备考信息导航演练（四）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（冀辽黑赣贵吉晋豫陕青宁蒙新藏粤滇川专用）

2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次成功实现空间太阳H。波段光 谱扫描成像。H。和Hg分别为氢原子由n=3和n=4能级向n=2能级跃迁产生的谱 线，如图所示，用H,对应的光照射某种金属表面，恰好能使该金属发生光电效应。下列 说法正确的是 EleV 0 -0.54 -0.85 -1.51 2 H.Hg -3.40 -13.6 A.与H相比，H。的波长更短 B.与H相比，H。光子的动量更大 C.若照射光的频率大于H对应的光的频率，则逸出的光电子的最大初动能增大 D.若H。的强度大于Hg的强度，用H。光照射该金属，必有光电子逸出 2.如图，右侧面光滑的斜面体放在水平面上，质量相等的物块M、N分别放在斜面体的左右 两个面上，倾角分别为30°、60°，M、N拴接在跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端，两端绳分别 与斜面平行，整个系统处于静止状态。现对N施加一始终与右侧轻绳垂直的拉力F,使N 缓慢移动至右侧细绳水平，该过程中斜面体和M均保持静止。下列说法正确的是 30° 60 7777717777777777777777777777777 A.拉力F逐渐减小 B.轻绳的拉力逐渐增大 C.M所受摩擦力先减小后增大 D.斜面对水平面的压力先减小后增大 物理试题（四）第1页（共8页） 备考信息 3.如图所示，MN曲线为一定质量的某理想气体的绝热过程，ABC图线是另一变化过 班级 程，其中AB平行于横轴，箭头表示过程进行的方向。下列说法正确的是 姓名 --------- 得分 0 A.气体由状态A沿曲线MN到状态C的过程中，温度一直不变 B.由状态A沿直线到状态B的过程中，气体分子在单位时间内对单位面积器壁的撞击 次数增多 C.由状态A沿ABC到状态C的过程中，气体要吸收热量 D.由状态A沿ABC到状态C的过程中，气体对外先做负功后做正功 4.一辆起重机某次从t=0时刻由静止开始竖直提升质量为500kg的物体，物体的α-t图 像如图所示，2s后起重机的功率为额定功率，不计空气阻力，g取10m/s2,下列说法正 确的是 a/(ms) 0.5 0 2 A.物体在匀加速阶段的位移大小为2m B.该起重机的额定功率为5kW C.物体的最大速度大小为2.1ms D.0~2s和2s~8s时间内牵引力对物体做的功之比为1：6 5.如图，虚线表示位于O点的点电荷Q产生电场的等势面，相邻等势面间电势差大小相等 且为4V,一电子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示。已知电子经过α点时 的动能为10eV,经过f点时电势能为一20eV,下列说法正确的是 A.点电荷Q带负电 B.电子经过c点时动能为18eV C.电子经过d点时电势能为28eV D.电子可能经过电势为5V的等势面 6.甲、乙两车在一平直公路上同向行驶，从t=0时刻开始计时，它们的速度v随时间t变 化的图像如图所示。t=1s时甲、乙两车并排行驶。在整个运动过程中，下列说法正确 的是 导航演练 物理试题（四）第2页（共8页） 1 ◆/(ms) 6长甲 4 乙 0 A.t=3s时，两车再次相遇 B.2~3s内，甲、乙两车的距离越来越大 C.t=0s时，乙车在甲车前2.5m处 D.0~4s内，甲、乙两车相遇一次 7.如图所示，探测器先在椭圆轨道I绕未知天体M运动，然后在A点变轨进入圆轨道Ⅱ 做匀速圆周运动。B点为椭圆轨道的近M点，距未知天体表面的高度忽略不计，两轨道 平面与天体赤道圆共面，A点对天体的视角0=60°，取最短时间为t,探测器在轨道Ⅱ上 t时间内可完成观测赤道圆一周的任务，忽略天体的自转，万有引力常量为G,下列判断 正确的是 轨道Ⅱ 轨道1 A609 M ◆B A.探测器在轨道Ⅱ上的运行周期为t B.探测器在轨道I上的运行周期为16 C.探测器稳定运行时在轨道I上A点的加速度等于轨道Ⅱ上A点的加速度 D.探测器在轨道I上A点的运行速度大于轨道Ⅱ上A点的运行速度 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，以水平向右为x轴正方向，以竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系，发射 器能把小球以。和2。的速度从坐标原点射出，射出方向均与x轴正向成60°角，过原 点放置一块很长的倾斜薄挡板，以v。射出的小球沿x轴正方向击打在挡板上A点，A 点坐标为(x,y)。不计空气阻力，下列说法正确的是 y 0 60 发射器 1 物理试题（四）第3页（共8页） 备考信息 3 A.以，射出的小球离挡板最远时经过的位置的纵坐标为4y B.以2wo射出的小球击打挡板上的点的坐标为(2x,2y) √3 C.挡板所在的直线方程是y= D.以v。和2v。的速度射出的两小球击打到挡板的速度不平行 9.如图所示，倾角α=30°的光滑斜面体固定在水平地面上，质量为m的圆环甲穿过光滑的 竖直杆后拴接在劲度系数为k、下端固定在地面的轻弹簧上，然后用跨过光滑定滑轮的 细线与质量为6m的滑块乙连接。开始时用外力控制滑块乙使细线刚好伸直，此时圆环 位于图中的P位置，定滑轮右侧的细线与水平方向的夹角3=53°，左侧细线与斜面平 行。某时刻撤掉控制滑块乙的外力，经过一段时间圆环运动到Q位置，此时乙仍在斜面 上。已知Q点与定滑轮在同一高度处，且Q到定滑轮的距离为L,圆环在P、Q两位置 时弹簧的弹力大小相等；重力加速度大小为g,sin53°=0.8，cos53°=0.6。下列说法 正确的是 A.甲、乙组成的系统机械能不守恒 3mg B.弹簧的劲度系数为 2L C,撤掉控制滑块乙的外力瞬间，圆环的加速度大小为： D.圆环运动到Q位置时的速度大小为√L /3 10.如图所示，质量为3m、两端带有固定挡板的平板车静止在光滑的水平面上，质量为m 的物块放在平板车上，用水平细线将物块与平板车左侧挡板连接，轻弹簧的左端与挡 板连接，弹簧处于压缩状态，物块放置在弹簧右端未连接，平板车两挡板间的距离为 L,弹簧的原长为。L,0为平板车的中点，0点左侧平板车上表面光滑，右侧粗糙。某 时刻剪断细线，最终物块停在O点与右侧挡板之间的中点，不计物块的大小，物块被弹 簧弹出后，弹簧仅又被压缩了一次，物块与挡板间的动摩擦因数为4，不计碰撞过程的 能量损失，已知重力加速度为g,则剪断细线后，下列判断正确的是 wWWM A.物块相对车向右运动时，车相对地面不一定向左运动 B.物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为3：1 C.物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为1：3 D.弹簧开始具有的弹性势能大小可能为4gL 导航演练 物理试题（四）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了如图甲所示的两种方案：方案 1验证重物下落过程中机械能守恒，方案2验证钩码与滑块释放后运动过程中机械能 守恒。 一夹子 纸带 遮光条 电火花 光电门 计时器 气垫导轨 滑块 @ 接电源 一夹子 -重物 钩码 方案1 方案2 分 (1)为完成实验方案1，下列说法正确的是 A.还需要刻度尺、秒表、交流电源 B.实验无需测量重物的质量 C.可以根据v=gt来计算重物在t时刻的瞬时速度 D.安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先释放重物后接 通电源 (2)用方案1装置打出的一条纸带如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F为连续打出的 点，交流电频率为50Hz,计算出打下D点时重物的速度大小为 m/s (结果保留3位有效数字)。 B D 2cm -6.93 -94 1240 05101520 19.41 23.49 丙 丁 2 (3)方案2中，测量遮光条宽度时，游标卡尺的读数如图丙所示，则遮光条的宽度 mm;为了减小实验系统误差，需要 A.滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量m B.选择质量大体积小的钩码 C.多次测量遮光条的宽度取平均值 (4)方案2中，遮光条与光电门的水平距离为L,数字计时器测得遮光条通过光电门的 时间为t,多次改变光电门的位置并测出多组L和t,描绘出L之的图像如丁所示。 已知图像的斜率为k,滑块与遮光条总质量为M、钩码质量为m、重力加速度为g, 若k= 即可认为系统机械能守恒（用M、m、d、g来表示）。 12.(8分)某实验小组要测量一个特殊电池的电动势E和内阻r(内阻较大且随电流变 化)，该电池电动势不变，提供的实验器材有：电压表V1(量程3V,内阻约3k2)、电压 物理试题（四）第5页（共8页） 备考信息导 表V2(量程3V,可视为理想电压表)、滑动变阻器R、定值电阻R。(阻值52)、开关及 导线若干。 主要实验步骤如下： (1)连接器材：根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物图补充 完整。 电池 电池 R 甲 乙 (2)调节滑动变阻器，记录多组电压表V1的读数U1和电压表V2的读数U2,通过计算 机描点作图得到该电池的U1U2曲线，如图丙所示。由此可知该电池的电动势为 V;当电压表V1的读数U1=1.5V时，该电池内阻为2（结果均 保留2位有效数字)。 ↑UV 3.0 2.5 2.0 1.5 o 0.5 00.250.50.751.001.251.50CV 分 (3)实验中因电压表V1内阻的影响，测得电池的内阻会比实际值 (填“偏大” “偏小”或“无影响”)。 13.(10分)某透明均匀介质的横截面由四分之一圆CBD和一个直角三角形ABC构成，如 图所示，四分之一圆的半径为R,CD面为黑色吸光板，∠BAC=60°。一束单色平行光 从AC界面上不同位置射入透明介质，其折射率n=√2，入射角0=45°，已知光在真空 中的传播速度为c,不考虑光的多次反射。求： (1)光线恰好不能从圆弧BD射出时，光线在AC上入射点到A的距离； (2)从圆弧BD射出的光线在介质中的最长传播时间。 45 60° B 航演练 物理试题（四）第6页（共8页） 1 14.(13分)如图所示，在水平面上固定着足够长的“一”型金属导轨，整个导轨的电阻忽 15 略不计，其中平行导轨的间距L=0.5m,整个导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强 磁场（图中未画出），规定垂直导轨平面向上为磁感应强度的正方向，磁感应强度B 随时间t的变化规律为B=(一0.4十0.4t)T。距导轨最左端L处静止放置一个质量 m=0.1kg、电阻R=0.52的导体棒ab,导体棒长度也为L,导体棒ab与平行导轨 接触良好且能在平行导轨上自由滑动，滑动过程中导体棒αb始终垂直于平行导轨。 已知导体棒αb与平行导轨间的动摩擦因数=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， g取10m/s2。 (1)t=3s时，求导体棒ab所受的摩擦力f的大小和方向。 (2)t=0到t=3s时，求通过导体棒ab横截面的电荷量q。 (3)导体棒αb刚要开始运动时，磁感应强度B不再发生变化，同时给导体棒αb施加一 个大小F=0.3N水平向右的外力，使导体棒开始向右运动，求导体棒ab的最大速 度vm的大小。 1 物理试题（四）第7页（共8页） 备考信息导航演练 (17分)如图所示，倾斜传送带与水平面夹角为0，顶端和下端的高度差为H,顺时针运行 速度v。=4m/s,下端与光滑水平轨道平滑连接。小物块P从传送带顶端由静止释放，当 小物块运动至光滑水平轨道右端时恰好与静置在长木板左端等高位置的小物块Q发生 弹性碰撞。长木板水平部分AB粗糙，右端为四分之一光滑圆弧轨道，半径R=0.1。 已知物块Q离开C点后能上升的最大高度h=0.2m,小物块P与传送带间的动摩擦因 3,物块Q与木板上表面AB间动摩擦因数，三二0,6，物块P,Q的质量m=m 1.0kg,长木板的质量m3=2.0kg,g取10ms2,H=3m,0=30°，水平面MN光滑且足够 长，忽略空气阻力。求： (1)物块P运动到传送带底端时的速度大小1； (2)物块P与传送带间因摩擦产生的热量； (3)若物块Q能停在木板上，求Q最终停在木板上的位置；若不能，求Q离开木板时的 速度大小。 H: O..R 60 Q 77777 A M 物理试题（四）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（四） 一、单项选择题 减小后增大，C正确：对整体分析，把M、N和斜面看 1.C【解析】根据能级跃迁公式，对α谱线，H。对应的 成整体，整体受重力G总、地面支持力N地、拉力F, 光子能量E。=Ea-E2=-1.51eV-(-3.40)eV= 在竖直方向上有N地十Fcos0=G总，则N地=G总 1.89eV;对B谱线，H。对应的光子能量E=E,-E2= ng cos20,当0减小时，cos20增大，所以N地减小， -0.85eV-(-3.40)eV=2.55eV,根据E=hw 根据牛顿第三定律，斜面对水平面的压力减小，D 可知H。的频率小于Hg的频率，二者在真空中传 错误。 格建度相同，故L的发长更长，结合户会，可知 3.C【解析】气体由状态A沿绝热线到状态C一直 对外做正功，且和外界无热量交换，故内能一直减 H。光子动量更小，A、B错误；结合光电效应方程 少，对应温度一直降低，A错误；气体由状态A到 可知，在逸出功相同情况下，入射光频率越高，光 状态B的过程中，温度升高，气体分子的平均速率 子能量越大，则逸出的光电子的最大初动能越大， 变大，又因为气体压强保持不变，则气体分子在单 C正确；H照射某金属时恰好发生光电效应，则 位时间内对单位面积的器壁的撞击次数变少，B H。照射该金属时不能发生光电效应，与入射光强 错误；气体由状态A经曲线ABC和NM后回到 度无关，D错误。 A,内能不变，但总的过程对外做正功，故要吸收热 2.C【解析】对N分析，设拉力F与竖直方向夹角 量，吸收热量的大小对应曲线MN和曲线ABC所 为0，N受重力mg、拉力F、轻绳拉力T,如图所示 围成的面积大小，而气体沿曲线NM由状态C到 状态A的过程中不与外界有热量的交换，故气体 由状态A沿曲线ABC到状态C的过程中要吸收 热量，C正确：气体由状态A到状态B的过程中对 外做正功，由状态B到状态C的过程中外界对气 体做正功，D错误。 mg 4.D【解析】物体在匀加速阶段的位移大小x=)X 因为F始终与右侧轻绳垂直，根据平衡条件可得 0.5×22=1m,A错误；设物体做匀加速运动阶段牵 F=ng cos0,T=mg sin0,在N缓慢移动至右侧 引力为F,加速度为a,根据牛顿第二定律F一mg= 细绳水平过程中，0减小，sin0减小，cos0增大，所 ma,物体做匀加速运动阶段的最大速度v=at1,该起 以拉力F逐渐增大，轻绳的拉力T逐渐减小，N 重机的额定功率P=Fu,联立解得P=5250W= 缓慢移动至右侧细绳水平时，轻绳的拉力大小为 625kW,B错误：物体的最大速度， -=1.05m/s, 0,A、B错误；对M分析，M受重力mg、斜面支持 力、轻绳拉力T和摩擦力f,M的重力沿斜面向下 C错误；0~2s内牵引力对物体做的功W=Fx= 1 5250J,2s~8s时间内牵引力对物体做的功W2=Pt= 的分力GMm=mgsin30，°解得Gwm=2mg,开始 5250X6J=31500J,0~2s和2s~8s时间内牵引力对 时系统静止T=ngsin60>GM1,M有沿斜面向上 物体做的功之比W:W2=1:6,D正确。 运动趋势，摩擦力方向沿斜面向下，有∫十GMm=T, 5.B【解析】由于电子做曲线运动，电子所受电场 由于T减小，则f减小；当T继续减小到mg sin30° 力要指向轨迹的凹侧，则电子受到吸引力，所以场 源点电荷应带正电，A错误；电子从a点运动到 时，摩擦力为零；当轻绳的拉力T小于2mg时，M所 点过程有Way=一eUa=4eV,Wr=Ea一Epr, 受摩擦力沿斜面体向上，则GM=∫十T,随着轻绳 解得Ea=-l6eV,所以E=Ea十Ea=-6eV, 的拉力T减小，摩擦力增大，所以M所受摩擦力先电子从a点运动到c点过程有一eU=E一E如， 物理答案（四）第1页（共5页） 1 2026 备考信息导航演练（四） 解得Ec=l8eV,B正确；电子从a点运动到d点 相等，所以加速度也相等，C正确：探测器从轨道[上 过程有Wd=-eUa=l2eV,Wa=Ea-Ed,解 A点运动到轨道Ⅱ上做离心运动，需要加速，所以探 得Ea=一28eV,C错误；由以上分析可知，电子 测器在轨道[上A,点的运行速度小于轨道Ⅱ上A,点 运动过程中总能量为一6eV,当电子经过电势为 的运行速度，D错误」 5V的等势面时，电势能等于一5eV,根据能量守 二、多项选择题 恒定律可知，其动能等于一1V,小于零，说明电8.AC【解析】设挡板与水平方向夹角为0，根据平 子不可能经过5V的等势面，D错误。 抛运动推论：平抛运动物体运动轨迹上某，点速度 6.A【解析】由题意知t=1s时甲、乙两车并排行 与水平方向夹角的正切值等于此时位移与水平方 驶，由图像可知从1s到2s甲车比乙多行驶的距 向夹角正切值的2倍，可得打在挡板上时有 离，与2到3s内，乙车比甲车多行驶的距离相 tan60°=2tan0,可推知以v。和2vo的速度射出 等，故t=3s时两车再次相遇，A正确，D错误；1s 的两小球击打到挡板的速度平行，D错误：设挡板 到2s甲车速度大于乙车速度，甲、乙距离在增加， 与水平方向成0，以，射出的小球沿x轴正向击 2s到3s甲车速度小于乙车速度，甲、乙距离在减 打在挡板上A,点，可把小球的运动等效看做初速 小，B错误；由图像可知，甲、乙两车加速度大小分 度为v0c0s60°的平抛运动，当小球的速度与挡板 别为ap=0-3-0m/s=2m/s,a。=0= 平行时，射出的小球离挡板最远。将该速度和小 △t 球的重力加速度分别沿垂直挡板和平行挡板方向 4-0 4-0m/s=1m/s,甲、乙两车初速度大小分别为 分解，在垂直挡板方向上有Vocos60°·sin0= gtcos0,求得t=otan0 小球竖直下落的距离 6ms,4ms,根据x=ut十2at,可知0到1s 内甲车位移x=(6×1-×2X1r)m=5m,可 △y= 2g2-o号tan'0 8g 由于y=(u,sin60)2 2g 3vn 知0到1s内，乙车位移x:=(4×1-2×1X1）m 8g ,代入1am0=联立可浮以射出的小球 离挡板最远时经过的位置的纵坐标y'=y一△y= 3.5m,因为t=1s时甲、乙两车并排行驶，t=0s时， 3 乙车在甲车前△x=x1一x2=1.5m,C错误。 y,A正确；根据平抛运动速度偏转角与位移偏转 7.C【解析】如图所示 角关系推论，可知以。射出的小球击打挡板上时， 轨道Ⅱ 轨道I 满足m0-兰-名m60,可得指版所在的直线方 3 程为y= 2x,C正确；结合前面选项分析，可知以 60 B 1 281 2u射出的小球击打挡板上时，则有2u,f0s60 由图可知天体的视角为60°时，对应∠COB=120°， 3 2，可得=⊙°，则y一了●】 =4y,根据 由此可知探测器只要沿着轨道Ⅱ运动240°即可完成 g 2g 观测赤道圆一周的任务，所以探测器在轨道Ⅱ上的 挡板所在的直线方程y= 2x,可知x'=4x,则以 运行周期1一0T,解得T= 240° 2,A错误；令天体 2u,射出的小球击打挡板上的点的坐标为(4x,4y), M的轨道半径为R,由上图可知轨道Ⅱ的半径r2= B错误。 2R+R)3 9.AB【解析】对圆环和滑块组成的系统，弹簧的弹 (2R)3 2 2R,根据开普勒第三定律，有 力对系统做功，则甲、乙组成的系统机械能不守 T2 T 恒，A正确；由题意圆环在P、Q两位置时弹簧的 93 解得探测器在轨道I上的运行月期T'=6,B错 弹力大小相等，圆环在P点时弹簧的压缩量等于 圆环在Q,点时弹簧的伸长量，设形变量为x,根据 误；根据牛顿第二定律，探测器的加速度均由万有 引力提供，不管在哪个轨道上，在A点的万有引力 几何关系可得2x=LtanB,解得x= 3L,开始细 物理答案（四）第2页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 线刚好伸直，即细线的作用力为零，此时弹簧的弹 的距离、打点计时器需要使用交流电源，但不需 1 力等于圆环的重力，即kx=mg,解得二2，B正 要秒表测量时间，A错误；由于mgh=2mu,等 确：撤走控制滑块乙的外力的瞬间，设细线的拉力大 式两边m可以约掉，所以不需要测量重物的质 小为T,对甲、乙分别根据牛顿第二定律得Tsin3= 量，B正确；不可以根据v=gt来计算重物在t时 ma甲，6 ng sin a一T=6maz,根据运动的合成与分解 刻的瞬时速度，C错误；安装打，点计时器时，应使 可得an日=a2,解得圆环的加速度大小ap一12i, 60g 两个限位孔处于同一竖直线上，实验时先接通电 源，后释放重物，D错误。 C错误：根据运动的合成与分解可得v甲sinB=vz,圆 (2)由于交流电频率为50Hz,所以相邻两计数，点间的 环甲运动到Q点时阝=0，所以滑块乙的速度为零， 时间间隔为0.02s,所以打下C点时重物的速度大小 对圆环甲从P到Q的过程，两物体和弹簧组成的 CE(19.41-12.40)×102 系统机械能守恒，又因为圆环在P、Q两处弹簧的 为c一2T ms=1.75ms。 2×0.02 弹力相等，则弹簧在初、末状态的弹性势能相等，所 (3)游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之 和，所以d=4mm+8×0.05mm=4.40mm;由 以6 ng sin a cos LmgLtan 8- 2m,解 于本实验不需要确定绳中拉力大小，所以不需要 4 满足滑块与遮光条总质量M远大于钩码质量 得圆环运动到Q位置时的速度大小甲一 38L, ,A错误；实验中应选质量大体积小的钩码，B D错误。 正确：不需要多次测量遮光条的宽度取平均值， 10.BD【解析】物块与车组成的系统动量守恒，系 多次测量减小偶然误差，不能减小系统误差，C 统的总动量为零，因此物块相对车向右运动时， 错误。 如果车向右运动，或者静止，则系统的总动量不 为零，A错误；根据牛顿第三定律，物块与车之间 (4)若系统机械能守恒，则gL= 2M+m)2, 的相互作用力始终等大反向，由牛顿第二定律可 (M+m)d21 1 ,联立可得L= 知F=ma1=3ma,解得=三，物块与车相对 t 2mg ·京=k，所 以及= (M+m)d2 运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为 2mg 3:1,B正确；由于物块与车的动量总是等大反 12.(1)见解析(2分)(2)2.9(2分)5.6(2分) (3)偏小(2分) 向，有mu1=3m02,解得=，因此物块与车 【解析】(1)根据电路图，实物连接情况如图所示。 相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终 为3：1，C错误；根据能量守恒，不计碰撞过程的能 量损失，若弹簧再压缩一次后直接在O点与右 侧 挡板之间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能 E=mg(分+1+)-meL,若译装 再压缩一次后与右侧挡板碰后在○点与右侧挡板之 间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能E2 (2)根据闭合电路的欧姆定律可得U=E一R·r, U, 7 ng· 4 umgL,D 结合图像可得E=2.9V,当U1=1.5V时，U2= 正确。 1.25V,代入上式解得r=5.62。 三、非选择题 (3)根据电路图可知，测量的内阻是电源内阻与 11.(1)B(1分)(2)1.75(1分)(3)4.40(1分) 电压表V内阻的并联电阻，导致测量值小于实 B1分)（④m+M2分) 际值。 2mg 13.1)23-5R226R 【解析】(1)本实验需要用刻度尺测量计数，点间 3 3c 物理答案（四）第3页（共5页） 1 2026 备考信息导航演练（四） 【解析】(1)设光经AC折射后折射角为日'，则有 解得t=3s时的磁感应强度B=0.8T,感应电 -8 流I=0.2A (1分) 导体棒ab受到的安培力F安=0.08N(1分) 解得0'=30 (1分) 由于导体棒ab所受的最大静摩擦力 圆孤BD面上全反射临界角为C fm=umg=0.1N 刘有mC日 (1分) F安<fn (1分) 所以导体棒仍静止，根据二力平衡，导体棒ab所 解得C=45°，作出光路图如图所示 受的摩擦力f=F安=0.08N (1分) 根据左手定则，安培力方向水平向左，则摩擦力 方向水平向右 458G 45c (2)由(1)可知I=0.2A 30° (1分) B 根据q=It 设此时光线在AC上入射点为G,根据正弦定理 解得通过导体棒ab横截面的电荷量q=0.6C R (1分) CG 有 sin(9o°-0)sinC (1分) (3)导体棒αb刚要开始运动时，设磁感应强度为 B1,受到的安培力F安=BIL=fm=mg(1分) 解得CG= (1分) 解得此时的磁感应强度B1=1T BC 导体棒αb最终做匀速直线运动，导体棒所受安 则AG= sin∠BAC -CG (1分) 培力为F安1，F=fm十F安1 (1分) 解得AG=23-V6 R (1分) 其中F1=B1I1L=B1 BiLUmL= BiL2vm 3 R R (2)作圆孤BD的切线且与AC平行，切，点为F (1分) 时，光线在介质中的路径最长，如图所示 解得vm=0.4m/s。 (1分) 15.(1)6ms(2)6J(3)0.5m 【解析】(1)物块P释放后，设加速度为a1,经时 309 间t1速度为vo,位移为x1,有 migsin 0+uimigcos 0=ma (1分) 解得a1=8ms R 由几何关系可得，路径长s= 23R 根据vo=a1t1 (1分) c0s30° 3 解得t1=0.5s (1分) 1 根据x1=2a1 (1分) 又有u= (1分) n√2 解得x1=1m 解得传播时间1=、-26R 设物块P速度达到v后，加速度为a2,再经时 (1分) v 3c 间t2到传送带未端，有 14.(1)0.08N,水平向右(2)0.6C(3)0.4m,s migsin 0-uimigcos 0=mia2 (1分) 【解析】(1)根据楞次定律判断导体棒ab中电流 解得a2=2mfs2 方向由α到b,根据法拉第电磁感应定律，感应电 H 根据 1 (1分) 动势 n9x=ut十2a:t △Φ △B 解得t2=1s E=n L (1分) △ 由v1=v0十a2t2 (1分) E 解得v1=6ms (1分) 导体棒ab中的感应电流I= R (1分) (2)物块P与传送带间的相对运动路程为L。,根 导体棒ab受到的安培力F=BIL (1分) H 据L。=uo4十sin0211-4 (1分) 磁感应强度B随时间t的变化规律为 B=(-0.4+0.41)T (1分) 解得L。=2m 物理答案（四）第4页（共5页） ·物理· 参考答案及解析 设因摩擦产生的热量为Q,则 m2v2=(1n2+m3) (1分) Q=h1m1gcos0·Lo (1分) 由能登守恒得2m:暖=m:L+m十m,加十 1 解得Q=6J (1分) (3)设P与Q发生弹性碰撞后，速度分别为vp,2 m2g(R+h) (1分) 以1方向为正方向，由动量守恒定律得 解得v=2m/s,L=1.5m n1℃1=m1vp十n2v2 (1分) 若Q停在木板上距B端x处，有 由机械能守恒定律得 (m十m)o2+m2g(L十x) 1 2m2v2= m,i-m,o5+m时 1 (1分) (1分) 解得p=0,v2=6ms 解得x=0.5m (2分) 设AB间长度为L,Q离开轨道到最高，点时速度为 即物块Q停在木板上距B点0.5m处。 ,以2方向为正方向，由水平方向动量守恒得 物理答案（四）第5页（共5页） 1