备考信息导航演练（一）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（湖南专用）

·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（一） 一、选择题 内阻为 R 的电源，由恒定电路的知识可知，当负载 1.B【解析】只有频率大于截止频率的光才可以发 16 生光电效应，与光强无关，A错误；U。是遏止电 RR 电阻与内阻相等时，即 压，测量遏止电压时，A、K两极上所加电压为减速 +1=16 时，输出功率最 电压，即K极电势比A极高，可知滑片P应向a /U12 移动，B正确；根据Ek=hy一W。,eU=Ek,可知 4)U 大，此时n=15,最大输出功率Pm= 過止电压越大，频率越大，所以③光的频率大于① 4· 16 光的频率，C错误；①、②光频率一样，饱和光电流 C错误，D正确。 由光强决定，所以②光的强度小于①光的强度，D 6.C【解析】小球至B点时开始压缩弹簧，一开始 错误。 弹力小于重力，则小球继续向下加速运动，所以小 2.D【解析】设单位时间内吹到挡板上的空气的质 球在B点时的速度不是最大，A错误；设平衡位置 量为△m,则由动量定理可知F△t=△mv,又△m= 为O,弹簧在平衡位置的压缩量为x1,则有x1= u△tS0,由胡克定律可知F=k(x2一x1),解得u= mg k(x2-x1) 39.6(2.20-1.50)×10 ,设平衡位置0下方有一D点，且B、D相对 W1.26×2.20×10-3 -ms≈ 于O点对称，根据对称性可知，小球到达D点的 10.0m/s,D正确。 速度等于B点的速度，且B、D两点的加速度大小 3.B【解析】“22号”在轨道①上稳定运行时，向心 相等，即D点的加速度大小为g,则小球在最低点 力等于万有引力，A错误；“22号”从轨道①变轨到 C点的加速度大于g,方向向上，根据牛顿第二定 轨道②，需在P点沿运动方向加速，机械能将增 律可得kxc一ng=mac>mg,可得最低，点C的 大，B正确；“22号”在轨道②上经过P点的加速 度等于在轨道①上经过P点的加速度，C错误；根 压缩量满足c>2驷g,则小球从B到C的运动为 据开普勒第三定律，周期的平方与轨道半径的三 次方成正比，D错误。 药谐运动的一事分，振格A=心一x>紧，B错 4.A【解析】第1次缓慢推活塞，使气体体积减小到 误；小球和弹簧、地球组成的系统机械能守恒，小 V1,气筒导热良好，封闭气体做等温压缩：第2次迅 球从B运动到C的过程中，小球的重力势能一直 速压缩活寒至V,封闭气体温度升高，由丁=C可 在减小，小球的动能与弹簧的弹性势能之和一直 在增大，C正确；设小球在平衡位置的速度为mx, 知，第2次气体体积减小到V1时的压强大，B、C、D 根据微元累积的思想可得∑max=mS=W合，则 错误，A正确。 1 1 5心【标】原，制我国电发之北为7-=片由 根据动能定理可得mS=2mox一2mui,mSe P=IR得原、副线圈回路中两电阻消耗的功率之 2m0x-0,由于0B>0,所以mS1<mS2,则S1< 比为1：16，A正确；设副线圈两端的电压为U2, S2,题图中阴影部分1的面积小于阴影部分2的面 物==4 则原，副线周电压之比为云一：了，又U 积，D错误。 1R十U,-4,R,解得U=B正确：利 二、选择题 7.CD【解析】墨汁在偏转电场中做类平抛运动，出 Uo 用等效电源思路，将变压器看成一个电动势为 偏转电场后做匀速直线运动，A错误；墨汁出偏转 电场后做匀速直线运动，且反向延长线平分水平 物理答案（一）第1页（共4页） 5 2026 备考信息导航演练（一） 位移，可知tan0=心，且tan0= y 一，在偏转 10.AC【解析】物体从C点做平抛运动，竖直方向 自由下落高度2R,其中C点速度为v,竖直方向 1 电场中，根据速度一时间关系可得v,=at= qU 2R=2gt,水平方向x=t,B到C的过程中机 md .1 1 L1,联立解得两偏转板间的电压U=5.0X10V, 械能守恒有2mu层=2m呢十mg·2R,由以上各 B错误，C正确；由以上式子整理得y= lviR 式可得x=√%-4gR·2 qUL(L+2L2) g 入g 一4R2, ，为了使纸上的字体放大10%， 2mdvo _ ,A正 可以把偏转电压提高10%，D正确。 当R=时，水平位移有最大值工一2g’ 8.BC【解析】由题图乙可知质点K在t=0时刻向下 确：物体在半圆形轨道上“始终不脱离轨道”有两种情 振动，根据波形平移法可知，该列波的传播方向为x 况，能到达最高点C,临界条件是重力提供向心力，即 轴负方向，A错误；由图甲、乙可知波长入=4km,周 mg一R ,得U=√gR,从A到C,弹性势能全部 期T=1s,则该波的波速v=行=4km‘,沿x轴传 1 转化为动能和重力势能，即E。= 2mu2+mg· 插52km距离需要的时间t/-乙=13s,B正确；波 沿x轴负方向传播，则Q点在t=0时刻向下振动， 2欠7gR十22g尽号2g尽物体在半圆轨 2π 道下半部分运动，不超过圆心高度。此时弹性势 振动方程为y=一14sin(宁)cm=-14sin(2)cm, 能只需满足E,≤mgR,因此，“始终不脱离轨道” C正确；该波的频率∫=厅=1Hz,则该波与频率为 5 的条件是E,≥2mgR或E,≤mgR,B错误；物 1Hz、相位差恒定、振动方向相同的简谐横波相遇， 体在轨道上脱离时，轨道弹力N=0,重力沿半径 才能形成稳定的干涉图样，D错误。 9.BCD【解析】根据楞次定律可知，导体棒2向左 的分力提供向心力，即mg cos0=m R(0为物体 运动，A错误；棒1产生的感应电动势E1=BL0, 脱离位置与圆心O连线和竖直向上方向的夹 棒2产生的感应电动势E2=2BLVm,当E1=E2 角)。从B到脱离点机械能守恒，设脱离点的高 时，导体棒2达到最大速度，有BLVo=2BLm,解 1 得。-2，B正确：设棒2运动后某一时刻的逢度 度为h,2mui=2m02十mgh,h=R+Rcos0, 大小为v,则此时回路中的感应电动势E=BLw。一 0g=√3gR,联立可得os0= 3h=R+Rcos 0= BLU,回路中的电流1只，安培力对捧2微功 R+R1 3=3R,C正确；物体“恰好能到C点”，说明 的功率P=2BILw,联立可解得P= B2L2vov-2B2L2v2 1nu,2 B2L2v。1 过C点时重力提供向心力mg-R,从B到C, R 可知当0=2X2B元= B2L2品 时，P取最大值且Pm= 8R,C正确；从静止释 由动能发理得-ng·2RW,=号m名mi, 放到安培力对棒2做功的功率最大的过程中通过 代入Ug=√6gR,可得W,=2mgR,D错误。 棒2的电荷量为q,规定方向为正方向，则根据动 三、非选择题 mvo 量定理有2BILt=m,又g=I,解得g一8BL,设 1.2)偏大1分)偶然误差2分)(3)NmV,0 ViVo 此过程中棒1产生的焦耳热为Q,因两棒的电阻相 等，所以两棒产生的焦耳热相等，对回路，根据功能 (2分)(4)B(2分) 3 【解析】(2)油膜未充分散开时描下轮廓，导致面 关系有BLug=2Q+2mw,解得Q=64mui,D 积的测量值偏小，所以直径测量值偏大。读数误 正确。 差为偶然误差。 物理答案（一）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 ,又V V V。V1 =×,s=Na2,可得 D OE (3)根据d= 根据正弦定理可知 sinC sin(90°+3) (1分) ViVo d-NnV:a 则OD'=6 (1分) (4)由题中给出的数据计算轮廓面积，若选B,则 所以移动的距高Ax=OD十OD-56R. 0.02X10-6×1 3 500 S 6×10-10 =667cm2,若选A,则S= (1分) 1667cm,因方形浅盘的面积为1600cm,B正确。 12.(1)400.0或400(2分)(2)20.8(1分)0.30 (2分)(3)增大(2分)小灯泡的电阻率随温 度升高而增大(2分) 【解析】(1)将电流表A1与电阻箱R1串联，改装 B 战量程为0~5V的电压表，则R1= 14.(1)15m/s(2)4.8s(3)7.75s 6 【解析】(1)当牵引力等于重力时，速度达到最大 10×10-100)j2=40.00. 值，此时有F=mg (1分) ,(R,+RA1)=20.80 根据P颜=Fvm (1分) (2)小灯泡的电阻RL= I2-I1 P额1200 可得0m=mg80ms=15ms (1分) 小灯泡的功率P=UI=(12一I1)2R.=0.30W。 (2)起重机以2.5ms2的加速度由静止开始匀 )由图像知，逐渐减小，所以R 加速吊起此物体，根据牛顿第二定律得 I(R十R》,随1，的增大逐渐增大，出现这种 F-mg=ma I2-I 可得1= P1200 F 100 m/s=12 mis (1分) 情况的原因是小灯泡的电阻率随着温度的升高 而增大。 1=4.8s 能维持的时间t= (1分) a1 13.(1)W2 2)5+5R 3 (3)最大加速度a= Fm-mg_120-80 8 m/s2= 【解析】(1)设折射角为3。在△DOB中，OD= 5m/s2 (1分) R,OB=R,由几何关系可得DB 3 当达到额定功率时，匀加速运动速度最大，则最 √OD+OB2= 大速度0'-P一=1200 F120 m/s=10 m/s (1分) (1分) OD 1 则sinB=DB (1分) 则匀加速运动的时间=”-10。 。=5s=2s(1分) 2 物体以最大加速度做匀加速直线运动上升高度 即3=30 (1分) 02100 根据折射定律m=sina h,-2a-2X5m=10m (1分) (1分) sin B 然后物体做变加速直线运动，再做匀速直线运 代入已知条件，可得n=√2 (1分) 动。当a=0,即绳子拉力F=mg时速度达到全 (2)设全反射临界角C,由sinC=1 (1分) (1分) 过程最大，为vm=15ms 根格功能发理P。1。-nA:-子mo名m心 1 代入数据得sinC2,因此C=45 (1分) (1分) 设移动后的入射点为D',折射光线在BC面上的 其中h2=h-h1=90m-10m=80m (1分) 入射点为E,则∠OED'=C=45 代入数据可得t2=5.75s (1分) 如图所示 所以t=t1+t2=2s+5.75s=7.75s。(1分) 物理答案（一）第3页（共4页） 5 2026 备考信息导航演练（一） 2E 2√2E 15.(1) (2) dB2 B 38-22+0 (3)由(2)可知，U2=B 1 则R2=2d 【解析】(I)由动能定理得gEd= (1分) 故0，=骨 (1分) 几何关系R=d 1 牛颜第二定律qB=mR (1分) 由动能定理得gE·d= 2muj-1 mu(1分) 联立求解，得电子比荷k=9=2E 23E (1分) 解得U1= B ,cos 0=6 3 (1分) m dB2 (2)设电子在O点初速度的大小，在第一层磁 设电子第1次进入在第二层电场的时间为t1,由 场中做圆周运动的轨迹圆圆心角为日1，半径为 动量定理得gEt1=mv2sin02-mv1cos01(1分) R1,速度为1；在第二层磁场中做圆周运动的轨 解得t1= (W3-√2)dB (1分) 迹圆圆心角为02，半径为R2,速度为2 E 由几何关系得R1sin01=d,R2(1-cos02)=d 设电子第1次进入在第二层磁场的时间为t2,则 (1分) 2πm i 由牛顿第二定律得qvB=mR,9U:B=mR 部得，-需 (1分) (1分) 第二层电场不改变电子x方向的速度，则 设速度最大的电子在第二层电场和磁场中运动 visin 01=v2 cos 02 (1分) 的总时间t,由对称性可知t=2(t1十t2)(1分) 由动笼定理得gE·2d=2mu-2m1分) 部得1一-28+智) (1分) 联立求解，得电子在O点初速度的大小 ,=22E (1分) B 第2层 第1层 5 物理答案（一）第4页（共4页）2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（一） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求。 1.在光学天文望远镜中，光电倍增管利用光电效应将微弱的光线信号转换为电子信号并 进行放大。光电效应实验装置如图甲所示，用①、②、③三种单色光分别照射光电管的 阴极K,得到的光电流I与光电管两端电压U的关系如图乙所示。则 ① ⊙ a pb E,7 乙 A.强度大的光照射到阴极K就能发生光电效应 B.测量U。的大小时，滑片P应向a端移动 C.③光的频率小于①光的频率 D.②光的强度大于①光的强度 2.有同学设计了一个估测如图甲所示吹风机最强挡气流速度的简易实验。图乙是实验的 原理示意图，轻质挡板放在摩擦可以忽略的平台上，连接挡板的轻质弹簧固定在右壁 上，所用精密弹簧的劲度系数k=39.6N。该同学测量了吹风机圆形出风口的横截 面积S=2.20×10-3m2。吹风机内加热后的空气密度p=1.26kg/m3。吹风机电源关 闭时挡板左边缘静止在刻度尺x1=1.50cm处，吹风机靠近挡板，正对着挡板吹风时， 挡板左边缘处的刻度x2=2.20cm,该同学利用所学动量定理的知识，推导出吹风机出 风口处的风速约为 出风口Q 挡板 电源开关 风量挡位 000000000000￥ 弹簧 电源线 出风口 刻度尺 分 乙 物理试题（一）第1页（共8页） 备考信息 A.5 m/s B.15 m/s C.20 m/s D.10 m/s 班级 3.北京时间2025年12月9日，我国成功将通信技术试验卫星二十二号（简称22号星），送 入地球同步转移轨道，卫星经过调整后，最终进入地球静止轨道稳定运行。其发射过程 如图所示，22号星变轨前稳定运行在圆形轨道①上，②为地球同步转移轨道，最后它在 姓名 地球静止轨道（③轨道）上稳定运行，轨道①与②相切与P点，②与③相切于Q点。下 列关于22号星说法正确的是 得分 P 轨道 轨道2. 3 核心舱 轨道③. A.在轨道①上稳定运行时，向心力小于万有引力 B.从轨道①变轨到轨道②，需在P点沿运动方向加速，机械能将增大 C.在轨道②上经过P点时的加速度大于轨道①上经过P点的加速度 D.在轨道①上的周期的平方与轨道半径的三次方的比值小于轨道③ 4.如图所示，导热良好的气简内封闭一定质量、体积为V。的理想气体。第1次缓慢推活 塞，使气体体积减小到V1。第2次迅速压缩活塞，也把气体体积压缩至V1。两次压缩 气体的过程中，下列关于气体压强饣与气体体积V的图像可能正确的是 AP 2 O V O VV O Vi Vo A B D 5.如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比n1：2=4：1,在原、副线圈的回路中分别 接有阻值均为R的电阻，α、b间接电压有效值为U。的正弦式交流电，则下列说法错误 的是 121 导航演练 物理试题（一）第2页（共8页） 5 A.原、副线圈回路中两电阻消耗的功率之比为1：16 B.副线圈两端的电压为7U 4 C.在副线圈两端再并上16个阻值均为R的电阻，变压器输出功率有最大值 ,在副线圈两端再并上若干阻值均为R的电阻，变压器输出功率最大值为 6.如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直固定在水平面上，质量为的小球从A点自 由下落，至B点时开始压缩弹簧，下落的最低位置为C点。以A点为坐标原点O。沿 竖直向下建立x轴，定性画出小球从A到C过程中加速度a与位移x的关系，如图乙 所示。重力加速度为g,忽略空气阻力。对于小球、弹簧组成的系统，下列说法正确的是 甲 乙 A.小球在B点时的速度最大 B.小球从B到C的运动为简谐运动的一部分，振幅为”mg C.小球从B到C,系统的动能与弹性势能之和增大 D.图中阴影部分1和2的面积关系为S1=S2 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.喷墨打印机的结构原理如图所示，墨盒发出的墨汁微粒经过带电室时被带上负电。带 电后的微粒以一定的初速度进入偏转电场，经过偏转电场发生偏转后，打到纸上，显示 出字体。无信号输入时，墨汁微粒不带电，沿直线通过偏转电场而注入回流槽流回墨 盒。设偏转极板长L1=1.6cm,两板间的距离d=0.50cm,偏转板的右端到纸的距离 L2=2.4cm。若一个墨汁微粒的质量为1.6×10-10kg,所带电荷量为1.25×10-12C, 以20/s的初速度垂直于电场方向进人偏转电场，打到纸上的点距原射入方向的距离 是1.0mm。不计空气阻力和墨汁微粒的重力，下列说法正确的是 信号输入 偏转电场 纸 回流槽 墨盒带电室 A.墨汁从进入偏转电场到打在纸上，做类平抛运动 B.两偏转板间的电压是2.0×103V C.两偏转板间的电压是5.0×102V D.为了使纸上的字体放大10%，可以把偏转电压提高10% 5 物理试题（一）第3页（共8页） 备考信息 8.北京时间2025年6月22日16时15分，琉球群岛发生了一次5.2级地震。地震发生 时，某监测站记录到一列沿x轴传播的横波，其t=0时刻的波形（图甲）和质点K的振 动图像（图乙）如图所示。下列说法正确的是 y/cm 个y/cm 14 14 0.2 0 18 x/km 0 0.7 14 4 甲 A.该列波的传播方向为x轴正方向 B.该波沿x轴从x=0处传播到远方52km的海岸边需要13s C.Q点的振动方程为y=-14sin(2πt)cm D.该波与频率为1Hz的简谐横波相遇，一定能形成稳定的干涉图样 9.如图所示，足够长的光滑平行水平金属导轨间距为L,在虚线两侧分布有不同的匀强磁 场，虚线右侧磁场的磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里，虚线左侧磁场的磁感应 强度大小为2B,方向垂直纸面向外。虚线两侧导轨上分别垂直放置两根导体棒1、2，导 体棒质量均为，接入电路部分电阻均为R。现对导体棒1的中点施加一水平向右的 外力，使其以速度。匀速向右运动，某时刻将导体棒2由静止释放，不计导轨的电阻，则 ● B ● A.导体棒2向右运动 B号体棒2的最终速度大小为2 B2L2v8 C.安培力对棒2做功的功率的最大值为 8R D.从静止释放到安培力对棒2做功的功率最大的过程中，棒1产生的焦耳热Q 3 646 10.如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的光滑半圆形轨道在B点平滑相接，轨道半径 为R。一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体脱 离弹簧后经过B点时速度为B,之后沿半圆形轨道运动，重力加速度为g。下列说法 正确的是 R 0 A R 导航演练 物理试题（一）第4页（共8页） A.若半圆形轨道的半径大小R可调，则物体通过C点后落地点距B点的最远距离 为 B.若物体在轨道上运动的过程中始终不脱离轨道，弹簧最初储存的弹性势能需要满足 5 E,≥2mgR C,若Ua=√3gR,则物体脱离轨道时距离水平面AB的高度为3R D.若半圆形轨道粗糙，vB=√6gR,且物体恰好能到C点，则物体从B点运动到C点 的过程中损失的机械能为，mgR 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分)油酸可以在水面扩展成单分子油膜。实验小组利用这一原理测定油酸的分子直 径（将油酸分子视为球状模型）。 (1)实验步骤： ①向体积为V1的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为V2； ②用注射器吸取油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n滴时体积为V。; ③往方口浅盘里倒入适当深度的水； ④往水面上均匀撒上薄薄的一层爽身粉，然后用注射器往水面上滴一滴油酸酒精 溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板 上描出油酸薄膜的轮廓； ⑤将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板，放在画有边长为α的正方形小方格的坐标纸上； ⑥数出轮廓范围内小方格的总数为N。 (2)实验误差分析： 油膜未充分散开时描下轮廓，则所测分子直径 (填“偏大”或“偏小”)；测量油 酸溶液体积时，量筒读数造成的误差属于 (填“偶然误差”或“系统误差”)。 (3)原理：由上述实验步骤测得的数据(V1、V2、n、V。、a、N)可得油酸分子直径的表达 式为d= (4)估算：实验室的方形浅盘规格为40cm×40cm,用注射器滴出的一滴油酸酒精溶液 的体积约为0.02mL,油酸分子的直径按6×10-1m估算，为使实验尽可能精确， 配制的油酸酒精溶液浓度应选】 (填选项序号)。 1 A.200 B品 12.(9分)某同学用如图甲所示的电路图来探究小灯泡的伏安特性。 ◆(L2-I)/A 0.15 0.10 0.05 //mA 10 乙 物理试题（一）第5页（共8页）》 备考信息导 实验室中提供的器材有： A.小灯泡L(额定电压为3V) B.电流表A1(量程为0~10mA,内阻为1002) C.电流表Az(量程为0~300mA,内阻未知) D.滑动变阻器R(最大阻值为102) E.电阻箱R1(0~999.92) F.直流电源（电压为3V) G.开关S、导线若干 (1)将电流表A1与电阻箱R1串联，改装成量程为0~5V的电压表，则电阻箱应调为 2。 (2)该同学通过实验得到多组电流表A1示数I1和电流表A2示数I2的实验数据，某 次测量中，当I1=5mA时，I2=125mA,则此时小灯泡的电阻为 2(结果保 留3位有效数字)，小灯泡的功率为 W(结果保留2位有效数字)。 (3)该同学以(I2一I1)为纵轴，以I1为横轴，描点作图如图乙所示，由图像可知，随着 I1的增大，小灯泡的电阻逐渐 (填“增大”“不变”或“减小”)，出现这种情况的 原因是 13.(10分)如图所示，半圆ABC是半球形玻璃砖的截面，半圆的半径为R,O为圆心，AC 秉单色光斜射到AC边上的D点，D到O点距离为 45°，折射光线刚好射到半圆的最低点B,求： (1)玻璃砖对光的折射率； (2)保持入射光的方向不变，将入射点从D水平向右移动，当折射光线在BC面上刚好 发生全反射时，入射点移动的距离为多少。 B 航演练 物理试题（一）第6页（共8页） 5 14.(14分)起重机通过一根绳子吊起一个质量为8kg的物体。已知绳子所能承受的最大拉 力为120N,起重机的额定功率为1200W,下列问题中物体均达到了最大速度vm,不计 空气阻力，g取10m/s2,求： (1)vm的值； (2)若起重机以2.5m/s2的加速度由静止开始启动，其匀加速能持续多长时间； (3)若开始时即以恒定的最大拉力启动，则使此物体由静止开始吊高90m所需的时间 是多少（已知此物体被吊高至接近90m时已经开始匀速上升）？ 物理试题（一）第7页（共8页） 备考信息 15.(16分)如图所示，Oxy平面内存在两层相邻的匀强电场和匀强磁场，所有边界均与x 轴平行，电场和磁场的宽度均为d。电场强度为E,方向沿y轴负向；磁感应强度为 B,方向垂直于纸面向外。O为电子源，可以沿y轴正方向发射大量速度不同的电子。 已知所有电子均未从第二层磁场上方射出；其中从O点飘入电场的电子（其初速度几 乎为零)，恰不能进入第二层电场，求： (1)电子的比荷； (2)电子从O点射出时速度的最大值； (3)速度最大的电子在第二层电场和磁场中运动的总时间。 4d ·B· 第2层 ·B· 第1层 导航演练 物理试题（一）第8页（共8页）