BD【解析】根据题意分析可知，在图中t=0时 公式有P出=I(R。十R),可得I2=1.25A,C错 刻，两个正弦式交变电流的感应电动势的瞬时值 误；要使滑动变阻器上的功率最大，把r按照上 均为零，此时线圈都在中性面位置，即线圈与磁场 正规则等效到副线图中，有，求得 方向垂直，A错误；根据题意分析可知，由图可得 两个正弦式交变电流的周期分别为T。=0.4s, 1002,如图乙所示，把虚线框看成是电源，内阻 工=0.6s,根格T-,可知线周先后两次转造 r'=1002,当r'十R。=R时，滑动变阻器输出功 率最大，此时R=1252,D正确。 物理答案（二）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 (3)根据上述(2)可知，JI图像的纵截距表示电 动势，电动势E=b=1.45V。 V (4)实验的误差来源于电压表的分流作用，根据闭 U 合电路欧姆定律E=U十( +I)r,整理得U= ERy RvE真 R:1,图像的纵我距=Rv十， Ry+rr+Rv E测，实验测得电动势的测量值与真实值之间的关 系是E测<E真。 13.(1)64cmHg(2)16.4cm 【解析】(1)设水银密度为初始时由平衡关系有 po=p1十h1 (2分) 三、非选择题 得p1=64cmHg (2分) 11.(1)C(2分)(2)713(2分)(3)B(3分) (2)t=327C时，T2=600K 【解析】(1)若粗调后看不到清晰的干涉条纹，看 由平衡关系有p2=po十h2,解得p2=88cmHg 到的是糢糊不清的条纹，则最可能的原因是单缝 (2分) 与双缝不平行，要使条纹变得清晰，值得尝试的 由几何关系知此时右侧水银柱上方空气长 是调节拨杆使单缝与双缝平行，A错误；根据相 h。=22cm 邻两亮（暗）干涉条纹的间距△x=可知要增加 由理想气体状态方程DV一pV 得 T, 观察到的条纹数，即△x越小，可使用间距更大的 pi(hoS+Vo)p2(hS+Vo) 双缝，B错误；测量某条干涉亮纹位置时，应使测 T Ta (2分) 量头分划板刻线与该亮纹的中心对齐，C正确。 解得V。=16.4cm3。 (2分) (2)由题图乙可知，螺旋测微器的读数分别为x1= 14.(1)2kg(2)108J(3)48N·s 1mm+41.5X0.01mm=1.415mm,x2=8.5mm+ 【解析】(1)由题图乙可知，C与A碰前速度 4.5×0.01mm=8.545mm,相邻亮条纹的间距 v1=12 m s △x=221=8.545-1.415m 碰后速度v2=3m,'s,C与A碰撞过程动量守恒， 6-1 -mm=1.426mm, 5 以碰撞前C的速度1的方向为正方向，由动量 根据△x= d入，可得所测光波的波长A=△ 守恒定律可得mcv1=(mA十mc)v2 (2分) 1.426×103×0.25×103 mA26.0X3, m=7.13×10-'m=713nm。 解得me=0—:12一3kg2kg (2分) 50×10-2 (3)S光源发出的光到S1、S2的距离相同，透明 (2)由能量守恒定律可得物块C与物块A相碰过 薄片相当于增加光程半波长的奇数倍，即S1、S2 程中系统损失的机械能 振动方向始终相反，P到S1、S2的距离相同，光 E-2mevi-2(mA+me) 1 1 ×2×122J 程差△x=0,P点为减弱，点，即为暗条纹，B正 2 确，A错误。 2×(2+6)×3J=108J (2分) 12.(1)1.30(2分)(2)C(2分)(3)1.45(2分) (4)<(1分)电压表分流(2分) (3)从t=4s到t=12s的过程中，对A、C组成 【解析】(1)量程为0~3V电压表的分度值为0.1V, 的整体，以v2的方向为正方向，则t=12s时速 读数为1.30V。 度v3=-3m:s (2分) (2)根据闭合电路欧姆定律U=E一Ir可知，图 由动量定理可得I=(mA十mc)va一(mA+mc)v2 像斜率的绝对值表示电池的内阻，电压表示数的 (2分) 变化范围比较小，图像斜率的绝对值小，因此电 代入数据解得I=一48N·s (2分) 压表示数的变化范围比较小的原因是干电池的 可知弹簧对物块A的冲量I的大小为48N·s。 内阻较小，A、B错误，C正确。 (2分) 物理答案（二）第3页（共4页） 5 2026 备考信息导航演练（二） 15.10E1=2gd 质子相邻两次进出磁场在水平方向上移动的距离 E2= 2dq (2)能，原因见解析 x2=2Rsin 0 (1分) (3)8+(W2+1D nd 用时t2= 2Rsin 0 (1分) 2vo 【解析】(1)对质子从M到N的过程，由动能定 则质子完成一次周期性运动沿x方向移动的距离 理得 X=2x1十x2 (1分) 1 qE:d=2mv-0 (1分) 联立解得x1=2d,x2=(2+2√2)d,X=6d+22d 考虑到19d+6√2d=3X+d,容易知道，此时质 单得：一需 (1分) 3 子做类平抛运动，所处位置的纵坐标y=4d,所 质子在第一象限内做类平抛运动，设经过x轴时 3 的速度为v,与x轴正方向的夹角为0，则由动能 以质子能经过点(19d+6v2d,4d) (1分) 定理得 gEd= 2n2、 (3)对质子，由M到N,有d=2 2mu,2 (1分) 由(2)问可得质子完成一次类平抛运动所用时间 且vo=vcos0 (1分) 2d 质子从进入磁场到离x轴最远处的过程中做圆 ti=to= (1分) 周运动的半径为R qvB-m R 质子相邻两次进出磁场用时，=（2十1)d 2v0 (1分) R(1-cos0)=d (1分) 则质子向下通过x轴时用时t=t。十t1十(2t1+ 联立可得 --号温- t2)n 4d,8+(2+1)πmd(m=0、12…) (1分) 2u0 (1分) (2)设质子完成一次类平抛运动所用时间为t1, 质子向上通过x轴时用时t=(t。+t1十t2)n= 质子相邻两次进出磁场的时间为t2,质子在一次 类平抛运动中，有 8+(W2+1)π nd(n=1、2.....) (1分) 2vo 2·L1=d且x1=ut1 (2分) (其它合理解答也可得分) 5 物理答案（二）第4页（共4页）