备考信息导航演练（一）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（湖北专用）

2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（一） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 1.在光学天文望远镜中，光电倍增管利用光电效应将微弱的光线信号转换为电子信号并 进行放大。光电效应实验装置如图甲所示，用①、②、③三种单色光分别照射光电管的 阴极K,得到的光电流I与光电管两端电压U的关系如图乙所示。则 ① ② a rp U.U 甲 A.强度大的光照射到阴极K就能发生光电效应 B.测量U。的大小时，滑片P应向a端移动 C.③光的频率小于①光的频率 D.②光的强度大于①光的强度 2.如图所示分别为甲、乙两物体运动的xt图像和t图像，两图中过B点的倾斜直线分 别与图中曲线相切于B点；关于甲、乙两物体的运动情况，下列说法正确的是 ◆x/m 个ms 8 8- 6 A 6 A B B 5 7101215s 71012157s 甲 乙 A.0~7s内，两物体的位移均为4m B.0~7s内，甲物体的平均速度为7m/s,乙物体的平均速度为2ms 物理试题（一）第1页（共8页） 备考信息 C.7s末甲物体的速度为2m/s,乙物体的加速度为2m/s2 班级 D.0~12s内，甲乙两物体均未改变速度方向，且乙物体做匀加速直线运动 3.北京时间2025年12月9日，我国成功将通信技术试验卫星二十二号（简称22号星），送 入地球同步转移轨道，卫星经过调整后，最终进入地球静止轨道稳定运行。其发射过程 姓名 如图所示，22号星变轨前稳定运行在圆形轨道①上，②为地球同步转移轨道，最后它在 ----。-- 地球静止轨道（③轨道）上稳定运行，轨道①与②相切与P点，②与③相切于Q点。下 得分 列关于22号星说法正确的是 、轨道少 轨道2 核心舱 、 轨道3 A.在轨道①上稳定运行时，向心力小于万有引力 B.从轨道①变轨到轨道②，需在P点沿运动方向加速，机械能将增大 C.在轨道②上经过P点时的加速度大于轨道①上经过P点的加速度 D.在轨道①上的周期的平方与轨道半径的三次方的比值小于轨道③ 4.如图所示，导热良好的气筒内封闭一定质量、体积为V。的理想气体。第1次缓慢推活 塞，使气体体积减小到V1。第2次迅速压缩活塞，也把气体体积压缩至V1。两次压缩 气体的过程中，下列关于气体压强卫与气体体积V的图像可能正确的是 2 V Vo O V Vo O VV O V A B D 5.某软件运动步数的测量是通过手机内电容式传感器实现的。如图所示，M极板固定且 电势保持不变，N极板两端与固定在手机上的绝缘轻弹簧连接。P点为两极板间的一 点，若N极板向上移动少许距离，则 导航演练 物理试题（一）第2页（共8页） 4 M 。p A.电容器的电容减小 B.P点的电势增大 C.两极板间的电场强度不变 D.流过电流表的电流方向为从a到b 6.如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比1：2=4：1，在原、副线圈的回路中分别 接有阻值均为R的电阻，α、b间接电压有效值为U。的正弦式交流电，则下列说法错误 的是 U A.原、副线圈回路中两电阻消耗的功率之比为1：16 B副线图两端的电压为。 C.在副线圈两端再并上16个阻值均为R的电阻，变压器输出功率有最大值 哈 D.在副线圈两端再并上若干阻值均为R的电阻，变压器输出功率最大值为4R 7.有同学设计了一个估测如图甲所示吹风机最强挡气流速度的简易实验。图乙是实验的 原理示意图，轻质挡板放在摩擦可以忽略的平台上，连接挡板的轻质弹簧固定在右壁 上，所用精密弹簧的劲度系数k=39.6Nm。该同学测量了吹风机圆形出风口的横截 面积S=2.20×10-3m。吹风机内加热后的空气密度p=1.26kgm3。吹风机电源关 闭时挡板左边缘静止在刻度尺x1=1.50cm处，吹风机靠近挡板，正对着挡板吹风时， 挡板左边缘处的刻度x2=2.20cm,该同学利用所学动量定理的知识，推导出吹风机出 风口处的风速约为 出风口Q 挡板 电源开关一 风量挡位 000000000000 电源线可 弹簧 出风口 刻度尺 乙 A.5 m/s B.15 m/s C.20 m/s D.10 m/s 8.喷墨打印机的结构原理如图所示，墨盒发出的墨汁微粒经过带电室时被带上负电。带 电后的微粒以一定的初速度进入偏转电场，经过偏转电场发生偏转后，打到纸上，显示 出字体。无信号输入时，墨汁微粒不带电，沿直线通过偏转电场而注入回流槽流回墨 4 物理试题（一）第3页（共8页） 备考信息 盒。设偏转极板长L1=1.6cm,两板间的距离d=0.50cm,偏转板的右端到纸的距离 L2=2.4cm。若一个墨汁微粒的质量为1.6×10-10kg,所带电荷量为1.25×10-12C, 以20s的初速度垂直于电场方向进入偏转电场，打到纸上的点距原射入方向的距离 是1.0mm。不计空气阻力和墨汁微粒的重力，下列说法正确的是 信号输入 偏转电场 纸 回流槽 墨盒带电室 A.墨汁从进入偏转电场到打在纸上，做类平抛运动 B.两偏转板间的电压是2.0×103V C.两偏转板间的电压是5.0×102V D.为了使纸上的字体放大10%，可以把偏转电压提高10% 9.空间存在沿x轴分布的电场线，一带负电粒子在一x。处由静止释放，仅在电场力作用 下运动到xo,电势能随x变化如图所示。规定x轴正方向为正，则电场中x轴上的电 势9、电场强度E、带电粒子加速度α、动能Ek随位置坐标x变化图线正确的 E -Xo 0 Xo 0 C 0 10.如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的光滑半圆形轨道在B点平滑相接，轨道半径 为R。一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体脱 离弹簧后经过B点时速度为B,之后沿半圆形轨道运动，重力加速度为g。下列说法 正确的是 导航演练 物理试题（一）第4页（共8页） C R 01 w A B A.若半圆形轨道的半径大小R可调，则物体通过C点后落地点距B点的最远距离 为 B.若物体在轨道上运动的过程中始终不脱离轨道，弹簧最初储存的弹性势能需要满足 5 E≥2mgR C.若ve=√3gR,则物体脱离轨道时距离水平面AB的高度为专R D.若半圆形轨道粗糙，vB=√6gR,且物体恰好能到C点，则物体从B点运动到C点 的过程中损失的机械能为，mgR 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(7分)油酸可以在水面扩展成单分子油膜。实验小组利用这一原理测定油酸的分子直 径（将油酸分子视为球状模型）。 (1)实验步骤： ①向体积为V1的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为V2; ②用注射器吸取油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入n滴时体积为V。; ③往方口浅盘里倒入适当深度的水； ④往水面上均匀撒上薄薄的一层爽身粉，然后用注射器往水面上滴一滴油酸酒精 溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板 上描出油酸薄膜的轮廓 ⑤将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板，放在画有边长为α的正方形小方格的坐标纸上； ⑥数出轮廓范围内小方格的总数为N。 (2)实验误差分析： 油膜未充分散开时描下轮廓，则所测分子直径 (填“偏大”或“偏小”)；测量油 酸溶液体积时，量筒读数造成的误差属于 (填“偶然误差”或“系统误差”)。 (3)原理：由上述实验步骤测得的数据(V1、V2、n、V。、a、V)可得油酸分子直径的表达 式为d (4)估算：实验室的方形浅盘规格为40cm×40cm,用注射器滴出的一滴油酸酒精溶液 的体积约为0.02mL,油酸分子的直径按6×10-1m估算，为使实验尽可能精确， 配制的油酸酒精溶液浓度7，应选 (填选项序号)。 1 1 A.200 B.600 物理试题（一）第5页（共8页） 备考信息 12.(10分)某同学用如图甲所示的电路图来探究小灯泡的伏安特性。 个(L2-I)/A 0.15 0.10 0.05 R //mA 0 5 10 乙 实验室中提供的器材有： A.小灯泡L(额定电压为3V) B.电流表A(量程为0~10mA,内阻为1002) C.电流表A2(量程为0~300mA,内阻未知) D.滑动变阻器R(最大阻值为102) E.电阻箱R1(0~999.92) F直流电源（电压为3V) G.开关S、导线若干 (1)将电流表A1与电阻箱R1串联，改装成量程为0~5V的电压表，则电阻箱应调为 2。 (2)该同学通过实验得到多组电流表A1示数I1和电流表A2示数I2的实验数据，某 次测量中，当1=5mA时，I2=125mA,则此时小灯泡的电阻为 2(结果保 留3位有效数字)，小灯泡的功率为 W(结果保留2位有效数字)。 (3)该同学以(I2一I1)为纵轴，以I1为横轴，描点作图如图乙所示，由图像可知，随着 I1的增大，小灯泡的电阻逐渐 (填“增大”“不变”或“减小”)，出现这种情况的 原因是 13.(10分)起重机通过一根绳子吊起一个质量为8kg的物体。已知绳子所能承受的最大拉 力为120N,起重机的额定功率为1200W,下列问题中物体均达到了最大速度vm,不计 空气阻力，g取10m/s2,求： (1)vm的值； (2)若起重机以2.5s2的加速度由静止开始启动，其匀加速能持续多长时间； (3)若开始时即以恒定的最大拉力启动，则使此物体由静止开始吊高90所需的时间 是多少（已知此物体被吊高至接近90m时已经开始匀速上升）？ 导航演练 物理试题（一）第6页（共8页） 4 14.(15分)如图所示，一轻质弹簧的左端固定在小球B上，右端与小球C接触但未拴接，球 15 B和球C静止在光滑水平台面上，此时弹簧处于原长。台面左侧有一质量为、不固 定的斜面。小球A从斜面上距水平台面高度为2h处由静止滑下，与球B发生正碰，碰 撞时间极短后粘在一起。之后球C脱离弹簧，在水平台面上匀速运动并从其右端点O 水平抛出，落入固定放置在水平地面上的竖直四分之一光滑圆弧轨道内，该段圆弧的 圆心在O点，半径R=√2h。已知三个小球A、B、C均可看成质点，且质量分别为m、 2、m,重力加速度为g,不计空气阻力、一切摩擦及小球A在斜面与水平面衔接处的 机械能损失。已知E。=2kx(k为已知量)，求： (1)小球A、B碰撞后瞬间的速度大小； (2)弹簧的最大形变量； (3)以O为圆心，水平向右为x正方向，竖直向下为y正方向建立xOy坐标系，小球C 从水平台面右端点O抛出至落到圆弧轨道上(P点)，重力势能的变化量。 2h OwO B C 4 物理试题（一）第7页（共8页） 备考信息导航演练 (18分)如图所示，Oxy平面内存在两层相邻的匀强电场和匀强磁场，所有边界均与x 轴平行，电场和磁场的宽度均为d。电场强度为E,方向沿y轴负向；磁感应强度为 B,方向垂直于纸面向外。O为电子源，可以沿y轴正方向发射大量速度不同的电子。 已知所有电子均未从第二层磁场上方射出；其中从O点飘入电场的电子（其初速度几 乎为零)，恰不能进入第二层电场，求： (1)电子的比荷； (2)电子从O点射出时速度的最大值； (3)速度最大的电子在第二层电场和磁场中运动的总时间。 个 -4d ·B· 第2层 3d E ·B 第1层 · E 0 物理试题（一）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（一）】 一、选择题 1.B【解析】只有频率大于截止频率的光才可以发 根据E=V ,可知两极板间的电场强度增大，P点 生光电效应，与光强无关，A错误；U,是遏止电 到电势不变的M极板的距离不变，根据UM 压，测量遏止电压时，A、K两极上所加电压为减速 EdpM=9p一9M=Pp,可知P点的电势增大，B正 电压，即K极电势比A极高，可知滑片P应向a 确，C错误；根据C,可知电容器带的电荷量 移动，B正确；根据Ek=hy一W。,eU=Ek,可知 遏止电压越大，频率越大，所以③光的频率大于① 增大，且N极板带正电荷，因此流过电流表的电流 方向为从b到a,D错误。 光的频率，C错误；①、②光频率一样，饱和光电流 由光强决定，所以②光的强度小于①光的强度，D 成C【保标】原司我图也流之比为-”-由 错误。 P=IR得原、副线圈回路中两电阻消耗的功率之 2.C【解析】根据xt图像可知，甲在0~7s内位移 比为1：16，A正确；设副线圈两端的电压为U2, 为4m,根据t图像，面积表示位移可知，乙在0~ 0==4 7s内位移大于4m,A错误；根据平均速度公式v= 则原、副线图电压之北为加，1，又U, ,可知0~7s内，甲物体的平均速度为7m's,乙 x 4 1R十0，U,=4,R解得，=C。,B正境；利 .14 o 物体的平均速度小于7ms=2ms,B错误；7s末 用等效电源思路，将变压器看成一个电动势为 4 4 R 甲物体的速度0甲一7二5ms=2ms,乙物体的加 内阻为6的电源，由恒定电路的知识可知，当负载 4 R 速度az-7-5m/s=2m/s,C正确：0~12s内， 电阻与内阻相等时，即 干16时，龄出功率最 甲乙两物体均未改变速度方向，乙的加速度先增大 /0)2 4 U 后减小，D错误。 大，此时n=15,最大输出功率Pm= R=4R 3.B【解析】“22号”在轨道①上稳定运行时，向心 4·16 力等于万有引力，A错误；“22号”从轨道①变轨到 C错误，D正确。 轨道②，需在P点沿运动方向加速，机械能将增 7.D【解析】设单位时间内吹到挡板上的空气的质 大，B正确；“22号”在轨道②上经过P点的加速 量为△m,则由动量定理可知F△1=△mu,又△m= 度等于在轨道①上经过P点的加速度，C错误；根 v△Sp,由胡克定律可知F=k(x2一x1),解得= 据开普勒第三定律，周期的平方与轨道半径的三 k(x2-x1) 39.6(2.20-1.50)×10z 次方成正比，D错误。 1.26×2.20×103 m,s≈ 4.A【解析】第1次缓慢推活塞，使气体体积减小到 10.0m/s,D正确。 V,气筒导热良好，封闭气体做等温压缩；第2次迅 8.CD【解析】墨汁在偏转电场中做类平抛运动，出 逵压缩活塞至，封闭气休温度升高，由 T=C可 偏转电场后做匀速直线运动，A错误；墨汁出偏转 电场后做匀速直线运动，且反向延长线平分水平 知，第2次气体体积减小到V1时的压强大，B、C、D y 错误，A正确。 食移，可知an9Eam9儿 一，在偏转 ®B【解析】根据C三可知随看d减小，电容 器的电容增大，A错误；两极板间的电势差不变， 电场中，根据速度一时间关系可得0，=a1=9℃ md 物理答案（一）第1页（共4页） 4 2026 备考信息导航演练（一） L1,联立解得两偏转板间的电压U=5.0X10V, V 的分力提供向心力，即mgco0=m R(0为物体 B错误，C正确；由以上式子整理得y= 脱离位置与圆心O连线和竖直向上方向的夹 qUL(L+2L2) 角)。从B到脱离点机械能守恒，设脱离点的高 为了使纸上的字体放大10%， 2mdvo 1 可以把偏转电压提高10%，D正确」 度为h,2mui=2mu2十mgh,h=R+Rcos0, 9.CD【解析】设粒子电荷量大小为q,由于E。=kx= eV3gR,联立可得c0s0=了h=R十Rcos0 9,k<0则有2=一x,结合上述可知一。>0，即 R+R 3 一3R,C正确；物体“恰好能到C点”，说明 空x图像为一条过原点的倾斜直线，斜率为正值，D正 确；根据电场力做功与电势能的变化之间的关系有 过C点时重力提供向心力mg一不，从B到C gE△x=一△E。,则有 △Ep △x =qE,可知E。x图像斜 由动能定理得二g·2R一W,=2m呢 2n层， 率的绝对值表示电场力，根据图像可知E。x图像斜率 1 为一定值，可知，该电场为匀强电场，电场强度为一个 代入B=√6gR,可得W,=2mgR,D错误。 定值，电场强度沿x轴负方向，应平行x轴且在其下 二、非选择题 方，A错误；根据上述可知电场为匀强电场，根据牛顿 ViVo 第二定律可知，粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动， 11.(2)偏大(1分)偶然误差(2分)(3)NmV,a 加速度为一个定值，方向与规定正方向相同，可知ax (2分)(4)B(2分) 为正方向上的一条平行于x轴方向的直线，B错误；根 【解析】(2)油膜未充分散开时描下轮廓，导致面 积的测量值偏小，所以直径测量值偏大。读数误 品动能定理有E△虹=A期有发E,根据上 差为偶然误差。 可知电场是匀强电场，则Ekx图像是一条倾斜直线， 斜率为正值，C正确。 (3)根据d gxv-×营s-a,可得 10.AC【解析】物体从C点做平抛运动，竖直方向 ViVo d= 自由下落高度2R,其中C点速度为，竖直方向 NnV2a? (4)由题中给出的数据计算轮廓面积，若选B,则 2R=)g,水平方向x=0,t,B到C的过程中机 .1 0.02X10-×500 1 S= =667cm2,若选A,则S= 械能守恒有2mu层=2m0呢十mg·2R,由以上各 6×10-10 1667cm2,因方形浅盘的面积为1600cm2,B正确。 R 式可得x=-4gR·2√g =2g iR -4R2, 12.(1)400.0或400(2分)(2)20.8(2分)0.30 (2分)(3)增大(2分)小灯泡的电阻率随温 馆 5R时，水平位移有最大值x2A卫 度升高而增大(2分) 【解析】(1)将电流表A1与电阻箱R1串联，改装 确；物体在半圆形轨道上“始终不脱离轨道”有两种情 成量程为0~5V的电压表，则R=1 U 况，能到达最高点C,临界条件是重力提供向心力，即 一RA1= mg= 尺，得u=√gR,从A到C,弹性势能全部 10x10-100jn=400.00. 5 1 转化为动能和重力势能，即E,=2m十mg· (2)小灯泡的电阻R= 11(R,+RA1）=20.82, 12-I1 2R=msR十2mgR=号mgR,物徐在丰国轨 小灯泡的功率P=UI=(I2-I1)R1=0.30W。 道下半部分运动，不超过圆心高度。此时弹性势 3)由图像知，，逐渐减小，所以R三 能只需满足E,≤mgR,因此，“始终不脱离轨道” I(R:+RA 一，随I,的增大逐渐增大，出现这种 5 I2-I1 的条件是E,≥2mgR或E,≤mgR,B错误：物 情况的原因是小灯泡的电阻率随着温度的升高 体在轨道上脱离时，轨道弹力N=0,重力沿半径 而增大。 物理答案（一）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 13.(1)15ms(2)4.8s(3)7.75s 者共速时，设共速的速度为'，弹簧具有最大弹 【解析】(1)当牵引力等于重力时，速度达到最大 性势能，设为Em,对A、B、C系统根据动量守恒 值，此时有F=mg 定律有 根据P颜=FUm (1分) (n+2m)u=(m+2m+m) (1分) 可得vm P题_1200m 根据机械能守恒定律有 (1分) mg 80 -m s=15 m s (2)起重机以2.5ms2的加速度由静止开始匀 6m+2mm+2m十m士Ea 加速吊起此物体，根据牛顿第二定律得 (1分) F-mg=ma (1分) 解得'= 1 (1分) P1200 V2g6 可得=F,=100m/s=12m/s (1分) 2×3mu2 1 X4mu'2= 1 故Em= 2 12mgh(1分) 能维持的时间1==4,85 (1分) 2E pm V6kmgh Fm-mg_120-80 x一k (1分) 6k (3)最大加速度a= 8 m.s2= m (3)当弹簧恢复原长时，C与A、B分离，设A、B 5m/s2 (1分) 整体的速度为1，C的速度为2，对系统 当达到额定功率时，匀加速运动速度最大，则最 由动量守恒定律有 大速度u=F=120m/s=10mS (1分) (m+2m)n=(m+2m)1十mx2 (1分) 由机械能守恒定律有 0′10 则匀加速运动的时间t1= a-58-2s 2m+2m)u2= 2m+2m)u+ 2mu(1分) 物体以最大加速度做匀加速直线运动上升高度 v2100 (1分) h-2a-2×5m=10m 得得一V2 小球C在水平台面右端，点O以2水平抛出，由 然后物体做变加速直线运动，再做匀速直线运 平抛运动规律得 动。当a=0,即绳子拉力F=mg时速度达到全 x=v2t 过程最大，为vm=15ms (1分) 1 1 1 根据动能定理Pt2一mgh2= y=281 结合圆的方程 (1分) x2+y2=R2=2h2 其中h2=h-h1=90m-10m=80m 解得 代入数据可得t2=5.75s x=h (1分) 所以t=t1+t2=2s十5.75s=7.75s。 (1分) y=h (1分) 14.(1)V2gh 3 (2)6kmgh (3)-mgh 重力势能的变化量△E=一mgh (1分) 6k 即落到P点时重力势能的变化量为一mgh。 【解析】(1)A球与斜面水平方向动量守恒，则有 2E 15.(1) dB a2g 2-2+盟 nU0=nU钟 (1分) 【解析】1)由动能定理得g-名m。 (1分) mg2h-1 1 (1分) 几何关系R=d (1分) v2 A球与B球发生完全非弹性碰撞，设A、B粘在 牛颜第二定律qB=m (1分) 一起的速度为，根据动量守恒定律有 m0o=(m+2m) (1分) 联立求解，得电子比荷太-g-2 (1分) 解得=2gh (2)设电子在O点初速度的大小0，在第一层磁 (1分) 3 场中做圆周运动的轨迹圆圆心角为01，半径为 (2)此后A、B作为一个整体压缩弹簧，A、B、C三 R1,速度为1；在第二层磁场中做圆周运动的轨 物理答案（一）第3页（共4页） 4 2026 备考信息导航演练（一） 迹圆圆心角为日2，半径为R2,速度为v2 由几何关系得R1sin01=d,R2(1-cos02)=d (3)由(2)可知，U2=B (1分) 则R2=2d 0 v 由牛顿第二定律得q01B=m Rqv:B-m R: 故0：-骨 (1分) (1分) 由动信定理得gE·d=2m0i- 1 2mu6(1分) 第二层电场不改变电子x方向的速度，则 2√3E vIsin 0=v2cos 02 (1分) 解得1=B o8-月 (1分) 1 由动能定理得E·2d三)mu2m1分了 设电子第1次进入在第二层电场的时间为t1,由 动量定理得qEt1=mv2sin02一mw1cos01(1分) 联立求解，得电子在O点初速度的大小 (W3-√2)dB ,=22E 解得t1= (1分) E (1分) B 设电子第1次进入在第二层磁场的时间为t2,则 -iT.T- πm (1分) 好你一爱 (1分) 第2层 设速度最大的电子在第二层电场和磁场中运动 的总时间t,由对称性可知t=2(t1十t2)(1分) 第1层 解得1=(23-2+)B 3E (1分) 4 物理答案（一）第4页（共4页）